2019-2020学年河北廊坊高二上物理月考试卷

这是一份2019-2020学年河北廊坊高二上物理月考试卷，共12页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。


1. 关于电流的方向，下列说法正确的是（ ）
A.电荷的定向移动方向就是电流的方向
B.电流的方向总是从电源的正极流向负极
C.电流既有大小，又有方向，是矢量
D.在电源内部，电流从负极流向正极

2. 对于电场和电场线，下列说法正确的是（ ）
A.电场是虚拟的，电场线是客观存在的
B.电场是客观存在的，电场线是虚拟的
C.电场和电场线是虚拟的
D.电场和电场线都是客观存在的

3. 真空中有两个点电荷，它们之间的库仑力大小为F．若将它们的距离减小为原来的12，同时将它们的电荷量均增大为原来的2倍，则它们之间的库仑力将变为（ ）
A.F2B.FC. 4F D.16F

4. 如图所示，在某静电场中有A、B两点，某负电荷以一定的初速度从A点运动到B点．只考虑电场力的作用．在电荷运动的过程中，下列说法正确的是（ ）

A.电荷可能做直线运动B.电荷的加速度变小
C.电荷的电势能变大D.电荷的动能变大

5. 阻值为4Ω的电阻R1，与电阻R2并联后接入电路中，若通过R1、R2的电流之比为3:2，则电阻R2的阻值为（ ）
A.2Ω B.4Ω C.6Ω D.8Ω

6. 一带正电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示．下列说法正确的是（ ）

A.x1、x2处的电场强度均沿x轴正方向
B.x1处的电场强度比x2处的电场强度大
C.x1处的电势比x2处的电势高
D.该粒子从x1处运动到x2处的过程中，所受电场力做负功

7. 如图所示，用两根绝缘细线把两个带电小球A、B（均视为点电荷）悬挂于同一点O，两球静止时在同一水平线上，且OA、OB与竖直虚线OO′的夹角分别为30∘和60∘．下列说法正确的是（ ）

A.A、B的质量之比为3:1
B.A、B的质量之比为1:2
C.OA、OB两细线的拉力大小之比为2:3
D.OA、OB两细线的拉力大小之比为3:2

8. 如图所示，在纸面内有一直角 △ABC， P1为 AB的中点， P2为 AP1的中点， BC=2cm， ∠A=30∘，纸面内有一匀强电场，电子在A点的电势能为−5eV，在C点的电势能为19eV，在P2点的电势能为3eV ，下列说法正确的是（ ）

A.A点的电势为−5V
B.B点的电势为−19V
C.该电场的电场强度方向由B点指向A点
D.该电场的电场强度大小为800V/m

9. 关于电容器的电容，下列说法正确的是（ ）
A.电容器的电容与电容器所带的电荷量成正比
B.平行板电容器的电容与两板间的距离有关
C.平行板电容器的电容与插入两板间的材料有关
D.电容器不带电时，其电容为零

10. 三个阻值都为9Ω的电阻，若它们任意组合连接（三个电阻均用上），则总电阻可能为（ ）
A.3ΩB.6ΩC.12ΩD.27Ω

11. 如图所示电路，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R3的滑片向上端移动时，则（ ）

A.电压表示数减小B.电流表示数减小
C.灯泡的亮度变亮D.R2上消耗的功率逐渐增大

12. 如图所示，圆周上有A、B、C、D四点，O为圆心，AD为圆的直径，B、C两点将半圆弧ABCD均分，电荷量为 −Q, Q(Q>0)的点电荷分别放置于A、D两点．下列说法正确的是（ ）

A.B点的电场强度比C点的电场强度大
B.将正电荷沿直线从B点移到O点，电场力做负功
C.B点的电势比C点的电势高
D.将D点处的点电荷沿圆弧逆时针移到C点，O点的电场强度变小
二、非选择题

某同学用多用电表正确测量了一个12Ω的电阻甲后，需要继续测量一个阻值为一千多欧的电阻乙．他应该把选择开关对准欧姆挡的__________（选填"×1k"或"×100"）挡，重新进行欧姆调零后，再将两表笔分别连接到电阻乙的两端进行测量，结果多用电表的指针位置如图中指针所示，则被测电阻丝的阻值为_______Ω．


某物理兴趣小组采用图示电路测量电压表的内阻，待测电压表的量程为1V，内阻约为1000Ω．
实验步骤如下：
Ⅰ．根据图示电路，连接好实物电路；
Ⅱ．将滑动变阻器R1的滑片移到左端，闭合开关S1和S2，调节R1，使电压表指针指到1V刻度处；
Ⅲ．保持S1闭合、变阻器R1的滑动片的位置不变，断开S2，调整电阻箱R2的阻值，使电压表的指针指到0.5V刻度处，此时电阻箱R2的示数为1100Ω．
（1）在备选的甲、乙两个滑动变阻器的铭牌上分别标有（100Ω 0.1A）、（5Ω 3A)），为尽可能提高测量精度且便于调节，滑动变阻器R应选用________．（填“甲”或“乙”）

（2）电压表内阻的测量值为________Ω．

（3）电压表内阻的测量值_________电压表内阻的真实值．（填“大于”“小于”或“等于”）

（4）若要将该电压表改装成量程为10V的电压表，则应串联一个阻值为_______Ω的定值电阻．

如图所示，电源电压U=30V，灯泡上标有“6V 12W”字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω．灯泡恰能正常发光，求电动机的输出机械功率P．


如图所示，带正电的金属滑块（视为质点）质量为m、电荷量为q，与绝缘水平面间的动摩擦因数为μ(μ<1)．空间有水平向右、电场强度大小E=mgq （g为重力加速度的大小）的匀强电场．现使滑块从A点以大小为v0的初速度水平向左运动，结果滑块到达B点时速度为零，然后滑回A点．求：

（1）滑块从A点运动到B点所用的时间t；

（2）滑块滑回A点时的速度大小v．

如图所示，一初速度为零的电子经电压U0加速后，从正中间垂直电场方向进入两间距为d、长度为l的平行金属板，并恰好能穿出金属板．电子的电荷量为e，电子重力不计．求：

（1）两金属板间的电压U；

（2）电子穿出平行金属板时的动能Ek．
参考答案与试题解析
2019-2020学年河北廊坊高二上物理月考试卷
一、选择题
1.
【答案】
D
【考点】
电流概念
【解析】
电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动形成电流；负电荷定向移动形成电流；正负电荷向相反方向移动形成电流．把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向．在电源的外部，电流总是由电势高处流向电势低处．
【解答】
解：A．物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，故A错误．
BD．在电源的外部，电流总是由电势高处流向电势低处，而电源的内部，电流总是由电势低处流向电势高处，故B错误，D正确．
C．电流有方向，但电流运算时不遵守矢量的运算法则：平行四边形定则，所以电流是标量，故C错误．
故选：D．
2.
【答案】
B
【考点】
电场线
电场
【解析】
电场是客观存在的一种特殊物质，电场线是为了形象地研究电场而引入的假想曲线．
【解答】
解：电场是客观存在的一种特殊物质，是实际存在的，它看不见摸不着，引入电场线是为了研究的方便而假想的曲线，实际中电场线是不存在的．
故选B．
3.
【答案】
D
【考点】
库仑定律
【解析】
根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．
【解答】
解：真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为F=kQ⋅qr2
若将它们之间的距离减小为原来的12，带电量都增大为原来的2倍，则它们之间的库仑力大小F′=2Q⋅2q(12r)2=16F．
故选：D．
4.
【答案】
C
【考点】
电场中轨迹类问题的分析
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．负电荷所受电场力方向与运动方向不在同一条直线上，故电荷不可能做直线运动，故A错误；
B．B点处的电场线比A点处的电场线密集，故电荷的加速度变大，故B错误；
CD．在电荷运动过程中电场力做负功，动能减小，电势能增大，故C正确，D错误；
故选C．
5.
【答案】
C
【考点】
串联电路和并联电路的特点
【解析】
根据并联电路的性质可求得R2的阻值及总电阻：并联电路的电压相等，电流之比等于电阻的反比．
【解答】
解：并联电路中电流之比等于电阻的反比；
故有：R1R2=I2I1=23，
故有：R2=32R1=6Ω；
故选：C．
6.
【答案】
D
【考点】
静电场中的Ep-x图象问题
【解析】
根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，场强与电势的关系：E=△⌀△x，结合分析图像斜率与场强的关系，即可求得x1处的电场强度，由Ep=qφ，分析电势的高低．由牛顿第二定律判断加速度的变化，即可分析粒子的运动性质．根据斜率读出场强的变化，由F=qE，分析电场力的变化．
【解答】
解：AD．粒子电势能增加，说明电场力做负功，则粒子所受的电场力方向沿x轴负方向，故A错误，D正确；
B．根据 ΔEp=−FΔx，知图像斜率的绝对值等于电场力，由图知，粒子在x1处所受的电场力小于在x2处所受的电场力，因此x1处的电场强度大小小于x2处的电场强度的大小，故B错误；
C．电场强度方向沿x轴负向，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，说明x2处的电势高于x1处的电势，故C错误；
故选：D．
7.
【答案】
A
【考点】
库仑力作用下的平衡问题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：设两带电小球间的库仑力为F，分别对A、B受力分析得，mAg=Fct30∘，TA=Fsin30∘，mBg=Fct60∘，TB=Fsin60∘，则mA:mB=3:1，TA:TB=3，故A正确，BCD错误．
故选A．
8.
【答案】
D
【考点】
匀强电场中电势差和电场强度的关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：由Ep=φq得，A点电势为5V，C点电势为−19V，由几何关系知，B点电势为−27V，根据顺着电场线方向电势逐渐降低，可知该电场的电场强度方向由A指向B，电场强度E=UCBBC=800V/m；
故选D．
9.
【答案】
B,C
【考点】
电容
【解析】
电容器的电容等于所带的电荷量与电压比值，对于给定的电容器，其电容不变，与电压、电量无关，表征电容器容纳电荷本领的大小．
【解答】
解：A．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，由电容器本身的特性决定，与所带的电荷量无关，故A错误．
BC．由电容的决定式C=εrS4πkd得，平行板电容器的电容与两板间的距离及插入两板间的材料有关，故BC正确．
D．电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，由电容器本身的特性决定，与在两板上的电压加不加无关，故D错误．
故选BC．
10.
【答案】
A,B,D
【考点】
串联电路和并联电路的特点
【解析】
三个相同电阻有四种可能的连接方式：三个电阻串联、三个电阻并联、两个电阻串联后与第三个电阻并联，两个电阻并联后与第三个电阻串联，分析求出阻值．
【解答】
解：当三个电阻串联时，总电阻为3×9Ω=27Ω；
当三个电阻并联时，总电阻为13×9Ω=3Ω；
当两个电阻串联后与第三个电阻并联，总电阻为18×918+9Ω=6Ω；
当两个电阻并联后与第三个电阻串联，总电阻为12×9Ω+9Ω=13.5Ω；
故选：ABD．
11.
【答案】
B,D
【考点】
闭合电路的动态分析
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：串联电流相等，并联电路各支路电流等于干路电流之和，串联电压各部分之和等于总电压，并联电路电压相等，由电路图所示，电压表测滑动变阻器电压，灯泡与滑动变阻器串联再与定值电阻R2并联然后与定值电阻R1串联，电流表测灯泡支路上的电流，当R3向上滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大．外电路上的电阻R总变大，电源电动势E不变，干电路中电流I总=ER总变小，所以电源内阻跟R1上的电压变小，并联电路上的电压变大．
D．并联电压相等，所以流经R2的电流I2变大，根据公式P=I2R可得，R2消耗功率增大，故D正确；
BC．流经灯泡的电流I3变小，所以灯泡的消耗的功率减小，变暗，电流表示数减小，故B正确，C错误；
A．灯泡上的电压减小，所以R3上的电压增大，电压表示数增大，故A错误；
故选BD．
12.
【答案】
B,D
【考点】
等量电荷的电场线
电场的叠加
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．BC两点关于AD的垂线对称，根据等量异种电荷的电场线分布规律可知，BC两点处的电场强度大小相等，故A错误；
B．B点电势为负，O点电势为0，从B点移到O点后正电荷电势能增加，则电场力做负功，故B正确；
C．B点电势为负，C点电势为正，C点电势高于B点电势，故C错误；
D．设半圆弧的半径为R，在移动前O点的场强大小为2kQR2，移动后O点的场强大小为3kQR2，则移动后O点的电场强度减小，故D正确；
故选BD．
二、非选择题
【答案】
×100,1200
【考点】
用多用电表测电阻
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：测量一个阻值为一千多欧的电阻，为了让指针读数指在中值电阻附近，应选择×100挡；
由图示表盘可知，电阻测量值为：12×100=1200Ω．
【答案】
（1）乙
（2）1100
（3）大于
（4）9900
【考点】
半偏法测电阻
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）由题意可知，滑动变阻器乙的最大阻值较小，乙的额定电流较大，为保证安全方便实验操作，滑动变阻器应选择乙．
（2）断开开关S2后认为分压电路分压不变，仍为1V，电压表示数为0.5V，说明电阻箱两端电压为0.5V，电压表与电阻箱串联，它们两端电压相等，由串联电路特点可知，它们的阻值相等，则电压表内阻等于电阻箱阻值1100Ω．
（3）由实验步骤可知，断开开关S2后电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变小，路端电压U=E−Ir变大，分压电路两端电压变大，分压电路总电压大于1V，当电压表示数为0.5V时，电阻箱两端电压大于0.5V，即电阻箱两端电压大于电压表两端电压，由串联电路特点可知，电阻箱阻值大于电压表内阻，实验认为电压表内阻测量值等于电阻箱阻值，由此可知，电压表内阻测量值大于真实值．
（4）根据串联电路电流相等得，1V1100Ω=10V−1VRx，解得Rx=9900Ω，则应串联一个阻值为9900Ω的定值电阻．
【答案】
电动机输出的机械功率为40W．
【考点】
电功率
【解析】
电灯恰能正常发光，故回路中电流等于电灯的额定电流，电动机输出的机械功率等于电源总功率减去回路中的热功率
【解答】
解：电灯恰好正常发光I=PLUL=126A=2A，
设电动机两端电压为UM，则有：U=U灯+UM，
电动机输出功率：PM出=UMI−I2R，
解得PM出=40W．
【答案】
（1）滑块从A点运动到B点所用的时间t=v0(1+μ)g；
（2）滑块滑回A点时的速度大小v=v01−μ1+μ．
【考点】
带电粒子在重力场和电场中的运动
动能定理的应用
加速度与力、质量的关系式
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）滑块从A点运动到B点的过程中所受合力的大小为：F=qE+μmg，
对该过程，由牛顿第二定律有：a=Fm，
又t=v0a，
解得t=v0(1+μ)g．
（2）设A、B两点间的距离为s，
滑块从A点运动到B点的过程中，由动能定理有：−qEs−μmgs=0−12mv02，
滑块从B点滑回A点的过程中，由动能定理有：qEs−μmgs=12mv2−0，
解得v=v01−μ1+μ．
【答案】
（1）两金属板间的电压U=2U0d2l2；
（2）电子穿出平行金属板时的动能Ek=eU0(1+d2l2)．
【考点】
带电粒子在电场中的加（减）速和偏转
动能定理的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）设电子的质量为m，
有：eU0=12mv02，
电子在两金属板之间运动的加速度大小为a=eUmd，
设电子在两金属板之间运动的时间为t，
有：l=v0t，d2=12at2，
解得U=2U0d2l2．
（2）电子的加速过程和偏转过程，
电场力对它所做的功分别为W1=eU0，
W2=eUd⋅d2，
整个运动过程，由动能定理有Ek=W1+W2，
解得Ek=eU0(1+d2l2)．