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【化学】湖南省师范大学附属中学2018-2019学年高二上学期期末考试（理科）试题（解析版）
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湖南省师范大学附属中学2018-2019学年高二上学期期末考试（理科）试题
1.下列物质中不属于有机物的是
A. CaC2 B. C3H8 C. C2H4O2 D. C3H7Cl
【答案】A
【解析】
根据含有碳元素的化合物叫有机化合物，简称有机物；碳的氧化物、碳酸盐、碳酸虽含碳，但其性质与无机物类似，因此把它们看作无机物。
【详解】A. CaC2中虽然含有碳元素，但是碳酸的性质和无机物相似，属于无机物，故A正确；
B. C3H8是含有碳元素的化合物，属于有机物，故B错误；
C. C2H4O2是由碳、氢、氧三种元素组成的，是一种含碳的化合物，属于有机物，故C错误；
D. C3H7Cl是含有碳元素的化合物，属于有机物，故D错误。
故选A。
2.下列物质的化学用语表达正确的是
A. 乙烯的结构简式：CH2CH2
B. 羟基的电子式：
C. 甲醇的球棍模型：
D. 乙酸的实验式：CH3COOH
【答案】C
【解析】
【分析】
A、乙烯的结构简式中要标明双键；
B、羟基是电中性基团，氧原子周围多1个电子；
C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子；
D、CH3COOH是乙酸的结构简式。
【详解】A、乙烯的结构简式中要标明双键，乙烯的结构简式：CH2=CH2，故A错误；
B、羟基是电中性基团，氧原子周围多1个电子，羟基的电子式：，故B错误；
C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子，故C正确；
D、CH3COOH是乙酸的结构简式，乙酸的实验式：CH2O，故D错误；
故选C。
3.下列叙述中不正确的是
A. 乙烯可作水果的催熟剂
B. 福尔马林可用来保存海参等海鲜产品
C. 苯酚可用来消毒杀菌
D. 通过石油的催化裂化及裂解可以得到轻质油和气态烯烃
【答案】B
【解析】
【分析】
A、乙烯是植物当中天然存在的生长激素，能调节植物的成熟和衰老；
B、福尔马林有毒，不能用作食品的保鲜剂；
C、苯酚能使蛋白质变性；
D、石油催化裂化可得到更多轻质油，裂解可以得到气态烯烃等化工原料．
【详解】A、．由于乙烯是植物当中天然存在的生长激素，能调节植物的成熟和衰老，所以乙烯可作水果的催熟剂，故A正确；
B、福尔马林有毒，可以用于浸泡标本，但不能作食品的保鲜剂，故B错误；
C、苯酚能使蛋白质变性，苯酚可用来消毒杀菌，故C正确；
D、石油催化裂化可得到更多轻质油，裂解可以得到气态烯烃等化工原料，故D正确；
故选B。
4.对CH4与Cl2的反应(如图所示)叙述不正确的是
A. 该反应的生成物有四种
B. 该反应属于取代反应
C. 该反应的条件是光照
D. 该反应的现象是量筒内气体颜色变浅，器壁上有油状液滴，量筒内液面上升并产生白雾，溶液中有晶体析出
【答案】A
【解析】
【分析】
A、CH4和Cl2在光照下发生取代反应，产物有5种；
B、根据取代反应的定义“有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应”进行判断；
C、该反应的条件是光照；
D、CH4和Cl2在光照下发生取代反应，产物中油状的液体；
【详解】A、CH4和Cl2在光照下缓慢反应，生成了气态的CH3Cl和HCl，液态的CH2Cl2、CHCl3和CCl4，共5种，故A错误；
B、甲烷中的氢原子被氯原子取代生成氯代烃，属于取代反应，故B正确；
C、该反应需光照提供能量，故C正确；
D、甲烷可以和氯气发生取代反应，生成的产物均无色，所以试管中气体颜色会变浅，生成的二氯甲烷、三氯甲烷、四氯化碳均是油状的液体，一氯甲烷和HCl是气体，氯化氢极易溶于水，所以量筒内液面上升并产生白雾，故D正确；
故选A。
【点睛】本题考查甲烷的取代反应，解题关键：掌握反应的原理和产物的性质，易错点：A，产物HCl易忽略。
5.下列物质中沸点最高的是
A. CH3(CH2)3CH3 B. CH3(CH2)2CH3
C. (CH3)3CH D. (CH3)2CHCH2CH3
【答案】A
【解析】
【分析】
对应烃类物质，烃的相对分子质量越大，沸点越高．
【详解】四种烷烃中AD为5个碳原子，碳原子最多，A是直链，D有支链，BC只有4个碳原子，相对分子量小，故A沸点最高，故选A。
6.为检验某卤代烃中的卤元素，进行如下操作，正确的顺序是
①加热 ②加入AgNO3溶液 ③取少量该卤代烃 ④加入足量稀硝酸酸化 ⑤加入NaOH溶液 ⑥冷却
A. ③②①⑥④⑤ B. ③⑤①⑥②④
C. ③①⑤⑥②④ D. ③⑤①⑥④②
【答案】D
【解析】
试题分析：为检验某卤代烃中的卤元素，可以选择水解和消去反应。取少量该卤代烃，向其中加入氢氧化钠溶液，加热，使其发生水解反应生成醇和卤化氢，因为溶液中存在氢氧化钠过量，所以冷却后先加入足量的稀硝酸酸化后，再加入硝酸银溶液，根据产生沉淀的颜色来判断卤素的种类，所以答案选D。
考点：考查卤代烃分子中卤素种类的判断实验
7.创建文明校园，学校全园禁烟，同学们也参与了“寻找烟头”活动。吸烟有害健康，烟草中的剧毒物尼古丁的结构简式为，有关其叙述正确的是
A. 该有机物属于芳香族化合物
B. 尼古丁分子中的C、N原子均处于同一平面内
C. 尼古丁分子中的六元环不是正六边形
D. 尼古丁的一氯代物有10种同分异构体
【答案】C
【解析】
【分析】
A、结构中没有苯环；
B、连接两个环的单键，可旋转；
C、含有C=C键、C=N键，键长不等；
D、结构不对称，含有9种位置不同的H。
【详解】A、结构中没有苯环，该有机物不属于芳香族化合物，故A错误；
B、连接两个环的单键，可旋转，尼古丁分子中的C、N原子不能处于同一平面内，故B错误；
C、含有C=C键、C=N键，键长不等，则六元环不是正六边形，故C正确；
D、结构不对称，含有9种位置不同的H，则一氯代物有9种同分异物体，故D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，解题关键：注意把握有机物的结构和官能团的性质，难点D，结构不对称，含有9种位置不同的H。
8.下列颜色变化与氧化还原反应无关的是
A. 将乙醇滴入酸性K2Cr2O7溶液中，溶液由橙色变为绿色
B. 久存的苯酚变成了粉红色
C. 将烧黑的铜丝趁热插入乙醇中，铜丝又变亮红
D. 将饱和食盐水滴在电石上，产生大量无色气体
【答案】D
【解析】
【分析】
与氧化还原反应无关，说明该反应中没有电子转移，其特征是没有元素化合价升降，据此分析解答。
【详解】A．2K2Cr2O7+3C2H5OH+8H2SO4=2K2SO4+2Cr2（SO4）3+3CH3COOH+11H2O，Cr2O72－转化为Cr3＋，C元素化合价由-2价变为0价，有电子转移，所以属于氧化还原反应，故A不选；
A、久存的苯酚与空气中氧气变成了粉红色，故B不选；
C、烧黑生成CuO，Cu、O元素的化合价变化，趁热插入乙醇中又变红，乙醇被氧化铜氧化，所以有电子转移，属于氧化还原反应，故C不选；
D、将饱和食盐水滴在电石上，产生大量无色气体，该反应中各元素化合价不变，没有电子转移，所以不属于氧化还原反应，故D选；
故选D。
【点睛】本题考查氧化还原反应，解题关键：把握发生的反应及反应中元素的化合价变化，C注意现象与反应的关系。
9.苯环和侧链相互影响，下列关于甲苯的实验事实中，能说明苯环对侧链有影响的是
A. 甲苯能与浓硝酸、浓硫酸反应生成三硝基甲苯
B. 甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C. 甲苯燃烧能产生带浓烟的火焰
D. 1 mol甲苯能与3 mol H2发生加成反应
【答案】B
【解析】
【分析】
甲苯和苯相比，甲苯中比苯多一个甲基，甲基的结构和烷烃相似，所以甲基应具有烷烃的性质；根据苯环和侧链相互影响知，只要甲基能发生的化学反应烷烃不能发生，即可说明苯环对侧链有影响．
【详解】A．甲苯和苯都能与浓硝酸、浓硫酸发生取代反应，所以不能说明苯环对侧链有影响，故A错误；
B、甲苯能使酸性高锰酸钾褪色，苯不能使酸性高锰酸钾褪色，所以能说明苯环对侧链有影响，故B正确；
C、苯和甲苯都能燃烧产生带浓烟的火焰，这是碳不完全燃烧导致，所以不能说明苯环对侧链有影响，故C错误；
D、1mol甲苯或1mol苯都能与3molH2发生加成反应，所以不能说明苯环对侧链有影响，故D错误；
故选B。
【点睛】本题考查有机物中官能团及性质，解题关键：把握发生的反应及苯环对侧链的影响．
10.手性分子是指在分子结构Cbxay中，当a、b、x、y为彼此互不相同的原子或原子团时，称此分子为手性分子，中心碳原子为手性碳原子。下列分子中指定的碳原子(用*标记)不属于手性碳原子的是
A. 丙氨酸
B. 苹果酸
C. 葡萄糖
D. 甘油醛
【答案】B
【解析】
【分析】
根据手性碳原子指连有四个不同基团的碳原子，手性碳原子判断时抓住：手性碳原子一定是饱和碳原子、手性碳原子所连接的四个基团要是不同的。
【详解】A、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、甲基、羧基和氨基，是手性碳原子，故A不选；
B、中*号碳原子上连有两个一样的氢原子，不是手性碳原子，故B正确；
C、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、-CH2OH、羟基以及剩余的大取代基，是手性碳原子，故C不选；
D、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、-CH2OH、羟基以及醛基，是手性碳原子，故D不选。
故选B。
11.将转变为方法为 ( )
A. 与稀H2SO4共热后，加入足量Na2CO3
B. 与稀H2SO4共热后，加入足量NaOH
C. 与足量NaOH溶液共热后，再通入CO2
D. 与足量NaOH溶液共热后，再加入稀硫酸
【答案】C
【解析】
先加入硫酸，生成邻羟基苯甲酸，然后再加入碳酸钠或氢氧化钠，则酚羟基也和碳酸钠及氢氧化钠反应，A、B不正确。先加入氢氧化钠则生成，若再加入稀硫酸，则将生成邻羟基苯甲酸，因为羧基的酸性强于碳酸的，所以选项C正确。
12.下列实验装置能达到实验目的是(夹持仪器未画出)
A. 装置①用于检验溴乙烷消去生成的乙烯
B. 装置②用于石油的分馏
C. 装置③用于实验室制硝基苯
D. 装置④可证明酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚
【答案】C
【解析】
【分析】
A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色；
B、温度计测定馏分的温度、且冷却应下进上出；
C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯；
D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应．
【详解】A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色，装置①不能用于检验溴乙烷消去生成的乙烯，故A错误；
B、温度计测定馏分的温度、且冷却水应下进上出，则图中温度计的水银球应在支管口处、且冷水方向不合理，故B错误；
C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯，图中制备实验装置合理，故C正确；
D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应，不能比较碳酸、苯酚的酸性，故D错误；
故选C．
【点睛】本题考查化学实验方案的评价，解题关键：把握有机物的性质、物质的制备实验、混合物分离提纯、酸性比较、实验技能。易错点D，注意盐酸的挥发性。
13.下列化学反应的产物中，存在同分异构体的是
①CH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解 ②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应 ③2－氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热反应 ④在催化剂的存在与氢气完全加成 ⑤异戊二烯（）与等物质的量的Br2发生加成反应
A. ①②③ B. ①②④ C. ②③④ D. ②③⑤
【答案】D
【解析】
【分析】
①卤代烃在碱性条件下发生的是水解反应，其实质是卤素原子被羟基取代；
②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应，取代的是苯环上的氢原子；
③2－氯丁烷与NaOH的醇溶液共热，发生消去反应生成1-丁烯和2-丁烯，存在同分异构体，故正确；
④苯环和碳碳双键均可以被氢气加成，完全加成即均变为单键．
⑤异戊二烯与等物质的量的Br2发生加成反应有三种可能，含2个双键，可发生1，2加成或1，4加成；。
【详解】①CH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解得到CH3CH2CH2OH，无同分异构体，故错误；
②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应，可以取代苯环上的氢原子，苯环上含有三种氢原子，所得产物存在同分异构体，故正确；
③2－氯丁烷与NaOH的醇溶液共热，发生消去反应生成1-丁烯和2-丁烯，存在同分异构体，故正确；
④在催化剂存在下与H2完全加成只能得到乙基环己烷一种产物，无同分异构体，故错误；
⑤异戊二烯与等物质的量的Br2发生加成反应有三种可能，含2个双键，可发生1，2加成或1，4加成，生成BrCH2CBr（CH3）CH=CH2、CH2=C（CH3）CBr-CHBr或BrCH2C（CH3）=CHCH2Br，存在位置异构，故正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，解题关键：把握官能团与性质、有机反应、同分异构体，易错点⑤，注意官能团异构及位置异构的判断。
14.下图表示取1 mol乙烯雌酚进行的4个实验，下列对实验数据的预测正确的是
A. 反应①中生成7 mol H2O B. 反应②中生成2 mol CO2
C. 反应③最多消耗3 mol Br2 D. 反应④中最多消耗7 mol H2
【答案】D
【解析】
题目所给的乙烯雌酚的结构不正确，应该是：
乙烯雌酚的分子式为C18H20O2，1mol该物质燃烧可得到10mol水；但它并不能与NaHCO3溶液反应；1 mol乙烯雌酚可和4mol溴取代、1mol溴加成，故共可以消耗5mol的Br2；苯环及碳碳双键均可与氢气在一定条件下发生加成反应，1 mol乙烯雌酚共可与7mol氢气加成，故答案为D
15.为提纯下列物质(括号内物质为杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是
选项
被提纯的物质
除杂试剂
分离方法
A
己烷(己烯)
氢气
加热
B
苯(苯酚)
浓溴水
过滤
C
甲烷(乙烯)
酸性KMnO4溶液
洗气
D
溴苯(溴)
NaOH溶液
分液
A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【分析】
A、己烯与氢气加成可得到己烷，但加入氢气的量无法控制；
B．三溴苯酚易溶于苯；
C．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；
D．溴与NaOH反应后，与溴苯分层．
【详解】A、己烯与氢气加成可得到己烷，但加入氢气的量无法控制，故A错误；
B．三溴苯酚易溶于苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液，故B错误；
C．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气，故C错误；
D．溴与NaOH反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故D正确；
故选D。
【点睛】本题考查混合物分离提纯，解题关键：把握有机物的性质、混合物分离提纯，易错点A，注意除杂的原则，不用气体除去气体中的气体杂质。
16.由下列5种基团中的2个不同基团两两组合，形成的有机物能与NaOH溶液反应的有
①-OH②-CH3③-COOH④⑤-CHO
A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】B
【解析】
【分析】
①-OH ②-CH3 ③-COOH ④ ⑤-CHO两两组合形成的化合物有10种，其中-OH与-COOH组合形成的H2CO3为无机物，不合题意，只有C6H5OH、C6H5COOH、HCOOH、CH3COOH和OHCCOOH这5种有机物能与NaOH反应
【详解】按照以下组合方法：、④-⑤，将①～⑤两两进行组合，形成的化合物总共有10种，其中-OH与-COOH组合形成H2CO3不属于有机物；9种有机物中，能够与氢氧化钠反应的有机物有5种，分别为：C6H5OH、C6H5COOH、HCOOH、CH3COOH和OHCCOOH，故选B。
17.（1）下列各组物质中，互为同位素的是____________(填序号，下同)，互为同系物的是______________，互为同分异构体的是________。
①红磷与白磷
②与
③CH3COOCH3与CH3CH2COOCH3
④
⑤
⑥
⑦乙醇与二甲醚
（2）按系统命名法给下列有机物命名：
①CH3CH(C2H5)CH(CH3)2: _____________________________________。
②：____________
（3）A～D四种物质皆为烃类有机物，分子球棍模型分别如下所示，请回答下列问题。
①等物质的量的上述烃，完全燃烧时消耗O2最多的是__________(填字母代号，下同)，等质量的上述烃完全燃烧时消耗O2最多的是________。
②在120 ℃，1.01×105 Pa下，A和C分别与足量O2混合点燃，完全燃烧后气体体积没有变化的是________________。
③B的某种同系物W，分子式为C6H12，且所有碳原子都在同一平面上，则W的结构简式为______________________。
【答案】 (1). ② (2). ③ (3). ⑥⑦ (4). 2，3－二甲基戊烷 (5). 3－甲基－2－氯丁烷 (6). D (7). A (8). A (9). （CH3）2C=C（CH3）2
【解析】
【分析】
（1）同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团的化合物，官能团数目和种类相等；
具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；
同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；
组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同，结构式的形状及物质的聚集状态可能不同．
（2）根据系统命名规则解答；
（3）①1mol烃CxHy的耗氧量为（x＋y/4）mol；等质量的上述四种烃，含氢元素的质量越大。
②120℃条件下水为气体，燃烧通式CxHy+（x＋y/4）O2 xCO2＋y/2H2O（g），完全燃烧前后气体体积没有变化，则1+（x＋y/4）=x＋y/2，故y=4，以此判断；
③乙烯是平面型结构，根据乙烯的结构确定该物质的结构。
【详解】（1）35Cl和37Cl中子数不同，是氯元素的不同核素，互为同位素，故选②；
CH3COOCH3和CH3CH2COOCH3结构相似，相差1个CH2原子团，互为同系物，故选③；
⑥中两种物质分子式相同，结构不同，为官能团位置异构，⑦乙醇与二甲醚，两种物质分子式相同，结构不同，为官能团异构，故属于同分异构的选⑥⑦。
（2）①主链5个碳，2，3号位置有两个甲基， 2，3－二甲基戊烷 ②主链4个碳，3号位置有1个甲基，2号位有氯原子，名称为： 3－甲基－2－氯丁烷；
（3）①1mol烃CxHy的耗氧量为（x＋y/4）mol，则等物质的量的CH4、C2H4、C3H8、C6H6中消耗O2最多的是 C6H6，故选D；
等质量的上述四种烃，含氢元素的质量越大，完全燃烧时消耗O2越多，4种物质中CH4的含氢质量最大，等质量时，耗氧量最大,故选A；
②120℃条件下水为气体，燃烧通式CxHy+（x＋y/4）O2 xCO2＋y/2H2O（g），完全燃烧前后气体体积没有变化，则1+（x＋y/4）=x＋y/2，故y=4，即A和C中CH4完全燃烧后体积不变，故选A；
③乙烯是平面型结构，C6H12符合单烯烃的通式，且该烃的所有碳原子都在同一平面上，所以可以看作是乙烯中的氢原子被甲基取代，所以该物质的结构简式为：（CH3）2C=C（CH3）2；
18.请写出相应化学方程式，并写出前三个反应的反应类型。
（1）乙烯水化法制乙醇：_______________；反应类型：__________________________。
（2）溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中加热：_______________；反应类型：__________________________。
（3）苯与液溴在一定条件下反应：___________________________(注明条件)；反应类型：__________________________。
（4）苯酚钠与少量二氧化碳的反应：_________________。
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜：______________________。
【答案】 (1). CH2===CH2＋H2OCH3CH2OH (2). 加成反应 (3). CH3CH2Br＋NaOHCH2===CH2↑＋NaBr＋H2O (4). 消去反应 (5). (6). 取代反应 (7). C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3 (8). CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O
【解析】
【分析】
（1）乙烯不饱和的C=C双键，其中1个C-C断裂结合水提供的-H、-OH，发生加成反应；
（2）CH3CH2Br在NaOH的乙醇溶液中加热发生消去反应，生成乙烯；
（3）苯与液溴在一定条件下发生取代反应生成溴苯；
（4）碳酸的酸性强于苯酚，苯酚钠与少量二氧化碳的反应生成碳酸氢钠和苯酚；
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜，还生成乙酸铵、氨气和水。
【详解】（1）CH2=CH2中含有不饱和的C=C双键，能够在催化剂存在条件下与水发生加成反应生成乙醇，反应的化学方程式为：CH2═CH2+H2OCH3CH2OH；
（2）CH3CH2Br在NaOH的乙醇溶液中加热发生消去反应，生成乙烯，反应的化学方程式为：CH3CH2Br＋NaOHCH2===CH2↑＋NaBr＋H2O；
（3）苯与液溴在一定条件下发生取代反应生成溴苯，反应的化学方程式为：；
（4）碳酸的酸性强于苯酚，苯酚钠与少量二氧化碳的反应生成碳酸氢钠和苯酚，反应的化学方程式为：C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3；
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜，还生成乙酸铵、氨气和水，反应的化学方程式为：CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O。
19.某有机物M的结构简式如下所示：
（1）M的分子式为__________。
（2）M分子中含氧官能团的名称为__________。
（3）下列有关M的叙述正确的是________(填字母代号)。
A．在浓硫酸存在时加热可发生消去反应
B．在酸性条件下可发生水解，得到两种不同的有机物
C．可与FeCl3溶液发生显色反应
D．该有机物1 mol与足量氢气充分反应，最多消耗8 mol氢气
（4）请写出M与过量热氢氧化钠溶液反应的化学方程式：_________________。
【答案】 (1). C14H8O7Br2 (2). 羟基、酯基、羧基 (3). C (4). ＋10NaOH 2＋2NaBr＋7H2O
【解析】
【分析】
（1）由M的结构简式写出分子式；
（2）M分子中含氧官能团的名称为羟基、酯基、羧基；
（3）A．酚羟基不能发生消去反应；
B．酯基在酸性条件下可发生水解，得到一种物质；
C．酚羟基可与FeCl3溶液发生显色反应；
D．酯基和羧基不能与氢气发生加成反应。
（4）M的酚羟基、苯环上的溴、酯基、羧基均能与NaOH反应；
【详解】（1）由M的结构简式写出分子式：C14H8O7Br2 ；
（2）M分子中含氧官能团的名称为羟基、酯基、羧基；
（3）A．酚羟基不能发生消去反应，故A错误；
B．酯基在酸性条件下可发生水解，得到一种物质，故B错误；
C．酚羟基可与FeCl3溶液发生显色反应，故C正确；
D．酯基和羧基不能与氢气发生加成反应，该有机物1 mol与足量氢气充分反应，最多消耗6 mol氢气，故D错误。
故选C。
（4）M的酚羟基、苯环上的溴、酯基、羧基均能与NaOH反应，反应的化学方程式：＋10NaOH 2＋2NaBr＋7H2O。
20.为确定有机物A的结构，某研究团队对有机物A进行了多项实验，得实验结果如下：
①有机物A经李比希法分析知：含碳77.8%，氢为7.40%，其余为氧；
②质谱法分析A得知其相对分子质量为108；
③经红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；
④A的核磁共振氢谱显示其有4种峰，且峰面积比为3∶2∶2∶1；
⑤A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，且在常温下A可与浓溴水反应，1 mol A最多可消耗浓溴水中2 mol Br2。
求：（1）该有机物的分子式为________________。
（2）确定该有机物的结构简式：___________________，写出其与足量浓溴水反应的化学方程式：__________。
（3）含有苯环的A的同分异构体还有____________种(不含A)，请写出其中属于醇的同分异构体与氧气加热(铜作催化剂)的反应方程式：______________________。
【答案】 (1). C7H8O (2). (3). (4). 4 (5).
【解析】
【分析】
（1）A的相对分子质量为108，根据各元素的质量分数计算分子中C、H、O原子数目，确定A的分子式；
（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，结合A的分子式确定A的结构简式，进而书写方程式．
（3）含有苯环的A的同分异构体还有、、、。其中属于醇的同分异构体是，在铜催化作用下，氧化成苯甲醛。
【详解】（1）已知：Mr（A）=108，则有：
N（C）=108×77.8%/12=7
N（H）=108×7.4%=8
N（O）=(108-12×7-8)/16=1
所以，A的分子式为C7H8O；
（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，由A的分子式可知还含有1个甲基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，A的核磁共振氢谱显示其有4种峰，且峰面积比为3∶2∶2∶1，则羟基与甲基处于对位，故A的结构简式为：；
写出其与足量浓溴水反应的化学方程式：；
（3）含有苯环的A的同分异构体还有、、、。其中属于醇的同分异构体是，在铜催化作用下，氧化成苯甲醛，反应方程式为：。
21.某同学给分子式为C12H26的某烷烃命名为“2，4－二甲基－3，5－二乙基己烷”，另一同学认为这样命名有错误，有关该烷烃的说法，你认为正确的是
A. 若该烷烃由单烯烃与氢气加成而得，则原单烯烃可有11种不同结构
B. 该烷烃的一氯代物有10种
C. 该烷烃正确名称应为2，4，5－三甲基－3－乙基庚烷
D. 该烷烃分子中含有5个支链
【答案】C
【解析】
【分析】
根据某同学给分子式为C12H26的烷烃命名可知，该烷烃的碳骨架结构简式为，结合等效氢规则可知该烷烃有11种不同的H原子，有四个支链。
【详解】A、该烷烃是单烯烃与氢气加成后的产物，则烷烃中C上需有H，由结构可知，每个C原子上至少有1个H原子，将相邻两个C原子的H原子各消去1个，共有10种单烯烃结构，故A错误；
B、该烷烃有11种不同的H原子，所以该烷烃的一氯代物有11种，故B错误；
C、根据烷烃命名原则，该烷烃的名称为2，4，5-三甲基-3-乙基庚烷，故C正确；
D、根据该烷烃的结构简式可知，该烷烃分子中含有4个支链，故D错误；
故选C。
【点睛】本题考查烷烃的命名、同分异构体及其数目判断、烯烃及其同分异构体种类判断，易错点C，注意烃类命名规则、难点B，注意等效氢法与同分异构体的关系。
22.已知：乙醇可被强氧化剂氧化为乙酸。BrCH2CH===CHCH2Br可经三步反应制得HOOCCHClCH2COOH，发生反应的类型依次是
A. 加成反应、水解反应、氧化反应
B. 加成反应、氧化反应、水解反应
C. 水解反应、氧化反应、加成反应
D. 水解反应、加成反应、氧化反应
【答案】D
【解析】
【分析】
BrCH2CH=CHCH2Br可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，先发生-Br的水解，然后发生碳碳双键的加成，最后发生-OH的氧化。
【详解】BrCH2CH=CHCH2Br可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，第一步BrCH2CH=CHCH2Br→HOCH2CH=CHCH2OH，为水解反应；第二步HOCH2CH=CHCH2OH→HOCH2CHClCH2CH2OH，为加成反应，第三步HOCH2CHClCH2CH2OH→HOOCCHClCH2COOH，为氧化反应，所以发生反应的类型依次是水解反应、加成反应、氧化反应，
故选D。
23.某混合物里有一种饱和一元醇和一种饱和一元醛，共6 g，和足量银氨溶液反应后，还原出32.4 g银，下列说法正确的是
A. 混合物中的醛不一定是甲醛
B. 混合物中的醇只能是乙醇
C. 混合物中醇与醛的质量之比为5∶3
D. 混合物中醇与醛的质量之比为1∶3
【答案】C
【解析】
【分析】
醇不能与银氨溶液反应，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，再根据M=m/n，计算该醛的摩尔质量，实际醛的摩尔质量应小于假设计算值，据此判断醛成分，根据m=nM计算醛的质量，进而计算醇的质量，由于不能确定醇的分子式，故不能确定醇的物质的量，无法确定醇与醛的物质的量之比．
【详解】A、32.4gAg的物质的量=32.4g/108g·mol－1=0.3mol，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，故R-CHO的物质的量=0.3mol×1/2=0.15mol，故R-CHO的摩尔质量=6g/0.15mol=40g·mol－1，而除甲醛外最简单的醛是乙醛，乙醛摩尔质量为44g·mol－1，大于40g·mol－1，故该醛一定为HCHO，故A错误；
B、由于不能确定醇的分子式，故B错误；
C、HCHO的质量=0.075mol×30g·mol－1=2.25g，故醇的质量=6g-2.25g=3.75g，混合物中醇与醛的质量之比为=3.75：2.25=5∶3，故C正确；
D、由C可知，D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物推断，属于计算型推断，解题技巧：注意利用假设法进行解答，注意理解甲醛与银氨溶液反应，HCHO～4Ag。
24.在分子中，能在同一平面上的碳原子至少有
A. 8个 B. 9个 C. 12个 D. 14个
【答案】B
【解析】
【分析】
由结构简式可知，分子中含2个苯环，苯环为平面结构，直接与苯环相连的原子与苯环在同一平面内，注意结构的对称性。
【详解】在分子中，甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的C原子处于苯的H原子位置，所以处于苯环这个平面；两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于该苯环中的H原子位置，也处于另一个苯环这个平面，另一苯环所有的C原子都处于同一平面上，处于苯环对位上的碳原子以及碳原子所连的氢原子共线，所以至少有9个碳原子共面，最多有14个。
故选B。
25.将一定量的某有机物与过量的钠反应，生成H2 V1 L；另取等量的该有机物与足量Na2CO3溶液反应生成CO2 V2 L(同条件下)，则V1和V2的关系不可能为
A. V1
【答案】A
【解析】
【分析】
只有-COOH与Na2CO3溶液反应生成CO2，二者反应时物质的量为2：1；而-OH、-COOH均与钠反应，生成H2，且反应时物质的量比为1：1，但官能团与气体的物质的量之比均为2：1
【详解】由2-COOH～H2↑、2-OH～H2↑、2-COOH～CO2↑可知，分两种情况，①不含-OH，只有-COOH，则有V1=V2，②含1个-OH、1个-COOH，则V1＞V2，且V1=2V2，
故选A。
26.某有机物A的分子式为C6H12O2，已知A~E有如图转化关系，且D不与Na2CO3溶液反应，C、E均能发生银镜反应，则A的结构可能有
A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种
【答案】D
【解析】
试题分析：容易判断C为羧酸，D为醇，E为酮；因C、E不能发生银镜反应，则C不是甲酸，而E分子中应含有的结构，结合A的分子式可知A只可能是
两种结构。
考点：考查有机物的结构与性质、同分异构体的判断
点评：该题是高考中的常见题型和重要的考点之一，属于中等难度的试题，意在考查考生对有机化合物知识的应用能力。试题综合性强，难度较大，侧重对学生能力的培养和解题方法的指导。该题的关键是准确判断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的结构和性质，灵活运用即可。有利于培养学生的知识迁移能力和辑推理能力。
27.有机化合物A～H的转换关系如下所示：
请回答下列问题：
（1）链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65～75之间，1 mol A完全燃烧消耗7 mol氧气，则A的结构简式是____________________________。
（2）在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E。E______(填“存在”或“不存在”)顺反异构，由E转化为F的化学方程式为______________________________。
（3）G与金属钠反应能放出气体，由F转化为G的反应条件是__________________；由G生成H的化学方程式是__________________。
（4）B是A的一种同分异构体，它的一氯代物只有一种(不考虑立体异构)，则B的结构简式为________________________。
【答案】 (1). (CH3)2CHC≡CH (2). 不存在 (3). (CH3)2CHCH===CH2＋Br2(CH3)2CHBrCH2Br (4). NaOH水溶液/加热 (5). (CH3)2CHCHOHCH2OH＋HOCOCH2CH2COOH＋2H2O (6).
【解析】
【分析】
链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65-75之间，1molA完全燃烧消耗7mol氧气，A能发生加成反应，说明含有碳碳不饱和键，设A的分子式为CxHy，65＜12x+7y＜75，x＋y/4=7，所以x=5、y=8，A的分子式为C5H8，链烃A有支链且只有一个官能团，则A的结构简式为CH≡CCH（CH3）2，在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E，则E结构简式为CH2=CHCH（CH3）2，B和溴发生加成反应生成F，F结构简式为CH2BrCHBrCH（CH3）2，F发生水解反应生成G，G结构简式为HOCH2CH（OH）CH（CH3）2，G和丁二酸反应生成H，H结构简式为。
【详解】（1）链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65-75之间，1molA完全燃烧消耗7mol氧气，A能发生加成反应，说明含有碳碳不饱和键，设A的分子式为CxHy，65＜12x+7y＜75，x＋y/4=7，所以x=5、y=8，A的分子式为C5H8，且A经氢气加成得到E，E能继续与溴加成，所以A含有碳碳三键；又A中含有一个支链，则A为CH≡CCH（CH3）2；
（2）A的结构简式为CH≡CCH（CH3）2，在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E，E结构简式为CH2=CHCH（CH3）2，E不存在顺反异构，F结构简式为CH2BrCHBrCH（CH3）2，由E转化为F的化学方程式是CH2=CHCH（CH3）2+Br2→CH2BrCHBrCH（CH3）2；
（3）G与金属钠反应能放出气体，说明G中应含有羟基，因此F到G为溴代烃发生的取代反应生成醇的反应，条件为：NaOH水溶液/加热，所以G为HOCH2CH（OH）CH（CH3）2 ，G转化为H的化学方程式为 (CH3)2CHCHOHCH2OH＋HOCOCH2CH2COOH＋2H2O。
（4）B是A的一种同分异构体，它的一氯代物只有一种(不考虑立体异构)，则4个碳必为对称结构，结合其不饱和度为2，可以得知为。
【点睛】本题考查有机物推断，解题关键：理解炔、烯烃、卤代烃、醇、酯之间的转化，难点：正确推断A的结构。
28.甲苯（）是一种重要的化工原料，能用于生产苯甲醛（）、苯甲酸（）等产品。下表列出有关物质的部分物理性质。
注：甲苯、苯甲醛、苯甲酸三者互溶，且均易溶于有机溶剂中。
实验室可用如图装置模拟制备苯甲醛：
实验时先在三颈瓶中加入0.5 g固态难溶性催化剂，再加入15 mL冰醋酸和2 mL甲苯，搅拌升温至70 ℃，同时缓慢加入12 mL过氧化氢，在此温度下搅拌反应3小时。试回答下列问题：
（1）装置a的名称是____________。三颈瓶中发生反应的化学方程式为______________________________________________，加入的冰醋酸并未参与反应，其作用可能为____________。
（2）经测定，反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是________________________________________(答一条即可)。
（3）反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过________(填操作名称)等操作，才能得到苯甲醛粗产品。
（4）实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。
①若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是__________(按步骤顺序填字母代号)。
a．对混合液进行分液
b．过滤、洗涤、干燥
c．水层中加入盐酸调节pH＝2
d．与适量碳酸氢钠溶液混合震荡
②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500 g产品，溶于200 mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20.00 mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.100 0 mol/L的KOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00 mL。产品中苯甲酸的质量分数为________(注：苯甲酸的相对分子质量为122)。
【答案】（1）球形冷凝管（2分）冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率（2分）
（2）（2分） 66.25％（2分）
（3）H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量（2分）
（4）过滤（2分） 蒸馏（2分）（5）①dacb（2分） ②87.84﹪（2分）
【解析】
试题分析：（1）根据仪器构造可知装置a的名称是球形冷凝管，主要作用是冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率。
（2）三颈瓶中甲苯被氧化为苯甲醛，发生反应的化学方程式为，
此反应的原子利用率理论上＝＝66.25％。
（3）经测定，反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量。
（4）反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过过滤除去固体催化剂、再蒸馏除去水等操作，才能得到苯甲醛粗产品。
（5）实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。①若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是先与适量碳酸氢钠溶液混合震荡，生成苯甲酸钠，对混合液进行分液，水层中加人盐酸调节pH＝2，苯甲酸钠生成苯甲酸，最后过滤、洗涤、干燥，因此正确的操作步骤是dacb；
②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500g产品，溶于200mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20．00mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.1000moL/LKOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00mL。产品中苯甲酸的物质的量是0.1moL/L×0.018L×10＝0.018mol，质量分数为87.84%。
【考点定位】本题主要是考查制备实验方案的设计与评价。
【名师点睛】本题是高频考点，侧重于制备实验操作、物质的分离提纯、数据的处理和计算、滴定原理的应用等知识点的考查，清楚制备的原理是解答的关键，题目难度中等。关键是计算，苯甲酸与氢氧化钾反应生成苯甲酸钾，苯甲酸钾水解显碱性，应该用酚酞作指示剂；根据氢氧化钾的物质的量求出苯甲酸的物质的量，再求出质量和质量分数。
1.下列物质中不属于有机物的是
A. CaC2 B. C3H8 C. C2H4O2 D. C3H7Cl
【答案】A
【解析】
根据含有碳元素的化合物叫有机化合物，简称有机物；碳的氧化物、碳酸盐、碳酸虽含碳，但其性质与无机物类似，因此把它们看作无机物。
【详解】A. CaC2中虽然含有碳元素，但是碳酸的性质和无机物相似，属于无机物，故A正确；
B. C3H8是含有碳元素的化合物，属于有机物，故B错误；
C. C2H4O2是由碳、氢、氧三种元素组成的，是一种含碳的化合物，属于有机物，故C错误；
D. C3H7Cl是含有碳元素的化合物，属于有机物，故D错误。
故选A。
2.下列物质的化学用语表达正确的是
A. 乙烯的结构简式：CH2CH2
B. 羟基的电子式：
C. 甲醇的球棍模型：
D. 乙酸的实验式：CH3COOH
【答案】C
【解析】
【分析】
A、乙烯的结构简式中要标明双键；
B、羟基是电中性基团，氧原子周围多1个电子；
C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子；
D、CH3COOH是乙酸的结构简式。
【详解】A、乙烯的结构简式中要标明双键，乙烯的结构简式：CH2=CH2，故A错误；
B、羟基是电中性基团，氧原子周围多1个电子，羟基的电子式：，故B错误；
C、由模型可知大黑球为碳原子，白球为氧原子，小黑球为氢原子，故C正确；
D、CH3COOH是乙酸的结构简式，乙酸的实验式：CH2O，故D错误；
故选C。
3.下列叙述中不正确的是
A. 乙烯可作水果的催熟剂
B. 福尔马林可用来保存海参等海鲜产品
C. 苯酚可用来消毒杀菌
D. 通过石油的催化裂化及裂解可以得到轻质油和气态烯烃
【答案】B
【解析】
【分析】
A、乙烯是植物当中天然存在的生长激素，能调节植物的成熟和衰老；
B、福尔马林有毒，不能用作食品的保鲜剂；
C、苯酚能使蛋白质变性；
D、石油催化裂化可得到更多轻质油，裂解可以得到气态烯烃等化工原料．
【详解】A、．由于乙烯是植物当中天然存在的生长激素，能调节植物的成熟和衰老，所以乙烯可作水果的催熟剂，故A正确；
B、福尔马林有毒，可以用于浸泡标本，但不能作食品的保鲜剂，故B错误；
C、苯酚能使蛋白质变性，苯酚可用来消毒杀菌，故C正确；
D、石油催化裂化可得到更多轻质油，裂解可以得到气态烯烃等化工原料，故D正确；
故选B。
4.对CH4与Cl2的反应(如图所示)叙述不正确的是
A. 该反应的生成物有四种
B. 该反应属于取代反应
C. 该反应的条件是光照
D. 该反应的现象是量筒内气体颜色变浅，器壁上有油状液滴，量筒内液面上升并产生白雾，溶液中有晶体析出
【答案】A
【解析】
【分析】
A、CH4和Cl2在光照下发生取代反应，产物有5种；
B、根据取代反应的定义“有机化合物分子里的某些原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应”进行判断；
C、该反应的条件是光照；
D、CH4和Cl2在光照下发生取代反应，产物中油状的液体；
【详解】A、CH4和Cl2在光照下缓慢反应，生成了气态的CH3Cl和HCl，液态的CH2Cl2、CHCl3和CCl4，共5种，故A错误；
B、甲烷中的氢原子被氯原子取代生成氯代烃，属于取代反应，故B正确；
C、该反应需光照提供能量，故C正确；
D、甲烷可以和氯气发生取代反应，生成的产物均无色，所以试管中气体颜色会变浅，生成的二氯甲烷、三氯甲烷、四氯化碳均是油状的液体，一氯甲烷和HCl是气体，氯化氢极易溶于水，所以量筒内液面上升并产生白雾，故D正确；
故选A。
【点睛】本题考查甲烷的取代反应，解题关键：掌握反应的原理和产物的性质，易错点：A，产物HCl易忽略。
5.下列物质中沸点最高的是
A. CH3(CH2)3CH3 B. CH3(CH2)2CH3
C. (CH3)3CH D. (CH3)2CHCH2CH3
【答案】A
【解析】
【分析】
对应烃类物质，烃的相对分子质量越大，沸点越高．
【详解】四种烷烃中AD为5个碳原子，碳原子最多，A是直链，D有支链，BC只有4个碳原子，相对分子量小，故A沸点最高，故选A。
6.为检验某卤代烃中的卤元素，进行如下操作，正确的顺序是
①加热 ②加入AgNO3溶液 ③取少量该卤代烃 ④加入足量稀硝酸酸化 ⑤加入NaOH溶液 ⑥冷却
A. ③②①⑥④⑤ B. ③⑤①⑥②④
C. ③①⑤⑥②④ D. ③⑤①⑥④②
【答案】D
【解析】
试题分析：为检验某卤代烃中的卤元素，可以选择水解和消去反应。取少量该卤代烃，向其中加入氢氧化钠溶液，加热，使其发生水解反应生成醇和卤化氢，因为溶液中存在氢氧化钠过量，所以冷却后先加入足量的稀硝酸酸化后，再加入硝酸银溶液，根据产生沉淀的颜色来判断卤素的种类，所以答案选D。
考点：考查卤代烃分子中卤素种类的判断实验
7.创建文明校园，学校全园禁烟，同学们也参与了“寻找烟头”活动。吸烟有害健康，烟草中的剧毒物尼古丁的结构简式为，有关其叙述正确的是
A. 该有机物属于芳香族化合物
B. 尼古丁分子中的C、N原子均处于同一平面内
C. 尼古丁分子中的六元环不是正六边形
D. 尼古丁的一氯代物有10种同分异构体
【答案】C
【解析】
【分析】
A、结构中没有苯环；
B、连接两个环的单键，可旋转；
C、含有C=C键、C=N键，键长不等；
D、结构不对称，含有9种位置不同的H。
【详解】A、结构中没有苯环，该有机物不属于芳香族化合物，故A错误；
B、连接两个环的单键，可旋转，尼古丁分子中的C、N原子不能处于同一平面内，故B错误；
C、含有C=C键、C=N键，键长不等，则六元环不是正六边形，故C正确；
D、结构不对称，含有9种位置不同的H，则一氯代物有9种同分异物体，故D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，解题关键：注意把握有机物的结构和官能团的性质，难点D，结构不对称，含有9种位置不同的H。
8.下列颜色变化与氧化还原反应无关的是
A. 将乙醇滴入酸性K2Cr2O7溶液中，溶液由橙色变为绿色
B. 久存的苯酚变成了粉红色
C. 将烧黑的铜丝趁热插入乙醇中，铜丝又变亮红
D. 将饱和食盐水滴在电石上，产生大量无色气体
【答案】D
【解析】
【分析】
与氧化还原反应无关，说明该反应中没有电子转移，其特征是没有元素化合价升降，据此分析解答。
【详解】A．2K2Cr2O7+3C2H5OH+8H2SO4=2K2SO4+2Cr2（SO4）3+3CH3COOH+11H2O，Cr2O72－转化为Cr3＋，C元素化合价由-2价变为0价，有电子转移，所以属于氧化还原反应，故A不选；
A、久存的苯酚与空气中氧气变成了粉红色，故B不选；
C、烧黑生成CuO，Cu、O元素的化合价变化，趁热插入乙醇中又变红，乙醇被氧化铜氧化，所以有电子转移，属于氧化还原反应，故C不选；
D、将饱和食盐水滴在电石上，产生大量无色气体，该反应中各元素化合价不变，没有电子转移，所以不属于氧化还原反应，故D选；
故选D。
【点睛】本题考查氧化还原反应，解题关键：把握发生的反应及反应中元素的化合价变化，C注意现象与反应的关系。
9.苯环和侧链相互影响，下列关于甲苯的实验事实中，能说明苯环对侧链有影响的是
A. 甲苯能与浓硝酸、浓硫酸反应生成三硝基甲苯
B. 甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C. 甲苯燃烧能产生带浓烟的火焰
D. 1 mol甲苯能与3 mol H2发生加成反应
【答案】B
【解析】
【分析】
甲苯和苯相比，甲苯中比苯多一个甲基，甲基的结构和烷烃相似，所以甲基应具有烷烃的性质；根据苯环和侧链相互影响知，只要甲基能发生的化学反应烷烃不能发生，即可说明苯环对侧链有影响．
【详解】A．甲苯和苯都能与浓硝酸、浓硫酸发生取代反应，所以不能说明苯环对侧链有影响，故A错误；
B、甲苯能使酸性高锰酸钾褪色，苯不能使酸性高锰酸钾褪色，所以能说明苯环对侧链有影响，故B正确；
C、苯和甲苯都能燃烧产生带浓烟的火焰，这是碳不完全燃烧导致，所以不能说明苯环对侧链有影响，故C错误；
D、1mol甲苯或1mol苯都能与3molH2发生加成反应，所以不能说明苯环对侧链有影响，故D错误；
故选B。
【点睛】本题考查有机物中官能团及性质，解题关键：把握发生的反应及苯环对侧链的影响．
10.手性分子是指在分子结构Cbxay中，当a、b、x、y为彼此互不相同的原子或原子团时，称此分子为手性分子，中心碳原子为手性碳原子。下列分子中指定的碳原子(用*标记)不属于手性碳原子的是
A. 丙氨酸
B. 苹果酸
C. 葡萄糖
D. 甘油醛
【答案】B
【解析】
【分析】
根据手性碳原子指连有四个不同基团的碳原子，手性碳原子判断时抓住：手性碳原子一定是饱和碳原子、手性碳原子所连接的四个基团要是不同的。
【详解】A、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、甲基、羧基和氨基，是手性碳原子，故A不选；
B、中*号碳原子上连有两个一样的氢原子，不是手性碳原子，故B正确；
C、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、-CH2OH、羟基以及剩余的大取代基，是手性碳原子，故C不选；
D、中*号碳原子上连有四个不一样的基团：氢原子、-CH2OH、羟基以及醛基，是手性碳原子，故D不选。
故选B。
11.将转变为方法为 ( )
A. 与稀H2SO4共热后，加入足量Na2CO3
B. 与稀H2SO4共热后，加入足量NaOH
C. 与足量NaOH溶液共热后，再通入CO2
D. 与足量NaOH溶液共热后，再加入稀硫酸
【答案】C
【解析】
先加入硫酸，生成邻羟基苯甲酸，然后再加入碳酸钠或氢氧化钠，则酚羟基也和碳酸钠及氢氧化钠反应，A、B不正确。先加入氢氧化钠则生成，若再加入稀硫酸，则将生成邻羟基苯甲酸，因为羧基的酸性强于碳酸的，所以选项C正确。
12.下列实验装置能达到实验目的是(夹持仪器未画出)
A. 装置①用于检验溴乙烷消去生成的乙烯
B. 装置②用于石油的分馏
C. 装置③用于实验室制硝基苯
D. 装置④可证明酸性：盐酸＞碳酸＞苯酚
【答案】C
【解析】
【分析】
A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色；
B、温度计测定馏分的温度、且冷却应下进上出；
C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯；
D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应．
【详解】A、挥发的乙醇也能使高锰酸钾溶液褪色，装置①不能用于检验溴乙烷消去生成的乙烯，故A错误；
B、温度计测定馏分的温度、且冷却水应下进上出，则图中温度计的水银球应在支管口处、且冷水方向不合理，故B错误；
C、水浴加热50～60℃时制备硝基苯，图中制备实验装置合理，故C正确；
D、盐酸挥发，盐酸与苯酚钠反应，不能比较碳酸、苯酚的酸性，故D错误；
故选C．
【点睛】本题考查化学实验方案的评价，解题关键：把握有机物的性质、物质的制备实验、混合物分离提纯、酸性比较、实验技能。易错点D，注意盐酸的挥发性。
13.下列化学反应的产物中，存在同分异构体的是
①CH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解 ②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应 ③2－氯丁烷与NaOH乙醇溶液共热反应 ④在催化剂的存在与氢气完全加成 ⑤异戊二烯（）与等物质的量的Br2发生加成反应
A. ①②③ B. ①②④ C. ②③④ D. ②③⑤
【答案】D
【解析】
【分析】
①卤代烃在碱性条件下发生的是水解反应，其实质是卤素原子被羟基取代；
②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应，取代的是苯环上的氢原子；
③2－氯丁烷与NaOH的醇溶液共热，发生消去反应生成1-丁烯和2-丁烯，存在同分异构体，故正确；
④苯环和碳碳双键均可以被氢气加成，完全加成即均变为单键．
⑤异戊二烯与等物质的量的Br2发生加成反应有三种可能，含2个双键，可发生1，2加成或1，4加成；。
【详解】①CH3CH2CH2Br在碱性溶液中水解得到CH3CH2CH2OH，无同分异构体，故错误；
②甲苯在催化剂作用下与Cl2发生苯环上的取代反应，可以取代苯环上的氢原子，苯环上含有三种氢原子，所得产物存在同分异构体，故正确；
③2－氯丁烷与NaOH的醇溶液共热，发生消去反应生成1-丁烯和2-丁烯，存在同分异构体，故正确；
④在催化剂存在下与H2完全加成只能得到乙基环己烷一种产物，无同分异构体，故错误；
⑤异戊二烯与等物质的量的Br2发生加成反应有三种可能，含2个双键，可发生1，2加成或1，4加成，生成BrCH2CBr（CH3）CH=CH2、CH2=C（CH3）CBr-CHBr或BrCH2C（CH3）=CHCH2Br，存在位置异构，故正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，解题关键：把握官能团与性质、有机反应、同分异构体，易错点⑤，注意官能团异构及位置异构的判断。
14.下图表示取1 mol乙烯雌酚进行的4个实验，下列对实验数据的预测正确的是
A. 反应①中生成7 mol H2O B. 反应②中生成2 mol CO2
C. 反应③最多消耗3 mol Br2 D. 反应④中最多消耗7 mol H2
【答案】D
【解析】
题目所给的乙烯雌酚的结构不正确，应该是：
乙烯雌酚的分子式为C18H20O2，1mol该物质燃烧可得到10mol水；但它并不能与NaHCO3溶液反应；1 mol乙烯雌酚可和4mol溴取代、1mol溴加成，故共可以消耗5mol的Br2；苯环及碳碳双键均可与氢气在一定条件下发生加成反应，1 mol乙烯雌酚共可与7mol氢气加成，故答案为D
15.为提纯下列物质(括号内物质为杂质)，所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是
选项
被提纯的物质
除杂试剂
分离方法
A
己烷(己烯)
氢气
加热
B
苯(苯酚)
浓溴水
过滤
C
甲烷(乙烯)
酸性KMnO4溶液
洗气
D
溴苯(溴)
NaOH溶液
分液
A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【分析】
A、己烯与氢气加成可得到己烷，但加入氢气的量无法控制；
B．三溴苯酚易溶于苯；
C．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；
D．溴与NaOH反应后，与溴苯分层．
【详解】A、己烯与氢气加成可得到己烷，但加入氢气的量无法控制，故A错误；
B．三溴苯酚易溶于苯，不能除杂，应选NaOH溶液、分液，故B错误；
C．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气，故C错误；
D．溴与NaOH反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故D正确；
故选D。
【点睛】本题考查混合物分离提纯，解题关键：把握有机物的性质、混合物分离提纯，易错点A，注意除杂的原则，不用气体除去气体中的气体杂质。
16.由下列5种基团中的2个不同基团两两组合，形成的有机物能与NaOH溶液反应的有
①-OH②-CH3③-COOH④⑤-CHO
A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】B
【解析】
【分析】
①-OH ②-CH3 ③-COOH ④ ⑤-CHO两两组合形成的化合物有10种，其中-OH与-COOH组合形成的H2CO3为无机物，不合题意，只有C6H5OH、C6H5COOH、HCOOH、CH3COOH和OHCCOOH这5种有机物能与NaOH反应
【详解】按照以下组合方法：、④-⑤，将①～⑤两两进行组合，形成的化合物总共有10种，其中-OH与-COOH组合形成H2CO3不属于有机物；9种有机物中，能够与氢氧化钠反应的有机物有5种，分别为：C6H5OH、C6H5COOH、HCOOH、CH3COOH和OHCCOOH，故选B。
17.（1）下列各组物质中，互为同位素的是____________(填序号，下同)，互为同系物的是______________，互为同分异构体的是________。
①红磷与白磷
②与
③CH3COOCH3与CH3CH2COOCH3
④
⑤
⑥
⑦乙醇与二甲醚
（2）按系统命名法给下列有机物命名：
①CH3CH(C2H5)CH(CH3)2: _____________________________________。
②：____________
（3）A～D四种物质皆为烃类有机物，分子球棍模型分别如下所示，请回答下列问题。
①等物质的量的上述烃，完全燃烧时消耗O2最多的是__________(填字母代号，下同)，等质量的上述烃完全燃烧时消耗O2最多的是________。
②在120 ℃，1.01×105 Pa下，A和C分别与足量O2混合点燃，完全燃烧后气体体积没有变化的是________________。
③B的某种同系物W，分子式为C6H12，且所有碳原子都在同一平面上，则W的结构简式为______________________。
【答案】 (1). ② (2). ③ (3). ⑥⑦ (4). 2，3－二甲基戊烷 (5). 3－甲基－2－氯丁烷 (6). D (7). A (8). A (9). （CH3）2C=C（CH3）2
【解析】
【分析】
（1）同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个CH2原子团的化合物，官能团数目和种类相等；
具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；
同种元素形成的不同单质互为同素异形体；
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；
组成和结构都相同的物质为同一物质，同一物质组成、结构、性质都相同，结构式的形状及物质的聚集状态可能不同．
（2）根据系统命名规则解答；
（3）①1mol烃CxHy的耗氧量为（x＋y/4）mol；等质量的上述四种烃，含氢元素的质量越大。
②120℃条件下水为气体，燃烧通式CxHy+（x＋y/4）O2 xCO2＋y/2H2O（g），完全燃烧前后气体体积没有变化，则1+（x＋y/4）=x＋y/2，故y=4，以此判断；
③乙烯是平面型结构，根据乙烯的结构确定该物质的结构。
【详解】（1）35Cl和37Cl中子数不同，是氯元素的不同核素，互为同位素，故选②；
CH3COOCH3和CH3CH2COOCH3结构相似，相差1个CH2原子团，互为同系物，故选③；
⑥中两种物质分子式相同，结构不同，为官能团位置异构，⑦乙醇与二甲醚，两种物质分子式相同，结构不同，为官能团异构，故属于同分异构的选⑥⑦。
（2）①主链5个碳，2，3号位置有两个甲基， 2，3－二甲基戊烷 ②主链4个碳，3号位置有1个甲基，2号位有氯原子，名称为： 3－甲基－2－氯丁烷；
（3）①1mol烃CxHy的耗氧量为（x＋y/4）mol，则等物质的量的CH4、C2H4、C3H8、C6H6中消耗O2最多的是 C6H6，故选D；
等质量的上述四种烃，含氢元素的质量越大，完全燃烧时消耗O2越多，4种物质中CH4的含氢质量最大，等质量时，耗氧量最大,故选A；
②120℃条件下水为气体，燃烧通式CxHy+（x＋y/4）O2 xCO2＋y/2H2O（g），完全燃烧前后气体体积没有变化，则1+（x＋y/4）=x＋y/2，故y=4，即A和C中CH4完全燃烧后体积不变，故选A；
③乙烯是平面型结构，C6H12符合单烯烃的通式，且该烃的所有碳原子都在同一平面上，所以可以看作是乙烯中的氢原子被甲基取代，所以该物质的结构简式为：（CH3）2C=C（CH3）2；
18.请写出相应化学方程式，并写出前三个反应的反应类型。
（1）乙烯水化法制乙醇：_______________；反应类型：__________________________。
（2）溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中加热：_______________；反应类型：__________________________。
（3）苯与液溴在一定条件下反应：___________________________(注明条件)；反应类型：__________________________。
（4）苯酚钠与少量二氧化碳的反应：_________________。
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜：______________________。
【答案】 (1). CH2===CH2＋H2OCH3CH2OH (2). 加成反应 (3). CH3CH2Br＋NaOHCH2===CH2↑＋NaBr＋H2O (4). 消去反应 (5). (6). 取代反应 (7). C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3 (8). CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O
【解析】
【分析】
（1）乙烯不饱和的C=C双键，其中1个C-C断裂结合水提供的-H、-OH，发生加成反应；
（2）CH3CH2Br在NaOH的乙醇溶液中加热发生消去反应，生成乙烯；
（3）苯与液溴在一定条件下发生取代反应生成溴苯；
（4）碳酸的酸性强于苯酚，苯酚钠与少量二氧化碳的反应生成碳酸氢钠和苯酚；
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜，还生成乙酸铵、氨气和水。
【详解】（1）CH2=CH2中含有不饱和的C=C双键，能够在催化剂存在条件下与水发生加成反应生成乙醇，反应的化学方程式为：CH2═CH2+H2OCH3CH2OH；
（2）CH3CH2Br在NaOH的乙醇溶液中加热发生消去反应，生成乙烯，反应的化学方程式为：CH3CH2Br＋NaOHCH2===CH2↑＋NaBr＋H2O；
（3）苯与液溴在一定条件下发生取代反应生成溴苯，反应的化学方程式为：；
（4）碳酸的酸性强于苯酚，苯酚钠与少量二氧化碳的反应生成碳酸氢钠和苯酚，反应的化学方程式为：C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3；
（5）乙醛与银氨溶液反应制银镜，还生成乙酸铵、氨气和水，反应的化学方程式为：CH3CHO＋2Ag(NH3)2OHCH3COONH4＋2Ag↓＋3NH3＋H2O。
19.某有机物M的结构简式如下所示：
（1）M的分子式为__________。
（2）M分子中含氧官能团的名称为__________。
（3）下列有关M的叙述正确的是________(填字母代号)。
A．在浓硫酸存在时加热可发生消去反应
B．在酸性条件下可发生水解，得到两种不同的有机物
C．可与FeCl3溶液发生显色反应
D．该有机物1 mol与足量氢气充分反应，最多消耗8 mol氢气
（4）请写出M与过量热氢氧化钠溶液反应的化学方程式：_________________。
【答案】 (1). C14H8O7Br2 (2). 羟基、酯基、羧基 (3). C (4). ＋10NaOH 2＋2NaBr＋7H2O
【解析】
【分析】
（1）由M的结构简式写出分子式；
（2）M分子中含氧官能团的名称为羟基、酯基、羧基；
（3）A．酚羟基不能发生消去反应；
B．酯基在酸性条件下可发生水解，得到一种物质；
C．酚羟基可与FeCl3溶液发生显色反应；
D．酯基和羧基不能与氢气发生加成反应。
（4）M的酚羟基、苯环上的溴、酯基、羧基均能与NaOH反应；
【详解】（1）由M的结构简式写出分子式：C14H8O7Br2 ；
（2）M分子中含氧官能团的名称为羟基、酯基、羧基；
（3）A．酚羟基不能发生消去反应，故A错误；
B．酯基在酸性条件下可发生水解，得到一种物质，故B错误；
C．酚羟基可与FeCl3溶液发生显色反应，故C正确；
D．酯基和羧基不能与氢气发生加成反应，该有机物1 mol与足量氢气充分反应，最多消耗6 mol氢气，故D错误。
故选C。
（4）M的酚羟基、苯环上的溴、酯基、羧基均能与NaOH反应，反应的化学方程式：＋10NaOH 2＋2NaBr＋7H2O。
20.为确定有机物A的结构，某研究团队对有机物A进行了多项实验，得实验结果如下：
①有机物A经李比希法分析知：含碳77.8%，氢为7.40%，其余为氧；
②质谱法分析A得知其相对分子质量为108；
③经红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；
④A的核磁共振氢谱显示其有4种峰，且峰面积比为3∶2∶2∶1；
⑤A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，且在常温下A可与浓溴水反应，1 mol A最多可消耗浓溴水中2 mol Br2。
求：（1）该有机物的分子式为________________。
（2）确定该有机物的结构简式：___________________，写出其与足量浓溴水反应的化学方程式：__________。
（3）含有苯环的A的同分异构体还有____________种(不含A)，请写出其中属于醇的同分异构体与氧气加热(铜作催化剂)的反应方程式：______________________。
【答案】 (1). C7H8O (2). (3). (4). 4 (5).
【解析】
【分析】
（1）A的相对分子质量为108，根据各元素的质量分数计算分子中C、H、O原子数目，确定A的分子式；
（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，结合A的分子式确定A的结构简式，进而书写方程式．
（3）含有苯环的A的同分异构体还有、、、。其中属于醇的同分异构体是，在铜催化作用下，氧化成苯甲醛。
【详解】（1）已知：Mr（A）=108，则有：
N（C）=108×77.8%/12=7
N（H）=108×7.4%=8
N（O）=(108-12×7-8)/16=1
所以，A的分子式为C7H8O；
（2）红外光谱测定，A分子结构中含有苯环和羟基；A为无色晶体，常温下微溶于水；能与烧碱反应，则含有酚羟基，由A的分子式可知还含有1个甲基，且在常温下A可与浓溴水反应，1molA最多可与2molBr2作用，取代反应发生在酚羟基的邻、对位位置，A的核磁共振氢谱显示其有4种峰，且峰面积比为3∶2∶2∶1，则羟基与甲基处于对位，故A的结构简式为：；
写出其与足量浓溴水反应的化学方程式：；
（3）含有苯环的A的同分异构体还有、、、。其中属于醇的同分异构体是，在铜催化作用下，氧化成苯甲醛，反应方程式为：。
21.某同学给分子式为C12H26的某烷烃命名为“2，4－二甲基－3，5－二乙基己烷”，另一同学认为这样命名有错误，有关该烷烃的说法，你认为正确的是
A. 若该烷烃由单烯烃与氢气加成而得，则原单烯烃可有11种不同结构
B. 该烷烃的一氯代物有10种
C. 该烷烃正确名称应为2，4，5－三甲基－3－乙基庚烷
D. 该烷烃分子中含有5个支链
【答案】C
【解析】
【分析】
根据某同学给分子式为C12H26的烷烃命名可知，该烷烃的碳骨架结构简式为，结合等效氢规则可知该烷烃有11种不同的H原子，有四个支链。
【详解】A、该烷烃是单烯烃与氢气加成后的产物，则烷烃中C上需有H，由结构可知，每个C原子上至少有1个H原子，将相邻两个C原子的H原子各消去1个，共有10种单烯烃结构，故A错误；
B、该烷烃有11种不同的H原子，所以该烷烃的一氯代物有11种，故B错误；
C、根据烷烃命名原则，该烷烃的名称为2，4，5-三甲基-3-乙基庚烷，故C正确；
D、根据该烷烃的结构简式可知，该烷烃分子中含有4个支链，故D错误；
故选C。
【点睛】本题考查烷烃的命名、同分异构体及其数目判断、烯烃及其同分异构体种类判断，易错点C，注意烃类命名规则、难点B，注意等效氢法与同分异构体的关系。
22.已知：乙醇可被强氧化剂氧化为乙酸。BrCH2CH===CHCH2Br可经三步反应制得HOOCCHClCH2COOH，发生反应的类型依次是
A. 加成反应、水解反应、氧化反应
B. 加成反应、氧化反应、水解反应
C. 水解反应、氧化反应、加成反应
D. 水解反应、加成反应、氧化反应
【答案】D
【解析】
【分析】
BrCH2CH=CHCH2Br可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，先发生-Br的水解，然后发生碳碳双键的加成，最后发生-OH的氧化。
【详解】BrCH2CH=CHCH2Br可经三步反应制取HOOCCHClCH2COOH，第一步BrCH2CH=CHCH2Br→HOCH2CH=CHCH2OH，为水解反应；第二步HOCH2CH=CHCH2OH→HOCH2CHClCH2CH2OH，为加成反应，第三步HOCH2CHClCH2CH2OH→HOOCCHClCH2COOH，为氧化反应，所以发生反应的类型依次是水解反应、加成反应、氧化反应，
故选D。
23.某混合物里有一种饱和一元醇和一种饱和一元醛，共6 g，和足量银氨溶液反应后，还原出32.4 g银，下列说法正确的是
A. 混合物中的醛不一定是甲醛
B. 混合物中的醇只能是乙醇
C. 混合物中醇与醛的质量之比为5∶3
D. 混合物中醇与醛的质量之比为1∶3
【答案】C
【解析】
【分析】
醇不能与银氨溶液反应，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，再根据M=m/n，计算该醛的摩尔质量，实际醛的摩尔质量应小于假设计算值，据此判断醛成分，根据m=nM计算醛的质量，进而计算醇的质量，由于不能确定醇的分子式，故不能确定醇的物质的量，无法确定醇与醛的物质的量之比．
【详解】A、32.4gAg的物质的量=32.4g/108g·mol－1=0.3mol，假设6g都是除甲醛外的醛，则R-CHO～2Ag，故R-CHO的物质的量=0.3mol×1/2=0.15mol，故R-CHO的摩尔质量=6g/0.15mol=40g·mol－1，而除甲醛外最简单的醛是乙醛，乙醛摩尔质量为44g·mol－1，大于40g·mol－1，故该醛一定为HCHO，故A错误；
B、由于不能确定醇的分子式，故B错误；
C、HCHO的质量=0.075mol×30g·mol－1=2.25g，故醇的质量=6g-2.25g=3.75g，混合物中醇与醛的质量之比为=3.75：2.25=5∶3，故C正确；
D、由C可知，D错误；
故选C。
【点睛】本题考查有机物推断，属于计算型推断，解题技巧：注意利用假设法进行解答，注意理解甲醛与银氨溶液反应，HCHO～4Ag。
24.在分子中，能在同一平面上的碳原子至少有
A. 8个 B. 9个 C. 12个 D. 14个
【答案】B
【解析】
【分析】
由结构简式可知，分子中含2个苯环，苯环为平面结构，直接与苯环相连的原子与苯环在同一平面内，注意结构的对称性。
【详解】在分子中，甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的C原子处于苯的H原子位置，所以处于苯环这个平面；两个苯环相连，与苯环相连的碳原子处于该苯环中的H原子位置，也处于另一个苯环这个平面，另一苯环所有的C原子都处于同一平面上，处于苯环对位上的碳原子以及碳原子所连的氢原子共线，所以至少有9个碳原子共面，最多有14个。
故选B。
25.将一定量的某有机物与过量的钠反应，生成H2 V1 L；另取等量的该有机物与足量Na2CO3溶液反应生成CO2 V2 L(同条件下)，则V1和V2的关系不可能为
A. V1
【答案】A
【解析】
【分析】
只有-COOH与Na2CO3溶液反应生成CO2，二者反应时物质的量为2：1；而-OH、-COOH均与钠反应，生成H2，且反应时物质的量比为1：1，但官能团与气体的物质的量之比均为2：1
【详解】由2-COOH～H2↑、2-OH～H2↑、2-COOH～CO2↑可知，分两种情况，①不含-OH，只有-COOH，则有V1=V2，②含1个-OH、1个-COOH，则V1＞V2，且V1=2V2，
故选A。
26.某有机物A的分子式为C6H12O2，已知A~E有如图转化关系，且D不与Na2CO3溶液反应，C、E均能发生银镜反应，则A的结构可能有
A. 1种 B. 2种 C. 3种 D. 4种
【答案】D
【解析】
试题分析：容易判断C为羧酸，D为醇，E为酮；因C、E不能发生银镜反应，则C不是甲酸，而E分子中应含有的结构，结合A的分子式可知A只可能是
两种结构。
考点：考查有机物的结构与性质、同分异构体的判断
点评：该题是高考中的常见题型和重要的考点之一，属于中等难度的试题，意在考查考生对有机化合物知识的应用能力。试题综合性强，难度较大，侧重对学生能力的培养和解题方法的指导。该题的关键是准确判断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的结构和性质，灵活运用即可。有利于培养学生的知识迁移能力和辑推理能力。
27.有机化合物A～H的转换关系如下所示：
请回答下列问题：
（1）链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65～75之间，1 mol A完全燃烧消耗7 mol氧气，则A的结构简式是____________________________。
（2）在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E。E______(填“存在”或“不存在”)顺反异构，由E转化为F的化学方程式为______________________________。
（3）G与金属钠反应能放出气体，由F转化为G的反应条件是__________________；由G生成H的化学方程式是__________________。
（4）B是A的一种同分异构体，它的一氯代物只有一种(不考虑立体异构)，则B的结构简式为________________________。
【答案】 (1). (CH3)2CHC≡CH (2). 不存在 (3). (CH3)2CHCH===CH2＋Br2(CH3)2CHBrCH2Br (4). NaOH水溶液/加热 (5). (CH3)2CHCHOHCH2OH＋HOCOCH2CH2COOH＋2H2O (6).
【解析】
【分析】
链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65-75之间，1molA完全燃烧消耗7mol氧气，A能发生加成反应，说明含有碳碳不饱和键，设A的分子式为CxHy，65＜12x+7y＜75，x＋y/4=7，所以x=5、y=8，A的分子式为C5H8，链烃A有支链且只有一个官能团，则A的结构简式为CH≡CCH（CH3）2，在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E，则E结构简式为CH2=CHCH（CH3）2，B和溴发生加成反应生成F，F结构简式为CH2BrCHBrCH（CH3）2，F发生水解反应生成G，G结构简式为HOCH2CH（OH）CH（CH3）2，G和丁二酸反应生成H，H结构简式为。
【详解】（1）链烃A有支链且只有一个官能团，其相对分子质量在65-75之间，1molA完全燃烧消耗7mol氧气，A能发生加成反应，说明含有碳碳不饱和键，设A的分子式为CxHy，65＜12x+7y＜75，x＋y/4=7，所以x=5、y=8，A的分子式为C5H8，且A经氢气加成得到E，E能继续与溴加成，所以A含有碳碳三键；又A中含有一个支链，则A为CH≡CCH（CH3）2；
（2）A的结构简式为CH≡CCH（CH3）2，在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反应生成E，E结构简式为CH2=CHCH（CH3）2，E不存在顺反异构，F结构简式为CH2BrCHBrCH（CH3）2，由E转化为F的化学方程式是CH2=CHCH（CH3）2+Br2→CH2BrCHBrCH（CH3）2；
（3）G与金属钠反应能放出气体，说明G中应含有羟基，因此F到G为溴代烃发生的取代反应生成醇的反应，条件为：NaOH水溶液/加热，所以G为HOCH2CH（OH）CH（CH3）2 ，G转化为H的化学方程式为 (CH3)2CHCHOHCH2OH＋HOCOCH2CH2COOH＋2H2O。
（4）B是A的一种同分异构体，它的一氯代物只有一种(不考虑立体异构)，则4个碳必为对称结构，结合其不饱和度为2，可以得知为。
【点睛】本题考查有机物推断，解题关键：理解炔、烯烃、卤代烃、醇、酯之间的转化，难点：正确推断A的结构。
28.甲苯（）是一种重要的化工原料，能用于生产苯甲醛（）、苯甲酸（）等产品。下表列出有关物质的部分物理性质。
注：甲苯、苯甲醛、苯甲酸三者互溶，且均易溶于有机溶剂中。
实验室可用如图装置模拟制备苯甲醛：
实验时先在三颈瓶中加入0.5 g固态难溶性催化剂，再加入15 mL冰醋酸和2 mL甲苯，搅拌升温至70 ℃，同时缓慢加入12 mL过氧化氢，在此温度下搅拌反应3小时。试回答下列问题：
（1）装置a的名称是____________。三颈瓶中发生反应的化学方程式为______________________________________________，加入的冰醋酸并未参与反应，其作用可能为____________。
（2）经测定，反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是________________________________________(答一条即可)。
（3）反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过________(填操作名称)等操作，才能得到苯甲醛粗产品。
（4）实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。
①若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是__________(按步骤顺序填字母代号)。
a．对混合液进行分液
b．过滤、洗涤、干燥
c．水层中加入盐酸调节pH＝2
d．与适量碳酸氢钠溶液混合震荡
②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500 g产品，溶于200 mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20.00 mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.100 0 mol/L的KOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00 mL。产品中苯甲酸的质量分数为________(注：苯甲酸的相对分子质量为122)。
【答案】（1）球形冷凝管（2分）冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率（2分）
（2）（2分） 66.25％（2分）
（3）H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量（2分）
（4）过滤（2分） 蒸馏（2分）（5）①dacb（2分） ②87.84﹪（2分）
【解析】
试题分析：（1）根据仪器构造可知装置a的名称是球形冷凝管，主要作用是冷凝回流，防止甲苯的挥发而降低产品产率。
（2）三颈瓶中甲苯被氧化为苯甲醛，发生反应的化学方程式为，
此反应的原子利用率理论上＝＝66.25％。
（3）经测定，反应温度升高时，甲苯的转化率逐渐增大，但温度过高时，苯甲醛的产量却有所减少，可能的原因是H2O2在较高温度时分解速度加快，使实际参加反应的H2O2减少，影响产量。
（4）反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过过滤除去固体催化剂、再蒸馏除去水等操作，才能得到苯甲醛粗产品。
（5）实验中加入过量的过氧化氢并延长反应时间时，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。①若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是先与适量碳酸氢钠溶液混合震荡，生成苯甲酸钠，对混合液进行分液，水层中加人盐酸调节pH＝2，苯甲酸钠生成苯甲酸，最后过滤、洗涤、干燥，因此正确的操作步骤是dacb；
②若对实验①中获得的苯甲酸产品进行纯度测定，可称取2.500g产品，溶于200mL乙醇配成溶液，量取所得的乙醇溶液20．00mL于锥形瓶，滴加2～3滴酚酞指示剂，然后用预先配好的0.1000moL/LKOH标准液滴定，到达滴定终点时消耗KOH溶液18.00mL。产品中苯甲酸的物质的量是0.1moL/L×0.018L×10＝0.018mol，质量分数为87.84%。
【考点定位】本题主要是考查制备实验方案的设计与评价。
【名师点睛】本题是高频考点，侧重于制备实验操作、物质的分离提纯、数据的处理和计算、滴定原理的应用等知识点的考查，清楚制备的原理是解答的关键，题目难度中等。关键是计算，苯甲酸与氢氧化钾反应生成苯甲酸钾，苯甲酸钾水解显碱性，应该用酚酞作指示剂；根据氢氧化钾的物质的量求出苯甲酸的物质的量，再求出质量和质量分数。
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