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    【化学】黑龙江省鹤岗市第一中学2018-2019学年高二下学期期中考试(解析版)
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    【化学】黑龙江省鹤岗市第一中学2018-2019学年高二下学期期中考试(解析版)

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    黑龙江省鹤岗市第一中学2018-2019学年高二下学期期中考试
    一、选择题(每小题只有一个选项符合题意,每小题2分,共18分)
    1.下列物质由于发生化学反应,既能使溴水褪色,又能使酸性KMnO4溶液褪色的是( )
    A. 乙烷 B. 甲苯 C. 乙烯 D. 苯
    【答案】C
    【解析】
    试题分析:A、乙烷是饱和烃,与溴水、高锰酸钾不反应,不能使其褪色,A错误;B、甲苯与溴水不反应;能被高锰酸钾氧化,使酸性高锰酸钾褪色,B错误;C、乙烯含有碳碳双键,与溴水发生加成反应使其褪色,被高锰酸钾氧化使高锰酸钾褪色,C正确;D、苯分子中碳碳键介于单键与双键之间,与溴水、酸性高锰酸钾不反应,D错误。答案选C。
    考点:有机物的性质
    2.某单烯烃与H2发生加成反应后得到的产物的结构简式如下:

    这种烯烃的结构式可能有几种( )
    A. 3种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
    【答案】B
    【解析】
    试题分析:烯烃和氢气发生加成反应生成烷烃,则烷烃分子中相邻碳原子上个去掉1个氢原子,则又可以形成碳碳双键,所以根据烷烃的结构简式可知,相应的烯烃共有5种,答案选B。
    考点:考查烯烃结构简式的判断
    点评:该题是中等难度的试题,试题基础性强,难易适中,侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练,有助于培养学生的逻辑推理和逆向思维能力。该题的关键是明确烯烃的加成反应原理,然后具体问题、具体分析即可。
    3.下列各组中的反应,属于同一反应类型的是(  )
    A. 由1-溴丙烷水解制1-丙醇;由丙烯与水反应制1-丙醇
    B. 由甲苯硝化制对硝基甲苯;由甲苯氧化制苯甲酸
    C. 由1-氯环己烷消去制环己烯;由丙烯与溴制1,2二溴丙烷
    D. 由乙酸和乙醇制乙酸乙酯;由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇
    【答案】D
    【解析】
    【分析】
    A.由溴丙烷水解制丙醇,-Br被-OH取代;由丙烯与水反应制丙醇,双键变为饱和键;
    B.由甲苯硝化制对硝基甲苯,苯环上的H被硝基取代;由甲苯氧化制苯甲酸,甲基变为-COOH;
    C.由1-氯环己烷消去制环己烯、-Cl转化为碳碳双键;由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷,双键变为饱和碳;
    D.酯化反应与酯的水解反应,均属于取代反应。
    【详解】A.由溴丙烷水解制丙醇,-Br被-OH取代;由丙烯与水反应制丙醇,双键变为饱和键,分别为取代反应、加成反应,类型不同,选项A不选;
    B.由甲苯硝化制对硝基甲苯,苯环上的H被硝基取代;由甲苯氧化制苯甲酸,甲基变为-COOH,分别为取代反应、氧化反应,类型不同,选项B不选;
    C.由1-氯环己烷消去制环己烯、-Cl转化为碳碳双键;由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷,双键变为饱和键,分别为消去反应、加成反应,类型不同,选项C不选;
    D.由苯甲酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇;由乙酸和乙醇制乙酸乙酯,分别为酯的水解反应、酯化反应,均属于取代反应,选项D选;
    答案选D。
    【点睛】本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握常见有机物的性质、反应类型为解答的关键,注意有机反应中官能团的变化、官能团的性质即可解答,题目难度不大。
    4.下列有机物命名错误的是(  )
    A. 1,2,4-三甲苯
    B. 3-甲基-1-戊烯
    C. 2-甲基-1-丙醇
    D. 1,3-二溴丙烷
    【答案】C
    【解析】
    【分析】
    A、苯的同系物命名时,应从简单的侧链开始、按顺时针或逆时针给苯环上的碳原子进行标号,使侧链的位次和最小,据此分析;
    B、烯烃命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置;
    C、醇命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置;
    D、卤代烃命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置。
    【详解】A、苯的同系物命名时,应从简单的侧链开始、按顺时针或逆时针给苯环上的碳原子进行标号,使侧链的位次和最小,故三个甲基在苯环上的位置分别是1号、2号和4号位,故名称为1,2,4-三甲苯,选项A正确;
    B、烯烃命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,故主链上有5个碳原子,故为戊烯,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置,故碳碳双键在1号和2号碳原子上,在3号碳原子上有一个甲基,故名称为3-甲基-1-戊烯,选项B正确;
    C、醇命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,故主链上有4个碳原子,故为丁醇,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置,故-OH在2号碳原子上,则名称为2-丁醇,选项C错误;
    D、卤代烃命名时,应选择含官能团的最长的碳链为主链,故主链上有3个碳原子,从离官能团近的一端给主链上的碳原子进行编号,并标出官能团的位置,则两个溴原子分别在1号和3号碳原子上,故名称为1,3-二溴丙烷,选项D正确。
    答案选C。
    【点睛】本题考查了烃以及烃的衍生物的命名,应注意的是含官能团的有机物在命名时,应以官能团为首要的考虑对象。
    5. 可用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯和苯酚溶液的一组试剂是
    A. 溴水、氯化铁溶液 B. 溴水、酸性高锰酸钾溶液
    C. 溴水、碳酸钠溶液 D. 氯化铁溶液、酸性高锰酸钾溶液
    【答案】B
    【解析】
    试题分析:A.氯化铁溶液能鉴别苯酚,现象是溶液变为紫色,溴水能鉴别己烯、苯酚,现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚,但不能鉴别甲苯和乙酸乙酯,故A错误;B.溴水能鉴别己烯、苯酚,现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚,酸性高锰酸钾溶液能与甲苯发生氧化还原反应而褪色,与乙酸乙酯不反应,可鉴别,故B正确;C.溴水能鉴别己烯、苯酚,现象分别是褪色和生成白色沉淀三溴苯酚,碳酸钠溶液、溴水都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯,故C错误;D.酸性高锰酸钾不能鉴别己烯和甲苯,二者都能使酸性高锰酸钾溶液褪色,氯化铁只能鉴别苯酚,故D错误.故选B.
    考点:有机物的鉴别
    6.下列实验的反应原理用离子方程式表示正确的是( )
    A. 室温下,测的氯化铵溶液pH<7,证明一水合氨的是弱碱:NH4++2H2O=NH3·H2O+H3O+
    B. 用氢氧化钠溶液除去镁粉中的杂质铝:2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑
    C. 用碳酸氢钠溶液检验水杨酸中的羧基: +2HCO3-→+2H2O+2CO2↑
    D. 用高锰酸钾标准溶液滴定草酸:2MnO4-+16H++5C2O42-=2Mn2++10CO2↑+8H2O
    【答案】B
    【解析】
    A. 铵根水解溶液显酸性,方程式为:NH4++2H2ONH3·H2O+H3O+,A错误;B. 铝和氢氧化钠溶液反应的离子方程式为:2Al+2OH-+2H2O===2AlO2-+3H2↑,B正确;C. 酚羟基的酸性弱于碳酸,与碳酸氢钠不反应,C错误;D. 草酸是弱电解质,应该用化学式表示,D错误,答案选B。
    点睛:掌握相关物质的化学性质、发生的化学反应是解答的关键。选项C是解答的易错点,注意有机物分子中羟基氢原子的活泼性比较。
    7.下列关于离子共存或离子反应的说法正确的是( )
    A. 某无色溶液中可能大量存在H+、Cl-、MnO4-
    B. pH=2的溶液中可能大量存在Na+、NH4+、SiO32-
    C. Fe2+与H2O2在酸性溶液中的反应:2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O
    D. 稀硫酸和氢氧化钡溶液反应:H++SO42-+Ba2++OH-=BaSO4↓+H2O
    【答案】C
    【解析】
    A.MnO4-是紫色,不可能存在无色溶液中,故A错误;B.pH=2的溶液呈酸性,硅酸根离子和氢离子反应生成硅酸沉淀,故B错误;C.Fe2+与H2O2在酸性溶液中发生氧化还原反应,生成铁离子和水,反应的离子方程式2Fe2++H2 O2+2H+═2Fe3++2H2O满足电子守恒和电荷守恒,故C正确;D.氢离子和硫酸根离子比例应为2:1,应为2H++SO42-+Ba2++2OH-═BaSO4↓+2H2O,故D错误;故选C。
    8.食醋的主要成分是乙酸,下列物质在一定条件下能与乙酸发生反应的是(  )
    ①石蕊;②乙醇;③金属铜;④金属铝;⑤氧化镁;⑥碳酸钙;⑦氢氧化铜
    A. ①③④⑤⑥ B. ②④⑦ C. ①②④⑤⑥⑦ D. ①②③④⑤
    【答案】C
    【解析】
    【详解】根据酸的通性可知,乙酸能使石蕊试液变红;乙酸能和铝(金属)反应生成氢气;乙酸能和氧化镁(氧化物)反应生成盐和水,乙酸酸性比碳酸强,故能和碳酸钙反应生成盐和水;乙酸能和氢氧化铜(碱);反应乙酸能与乙醇发生酯化反应,故能与乙酸反应的有①②④⑤⑥⑦。
    答案选C。
    9.一定量的乙醇在氧气不足的情况下燃烧,得到CO、CO2和水的总质量为27.6g,若其中水的质量为10.8g,则CO的质量是( )
    A. 1.4g B. 2.2g C. 4.4g D. 在2.2g和4.4g之间
    【答案】A
    【解析】
    【分析】
    根据反应中生成水的质量可确定乙醇的物质的量,进而求出碳原子的物质的量,同时也是CO2和CO的物质的量和,分别设出二氧化碳、一氧化碳的物质的量,分别根据质量、物质的量列式计算即可。
    【详解】设乙醇的物质的量为x,
    由C2H5OH~3H2O
    1mol 54g
    x 10.8g
    则:1molx=,
    解得:x=0.2mol,
    由乙醇的分子式可知:n(CO2)+n(CO)=0.2mol×2=0.4mol,
    则m(CO2)+m(CO)=27.6g-10.8g=16.8g,
    设产物中含有xmol二氧化碳、ymolCO,
    则:①44x+28y=16.8g,②x+y=0.4,
    联立①②解得:x=0.35、y=0.05,
    所以CO的质量为:28g/mol×0.05mol=1.4g,
    答案选A。
    【点睛】本题考查化学反应方程式的计算,题目难度中等,把握水的质量及CO、CO2的质量关系及守恒法计算为解答的关键,试题侧重对学生的分析与计算能力的考查。
    二、选择题(每小题只有一个选项符合题意,每小题3分,共33分)
    10.合成这种橡胶的单体应是(  )

    ① ② ③CH3-CH=CH-CH3④CH≡C-CH3⑤CH2=CH-CH=CH2
    A. ①③ B. ②④ C. ②⑤ D. ①⑤
    【答案】D
    【解析】
    【分析】
    凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物,其规律是“见双键,四个碳,无双键,两个碳”画线断开,然后将半键闭合,即将单双键互换。
    【详解】该高聚物链节主链不含杂原子,属于加聚反应生成的高聚物,链节主链上存在碳碳双键结构,有6个碳原子,其单体必为两种,按如图所示断开,在将双键中的1个C-C打开,然后将半键闭合即可的该高聚物单体是CH2=CH-CH=CH2、。
    答案选D。
    【点睛】本题考查聚合物寻找单体的方法,注意聚合反应的类型来分析,难度不大。
    11.下列物质既能发生消去反应,又能氧化成醛是( )
    A. CH3CH2CH2OH B. (CH3)3CCH2OH
    C. D.
    【答案】A
    【解析】
    【详解】A.CH3CH2CH2OH羟基所连碳的相邻碳上连有H,能发生消去反应生成烯烃,羟基相连的碳原子上有氢,能发生氧化反应生成醛,选项A正确;
    B、(CH3)3CCH2OH中羟基相连的碳原子上无H,不能发生消去反应生成烯烃,羟基相连的碳原子上有氢,能发生氧化反应生成醛,选项B错误;
    C、中羟基相连的碳原子上连有H,能发生消去反应生成烯烃,羟基相连的碳原子上无氢,不能发生氧化反应生成醛,选项C错误;
    D、中羟基相连的碳原子上无H,不能发生消去反应生成烯烃,羟基相连的碳原子上有氢,能发生氧化反应生成醛,选项D错误;
    答案选A。
    12. 下列关于苯乙酸丁酯的描述不正确的是
    A. 分子式为C12H16O2
    B. 有3种不同结构的苯乙酸丁酯
    C. 既能发生加成反应,又可发生取代反应
    D. 在酸、碱溶液中都能发生反应
    【答案】B
    【解析】
    根据酯的命名原则——某酸某酯,苯乙酸丁酯为苯乙酸()和丁醇(C4H9OH)生成的一元酯,其分子结构为,因丁基(—C4H9)有四种,所以有苯乙酸丁酯有四种同分异构体。苯乙酸丁酯分子中的苯环可以发生加成反应(如与氢气等)、硝化等取代反应;酯基可以在酸、碱溶液中发生水解反应。因此A、C、D三个选项都是对的,而B选项是错误的。
    13.碳酸亚乙酯是一种重要的添加剂,其结构如图(),碳酸亚乙酯可由两种分子发生酯化反应制取,这两种分子的原子个数比为( )
    A. 3∶5 B. 1∶2 C. 2∶3 D. 2∶5
    【答案】A
    【解析】
    试题分析:水解可得到HOOCOH与HOCH2CH2OH,两分子的原子个数比为6∶10=3∶5,故答案为A。
    考点:醇酸酯
    14.历史上最早应用的还原性染料是靛蓝,其结构简式如图所示,下列关于靛蓝的叙述中错误的(  )

    A. 靛蓝由碳、氢、氧、氮四种元素组成
    B. 它的分子式是C16H10N2O2
    C. 该物质是高分子化合物
    D. 它是芳香族有机物
    【答案】C
    【解析】
    【详解】A.由结构简式可知靛蓝由碳、氢、氧、氮四种元素组成,选项A正确;
    B.由结构简式可知分子式是C16H10N2O2,选项B正确;
    C.该有机物相对分子质量较小,而高分子化合物的相对分子质量一般在10000以上,该有机物不是高分子化合物,选项C错误;
    D.由结构可知,该分子含有苯环结构,属于芳香族化合物,选项D正确;
    答案选C。
    15.1mol某链烃最多可与2mol H2发生加成反应生成化合物A,化合物A最多能与12mol Cl2发生取代反应生成化合物B,则下列有关说法正确的是( )
    A. 该烃分子内既有碳碳双键又有碳碳三键
    B. 该烃分子内碳原子数超过6
    C. 该烃能发生氧化反应和加聚反应
    D. 化合物B有两种同分异构体
    【答案】C
    【解析】
    试题分析:A.依据分析可知,该烃分子中要么有2个双键,要么有1个三键,两者不能共同存在,故A错误;B.该烃含有的H原子数是8,不饱和度是2,故含有C原子数是5,故B错误;C.该烃含有双键或三键,能发生加成反应、氧化反应和加聚反应,故C正确;D.化合物B为C5Cl12,类似戊烷,存在三种同分异构体,故D错误,故选C。
    【考点定位】考查有机物的化学性质及推断
    【名师点晴】本题考查有机物的推断,明确加成反应与取代反应的实质是解答本题的关键。1mol某链烃最多能和2molH2发生加成反应,则分子中含有2个C=C键或1个C≡C,1mol该烷能和12molCl2发生取代反应,说明1个烷中引入12个Cl原子,加成时1个某链烃分子已引入4个H原子形成烷,所以1个链烃中共含有8个H原子。
    16. 下列有关银镜反应实验的说法正确的是(  )
    A. 试管先用热烧碱溶液洗涤,然后用蒸馏水洗涤
    B. 向2%的稀氨水中滴入2%的硝酸银溶液,配得银氨溶液
    C. 采用水浴加热,也可以直接加热
    D. 可用浓盐酸洗去银镜
    【答案】A
    【解析】
    试题分析:用热烧碱溶液是为了将试管内壁上油污洗净.配制银氨溶液时,应向AgNO3溶液中滴加稀氨水至沉淀恰好溶解.银镜反应时采用水浴加热,银镜反应所得的银镜,应用稀硝酸洗净
    考点:考查银镜反应的判断
    点评:该题是基础性试题的考查,试题注重基础,兼顾能力的培养。主要是考查学生对银镜反应的原理,以及银氨溶液的配制等基础知识的熟悉了解掌握程度,有助于提高学生灵活运用基础知识解决实际问题的能力。该题的关键是明确银镜反应的原理,然后根据题意灵活运用即可,难度不大。
    17.由溴乙烷制取乙二酸,依次发生反应的类型是(  )
    A. 取代加成水解氧化 B. 消去加成取代氧化
    C. 水解消去加成水解 D. 消去水解取代还原
    【答案】B
    【解析】
    【分析】
    由溴乙烷制取乙二醇,需要先将溴乙烷得到而溴乙烷,在水解得到乙二醇,再氧化得到乙二酸。
    【详解】由溴乙烷制取乙二酸,需要先将溴乙烷发生消去反应生成乙烯,乙烯与溴发生加成得到二溴乙烷,二溴乙烷水解得到乙二醇,然后再发生氧化生成已二酸。
    消去反应:CH2Br-CH3+NaOHCH2=CH2+H2O+NaBr;
    加成反应:CH2=CH2+Br2CH2BrCH2Br;
    水解反应【取代反应】:CH2BrCH2Br+NaOHCH2OHCH2OH+2NaBr,
    氧化反应:CH2OHCH2OHHOOCCOOH,
    答案选B。
    【点睛】本题考查有机物的化学性质及推断,难度不大,注意掌握取代反应和消去反应。

    18.某有机物结构如图所示,关于该有机物的下列说法正确的是

    A. 它是苯酚的同系物
    B. 1mol该物质能与溴水反应消耗2molBr2,发生取代反应
    C. 1mol该有机物能与足量金属钠反应生成0.5 mol H2
    D. 1mol该有机物能与2 mol NaOH反应
    【答案】B
    【解析】
    试题分析:A.该有机物中含有2个羟基,它不是苯酚的同系物,A错误;B.酚羟基含有2个邻位氢原子,则1 mol该有机物能与2 mol溴水发生取代反应,B正确;C.该有机物中含有2个羟基,1 mol该有机物能与金属钠反应产生1mol H2,C错误;D.醇羟基与氢氧化钠溶液不反应,1 mol该有机物能与1mol NaOH反应,D错误,答案选B。
    考点:考查有机物结构和性质判断
    19.下列指定反应的离子方程式正确的是( )
    A. 饱和Na2CO3溶液与CaSO4固体反应:CO32−+CaSO4CaCO3+SO42−
    B. 酸化NaIO3和NaI的混合溶液:I− +IO3−+6H+=I2+3H2O
    C. KClO碱性溶液与Fe(OH)3反应:3ClO−+2Fe(OH)3=2FeO42−+3Cl−+4H++H2O
    D. 电解饱和食盐水:2Cl−+2H+Cl2↑+ H2↑
    【答案】A
    【解析】
    分析:A项,饱和Na2CO3溶液与CaSO4发生复分解反应生成更难溶于水的CaCO3;B项,电荷不守恒,得失电子不守恒;C项,在碱性溶液中不可能生成H+;D项,电解饱和食盐水生成NaOH、H2和Cl2。
    详解:A项,饱和Na2CO3溶液与CaSO4发生复分解反应生成更难溶于水的CaCO3,反应的离子方程式为CO32-+CaSO4CaCO3+SO42-,A项正确;B项,电荷不守恒,得失电子不守恒,正确的离子方程式为5I-+IO3-+6H+=3I2+3H2O,B项错误;C项,在碱性溶液中不可能生成H+,正确的离子方程式为3ClO-+2Fe(OH)3+4OH-=3Cl-+2FeO42-+5H2O,C项错误;D项,电解饱和食盐水生成NaOH、H2和Cl2,电解饱和食盐水的离子方程式为2Cl-+2H2OCl2↑+H2↑+2OH-,D项错误;答案选A。
    点睛:本题考查离子方程式正误的判断。判断离子方程式是否正确可从以下几个方面进行:①从反应原理进行判断,如反应是否能发生、反应是否生成所给产物(题中D项)等;②从物质存在形态进行判断,如拆分是否正确、是否正确表示了难溶物和气体等;③从守恒角度进行判断,如原子守恒、电荷守恒、氧化还原反应中的电子守恒等(题中B项);④从反应的条件进行判断(题中C项);⑤从反应物的组成以及反应物之间的配比进行判断。
    20.常温下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是( )
    A. 无色透明的溶液中:Fe3+、Mg2+、SCN—、Cl—
    B. c(H+)/c(OH﹣) =1×10—12的溶液中:K+、Na+、CO32—、NO3—
    C. c(Fe2+)=1 mol•L—1的溶液中:K+、NH4+、MnO4﹣、SO42—
    D. 能使甲基橙变红的溶液中:Na+、NH4+、SO42﹣、HCO3—
    【答案】B
    【解析】
    A.Fe3+为黄色,与无色不符,且Fe3+、SCN-结合生成络离子,不能共存,故A错误;B.c(H+)/c(OH-)=1×10-12的溶液,显碱性,该组离子之间不反应,可大量共存,故B正确;C.MnO4-、Fe2+发生氧化还原反应,不能共存,故C错误;D.能使甲基橙变红的溶液,显酸性,不能大量存在HCO3-,故D错误;故答案为B。
    点睛:离子共存的正误判断,为中等难度的试题,注意明确离子不能大量共存的一般情况:能发生复分解反应的离子之间; 能发生氧化还原反应的离子之间;能发生络合反应的离子之间(如 Fe3+和 SCN-)等;解决离子共存问题时还应该注意题目所隐含的条件,如:溶液的酸碱性,据此来判断溶液中是否有大量的 H+或OH-;溶液的颜色,如无色时可排除 Cu2+、Fe2+、Fe3+、MnO4-等有色离子的存在;溶液的具体反应条件,如“氧化还原反应”、“加入铝粉产生氢气”;是“可能”共存,还是“一定”共存等。
    三、非选择题(本题包括4个小题,共49分)
    21.现有下列6种有机物: ①CH3CH2CH2CH3②③④⑤⑥请回答:
    (1)属于醇类的是_________(填序号).
    (2)与①互为同分异构体的是________(填序号).
    (3)与④互为同系物的是_________(填序号).
    (4)用系统命名法给③命名,其名称为__________________________.
    【答案】 (1). ⑤ (2). ③ (3). ⑥ (4). 2-甲基丙烷
    【解析】
    【分析】
    (1)有机物属于醇类,则应含有-OH,且不能直接连在苯环上;
    (2)同分异构体是分子式相同结构式不同的化合物;
    (3)结构相似,在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物,据此判断;
    (4)判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名,其核心是准确理解命名规范:
    1)命名要符合“一长、一近、一多、一小”,也就是主链最长,编号起点离支链最近,支链数目要多,支链位置号码之和最小;
    2)有机物的名称书写要规范;
    3)对于结构中含有苯环的,命名时可以依次编号命名,也可以根据其相对位置,用“邻”、“间”、“对”进行命名.
    4)含有官能团的有机物命名时,要选含官能团的最长碳链作为主链,官能团的位次最小。
    【详解】(1)含有羟基,且羟基与苯环不直接相连,属于醇类,故答案为:⑤;
    (2)的分子式相同,结构不同,属于同分异构体,故答案为:③;
    (3)与结构相似,在分子组成上相差若干个CH2原子团,互为同系物,故答案为:⑥;
    (4),依据命名方法,主链3个碳原子,从离官能团双键近的一端编号,写出名称为:2-甲基丙烷,故答案为:2-甲基丙烷。
    【点睛】本题考查了物质的分类与命名,难度不大,解答时注意从其概念的内涵与外延出发,缜密思考,正确解答。
    22. 某固体混合物,仅含有以下阴、阳离子中的某几种(不考虑水的电离):
    阳离子
    K+、Ba2+、Ag+、Mg2+
    阴离子
    Cl-、SO32-、CO32-、AlO2-、MnO4-
    为了判断该混合物的组成,现依次进行如下实验,根据实验现象,回答下列问题:
    (1)取该固体混合物,加水后固体完全溶解得到无色溶液,用pH试纸测得溶液的pH为12。则混合物组成中肯定不存在的离子是________。
    (2)向(1)所得溶液中滴加盐酸,开始有沉淀生成,继续滴加,沉淀消失,同时有无色无味气体逸出。则肯定存在的离子是________,可以排除的离子是________。
    (3)取以上实验的上层澄清液,滴加AgNO3溶液,有白色沉淀生成。你认为还有哪些离子尚待检验:________(填离子符号),请你对尚待检验的离子提出合理的检验方法(要求写出具体的步骤、现象与结论):____________________________________
    【答案】 (1). MnO4-、Ag+、Mg2+ (2). AlO2-、CO32-、K+ (3). Ba2+、SO32- (4). Cl- (5). 取(1)中所得溶液少许于试管中,用硝酸酸化后滴加AgNO3溶液,若有白色沉淀生成则含有Cl-,否则不含Cl-
    【解析】
    【详解】
    (1)
    排除的离子
    排除的依据
    MnO
    溶液无色,MnO显紫色
    NH
    溶液呈碱性,且未嗅到刺激性气味
    Ag+、Mg2+
    碱性溶液中无法大量存在
    (2)
    肯定存在离子
    判断依据
    AlO
    加盐酸有沉淀产生,继续加盐酸沉淀溶解
    CO
    加盐酸后有无色无味气体逸出
    K+
    根据溶液呈电中性原则,溶液中至少含有一种阳离子
    排除的离子
    排除的依据
    Ba2+
    与CO无法大量共存
    SO
    酸化后逸出的气体没有刺激性气味
    (3)
    待检验离子
    理由与检验方法
    Cl-
    步骤(2)加入盐酸,引入了Cl-,无法确定原溶液是否含有Cl-。检验时要取(1)中所得溶液,滴加硝酸和硝酸银溶液,看是否有白色沉淀生成
    综上,答案如下:
    (1)肯定不存在的离子是 MnO4-、Ag+、Mg2+;
    (2) 肯定存在的离子是AlO2-、CO32-、K+ ;可以排除的离子是Ba2+、SO32-;
    (3) 尚待检验的离子是Cl-;尚待检验的离子提出合理的检验方法:取(1)中所得溶液少许于试管中,用硝酸酸化后滴加AgNO3溶液,若有白色沉淀生成则含有Cl-,否则不含Cl-。
    23. 柳胺酚是一种药物,其常用的合成路线如下。回答下列问题:


    已知:
    (1)柳胺酚的化学式为 。
    (2)A → B反应所需的试剂是 ; B→ C反应的化学方程式为 。
    (3)D→E反应的有机反应类型是 ;物质E含有官能团的名称是 。
    (4)E和F反应的化学方程式为 。
    (5)写出同时符合下列条件的F的同分异构体的结构简式: 。
    ①含有苯环;②能发生银镜反应,不能发生水解反应;③在稀NaOH溶液中,1mol该同分异构体能与2molNaOH发生反应;④苯环上有二种不同化学环境的氢原子。
    【答案】(1)C13H11NO3(2分)
    (2)浓硝酸和浓硫酸 (2分)
    (2分)
    (3)还原反应 (2分) 羟基、氨基 (2分)


    (4)(2分) (5)(共3分。2个全对得3分,只写一个得1分)
    【解析】
    试题分析:(1)柳胺酚的结构简式,推出其分子式为C13H11NO3;(2)A是氯原子取代苯环上的氢原子,则A的结构简式为:,A→B引入硝基,因此条件是浓硝酸和浓硫酸加热,B→C发生卤素原子的水解,其反应方程式为:;(3)根据信息推出D的结构简式为:,根据信息,发生的是还原反应,E的结构简式为,含有的官能团的是氨基和羟基;(4)发生缩合脱水反应,氨基去一个氢原子,羧基去羟基,其反应方程式为:+→+H2O;(5)能发生银镜反应,说明含有醛基,不能水解不含有酯基或肽键,能与2molNaOH发生反应,说明含有2mol酚羟基,苯环上有二种不同化学环境的氢原子,说明是对称结构,因此结构简式为:、。
    考点: 考查有机物的分子式、官能团的性质、同分异构体书写等知识。
    24.G是一种新型香料的主要成分之一,其结构中含有三个六元环。G的合成路线如下(部分产物和部分应条件略去):

    已知:①RCH==CH2+CH2==CHR′CH2==CH2+RCH==CHR′;
    ②B中核磁共振氢谱图显示分子中有6种不同环境的氢原子;
    ③D和F是同系物。
    请回答下列问题:
    (1)(CH3)2C=CH2的系统命名法名称为________________________。
    (2)A→B反应过程中涉及的反应类型依次为____________、________________。
    (3)D分子中含有的含氧官能团名称是_____________________,G的结构简式为____________。
    (4)生成E的化学方程式为___________________________________。
    (5)同时满足下列条件:①与FeCl3溶液发生显色反应;②苯环上有两个取代基、含C=O的F的同分异构体有________种(不包括立体异构);其中核磁共振氢谱为4组峰、能水解的物质的结构简式为_____。
    (6)模仿由苯乙烯合成F方法,写出由丙烯制取α-羟基丙酸()的合成线路: ________。
    【答案】(1)2-甲基-1-丙烯(或2-甲基丙烯,或甲基丙烯);
    (2)取代反应;加成反应
    (3)羟基、羧基(顺序可以颠倒);
    (4)
    (5)21;和
    (6)
    【解析】
    试题分析:由A与氯气在加热条件下反应生成,可知A的结构简式为:,所以苯乙烯与(CH3)2C=CH2发生加成反应生成A,与HCl反应生成B,结合B的分子式可知,应是发生加成反应,B中核磁共振氢谱图显示分子中有6种不同环境的氢原子,B为,顺推可知C为,D为,苯乙烯与HO-Br发生加成反应生成E,E可以氧化生成C8H7O2Br,说明E中羟基连接的C原子上有2个H原子,E为,C8H7O2Br为,与NaOH溶液加热发生取代反应,然后酸化生成F,则F为,D和F是同系物,D和F生成G,G结构中含有三个六元环,则G为。
    (1)根据系统命名法,(CH3)2C=CH2的名称为:2-甲基-1-丙烯;
    (2)A与氯气在加热条件下发生取代反应生成,与HCl反应发生加成反应B,则答案为取代反应、加成反应;
    (3)D为,含有的官能团为羟基、羧基;根据上述推断,G的结构简式为。
    (4)生成E的化学方程式为:
    (5) 根据上述分析F为,属于F的同分异构体,符合下列条件,①与FeCl3溶液发生显色反应,说明含有酚羟基;②苯环上有两个取代基,这两个取代基在苯环上有邻、间、对三个位置,含C=O可能有醛基,可能有羧基,也有可能有酯基、酮基,若是醛基,则含醛基的基团有-CH(OH)CHO和-OCH2CHO,若含羧基,则含羧基的基团有-CH2COOH,若含酯基,则含酯基的基团有-00CCH3、-COOCH3、-COOCH,若是酮,则含酮基的基团有-COCH2OH,所以F的同分异构体有21种,其中核磁共振氢谱为4组峰,说明有4种不同环境的氢原子、能水解说明含有酯基,符合条件的物质的结构简式为、。
    (6)根据由苯乙烯合成F的方法,由丙烯制取α-羟基丙酸()的合成线路为:

    考点:考查有机物的推断,有机化学反应类型,有机物的合成等知识。

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