2020年辽宁省朝阳市中考物理试卷

这是一份2020年辽宁省朝阳市中考物理试卷，共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。


2020年辽宁省朝阳市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分









一、单选题（本大题共7小题，共21.0分）
1. 下列数据最贴近实际的是（　　）
A. 正常情况下，一个人的心跳每秒约60次
B. 在浓盐水中悬浮的一枚鸡蛋所受浮力大约为1N
C. 教室内节能灯管的电功率约10W
D. 家用电冰箱的正常工作电流约1A
2. 下列关于物态变化现象说法正确的是（　　）
A. 烧水时壶嘴冒出“白气”是液化现象，需要吸收热量
B. 用铁水浇铸工件是凝固现象，要放出热量
C. “窗花”是水在寒冷的玻璃上凝华形成的，要放出热量
D. 冰块液化为水，需要吸收热量，温度保持不变
3. 疫情期间，村书记杨百顺每天都通过大喇叭向村民通报疫情，下列说法正确的是（　　）
A. 村民能听到杨百顺的声音，是因为空气能传声
B. 杨百顺说话时，他发出的声音是大喇叭振动产生的
C. 村民听到杨百顺的声音后，对战胜疫情充满信心，说明声音能够传递能量
D. 村民根据音调，判断出讲话的人是杨百顺
4. 下列有关光现象的说法正确的是（　　）
A. 夜间从路灯下走过，影子先变长后变短
B. 雨后的夜晚，迎着月光走，地面上有水的地方比其它地方暗
C. 平面镜是利用光的反射原理成像的
D. 如果用激光笔照亮水中的鱼，激光笔要向看到鱼的下方照射
5. 下列说法正确的是（　　）
A. 冠状病毒的传播是扩散现象
B. 即使煤炭没有完全燃烧，其热值也不会改变
C. 一个物体的内能增加了，一定是它吸收了热量
D. 因为沙石的比热容比水小，所以吸收相同的热量，沙石比水升温快
6. 如图是实验室用的手摇发电机，使线圈在磁场中转动，可以看到发光二极管发光。下列选项与其工作原理相似的是（　　）
A. 电磁继电器
B. 电磁铁
C. 电风扇
D. 动圈式话筒


7. 如图所示的电路，电源电压保持不变，将滑动变阻器的滑片P从中点移向b端的过程中，下列说法正确的是（　　）
A. 小灯泡变亮
B. 电流表示数变大
C. 电压表示数不变
D. 电压表与电流表的比值变小



二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
8. 三个完全相同的容器内，分别装满酒精、水和盐水后（ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精），将a、b、c三个不同的小球放入容器中，小球静止后位置如图所示。下列说法正确的是（　　）

A. 三个容器底部受到的液体压力关系是F甲＜F乙＜F丙
B. 三个小球的密度关系是ρa＞ρb＞ρc
C. 若将小球b放入丙杯中，小球b排开液体的体积等于小球b的体积
D. 若将小球c放入甲杯中，小球c排开液体的质量小于小球c的质量
9. 如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，电流表的量程为0～0.6A，R1=50Ω，电灯的额定电压为6V，图乙是电灯的电流与电压关系的图象。当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电流表的示数为0.25A；当滑动变阻器阻值的接入电路时，电灯正常发光。当开关S、S1和S2均闭合时，下列说法正确的是（　　）

A. 电源电压为10V
B. 滑动变阻器的最大阻值为30Ω
C. 为了保护电路，滑动变阻器接入电路的最小阻值为25Ω
D. 整个电路消耗的最小电功率为6W
三、填空题（本大题共9小题，共18.0分）
10. 因为疫情，进入校园的人员要测量体温。如图，常用的测温枪是利用人体______（填“发出的红外线”或“反射的红外线”）来测量体温的。小明测完体温后，走进走廊，发现正对自己放置的平面镜中还有另一个“自己”，如果小明以1.2m/s的速度走向平面镜，他的像将以______m/s的速度走向平面镜，他在镜中的像的大小______（填“变大”、“变小”或“不变”）。





11. 中国在2020年6月完成了“北斗”卫星全面组网工作。“北斗”卫星导航系统利用______（填“电磁波”、“超声波”或“红外线”）向地球传递信息。由于内部时刻发生着氢核的______（填“裂变”或“聚变”），太阳不断向外释放能量。卫星的太阳能电池板则将太阳能转化为电能供其使用。
12. 教室内的投影仪，其镜头相当于凸透镜，使电脑上的文字在屏幕上成像，投影仪形成的是文字______（填“正立”或“倒立”）的像。
13. 如图，在一个厚壁玻璃筒里放一块有少量乙醚的棉花，用力把活塞迅速下压，棉花就会立即燃烧。因为空气分子间的间隔较大，分子间作用力较______（填“大”或“小”），所以容易被压缩。这是通过______的方式使筒内气体内能增加的，温度越高，分子无规则运动越______。




14. 先将一只大试管装满水，再把小试管的一部分插入大试管中，小试管在重力的作用下，缓慢向下运动。迅速将该装置倒置过来，如图甲所示，发现小试管在______作用下缓慢向上移动。如图乙，将a、b、c三个轻质带电泡沫小球悬挂起来，若a带负电，则b带______电。若用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近c，二者将相互______（填“吸引”或“排斥”）。


15. 如图，螺线管的上方放置一个小磁针，螺线管左方的水平地面上放置一个铁块。闭合开关后，铁块静止不动，小磁针在磁场的作用下会发生转动，它的周围______（填“有”或“无”）磁感线，小磁针静止时左端为______填“S”或“N”）极。当滑片P向左滑动时，铁块受到的摩擦力的大小将______（填“变大”、“变小”或“不变”）。
16. 内燃机的一个工作循环是由四个冲程组成的，如图所示的是工作循环中的______冲程，若飞轮转动40周，则对外做功______次。






17. 将电阻R1和R2串联后接在6V的电源上，R1=40Ω，R2=20Ω，则通过R1的电流为______A，通电1min后，R2所产生的热量为______J。
18. 烧杯和盐水的总质量为102.6g。将适量的盐水倒进量筒中，如图甲所示：烧杯和剩余盐水的总质量如图乙所示。则盐水的密度为______kg/m3。


四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 图甲是自行车手闸，其中AOC部分可视为杠杆，O为支点，刹车线对A点的拉力为阻力F2，其简化示意图如图乙。请在乙图中画出：
（1）阻力的力臂L2；
（2）刹车时，作用在杠杆AOC上的最小动力F1。









20. 如图所示为小明家客厅的实物电路图。请你用笔画线代替导线，把三孔插座和带有开关的电灯分别正确地接入电路中。









五、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
21. 利用如图甲所示的装置做“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验。
（1）装置图中有一处明显的错误，请指出错误之处：______；
（2）在烧杯上放置一个纸板，其目的是______；
（3）乙图中a图象是实验小组根据记录绘制的水沸腾图象，根据图象可以得出水沸腾时的特点是______；当地大气压______（填“高于”、“等于”或“低于”）一标准大气压；
（4）如果减少烧杯中水的质量，水沸腾时图象可能是图乙中的______（填“b”、“c”或“d”）。


22. 在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，蜡烛在光屏上恰好成清晰的像。

（1）此时光屏上形成的是蜡烛______（填“放大”、“缩小”或“等大小”）的像；
（2）根据图中信息，可以推断本实验所使用凸透镜的焦距在______cm的范围之间；
（3）如果在蜡烛和凸透镜之间放置个凸透镜，若想在光屏上得到清晰的像，应将光屏向______（填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动，该操作可以用来模拟______（填“近视眼”或“远视眼”）的矫正；
（4）如果从蜡烛的一侧观察凸透镜的表面，也会看到一个蜡烛的像，这个像是由于光的______（填“折射”或“反射”）形成的。
23. 在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，实验小组用如图所示的装置进行了实验，实验数据记录如表所示，第三次实验时的拉力如图所示。
实验次数
钩码所受的重力G/N
钩码上升的高度h/cm
拉力F/N
绳自由端移动的距离s/cm
机械效率η
1
2
10
0.8
30
83.3%
2
4
10
1.5
30
②
3
6
10
①
30
*
（1）实验中应______拉动弹簧测力计使钩码上升；
（2）表格中编号①的数据应为______；编号②的数据应为______；
（3）比较实验数据可得出的实验结论是：使用同样的滑轮组，______；
（4）如果在第一次实验时，忽略绳重和摩擦，可以计算出动滑轮的重力为______N。
24. 在“研究液体内部的压强”的实验中，小红选用液体压强计和两个透明圆柱状的容器，分别盛适量的水和盐水进行实验，操作过程如图甲所示。

（1）“小红将压强计的探头插入水中后，发现探头看上去变大了，这是因为容器和水的共同作用相当于______，起到了放大的作用。
（2）通过比较B、C三个图可以得出的结论是：在同种液体的内部，______。
（3）小红比较C、D两个图得出液体压强和液体密度有关的结论，小明认为这样比较得出结论是不正确的，他的理由是：______。
（4）小明利用量筒和一个带胶塞的小瓶，测量出矿石的密度，如图乙，实验过程如下：
①用量筒量取适量的水，读出体积为V0；
②将小瓶放入量筒内，小瓶漂浮在水面上，读出体积为V1；
③将适量的矿石放入小瓶中，再将小瓶放入量筒内，小瓶仍漂浮在水面上，读出体积为V2；
④将瓶内的矿石全部倒入水中，再将小瓶放入量筒内，读出体积为V3。
根据以上信息计算（水的密度用ρ水表示）：在图乙③中，小瓶和矿石受到的浮力F浮=______；矿石的密度表达式为ρ石=______。



25. 某同学利用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5V。

（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整（导线不得交叉）；
（2）连接电路后，闭合开关，灯泡不亮，电流表和电压表都有示数，但是数值较小，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡都不发光，两电表示数均无变化，产生这一故障的原因可能是：______；
（3）该同学排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压为______V．要测量小灯泡的额定电功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片向______（填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V；
（4）移动滑动变阻器的滑片，记下多组电压和电流值，并绘制成图丙所示的U-I图象，根据图象的信息可以计算出小灯泡的额定电功率为______W；
（5）为了用电流表、电阻箱R和滑动变阻器，测量额定电流为I额的小灯泡的额定电功率，该同学设计了如图丁所示的电路。操作步骤为：

①闭合开关S、S1，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为I额，此时小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片的位置不动，闭合开关S、S2，断开S1，调节电阻箱R，使电流表的示数为I额，读出此时电阻箱的电阻值为R0，则小灯泡的额定电功率的表达式为P额=______。
六、简答题（本大题共1小题，共5.0分）
26. 为了保障出行安全，交通部门做了很多规定，如：高速公路上对机动车进行限速；车上驾驶员和乘客要系安全带：特别是自今年的6月1日起，又开展了“一盔一带”专项整治行动。请运用你所学的物理知识，简要回答下列问题：
（1）为什么要对机动车的最高行驶速度进行限制？
（2）为什么行驶中的车辆紧急刹车时，乘客会向前倾？
（3）安全带为什么要做得比较宽大？







七、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
27. 某旅行车满载时总质量为8t，车轮与地面接触的总面积为0.4m2．求：
（1）旅行车满载静止在水平地面上，对地面的压强是多少？
（2）如果在某路段，旅行车牵引力的功率恒定为72kW，当它以108km/h的速度匀速行驶时，受到的阻力是多少？
（3）2020年的年底，朝阳至北京的高铁将开通，该段铁路线长约450km，若高铁列车全程以360km/h的最高设计速度行驶时，受到的阻力为1.4×105N，则列车从朝阳到北京需要多少小时？列车要克服阻力做多少功？







28. 图甲为小阳家的电热水瓶，图乙是其电路原理图，R1和R2为阻值不变的电热丝，R1=44Ω，R2=1166Ω，S1为温控开关，可以实现“加热”和“保温”态的转换。为了测量电热水瓶的实际电功率，小阳找来了一块标有“200revs/（kW•h）”字样的电能表，在电热水瓶中加入1L温度为20℃的水后，把它单独通过电能表接入家庭电路中，将水加热到56℃，用了3.5min。小阳根据电能表的参数和转盘转数，计算出电热水瓶的实际电功率为900W。
求：（1）水吸收的热量是多少？
（2）电热水瓶正常工作时保温功率是多少？
（3）在给水加热的过程中，电能表的转盘转了多少转？
（4）电热水瓶的加热效率是多少？









答案和解析
1.【答案】D

【解析】解：A、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在60次左右，故每秒跳1次左右；故A错误。
B、10个鸡蛋的质量大约1斤（500g），所以一个鸡蛋的质量在50g左右；因此一枚鸡蛋的重力约G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，当鸡蛋悬浮时，受到的浮力等于重力，即浮力大约为0.5N，故B错误。
C、教室内节能灯管的功率约40W；故C错误。
D、家用冰箱的功率约200W，故工作电流约：I===1A，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】B

【解析】解：A、烧水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故A错误；
B、用铁水浇铸工件是凝固现象，凝固放热，故B正确；
C、“窗花”是空气中的水蒸气在寒冷的玻璃上凝华形成的，凝华放热，故C错误；
D、冰块熔化为水，需要吸收热量，温度保持不变，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，首先要熟记物态变化的定义，解答时要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，对照定义找出正确答案。
3.【答案】A

【解析】解：A、村民能听到杨百顺的声音，是通过空气传播到村民耳中的，故A正确；
B、杨百顺说话时，他发出的声音是他的声带振动产生的，故B错误；
C、村民听到杨百顺的声音后，对战胜疫情充满信心，说明声音能够传递信息，故C错误；
D、因人的声带结构不同，发出的声音的音色不同，故村民根据音色，判断出讲话的人是杨百顺，故D错误。
故选：A。
（1）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。
（2）声音由物体的振动产生。
（3）声可以传递信息和能量。
（4）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
知道声音的产生和传播的条件，明确声音可以传递信息和能量，区分声音的三个特征，可解答此题。
4.【答案】C

【解析】解：
A．当人在远处时，人与灯光的夹角较小，形成的影子较长；当人逐渐走近路灯时，人与灯光的夹角逐渐变大，此时形成的影子逐渐变短；当人经过路灯逐渐远离时，人与灯光的夹角逐渐变小，形成的影子逐渐变长。因此，当人经过路灯时，影子先变短后变长。故A错误；
B．迎着月光走，月光经水面发生镜面反射，进入人的眼睛反射光线多，人感觉有水的地方亮；故B错误；
C．平面镜成像是利用光的反射的原理，故C正确；
D．鱼反射的光线在水面处发生折射，折射光线进入眼睛，光的折射中光路是可逆的，从看到鱼的位置正对鱼照射，才能把鱼照亮。如果用激光笔对着看到的鱼的下方照射，他不能照亮鱼。故D错误。
故选：C。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题题考查光现象的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。
5.【答案】B

【解析】解：
A．新冠病毒属于微生物，它通过飞沫传播是微生物所做的机械运动，不是分子的运动，不属于扩散现象，故A错误；
B．热值是燃料的一种特性，其大小只与燃料的种类有关，与燃料是否燃烧无关，故B正确；
C．一个物体的内能增加可能是吸收了热量，也可能是外界对此物体做功，故C错误；
D．因为沙石的比热容比水小，所以相同质量的沙石和水吸收相同的热量，沙石比水升温快，故D错误。
故选：B。
（1）冠状病毒不是分子，属于微生物；
（2）热值的大小只与燃料的种类有关；
（3）改变内能的方法有两种：做功和热传递；
（4）根据水的比热容大小分析。
本题考查了扩散现象、热值、比热容、改变内能的方法，都属于基础知识，要熟记。
6.【答案】D

【解析】解：
手摇发电机是利用电磁感应现象的原理工作的。
AB．电磁继电器和电磁铁是利用电流的磁效应工作的，故AB不符合题意；
C．电风扇的用电元件是电动机，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是利用电磁感应现象的原理工作的，故D符合题意。
故选：D。
当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象。
能准确的判断出电与磁这一章中的每一个实验的原理是解决该题的关键。
7.【答案】C

【解析】解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，所以电压表示数不变，故C正确；
灯泡与滑动变阻器并联接入电路中，电流表测量通过灯泡的电流；在并联电路中，各支路互不影响，所以滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响，则灯泡的电流不变，即电流表示数不变，故B错误；
因为灯泡的电压和电流不变，所以灯泡的实际功率不变，亮度不变，故A错误；
由于电压表和电流表的示数都不变，所以电压表与电流表的比值不变，故D错误。
故选：C。
由图可知，该电路为并联电路，电流表测量灯泡的电流，电压表测量的是灯泡两端的电压；根据滑片的移动方向判定其电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化。根据并联电路的特点判定电压表和灯泡亮度的变化。
本题考查了电路的动态分析，明确并联电路的特点是解题的关键。
8.【答案】AD

【解析】解：A、由于ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精，由p=ρgh可知，三个容器底部受到的液体压强关系是p甲＜p乙＜p丙，由p=可知，三个容器底部受到的液体压力关系是F甲＜F乙＜F丙，故A正确；
B、由图可知，a球在酒精中处于漂浮状态，所以ρ酒精＞ρa，b球在水中处于悬浮状态，所以ρb=ρ水，c球在盐水中处于沉底状态，所以ρc＞ρ盐水，又因为ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精，所以三个小球的密度关系是ρa＜ρb＜ρc，故B错误；
C、若将小球b放入丙杯中，又因为ρb=ρ水＜ρ盐水，所以小球b在丙杯中处于漂浮状态，所以小球b排开液体的体积小于小球b的体积，故C错误；
D、若将小球c放入甲杯中，因为ρc＞ρ盐水＞ρ酒精，所以小球c在甲杯中处于沉底状态，浮力小于重力，所以小球c排开液体的质量小于小球c的质量，故D正确。
故选：AD。
（1）由ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精和液体深度的关系，利用p=ρgh判断容器底受到液体的压强关系，由p=判断出容器底部受到的液体压力的关系；
（2）由图得出A、B、C三个小球所处的状态，利用浮沉条件判断物体密度与液体的密度大小关系，进而判断出三个小球密度的关系；
（3）若将小球b放入丙杯中，根据ρb=ρ水＜ρ盐水判断出小球b在丙杯中的状态，从而判断出小球b排开液体的体积与小球b体积的关系；
（4）若将小球c放入甲杯中，根据ρc＞ρ盐水＞ρ酒精判断出小球c在甲杯中的状态，判断出浮力与重力，从而判断出小球c排开液体的质量与小球c质量的关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
9.【答案】ABC

【解析】解：
AB．当开关S闭合，S1、S2断开，电灯L与R2串联，当滑动变阻器的滑片在最右端时，R2的阻值最大，此时电流表的示数为I1=0.25A，由乙图可知，此时灯泡的电压为2.5V，根据串联电路的特点和欧姆定律，可得，电源电压为：
U=I1R1+UL1=0.25A×R2+2.5V；
当滑动变阻器阻值的接入电路时，电灯正常发光。此时灯泡的电压UL=6V，由乙图可知，此时电路中的电流为IL=0.4A，根据串联电路的特点及欧姆定律可得，电源电压为：
U=IL×R2+UL=0.4A×R2+6V；
联合上面两式解得：
R2=30Ω；U=10V，
故AB正确；
C．当开关S、S1和S2均闭合时，电灯短路，R1与R2并联，电流表的量程为0～0.6A，为保护电路，电路中的最大电流为0.6A，根据并联电路的特点，经过R1的电流为：
I1′===0.2A；
则滑动变阻器分到的电流为：I滑=I-I1′=0.6A-0.2A=0.4A；
由欧姆定律，则滑动变阻器接入电路的最小阻值为：
R滑小===25Ω，
故C正确；
D．当开关S、S1和S2均闭合时，电灯短路，R1与R2并联，电流表的量程为0～0.6A，为保护电路，电路中的最大电流为0.6A，可得电路中的总功率的最大值为：
P=UI=10V×0.6A=6V；
当变阻器连入阻值最大时总功率最小，由P=可得，电路的总功率最小值为：
P小=+=+≈5.3W，故D错误。
故选：ABC。
AB．当开关S闭合，S1、S2断开，电灯L与R2串联，已知电流表的示数，由乙图可知此时灯泡的电压，根据串联电路的特点和欧姆定律，可得电源电压表达式；
当滑动变阻器阻值的接入电路时，电灯正常发光，可知此时灯泡的电压，由乙图可知此时电路中的电流，根据串联电路的特点及欧姆定律可得电源电压表达式，联合上面两式得出R2和电源电压；
C．当开关S、S1和S2均闭合时分析电路的连接，根据电流表的量程可知电路中的最大电流，根据并联电路的特点得出经过R1的电流，由并联电路电流的规律得出通过滑动变阻器的电流，由欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
D．当开关S、S1和S2均闭合时，电灯短路，R1与R2并联，根据电流表的量程可知电路中的最大电流，根据P=UI可得电路中的总功率的最大值；
由P=可知，当变阻器连入阻值最大时总功率最小，由P=可得电路的总功率最小值。
本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析和图中获取有效的信息。
10.【答案】发出的红外线  1.2  不变

【解析】解：
（1）红外线测温枪可以“收集物体发射的红外线”并转变为相应的电信号。该信号经过放大器和信号处理电路计算后，转变为被测目标的温度值。故测温枪是利用人体发出的红外线来测量体温的。
（2）平面镜成像时，像和物体各对应点到平面镜间距离相等，若小明以1.2m/s的速度走向平面镜，则他的像也将以1.2m/s的速度走向平面镜。
因为平面镜成像时像与物大小相等，故当他走向平面镜时，他在镜中的像的大小不变。
故答案为：发出的红外线；1.2；不变。
（1）一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越多；
（2）根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查了红外线、平面镜成像特点，平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握平面镜成像特点。
11.【答案】电磁波  聚变

【解析】解：电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质，而太空中没有空气，所以“北斗”卫星导航系统是利用电磁波向地球传递信息的。
在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。
故答案为：电磁波；聚变。
（1）电磁波和声音都能传递信息，电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质。
（2）太阳释放的能量主要来自于内部发生的核聚变，向外界不断的释放光和热。
本题考查学生对电磁波的传播、太阳中的核聚变理解和掌握，属于基础知识考查，难度不大。
12.【答案】倒立

【解析】解：根据凸透镜的成像规律可知，投影仪是利用物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像的原理制成的，所以投影仪形成的是文字倒立的像。
故答案为：倒立。
凸透镜成像的三种情况和应用：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头；2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪；u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，难度不大，要熟记成像的特点。
13.【答案】小  做功  剧烈

【解析】解：（1）气体分子间间隔较大，分子间作用力较小，所以气体容易被压缩。
（2）实验过程中是通过做功的方式增加空气内能。
（3）组成物质的分子永不停息地做无规则，温度越高分子运动越剧烈。
故答案为：小；做功；剧烈。
（1）分子动理论：物质是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子之间同时存在相互作用的引力和斥力；分子之间有间隙，在固体、液体中分子间的距离比较小，在气体物质中，分子间的距离比较大；
（2）改变物体内能的方法：一是做功，例如克服摩擦做功、压缩气体做功等；二是热传递；
（3）分子运动无规则运动的速度与温度有关，且温度越高，分子的运动越剧烈。
本题考查知识点较多，分子动理论包括三方面的内容，其中，对于分子的热运动和分子间的相互作用情况考查的较多，主要是考查方式是将理论与现象对应起来。
14.【答案】大气压  正  吸引

【解析】解：（1）迅速将该装置倒置过来，如图甲所示，发现小试管在大气压作用下缓慢向上移动。
（2）由图乙可知，a、b两个轻质带电泡沫小球相互吸引，b、c两个轻质带电泡沫小球相互排斥，所以a、b两个轻质带电泡沫小球带异种电荷，b、c两个轻质带电泡沫小球带同种电荷，所以若a带负电，则b带正电。
（3）b、c两个轻质带电泡沫小球带同种电荷，b带正电，所以c带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，所以若用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近c，二者将相互吸引。
故答案为：（1）大气压；（2）正；（3）吸引。
（1）先对小试管受力分析，小试管刚好能沿大试管内壁向上移动时受力平衡，根据力的平衡条件得出等式，要注意小试管上方受到的压强等于大气压减去水产生的压强，根据压强公式表示出受到的力，然后分析得出结论。
（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。
本题考查大气压的特点和电荷相互作用规律；注意带电体吸引不带电体，排斥带同种电荷，吸引可能带异种电荷，其中之一带电。注意带电体具有吸引轻小物体的性质。
15.【答案】无  S  变小

【解析】解：
（1）磁感线一种理想化的物理模型，实际上并不存在，磁场不是由磁感线组成的。
（2）根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定则用右手握住导线，让四指指向电流方向，则大拇指指向右端，即螺旋管的左端为N极，右端为S极，当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以确定小磁针的左端为S极，右端为N极。
（3）当滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中的电流变小，通电螺线管的磁性变弱，对铁块的吸引力变小，故铁块受到的摩擦力将变小。
故答案为：（1）无；（2）S；（3）变小。
（1）磁感线一种理想化的物理模型，实际上并不存在；
（2）根据安培定则可知螺旋管的极性，由磁极间的相互作用可知小磁针静止时左端极性；
（3）分析当滑片P向左滑动时滑动变阻器接入电路的阻值变化，然后可知电路中的电流变化，由此可知磁性变化，然后可知摩擦力变化。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则、通电螺线管的磁性强弱的因素。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
16.【答案】压缩  20

【解析】解：如图所示，活塞向上运动，进气阀和排气阀均关闭，所以如图所示的是工作循环中的压缩冲程。
内燃机一个循环，四个冲程，飞轮转2周，做功1次，所以若飞轮转动40周，则对外做功20次。
故答案为：压缩；20。
当汽油机的火花塞喷出电火花点燃燃气时是做功冲程，这是做功冲程的特点；在做功冲程中，将燃气的内能转化为机械能。
掌握内燃机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程；四个冲程是一个工作循环，只有做功冲程对外做功，其它三个冲程靠飞轮的惯性完成；
活塞从汽缸的一端移动到另一端叫做一个冲程，在一个工作循环中，曲轴转动2周；
此题考查了内燃机的种类及四冲程，要掌握四冲程的特点，是基础性题目。
17.【答案】0.1  12

【解析】解：
由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可得，电路中的总电阻：
R=R1+R2=40Ω+20Ω=60Ω，
由欧姆定律可得，电路中的电流：
I===0.1A，
因为串联电路电流处处相等，所以通过R1和R2的电流都为0.1A。
通电1min后，R2所产生的热量：
Q=I2R2t=（0.1A）2×20×60s=12J。
故答案为：0.1；12。
利用串联电路特点和欧姆定律计算电流，利用焦耳定律计算产生热量。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，熟练运用公式即可解题。
18.【答案】1.1×103

【解析】解：由图甲知，量筒的分度值为2mL，盐水的体积为64mL=64cm3；
由图乙知，标尺的分度值0.2g，剩余盐水和烧杯的总质量为m剩=20g+10g+2.2g=32.2g；
则量筒中盐水的质量为：m=m'-m剩=102.6g-32.2g=70.4g；
则盐水的密度为：ρ===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3。
故答案为：1.1×103。
根据天平的示数得出剩余的烧杯和盐水的质量，从而求出量筒中盐水的质量；读出量筒中盐水的体积，根据密度公式求出盐水的密度。
此题中考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，以及运用密度的公式进行计算等。
19.【答案】解：（1）反向延长F2的作用线，从支点O作动力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂L2。
（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OC作为动力臂最长；动力的方向应该垂直力臂OC向上，过点C垂直于OC向上作出最小动力F1的示意图，如图所示


【解析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
20.【答案】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
（1）灯泡和开关的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，保险丝接在火线上，即接在右孔上。如下图所示：


【解析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
21.【答案】温度计的玻璃泡接触了烧杯底部  减少热量散失，缩短加热时间  继续吸热，温度不变  低于  c

【解析】解：（1）由图甲知，装置中明显的错误是：温度计的玻璃泡接触了烧杯底部；
（2）在烧杯上放置一个纸板，其目的是：减少热量散失，缩短加热时间；
（3）由图乙知，水在沸腾时，继续从外界吸热，温度保持在沸点不变；
由图乙知，此时水的沸点为98℃，小于水在一标准大气压下的沸点100℃，因液体的沸点随气压的增大而升高，故当地大气压低于一标准大气压；
（4）因当地大气压不变，水的沸点不变，故减少水的质量时，只是缩短了加热时间，故水沸腾时图象可能是图乙中的c。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡接触了烧杯底部；（2）减少热量散失，缩短加热时间；（3）继续吸热，温度不变；低于；（4）c。
（1）温度计的玻璃泡要全部浸没在液体中，但不能碰到容器底和容器壁；
（2）为了减少热量的散失，要在烧杯上加盖，这样可以缩短实验时间，并可起到固定温度计的作用；
（3）根据沸点的概念（液体沸腾时的温度）结合图象确定出沸点；沸点与气压的关系：沸点随气压的最大而升高，随气压的减小而降低；
（4）只减少水的质量，只能是从加热到沸腾的时间变短，不会改变水的沸点。
此题是探究水的沸腾实验，在探究实验过程中，发现实验中出现的问题，排除实验中的问题，是最近几年中考的热点。
22.【答案】放大  15.0cm＜f＜22.5  靠近  远视眼  反射

【解析】解：（1）由图知，此时物距为
u=50.0cm-20.0cm=30.0cm，
像距为
v=95.0cm-50.0cm=45.0cm，
因像距大于物距，根据凸透镜成像的规律知：此时光屏上形成的是蜡烛放大的像。
（2）因凸透镜成放大的实像，则有
f＜u＜2f
即  f＜30.0cm＜2f     ①
v＞2f
即 45.0cm＞2f       ②
联立①②得15.0cm＜f＜22.5cm，
（3）在蜡烛和凸透镜之间放置个凸透镜，使进入原凸透镜的光线先被会聚，从而使原来会聚的光线会聚在光屏的前面，若想在光屏上得到清晰的像，应将光屏向靠近凸透镜的方向移动。
远视眼是因为晶状体对光的折射能力变弱，使像成于视网膜的后面，要矫正，需要让光线进入眼睛前先会聚一次，使像成于视网膜上，故该操作可以用来模拟远视眼的矫正。
（4）从蜡烛的一侧观察凸透镜的表面，也会看到一个蜡烛的像，这个像是蜡烛的光经凸透镜反射，反射光线到达的眼睛里，看到的是蜡烛的虚像，故这个像是由于光的反射形成的。
故答案为：（1）放大；（2）15.0cm＜f＜22.5；（3）靠近；远视眼；（5）反射。
（1）（2）凸透镜成像的规律：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像。幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；当u＜f时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的；
（3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；
（4）蜡烛的光经凸透镜反射，射到人的眼睛里，人会观察到蜡烛的虚像，这与平面镜成像的原理类似。
要解决有关凸透镜成像的问题，首先要掌握凸透镜成像特点与物距、像距的关系，并自己进行总结一些规律性的知识，例如通过像距和物距的大小关系来判断像和物体的大小关系，根据物近像远像变大的特点来判断像的变化及像距的变化等。
23.【答案】竖直向上匀速  2.2  88.9%  提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高  0.4

【解析】解：（1）实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升，此时系统处于平衡状态，测力计示数大小才等于拉力大小；
（2）由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，拉力为2.2N；
第2次实验的机械效率为：η===×100%≈88.9%；
（3）实验选用的同一滑轮组，动滑轮的重力不变，由表中实验数据分析可知，同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高；
（4）根据表中数据，在第一次实验做的总功：
W总1=F1s1=0.8N×0.3m=0.24J，
做的有用功：
W有1=G1h=2N×0.1m=0.2J，
做的额外功：
W额外=W总1-W有1=0.24J-0.2J=0.04J，
因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，则动滑轮的重力为：
G动===0.4N。
故答案为：（1）竖直向上匀速；（2）2.2；88.9%；（3）提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高； （4）0.4。
（1）实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计使钩码上升；
（2）由图知弹簧测力计的分度值，据此得出拉力大小；
根据η==×100%求出第2次实验的机械效率；
（3）分析实验中相同量和不同量，得出机械效率与变化量的关系；
（4）根据表中数据，求出第一次实验时做的的总功和有用功，从而得出额外功；因忽略绳重和摩擦，故所做额外功是克服动滑轮重力阻力所做的功，据此求出动滑轮的重力。
本题测量滑轮组的机械效率，考查注意事项、测力计读数、功和械效率计算、数据分析及控制变量法的运用。
24.【答案】凸透镜  同一深度，液体向各个方向的压强相等  没有控制液体在同一深度  ρ水g（V2-V0） ×ρ水

【解析】解：
（1）物体放在凸透镜的焦点内时，物体通过凸透镜成正立、放大的虚像，探头插入水中后，发现探头看上去变大了，这是因为容器和水的共同作用相当于凸透镜，起到了放大的作用；
（2）由A、B、C三个图可知，压强计的探头插入水中的深度相同，朝向不同，U形管液面的高度差相同，故可以得出的结论：同种液体的内部，在同一深度，液体向各个方向的压强相等；
（3）探究液体压强和液体密度的关系时，要保持液体的深度相同，换用不同的液体做实验，C、D两图中没有控制液体在同一深度，故不能得出正确的结论；
（4）将小瓶放入量筒内，小瓶漂浮在水面上，小瓶受到的浮力等于小瓶的重力，即G瓶=F浮，由阿基米德原理，F浮=ρ水gV排=ρ水g（V1-V0），
故G瓶=ρ水gV排=ρ水g（V1-V0）-----Ⅰ，
矿石放入小瓶中，再将小瓶放入量筒内，小瓶仍漂浮在水面上，则小瓶和矿石受到的浮力等于它们的总重力，即F浮′=G瓶+G石=ρ水g（V2-V0）-----Ⅱ，
故矿石的重力：G石=F浮′-G瓶-----Ⅲ，
Ⅰ、Ⅱ代入Ⅲ得：
G石=ρ水g（V2-V1），
矿石的体积为：V=V3-V1，
矿石的密度为：
ρ石===×ρ水。
故答案为：（1）凸透镜；（2）同一深度，液体向各个方向的压强相等； （3）没有控制液体在同一深度；（4）ρ水g（V2-V0）；×ρ水。
（1）容器和水的共同作用相当于凸透镜，物体放在凸透镜的焦点内时，物体通过凸透镜成正立、放大的虚像；
（2）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
分析实验中相同因素和不同因素，得出压强与变化因素的关系；
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
（4）根据①②，由漂浮的特点和阿基米德原理得出瓶子的重力；
根据③①，根据漂浮的特点和阿基米德原理得出小瓶和矿石受到的浮力，即等于它们的总重力，从而得出矿石的重力；由②④得出矿石的体积，根据ρ石=求出矿石的密度。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查凸透镜成像规律、转换法、控制变量法及漂浮的特点和阿基米德原理与密度公式的运用，综合性较强。
25.【答案】滑动变阻器同时接下面两个接线柱  2.2  A  0.5  I额2R0

【解析】解：（1）实验中，电压表应该并联在小灯泡两端，如下图所示：

（2）闭合开关，电流表和电压表都有示数，则电路为通路，无论怎样移动滑片，灯泡不亮，但说明灯泡实际功率很小，电路电流很小，滑动变阻器不能改变电路电阻，可能的电路故障是：①滑动变阻器同时接下面两个接线柱；
（3）图甲可知，电压表的量程是0-3V，电压表的分度值是0.1V，由图乙可知故此时电压表的示数是2.2V；
灯在额定电压下正常发光，而此时小灯泡两端的电压为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端移动，使电压表的示数为2.5V。
（4）根据绘制的小灯泡的I-U图象，当灯的电压为2.5V时，电流为0.2A，小灯泡的额定功率是
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
（5）保持滑动变阻器滑片的位置不动，闭合开关S、S2，断开S1，调节电阻箱R，使电流表的示数为I额，根据等效替代法，此时电阻箱的电阻值等于小灯泡正常发光时的电阻等于R0，则小灯泡的额定电功率的表达式为
P额=U额I额=I额2R0。
故答案为：（1）如上所示；（ 2）滑动变阻器同时接下面两个接线柱；（ 3）2.2；A；（4）0.5；（5）I额2R0。
（1）实验中，电压表应该并联在小灯泡两端；
（2）闭合开关，无论怎样移动滑片，电流表和电压表都有示数，则电路为通路，灯泡不亮，说明电路电流很小；无论怎样移动滑动变阻器的滑片，两电表示数均无变化，说明滑动变阻器不能改变电路电阻，据此分析；
（3）根据电压表的量程是0-3V确定电压表的分度值是读数；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
（4）根据绘制的小灯泡的I-U图象知灯的电压为2.5V时电流大小，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（5）已知灯的额定电流，根据P额=I2R．求出灯正常发光的电阻是关键，根据等效替代法求出灯正常发光的电阻。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、反常现象的分析、操作过程、额定功率计算及等效替代法和测设计方案测额定功率的能力。
26.【答案】答：
（1）对机动车的最高行驶速度进行限制的原因是：车辆的行驶速度越大，动能越大，越容易发生交通事故，发生交通事故造成的损失越大。
（2）行驶中的车辆紧急刹车时，由于乘客具有惯性，要保持原来的运动状态不变，所以乘客会向前倾。
（3）安全带要做得比较宽大的原因是通过增大受力面积减小压强。

【解析】（1）影响动能大小的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大，对机动车的行驶速度进行限制，可用影响动能的因素分析。
（2）根据惯性的概念答题，物体由于惯性保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫惯性。
（3）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
本题综合考查动能大小的影响因素、惯性和减小压强的方法，重点考查学生利用所学物理知识解决实际问题的能力，并可对学生进行交通安全教育，是一道好题。
27.【答案】解：（1）公交车满载时的重力：
G=mg=8×103kg×10N/kg=8×104N，
公交车满载静止时对水平地面的压力：
F压=G=8×104N，
公交车满载对水平地面的压强：
p===2×105Pa；
（2）旅行车的速度v=108km/h=30m/s，
由P===Fv可得，旅行车的牵引力
F===2.4×103N；
因车做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力的作用，
则有：f=F=2.4×103N；
（3）由v=可得，列车从朝阳到北京需要的时间：
t===1.25h，
列车要克服阻力做的功：
W=fs′=1.4×105N×450×103m=6.3×1010J。
答：（1）旅行车满载静止在水平地面上，对地面的压强是2×105Pa；
（2）受到的阻力是2.4×103N；
（3）列车从朝阳到北京需要1.25h，列车要克服阻力做功为6.3×1010J。

【解析】（1）知道旅行车满载时的质量，利用G=mg求其重力，旅行车满载静止时对水平地面的压力等于其重力，再利用p=求旅行车满载对水平地面的压强；
（2）由P===Fv可求得旅行车的牵引力，因车做匀速直线运动，故处于平衡状态，受平衡力的作用，由此可知受到的阻力；
（3）由v=可求得列车从朝阳到北京需要的时间，利用W=fs可求得列车要克服阻力做的功。
本题为力学综合题，考查了速度、功、功率、压强的计算以及二力平衡条件的应用，关键是公式及其变形的灵活应用。
28.【答案】解：
（1）由ρ=可得，水的质量为：
m水=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg；
水吸收的热量：
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（56℃-20℃）=1.512×105J；
（2）当开关S闭合，S1接a时，电路中只有R1接入电路，此时电路中电阻最小，由P=可知此时电路消耗的功率最大，则电热水瓶处于加热状态；当开关S闭合，S1接b时，电路中R1、R2串联，此时电路中电阻最大，电路消耗的功率最小，此时电热水瓶处于保温状态，
则电热水瓶正常工作时保温功率为：
P保温====40W；
（3）由P=可得，电热水瓶加热时消耗的电能：
W=P实t=0.9kW×3.5×h=0.0525kW•h=1.89×105J，
由W=可得，在该过程中电能表转盘转动的转数：
n=W•N=0.0525kW•h×200revs/（kW•h）=10.5r；
（4）电热水瓶的加热效率：
η=×100%=×100%=80%。
答：（1）水吸收的热量为1.512×105J；
（2）电热水瓶正常工作时保温功率为40W；
（3）在给水加热的过程中，电能表的转盘转了10.5转；
（4）电热水瓶的加热效率是80%。

【解析】（1）已知水的体积，由公式m=ρV可求得水的质量，利用Q吸=cm△t求水吸收的热量；
（2）当开关S闭合，S1接b时，电路中R1、R2串联，此时电路中电阻最大，由P=可知此时电路消耗的功率最小，电热水瓶处于保温状态，然后利用P=求得正常工作时的保温功率；
（3）由P=可求得消耗电能，由W=可得电能表转盘转动的转数；
（4）由η=可求得电热水瓶的加热效率。
本题考查了水吸收的热量、电功率的计算等，应用热量公式与功率公式即可正确解题。此题所涉及到的知识点比较多，主要分清何时处于保温状态，看懂电路的连接是解题关键。