【化学】江西省高安中学2019-2020学年高二上学期期中考试试题（解析版）（A卷）

江西省高安中学2019-2020学年高二上学期期中考试试题
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16
一、选择题（每小题只有一个正确答案，每题3分，共48分）
1.下列关于有机化合物的说法正确的是（ ）
A. 聚合物可由单体CH3CH=CH2和CH2=CH2加聚制得
B. 可通过加聚反应制得
C. 乙烯、聚乙烯和苯分子均含有碳碳双键
D. 糖类、油脂和蛋白质均可发生水解反应
【答案】A
【解析】
【详解】A．凡链节主链上只有四个碳原子(无其它原子)且链节无双键的高聚物，其单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合即可，所以聚合物( )的单体是CH3CH=CH2和CH2=CH2，故A正确；
B．是对苯二甲酸和HOCH2CH=CHCH2OH通过缩聚反应制得，故B错误；
C．聚乙烯、苯都不含碳碳双键，故C错误；
D．油脂和蛋白质均可发生水解反应，但糖类中的单糖如葡萄糖等单糖，则不水解，故D错误；
故答案为A。
2.化学与科技、生产、生活、社会密切相关，下列有关说法不正确的是（ ）
A. 在葡萄酒中添加微量的二氧化硫作抗氧化剂，使酒保持良好的品质
B. 近年来，“加热不燃烧烟草制品（电子烟）”风靡全球，吸电子烟不会产生有害物质
C. 因制作口红时，添加天然矿物云母等着色剂，其中含Pb、Na、Mg、Al、Mn等元素，吃饭前应擦拭干净
D. 新衣服（如牛仔裤）不洗就穿可能导致患癌，是因为牛仔裤进行漂染和清洗时用的染料中含有甲醛等致癌物
【答案】B
【解析】
【详解】A．二氧化硫具有还原性，可作为抗氧化剂吸收氧气，防止葡萄酒酸败，选项A正确；
B．电子烟也会产生有害物质，只是量比真烟产生得少，选项B错误；
C．在制作口红时，为了增加口红的亮度，会添加天然矿物着色剂，着色剂中含Pb、Na、Mg、Al、Mn等元素，其中铅元素对身体有害，吃饭前应擦拭干净，选项C正确；
D．新衣服(如牛仔裤)有些有异味，是因为牛仔裤在生产过程中为了抗皱、防缩，用含有甲醛的溶液浸泡，选项D正确；
故答案为B。
3.稀土是我国的丰产元素，17种稀土元素性质非常接近，用有机萃取剂来分离稀土元素是一种重要的技术。有机萃取剂A的结构式如下，据你所学知识判断A属于（  ） 
，
A. 酸类 B. 酯类 C. 醛类 D. 酚类
【答案】B
【解析】
【详解】A中含有的官能团有醇羟基，以及与磷酸发生酯化反应生成的磷酸酯基，没有其他官能团，所以，B项正确；
答案选B。
4.已知丙烷的分子结构可简写成键线式结构。有机物A的键线式结构为，有机物B与等物质的量的H2发生加成反应可得到有机物A。下列有关说法错误的是（ ）
A. 有机物A的一氯代物只有5种
B. 用系统命名法命名有机物A，名称为2，2，3-三甲基戊烷
C. B的结构可能有3种，其中一种名称为3,4,4-三甲基-2-戊烯
D. 若有机物C与H2以1:2加成生成A，C的结构只有1种
【答案】D
【解析】A．根据信息可知，A的结构简式为，分子中有5种化学环境不同的氢原子，故其一氯代物有5种，故A正确；B．最长的主链含有5个C原子，从距离甲基进的一段编碳号，的名称为：2，2，3-三甲基戊烷，故B正确；C．A是有机物B与等物质的量的H2发生加成产物，则B中含有1个C=C双键，根据加成反应还原双键，A中相邻碳原子上都含有H原子的可以含有碳碳双键，故B的结构简式可能有如下三种：
、、，它们名称依次为：3，3-二甲基-2-乙基-1-丁烯、3，4，4-三甲基-1-戊烯、3，4，4-三甲基-2-戊烯，故C正确；D. 若有机物C与H2以1:2加成生成A，C的结构可以是二烯烃或炔烃，有、2种，故D错误；故选D。
点睛：本题考查有机物的命名、同分异构体、加成反应等，C选项注意利用还原双键方法书写可能的同分异构体并命名。
5. 用括号内的试剂和方法除去下列各物质的少量杂质，不正确的是 （ ）
A. 苯中含有苯酚（浓溴水，过滤）
B. 乙酸钠中含有碳酸钠（乙酸、蒸发）
C. 乙酸乙酯中含有乙酸（饱和碳酸钠溶液、分液）
D. 溴乙烷中含有醇（水、分液）
【答案】A
【解析】
详解】A．溴易溶于苯，引入新杂质，则用NaOH、分液来除杂，故A错误；
B．乙酸与碳酸钠反应生成乙酸钠，则反应后蒸发即可，故B正确；
C．乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，则反应后分液可除杂，故C正确；
D．醇与水互溶，但溴乙烷不溶于水，则混合后分液可分离，故D正确；
故答案为A。
6.如果定义有机物的同系物是一系列结构式符合 （其中n=0、1、2、3…）的化合物。式中A、B是任意一种基团（或氢原子），W为2价有机基团，又称为该同系列的系差。同系列化合物的性质往往呈现规律变化。下列四组化合物中，不可称为同系列的是（ ）
A. CH3CH2CH2CH3、CH3CH2CH2CH2CH3
B. CH3CH=CHCHO、CH3CH=CHCH=CHCHO、CH3(CH=CH)3CHO
C. CH3CHClCH3、CH3CHClCH2CH3、CH3CHClCH2CHClCH3
D. ClCH2CHClCCl3、ClCH2CHClCH2CHClCCl3、ClCH2CHClCH2CHClCH2CHClCCl3
【答案】C
【解析】
【详解】A、符合结构相似且相差一个CH2原子团是同系物，故A正确；
B．结构相似相差若干个“CH=CH”原子团是同系物，故B正确；
C．CH3CHClCH3和CH3CHClCH2CH3相差一个CH2，CH3CHClCH2CH3和CH3CHClCH2CHClCH3相差一个CHCl，因此没有固定“系差”所以为非同系物，故C错误；
D．结构相似，组成相差若干个“CHCl”是同系物；
综上所述，本题应选C。
7.“苏丹红一号”（结构如下图所示）是一种合成染料，科学家通过经毒理学研究，发现长期食用含有苏丹红的食品对人体可能有致癌因素。下列关于“苏丹红一号”的说法中不正确的是（ ）

A. 属于芳香族化合物，分子式为C16H12N2O
B. 分子中的所有原子可能位于同一平面上
C. 分子中苯环上的一取代物共有11种
D. 能与NaOH溶液、FeCl3溶液、溴水等物质反应
【答案】C
【解析】
【详解】A、由结构简式可以知道分子式为C16H12N2O，故A正确；
B、苯环为平面型分子，与氮氮双键相连的原子也在同一平面，分子中的所有原子可能位于同一平面上，故B正确；
C、分子中萘环和苯环共有9个不同位置可被取代，共有9种，故C错误；
D、苯环直接连羟基，为酚类，能与NaOH溶液、FeCl3溶液、溴水等物质反应，故D正确；综上所述，本题应选C。
8.分子式为C7H14O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，且生成的醇没有醇类的同分异构体。若不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成的酯共有（ ）
A. 8 种 B. 12 种 C. 24 种 D. 28 种
【答案】C
【解析】分子式为C7H14O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，该有机物为饱和一元酯，且生成的醇没有相同的官能团的同分异构体，则醇只能为甲醇或乙醇，
若醇为甲醇，则羧酸为C5H11COOH，可以可知戊烷中1个H原子被-COOH取代，正戊烷有3种H原子，故相应的羧酸有3种，异戊烷有4种H原子，相应的羧酸有4种，新戊烷有1种H原子，相应的羧酸有1种，故己酸C5H11COOH的同分异构体有8种，形成酯有8种；
若醇为乙醇，则羧酸为C4H9COOH，可以可知丁烷中1个H原子被-COOH取代，正丁烷有2种H原子，故相应的羧酸有2种，异丁烷有2种H原子，相应的羧酸有2种，故戊酸C4H9COOH的同分异构体有4种，故羧酸共有12种，醇共有2种，酸和醇重新组合可形成的酯共有12×2=24种，故选C。
9.已知乙炔(C2H2)、苯(C6H6)、乙醛(C2H4O)的混合气体中含氧元素的质量分数为8%，则混合气体中碳元素的质量分数为（ ）
A. 84% B. 60% C. 42% D. 91%
【答案】A
【解析】分析:乙醛（C2H4O）可以表示为C2H2·H2O，故乙炔（C2H2）、苯（C6H6）、乙醛（C2H4O）的混合气体可以看做C6H6、C2H2、H2O的混合物，以此解答。
详解：O元素的分数为8%，故H2O的质量分数为=×8%=9%，故C6H6、C2H2总的质量分数1-9%=91%，由两种物质的化学式可知最简式为CH，C、H质量之比为12：1，故C元素的质量分数为91%×=84%。
综上所述，本题正确答案为A。
10.在核磁共振氢谱图中出现三组峰，且峰面积之比为1: 1: 1的化合物是（ ）
A. CH3CH=CHCH3 B.
C. D.
【答案】C
【解析】A. CH3CH=CHCH3 分子中只有2种不同化学环境的H，故其在核磁共振氢谱图中出现2组峰，且峰面积之比为1: 3；B. 分子中只有4种不同化学环境的H，故其在核磁共振氢谱图中出现4组峰，且峰面积之比为1: 2:2:1；C. 分子中只有3种不同化学环境的H，故其在核磁共振氢谱图中出现三组峰，且峰面积之比为1: 1: 1 ；D. 分子中只有3种不同化学环境的H，故其在核磁共振氢谱图中出现三组峰，且峰面积之比为3: 1: 4。综上所述，C符合题意，本题选C。
11.下列关于有机物的说法正确的有(　　)
①苯的邻位二氯取代物只有一种
②甲烷的二氯取代产物有两种
③C3H8的二氯代物共有4种
④可用酸性高锰酸钾溶液除去乙烷中的乙烯
⑤分子式是C4H8的烃分子中一定含有碳碳双键
⑥将苯滴入溴水中,振荡后水层接近无色因为苯与溴水发生了取代反应
⑦苯的同系物是分子中仅含有一个苯环的所有烃类物质
⑧菲的结构简式为,它与硝酸反应,可生成5种一硝基取代物
A. 2个 B. 3个 C. 4个 D. 5个
【答案】B
【解析】
【详解】①苯的六个碳碳键完全相同，说明苯分子中不含有单双键交替，故①正确；
②甲烷的分子构型是正四面体，其中C原子位于正四面体的体心，H原子位于顶点，则甲烷的二氯取代产物只有一种，故②错误；
③ C3H8的二氯代物有CH3CH2CHCl2、CH3CCl2CH3、CH2ClCH2CH2Cl、CH2ClCHClCH3 4种，故③正确；
④酸性高锰酸钾溶液将乙烯氧化生成CO2，引入了新杂质，故④错误；
⑤分子式是C4H8的烃分子中，可能是环丁烷，环丁烷不含有碳碳双键，故⑤错误；
⑥将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色是因为溴水中的溴单质被苯萃取，并未发生取代反应，故⑥错误；
⑦苯的同系物是指1个苯基与1个或多个烷基构成的烃，若烷基改为烯烃基、炔烃基或环烷烃基，即使只含一个苯环，也不是苯的同系物，故⑦错误；
⑧菲的结构简式为为对称结构，以虚线为基准对称，有如图所示的5种H原子，所以与硝酸反应，可生成5种一硝基取代物，故⑧正确；
故选B。
12.下列有关化学用语表示正确的是( )
A. 羟基的电子式： B. CH2F2的电子式：
C. 对硝基甲苯的结构简式： D. 乙烯的结构式：CH2CH2
【答案】A
【解析】
【详解】A．羟基是电中性基团，氧原子与氢原子以1对共用电子对连接，电子式为，故A正确；
B．CH2F2的电子式中，氟原子最外层达到8电子稳定结构，其正确的电子式为：，故B错误；
C．对硝基甲苯的结构简式为：，故C错误；
D．乙烯分子内含有碳碳双键，其结构式为，故D错误；
故答案为A。
13.下列说法正确的是（　　）
A. 石油分馏、硝基苯的制备和乙烯的制取中温度计的位置都不相同
B. 向苯溴代实验后的溶液中加水，可观察到溶液分三层为有苯层、水层和溴苯层
C. 卤代烃中卤原子的检验，可以向卤代烃水解后的产物中直接滴加溶液
D. 乙醇与浓硫酸反应所制得的气体通入到溴水中，若溴水褪色即可证明有乙烯产生
【答案】A
【解析】
【详解】A．石油分馏中温度计测定馏分温度、硝基苯的制备温度计测定水浴温度、乙烯的制取测定反应液的温度，则温度计的位置都不相同，选项A正确；
B．苯与溴苯互溶，加水，可观察到溶液分为二层，为水层和有机层，选项B错误；
C．水解后检验卤素离子，应在酸性条件下，没有加硝酸至酸性再加硝酸银，会影响实验结果，选项C错误；
D．乙醇易挥发，浓硫酸可以被乙醇还原为二氧化硫，故气体中可能含二氧化硫和乙醇蒸气，乙醇、乙烯、二氧化硫均与溴水反应，溴水褪色不能说明乙烯生成，选项D错误；
答案选A。
14.下列各有机物在不同条件下既能发生水解反应，又能发生消去反应，还能发生酯化反应的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A、β－C上没H，所以不能发生消去反应，故不选A；
B. 不能发生水解反应，故不选B；
C. 含有羟基、酯基，既能发生水解反应，又能发生消去反应，还能发生酯化反应，故选C；
D. 没有羟基或羧基，不能发生酯化反应，故不选D。
答案选C
15.有机物分子中，当某个碳原子连接着四个不同的原子或原子团时，这种碳原子称为“手性碳原子”。例如，下列有机物分子中带“*”碳原子就是手性碳原子。该有机物分别发生下列反应，生成的有机物分子中仍含有手性碳原子的是（ ）

A. 与银氨溶液作用发生银镜反应 B. 催化剂作用下与反应
C. 与乙酸发生酯化反应 D. 与NaOH溶液加热条件下反应
【答案】A
【解析】
【详解】A. 该有机物与银氨溶液反应后的生成的有机物中，原来的手性碳原子现在连接的原子或原子团是：一个溴原子、一个-CH2OH、一个CH3COOCH2-、一个-COOH，所以该原子仍然是手性碳原子，故A符合题意；
B. 该有机物在催化剂作用下与氢气反应，即醛基与氢气加成反应生成-CH2OH，原来的手性碳原子现在连接两个-CH2OH，所以反应后，该物质中没有手性碳原子，故B不符合题意；
C. 该有机物与乙酸反应生成的酯，即原来的手性碳原子现在连接两个CH3COOCH2-，所以该物质在反应后没有手性碳原子，故C不符合题意；
D. 该有机物与氢氧化钠溶液反应后酯基发生水解，反应生成的醇，原来的手性碳原子现在连接两个-CH2OH，所以没有手性碳原子，故D不符合题意；
故选A。
16.已知苯甲酸的酸性比碳酸强，苯酚的酸性比碳酸弱。则可以将
转变为的方法是（    ） 
①与足量的NaOH溶液共热，再通入CO2②与稀硫酸共热后，加入足量的NaOH溶液③加热溶液，通入足量的CO2④与稀H2SO4共热后，加入足量的NaHCO3
A. ①② B. ①④ C. ②③ D. ②④
【答案】B
【解析】
【分析】因羧酸、酚羟基均与碱反应生成盐，则将转变为，可选择与碱反应，然后利用碳酸酸性大于苯酚酸性，再通入二氧化碳即可；或先加稀硫酸水解后，利用苯酚酸性大于碳酸氢根离子的酸性，再与NaHCO3反应即可，以此来解答。
【详解】①与足量的NaOH溶液共热，羧基与NaOH反应，酯基水解生成苯酚与NaOH反应生成苯酚钠，再通入CO2，与苯酚钠反应生成产物，①项正确；
②与稀硫酸共热后，加入足量的NaOH溶液，苯酚能与NaOH反应，则不能得到产物，②项错误；
③加热溶液，通入足量的CO2，因为苯甲酸的酸性比碳酸酸性强，所以不能得到羧酸钠，③项错误；
④与稀H2SO4共热后，酯基水解生成苯酚，加入足量的NaHCO3，羧基与NaHCO3反应得到产物，④项正确；
答案选B。
二、填空题（共52分）
17.（1）现有下列7种有机物：①CH4 ②CH3C≡CCH3 ③ ④ ⑤ ⑥ ⑦
请回答：
其中属于醇类的是___（填序号，下同），互为同系物的是___，能与金属钠反应的有___，互为同分异构体的是___。
（2）肉桂酸甲酯由C、H、O三种元素组成，已知其相对分子质量为162，核磁共振氢谱显示有6个峰，其面积之比为1︰2︰2︰1︰1︰3，利用红外光谱仪检测其中的某些基团，测得红外光谱如图，则肉桂酸甲酯的结构简式是___（不考虑立体异构）。

（3）碳原子数不大于10的烷烃中一氯代物只有一种结构的物质有___种。
【答案】(1). ⑦ (2). ①④ (3). ⑥⑦ (4). ③⑤ (5). (6). 4
【解析】
【分析】(1)官能团羟基与链烃基或者苯环侧链的碳原子相连形成的化合物属于醇类；结构相似，组成相差n个CH2原子团的有机物为同系物；能与钠反应，有机物含有羟基或羧基等；分子式相同，结构不同的为同分异构体；
(2)根据红外光谱可知肉桂酸甲酯分子中含有双键和酯基，苯环，则其相对分子质量是162，确定分子式，核磁共振氢谱图中有六个吸收峰，峰面积比为1：2：2：1：1：3，说明有6种氢，最后确定结构简式；
(3)烷烃的一氯取代物只有一种，说明该烷烃中只有一种等效氢原子。
【详解】(1)⑥羟基和苯环直接相连，属于酚类，⑦中羟基和侧链相连，属于醇类；①④结构相似，都为烷烃，相差3个CH2，属于同系物；⑥⑦含有羟基，可与钠反应；③⑤分子式相同，双键的位置不同，属于同分异构体，则其中属于醇类的是⑦，互为同系物的是①④，能与金属钠反应的有⑥⑦，互为同分异构体的是③⑤；
(2)红外光谱可知肉桂酸甲酯分子中含有双键和酯基，苯环，则其相对分子质量是162，确定分子式为C10H10O2，核磁共振氢谱图中有六个吸收峰，峰面积比为1：2：2：1：1：3，说明有6种氢，其结构简式为：；
(3)在碳原子数n≤10的所有烷烃的同分异构体中，其一氯取代物只有一种的烷烃分别是：甲烷、乙烷、2，2-二甲基丙烷以及2，2，3，3-四甲基丁烷，共4种。
18.在最新的家用汽车的调查中发现，新车中气体的质量不符合标准。汽车污染主要来源于汽车配件及材料，它们都会产生大量的有毒有机物。其中一种有毒物质为A，为了测定有机物A的结构，做如下实验：
①将9.2g该有机物完全燃烧，生成标况下15.68LCO2和7.2g水；
②用质谱仪测定其相对分子质量，得如图一所示的质谱图；

（1）则由图可知该分子的相对分子质量是___，有机物A的分子式为____。
（2）用核磁共振仪处理该化合物得到四个峰，且面积之比是1∶2∶2：3，则有机物的名称为___，其苯环上的一氯代物有___种。若将有机物A与氢气完全加成，则加成后的有机物的一氯代物共有___种。
【答案】(1). 92 (2). C7H8 (3). 甲苯 (4). 3 (5). 5
【解析】
【分析】质谱图中最大质荷比即为有机物A的相对分子量；根据9.2g该有机物充分燃烧生成的二氧化碳、水的量判断有机物A中的碳元素、氢元素的物质的量、质量，再判断是否含有氧元素，计算出C、H、O元素的物质的量之比，最后确定A的实验式；
【详解】(1)在A的质谱图中，最大质荷比为92，所以其相对分子质量也是92；9.2g有机物A的物质的量为=0.1mol，在氧气中完全燃烧生成标况下15.68L的CO2和7.2g水，其中CO2的物质的量为=0.7mol，水的物质的量为=0.4mol，则有机物A的分子内含有的C原子数为=7，H原子数为=8，结合A的相对分子质量为92可知有机物A的分子内不含氧原子，其分子式为C7H8；
(2)用核磁共振仪处理有机物A得到四个峰，且面积之比是1∶2∶2：3，则有机物A的结构简式为，名称为甲苯，其苯环上有3种等效氢，即苯环上的一氯代物有3种；与氢气完全加成生成，分子结构中共有5种等效氢，则加成后的有机物的一氯代物共有5种。
19.实验室用少量的溴和足量的乙醇制备1，2−二溴乙烷的装置如图所示：

有关数据列表如下：

乙醇
1，2−二溴乙烷
乙醚
状态
无色液体
无色液体
无色液体
密度/g⋅cm−3
0.79
2.2
0.71
沸点/℃
78.5
132
34.6
熔点/℃
-l30
9
-116
回答下列问题：
（1）写出该实验过程中发生的所有主要反应的化学方程式____；
在此制各实验中，要尽可能迅速地把反应温度170℃左右，其最主要目的是___(填正确选项前的字母，下同)
a.引发反应 b.加快反应速度 c.防止乙醇挥发 d.减少副产物乙醚生成
（2）在装置C中应加入__，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体。
a.水 b.浓硫酸 c.氢氧化钠溶液 d.饱和碳酸氢钠溶液
（3）将1，2−二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在___层，若产物中有少量未反应的Br2，最好用____洗涤除去。
a.水 b.氢氧化钠溶液 c.碘化钠溶液 d.乙醇
（4）若产物中有少量副产物乙醚。可用____的方法除去，加热方式为____。
（5）反应过程中应用___冷却装置D
A.冰水混合物 B.室温下的水 C.60℃ D.100℃
【答案】(1). CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O、CH2=CH2+Br2CH2Br-CH2Br (2). d (3). cd (4). 下 (5). b (6). 蒸馏 (7). 水浴 (8). B
【解析】
【分析】(1)三颈烧瓶A中发生的反应是乙醇在浓硫酸的作用下加热到170℃产生乙烯；乙烯能与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷；乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子内脱水生成乙醚，据此分析解答；
(2)浓硫酸具有强氧化性，生成的乙烯中可能含有二氧化硫和二氧化碳，结合二氧化硫和二氧化碳的性质以及对产物的影响分析判断选择的试剂；
(3)1，2-二溴乙烷和水不互溶，且密度比水大；结合溴的性质分析解答；
(4)1，2-二溴乙烷与乙醚互溶，但沸点不同，据此选择分离方法，结合乙醚的性质分析选择加热方式；
(6)溴易挥发，且乙烯与溴反应放热，据此分析判断。
【详解】(1)三颈烧瓶A中发生的反应是乙醇在浓硫酸的作用下发生消去反应制取乙烯，反应方程式为：CH3CH2OH CH2=CH2↑+H2O，乙烯含有C=C双键，能与卤素单质发生加成反应，D中乙烯和溴加成生成1，2-二溴乙烷，反应为：CH2=CH2+Br-Br→CH2Br-CH2Br；乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子间脱水生成乙醚，迅速地把反应温度提高到170℃左右，可以减少副产物乙醚的生成，故答案为：CH3CH2OH CH2=CH2↑+H2O、CH2=CH2+Br-Br→CH2Br-CH2Br；d；
(2)浓硫酸具有脱水性、吸水性和强氧化性，能氧化乙醇，CH3CH2OH+4H2SO4(浓) 4SO2↑+CO2↑+7H2O+C，生成的乙烯气体中可能含有酸性气体二氧化硫、二氧化碳，二氧化硫也能与溴反应，因此需要除去二氧化硫，二氧化硫与水反应生成的亚硫酸容易挥发，不能完全除去二氧化硫，浓硫酸不能吸收二氧化硫，除去二氧化硫可以选择氢氧化钠和饱和碳酸氢钠溶液，故答案为：cd；
(3)1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷的密度比水大，振荡后静置，有机层在下层，若产物中有少量未反应的Br2，a．溴更易溶于1，2-二溴乙烷，用水无法除去溴，故a错误；b．常温下Br2和氢氧化钠发生反应：2NaOH+Br2═NaBr+NaBrO+H2O，再分液除去，故b正确；c．NaI与溴反应生成碘，碘与1，2-二溴乙烷互溶，引入新杂质，故c错误；d．酒精与1，2-二溴乙烷互溶，不能除去混有的溴，故d错误；故选b，故答案为：下；b；
(4)1，2-二溴乙烷与乙醚互溶，但二者的沸点不同，可以用蒸馏的方法将它们分离，由于乙醚沸点较低(34.6℃)，且易燃，因此加热方式可以选择水浴加热，故答案为：蒸馏；水浴；
(5)溴在常温下，易挥发，乙烯与溴的反应为放热反应，使得溴更易挥发，因此需要冷却，避免溴的挥发损失，反应过程中可以用水冷却装置D，故答案为：B。
20.已知：① CH3CH=CHCH2CH3CH3COOH+CH3CH2COOH
② R-CH=CH2R-CH2-CH2-Br
香豆素的核心结构是芳香内酯A，A经下列步骤转变为水杨酸。

请回答下列问题：
（1）下列有关A、B、C的叙述中不正确的是___________
a. C中核磁共振氢谱共有8种峰
b. A、B、C均可发生加聚反应
c. 1mol A最多能和5mol氢气发生加成反应
d. B能与浓溴水发生取代反应
（2）B分子中有2个含氧官能团，分别为______和______（填官能团名称），B→C的反应类型为_____________。
（3）在上述转化过程中，反应步骤B→C的目的是_________________________。
（4）化合物D有多种同分异构体，其中一类同分异构体是苯的对二取代物，且水解后生成的产物之一能发生银镜反应。请写出其中一种的结构简式：_____________。
（5）写出合成高分子化合物E的化学反应方程式：_______________________________。
【答案】(1). c (2). 羧基 (3). 羟基 (4). 取代反应 (5). 为了保护酚羟基使之不被氧化 (6). 、、（任选一种即可） (7).
【解析】
【分析】根据转化图结合逆合成分析法可知，C被高锰酸钾氧化生成乙二酸和D，结合题给信息及C的分子式知，C的结构简式为。B和一碘甲烷发生取代反应生成C，所以根据C的结构简式可判断B的结构简式为。A水解生成B，且A的分子式为C9H6O2，A和B相对分子质量相差18，所以A的结构简式为：。D和碘化氢发生取代反应生成水杨酸，据此分析作答。
【详解】（1）根据上述分析易知，A为；B为；C为，则
a. C中有8种不同环境的H原子，故核磁共振氢谱共有8种峰，a项正确；
b. A、B、C分子中均有碳碳双键，均可发生加聚反应，b项正确；
c. A中含碳碳双键和酯基，酯基不能发生加成反应，则1mol A最多能和4mol氢气发生加成反应，c项错误；
d. B中含苯环，酚羟基的邻、对位能与浓溴水发生取代反应，d项正确；
故答案为c；
（2） B为，含氧官能团的名称为：羧基和羟基；C为，B→C为取代反应；
（3）因酚羟基易被氧化，因此B→C发生取代反因的目的是为了保护酚羟基使之不被氧化；
（4）化合物D有多种同分异构体，其中一类同分异构体是苯的对二取代物，说明含有两个取代基，能水解说明含有酯基，且水解后生成的产物之一能发生银镜反应，说明含有醛基，所以符合条件的同分异构体有、、，所以共有3种；
（5）乙二酸与乙二醇在浓硫酸催化作用下发生缩聚反应生成聚乙二酸乙二酯，其化学方程式为：
21.高血脂是一种常见的心血管疾病.治疗高血脂的新药I的合成路线如图所示：

已知：a.；
b.RCHO
请回答下列问题：
（1）反应①所需试剂、条件分别是____。
（2）A→B的化学方程式为____。
（3）G的结构简式为____。
（4）化合物W的相对分子质量比化合物C大14。且满足下列条件.W的可能结构有___种。
①遇FeCl3溶液显紫色 ②属于芳香族化合物 ③能发生银镜反应
其中核磁共振氢谱显示有5种不同化学环境的氢.且峰面积比为2：2：2：1：1的结构简式为___
（5）设计用甲苯和乙醛为原料制备的合成路线，其他无机试剂任选(合成路线常用的表示方式为：AB……目标产物)____。
【答案】(1). Cl2、光照 (2). 2+O22+2H2O (3). (4). 13 (5). (6).
【解析】
【分析】（1）-（4）甲烷和氯气在光照条件下发生取代反应生成D(CH2Cl2)，D在氢氧化钠的水溶液、加热条件下发生取代反应，但同一个碳原子上含有两个羟基不稳定会失水生成醛，则E为HCHO，CH3(CH2)6CHO和甲醛反应生成G，根据题给信息知G为，G和氢气发生加成反应生成H为；甲苯在光照条件下与氯气发生取代反应生成，水解得到A为，A氧化生成B为，B进一步氧化生成C为，C与H发生酯化反应生成I为；
(5)苯与氯气在光照条件下生成，然后发生水解反应生成，最后与乙醛在碱性条件下反应生成目标物。
【详解】(1)反应①是甲苯转化为，所需试剂、条件分别是：氯气、光照；
(2)A→B 的化学方程式为：；
(3)G 的结构简式为；
(4)化合物W 的相对分子质量比化合物C ()大14，W比C多1个CH2原子团，W满足下列条件：①遇FeCl3 溶液显紫色，说明含有酚羟基，②属于芳香族化合物，即含有苯环，③能发生银镜反应，还含有醛基，含有2个侧链为-OH、-CH2CHO，有邻、间、对3种，含有3个侧链为-OH、-CH3、-CHO，而OH、-CH3有邻、间、对3种位置，对应的-CHO分别有4种、4种、2种位置，故符合条件的W共有3+4+4+2=13种，其中核磁共振氢谱显示有5 种不同化学环境的氢，峰面积比为2：2：2：1：1的W 的结构简式为：；
(5)苯与氯气在光照条件下生成，然后发生水解反应生成，最后与乙醛在碱性条件下反应生成目标物，合成路线流程图为：。