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【生物】江西省上饶市玉山县第一中学2018-2019学年高二下学期第一次月考（重点班）试题（解析版）
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江西省上饶市玉山县第一中学2018-2019学年高二
下学期第一次月考（重点班）试题
一、选择题
1.下列关于噬菌体侵染细菌实验的叙述，正确的是
A. 该实验能证明DNA控制蛋白质的合成
B. 该实验能证明DNA通过半保留方式进行复制
C. 该实验能证明DNA是主要的遗传物质
D. 最终释放出来的子代噬菌体大部分具有放射性
【答案】A
【解析】
【分析】
1.噬菌体的结构：蛋白质外壳（C、H、O、N、S）+DNA（C、H、O、N、P）；
2.噬菌体繁殖过程：吸附→注入（注入噬菌体的DNA）→合成（控制者：噬菌体的DNA；原料：细菌的化学成分）→组装→释放。
3.T2噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S或32P标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬菌体侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。实验结论：DNA是遗传物质。
【详解】在T2噬菌体侵染细菌的实验中，实验设计思路为：S是蛋白质的特有元素，DNA分子中含有P，蛋白质中几乎不含有P，用放射性同位素32P和放射性同位素35S分别标记DNA和蛋白质，直接单独去观察它们的作用，发现噬菌体中只有DNA进入了大肠杆菌，但最后释放的子代噬菌体含有蛋白质，结构与亲代相同，可证明噬菌体的DNA可控制蛋白质的合成，A正确；该实验不能证明DNA通过半保留方式进行复制，梅塞尔森和斯塔尔的实验证明了DNA通过半保留方式进行复制，B错误；该实验只能证明DNA是遗传物质，C错误；标记亲代噬菌体的DNA，由于DNA的复制是半保留复制，所以最终释放出来的子代噬菌体小部分具有放射性，D错误。
故选A。
2.下列说法不正确的是
A. 蛋白质、核酸和多糖分别以氨基酸、核苷酸和葡萄糖为单体组成多聚体
B. 在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种
C. 葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，它可来自于植物细胞内淀粉的水解
D. 有氧呼吸过程中产生的[H]可与O2结合生成水
【答案】A
【解析】
【分析】
1、糖类由C、H、O组成，是构成生物重要成分、主要能源物质。包括：①单糖：葡萄糖（重要能源）、果糖（植物）、核糖、脱氧核糖（构成核酸）、半乳糖（动物）。②二糖：蔗糖、麦芽糖（植物）；乳糖（动物）。 ③多糖：淀粉、纤维素（植物）；糖原（动物）。
2、构成DNA的碱基有A、G、T、C，构成RNA的碱基有A、G、U、C，人体心肌细胞中既有DNA，又有RNA，A，G，T，U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种。
【详解】构成多糖的单体不都是葡萄糖，如琼脂是一种多聚半乳糖，A错误；细胞中既含有DNA又含有RNA，由A可构成腺嘌呤脱氧核糖核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸，由G可构成鸟嘌呤脱氧核糖核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸，由T只能构成胸腺嘧啶脱氧核糖核苷酸，由U只能构成尿嘧啶核糖核苷酸，故在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种，B正确；葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，淀粉是植物细胞特有的储能物质，淀粉水解可形成葡萄糖，C正确；有氧呼吸过程中第一、二阶段产生的[H]可在第三阶段与O2结合生成水，D正确。
故选A。
3.—条由15个氨基酸组成的多肽，分子式为C74H110N19O26S。这条多肽链经水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S)、丙氨酸(C3H6NO2)、天冬氨酸（C4H7NO4)、赖氨酸（C6H14N2O2)、苯丙氨酸(C9H11NO2)。则水解产物中苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是（ ）
A. 1和2 B. 2和3
C. 3和4 D. 以上都不对
【答案】B
【解析】
【分析】
分析题干信息：由15个氨基酸组成、分子式为C74H110N19O26S的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有赖氨酸含有2个氮原子（其它4种氨基酸均含1个氮原子）、只有天冬氨酸含有4个氧原子（其它4种氨基酸均含2个氧原子）。
【详解】根据水解产物中只有半胱氨酸中含1个S原子，说明半胱氨酸含有1个；设该多肽（十五肽）中含有赖氨酸α个，根据氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，可得2α+（15-α）=19，解得α=4个；设该多肽（十五肽）中含有天（门）冬氨酸，根据氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，可得4β+（15-β）×2-（15-1）=26，解得β=5．最后设该多肽中含苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是x、y个，根据C和N原子守恒可列式：3+3y+4×5+6×4+9x=74，x+y+1+4×2+5=19，解得x=2，y=3，故选B。
【点睛】突破口：根据多肽化合物的分子式与水解的氨基酸种类的分子式中C、N、O、S等原子守恒建立关系式解得各种氨基酸的个数。
4.对洋葱根尖细胞中某细胞器的组成成分进行分析，发现A、T、C、G、U碱基的相对含量分别约为30%、10%、30%、20%、10%，则下列叙述不正确的是
A. 该细胞器能固定CO2 B. 该细胞器能产生水
C. 该细胞器内膜面积大 D. 该细胞器能进行基因表达过程
【答案】A
【解析】
【分析】
分析题干中的信息可知，该植物细胞器中含有的碱基是A、T、C、G、U五种碱基，因此该细胞器中含有DNA和RNA，含有DNA和RNA的细胞器是线粒体和叶绿体，根尖细胞中没有叶绿体，所以该细胞器是线粒体。
【详解】存在于植物根尖细胞中的某细胞器，其含有A、T、C、G、U五种碱基，说明该细胞器同时含有DNA和RNA，据此可推知为线粒体，线粒体具有双层膜结构，内膜向内折叠形成嵴可增大膜的面积，而能固定CO2的细胞器是叶绿体，A错误；C正确；在线粒体内膜上完成有氧呼吸的第三阶段，其过程是前两个阶段产生的[H]与氧结合生成H2O，并释放出大量的能量，产生大量的ATP，即线粒体能产生水、能进行能量转换，B正确；线粒体是半自主复制的细胞，能进行DNA复制和基因表达过程，D正确。
故选A。
5.下列有关生物学实验及研究的叙述正确的是
①孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止自花授粉
②紫色洋葱鳞片叶内表皮可用作观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料
③探索淀粉酶对淀粉和蔗糖作用的专一性时，可用碘液替代斐林试剂进行鉴定
④盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”和“观察植物细胞有丝分裂”中的作用不相同
⑤经健那绿染液处理，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色
⑥可以用淀粉酶催化淀粉的实验探究pH对酶活性的影响
⑦用溴麝香草酚蓝水溶液能鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物
⑧调查血友病的遗传方式，可在学校内对同学进行随机抽样调查
⑨以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症
A. 两项 B. 三项 C. 四项 D. 五项
【答案】D
【解析】
【分析】
观察细胞中DNA和RNA分布时，盐酸的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；健那绿是专一性染线粒体的活细胞染料；紫色洋葱内表皮细胞色浅，可用来观察DNA和RNA在细胞中的分布实验；豌豆是两性花，自然情况下，进行自花传粉。CO2可使澄清石灰水变混浊，也可使溴麝香草酚蓝水溶液由蓝变绿再变黄。根据石灰水混浊程度或溴麝香草酚蓝水溶液变成黄色的时间长短，可以检测酵母菌培养CO2的产生情况。
【详解】①豌豆是自花授粉的植物，孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止其自花授粉，以便杂交，①正确；②紫色洋葱鳞片叶内表皮细胞没有紫色液泡的颜色干扰，可作为观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料，②正确；③蔗糖组无论是否反应都与碘液不显色，即不能说明淀粉酶对蔗糖是否起作用，所以不能用碘液替代斐林试剂进行鉴定，③错误；④盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”中的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；在“观察植物细胞有丝分裂”中的作用是使组织细胞分散开，故盐酸在两个实验中的作用不同，④正确；⑤健那绿是给线粒体染色的活体染色剂，经健那绿染液处理后，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色，⑤正确；⑥探究PH对酶活性的影响，其自变量是PH值的不同，因淀粉在酸性条件下会自然水解，会影响实验结果，⑥错误；⑦乳酸菌只能进行无氧呼吸产生乳酸，而溴麝香草酚蓝水溶液是用来验证CO2的产生，所以不能用溴麝香草酚蓝水溶液来鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物，⑦错误；⑧调查血友病的遗传方式，应在患者的家系中调查，⑧错误；⑨镰刀型细胞贫血症是红细胞的形状发生了改变，因此以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症，⑨正确。综上分析，①②④⑤⑨正确，即D正确，ABC错误。
故选D。
【点睛】本题考查生物学实验的有关知识，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的使用方法、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。
6.下列有关放射性同位素示综实验的叙述，错误的是
A. 35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体与游离的核糖体都可能出现放射性
B. 小鼠吸入18O2，则在其尿液中可以检测到H218O，呼出的CO2也可能含有
C. 在缺氧时给水稻提供14CO2，体内可以存在14C的转移途径14CO2→14C5→（14CH2O）→（14C2H5OH）
D. 将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，含15N的精子所占比例为25%
【答案】C
【解析】
【分析】
1、关于呼吸作用元素的去向分析：，所以，18O2标记以后放射性元素首先出现在水中，但是水又可以作为有氧呼吸第二阶段的反应物，因此放射性元素又可以出现在二氧化碳中。
2、用14CO2探究光合作用14C的转移途径大致是：14CO2→14C3→（14CH2O）。
【详解】用35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体和游离的核糖体都有可能出现放射性，因为核糖体是合成蛋白质的场所，胞内蛋白和分泌蛋白合成时均有可能利用35S标记的甲硫氨酸，A正确；小鼠吸入18O2，可通过有氧呼吸第三阶段与还原氢结合生成H218O，则在其尿液中可以检测到H218O，生成的H218O也可以与丙酮酸反应生成C18O2，所以呼出的二氧化碳也可能含有18O，B正确；在缺氧时给水稻提供14CO2，则14C在光合作用的转移途径大致是：14CO2→14C3→（14CH2O），（14CH2O）中的14C在无氧呼吸中的转移途径大致是（14CH2O）→14C3→14C2H5OH+14CO2，C错误；将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，经过DNA复制后，细胞中只有一条DNA含有15N，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，只有一个精子含15N，故含15N的精子所占比例为25%，D正确。
故选C。
7.孟德尔因对现代遗传学做出了杰出贡献，被誉为现代遗传学之父。下列关于孟德尔的研究过程的分析正确的是
A. 孟德尔所作出的假设的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”
B. 孟德尔依据减数分裂的相关原理进行“演绎推理”的过程
C. 孟德尔做出的“演绎”是设计测交实验后代发生1:1的性状分离比
D. 为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了正、反交实验
【答案】C
【解析】
【分析】
孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；
②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；
③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；
④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；
⑤得出结论（就是分离定律）。
【详解】孟德尔所作假设的内容是“性状是由遗传因子控制的，体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离，受精时雌雄配子随机结合”，其中核心内容是“体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离”，A错误； 孟德尔依据假说进行了“演绎推理”的过程，B错误；孟德尔做出的“演绎”是：若F1产生数量相等的两种配子，则F1与隐性亲本进行测交时预测后代会发生1：1的性状分离比，C正确；为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，D错误。
故选C。
8.一头基因型为DdXaY的狼，其一个精原细胞进行减数分裂，产生一个基因型为DdXa的精子，则其它三个精子可能的基因型为
① Xa DdY Y ② DXa dY dY ③ DXa DdY Y ④ Xa DY dY ⑤ DdXa Y Y
A. ①或②或③ B. ①或④或⑤
C. ②或③或④ D. ③或④或⑤
【答案】B
【解析】
【分析】
正常情况下，减数第一次分裂时，因为同源染色体分离，非同源染色体自由组合，所以一个初级精母细胞能产生2种基因型不同的次级精母细胞；减数第二次分裂类似于有丝分裂，因此每个次级精母细胞产生2个基因型相同的精细胞。由此可见，一个精原细胞减数分裂形成4个精子，但只有两种基因型。而题意中产生一个基因型为DdXa的精子，说明减数第一次分裂异常，即D和d所在染色体没有分离；也可能是减数第一次分裂过程中发生过交叉互换。
【详解】一个基因型为DdXaY的精原细胞，在减数分裂过程中：（1）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含D和d的两条染色体都移向了同一极，则可产生DdXa、Xa、DdY和Y四种精子。（2）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含DdXaXa的次级精母细胞中，D和d的两条染色体移向了同一极，则可产生DdXa、Xa两种精子；含DdYY的次级精母细胞正常分裂，则可产生DY和dY两种精子。（3）若在减数第一次分裂后期，含有D和d的同源染色体没有分开，移向同一极并分配到同一个次级精母细胞中，即产生了基因型为DDddXaXa和YY的两种次级精母细胞；减数第二次分裂正常分裂，所以基因型为YY的次级精母细胞产生了两个基因型为Y的精子，而基因型为DDddXaXa的次级精母细胞形成了两个基因型为DdXa的精子。综上所述，B正确，ACD错误。
故选B。
【点睛】本题考查减数分裂的相关知识，重点考查精子的形成过程，要求考生识记减数分裂不同时期的特征，特别是减数第一次分裂后期同源染色体的分离和减数第二次分裂后期着丝点分裂，姐妹染色单体分离，能结合题干所给精原细胞和精子的基因型，推测其他三种精子的基因型。
9.肾小管处需要对Na+和氨基酸进行吸收，过程示意图如下图。据图分析不正确的是
A. Na+进、出肾小管上皮细胞的方式是不同的
B. 管腔中Na+进入上皮细胞的方式体现了细胞膜的流动性
C. 管腔中氨基酸进入上皮细胞的方式为主动运输
D. 上皮细胞中氨基酸进入组织液不需要消耗能量
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：管腔中氨基酸进入上皮细胞是由低浓度→高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输；管腔中Na+进入上皮细胞是高浓度→低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中氨基酸进入组织液是由高浓度→低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中Na+进入组织液是由低浓度→高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输。
【详解】由上述分析可知，Na+进、出上皮细胞的方式分别是被动运输和主动运输，A正确；管腔中Na+进入上皮细胞需要载体协助，载体蛋白是有特异性的，能体现细胞膜的选择透过性，B错误；图中管腔中氨基酸进入上皮细胞是逆浓度梯度进行的，应为主动运输，C正确；图中上皮细胞中氨基酸进入组织液需要载体协助，是顺浓度梯度进行的，不消耗能量，应为协助扩散，D正确。
故选B。
10.取甲、乙、丙三种植物组织切块分别放入相同浓度的蔗糖溶液中，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小。下列说法正确的是
A. 实验前，各切块细胞液浓度甲>乙> 丙
B. 实验中，甲切块细胞的吸水能力逐渐增强
C. 实验中，乙切块细胞内蔗糖浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等
D. 实验后，丙切块细胞放入清水中一定能够发生质壁分离后的复原现象
【答案】A
【解析】
【分析】
外界溶液浓度大于细胞液浓度，细胞失水，表现为质壁分离，外界溶液浓度小于细胞液浓度，细胞吸水。外界溶液浓度和细胞液浓度等渗时，细胞的吸水量和失水量相等。
【详解】根据试题分析，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小，说明甲植物细胞液浓度>蔗糖溶液浓度，乙植物细胞液浓度=蔗糖溶液的浓度，丙植物细胞液浓度<蔗糖溶液的浓度，则实验前各切块细胞液浓度甲>乙>丙，A正确；由于甲植物细胞液浓度﹥蔗糖溶液的浓度，导致甲细胞吸水，则实验中随着细胞吸水，细胞液浓度降低，则甲切块细胞的吸水能力逐渐降低，B错误；乙的浓度不变是因为细胞内细胞液浓度与浸泡液中蔗糖溶液的浓度相等，而不是细胞内蔗糖的浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等，C错误；由于丙植物细胞液浓度<蔗糖溶液浓度，导致丙植物细胞失水，如果短时间内细胞失水过多，则会导致细胞的死亡，那么丙切块细胞放入清水中就不会发生质壁分离后的复原现象，D错误。
故选A。
11.酵母菌既可以进行有氧呼吸又可以进行无氧呼吸，其呼吸过程中葡萄糖分解的两个途径如下图，有关叙述正确的是
A. 消耗等量的葡萄糖经酶3途径产生的CO2较多
B. 消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量3最多
C. 酶2发挥作用的部位是细胞质基质和线粒体
D. 酒精是酵母菌的代谢产物，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖
【答案】D
【解析】
【分析】
由图可知，葡萄糖在酶1的作用下形成丙酮酸，属于细胞呼吸的第一阶段，场所在细胞质基质。丙酮酸在酶2的作用下形成二氧化碳和水，属于有氧呼吸的第二、三阶段，场所在线粒体基质和内膜上。丙酮酸在酶3的作用下形成酒精和二氧化碳属于无氧呼吸的第二阶段，场所在细胞质基质。
【详解】有氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成6摩尔二氧化碳，而无氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成2摩尔二氧化碳，所以消耗等量的葡萄糖经酶2途径产生的CO2较多，A错误；有氧呼吸每个阶段都释放能量，第三阶段释放大量的能量，而无氧呼吸只在第一阶段释放少量能量，故消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量2最多，B错误；酶2催化的是有氧呼吸第二、三阶段的反应，故发挥作用的场所在线粒体基质和线粒体内膜，C错误；酵母菌无氧呼吸会产生酒精，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖，D正确。
故选D。
12.雌雄异株的高等植物剪秋罗有宽叶、窄叶两种类型，宽叶(B)对窄叶(b)为显性，等位基因位于X染色体上，其中窄叶基因(b)会使花粉不育，在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3。如果杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的性别及表现型分别是
A. 子代全是雄株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶
B. 子代全是雌株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶
C. 子代全是雄株,其中3/4是宽叶，1/4是窄叶
D. 子代中宽叶雌株:宽叶雄株:窄叶雌株:窄叶雄株=1:1:1:1
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：宽叶（B）对狭叶（b）是显性，等位基因位于X染色体上，属于伴性遗传；窄叶基因(b)会使花粉不育，说明XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精。在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3，故杂合宽叶雌株XBXb产生的可育配子XB：Xb=3：1。
【详解】根据分析可知，杂合子宽叶雌株XBXb产生的雌配子能参与受精的种类和比例为XB：Xb=3：1。由于窄叶基因(b)会使花粉不育，所以窄叶雄株XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精，所以杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的基因型和比例为XBY：XbY=3:1，表现型和比例为宽叶雄：窄叶雄=3:1，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
13.已知某草本植株高度受三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具有叠加性。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代株高均为2.1m。高度为2.4m的植株自交，后代出现性状分离，其中株高为2.4m的个体所占比例是
A. 1/16 B. 5/16 C. 3/8 D. 7/16
【答案】C
【解析】
【分析】
根据三对基因分别位于三对同源染色体上，说明符合自由组合定律，三对基因的作用相等且具有叠加性，最高高度为3m的植株基因型应为AABBCC，说明每个显性基因增加的高度是0.5m，最矮植株1.2m的植株基因型为aabbcc，说明每个隐性基因增加的高度是0.2m。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代基因型为AaBbCc，花长均为2.1m。
【详解】根据上述分析可知，每个显性基因增加的高度是0.5m，每个隐性基因增加的高度是0.2m，可推理出高度为2.4m的植株含4个显性基因和2个隐性基因，如AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AaBbCC等，但题意中该个体自交后代出现了性状分离，说明该个体为杂合子，如基因型为AaBbCC，自交后代株高为2.4m的个体的基因型和比例为AaBbCC（1/2×1/2×1）、AAbbCC（1/4×1/4×1）、aaBBCC（1/4×1/4×1），所以后代株高为2.4m的个体所占比例是（1/2×1/2×1）+（1/4×1/4×1）+（1/4×1/4×1）=3/8，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题考查基因分离定律和自由组合定律的相关知识，要求学生了解数量遗传的特点，意在考查学生的计算能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。
14.华中农业大学的教授在育种过程中发现一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得320粒种子，这些种子发育成的小麦中有60株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这60株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在F1中选择大穗抗病小麦再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为
A. 1/9 B. 2/9 C. 7/9 D. 7/10
【答案】C
【解析】
【分析】
由题意可知，一株大穗不抗病的小麦，自花授粉获得的后代出现了性状分离，既有大穗和小穗，也有抗病和不抗病，因此该大穗不抗病的小麦为双杂合子，大穗和不抗病为显性，假设大穗由A控制，不抗病由B控制，该植株的基因型为AaBb。60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。
【详解】由上述分析可知，大穗和不抗病为显性，60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。将60株大穗抗病的小麦进行连续两代的自交，由于抗病（b）是隐性性状，自交后代不发生性状分离，故可只考虑大穗和小穗性状，60株大穗抗病的基因型和比例为AAbb：Aabb=1:2，作为亲代自交，F1中大穗抗病小麦的基因型为1/3＋1/4×2/3＝1/2AAbb和1/2×2/3＝1/3Aabb，在大穗抗病小麦中，AAbb和Aabb分别占3/5、2/5。再进行自交，F2中大穗抗病的为3/5＋1/4×2/5＝7/10AAbb和1/2×2/5＝1/5Aabb，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为7/10÷(7/10+1/5)=7/9。综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题的知识点是基因的自由组合定律和基因的分离定律，根据后代的表现型判断基因的显隐性关系和亲本的基因型，根据亲本的基因型对相关的概率进行计算，准确分析题干获取有效信息是解题的突破口，对于基因的分离定律的灵活运用是解题的关键，概率计算是本题的重点。
15.某常染色体遗传病中，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。下图的两个患病家系中，己知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析判断不正确的是
A. 6号与7号基因型相同的概率为2/3
B. 若5号与7号结婚，生育患病孩子的概率为3/8
C. 子代的4人中，能确定出基因型的只有7号
D. 1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常，所以该遗传病为常染色体显性遗传病。亲代4人均表现正常，故基因型不可能是AA。若1号、2号均为aa，则所生孩子不可能患病，故1号、2号的基因型为Aa、Aa或Aa、aa；同理推知3号、4号的基因型也为Aa、Aa或Aa、aa；由于己知亲代中4号与其他三人的基因型不同，因此，可判断1号、2号和3号的基因型都为Aa，4号的基因型为aa。
【详解】根据上述分析可知，1号、2号的基因型都为Aa，且基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，所以6号的基因型及概率为AA（1/3）、Aa（2/3）；由分析可知4号的基因型为aa，故7号的基因型为Aa，所以6号与7号基因型相同的概率为2/3，A正确；5号的基因型为aa（1/3）、Aa（2/3），7号的基因型为Aa，因此5号与7号生育患病孩子的概率=1/3×1/2×1/2Aa+2/3×（1/4AA+1/2×1/2Aa）=5/12，B错误；由于1号、2号的基因型都为Aa，所以5号的基因型为Aa或aa、6号的基因型为AA或Aa；由于3号的基因型为Aa，4号的基因型为aa，所以7号的基因型为Aa，8号的基因型为Aa或aa，因此，子代的4人中，能确定出基因型的只有7号，C正确；1号（Aa）与2号（Aa）再生孩子患病的概率=1/4AA+1/2×1/2Aa=1/2，3号（Aa）与4号（aa）再生孩子患病的概率=1/2×1/2Aa=1/4，故1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍，D正确。
故选B。
【点睛】本题结合系谱图，考查常见的人类遗传病，要求考生识记几种常见人类遗传病的类型、特点及实例，能结合题中和图中信息准确推断相应个体的基因型，并进行相关概率的计算。
16.某哺乳动物的基因型为AABbEe，如图是该动物一个精原细胞在产生精子过程中某时期的示意图，以下有关说法错误的是
A. 图示细胞为次级精母细胞，该细胞中含2个染色体组
B. 图示细胞中，a基因不可能来源于同源染色体交叉互换
C. 该精原细胞产生的精子细胞基因型有ABe、aBe、AbE
D. 基因B/b与基因E/e之间的遗传遵循分离定律
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：图示细胞没有同源染色体，着丝点已分裂，染色体移向细胞两极，细胞处于减数第二次分裂后期。
【详解】由图可知细胞内没有同源染色体，姐妹染色单体分离应是减数第二次分裂后期，该细胞应是次级精母细胞，此时含有2个染色体组，A正确；由于该哺乳动物的基因型为AABbEe，没有a基因，所以图示细胞中，a基因只能来自于基因突变，不可能来自同源染色体的交叉互换，B正确；精原细胞基因组成为AABbEe，因为在DNA复制过程中发生了基因突变，形成的初级精母细胞基因型是AAAaBBbbEEee，在减数第一次后期同源染色体分离，非同源染色体自由组合定律，根据题图可知形成的两个次级精母细胞基因型分别为AaBBee和AAbbEE，减数第二次分裂姐妹染色单体分离，形成的精细胞基因型为ABe、aBe、AbE共三种，C正确；基因B／b与基因E／e位于两对同源染色体上，所以遵循自由组合定律，D错误。
故选D。
17.已知某牵牛花的花色由两对独立遗传的基因控制，这两对基因与花色的关系如图所示．此外，a基因存在时抑制B基因的表达．现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，下列分析正确的是
A. F1全部开红色花
B. 图示过程体现基因对性状的直接控制
C. F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9
D. F1测交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=1：1：2
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：基因A控制酶A的合成，酶A能将白色色素转化成粉色色素，基因B能控制酶B的合成，酶B能将粉色色素转化为红色色素。又已知a基因对于B基因的表达有抑制作用，因此红花的基因型为AAB_，粉花的基因型为A_bb和AaB_，白花的基因型为aaB-和aabb。
【详解】基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，其基因型为AaBb，由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以F1全部开粉色花，A错误；图示过程体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而控制生物的性状，属于基因对性状控制的间接途径，B错误；F1自交后代基因型可表示为A-B-：A-bb：aaB-：aabb═9：3：3：1．其中基因型为aaB-和aabb的个体为白色；基因型为AAB-的个体为红色；由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以基因型为AaB-和A-bb的个体为粉色。因此，F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9，C正确；F1测交后代基因型为AaBb、Aabb、aaBb和aabb，因此，花色的表现型及比例是白：粉：红=2：2：0，D错误。
故选C。
18.某精原细胞(2N=8)的核DNA分子双链均用14N标记后置于含15N的培养基中培养，经过连续两次细胞分裂后，检测子细胞中的标记情况。下列推断错误的是
A. 若进行有丝分裂，则第二次分裂中期含15N的染色单体有8条
B. 若进行有丝分裂，则含14N染色体的子细胞所占比例不唯一
C. 若进行减数分裂，则减数第二次分裂后期每个细胞中含15N的染色体有8条
D. 若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组
【答案】A
【解析】
【分析】
1、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养．如果进行有丝分裂，经过一次细胞分裂后，形成的2个子细胞中的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，再分裂一次，DNA分子复制形成的2个DNA分子中一个是N15-N15，一个是N15-N14，DNA分子进入两个细胞中是随机的，因此，形成的子细胞中含14N染色体的子细胞比例为1/2～1。
2、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养。如果进行减数分裂，减数分裂过程中染色体复制一次，细胞分裂两次，细胞分裂间期DNA复制形成的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，因此减数分裂形成的子细胞中都含有14N。
【详解】若进行有丝分裂，第一次分裂间期染色体复制(DNA复制)，由于DNA的半保留复制，每条染色体(含1个14N标记DNA)复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，该DNA含2条链，1条链15N标记，1条链14N标记)的染色体，结果第一次形成的2个子细胞中每条染色体的DNA上都含1条链被15N标记，另1条链被14N标记。第二次分裂间期染色体(DNA)复制，每条染色体复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，DNA含2条链，其中一个DNA的两条链均被15N标记，另一个DNA的一条链被14N标记，另一条链被15N标记)的染色体，故第二次分裂中期含15N的染色单体有16条，由于后期染色单体分离是随机的，有可能刚好各一半14N标记的染色体分别进入2个子细胞，也可能全部14N标记的染色体进入1个子细胞，所以经过两次有丝分裂后形成的四个子细胞含14N的细胞数可能为2个、3个、4个，故子细胞中含14N标记的染色体的子细胞所占比例不唯一，A错误；B正确；若进行减数分裂，复制后第一次分裂是成对同源染色体分离，由于每条染色体上的2条单体都含15N，故形成的2个次级精母细胞每条染色体上的2条单体都含15N，减数第二次分裂后期着丝点分裂，染色体数暂时加倍，每个细胞中含15N的染色体有8条，C正确；若进行减数分裂，所形成的子细胞中每条染色体上的DNA均是一条链被14N标记，另一条链被15N标记，即四个子细胞均含14N标记的染色体，而有丝分裂也可能出现四个子细胞均含14N标记的染色体，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则不能确定是进行的有丝分裂还是减数分裂，而基因重组只发生在减数分裂过程中，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组，D正确。
故选A。
【点睛】本题考查DNA分子半保留复制的特点和减数分裂、有丝分裂过程中染色体行为变化，，把握知识的内在联系并应用相关知识对某些生物学问题进行解释、推理、判断的能力是本题考查的重点。
19.某雌性二倍体动物基因型为AaBb（两对基因独立遗传）其两个正处在分裂状态的细胞如图。下列说法正确的是
A. 两个细胞所属的分裂方式相同
B. 两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因一定相同
C. 两个细胞中同源染色体对数相同
D. 该动物一个原始生殖细胞经过减数分裂产生一种成熟生殖细胞
【答案】D
【解析】
【分析】
图A细胞中含有同源染色体，所有染色体的着丝点排列在赤道板上，为有丝分裂的中期，姐妹染色单体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变。图B不含同源染色体，着丝点分裂，为减数第二次分裂后期，由于该生物的基因型为AaBb，故姐妹染色体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变，也可能是四分体时期发生了交叉互换。
【详解】由图A细胞中有同源染色体但没配对，可知是有丝分裂中期，图B细胞中无同源染色体，着丝点分裂，可知是减数第二次分裂后期，故两个细胞所属的分裂方式不相同，A错误；图A细胞为有丝分裂，细胞中姐妹染色单体上出现所示的A与a的原因是复制时出现的基因突变，图B细胞为减数分裂，姐妹染色体上出现等位基因可能是基因突变也可能是四分体时期的交叉互换，故两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因不一定相同，B错误；图A细胞有2个染色体组和2对同源染色体，图B细胞有2个染色体组数和0对同源染色体，C错误；该动物为雌性动物，一个原始生殖细胞经过减数分裂只产生一个卵细胞，即只产生一种成熟生殖细胞，D正确。
故选D。
【点睛】本题考查细胞分裂图的识别等知识点，考查考生的理解能力和识图分析能力，解题的关键是正确理解相关知识。
20.某动物产生基因型为AB、Ab、aB、ab四种精子（无交叉互换和基因突变），下列说法正确的是
A. 这四种精子可能来自同一个精原细胞
B. 这四种精子可能来自两个精原细胞
C. 这四种精子可能来自二个次级精母细胞
D. 这四种精子可能来自三个次级精母细胞
【答案】B
【解析】
依题意可知：某动物的基因型为AaBb，且这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。依据减数分裂过程可推知，在无交叉互换和基因突变的情况下，该动物的一个精原细胞经减数分裂形成的4个精子的基因型为AB、ab或Ab、aB，因此这4种精子不可能来自同一个精原细胞，而可能来自两个精原细胞，A项错误，B项正确；一个次级精母细胞经减数第二次分裂形成的两个精子的基因型也相同，为AB或Ab或aB或ab，所以这4种精子不可能来自二个或三个次级精母细胞，而是来自四个次级精母细胞， C、D项错误。
【点睛】理解一个精原细胞或一个次级精母细胞分裂所形成精子的特点是解题的关键。下图只表示了其中的一种情况。
21.某基因14N含有2000个碱基对，腺嘌呤占30％，若该DNA分子用15N加同位素标记过的四种游离脱氧核苷酸为原料复制3次。将全部复制产物进行密度梯度离心，得到如图1结果；如果将全部复制产物加入解旋酶处理后再离心，则得到如图2结果，下列有关分析正确的是
A. X层全部是仅含14N的基因 B. X层中含有的氢键数是Y层的3倍
C. w层中含15N标记胞嘧啶5600个 D. w层与Z层的核苷酸之比为1/4
【答案】C
【解析】
【分析】
DNA分子复制时，以DNA的两条链为模板，合成两条新的子链，每个DNA分子各含一条亲代DNA分子的母链和一条新形成的子链，称为半保留复制。
【详解】由于DNA分子复制为半保留复制，所以X层全部是一条核苷酸链含14N和互补链含15N的DNA，A错误；在DNA分子中，碱基对之间通过氢键相连，DNA分子复制了3次，产生的8个DNA分子中，2个DNA分子含14N和15N，6个DNA分子只含15N，所以X层中含有的氢键数是Y层的1/3，B错误；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，在含有2000个碱基对的DNA分子中，腺嘌呤占30%，因此鸟嘌呤占20%，共有2000×2×20%=800个，所以W层中含15N标记鸟嘌呤为800×14÷2=5600个，C正确；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，所以W层与Z层的核苷酸之比为14：2=7：1，D错误。
故选C。
22.某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，且基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，两对基因独立遗传。现有两只黄色短尾鼠交配，理论上子代表现型比例可能为
A. 2∶1 B. 5∶2
C. 8∶3∶3∶1 D. A、B、C均有可能
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以黄色短尾鼠的基因型为AaBB、AABb或AaBb。
【详解】（1）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBb，根据基因的自由组合定律，正常情况下，两只基因型为AaBb的鼠交配，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/16AABB、2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：A_bb（1/16AAbb、2/16Aabb）：aaB_（1/16aaBB、2/16aaBb）：aabb（1/16）=9：3：3：1。由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：黄色长尾（1/16AAbb、2/16Aabb）：灰鼠短尾（1/16aaBB、2/16aaBb）：灰鼠长尾（1/16）=8：3：3：1。
（2）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AABb，后代的基因型及比例应该为AAB_（1/4AABB、2/4AABb）：AAbb（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AABb）：黄色长尾（1/4）=2：1。
（3）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBB，后代的基因型及比例应该为A_BB（1/4AABB、2/4AaBB）：aaBB（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AaBB）：灰鼠短尾（1/4）=2：1。
（4）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBB，后代的基因型及比例应该为AABB、AABb、AaBB、AaBb=1：1：1：1，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型都是黄色短尾。
（5）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（AABB、AaBB、AABb、AaBb）：A_bb（AAbb、Aabb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AaBB、AABb、AaBb）：黄色长尾（AAbb、Aabb）=5：2。
（6）若两只黄色短尾鼠的基因型为AaBB和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/8AABB、1/8AABb、2/8AaBB、2/8AaBb）：aaB_（1/8aaBB、1/8aaBb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AABb、AaBB、AaBb、AABb、AaBB、AaBb）：黄色长尾（aaBB、aaBb）=5：2。综上分析，D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【点睛】本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干信息“基因A和基因B均纯合时使胚胎致死”判断出亲本的基因型，再根据基因自由组合定律判断子代的基因型及比例。
23.下图表示RNA干扰技术原理，下列相关叙述错误的是
A. RNA干扰过程遵循碱基互补配对原则
B. 可利用该技术研究基因的功能
C. 推测A蛋白具有RNA聚合酶的功能
D. 利用该技术可以抑制致病基因的表达
【答案】C
【解析】
【分析】
分析题图：图示表示RNA干扰技术的原理，即细胞核DNA转录形成的mRNA与SiRNA结合，最终被A蛋白切割。使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程。
【详解】根据上述分析可知，利用RNA干扰技术可使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程，故RNA干扰技术可抑制肿瘤基因的表达，并且可以利用RNA干扰技术对外源目标基因进行特异性的表达阻断来推导该基因的功能，mRNA与SiRNA结合过程中遵循碱基互补配对原则，RNA聚合酶是在以DNA为模板转录形成RNA时使用的，而图中A蛋白是将RNA剪切的酶，所以图中A蛋白不具有RNA聚合酶的功能，综上分析，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
24.起始密码子在翻译过程中必不可少，起始密码子AUG、GUG分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，最有可能的原因是（ ）
A. 组成人体血清白蛋白的单体中没有甲硫氨酸和缬氨酸
B. mRNA与核糖体结合前去除了最前端的部分碱基序列
C. 肽链形成后的加工过程中去除了最前端的部分氨基酸
D. mRNA起始密码所在位置的碱基在翻译前发生了替换
【答案】C
【解析】
【分析】
AUG、GUG是起始密码子，在mRNA翻译成肽链时分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，这是因为肽链形成后的加工过程中最前端的部分氨基酸被剪除。
【详解】人体血清白蛋白的的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，但不意味着血清白蛋白其它位置没有该氨基酸，如缬氨酸的密码子不止GUG一种，若为其它密码子，则缬氨酸可能出现在人体血清白蛋白中，A错误；根据起始密码子在翻译过程中必不可少的，说明mRNA与核糖体结合前应存在起始密码子，即mRNA与核糖体结合前没有去除最前端的部分碱基序列，B错误；起始密码子对应的氨基酸是甲硫氨酸和缬氨酸，但蛋白质的第一个氨基酸往往不是甲硫氨酸或缬氨酸，原因是翻译生成的多肽链可能进行加工修饰，甲硫氨酸或缬氨酸已经被剪切掉，C正确；mRNA起始密码所在位置的碱基在翻译前如果发生替换，则将替换成不同的密码子，而其它密码子不具有启动翻译的作用，这将导致蛋白质合成不能正常进行，D错误。
故选C。
【点睛】本题考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息的转录和翻译过程，明确起始密码子是核糖体进行翻译的起点，而蛋白质的第一个氨基酸往往不是甲硫氨酸或缬氨酸的原因是肽链生成后被加工修饰了。
25.下列说法正确的是（ ）
A. tRNA中每三个相邻的碱基构成一个反密码子
B. 密码子具有简并性，即使发生密码子第3位碱基的改变，翻译也不受影响
C. 一个终止密码子既可以终止翻译，又可以决定一个氨基酸
D. 真核生物的tRNA和mRNA相互识别过程依赖于碱基互补配对
【答案】D
【解析】
【分析】
遗传信息：基因中能控制生物性状的脱氧核苷酸的排列顺序。
遗传密码：又称密码子，是指mRNA上能决定一个氨基酸的3个相邻的碱基。
反密码子：是指tRNA的一端的三个相邻的碱基，能专一地与mRNA上的特定的3个碱基（即密码子）配对。
【详解】tRNA中与密码子对应的三个相邻碱基是一个反密码子，A错误；密码子具有简并性，若发生基因突变后，所形成的密码子所对应的氨基酸没有变，则翻译可能不受影响，但发生密码子第3位碱基的改变后不一定形成的氨基酸不变，也有可能形成终止密码子，使翻译提前终止，所以翻译也有可能受影响，B错误；一个终止密码子只可以终止翻译，不对应氨基酸，C错误；真核生物的tRNA和mRNA相互识别过程依赖于碱基互补配对，D正确。
故选D。
26.下图为中心法则示意图，相关叙述不正确的是
A. ①～⑤过程均遵循碱基互补配对原则
B. 原核细胞发生③过程存在多起点复制
C. ①过程进行时，DNA的双链要解开，需破坏氢键
D. 过程①⑤在进行时有水生成
【答案】B
【解析】
【分析】
分析题图：图示为中心法则示意图，其中①为DNA分子的复制，③为转录，⑤为翻译，②为RNA分子的复制，④为逆转录，其中逆转录和RNA分子的复制过程只发生在被某些RNA病毒侵染的细胞中。据此答题。
【详解】中心法则的内容是遗传信息的流动过程，①～⑤过程均遵循碱基互补配对原则，A正确；③过程为转录，基因转录时只有一个起点，B错误；①过程为DNA复制，进行DNA复制时DNA的双链要在解旋酶的作用下解开，需破坏氢键，C正确；过程①为DNA复制，⑤为翻译形成蛋白质的过程，DNA复制和蛋白质合成过程中都需要脱水，故过程①⑤在进行时有水生成，D正确。
故选B。
27.下列生物学经典实验方法与结论均正确的一组是（ ）
A. 恩格尔曼用极细光束照射黑暗环境中的水绵，得出了光合作用释放O2的场所是叶绿体
B. 艾弗里利用同位素标记法设计实验，证明了“转化因子”是DNA
C. 噬菌体侵染细菌的实验证明了DNA是主要的遗传物质
D. 科学家利用绿色和红色荧光染料分别对人和鼠细胞膜表面蛋白质进行标记、培养观察，证明了细胞膜是选择透过性膜
【答案】A
【解析】
【分析】
艾弗里的实验设计思路是设法将蛋白质和DNA分开，单独地、直接地观察它们各自的作用，艾弗里等人的实验没有使用同位素标记的方法。噬菌体侵染细菌实验说明噬菌体侵染细菌时，DNA进入细菌，而蛋白质外壳留在细菌外，说明起遗传作用的物质是DNA，即证明DNA是遗传物质。
【详解】恩吉尔曼利用水绵、好氧细菌及极细光进行实验证明了植物的光合作用的场所是叶绿体，A正确；艾弗里将S型菌分离的各种成分分别和R型菌混合，并在培养基中培养，根据菌落特征判断，证明了DNA是遗传物质，艾弗里没有利用同位素标记法，B错误；噬菌体侵染细菌的实验证明了DNA分子是遗传物质，C错误；科学家利用绿色和红色荧光染料分别对人和鼠细胞膜表面蛋白质进行标记、培养观察，证明了细胞膜具有一定的流动性，D错误。
故选A。
28.若在一双链DNA分子中鸟嘌呤和胞嘧啶之和占碱基总和的56%，在其中的一条链中A和C分别占该链碱基数的20%和30%，那么在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶分别占该链碱基数的比例为（ ）
A. 34%、14% B. 22%、30%
C. 22%、28% D. 24%、26%
【答案】D
【解析】
【分析】
碱基互补配对原则的规律：
（1）在双链DNA分子中，互补碱基两两相等，A=T，C=G，A+T=C+G，即嘌呤碱基总数等于嘧啶碱基总数。
（2）DNA分子的一条单链中（A+T）与（G+C）的比值等于其互补链和整个DNA分子中该种比例的比值。
（3）DNA分子一条链中（A+G）与（T+C）的比值与互补链中的该种碱基的比值互为倒数，在整个双链中该比值等于1。
（4）双链DNA分子中，A=（A1+A2）÷2，其他碱基同理。
【详解】在DNA分子中，A与T配对、G与C配对。因在一双链DNA分子中鸟嘌呤和胞嘧啶之和占碱基总和的56%，所以该DNA分子中A+T=44%。每一条链中A+T所占比例也是44%，G+C所占比例是56%。由于DNA分子的一条链中A和C分别占该链碱基总数的20%和30%，则这条链中T为44%-20%=24%，G为56%-30%=26%。因此，根据碱基互补配对原则，在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶与这一条链中的T和G所占比例相等。那么在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶分别占该链碱基数的比例为24%、26%。综上分析，D正确，ABC错误。
故选D。
【点睛】本题考查DNA分子结构的主要特点、碱基互补配对原则的应用，要求考生识记DNA分子结构的主要特点，首先能根据碱基互补配对原则计算出双链DNA中的A和C分别所占的比例；其次再根据碱基互补配对原则的应用，计算出另一条单链中A和C分别所占的比例。
29.若亲代DNA分子经过诱变，某位点上一个正常碱基变成了5溴尿嘧啶(BU)。BU可与碱基A配对，诱变后的DNA分子连续进行2次复制，得到的子代DNA分子加热后得到5种单链如图所示，则BU替换的碱基可能是 ( )
A. A B. T C. G D. C
【答案】C
【解析】
【分析】
1、基因突变是DNA分子中碱基对的替换、增添和缺失，而引起的基因结构的改变。
2、DNA分子遵循碱基互补配对的原则即：A与T配对，C与G配对。
3、5-溴尿嘧啶（Bu）是胸腺嘧啶（T）的结构类似物，DNA复制时，Bu可与A互补配对，代替T作为原料。
【详解】设突变的正常碱基为P，该碱基突变后变成了5溴尿嘧啶(BU)。BU可与碱基A配对，根据半保留复制的特点，DNA分子经过一次复制后，突变链形成的DNA分子中含有A—BU，该DNA分子经过第二次复制后，形成的两个DNA分子上对应位置的碱基为A—BU、A-T，水解形成的单链类型为图示中的前面三种情况。后面的两种单链类型说明亲代DNA经过两次复制后的另两个DNA分子上的碱基对为C-G，由于突变链上正常碱基P突变为BU，故最左面的单链为突变链，根据碱基互补配对原则，可知最右面的链为亲代DNA分子的另一条模板链，根据最下面碱基为C，可知对应突变链上正常碱基P应该为G，即鸟嘌呤，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
30.已知某花花色受三对独立遗传的等位基因（A和a、B和b、C和c）控制，其途如下图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合形成绿色。现有某紫花植株自交子代出现白花和黄花。据此判断下列叙述不正确的是
A. 用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
B. 自然种群中白花植株的基因型有3种
C. 自交子代出现的黄花植株的比例为3/64
D. 自交子代中绿花植株出现概率为9/64，红花植株出现概率为3/64
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：图示为各种色素的合成途径，其中仅有基因C存在时，白色能转化为蓝色；仅有基因A存在时，白色能转化为黄色；基因A、B存在时，黄色能转化为红色。红色与蓝色混合呈现紫色，蓝色与黄色混合呈现绿色。因此，紫花植株的基因型为A_B_C_，蓝花植株的基因型为aa__C_，黄花植株的基因型为A_bbcc，红花植株的基因型为A_B_cc，绿花植株的基因型为A_bbC_，白花植株的基因型为aa__cc。
现有某紫花植株自交子代出现白花，所以肯定含有a、c基因，因此，亲本紫花植株的基因型为AaB_Cc。当紫花植株的基因型为AaBBCc，则后代不会出现黄花植株，所以亲本紫花植株的基因型为AaBbCc。
【详解】根据分析可知亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，A正确；根据分析可知，自然种群中白花植株的基因型为aaBBcc、aaBbcc、aabbcc，共三种，B正确；亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，则自交子代出现的黄花植株（A_bbcc）的比例为3/4×1/4×1/4=3/64，C正确；由于亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，自交子代中绿花植物（A_bbC_）的概率为3/4×1/4×3/4=9/64，红花植株（A_B_cc）的概率为3/4×3/4×1/4=9/64，D错误。
故选D。
二、非选择题
31.图1是高等动物细胞亚显微结构模式图，图2是某一生物体中不同细胞的分裂示意图，图3表示图2生物细胞分裂过程中不同时期细胞内染色体、染色单体和DNA含量的关系。据图回答问题
（1）图1细胞中，“能量通货”ATP产生的场所有__________。能发生碱基互补配对的细胞器有_________(以上均填标号）。
（2）某动物如图1所示结构的三种细胞（上皮细胞、肝细胞、产生抗体的细胞)，其核内所含DNA和细胞内所含的RNA种类是否相同？___________________.
（3）利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构的标号有__________________.
（4）图2中具有同源染色体的细胞有___________。基因的自由组合发生于图2中的_________细胞所处的时期.
（5）图3中a〜c表示染色单体的是__________，由Ⅲ变化为Ⅳ的原因是_____________。
【答案】 (1). ④⑤ (2). ②⑤ (3). DNA相同RNA不同 (4). ①② (5). CD (6). D (7). b (8). 着丝点分裂，姐妹染色单体分开
【解析】
【分析】
1、图1为动物细胞，①为中心体、②为核糖体、③为内质网、④为细胞质基质、⑤为线粒体、⑥为高尔基体、⑦为核仁、⑧为核膜。
2、图2中A细胞不含同源染色体，着丝点分裂，为减数第二次分裂后期，B细胞没有同源染色体，所有染色体的着丝点排列在赤道板上，为减数第二次分裂中期，C细胞含同源染色体，着丝点均排列在赤道板上，为有丝分裂中期，D细胞含同源染色体，同源染色体正在移向两极，为减数第一次分裂后期。
3、图3中b在3个时期为0，说明其是染色单体；Ⅲ为减数第二次分裂前期、中期；由Ⅲ变化为Ⅳ（减数第二次分裂后期）的原因是着丝点分裂，姐妹染色单体分开。
【详解】（1）图1细胞为高等动物细胞，通过细胞呼吸产生ATP，故细胞中产生ATP的场所有④细胞质基质和⑤线粒体。能发生碱基互补配对的细胞器有⑤线粒体和②核糖体。
（2）三种细胞形态和功能不同是细胞分化形成的，实质是基因的选择性表达，使不同细胞中的mRNA和蛋白质的种类和数量出现差异，而细胞分化过程中核遗传物质不变，故三种细胞的核DNA相同，RNA不同。
（3）磷脂酶可分解磷脂，而磷脂是构成生物膜的主要成分，利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构是不含磷脂的结构，即不含生物膜的结构，图中①中心体和②核糖体均不含磷脂。故利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构的标号有①②。
（4）根据分析可知，图2中具有同源染色体的细胞有C、D。基因的自由组合发生在减数第一次分裂的后期，即图2中的D细胞所处的时期。
（5）生物的细胞分裂过程中，不同时期细胞内染色体、染色单体和DNA的数目比例有两种情况，1:2:2或1:0:1，所以图3中a～c表示染色单体的是b，a表示染色体，c表示DNA；Ⅲ中含有染色单体，染色体数是体细胞的一半，可表示减数第二次分裂的前期、中期。Ⅳ中不含染色单体，染色体数与体细胞相同，可表示减数第二次分裂的后期，故由Ⅲ变化为Ⅳ的原因是着丝点分裂，姐妹染色单体分离。
【点睛】本题考查动物细胞的亚显微结构和功能和细胞分裂图的识别以及减数分裂中染色体、染色单体和DNA的数目变化，知识点覆盖范围广，图形图像多，难度较大。考查学生的识记、识图、理解和分析问题的能力，要求比较高。
32.下列图甲表示植物单株光合作用速率随种植密度变化曲线；图乙表示植物在一昼夜下氧气释放量的变化曲线；图丙代表对某植物的一叶片进行不同处理的示意图。请据图回答相关问题。
（1）由甲图可推知，与M点相比，N点限制单株光合作用强度的主要外界因素有__________（写出两种）。
（2）图乙中该植物阴影部分所表示的O2释放量______________（填“大于”、“等于”或“小于”）一昼夜的O2释放量。若测得该植物一昼夜的O2释放量为500mg，假设该植物在24小时内呼吸速率不变，则该植物一天通过光合作用产生的O2总量是_______________ mg。
（3）若适当降低植物生长环境中CO2的浓度，图乙中的B点将向_______（填“左”或“右”）移动；此时细胞的叶绿体中短时间内C5的含量变化为________（填“升高”或“降低”或“不变”）。
（4）图丙是将对称叶片进行上侧遮光下侧曝光的处理，在适宜光照下照射12小时后，从两侧截取同等面积的叶片，烘干称重，分别记为m和n（单位：g），则(n-m)/12所代表的是下侧叶的 ______________________________。（已阻止两侧之间的物质和能量的转移）。
【答案】 (1). 光照强度、二氧化碳浓度 (2). 大于 (3). 740 (4). 左 (5). 升高 (6). 总光合作用速率（或真正光合速率）
【解析】
【分析】
分析图甲可知，种植密度过高会导致单株植物的光合速率降低。图乙表示植物在一昼夜下氧气释放量的变化曲线，图中阴影部分表示白天净光合释放氧气的量。图丙中A是在黑暗条件下的实验，单位时间内测得的数据可表示呼吸速率，B是在光照条件下的的实验，单位时间内测得的数据表示净光合速率。
【详解】（1）与M点相比，N点种植密度过高，导致植株相互遮挡阳光，空气不流通，影响光照强度和二氧化碳供应，降低光合速率，所以与M点相比，N点限制单株光合作用强度的主要外界因素有光照强度、二氧化碳浓度。
（2）该植物一昼夜的O2净释放量=白天光合作用量-一昼夜呼吸作用量=阴影部分面积-两侧空白部分，即：图乙中阴影部分所表示的O2释放量表示白天（AB段）光合作用积累量，故该值大于该植物一昼夜的O2释放量。呼吸速率为10mg，故24小时呼吸量为240mg，一昼夜中的实际光合量=净光合量+呼吸量=500+240=740mg。
（3）图乙中B点表示光补偿点即光合速率=呼吸速率，适当降低植物生长环境中CO2的浓度，光合速率降低，故为保持光合速率和呼吸速率相等，则B点应该左移，即增强光照强度。适当降低植物生长环境中CO2的浓度，此时细胞的叶绿体中短时间内C5的消耗量减少，但生成量不变，因此C5含量变化为升高。
（4）德国科学家用图丙所示实验方法证明了光合作用的产物有淀粉，该实验中遮光部分为对照组，曝光部分为实验组，即B为实验组。由于叶片在遮光条件下只进行呼吸作用，而在光照条件下光合和呼吸同时进行，假设实验开始，两侧截取同等面积的叶片的干重为X，则12小时细胞呼吸消耗的有机物=X-m，因此m=X-12小时细胞呼吸消耗的有机物；而n-X=12小时细胞光合作用积累的有机物，则b=12小时细胞光合作用积累的有机物+X；因此n-m=（12小时细胞光合作用积累的有机物+X）-（X-12小时细胞呼吸消耗的有机物）=12小时细胞光合作用积累的有机物+12小时细胞呼吸消耗的有机物=12h内截取部分叶片光合作用生产的总光合量 。即(n-m)/12所代表的是下侧叶的总光合速率。
【点睛】本题考查光合作用的相关知识，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断的能力。
33.小鼠的毛色由常染色体上的3对等位基因决定，3对基因控制色素合成的关系如下图所示。相关显性基因完全显性，且相应的隐性等位基因表达产物没有图示功能。
（1）某研究小组为探究相关基因是否遵循自由组合定律，选择纯合黄色小鼠进行杂交实验，再让F1代雌雄个体随机交配，观察并统计F2的表现型及比例。请回答下列问题。
①杂交亲本组合的基因型为____________________。
②理论上，若F2代黄色鼠：褐色鼠：黑色鼠为__________，则3对等位基因均可自由组合。
（2）另一研究小组通过基因敲除技术，培育出不含E基因的小鼠。利用该品种进行上述杂交实验，经过多次重复实验，发现F2中个体表现型及比例接近黑色鼠：褐色鼠：黄色鼠=7：1:4。
①请针对出现该分离比的原因，提出一种合理的假说：____________________。
②为验证该解释是否正确，设计如下实验：选择F2中毛色表现为褐色的__________小鼠与表现为黄色异性小鼠进行杂交实验。根据以上假说推测实验结果为____________________。
③该研究方法与孟德尔遗传定律利用的研究方法相同，②为该研究方法中的__________过程。
【答案】 (1). AABBEE×aabbee或 AAbbEE×aaBBee (2). 52:3:9 (3). 基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死） (4). 雌性（或雄性） (5). 子代小鼠毛色均为黄色 (6). 演绎推理
【解析】
【分析】
考查自由组合定律的变式应用，首先根据题意得出基因型与表现型的对应关系：
A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；E基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，说明黑色个体的基因型为A_B_ee，黄色个体的基因型为A_bbE_、A_B_E_、aabb_，褐色的基因型为A_bbee.
【详解】（1）①F1的基因型为AaBbEe；根据亲本为纯合黄色小鼠可知亲本的基因型为AABBEExaabbee或AAbbEExaaBBee。
②3对等位基因均可自由组合，F1的基因型为AaBbEe，F2的组合方式有4×4×4=64种，黑色个体的基因型为A_B_ee，有3×3=9种；褐色个体的基因型为A_bbee，有3×1×1=3种；剩余的是黄色个体64-9-3=52种，所以F2代毛色表现型黄：褐：黑=52：3：9。
（2）①敲除E基因的小鼠毛色只受A、B基因控制，F1的基因型为AaBb，正常情况下，黑色鼠的基因型为A_B_，有3×3=9种，褐色鼠的基因型为A_bb，有3种，黄色鼠的基因型为aa B_或aabb，有=3+1=4种，而实际情况是黑色鼠和褐色鼠各少2个，黄色鼠正常，比较其中的差别可知，可能是由于基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死）。
②为验证该解释是否正确，设计实验时，由于与毛色相关的基因并不在性染色体上，因此选择与选择的动物性别无关：若基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死），
则褐色小鼠的基因型为Aabb，子代成活的小鼠基因型为aabb，毛色均为黄色。
③孟德尔遗传定律利用的研究方法：根据杂交实验提出问题，做出假说，演绎推理，②为该研究方法中的演绎推理过程。
【点睛】考查自由组合定律的变式，首先根据题意得到基因型和表现型的关系，本题的难点在于发现题中与正常情况下的变化在哪，有一定难度。
34.大肠杆菌中直接编码乳糖代谢所需酶类的基因叫结构基因，包括基因 lacZ、基因 lacY、基 因 lacA，结构基因的上游有 3 个对结构基因起调控作用的核苷酸序列，其中操纵基因对结构基因起着 “开关”的作用，直接控制结构基因的转录，调节基因能够调节操纵基因状态，从而对“开关”起着 控制作用，下图是科学家提出的一种基因表达调控假设。回答下列问题：
（1）细胞中 RNA 聚合酶的基本单位是_______，它在基因中的结合位点称为_______。
（2）图 1 中，过程①发生的场所是__ ，过程②中遗传信息的准确传递，主要依据__ 。
（3）图 2 中一个 mRNA 可翻译出多种蛋白质，其原因是__ 或者翻译后一条肽链被酶切成多条肽链。
（4）研究发现，当培养基中只含乳糖时，大肠杆菌才能合成乳糖代谢所需酶，其原因是
_ _；菌体内乳糖的浓度不会过高，满足大肠杆菌需要即可，因为酶基因操纵组会受到乳糖浓度的反馈抑制，该 反馈抑制的意义在于既保证了大肠杆菌能量的供应，又可以___ ___。
【答案】 (1). 氨基酸 (2). 启动子 (3). 大肠杆菌拟核部位 (4). 碱基互补配对原则及氨基酸的密码子 (5). 一个RNA上有多个起始密码 (6). 当乳糖进入大肠杆菌细胞后，阻遏蛋白与乳糖结合，失去了与操纵基因结合的能力，保证RNA聚合酶正常发挥功能 (7). 避免物质和能量的浪费
【解析】
试题分析：本题以图文结合的形式，综合考查学生对转录和翻译过程的理解和掌握情况，以及从课外材料中获取相关的生物学信息，并能运用这些信息，结合所学知识解决相关的生物学问题的能力。解答此题的关键是，依据题图中呈现的信息，准确识别过程①②所示过程的名称，以及RNA聚合酶正常功能的发挥与阻遏蛋白、乳糖、操纵基因的关系，据此与所学“转录和翻译”等知识有效地联系起来，进行图文转换、实现对知识的整合和迁移。
(1) RNA聚合酶的化学本质是蛋白质，蛋白质的基本单位是 氨基酸。启动子是RNA聚合酶结合和识别的位点。
(2) 图1中，过程①表示转录，发生的场所是大肠杆菌拟核部位。过程②表示翻译，在翻译中，携带氨基酸的tRNA进入核糖体，依赖一端的反密码子、通过碱基互补配对，将mRNA上决定氨基酸的密码子翻译出来，形成具有一定氨基酸序列的蛋白质，即过程②中遗传信息的准确传递，主要依据碱基互补配对原则及氨基酸的密码子。
(3) 翻译是从起始密码子开始的。若图2中一个mRNA上有多个起始密码子，则可翻译出多种蛋白质。
(4)对比分析图1和图2可知：当乳糖进入大肠杆菌细胞后，阻遏蛋白与乳糖结合，失去了与操纵基因结合的能力，保证RNA聚合酶正常发挥功能，大肠杆菌才能合成乳糖代谢所需酶。酶基因操纵组会受到乳糖浓度的反馈抑制，该反馈抑制的意义在于既保证了大肠杆菌能量的供应，又可以避免物质和能量的浪费。
下学期第一次月考（重点班）试题
一、选择题
1.下列关于噬菌体侵染细菌实验的叙述，正确的是
A. 该实验能证明DNA控制蛋白质的合成
B. 该实验能证明DNA通过半保留方式进行复制
C. 该实验能证明DNA是主要的遗传物质
D. 最终释放出来的子代噬菌体大部分具有放射性
【答案】A
【解析】
【分析】
1.噬菌体的结构：蛋白质外壳（C、H、O、N、S）+DNA（C、H、O、N、P）；
2.噬菌体繁殖过程：吸附→注入（注入噬菌体的DNA）→合成（控制者：噬菌体的DNA；原料：细菌的化学成分）→组装→释放。
3.T2噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用35S或32P标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬菌体侵染未被标记的细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。实验结论：DNA是遗传物质。
【详解】在T2噬菌体侵染细菌的实验中，实验设计思路为：S是蛋白质的特有元素，DNA分子中含有P，蛋白质中几乎不含有P，用放射性同位素32P和放射性同位素35S分别标记DNA和蛋白质，直接单独去观察它们的作用，发现噬菌体中只有DNA进入了大肠杆菌，但最后释放的子代噬菌体含有蛋白质，结构与亲代相同，可证明噬菌体的DNA可控制蛋白质的合成，A正确；该实验不能证明DNA通过半保留方式进行复制，梅塞尔森和斯塔尔的实验证明了DNA通过半保留方式进行复制，B错误；该实验只能证明DNA是遗传物质，C错误；标记亲代噬菌体的DNA，由于DNA的复制是半保留复制，所以最终释放出来的子代噬菌体小部分具有放射性，D错误。
故选A。
2.下列说法不正确的是
A. 蛋白质、核酸和多糖分别以氨基酸、核苷酸和葡萄糖为单体组成多聚体
B. 在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种
C. 葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，它可来自于植物细胞内淀粉的水解
D. 有氧呼吸过程中产生的[H]可与O2结合生成水
【答案】A
【解析】
【分析】
1、糖类由C、H、O组成，是构成生物重要成分、主要能源物质。包括：①单糖：葡萄糖（重要能源）、果糖（植物）、核糖、脱氧核糖（构成核酸）、半乳糖（动物）。②二糖：蔗糖、麦芽糖（植物）；乳糖（动物）。 ③多糖：淀粉、纤维素（植物）；糖原（动物）。
2、构成DNA的碱基有A、G、T、C，构成RNA的碱基有A、G、U、C，人体心肌细胞中既有DNA，又有RNA，A，G，T，U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种。
【详解】构成多糖的单体不都是葡萄糖，如琼脂是一种多聚半乳糖，A错误；细胞中既含有DNA又含有RNA，由A可构成腺嘌呤脱氧核糖核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸，由G可构成鸟嘌呤脱氧核糖核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸，由T只能构成胸腺嘧啶脱氧核糖核苷酸，由U只能构成尿嘧啶核糖核苷酸，故在人体心肌细胞中由A、G、T、U四种碱基参与构成的核苷酸最多有6种，B正确；葡萄糖是细胞呼吸最常利用的物质，淀粉是植物细胞特有的储能物质，淀粉水解可形成葡萄糖，C正确；有氧呼吸过程中第一、二阶段产生的[H]可在第三阶段与O2结合生成水，D正确。
故选A。
3.—条由15个氨基酸组成的多肽，分子式为C74H110N19O26S。这条多肽链经水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S)、丙氨酸(C3H6NO2)、天冬氨酸（C4H7NO4)、赖氨酸（C6H14N2O2)、苯丙氨酸(C9H11NO2)。则水解产物中苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是（ ）
A. 1和2 B. 2和3
C. 3和4 D. 以上都不对
【答案】B
【解析】
【分析】
分析题干信息：由15个氨基酸组成、分子式为C74H110N19O26S的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H6NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有赖氨酸含有2个氮原子（其它4种氨基酸均含1个氮原子）、只有天冬氨酸含有4个氧原子（其它4种氨基酸均含2个氧原子）。
【详解】根据水解产物中只有半胱氨酸中含1个S原子，说明半胱氨酸含有1个；设该多肽（十五肽）中含有赖氨酸α个，根据氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，可得2α+（15-α）=19，解得α=4个；设该多肽（十五肽）中含有天（门）冬氨酸，根据氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，可得4β+（15-β）×2-（15-1）=26，解得β=5．最后设该多肽中含苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是x、y个，根据C和N原子守恒可列式：3+3y+4×5+6×4+9x=74，x+y+1+4×2+5=19，解得x=2，y=3，故选B。
【点睛】突破口：根据多肽化合物的分子式与水解的氨基酸种类的分子式中C、N、O、S等原子守恒建立关系式解得各种氨基酸的个数。
4.对洋葱根尖细胞中某细胞器的组成成分进行分析，发现A、T、C、G、U碱基的相对含量分别约为30%、10%、30%、20%、10%，则下列叙述不正确的是
A. 该细胞器能固定CO2 B. 该细胞器能产生水
C. 该细胞器内膜面积大 D. 该细胞器能进行基因表达过程
【答案】A
【解析】
【分析】
分析题干中的信息可知，该植物细胞器中含有的碱基是A、T、C、G、U五种碱基，因此该细胞器中含有DNA和RNA，含有DNA和RNA的细胞器是线粒体和叶绿体，根尖细胞中没有叶绿体，所以该细胞器是线粒体。
【详解】存在于植物根尖细胞中的某细胞器，其含有A、T、C、G、U五种碱基，说明该细胞器同时含有DNA和RNA，据此可推知为线粒体，线粒体具有双层膜结构，内膜向内折叠形成嵴可增大膜的面积，而能固定CO2的细胞器是叶绿体，A错误；C正确；在线粒体内膜上完成有氧呼吸的第三阶段，其过程是前两个阶段产生的[H]与氧结合生成H2O，并释放出大量的能量，产生大量的ATP，即线粒体能产生水、能进行能量转换，B正确；线粒体是半自主复制的细胞，能进行DNA复制和基因表达过程，D正确。
故选A。
5.下列有关生物学实验及研究的叙述正确的是
①孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止自花授粉
②紫色洋葱鳞片叶内表皮可用作观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料
③探索淀粉酶对淀粉和蔗糖作用的专一性时，可用碘液替代斐林试剂进行鉴定
④盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”和“观察植物细胞有丝分裂”中的作用不相同
⑤经健那绿染液处理，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色
⑥可以用淀粉酶催化淀粉的实验探究pH对酶活性的影响
⑦用溴麝香草酚蓝水溶液能鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物
⑧调查血友病的遗传方式，可在学校内对同学进行随机抽样调查
⑨以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症
A. 两项 B. 三项 C. 四项 D. 五项
【答案】D
【解析】
【分析】
观察细胞中DNA和RNA分布时，盐酸的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；健那绿是专一性染线粒体的活细胞染料；紫色洋葱内表皮细胞色浅，可用来观察DNA和RNA在细胞中的分布实验；豌豆是两性花，自然情况下，进行自花传粉。CO2可使澄清石灰水变混浊，也可使溴麝香草酚蓝水溶液由蓝变绿再变黄。根据石灰水混浊程度或溴麝香草酚蓝水溶液变成黄色的时间长短，可以检测酵母菌培养CO2的产生情况。
【详解】①豌豆是自花授粉的植物，孟德尔的豌豆杂交试验中将母本去雄的目的是防止其自花授粉，以便杂交，①正确；②紫色洋葱鳞片叶内表皮细胞没有紫色液泡的颜色干扰，可作为观察DNA和RNA在细胞中分布的实验材料，②正确；③蔗糖组无论是否反应都与碘液不显色，即不能说明淀粉酶对蔗糖是否起作用，所以不能用碘液替代斐林试剂进行鉴定，③错误；④盐酸在“观察DNA和RNA在细胞中的分布”中的作用是改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，将染色体上的DNA和蛋白质分离，便于染色剂与DNA结合；在“观察植物细胞有丝分裂”中的作用是使组织细胞分散开，故盐酸在两个实验中的作用不同，④正确；⑤健那绿是给线粒体染色的活体染色剂，经健那绿染液处理后，可以使活细胞中的线粒体呈蓝绿色，⑤正确；⑥探究PH对酶活性的影响，其自变量是PH值的不同，因淀粉在酸性条件下会自然水解，会影响实验结果，⑥错误；⑦乳酸菌只能进行无氧呼吸产生乳酸，而溴麝香草酚蓝水溶液是用来验证CO2的产生，所以不能用溴麝香草酚蓝水溶液来鉴定乳酸菌细胞呼吸的产物，⑦错误；⑧调查血友病的遗传方式，应在患者的家系中调查，⑧错误；⑨镰刀型细胞贫血症是红细胞的形状发生了改变，因此以人的成熟红细胞为观察材料可以诊断镰刀型细胞贫血症，⑨正确。综上分析，①②④⑤⑨正确，即D正确，ABC错误。
故选D。
【点睛】本题考查生物学实验的有关知识，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的使用方法、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。
6.下列有关放射性同位素示综实验的叙述，错误的是
A. 35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体与游离的核糖体都可能出现放射性
B. 小鼠吸入18O2，则在其尿液中可以检测到H218O，呼出的CO2也可能含有
C. 在缺氧时给水稻提供14CO2，体内可以存在14C的转移途径14CO2→14C5→（14CH2O）→（14C2H5OH）
D. 将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，含15N的精子所占比例为25%
【答案】C
【解析】
【分析】
1、关于呼吸作用元素的去向分析：，所以，18O2标记以后放射性元素首先出现在水中，但是水又可以作为有氧呼吸第二阶段的反应物，因此放射性元素又可以出现在二氧化碳中。
2、用14CO2探究光合作用14C的转移途径大致是：14CO2→14C3→（14CH2O）。
【详解】用35S标记甲硫氨酸，附着在内质网上的核糖体和游离的核糖体都有可能出现放射性，因为核糖体是合成蛋白质的场所，胞内蛋白和分泌蛋白合成时均有可能利用35S标记的甲硫氨酸，A正确；小鼠吸入18O2，可通过有氧呼吸第三阶段与还原氢结合生成H218O，则在其尿液中可以检测到H218O，生成的H218O也可以与丙酮酸反应生成C18O2，所以呼出的二氧化碳也可能含有18O，B正确；在缺氧时给水稻提供14CO2，则14C在光合作用的转移途径大致是：14CO2→14C3→（14CH2O），（14CH2O）中的14C在无氧呼吸中的转移途径大致是（14CH2O）→14C3→14C2H5OH+14CO2，C错误；将某精原细胞中的某条染色体上的DNA的一条链用15N进行标记，经过DNA复制后，细胞中只有一条DNA含有15N，正常情况下，在该细胞分裂形成的精细胞中，只有一个精子含15N，故含15N的精子所占比例为25%，D正确。
故选C。
7.孟德尔因对现代遗传学做出了杰出贡献，被誉为现代遗传学之父。下列关于孟德尔的研究过程的分析正确的是
A. 孟德尔所作出的假设的核心内容是“生物体能产生数量相等的雌雄配子”
B. 孟德尔依据减数分裂的相关原理进行“演绎推理”的过程
C. 孟德尔做出的“演绎”是设计测交实验后代发生1:1的性状分离比
D. 为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了正、反交实验
【答案】C
【解析】
【分析】
孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；
②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；
③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；
④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；
⑤得出结论（就是分离定律）。
【详解】孟德尔所作假设的内容是“性状是由遗传因子控制的，体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离，受精时雌雄配子随机结合”，其中核心内容是“体细胞中遗传因子是成对的，配子中成对的遗传因子分离”，A错误； 孟德尔依据假说进行了“演绎推理”的过程，B错误；孟德尔做出的“演绎”是：若F1产生数量相等的两种配子，则F1与隐性亲本进行测交时预测后代会发生1：1的性状分离比，C正确；为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，D错误。
故选C。
8.一头基因型为DdXaY的狼，其一个精原细胞进行减数分裂，产生一个基因型为DdXa的精子，则其它三个精子可能的基因型为
① Xa DdY Y ② DXa dY dY ③ DXa DdY Y ④ Xa DY dY ⑤ DdXa Y Y
A. ①或②或③ B. ①或④或⑤
C. ②或③或④ D. ③或④或⑤
【答案】B
【解析】
【分析】
正常情况下，减数第一次分裂时，因为同源染色体分离，非同源染色体自由组合，所以一个初级精母细胞能产生2种基因型不同的次级精母细胞；减数第二次分裂类似于有丝分裂，因此每个次级精母细胞产生2个基因型相同的精细胞。由此可见，一个精原细胞减数分裂形成4个精子，但只有两种基因型。而题意中产生一个基因型为DdXa的精子，说明减数第一次分裂异常，即D和d所在染色体没有分离；也可能是减数第一次分裂过程中发生过交叉互换。
【详解】一个基因型为DdXaY的精原细胞，在减数分裂过程中：（1）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含D和d的两条染色体都移向了同一极，则可产生DdXa、Xa、DdY和Y四种精子。（2）若发生了交叉互换，则可产生DdXaXa和DdYY的两种次级精母细胞；而在减数第二次分裂后期，含DdXaXa的次级精母细胞中，D和d的两条染色体移向了同一极，则可产生DdXa、Xa两种精子；含DdYY的次级精母细胞正常分裂，则可产生DY和dY两种精子。（3）若在减数第一次分裂后期，含有D和d的同源染色体没有分开，移向同一极并分配到同一个次级精母细胞中，即产生了基因型为DDddXaXa和YY的两种次级精母细胞；减数第二次分裂正常分裂，所以基因型为YY的次级精母细胞产生了两个基因型为Y的精子，而基因型为DDddXaXa的次级精母细胞形成了两个基因型为DdXa的精子。综上所述，B正确，ACD错误。
故选B。
【点睛】本题考查减数分裂的相关知识，重点考查精子的形成过程，要求考生识记减数分裂不同时期的特征，特别是减数第一次分裂后期同源染色体的分离和减数第二次分裂后期着丝点分裂，姐妹染色单体分离，能结合题干所给精原细胞和精子的基因型，推测其他三种精子的基因型。
9.肾小管处需要对Na+和氨基酸进行吸收，过程示意图如下图。据图分析不正确的是
A. Na+进、出肾小管上皮细胞的方式是不同的
B. 管腔中Na+进入上皮细胞的方式体现了细胞膜的流动性
C. 管腔中氨基酸进入上皮细胞的方式为主动运输
D. 上皮细胞中氨基酸进入组织液不需要消耗能量
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：管腔中氨基酸进入上皮细胞是由低浓度→高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输；管腔中Na+进入上皮细胞是高浓度→低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中氨基酸进入组织液是由高浓度→低浓度，需要载体、但不消耗能量，属于协助扩散；上皮细胞中Na+进入组织液是由低浓度→高浓度，需要载体、消耗能量，属于主动运输。
【详解】由上述分析可知，Na+进、出上皮细胞的方式分别是被动运输和主动运输，A正确；管腔中Na+进入上皮细胞需要载体协助，载体蛋白是有特异性的，能体现细胞膜的选择透过性，B错误；图中管腔中氨基酸进入上皮细胞是逆浓度梯度进行的，应为主动运输，C正确；图中上皮细胞中氨基酸进入组织液需要载体协助，是顺浓度梯度进行的，不消耗能量，应为协助扩散，D正确。
故选B。
10.取甲、乙、丙三种植物组织切块分别放入相同浓度的蔗糖溶液中，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小。下列说法正确的是
A. 实验前，各切块细胞液浓度甲>乙> 丙
B. 实验中，甲切块细胞的吸水能力逐渐增强
C. 实验中，乙切块细胞内蔗糖浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等
D. 实验后，丙切块细胞放入清水中一定能够发生质壁分离后的复原现象
【答案】A
【解析】
【分析】
外界溶液浓度大于细胞液浓度，细胞失水，表现为质壁分离，外界溶液浓度小于细胞液浓度，细胞吸水。外界溶液浓度和细胞液浓度等渗时，细胞的吸水量和失水量相等。
【详解】根据试题分析，一定时间后测得甲浸泡液的浓度变大，乙浸泡液的浓度不变，丙浸泡液的浓度变小，说明甲植物细胞液浓度>蔗糖溶液浓度，乙植物细胞液浓度=蔗糖溶液的浓度，丙植物细胞液浓度<蔗糖溶液的浓度，则实验前各切块细胞液浓度甲>乙>丙，A正确；由于甲植物细胞液浓度﹥蔗糖溶液的浓度，导致甲细胞吸水，则实验中随着细胞吸水，细胞液浓度降低，则甲切块细胞的吸水能力逐渐降低，B错误；乙的浓度不变是因为细胞内细胞液浓度与浸泡液中蔗糖溶液的浓度相等，而不是细胞内蔗糖的浓度与浸泡液中蔗糖浓度相等，C错误；由于丙植物细胞液浓度<蔗糖溶液浓度，导致丙植物细胞失水，如果短时间内细胞失水过多，则会导致细胞的死亡，那么丙切块细胞放入清水中就不会发生质壁分离后的复原现象，D错误。
故选A。
11.酵母菌既可以进行有氧呼吸又可以进行无氧呼吸，其呼吸过程中葡萄糖分解的两个途径如下图，有关叙述正确的是
A. 消耗等量的葡萄糖经酶3途径产生的CO2较多
B. 消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量3最多
C. 酶2发挥作用的部位是细胞质基质和线粒体
D. 酒精是酵母菌的代谢产物，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖
【答案】D
【解析】
【分析】
由图可知，葡萄糖在酶1的作用下形成丙酮酸，属于细胞呼吸的第一阶段，场所在细胞质基质。丙酮酸在酶2的作用下形成二氧化碳和水，属于有氧呼吸的第二、三阶段，场所在线粒体基质和内膜上。丙酮酸在酶3的作用下形成酒精和二氧化碳属于无氧呼吸的第二阶段，场所在细胞质基质。
【详解】有氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成6摩尔二氧化碳，而无氧呼吸过程中1摩尔葡萄糖可分解形成2摩尔二氧化碳，所以消耗等量的葡萄糖经酶2途径产生的CO2较多，A错误；有氧呼吸每个阶段都释放能量，第三阶段释放大量的能量，而无氧呼吸只在第一阶段释放少量能量，故消耗等量的葡萄糖释放的能量中，能量2最多，B错误；酶2催化的是有氧呼吸第二、三阶段的反应，故发挥作用的场所在线粒体基质和线粒体内膜，C错误；酵母菌无氧呼吸会产生酒精，酒精的积累可能会抑制酵母菌的生长和繁殖，D正确。
故选D。
12.雌雄异株的高等植物剪秋罗有宽叶、窄叶两种类型，宽叶(B)对窄叶(b)为显性，等位基因位于X染色体上，其中窄叶基因(b)会使花粉不育，在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3。如果杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的性别及表现型分别是
A. 子代全是雄株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶
B. 子代全是雌株,其中1/2是宽叶，1/2是窄叶
C. 子代全是雄株,其中3/4是宽叶，1/4是窄叶
D. 子代中宽叶雌株:宽叶雄株:窄叶雌株:窄叶雄株=1:1:1:1
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：宽叶（B）对狭叶（b）是显性，等位基因位于X染色体上，属于伴性遗传；窄叶基因(b)会使花粉不育，说明XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精。在雌性植株中，含有b基因的配子育性仅为正常的1/3，故杂合宽叶雌株XBXb产生的可育配子XB：Xb=3：1。
【详解】根据分析可知，杂合子宽叶雌株XBXb产生的雌配子能参与受精的种类和比例为XB：Xb=3：1。由于窄叶基因(b)会使花粉不育，所以窄叶雄株XbY产生的配子只有含Y的可以参与受精，所以杂合子宽叶雌株同窄叶雄株杂交,其子代的基因型和比例为XBY：XbY=3:1，表现型和比例为宽叶雄：窄叶雄=3:1，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
13.已知某草本植株高度受三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具有叠加性。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代株高均为2.1m。高度为2.4m的植株自交，后代出现性状分离，其中株高为2.4m的个体所占比例是
A. 1/16 B. 5/16 C. 3/8 D. 7/16
【答案】C
【解析】
【分析】
根据三对基因分别位于三对同源染色体上，说明符合自由组合定律，三对基因的作用相等且具有叠加性，最高高度为3m的植株基因型应为AABBCC，说明每个显性基因增加的高度是0.5m，最矮植株1.2m的植株基因型为aabbcc，说明每个隐性基因增加的高度是0.2m。最高高度为3m的植株与最矮植株1.2m的植株相互授粉，子代基因型为AaBbCc，花长均为2.1m。
【详解】根据上述分析可知，每个显性基因增加的高度是0.5m，每个隐性基因增加的高度是0.2m，可推理出高度为2.4m的植株含4个显性基因和2个隐性基因，如AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AaBbCC等，但题意中该个体自交后代出现了性状分离，说明该个体为杂合子，如基因型为AaBbCC，自交后代株高为2.4m的个体的基因型和比例为AaBbCC（1/2×1/2×1）、AAbbCC（1/4×1/4×1）、aaBBCC（1/4×1/4×1），所以后代株高为2.4m的个体所占比例是（1/2×1/2×1）+（1/4×1/4×1）+（1/4×1/4×1）=3/8，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题考查基因分离定律和自由组合定律的相关知识，要求学生了解数量遗传的特点，意在考查学生的计算能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。
14.华中农业大学的教授在育种过程中发现一株大穗不抗病的小麦，自花受粉后获得320粒种子，这些种子发育成的小麦中有60株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这60株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在F1中选择大穗抗病小麦再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为
A. 1/9 B. 2/9 C. 7/9 D. 7/10
【答案】C
【解析】
【分析】
由题意可知，一株大穗不抗病的小麦，自花授粉获得的后代出现了性状分离，既有大穗和小穗，也有抗病和不抗病，因此该大穗不抗病的小麦为双杂合子，大穗和不抗病为显性，假设大穗由A控制，不抗病由B控制，该植株的基因型为AaBb。60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。
【详解】由上述分析可知，大穗和不抗病为显性，60株大穗抗病的基因型为AAbb、Aabb。将60株大穗抗病的小麦进行连续两代的自交，由于抗病（b）是隐性性状，自交后代不发生性状分离，故可只考虑大穗和小穗性状，60株大穗抗病的基因型和比例为AAbb：Aabb=1:2，作为亲代自交，F1中大穗抗病小麦的基因型为1/3＋1/4×2/3＝1/2AAbb和1/2×2/3＝1/3Aabb，在大穗抗病小麦中，AAbb和Aabb分别占3/5、2/5。再进行自交，F2中大穗抗病的为3/5＋1/4×2/5＝7/10AAbb和1/2×2/5＝1/5Aabb，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的比例为7/10÷(7/10+1/5)=7/9。综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
【点睛】本题的知识点是基因的自由组合定律和基因的分离定律，根据后代的表现型判断基因的显隐性关系和亲本的基因型，根据亲本的基因型对相关的概率进行计算，准确分析题干获取有效信息是解题的突破口，对于基因的分离定律的灵活运用是解题的关键，概率计算是本题的重点。
15.某常染色体遗传病中，基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常。下图的两个患病家系中，己知亲代中4号与其他三人的基因型不同。下列分析判断不正确的是
A. 6号与7号基因型相同的概率为2/3
B. 若5号与7号结婚，生育患病孩子的概率为3/8
C. 子代的4人中，能确定出基因型的只有7号
D. 1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，aa的人都正常，所以该遗传病为常染色体显性遗传病。亲代4人均表现正常，故基因型不可能是AA。若1号、2号均为aa，则所生孩子不可能患病，故1号、2号的基因型为Aa、Aa或Aa、aa；同理推知3号、4号的基因型也为Aa、Aa或Aa、aa；由于己知亲代中4号与其他三人的基因型不同，因此，可判断1号、2号和3号的基因型都为Aa，4号的基因型为aa。
【详解】根据上述分析可知，1号、2号的基因型都为Aa，且基因型为AA的人都患病，Aa的人有50%患病，所以6号的基因型及概率为AA（1/3）、Aa（2/3）；由分析可知4号的基因型为aa，故7号的基因型为Aa，所以6号与7号基因型相同的概率为2/3，A正确；5号的基因型为aa（1/3）、Aa（2/3），7号的基因型为Aa，因此5号与7号生育患病孩子的概率=1/3×1/2×1/2Aa+2/3×（1/4AA+1/2×1/2Aa）=5/12，B错误；由于1号、2号的基因型都为Aa，所以5号的基因型为Aa或aa、6号的基因型为AA或Aa；由于3号的基因型为Aa，4号的基因型为aa，所以7号的基因型为Aa，8号的基因型为Aa或aa，因此，子代的4人中，能确定出基因型的只有7号，C正确；1号（Aa）与2号（Aa）再生孩子患病的概率=1/4AA+1/2×1/2Aa=1/2，3号（Aa）与4号（aa）再生孩子患病的概率=1/2×1/2Aa=1/4，故1号和2号家庭再生孩子患病的概率是3号和4号家庭的2倍，D正确。
故选B。
【点睛】本题结合系谱图，考查常见的人类遗传病，要求考生识记几种常见人类遗传病的类型、特点及实例，能结合题中和图中信息准确推断相应个体的基因型，并进行相关概率的计算。
16.某哺乳动物的基因型为AABbEe，如图是该动物一个精原细胞在产生精子过程中某时期的示意图，以下有关说法错误的是
A. 图示细胞为次级精母细胞，该细胞中含2个染色体组
B. 图示细胞中，a基因不可能来源于同源染色体交叉互换
C. 该精原细胞产生的精子细胞基因型有ABe、aBe、AbE
D. 基因B/b与基因E/e之间的遗传遵循分离定律
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：图示细胞没有同源染色体，着丝点已分裂，染色体移向细胞两极，细胞处于减数第二次分裂后期。
【详解】由图可知细胞内没有同源染色体，姐妹染色单体分离应是减数第二次分裂后期，该细胞应是次级精母细胞，此时含有2个染色体组，A正确；由于该哺乳动物的基因型为AABbEe，没有a基因，所以图示细胞中，a基因只能来自于基因突变，不可能来自同源染色体的交叉互换，B正确；精原细胞基因组成为AABbEe，因为在DNA复制过程中发生了基因突变，形成的初级精母细胞基因型是AAAaBBbbEEee，在减数第一次后期同源染色体分离，非同源染色体自由组合定律，根据题图可知形成的两个次级精母细胞基因型分别为AaBBee和AAbbEE，减数第二次分裂姐妹染色单体分离，形成的精细胞基因型为ABe、aBe、AbE共三种，C正确；基因B／b与基因E／e位于两对同源染色体上，所以遵循自由组合定律，D错误。
故选D。
17.已知某牵牛花的花色由两对独立遗传的基因控制，这两对基因与花色的关系如图所示．此外，a基因存在时抑制B基因的表达．现将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，下列分析正确的是
A. F1全部开红色花
B. 图示过程体现基因对性状的直接控制
C. F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9
D. F1测交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=1：1：2
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：基因A控制酶A的合成，酶A能将白色色素转化成粉色色素，基因B能控制酶B的合成，酶B能将粉色色素转化为红色色素。又已知a基因对于B基因的表达有抑制作用，因此红花的基因型为AAB_，粉花的基因型为A_bb和AaB_，白花的基因型为aaB-和aabb。
【详解】基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，其基因型为AaBb，由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以F1全部开粉色花，A错误；图示过程体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，从而控制生物的性状，属于基因对性状控制的间接途径，B错误；F1自交后代基因型可表示为A-B-：A-bb：aaB-：aabb═9：3：3：1．其中基因型为aaB-和aabb的个体为白色；基因型为AAB-的个体为红色；由于a基因存在时抑制B基因的表达，所以基因型为AaB-和A-bb的个体为粉色。因此，F1自交后代中花色的表现型及比例是红：白：粉=3：4：9，C正确；F1测交后代基因型为AaBb、Aabb、aaBb和aabb，因此，花色的表现型及比例是白：粉：红=2：2：0，D错误。
故选C。
18.某精原细胞(2N=8)的核DNA分子双链均用14N标记后置于含15N的培养基中培养，经过连续两次细胞分裂后，检测子细胞中的标记情况。下列推断错误的是
A. 若进行有丝分裂，则第二次分裂中期含15N的染色单体有8条
B. 若进行有丝分裂，则含14N染色体的子细胞所占比例不唯一
C. 若进行减数分裂，则减数第二次分裂后期每个细胞中含15N的染色体有8条
D. 若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组
【答案】A
【解析】
【分析】
1、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养．如果进行有丝分裂，经过一次细胞分裂后，形成的2个子细胞中的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，再分裂一次，DNA分子复制形成的2个DNA分子中一个是N15-N15，一个是N15-N14，DNA分子进入两个细胞中是随机的，因此，形成的子细胞中含14N染色体的子细胞比例为1/2～1。
2、根据DNA分子的半保留复制特点，将某精原细胞的DNA分子用14N标记后置于含15N的培养基中培养。如果进行减数分裂，减数分裂过程中染色体复制一次，细胞分裂两次，细胞分裂间期DNA复制形成的DNA分子都含有一条14N的单链和一条15N的单链，因此减数分裂形成的子细胞中都含有14N。
【详解】若进行有丝分裂，第一次分裂间期染色体复制(DNA复制)，由于DNA的半保留复制，每条染色体(含1个14N标记DNA)复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，该DNA含2条链，1条链15N标记，1条链14N标记)的染色体，结果第一次形成的2个子细胞中每条染色体的DNA上都含1条链被15N标记，另1条链被14N标记。第二次分裂间期染色体(DNA)复制，每条染色体复制后成为1条含2条单体(每条单体含1个DNA，DNA含2条链，其中一个DNA的两条链均被15N标记，另一个DNA的一条链被14N标记，另一条链被15N标记)的染色体，故第二次分裂中期含15N的染色单体有16条，由于后期染色单体分离是随机的，有可能刚好各一半14N标记的染色体分别进入2个子细胞，也可能全部14N标记的染色体进入1个子细胞，所以经过两次有丝分裂后形成的四个子细胞含14N的细胞数可能为2个、3个、4个，故子细胞中含14N标记的染色体的子细胞所占比例不唯一，A错误；B正确；若进行减数分裂，复制后第一次分裂是成对同源染色体分离，由于每条染色体上的2条单体都含15N，故形成的2个次级精母细胞每条染色体上的2条单体都含15N，减数第二次分裂后期着丝点分裂，染色体数暂时加倍，每个细胞中含15N的染色体有8条，C正确；若进行减数分裂，所形成的子细胞中每条染色体上的DNA均是一条链被14N标记，另一条链被15N标记，即四个子细胞均含14N标记的染色体，而有丝分裂也可能出现四个子细胞均含14N标记的染色体，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则不能确定是进行的有丝分裂还是减数分裂，而基因重组只发生在减数分裂过程中，所以若某个子细胞中的每条染色体都含14N，则细胞分裂过程中不一定发生基因重组，D正确。
故选A。
【点睛】本题考查DNA分子半保留复制的特点和减数分裂、有丝分裂过程中染色体行为变化，，把握知识的内在联系并应用相关知识对某些生物学问题进行解释、推理、判断的能力是本题考查的重点。
19.某雌性二倍体动物基因型为AaBb（两对基因独立遗传）其两个正处在分裂状态的细胞如图。下列说法正确的是
A. 两个细胞所属的分裂方式相同
B. 两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因一定相同
C. 两个细胞中同源染色体对数相同
D. 该动物一个原始生殖细胞经过减数分裂产生一种成熟生殖细胞
【答案】D
【解析】
【分析】
图A细胞中含有同源染色体，所有染色体的着丝点排列在赤道板上，为有丝分裂的中期，姐妹染色单体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变。图B不含同源染色体，着丝点分裂，为减数第二次分裂后期，由于该生物的基因型为AaBb，故姐妹染色体上的等位基因可能是DNA复制时发生了基因突变，也可能是四分体时期发生了交叉互换。
【详解】由图A细胞中有同源染色体但没配对，可知是有丝分裂中期，图B细胞中无同源染色体，着丝点分裂，可知是减数第二次分裂后期，故两个细胞所属的分裂方式不相同，A错误；图A细胞为有丝分裂，细胞中姐妹染色单体上出现所示的A与a的原因是复制时出现的基因突变，图B细胞为减数分裂，姐妹染色体上出现等位基因可能是基因突变也可能是四分体时期的交叉互换，故两个细胞中A、a基因的位置异常，其产生原因不一定相同，B错误；图A细胞有2个染色体组和2对同源染色体，图B细胞有2个染色体组数和0对同源染色体，C错误；该动物为雌性动物，一个原始生殖细胞经过减数分裂只产生一个卵细胞，即只产生一种成熟生殖细胞，D正确。
故选D。
【点睛】本题考查细胞分裂图的识别等知识点，考查考生的理解能力和识图分析能力，解题的关键是正确理解相关知识。
20.某动物产生基因型为AB、Ab、aB、ab四种精子（无交叉互换和基因突变），下列说法正确的是
A. 这四种精子可能来自同一个精原细胞
B. 这四种精子可能来自两个精原细胞
C. 这四种精子可能来自二个次级精母细胞
D. 这四种精子可能来自三个次级精母细胞
【答案】B
【解析】
依题意可知：某动物的基因型为AaBb，且这两对等位基因分别位于两对同源染色体上。依据减数分裂过程可推知，在无交叉互换和基因突变的情况下，该动物的一个精原细胞经减数分裂形成的4个精子的基因型为AB、ab或Ab、aB，因此这4种精子不可能来自同一个精原细胞，而可能来自两个精原细胞，A项错误，B项正确；一个次级精母细胞经减数第二次分裂形成的两个精子的基因型也相同，为AB或Ab或aB或ab，所以这4种精子不可能来自二个或三个次级精母细胞，而是来自四个次级精母细胞， C、D项错误。
【点睛】理解一个精原细胞或一个次级精母细胞分裂所形成精子的特点是解题的关键。下图只表示了其中的一种情况。
21.某基因14N含有2000个碱基对，腺嘌呤占30％，若该DNA分子用15N加同位素标记过的四种游离脱氧核苷酸为原料复制3次。将全部复制产物进行密度梯度离心，得到如图1结果；如果将全部复制产物加入解旋酶处理后再离心，则得到如图2结果，下列有关分析正确的是
A. X层全部是仅含14N的基因 B. X层中含有的氢键数是Y层的3倍
C. w层中含15N标记胞嘧啶5600个 D. w层与Z层的核苷酸之比为1/4
【答案】C
【解析】
【分析】
DNA分子复制时，以DNA的两条链为模板，合成两条新的子链，每个DNA分子各含一条亲代DNA分子的母链和一条新形成的子链，称为半保留复制。
【详解】由于DNA分子复制为半保留复制，所以X层全部是一条核苷酸链含14N和互补链含15N的DNA，A错误；在DNA分子中，碱基对之间通过氢键相连，DNA分子复制了3次，产生的8个DNA分子中，2个DNA分子含14N和15N，6个DNA分子只含15N，所以X层中含有的氢键数是Y层的1/3，B错误；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，在含有2000个碱基对的DNA分子中，腺嘌呤占30%，因此鸟嘌呤占20%，共有2000×2×20%=800个，所以W层中含15N标记鸟嘌呤为800×14÷2=5600个，C正确；由于DNA分子复制了3次，产生了8个DNA分子，含16条脱氧核苷酸链，其中含15N标记的有14条链，所以W层与Z层的核苷酸之比为14：2=7：1，D错误。
故选C。
22.某种鼠中，黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，且基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，两对基因独立遗传。现有两只黄色短尾鼠交配，理论上子代表现型比例可能为
A. 2∶1 B. 5∶2
C. 8∶3∶3∶1 D. A、B、C均有可能
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：黄鼠基因A对灰鼠基因a显性，短尾基因B对长尾基因b显性，两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以黄色短尾鼠的基因型为AaBB、AABb或AaBb。
【详解】（1）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBb，根据基因的自由组合定律，正常情况下，两只基因型为AaBb的鼠交配，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/16AABB、2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：A_bb（1/16AAbb、2/16Aabb）：aaB_（1/16aaBB、2/16aaBb）：aabb（1/16）=9：3：3：1。由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/16AaBB、2/16AABb、4/16AaBb）：黄色长尾（1/16AAbb、2/16Aabb）：灰鼠短尾（1/16aaBB、2/16aaBb）：灰鼠长尾（1/16）=8：3：3：1。
（2）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AABb，后代的基因型及比例应该为AAB_（1/4AABB、2/4AABb）：AAbb（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AABb）：黄色长尾（1/4）=2：1。
（3）若两只黄色短尾鼠的基因型均为AaBB，后代的基因型及比例应该为A_BB（1/4AABB、2/4AaBB）：aaBB（1/4），由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（2/4AaBB）：灰鼠短尾（1/4）=2：1。
（4）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBB，后代的基因型及比例应该为AABB、AABb、AaBB、AaBb=1：1：1：1，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型都是黄色短尾。
（5）若两只黄色短尾鼠的基因型为AABb和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（AABB、AaBB、AABb、AaBb）：A_bb（AAbb、Aabb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AaBB、AABb、AaBb）：黄色长尾（AAbb、Aabb）=5：2。
（6）若两只黄色短尾鼠的基因型为AaBB和AaBb，后代的基因型及比例应该为A_B_（1/8AABB、1/8AABb、2/8AaBB、2/8AaBb）：aaB_（1/8aaBB、1/8aaBb）=6：2，由于基因A和基因B均纯合时使胚胎致死，所以子代表现型比例为黄色短尾（AABb、AaBB、AaBb、AABb、AaBB、AaBb）：黄色长尾（aaBB、aaBb）=5：2。综上分析，D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【点睛】本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干信息“基因A和基因B均纯合时使胚胎致死”判断出亲本的基因型，再根据基因自由组合定律判断子代的基因型及比例。
23.下图表示RNA干扰技术原理，下列相关叙述错误的是
A. RNA干扰过程遵循碱基互补配对原则
B. 可利用该技术研究基因的功能
C. 推测A蛋白具有RNA聚合酶的功能
D. 利用该技术可以抑制致病基因的表达
【答案】C
【解析】
【分析】
分析题图：图示表示RNA干扰技术的原理，即细胞核DNA转录形成的mRNA与SiRNA结合，最终被A蛋白切割。使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程。
【详解】根据上述分析可知，利用RNA干扰技术可使细胞核中基因转录的mRNA无法完成翻译过程，故RNA干扰技术可抑制肿瘤基因的表达，并且可以利用RNA干扰技术对外源目标基因进行特异性的表达阻断来推导该基因的功能，mRNA与SiRNA结合过程中遵循碱基互补配对原则，RNA聚合酶是在以DNA为模板转录形成RNA时使用的，而图中A蛋白是将RNA剪切的酶，所以图中A蛋白不具有RNA聚合酶的功能，综上分析，ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
24.起始密码子在翻译过程中必不可少，起始密码子AUG、GUG分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，最有可能的原因是（ ）
A. 组成人体血清白蛋白的单体中没有甲硫氨酸和缬氨酸
B. mRNA与核糖体结合前去除了最前端的部分碱基序列
C. 肽链形成后的加工过程中去除了最前端的部分氨基酸
D. mRNA起始密码所在位置的碱基在翻译前发生了替换
【答案】C
【解析】
【分析】
AUG、GUG是起始密码子，在mRNA翻译成肽链时分别编码甲硫氨酸和缬氨酸，但人体血清白蛋白的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，这是因为肽链形成后的加工过程中最前端的部分氨基酸被剪除。
【详解】人体血清白蛋白的的第一个氨基酸既不是甲硫氨酸，也不是缬氨酸，但不意味着血清白蛋白其它位置没有该氨基酸，如缬氨酸的密码子不止GUG一种，若为其它密码子，则缬氨酸可能出现在人体血清白蛋白中，A错误；根据起始密码子在翻译过程中必不可少的，说明mRNA与核糖体结合前应存在起始密码子，即mRNA与核糖体结合前没有去除最前端的部分碱基序列，B错误；起始密码子对应的氨基酸是甲硫氨酸和缬氨酸，但蛋白质的第一个氨基酸往往不是甲硫氨酸或缬氨酸，原因是翻译生成的多肽链可能进行加工修饰，甲硫氨酸或缬氨酸已经被剪切掉，C正确；mRNA起始密码所在位置的碱基在翻译前如果发生替换，则将替换成不同的密码子，而其它密码子不具有启动翻译的作用，这将导致蛋白质合成不能正常进行，D错误。
故选C。
【点睛】本题考查遗传信息的转录和翻译，要求考生识记遗传信息的转录和翻译过程，明确起始密码子是核糖体进行翻译的起点，而蛋白质的第一个氨基酸往往不是甲硫氨酸或缬氨酸的原因是肽链生成后被加工修饰了。
25.下列说法正确的是（ ）
A. tRNA中每三个相邻的碱基构成一个反密码子
B. 密码子具有简并性，即使发生密码子第3位碱基的改变，翻译也不受影响
C. 一个终止密码子既可以终止翻译，又可以决定一个氨基酸
D. 真核生物的tRNA和mRNA相互识别过程依赖于碱基互补配对
【答案】D
【解析】
【分析】
遗传信息：基因中能控制生物性状的脱氧核苷酸的排列顺序。
遗传密码：又称密码子，是指mRNA上能决定一个氨基酸的3个相邻的碱基。
反密码子：是指tRNA的一端的三个相邻的碱基，能专一地与mRNA上的特定的3个碱基（即密码子）配对。
【详解】tRNA中与密码子对应的三个相邻碱基是一个反密码子，A错误；密码子具有简并性，若发生基因突变后，所形成的密码子所对应的氨基酸没有变，则翻译可能不受影响，但发生密码子第3位碱基的改变后不一定形成的氨基酸不变，也有可能形成终止密码子，使翻译提前终止，所以翻译也有可能受影响，B错误；一个终止密码子只可以终止翻译，不对应氨基酸，C错误；真核生物的tRNA和mRNA相互识别过程依赖于碱基互补配对，D正确。
故选D。
26.下图为中心法则示意图，相关叙述不正确的是
A. ①～⑤过程均遵循碱基互补配对原则
B. 原核细胞发生③过程存在多起点复制
C. ①过程进行时，DNA的双链要解开，需破坏氢键
D. 过程①⑤在进行时有水生成
【答案】B
【解析】
【分析】
分析题图：图示为中心法则示意图，其中①为DNA分子的复制，③为转录，⑤为翻译，②为RNA分子的复制，④为逆转录，其中逆转录和RNA分子的复制过程只发生在被某些RNA病毒侵染的细胞中。据此答题。
【详解】中心法则的内容是遗传信息的流动过程，①～⑤过程均遵循碱基互补配对原则，A正确；③过程为转录，基因转录时只有一个起点，B错误；①过程为DNA复制，进行DNA复制时DNA的双链要在解旋酶的作用下解开，需破坏氢键，C正确；过程①为DNA复制，⑤为翻译形成蛋白质的过程，DNA复制和蛋白质合成过程中都需要脱水，故过程①⑤在进行时有水生成，D正确。
故选B。
27.下列生物学经典实验方法与结论均正确的一组是（ ）
A. 恩格尔曼用极细光束照射黑暗环境中的水绵，得出了光合作用释放O2的场所是叶绿体
B. 艾弗里利用同位素标记法设计实验，证明了“转化因子”是DNA
C. 噬菌体侵染细菌的实验证明了DNA是主要的遗传物质
D. 科学家利用绿色和红色荧光染料分别对人和鼠细胞膜表面蛋白质进行标记、培养观察，证明了细胞膜是选择透过性膜
【答案】A
【解析】
【分析】
艾弗里的实验设计思路是设法将蛋白质和DNA分开，单独地、直接地观察它们各自的作用，艾弗里等人的实验没有使用同位素标记的方法。噬菌体侵染细菌实验说明噬菌体侵染细菌时，DNA进入细菌，而蛋白质外壳留在细菌外，说明起遗传作用的物质是DNA，即证明DNA是遗传物质。
【详解】恩吉尔曼利用水绵、好氧细菌及极细光进行实验证明了植物的光合作用的场所是叶绿体，A正确；艾弗里将S型菌分离的各种成分分别和R型菌混合，并在培养基中培养，根据菌落特征判断，证明了DNA是遗传物质，艾弗里没有利用同位素标记法，B错误；噬菌体侵染细菌的实验证明了DNA分子是遗传物质，C错误；科学家利用绿色和红色荧光染料分别对人和鼠细胞膜表面蛋白质进行标记、培养观察，证明了细胞膜具有一定的流动性，D错误。
故选A。
28.若在一双链DNA分子中鸟嘌呤和胞嘧啶之和占碱基总和的56%，在其中的一条链中A和C分别占该链碱基数的20%和30%，那么在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶分别占该链碱基数的比例为（ ）
A. 34%、14% B. 22%、30%
C. 22%、28% D. 24%、26%
【答案】D
【解析】
【分析】
碱基互补配对原则的规律：
（1）在双链DNA分子中，互补碱基两两相等，A=T，C=G，A+T=C+G，即嘌呤碱基总数等于嘧啶碱基总数。
（2）DNA分子的一条单链中（A+T）与（G+C）的比值等于其互补链和整个DNA分子中该种比例的比值。
（3）DNA分子一条链中（A+G）与（T+C）的比值与互补链中的该种碱基的比值互为倒数，在整个双链中该比值等于1。
（4）双链DNA分子中，A=（A1+A2）÷2，其他碱基同理。
【详解】在DNA分子中，A与T配对、G与C配对。因在一双链DNA分子中鸟嘌呤和胞嘧啶之和占碱基总和的56%，所以该DNA分子中A+T=44%。每一条链中A+T所占比例也是44%，G+C所占比例是56%。由于DNA分子的一条链中A和C分别占该链碱基总数的20%和30%，则这条链中T为44%-20%=24%，G为56%-30%=26%。因此，根据碱基互补配对原则，在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶与这一条链中的T和G所占比例相等。那么在另一条链中腺嘌呤和胞嘧啶分别占该链碱基数的比例为24%、26%。综上分析，D正确，ABC错误。
故选D。
【点睛】本题考查DNA分子结构的主要特点、碱基互补配对原则的应用，要求考生识记DNA分子结构的主要特点，首先能根据碱基互补配对原则计算出双链DNA中的A和C分别所占的比例；其次再根据碱基互补配对原则的应用，计算出另一条单链中A和C分别所占的比例。
29.若亲代DNA分子经过诱变，某位点上一个正常碱基变成了5溴尿嘧啶(BU)。BU可与碱基A配对，诱变后的DNA分子连续进行2次复制，得到的子代DNA分子加热后得到5种单链如图所示，则BU替换的碱基可能是 ( )
A. A B. T C. G D. C
【答案】C
【解析】
【分析】
1、基因突变是DNA分子中碱基对的替换、增添和缺失，而引起的基因结构的改变。
2、DNA分子遵循碱基互补配对的原则即：A与T配对，C与G配对。
3、5-溴尿嘧啶（Bu）是胸腺嘧啶（T）的结构类似物，DNA复制时，Bu可与A互补配对，代替T作为原料。
【详解】设突变的正常碱基为P，该碱基突变后变成了5溴尿嘧啶(BU)。BU可与碱基A配对，根据半保留复制的特点，DNA分子经过一次复制后，突变链形成的DNA分子中含有A—BU，该DNA分子经过第二次复制后，形成的两个DNA分子上对应位置的碱基为A—BU、A-T，水解形成的单链类型为图示中的前面三种情况。后面的两种单链类型说明亲代DNA经过两次复制后的另两个DNA分子上的碱基对为C-G，由于突变链上正常碱基P突变为BU，故最左面的单链为突变链，根据碱基互补配对原则，可知最右面的链为亲代DNA分子的另一条模板链，根据最下面碱基为C，可知对应突变链上正常碱基P应该为G，即鸟嘌呤，综上分析，C正确，ABD错误。
故选C。
30.已知某花花色受三对独立遗传的等位基因（A和a、B和b、C和c）控制，其途如下图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合形成绿色。现有某紫花植株自交子代出现白花和黄花。据此判断下列叙述不正确的是
A. 用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
B. 自然种群中白花植株的基因型有3种
C. 自交子代出现的黄花植株的比例为3/64
D. 自交子代中绿花植株出现概率为9/64，红花植株出现概率为3/64
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：图示为各种色素的合成途径，其中仅有基因C存在时，白色能转化为蓝色；仅有基因A存在时，白色能转化为黄色；基因A、B存在时，黄色能转化为红色。红色与蓝色混合呈现紫色，蓝色与黄色混合呈现绿色。因此，紫花植株的基因型为A_B_C_，蓝花植株的基因型为aa__C_，黄花植株的基因型为A_bbcc，红花植株的基因型为A_B_cc，绿花植株的基因型为A_bbC_，白花植株的基因型为aa__cc。
现有某紫花植株自交子代出现白花，所以肯定含有a、c基因，因此，亲本紫花植株的基因型为AaB_Cc。当紫花植株的基因型为AaBBCc，则后代不会出现黄花植株，所以亲本紫花植株的基因型为AaBbCc。
【详解】根据分析可知亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，A正确；根据分析可知，自然种群中白花植株的基因型为aaBBcc、aaBbcc、aabbcc，共三种，B正确；亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，则自交子代出现的黄花植株（A_bbcc）的比例为3/4×1/4×1/4=3/64，C正确；由于亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，自交子代中绿花植物（A_bbC_）的概率为3/4×1/4×3/4=9/64，红花植株（A_B_cc）的概率为3/4×3/4×1/4=9/64，D错误。
故选D。
二、非选择题
31.图1是高等动物细胞亚显微结构模式图，图2是某一生物体中不同细胞的分裂示意图，图3表示图2生物细胞分裂过程中不同时期细胞内染色体、染色单体和DNA含量的关系。据图回答问题
（1）图1细胞中，“能量通货”ATP产生的场所有__________。能发生碱基互补配对的细胞器有_________(以上均填标号）。
（2）某动物如图1所示结构的三种细胞（上皮细胞、肝细胞、产生抗体的细胞)，其核内所含DNA和细胞内所含的RNA种类是否相同？___________________.
（3）利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构的标号有__________________.
（4）图2中具有同源染色体的细胞有___________。基因的自由组合发生于图2中的_________细胞所处的时期.
（5）图3中a〜c表示染色单体的是__________，由Ⅲ变化为Ⅳ的原因是_____________。
【答案】 (1). ④⑤ (2). ②⑤ (3). DNA相同RNA不同 (4). ①② (5). CD (6). D (7). b (8). 着丝点分裂，姐妹染色单体分开
【解析】
【分析】
1、图1为动物细胞，①为中心体、②为核糖体、③为内质网、④为细胞质基质、⑤为线粒体、⑥为高尔基体、⑦为核仁、⑧为核膜。
2、图2中A细胞不含同源染色体，着丝点分裂，为减数第二次分裂后期，B细胞没有同源染色体，所有染色体的着丝点排列在赤道板上，为减数第二次分裂中期，C细胞含同源染色体，着丝点均排列在赤道板上，为有丝分裂中期，D细胞含同源染色体，同源染色体正在移向两极，为减数第一次分裂后期。
3、图3中b在3个时期为0，说明其是染色单体；Ⅲ为减数第二次分裂前期、中期；由Ⅲ变化为Ⅳ（减数第二次分裂后期）的原因是着丝点分裂，姐妹染色单体分开。
【详解】（1）图1细胞为高等动物细胞，通过细胞呼吸产生ATP，故细胞中产生ATP的场所有④细胞质基质和⑤线粒体。能发生碱基互补配对的细胞器有⑤线粒体和②核糖体。
（2）三种细胞形态和功能不同是细胞分化形成的，实质是基因的选择性表达，使不同细胞中的mRNA和蛋白质的种类和数量出现差异，而细胞分化过程中核遗传物质不变，故三种细胞的核DNA相同，RNA不同。
（3）磷脂酶可分解磷脂，而磷脂是构成生物膜的主要成分，利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构是不含磷脂的结构，即不含生物膜的结构，图中①中心体和②核糖体均不含磷脂。故利用磷脂酶处理，其功能不受影响的细胞结构的标号有①②。
（4）根据分析可知，图2中具有同源染色体的细胞有C、D。基因的自由组合发生在减数第一次分裂的后期，即图2中的D细胞所处的时期。
（5）生物的细胞分裂过程中，不同时期细胞内染色体、染色单体和DNA的数目比例有两种情况，1:2:2或1:0:1，所以图3中a～c表示染色单体的是b，a表示染色体，c表示DNA；Ⅲ中含有染色单体，染色体数是体细胞的一半，可表示减数第二次分裂的前期、中期。Ⅳ中不含染色单体，染色体数与体细胞相同，可表示减数第二次分裂的后期，故由Ⅲ变化为Ⅳ的原因是着丝点分裂，姐妹染色单体分离。
【点睛】本题考查动物细胞的亚显微结构和功能和细胞分裂图的识别以及减数分裂中染色体、染色单体和DNA的数目变化，知识点覆盖范围广，图形图像多，难度较大。考查学生的识记、识图、理解和分析问题的能力，要求比较高。
32.下列图甲表示植物单株光合作用速率随种植密度变化曲线；图乙表示植物在一昼夜下氧气释放量的变化曲线；图丙代表对某植物的一叶片进行不同处理的示意图。请据图回答相关问题。
（1）由甲图可推知，与M点相比，N点限制单株光合作用强度的主要外界因素有__________（写出两种）。
（2）图乙中该植物阴影部分所表示的O2释放量______________（填“大于”、“等于”或“小于”）一昼夜的O2释放量。若测得该植物一昼夜的O2释放量为500mg，假设该植物在24小时内呼吸速率不变，则该植物一天通过光合作用产生的O2总量是_______________ mg。
（3）若适当降低植物生长环境中CO2的浓度，图乙中的B点将向_______（填“左”或“右”）移动；此时细胞的叶绿体中短时间内C5的含量变化为________（填“升高”或“降低”或“不变”）。
（4）图丙是将对称叶片进行上侧遮光下侧曝光的处理，在适宜光照下照射12小时后，从两侧截取同等面积的叶片，烘干称重，分别记为m和n（单位：g），则(n-m)/12所代表的是下侧叶的 ______________________________。（已阻止两侧之间的物质和能量的转移）。
【答案】 (1). 光照强度、二氧化碳浓度 (2). 大于 (3). 740 (4). 左 (5). 升高 (6). 总光合作用速率（或真正光合速率）
【解析】
【分析】
分析图甲可知，种植密度过高会导致单株植物的光合速率降低。图乙表示植物在一昼夜下氧气释放量的变化曲线，图中阴影部分表示白天净光合释放氧气的量。图丙中A是在黑暗条件下的实验，单位时间内测得的数据可表示呼吸速率，B是在光照条件下的的实验，单位时间内测得的数据表示净光合速率。
【详解】（1）与M点相比，N点种植密度过高，导致植株相互遮挡阳光，空气不流通，影响光照强度和二氧化碳供应，降低光合速率，所以与M点相比，N点限制单株光合作用强度的主要外界因素有光照强度、二氧化碳浓度。
（2）该植物一昼夜的O2净释放量=白天光合作用量-一昼夜呼吸作用量=阴影部分面积-两侧空白部分，即：图乙中阴影部分所表示的O2释放量表示白天（AB段）光合作用积累量，故该值大于该植物一昼夜的O2释放量。呼吸速率为10mg，故24小时呼吸量为240mg，一昼夜中的实际光合量=净光合量+呼吸量=500+240=740mg。
（3）图乙中B点表示光补偿点即光合速率=呼吸速率，适当降低植物生长环境中CO2的浓度，光合速率降低，故为保持光合速率和呼吸速率相等，则B点应该左移，即增强光照强度。适当降低植物生长环境中CO2的浓度，此时细胞的叶绿体中短时间内C5的消耗量减少，但生成量不变，因此C5含量变化为升高。
（4）德国科学家用图丙所示实验方法证明了光合作用的产物有淀粉，该实验中遮光部分为对照组，曝光部分为实验组，即B为实验组。由于叶片在遮光条件下只进行呼吸作用，而在光照条件下光合和呼吸同时进行，假设实验开始，两侧截取同等面积的叶片的干重为X，则12小时细胞呼吸消耗的有机物=X-m，因此m=X-12小时细胞呼吸消耗的有机物；而n-X=12小时细胞光合作用积累的有机物，则b=12小时细胞光合作用积累的有机物+X；因此n-m=（12小时细胞光合作用积累的有机物+X）-（X-12小时细胞呼吸消耗的有机物）=12小时细胞光合作用积累的有机物+12小时细胞呼吸消耗的有机物=12h内截取部分叶片光合作用生产的总光合量 。即(n-m)/12所代表的是下侧叶的总光合速率。
【点睛】本题考查光合作用的相关知识，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断的能力。
33.小鼠的毛色由常染色体上的3对等位基因决定，3对基因控制色素合成的关系如下图所示。相关显性基因完全显性，且相应的隐性等位基因表达产物没有图示功能。
（1）某研究小组为探究相关基因是否遵循自由组合定律，选择纯合黄色小鼠进行杂交实验，再让F1代雌雄个体随机交配，观察并统计F2的表现型及比例。请回答下列问题。
①杂交亲本组合的基因型为____________________。
②理论上，若F2代黄色鼠：褐色鼠：黑色鼠为__________，则3对等位基因均可自由组合。
（2）另一研究小组通过基因敲除技术，培育出不含E基因的小鼠。利用该品种进行上述杂交实验，经过多次重复实验，发现F2中个体表现型及比例接近黑色鼠：褐色鼠：黄色鼠=7：1:4。
①请针对出现该分离比的原因，提出一种合理的假说：____________________。
②为验证该解释是否正确，设计如下实验：选择F2中毛色表现为褐色的__________小鼠与表现为黄色异性小鼠进行杂交实验。根据以上假说推测实验结果为____________________。
③该研究方法与孟德尔遗传定律利用的研究方法相同，②为该研究方法中的__________过程。
【答案】 (1). AABBEE×aabbee或 AAbbEE×aaBBee (2). 52:3:9 (3). 基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死） (4). 雌性（或雄性） (5). 子代小鼠毛色均为黄色 (6). 演绎推理
【解析】
【分析】
考查自由组合定律的变式应用，首先根据题意得出基因型与表现型的对应关系：
A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；E基因的表达产物能完全抑制A基因的表达，说明黑色个体的基因型为A_B_ee，黄色个体的基因型为A_bbE_、A_B_E_、aabb_，褐色的基因型为A_bbee.
【详解】（1）①F1的基因型为AaBbEe；根据亲本为纯合黄色小鼠可知亲本的基因型为AABBEExaabbee或AAbbEExaaBBee。
②3对等位基因均可自由组合，F1的基因型为AaBbEe，F2的组合方式有4×4×4=64种，黑色个体的基因型为A_B_ee，有3×3=9种；褐色个体的基因型为A_bbee，有3×1×1=3种；剩余的是黄色个体64-9-3=52种，所以F2代毛色表现型黄：褐：黑=52：3：9。
（2）①敲除E基因的小鼠毛色只受A、B基因控制，F1的基因型为AaBb，正常情况下，黑色鼠的基因型为A_B_，有3×3=9种，褐色鼠的基因型为A_bb，有3种，黄色鼠的基因型为aa B_或aabb，有=3+1=4种，而实际情况是黑色鼠和褐色鼠各少2个，黄色鼠正常，比较其中的差别可知，可能是由于基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死）。
②为验证该解释是否正确，设计实验时，由于与毛色相关的基因并不在性染色体上，因此选择与选择的动物性别无关：若基因型为Ab的雌配子致死（或基因型为Ab的雄配子致死），
则褐色小鼠的基因型为Aabb，子代成活的小鼠基因型为aabb，毛色均为黄色。
③孟德尔遗传定律利用的研究方法：根据杂交实验提出问题，做出假说，演绎推理，②为该研究方法中的演绎推理过程。
【点睛】考查自由组合定律的变式，首先根据题意得到基因型和表现型的关系，本题的难点在于发现题中与正常情况下的变化在哪，有一定难度。
34.大肠杆菌中直接编码乳糖代谢所需酶类的基因叫结构基因，包括基因 lacZ、基因 lacY、基 因 lacA，结构基因的上游有 3 个对结构基因起调控作用的核苷酸序列，其中操纵基因对结构基因起着 “开关”的作用，直接控制结构基因的转录，调节基因能够调节操纵基因状态，从而对“开关”起着 控制作用，下图是科学家提出的一种基因表达调控假设。回答下列问题：
（1）细胞中 RNA 聚合酶的基本单位是_______，它在基因中的结合位点称为_______。
（2）图 1 中，过程①发生的场所是__ ，过程②中遗传信息的准确传递，主要依据__ 。
（3）图 2 中一个 mRNA 可翻译出多种蛋白质，其原因是__ 或者翻译后一条肽链被酶切成多条肽链。
（4）研究发现，当培养基中只含乳糖时，大肠杆菌才能合成乳糖代谢所需酶，其原因是
_ _；菌体内乳糖的浓度不会过高，满足大肠杆菌需要即可，因为酶基因操纵组会受到乳糖浓度的反馈抑制，该 反馈抑制的意义在于既保证了大肠杆菌能量的供应，又可以___ ___。
【答案】 (1). 氨基酸 (2). 启动子 (3). 大肠杆菌拟核部位 (4). 碱基互补配对原则及氨基酸的密码子 (5). 一个RNA上有多个起始密码 (6). 当乳糖进入大肠杆菌细胞后，阻遏蛋白与乳糖结合，失去了与操纵基因结合的能力，保证RNA聚合酶正常发挥功能 (7). 避免物质和能量的浪费
【解析】
试题分析：本题以图文结合的形式，综合考查学生对转录和翻译过程的理解和掌握情况，以及从课外材料中获取相关的生物学信息，并能运用这些信息，结合所学知识解决相关的生物学问题的能力。解答此题的关键是，依据题图中呈现的信息，准确识别过程①②所示过程的名称，以及RNA聚合酶正常功能的发挥与阻遏蛋白、乳糖、操纵基因的关系，据此与所学“转录和翻译”等知识有效地联系起来，进行图文转换、实现对知识的整合和迁移。
(1) RNA聚合酶的化学本质是蛋白质，蛋白质的基本单位是 氨基酸。启动子是RNA聚合酶结合和识别的位点。
(2) 图1中，过程①表示转录，发生的场所是大肠杆菌拟核部位。过程②表示翻译，在翻译中，携带氨基酸的tRNA进入核糖体，依赖一端的反密码子、通过碱基互补配对，将mRNA上决定氨基酸的密码子翻译出来，形成具有一定氨基酸序列的蛋白质，即过程②中遗传信息的准确传递，主要依据碱基互补配对原则及氨基酸的密码子。
(3) 翻译是从起始密码子开始的。若图2中一个mRNA上有多个起始密码子，则可翻译出多种蛋白质。
(4)对比分析图1和图2可知：当乳糖进入大肠杆菌细胞后，阻遏蛋白与乳糖结合，失去了与操纵基因结合的能力，保证RNA聚合酶正常发挥功能，大肠杆菌才能合成乳糖代谢所需酶。酶基因操纵组会受到乳糖浓度的反馈抑制，该反馈抑制的意义在于既保证了大肠杆菌能量的供应，又可以避免物质和能量的浪费。
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