高中生物人教版 (新课标)必修2《遗传与进化》第一章 遗传因子的发现综合与测试课后复习题

这是一份高中生物人教版 (新课标)必修2《遗传与进化》第一章 遗传因子的发现综合与测试课后复习题，共17页。试卷主要包含了选择题，简答题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题(每题2分，共50分)
1．孟德尔遗传规律不适用于原核生物，原因是( )
A．原核生物没有遗传因子
B．原核生物没有核物质
C．原核生物没有完善的细胞器
D．原核生物主要进行无性生殖
解析 原核生物没有细胞核，不能进行有性生殖。
答案 D
2．下列关于纯合子与杂合子的叙述，正确的一项是( )
A．纯合子的自交后代仍是纯合子
B．杂合子的自交后代都是杂合子
C．纯合子中不含隐性遗传因子
D．杂合子的双亲至少有一方是杂合子
解析 本题主要考查纯合子和杂合子的区别。明确纯合子自交后代能稳定遗传，不发生性状分离，杂合子自交后代易发生性状分离。
答案 A
3．请从下列实验中指出哪一项一定是显性遗传因子( )
A．一对相对性状的两个纯合体杂交，子一代只表现亲本之一的性状，控制没有表现出来的性状的遗传因子
B．一对相对性状的两个纯合体杂交，子一代只表现亲本之一的性状，控制表现出来的性状的遗传因子
C．两纯合子交配，产生的子一代性状一致，该子一代细胞内控制其表现出来的性状的遗传因子
D．两纯合子交配，产生的子一代性状一致，该子一代细胞内控制其全部性状的遗传因子
解析 本题主要考查对显性遗传因子的理解。A项中控制子代没有表现出来的性状的遗传因子是隐性遗传因子。B项中的子一代表现出来的亲本性状是显性性状，控制这一性状的遗传因子是显性遗传因子。C、D两项中的两个纯合体亲本既可能都是隐性纯合，也可能都是显性纯合，又可能一方显性纯合一方隐性纯合。
答案 B
4．下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( )
A．孟德尔在豌豆开花时进行去雄和授粉，实现亲本的杂交
B．孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度
C．孟德尔根据亲本中不同个体的表现型来判断亲本是否纯合
D．孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性
解析 A项中因为豌豆是自花传粉，闭花受粉，为实现亲本杂交，应在开花前去雄；B项中研究花的构造必须考虑雌蕊、雄蕊的发育程度；C项中不能根据表现型判断亲本是否纯合，因为显性杂合子和显性纯合子表现型一样；D项是正确的。
答案 D
5．通过饲养灰鼠和白鼠(基因型未知)的实验，得到结果如下表，如果亲本一栏中杂交组合Ⅳ中的灰色雌鼠和杂交组合Ⅱ中的灰色雄鼠交配，子代表现为( )
A.都是灰色 B．都是白色
C．3/4是灰色 D．1/4是灰色
解析 设相关基因为A、a，则由表中四组杂交信息可知：灰色对白色为显性，则Ⅳ中灰色(♀)的基因型为AA，Ⅱ中灰色(♂)的基因型为Aa，产生的子代都是灰色。
答案 A
6．对孟德尔选用豌豆做实验材料并获得成功的原因，下列解释中不正确的是( )
A．豌豆具有稳定的、容易区分的相对性状
B．豌豆是严格的闭花传粉植物
C．豌豆在杂交时，母本不需去雄
D．用数学统计的方法对实验结果进行分析
解析 不去雄会发生自交，干扰实验结果。
答案 C
7．自由组合定律中的“自由组合”是指( )
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合
B．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
C．两亲本间的组合
D．决定不同性状的遗传因子的组合
解析 自由组合定律中的“自由组合”在实质上是指决定不同性状的基因的自由组合。
答案 D
8．在下列各项实验中，最终能证实基因的自由组合定律成立的是( )
A．F1个体的自交实验
B．不同类型纯种亲本之间的杂交实验
C．F1个体与隐性个体的测交实验
D．鉴定亲本是否为纯种的自交实验
解析 孟德尔设计的实验程序，可以通过测交来验证F1的遗传因子组成即验证遗传定律的成立。
答案 C
9．下图中曲线能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是( )
解析 杂合子Aa连续自交代数与各种类型个体比例的关系见下表：
根据题意，要求对y＝eq \f(1,2)－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))n＋1作曲线，B选项符合要求。解答此题的关键是能够准确算出自交的前几代中的杂合子所占的比例，遵循从简单到复杂的原则，从而推出自交到第n代中杂合子所占的比例。
答案 B
10．两只杂合子白羊为亲本，接连生下3只小羊都是白色的。若它们再生第4只小羊，其毛色( )
A．一定是白色的 B．一定是黑色的
C．是白色的可能性大 D．是黑色的可能性大
解析 白羊是杂合子，说明白色为显性，再生一只小羊与前几只小羊没有关系，白色的可能性仍然是3/4。
答案 C
11．两杂种黄色子粒豌豆杂交产生种子120粒，其中纯种黄色种子数目约为( )
A．0粒 B．30粒
C．60粒 D．90粒
解析 考查分离定律的有关计算。假设子粒颜色用A(黄)和a(绿)表示，则杂种黄色子粒豌豆的基因型都是Aa，杂交后代的基因型是AA、Aa和aa，三种基因型比例为1:2:1，纯种黄色种子占1/4，共30粒。
答案 B
12．人类眼睛褐色由显性遗传因子控制，眼睛蓝色由其相对的隐性遗传因子控制。假定一个蓝色眼睛的男子与一个褐色眼睛的女子婚配，而该女子的母亲是蓝眼。问其后代的眼色预期比率是( )
A．1/2褐眼、1/2蓝眼 B．3/4褐眼、1/4蓝眼
C．全部褐眼 D．1/4褐眼、3/4蓝眼
解析 设控制该对性状的遗传因子分别为A、a，则蓝眼男子的遗传因子组成为aa；而褐眼女子为A_，其母亲为蓝眼aa，故该女子为Aa，即杂交组合为Aa×aa。
答案 A
13．玉米子粒黄色对白色为显性。现用白色玉米为母本，去雄后授以黄色玉米花粉，若母本植株所有子粒中出现白色子粒，原因可能是( )
①父本是杂合子 ②外来花粉授精 ③多倍体不育 ④未受精
A．②③ B．①②
C．①④ D．③④
解析 黄色与白色杂交后代有白色，有可能黄色个体为杂合子；玉米是风媒传粉，也可能是其他植株的花粉落到了柱头上。
答案 B
14．某科学家在遗传研究中发现一种显性纯合致死遗传因子。实验中黄皮毛鼠不能纯种传代，灰皮毛鼠能纯种传代。黄皮毛鼠与黄皮毛鼠交配，其后代总会出现灰皮毛鼠，且黄:灰＝2:1。据此可推知在黄皮毛鼠与黄皮毛鼠这一交配组合中后代致死个体出现的概率为( )
A．1/4 B．1/3
C．1/2 D．3/4
解析 根据亲本和后代的性状表现可确定黄色为显性性状，亲本为Aa×Aa，后代遗传因子组成为AA:Aa:aa＝1:2:1，由于显性纯合子致死，因此，后代中黄:灰＝2:1。黄皮毛鼠与黄皮毛鼠交配组合中，AA出现的概率为1/4。
答案 A
15．人类多指畸形是一种显性遗传病。若母亲为多指(Aa)，父亲正常，则他们生一个患病女儿的可能性是( )
A．50% B．25%
C．75% D．100%
解析 其母Aa，父aa，则生患病孩子的概率(Aa×aa→1Aa1aa)为1/2，又因生女儿的可能性为1/2，故生患病女儿的概率为1/2×1/2＝1/4。
答案 B
16．番茄红果对黄果为显性，圆果对长果为显性，且控制这两对性状的基因自由组合，现用红色长果与黄色圆果番茄杂交，从理论上分析，其后代的基因型不可能出现的比例是( )
A．1:0 B．1:2:1
C．1:1 D．1:1:1:1
解析 根据题意杂交的红色长果与黄色圆果番茄基因型不确定，如果红色与黄色分别用A、a表示，圆果与长果分别用B、b表示，则亲本的基因型可表示为A_bb和aaB_，如果二者都为纯合体，子代的基因型只有一种，比例为10；如果二者均为杂合体，则子代有两种基因型比例为1:1:1:1，如果二者一个是纯合体一个是杂合体，则子代有两种基因型比例为1:1。
答案 B
17．豌豆圆粒(R)对皱粒(r)为显性，用圆粒豌豆与皱粒豌豆杂交，得到数量相等的圆、皱粒豌豆，再将得到的全部种子播种后授以皱粒的花粉，共收获豌豆444粒，其中圆粒110粒，皱粒334粒，则第二次杂交组合的基因型是( )
A．RR×rr B．Rr×Rr
C．Rr×rr、rr×rr D．Rr×Rr、rr×rr
解析 圆粒与皱粒杂交，得到数量相等的圆粒与皱粒，说明双亲的基因型是：Rr×rr，后代的基因型是Rr:rr＝1:1。对这些后代全部授以皱粒花粉，即：1/2Rr×rr→1/2(1/2Rr:1/2rr)＝1/4Rr:1/4rr,1/2rr×rr→1/2rr。共计圆粒(Rr)为1/4，皱粒(rr)为1/4＋1/2＝3/4。
答案 C
18．甲状腺有缺陷会导致甲状腺激素缺乏。一种耕牛，其甲状腺缺陷可由两种原因引起，一是缺碘，二是一种常染色体隐性遗传性状。下列有关这种牛的叙述不正确的是( )
A．缺少甲状腺激素的牛，其双亲可以是正常的
B．甲状腺正常的个体，可能具有不同的基因型
C．甲状腺有缺陷的个体，一定具有相同的基因型
D．双亲中一方是缺陷者，后代可以出现正常个体
解析 据题意可知，基因型正常的个体也可由缺碘引起甲状腺缺陷，与隐性基因控制的甲状腺缺陷个体的基因型不同。
答案 C
19．具有n对相对性状(由位于n对同源染色体上的n对等位基因控制)的两个亲本(均为纯合子)杂交，其F1在进行减数分裂中产生的雄配子种类数与F2( )
A．所结种子的种皮基因型种类数相同
B．所结果实的果皮基因型种类数相同
C．所结种子的胚基因型种类数相同
D．植物体的表现型种类数相同
解析 具有n对相对性状(由位于n对同源染色体上的n对等位基因控制)的两个亲本(均为纯合子)杂交，其F1在进行减数分裂中产生的雄配子种类，按基因自由组合定律应产生2n种，F2上所结种子的种皮基因型以及所结果实的果皮基因型与母本基因型相同，而F2植物体的表现型也为2n种。
答案 D
20．已知玉米某两对基因按照自由组合规律遗传，其子代基因型及比值如图，则亲本的基因型是( )
A．DDSS×DDSs B．DdSs×DdSs
C．DdSs×DDSs D．DdSS×DDSs
解析 子代中DD:Dd:dd＝1:1:0，SS:Ss:ss＝1:2:1，所以亲本为DD×Dd组合与Ss×Ss组合，即DDSs和DdSs。
答案 C
21．已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，两对基因独立遗传。现将一株表现型为高秆、抗病植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，F1：高秆:矮秆＝3:1，抗病:感病＝3:1。再将F1中高秆抗病类型分别与矮秆感病类型进行杂交，则产生的F2表现型之比理论上为( )
A．9:3:3:1 B．1:1:1:1
C．4:2:2:1 D．3:1:3:1
解析 首先根据F1表现型及比例确定亲本基因型都是TtRr，然后确定F1中高秆抗病类型的基因型及比例为TTRR:TTRr:TtRR:TtRr＝1:2:2:4。最后确定与矮秆感病类型进行杂交产生的F2基因型及比例为TtRr:ttRr:Ttrr:ttrr＝4:2:2:1。从而判断表现型及比例为高秆抗病:矮秆抗病:高秆感病:矮秆感病＝4:2:2:1。
答案 C
22．一批基因型为AA与Aa的豌豆，两者数量之比是1:3。自然状态下(假设结实率相同)其子代中基因型为AA、Aa、aa的数量之比为( )
A．3:2:1 B．7:6:3
C．5:2:1 D．1:2:1
解析 根据题意，亲本中AA个体占1/4、Aa个体占3/4，自然状态下应是自交。因而1/4AA自交后代仍是1/4AA,3/4Aa自交后代中各种基因型比例为3/4(1/4AA、1/2Aa、1/4aa)。总的后代中AA占7/16、Aa占3/8、aa占3/16。
答案 B
23.某种药用植物合成药物1和药物2的途径如图所示：基因A和基因b分别位于两对同源染色上。下列叙述不正确的是( )
A．基因型为AAbb或Aabb的植株同时合成两种药物
B．若某植株只能合成一种药物，则必定是药物1
C．基因型为AaBb的植株自交，后代有9种基因型和4种表现型
D．基因型为AaBb的植株自交，后代中能合成药物2的个体占3/16
解析 基因型为AaBb的植株自交，后代中有9种基因型，三种表现型：其中基因型为A_B_的个体表现为能合成药物1，不能合成药物2；基因型为A_bb的个体能合成两种药物；基因型为aa_ _的个体两种药物都不能合成。
答案 C
24．已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2植株自交收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为( )
A．1/4 B．1/6
C．1/8 D．1/16
解析
对于红花和白花这对性状：
F2中有eq \f(1,4)BB、eq \f(2,4)Bb、eq \f(1,4)bb。
如果去除白花(bb)，则BB占eq \f(1,3)，Bb占eq \f(2,3)。
所以F3中基因型为BB、Bb、bb的比例分别为eq \f(1,2)、eq \f(1,3)、eq \f(1,6)。
答案 B
25．假说—演绎法的一般程序是( )
A．观察实验、发现问题—分析问题、提出假设—设计实验、验证假说—归纳综合、总结规律
B．个案研究—综合比较—提出假设—归纳结论
C．发现问题、分析问题—提出假设、设计实验—观察实验、验证假说—归纳综合、总结规律
D．个案研究—发现问题—提出假设—归纳综合
解析 假说—演绎法是现代科学研究中常用的一种科学方法。首先在观察和分析基础上提出问题，再通过推理和想象提出解释问题的假说，然后根据假说进行演绎推理，最后通过实验检验演绎推理的结论。如果实验结果与预期结论相符，就证明假说正确；反之，则说明假说是错误的。
答案 A
二、简答题(共50分)
26．(10分)下图表示一个白化病家族的系谱(人的肤色性状受一对等位基因控制，A是显性，a是隐性)，据图回答：
(1)Ⅲ－7和Ⅲ－8的基因型是________和________。
(2)Ⅳ－9为杂合体的概率为________。
(3)Ⅳ－10与一个表现正常的女性结婚，他们的第一个孩子患白化病，生出的第二个孩子患白化病的概率是________________。
(4)Ⅳ－11与一个正常女性(其父亲患白化病)结婚生出正常孩子的概率是________。
解析 根据Ⅲ－7与Ⅲ－8生出患病孩子可知白化病为隐性遗传病，根据隐性纯合突破法，可以判断该家族中Ⅰ－1与Ⅳ－11的基因型均为aa，那么Ⅱ－4、Ⅱ－5、Ⅲ－7、Ⅲ－8的基因型均为Aa，Ⅳ－9的基因型为AA或Aa。其中为AA的概率是eq \f(1,3)，为Aa的概率是eq \f(2,3)。因为Ⅳ－10与正常女性生出患病孩子，因此夫妇双方的基因型均为Aa，他们生出的第2个孩子患白化病的概率为eq \f(1,4)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(Aa×Aa→\f(1,4)AA、\f(1,2)Aa、\f(1,4)aa))；Ⅳ－11与一个其父患白化病的正常女性结婚，生正常孩子的概率可按：aa×Aa→eq \f(1,2)Aa、eq \f(1,2)aa计算，为eq \f(1,2)。
答案 (1)Aa Aa
(2)eq \f(2,3)
(3)eq \f(1,4)
(4)eq \f(1,2)
27．(10分)牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛。
请回答：
(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状？________。
(2)若用B与b表示牛的毛色的显性遗传因子与隐性遗传因子，写出上述两头黑牛及子代棕牛的遗传因子组成________________。
(3)上述两头黑牛产生一黑色子牛的可能性是________。若上述两头黑牛生出了一头黑色子牛，该子牛为纯合子的可能性是________，要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，最好选用与其交配的牛是( )
A．纯种黑牛 B．杂种黑牛
C．棕色牛 D．以上都不对
(4)若用X雄牛与多头杂种雌牛相交配，共生出20头子牛，若子牛全为黑色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________；如果子牛中10头黑色，10头棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________；若子牛中14头为黑色，6头为棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________。
解析 (1)若棕色性状受显性遗传因子控制，而控制棕毛的遗传因子一定来自亲代，则亲代必定有棕色牛，这与题目相矛盾，所以控制棕毛的遗传因子是隐性遗传因子。(2)子代的隐性遗传因子必来自双亲，亲代黑牛有棕毛遗传因子但表现出黑毛，说明亲代黑牛的遗传因子组成是Bb。(3)Bb×Bb→1BB2Bb1bb，亲代黑牛(Bb×Bb)产生黑色子牛(BB或Bb)的可能性是3/4；若已知子牛为黑色，则它是纯合子的可能性是1/3。要鉴定一头黑牛是纯合子还是杂合子，最好用测交的方法，即选用棕色牛(bb)与之交配。(4)纯种黑牛与杂种黑牛交配，产生的后代全是黑色牛；杂种黑牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为3:1；棕牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为1:1。
答案 (1)黑色
(2)Bb、Bb、bb
(3)75% 1/3 C
(4)BB bb Bb
28．(18分)大蒜是一种世界性的重要蔬菜和调味品，其绝大多数品种丧失了有性生殖能力。研究人员成功地使目前无法进行有性繁殖的大蒜植株恢复了有性繁殖能力，这一成果为大蒜进行遗传学育种研究开辟了道路。请分析回答下列问题：
假设：红皮(A)对白皮(a)为显性；抗病(B)对不抗病(b)为显性。(两对等位基因分别位于两对同源染色体上)
(1)抗病大蒜品系具有显著的抵抗病虫害的能力，在生产上具有重要应用价值，但已知该性状显性纯合时植株不能存活。用杂合抗病大蒜为亲本进行自交，其后代大蒜中抗病与不抗病植株的比例为________。
(2)现以杂合红皮抗病大蒜为亲本进行自交，以获取白皮抗病大蒜。推断其自交后代发育成熟，表现型有________种，基因型有________种；其中白皮抗病大蒜的基因型是________，所占的比例为________。
(3)上面假设是否正确？请你就大蒜的红皮和白皮设计实验探究其显隐性关系。
①实验方案：(用遗传图解表示)
②结果预测及结论：_________________________________________。
解析 解答本题需要的知识点有遗传的基本规律及其应用，实验设计的基本思路和方法，要抓住“抗病显性纯合时植株不能存活”这一信息。杂合抗病大蒜的基因型是Bb，进行自交，后代中的基因型为1BB2Bb1bb，由于显性纯合时植株不能存活，推断其后代大蒜中抗病与不抗病植株的比例是21。同理可推断以杂合红皮抗病大蒜为亲本进行自交，表现型有4种，基因型有6种；其中白皮抗病大蒜的基因型是aaBb，所占的比例为1/6。设计实验探究大蒜红皮和白皮的显隐性关系，方法可用纯合红皮蒜与纯合白皮蒜杂交，获取种子种植，生长发育至大蒜成熟，观察蒜皮的颜色：若F1蒜皮颜色均为红色，则红色为显性性状，白色为隐性性状；若F1蒜皮颜色均为白色，则白色为显性性状，红色为隐性性状。
答案 (1)2:1
(2)4 6 aaBb 1/6
(3)①P：红色(纯合)×白色(纯合)
↓
F1: 种子
↓
种植
(成熟)
②如果F1蒜皮颜色均为红色，则红色为显性性状，白色为隐性性状，即假设正确；如果F1蒜皮颜色均为白色，则白色为显性性状，红色为隐性性状，即假设不正确
29．(12分)果蝇的黑体(v)与灰体(V)是一对相对性状，某实验小组对果蝇的这对相对性状进行遗传研究。如果用含有某种添加剂的食物喂养果蝇，所有的果蝇都是黑体，现有一只用含有该种添加剂的食物喂养的黑体雄果蝇，请设计一个实验探究其遗传因子组成。
(1)应选取__________________________果蝇与待测果蝇交配。
(2)用________________喂养子代果蝇。
(3)通过观察子代果蝇性状，推断待测果蝇的遗传因子组成：
①若子代________________，则待测果蝇的遗传因子组成为VV；
②_____________________________________________________；
③_____________________________________________________。
解析 (1)根据题意可知，用含某种添加剂的食物喂养的果蝇全为黑色，则待测黑体果蝇的遗传因子组成可能为VV、Vv或vv，要确定其遗传因子组成，应选用遗传因子组成为vv的黑体雌果蝇与其交配，且该雌果蝇是用不含添加剂的食物喂养得到的。此外，为保证子代果蝇有较多数量，便于分析，应选用多只雌果蝇。
答案 (1)多只用不含该种添加剂的食物喂养的黑体雌
(2)不含该种添加剂的食物
(3)①全为灰体 ②若子代全为黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为vv ③若子代有灰体，也有黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为Vv杂交组合
亲本
后代
雌
雄
灰色
白色
Ⅰ
灰色
白色
82
78
Ⅱ
灰色
灰色
118
39
Ⅲ
白色
白色
0
50
Ⅳ
灰色
白色
74
0
自交
代数
Aa
纯合子
AA
aa
0
1
0
0
0
1
1/2
1/2
1/4
1/4
2
1/4
3/4
3/8
3/8
3
1/8
7/8
7/16
7/16
…
…
…
…
…
n
eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))n
1－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))n
eq \f(1,2)－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))n＋1
eq \f(1,2)－eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,2)))n＋1