还剩20页未读，
继续阅读
2018-2019学年江西省上饶市第二中学高二下学期期中考试化学试题 解析版
展开
期中考试
高二年级•化学试卷
相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 P-31 S-32 Cl-35.5
一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共50分）
1.《本草纲目》“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上…其清如水，味极浓烈，盖酒露也。”这里所用的“法”是指（ ）
A. 过滤 B. 蒸馏 C. 分液 D. 升华
【答案】B
【解析】
【分析】
利用互溶混合物的沸点差异分离，则该法为蒸馏。
【详解】由题给文字可知，文中所用的“法”是指我国古代制烧洒的方法,从浓酒中分离出乙醇，是利用酒精与水的沸点不同，加热使酒精气化再冷凝收集得到烧酒，故选B。
【点睛】本题考查物质的分离与提纯，注意能够读懂古籍中关键的信息，把握物质的性质及混合物分离方法为解答的关键。
2.下列化学用语正确的是（ ）
A. 乙烯分子的最简式：CH2 B. 己烷的分子式：C6H12
C. 羟基的化学式：OH－ D. 1，2—二溴乙烷的结构简式：C2H4Br2
【答案】A
【解析】
试题分析：A．乙烯分子的最简式为CH2，A正确；B．己烷的分子式为C6H14，B错误；C．羟基的化学式为—OH，C错误；D．1，2—二溴乙烷的结构简式为CH2BrCH2Br，D错误，答案选A。
考点：考查化学用语正误判断
3.下列不属于碳原子成键特点的是（ ）
A. 易失去最外层的电子形成离子
B. 最外层电子易与其他原子的最外层电子形成共用电子对
C. 能够形成单键、双键和三键等多种成键形式
D. 每个碳原子最多与其他原子形成4个共价键
【答案】A
【解析】
试题分析：碳原子既难得电子，又难失电子，一般与其他原子形成共用电子对，由于其最外层有4个电子，所以最多可形成4个共价键，因此正确的答案选A。
考点：考查有机物中碳原子成键特点的判断
点评：该题是基础性试题的考查，试题注重基础，主要是考查学生对碳原子成键特点的了解掌握程度，有利于培养学生的抽象思维能力，难度不大。
4.下列各组物质中,可以用分液漏斗分离的是（ ）
A. 酒精与汽油 B. 溴苯与溴乙烷 C. 硝基苯与水 D. 苯与硝基苯
【答案】C
【解析】
试题分析：A、酒精与汽油可互溶；B、溴苯与溴乙烷也可互溶；C、硝基苯与水不互溶，可用分液漏斗分离；D、苯可溶解硝基苯。
考点：考查有机物的分离等相关知识。
5.下列物质中既属于芳香族化合物又属于醇的是（ ）
A. B.
C. D. CH3CH2OH
【答案】B
【解析】
试题分析：属于芳香族化合物，含有苯环，属于醇，含有－OH，但苯环和羟基不能直接相连，因此符合题意的是选项B，故选项B正确。
考点：考查有机物的官能团、有机物的分类等知识。
6.下列有机反应属于取代反应的是（ ）
A. nCH2=CH2→
B. CH2=CH2＋HCl → CH3CH2Cl
C. 2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O
D. ＋Br2＋HBr
【答案】D
【解析】
【详解】A.乙烯一定条件下发生加成反应产生聚乙烯，不是取代反应，A错误；
B.乙烯与HCl在一定条件下发生加成反应产生氯乙烷，B错误；
C.乙醇与氧气在Cu作催化剂时，在加热条件下被氧化变为氧气，同时产生水，发生的反应是氧化反应，C错误；
D.苯与Br2在FeBr3作催化剂时，在加热条件下发生取代反应产生溴苯和HBr，D正确；
故合理选项是D。
7.下列选项属于碳链异构的是（ ）
A. CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2 B. CH2=C(CH3)2和CH3CH=CHCH3
C. CH3CH2OH和CH3OCH3 D. CH3CH2CH2COOH和CH3COOCH2CH3
【答案】A
【解析】
【分析】
碳链异构是指有机物分子具有相同碳原子，形成不同的骨架；位置异构是指有机物分子具有相同碳原子，含有相同的官能团，但官能团的位置不同；类别异构是指有机物分子具有相同的分子式，含有不同的官能团。
【详解】A项、CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2的分子式相同，碳链的结构不同，属于碳链异构，故A正确；
B项、CH2=C(CH3)2和CH3CH=CHCH3的分子式相同，碳链的结构不同，官能团双键的位置也不同，故B错误；
C项、CH3CH2OH和CH3OCH3的分子式相同，官能团不同，物质类别不同，故C错误；
D项、CH3CH2CH2COOH和CH3COOCH2CH3分子式相同，官能团不同，物质类别不同，故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查同分异构体的概念应用，注意同分异构体的类型判断，注意碳架结构不同、官能团相同是解答关键。
8.某有机物的结构简式为 ．下列说法不正确的是（ ）
A. 该有机物属于饱和烷烃
B. 该烃的名称是3﹣甲基﹣5﹣乙基庚烷
C. 该烃与2，5﹣二甲基﹣3﹣乙基己烷互为同系物
D. 该烃一氯取代产物共有8种
【答案】C
【解析】
【详解】A.该物质分子中碳原子间通过共价键结合形成单键，剩余的价电子全部与H原子结合，因此该有机物属于饱和烷烃，A正确；
B.由于碳碳单键可以旋转，选择分子中含有碳原子数最多的碳链为主链，该烃的名称是3﹣甲基﹣5﹣乙基庚烷，B正确；
C.该烃与2，5﹣二甲基﹣3﹣乙基己烷分子式相同，结构不同，二者互为同分异构体，C错误；
D.该烃分子中含有8种不同位置的H原子，所以其一氯取代产物共有8种，D正确；
故合理选项是C。
9.下列烷烃的一溴取代产物中没有同分异构体的是（ ）
A. 丙烷 B. 乙烷 C. 正丁烷 D. 2-甲基戊烷
【答案】B
【解析】
【分析】
根据等效氢原子的判断，烷烃的一氯取代物只有一种，说明该烷烃中只有一种等效氢原子。
【详解】A项、丙烷的结构简式为CH3CH2CH3，分子中含有2种H原子，一氯代物有2种，故A错误；
B项、乙烷的结构简式为CH3CH3，分子中只有1种H原子，一氯代物只有一种，故B正确；
C项、正丁烷的结构简式为CH3CH2CH2CH3，分子中含有2种H原子，一氯代物有2种，故C错误；
D项、2-甲基戊烷的结构简式为（CH3）2CHCH2CH3，分子中含有4种H原子，一氯代物有4种，故D错误。
故选B。
【点睛】本题考查烷烃同分异构体的书写，注意根据物质的名称写出结构简式，利用等效氢进行的判断同分异构体数目是解答关键。
10. 4一甲基一2一乙基一1一戊烯经催化加氢后所得产物的名称为
A. 4一甲基一2一乙基戊烷 B. 2，5一二甲基戊烷
C. 2一乙基一4一甲基戊烷 D. 2，4一二甲基己烷
【答案】D
【解析】
4-甲基-2-乙基-1-戊烯经催化加成所得产物名称为2、4-二基甲己烷，选D
11.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其信号强度之比为3∶2的化合物是（ ）
A. B.
C. CH3CH2COOCH2CH3 D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据等效氢原子的判断，由物质的结构简式确定等效氢原子的数目，等效氢原子的数目为峰数目，并结合H原子的个数来分析信号强度之比。核磁共振氢谱中出现两组峰，说明有机物含有两种H原子，信号强度之比即峰面积之比为3：2，说明分子中两种H原子个数之比为3：2。
【详解】A项、分子中含有2种H原子，信号强度之比6：2=3：1，故A错误；
B项、分子中含有3种H原子，在核磁共振氢谱中出现三组峰，故B错误；
C项、CH3CH2COOCH2CH3分子中含有4种H原子，在核磁共振氢谱中出现四组峰，故C错误；
D项、分子中含有2种H原子，信号强度之比6：4=3：2，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意利用结构简式的对称性判断等效H原子的数目是解答关键。
12.相同质量的下列各烃中，完全燃烧后生成的水最多的是（ ）
A. 甲烷 B. 乙烯 C. 甲苯 D. 丙炔
【答案】A
【解析】
【分析】
相同质量的各烃中氢的质量分数越大，生成的水的质量越多，首先计算各烃是C碳原子与H原子数目之比，C原子数目相同，H原子数目越大，H的质量分数越大。
【详解】CH4中C碳原子与H原子数目之比为1：4，C2H4中C碳原子与H原子数目之比为2：4 =1：2，C7H8中C碳原子与H原子数目之比为7：8=1：，C3H4中C碳原子与H原子数目之比为3：4=1：，故甲烷中氢的质量分数最大，所以生成水的质量最多，故选A。
【点睛】本题考查有机物燃烧的计算，注意从H元素质量分数的角度分析是解答关键。
13.某有机物的结构简式如图所示，它可以发生反应的类型有（ ）
①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化 ⑥加聚
A. ①②③④ B. ①②④⑤
C. ①②⑤⑥ D. ③④⑤⑥
【答案】B
【解析】
分析】
由结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、苯环结构，可表现酚、醇和羧酸的性质。
【详解】①该物质中含有苯环能发生加成反应，故正确；
②该物质中含有醇羟基，与羟基相连的相邻碳原子上含有氢原子，能发生消去反应，故正确；
③该物质中不含卤素原子和酯基，不能发生水解，故错误；
④该物质中含有醇羟基、羧基，都能与羧酸、醇或自身发生酯化反应，故正确；
⑤该物质中含有醇羟基、酚羟基都能发生氧化反应，故⑤正确；
⑥该物质中不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故⑥错误；
正确的为①②④⑤，故选B。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意利用已知的结构简式判断官能团，熟悉物质的官能团及物质的性质是解答的关键。
14.1-氯丙烷和2-氯丙烷分别与NaOH乙醇溶液共热的反应，下列有关说法不正确的是（ ）
A. 产物相同 B. 碳氢键断裂的位置相同
C. 反应类型相同 D. 1-氯丙烷和2-氯丙烷都能与NaOH水溶液共热的发生反应
【答案】B
【解析】
【分析】
卤代烃在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反应，反应时卤素原子与相邻的碳上的一个氢同时脱去，形成碳碳双键。1-氯丙烷发生消去反应的方程式为CH3CH2CH2Cl+NaOHCH3CH=CH2↑+NaCl+H2O，2-氯丙烷发生消去反应的方程式为CH3CHClCH3+NaOH CH3CH=CH2↑+NaCl+H2O。
【详解】A项、1－氯丙烷和2－氯丙烷的消去产物是相同的，都是丙烯，故A正确；
B项、1-氯丙烷发生消去反应时断1号C的C-Cl键，2-氯丙烷发生消去反应时断2号C的C-Cl键，故B错误；
C项、1-氯丙烷和2-氯丙烷在氢氧化钠的醇溶液中均发生消去反应，故C正确；
D项、1-氯丙烷和2-氯丙烷都在NaOH水溶液中共热发生水解反应，分别生成1—丙醇和2—丙醇，故D正确。
故选B。
【点睛】本题考查有机物的性质，注意正确理解消去反应，明确断键的位次是解答关键。
15.下列物质既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水褪色，还能和NaOH反应的是（ ）
A. 乙酸 B. 乙酸乙酯 C. CH2=CHCOOH D. 苯
【答案】C
【解析】
【分析】
能使酸性高锰酸钾褪色，说明含有还原性基团，能使溴水褪色，说明含有不饱和键，能和氢氧化钠反应，说明含有显酸性的基团或在碱性条件下水解。
【详解】A项、乙酸属于羧酸，具有酸的通性，能与氢氧化钠溶液反应生成乙酸钠与水，但不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故A错误；
B项、乙酸乙酯属于酯类，在氢氧化钠溶液中能够发生水解反应生成乙酸钠和甲醇，不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故B错误；
C项、CH2=CHCOOH属于不饱和脂肪酸，具有酸的通性，能与氢氧化钠溶液反应生成丙烯酸钠与水，分子中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾褪色，能与溴水发生加成反应，使溴水褪色，故C正确；
D项、苯属于芳香烃，不能与氢氧化钠溶液反应，不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故D错误。
故选C。
【点睛】本题考查有机物的性质，注意分析有机物中的官能团，明确官能团的性质是解答关键。
16.组成为C3H6ClBr的卤代烃，存在的同分异构体有（ ）
A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】B
【解析】
【分析】
C3H6ClBr可以看作是C3H8分子中2个H原子被1个Cl原子和1个Br原子分别取代，可据此根据有机物烷烃的同分异构体的写法来书写其所有的同分异构体。
【详解】C3H8分子中有2种氢原子，一氯代物有2种，结构简式为CH3CH2CH2Cl和CH3CHClCH3，CH3CH2CH2Cl分子中有3种氢原子，Br原子取代分子中的氢原子可以形成3种同分异构体，CH3CHClCH3分子中有2种氢原子，Br原子取代分子中的氢原子可以形成2种同分异构体，共5种，故选B。
【点睛】本题考查同分异构体的书写，注意先依据烃分子中氢原子的种类写出一氯代物的同分异构体，再依据一氯代物分子中氢原子的种类确定被溴原子取代的同分异构体数目是解答关键。
17.下列表格中烷烃的一氯代物只有一种，仔细分析其结构和组成的变化规律，判断第4位烷烃的分子式是（ ）
A. C36H70 B. C36H72 C. C53H106 D. C53H108
【答案】D
【解析】
【分析】
由表格所给烷烃结构简式的结构和组成的变化规律可知，第3位烷烃分子中氢原子被甲基取代得到第4位烷烃的结构简式。
【详解】依据题意可知第3位烷烃分子中氢原子被甲基取代得到第4位烷烃的结构简式，第3位烷烃的氢原子个数为36，故第4位烷烃含有36个甲基，则含氢原子个数为36×3=108，含碳原子个数为=53，则第4位烷烃分子式为C53H108，故选D。
【点睛】本题考查有机物结构的变化规律，注意依据题给烷烃结构简式找出相邻烃的变化特点是解题关键。
18.下列有机物中，既能发生催化氧化又能发生消去反应，且消去产物中存在同分异构体的是（ ）
A. CH3-OH B.
C. D.
【答案】D
【解析】
分析：本题考查了醇的性质，掌握反应中的断键位置。
详解：A.甲醇能发生催化氧化反应，但不能发生消去反应，故错误；B.该物质能发生催化氧化反应，也能发生消去反应，但是消去产物只有丙烯一种，故错误；C.该物质不能发生催化氧化，故错误；D.该物质能发生催化氧化反应，也能发生消去反应，生成1-丁烯或2-丁烯，故正确。故选D。
点睛：醇的催化氧化或消去反应都有结构的要求。若羟基连接的碳原子上有氢原子，
则能发生催化氧化反应，若羟基连接的碳原子的邻位碳上有氢原子，则能发生消去反应。
19.乙醇结构式如图所示，“箭头”表示乙醇发生化学反应时分子中可能断键的位置，下列叙述中不正确的是（ ）
A. 与钠反应时断裂①键 B. 发生消去反应时断裂②④键
C. 与乙酸发生酯化反应时断裂②键 D. 发生催化氧化反应时断裂①③键
【答案】C
【解析】
【分析】
A、根据乙醇与与金属钠反应生成乙醇钠和氢气，断开的羟基上的氢氧键；
B、乙醇和浓H2SO4共热至170℃时发生消去反应，断裂碳氧键、与羟基所连的碳的相邻的碳上的碳氢键；
C、乙醇与羧酸发生酯化反应时，醇脱氢、羧酸脱羟基；
D、乙醇在铜催化下与O2反应生成乙醛和水，断开的是羟基上的氢氧键和与羟基所连的碳的氢。
【详解】A项、乙醇与与金属钠反应生成乙醇钠和氢气，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑，由方程式可知乙醇断键的位置为①，故A正确；
B项、乙醇和浓H2SO4共热至170℃时，发生消去反应生成乙烯和水，反应的化学方程式为CH3CH2OHCH2═CH2↑+H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为②④，故B正确；
C项、在浓硫酸作用下，乙醇和CH3COOH共热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，可以用18O标记乙醇，研究反应机理，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OCH2CH3+H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为①，故C错误；
D项、在Cu或Ag做催化剂时，乙醇与O2共热反应生成乙醛和水，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为①和③，故D正确。
故选C。
【点睛】本题主要考查乙醇的化学性质，注意掌握反应机理，明确官能团的变化是解题的关键。
20.分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（ ）
A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种
【答案】B
【解析】
【分析】
分子式为C5H10O2的有机物可能是羧酸或酯，能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体，说明该有机物含有-COOH，为饱和一元羧酸，烷基为-C4H9，丁基异构数等于该有机物的异构体数。
【详解】分子式为C5H10O2的有机物能与NaHCO3能产生气体，说明该有机物中含有-COOH，为饱和一元羧酸，则烷基为-C4H9，-C4H9异构体有：-CH2CH2CH2CH3，-CH（CH3）CH2CH3，-CH2CH（CH3）CH3，-C（CH3）3，故符合条件的有机物的异构体数目为4，故选B。
【点睛】本题考查特定结构的同分异构体书写，侧重于分析能力的考查，注意官能团的性质与确定，熟练掌握碳原子数小于5的烃基的个数是解决本题的关键。
21.某烃结构式如下：－C≡C－CH＝CH－CH3，有关其结构说法正确的是: （ ）
A. 所有原子可能在同一平面上 B. 所有原子可能在同一条直线上
C. 所有碳原子可能在同一平面上 D. 所有氢原子可能在同一平面上
【答案】C
【解析】
试题分析：分子是平面分子，所有的原子在一个平面内，H－C≡C－H是直线型分子，CH2＝CH2是平面性分子。CH4是正四面体型分子。甲基的C取代H原子的位置在乙烯的分子平面内。但是甲基中最多有一个H原子在该平面内。因此苯分子与乙烯的分子可能共平面。但是不是所有原子在同一平面上。苯分子与乙烯的分子可能共平面，H－C≡C－H分子可能在该平面内，由于甲基C取代乙烯分子的H原子与C相连，所以也在这个平面内。故所有的C原子可能共平面。但是不能在同一条直线上。因此正确的选项为C。
考点：考查苯、乙烯、乙炔、甲烷的结构及含有这些结构的物质可能的结构的知识。
22.除去下列物质中所含的少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的的是（ ）
选项
混合物
试剂
分离方法
A
甲烷（乙烯）
KMnO4溶液
洗气
B
乙醇（乙酸）
饱和碳酸钠溶液
分液
C
苯（苯酚）
溴水
过滤
D
乙炔（H2S）
CuSO4溶液
洗气
A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【分析】
A、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳；
B、加入碳酸钠溶液后，应用蒸馏可分离；
C、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中；
D、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应。
【详解】A项、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳，除去乙烯的同时引入了二氧化碳新杂质，应选用溴水、洗气除杂，故A错误；
B项、乙酸与饱和碳酸钠溶液反应乙酸钠，增大了与乙醇的沸点差异，可以用蒸馏可分离，故B错误；
C项、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中，除去苯酚的同时引入了三溴苯酚新杂质，应加入氢氧化钠溶液、分液除杂，故C错误；
D项、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应，则加硫酸铜溶液、洗气可达到除杂目的，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查混合物的分离提纯，侧重分析与应用能力的考查，注意除杂的原则，把握发生的反应及混合物分离提纯方法为解答的关键。
23.分枝酸可用于生化研究，其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是（ ）
A. 可看成羧酸类、酯类等 B. 分枝酸分子中含有3种官能团
C. 分子式C10H10O 6 D. 1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生反应
【答案】D
【解析】
【分析】
由结构简式可知，分枝酸的分子式为C10H10O6，分子中含有的官能团为羧基、酚羟基、碳碳双键、醚键，能表现羧酸、酚、烯烃的性质。
【详解】A项、分枝酸分子中不含有酯基，不可看成酯类，故A错误；
B项、分枝酸分子中含有的官能团为羧基、酚羟基、碳碳双键、醚键4种官能团，故B错误；
C项、根据结构简式确定分枝酸分子的分子式为C10H10O6，故C错误；
D项、分枝酸分子中含有两个羧基和一个酚羟基，羧基和酚羟基均能与氢氧化钠反应，则1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生反应，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意官能团的判断，把握官能团与性质的关系为解答的关键。
24.用NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是（ ）
A. 1mol碳正离子CH5+所含的电子数为10NA
B. 0.5molC3H8分子中所含C-H共价键数为2NA
C. 标准状况下，22.4L乙醇完全燃烧所耗的氧气分子数为3NA
D. 一定温度下，1L0.1mol/LCH3COOH溶液含CH3COOH分子数为0.1NA
【答案】A
【解析】
【详解】A项、碳正离子CH5+结构带一个正电荷，所含电子数=（6+5）—1=10，则1mol碳正离子CH5+所含的电子数为10NA，故A正确；
B项、C3H8分子中所含C-H共价键数为8，则0.5molC3H8分子中所含C-H共价键数为4NA，故B错误；
C项、标准状况下乙醇不是气体，22.4L乙醇的物质的量无法计算，则22.4L乙醇完全燃烧所耗的氧气分子数无法计算，故C错误；
D项、乙酸是弱酸，在溶液中部分电离，存在电离平衡，1L 0.1mol/L乙酸溶液中H+数小于0.1NA，故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查阿伏伽德罗常数，注意气体摩尔体积的条件分析应用、微粒结构的分析判断、弱电解质的判断分析是解答关键。
25.将一定量的有机物充分燃烧，产物先通入浓硫酸，浓硫酸增重5.4 g，然后通入足量澄清石灰水中，完全吸收后，经过滤得到20 g沉淀，则该有机物可能是（ ）
A. 乙醇 B. 乙烯 C. 甲酸甲酯 D. 乙酸
【答案】A
【解析】
【分析】
有机物燃烧充分燃烧生成CO2和H2O，通入浓硫酸增重5.4g为生成水质量，再通过足量的石灰水，发生反应：CO2+Ca（OH）2=CaCO3↓+H2O，得到沉淀20g为CaCO3质量，根据水和碳酸钙质量计算水、碳酸钙物质的量，根据原子守恒确定有机物中C、H原子数目之比。
【详解】有机物燃烧产物有二氧化碳和水，通入浓硫酸增重5.4g为生成水的质量，再通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀20g为CaCO3的质量，则n（H2O）==0.3mol，n（CaCO3）==0.2mol，根据原子守恒可知，n（H）=2n（H2O）=0.6mol，n（C）=n（CaCO3）=0.2mol，则有机物中碳、氢原子个数比为0.2mol：0.6mol=1：3，选项中只有乙醇中C、H原子数目之比符合1：3，故选A。
【点睛】本题考查有机物分子式的计算，注意利用原子守恒确定有机物中C、H原子数目之比是解答关键。
二、非选择题（每空2分，共50分）
26.有下列几组物质，请将序号填入下列空格内：
A C60和石墨 B 126C和136C C 冰醋酸和乙酸 D CH3CHO与 E 甲烷和十二烷 F 乙醇和乙二醇
①互为同位素的是_________；
②互为同系物的是___________；
③互为同分异构体的是________；
【答案】 (1). B (2). E (3). D
【解析】
【分析】
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；结构相似，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物互称为同系物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体。
【详解】①126C和136C质子数都为6，中子数不同，是碳元素的不同原子，互为同位素，故答案为：B；
②甲烷和十二烷结构相似、通式相同，相差若个CH2原子团，都属于烷烃，互为同系物，故答案为：E；
③CH3CHO与的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故答案为：D。
【点睛】本题考查同位素、同系物和同分异构体的判断，侧重考查辨别能力，注意判断时要理解概念，抓住各自的研究对象是解答关键。
27.按要求回答下列问题：
（1）烃A在同温、同压下蒸气的密度是H2的35倍，其分子式为________。
（2）3—甲基—1一丁炔的结构简式为________
（3）的分子式为__________
（4）分子式为C8H10属于芳香烃的同分异构体共有______种，其中_______（结构简式）在苯环上的一氯取代产物有两种。
【答案】 (1). C5H10 (2). (3). C4H8O (4). 4 (5).
【解析】
【分析】
（1）根据密度之比等相对分子质量之比计算得到相对分子质量，结合烃的通式分析计算得到分子式；
（2）3—甲基—1一丁炔属于炔烃，官能团为碳碳三键；
（3）属于不饱和一元醇，由结构简式可知分子式；
（4）分子式为C8H10的芳香烃可能有乙苯、邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯4种同分异构体。
【详解】（1）由物质的密度之比等于相对分子量之比可知，A的相对分子质量为：35×2=70，由相对分子质量可知，烃A不可能是芳香烃，若A的通式为CnH2n+2或CnH2n—2，依据相对分子质量解得n不是整数，若A的通式为CnH2n，由相对分子质量可得14n=70，解得n=5，则A的分子式为C5H10，故答案为：C5H10；
（2）3—甲基—1一丁炔属于炔烃，官能团为碳碳三键，结构简式为，故答案为：；
（3）属于不饱和一元醇，由结构简式可知分子式为C4H8O，故答案为：C4H8O；
（4）分子式为C8H10的芳香烃可能有乙苯、邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯4种同分异构体，邻二甲苯的苯环上的一氯取代产物有两种，故答案为：4；。
28.根据下图，回答问题。
（1）有机物C的结构简式：________。
（2）①反应D®E的化学方程式是_____________。
②E和F反应生成G的化学方程式是__________，反应类型为_________。
③实验室制取A的化学方程式__________。
【答案】 (1). (2). CH2=CH2+H2OCH3CH2OH (3). CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O (4). 酯化反应（或取代反应） (5). CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2
【解析】
【分析】
由有机物的转化关系可知，CaC2与水反应生成氢氧化钙和乙炔，则A为乙炔；乙炔在催化剂作用下与HCl发生加成反应生成CH2=CHCl，则B为CH2=CHCl；CH2=CHCl一定条件下发生加聚反应生成，则C为；乙炔在催化剂作用下与H2发生加成反应生成CH2=CH2，则D为CH2=CH2；CH2=CH2在催化剂作用下与H2 O发生加成反应生成CH3CH2OH，则E为CH3CH2OH；CH3CH2OH催化氧化生成CH3COOH，则F为CH3COOH；在浓硫酸作用下，CH3CH2OH和CH3COOH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，则G为CH3COOCH2CH3。
【详解】（1）有机物C聚氯乙烯，结构简式为，故答案为：；
（2）①反应D®E为CH2=CH2在催化剂作用下与H2 O发生加成反应生成CH3CH2OH，反应的化学方程式为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，故答案为：CH2=CH2+H2OCH3CH2OH；
②E和F反应生成G反应为在浓硫酸作用下，CH3CH2OH和CH3COOH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；酯化反应（或取代反应）；
③实验室用电石和乙炔反应制取乙炔，反应的化学方程式为CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2，故答案为：CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2。
【点睛】本题考查有机物的推断，注意有机物的转化关系，明确有机物的性质是解本题的关键。
29.实验室制备1，2－二溴乙烷的反应原理如下所示：
第一步：CH3CH2OHCH2=CH2＋H2O；
第二步：乙烯与溴水反应得到1，2－二溴乙烷。
可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在140℃下脱水生成乙醚(CH3CH2OCH2CH3)。用少量的溴和足量的乙醇制备1，2－二溴乙烷的装置如图所示(部分装置未画出)：
有关数据列表如下：
乙醇
1，2－二溴乙烷
乙醚
状态
无色液体
无色液体
无色液体
密度/(g/cm3)
0.79
2.2
0.71
沸点/(℃)
78.5
132
34.6
熔点/(℃)
－130
9
－116
请回答下列问题：
（1）写出乙烯与溴水反应的化学方程式：______。
（2）在此制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是_____(填字母代号)。
a．引发反应 b．加快反应速率
c．防止乙醇挥发 d．减少副产物乙醚生成
（3）装置B的作用是______。
（4）在装置C中应加入____ (填字母代号)，其目的是吸收反应中可能生成的SO2、CO2气体。
a．水 b．浓硫酸 c．氢氧化钠溶液 d．饱和碳酸氢钠溶液
（5）将1，2－二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在___ (填“上”或“下”)层。
（6）若产物中有少量副产物乙醚，可用____的方法除去。
【答案】 (1). CH2=CH2＋Br2―→CH2BrCH2Br (2). d (3). 安全瓶的作用 (4). c (5). 下 (6). 蒸馏
【解析】
【分析】
实验室制备1，2-二溴乙烷的反应原理为A装置中乙醇发生消去反应生成乙烯，由表给信息可知1，2-二溴乙烷熔点为9℃，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，装置B可以作安全瓶，判断装置是否堵塞，由于有副反应的发生，生成的乙烯中有酸性气体，所以C装置用氢氧化钠吸收乙烯中的酸性杂质气体，装置D中乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷。
【详解】（1）乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，反应的化学方程式为CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br，故答案为：CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br；
（2）乙醇在浓硫酸作用下，140℃时，发生分子内脱水生成乙醚，所以实验时应迅速地把反应温度提高到170℃左右，减少副产物乙醚生成，故答案为：d；
（3）由表给信息可知1，2-二溴乙烷熔点为9℃，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，根据装置B中长导管内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，则装置B为安全瓶，判断装置是否堵塞，故答案为：安全瓶的作用；
（4）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，故答案为：c；
（5）1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，故答案为：下；
（6）1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏。
【点睛】本题考查有机物合成实验，侧重考查分析、实验能力，注意理解制备原理、物质的分离提纯、实验条件控制、对操作分析评价等是解答关键。
30.有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得B、C、D和E四种物质。
请回答下列问题：
（1）指出反应的类型：A→C：_____，E中含有的官能团的名称：____
（2）在A～E五种物质中，互为同分异构体的是______ (填序号)。
（3）写出由A生成B的化学方程式_______。
（4）已知HCHO分子中所有原子都在同一平面内，则在上述分子中所有的原子有可能都在同一平面的物质是_______(填序号)。
（5）C能形成高聚物，该高聚物的结构简式为_________。
【答案】 (1). 消去反应 (2). 酯基 (3). CE (4). O2+22+2H2O (5). C (6).
【解析】
【分析】
由A的结构简式可知，分子中的官能团为羟基和羧基，能发生消去反应（A→C）、氧化反应（A→B）、酯化反应（A→E），C中有碳碳双键能发生加聚反应。
【详解】（1）A→C的反应为在浓硫酸作用下，加热发生消去反应生成；E的结构简式为，分子中的官能团为酯基，故答案为：消去反应；酯基；
（2）在A～E五种物质中，C和D的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故答案为：C和E；
（3）A生成B的反应为在催化剂作用下，发生氧化反应生成，反应的方程式为O2+22+2H2O，故答案为：O2+22+2H2O；
（4）由HCHO分子中所有原子都在同一平面内可知，分子中的苯环、碳碳双键和羧基中的原子均在同一平面内，则中所有的原子有可能都在同一平面，故答案为：C；
（5）分子中含有碳碳双键，一定条件下发生加聚反应生成，故答案为：。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，解答本题一定要注意官能团的变化，结合官能团的性质判断有机物可能具有的性质。
期中考试
高二年级•化学试卷
相对原子质量：H-1 C-12 N-14 O-16 Na-23 Mg-24 Al-27 P-31 S-32 Cl-35.5
一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2分，共50分）
1.《本草纲目》“烧酒”条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上…其清如水，味极浓烈，盖酒露也。”这里所用的“法”是指（ ）
A. 过滤 B. 蒸馏 C. 分液 D. 升华
【答案】B
【解析】
【分析】
利用互溶混合物的沸点差异分离，则该法为蒸馏。
【详解】由题给文字可知，文中所用的“法”是指我国古代制烧洒的方法,从浓酒中分离出乙醇，是利用酒精与水的沸点不同，加热使酒精气化再冷凝收集得到烧酒，故选B。
【点睛】本题考查物质的分离与提纯，注意能够读懂古籍中关键的信息，把握物质的性质及混合物分离方法为解答的关键。
2.下列化学用语正确的是（ ）
A. 乙烯分子的最简式：CH2 B. 己烷的分子式：C6H12
C. 羟基的化学式：OH－ D. 1，2—二溴乙烷的结构简式：C2H4Br2
【答案】A
【解析】
试题分析：A．乙烯分子的最简式为CH2，A正确；B．己烷的分子式为C6H14，B错误；C．羟基的化学式为—OH，C错误；D．1，2—二溴乙烷的结构简式为CH2BrCH2Br，D错误，答案选A。
考点：考查化学用语正误判断
3.下列不属于碳原子成键特点的是（ ）
A. 易失去最外层的电子形成离子
B. 最外层电子易与其他原子的最外层电子形成共用电子对
C. 能够形成单键、双键和三键等多种成键形式
D. 每个碳原子最多与其他原子形成4个共价键
【答案】A
【解析】
试题分析：碳原子既难得电子，又难失电子，一般与其他原子形成共用电子对，由于其最外层有4个电子，所以最多可形成4个共价键，因此正确的答案选A。
考点：考查有机物中碳原子成键特点的判断
点评：该题是基础性试题的考查，试题注重基础，主要是考查学生对碳原子成键特点的了解掌握程度，有利于培养学生的抽象思维能力，难度不大。
4.下列各组物质中,可以用分液漏斗分离的是（ ）
A. 酒精与汽油 B. 溴苯与溴乙烷 C. 硝基苯与水 D. 苯与硝基苯
【答案】C
【解析】
试题分析：A、酒精与汽油可互溶；B、溴苯与溴乙烷也可互溶；C、硝基苯与水不互溶，可用分液漏斗分离；D、苯可溶解硝基苯。
考点：考查有机物的分离等相关知识。
5.下列物质中既属于芳香族化合物又属于醇的是（ ）
A. B.
C. D. CH3CH2OH
【答案】B
【解析】
试题分析：属于芳香族化合物，含有苯环，属于醇，含有－OH，但苯环和羟基不能直接相连，因此符合题意的是选项B，故选项B正确。
考点：考查有机物的官能团、有机物的分类等知识。
6.下列有机反应属于取代反应的是（ ）
A. nCH2=CH2→
B. CH2=CH2＋HCl → CH3CH2Cl
C. 2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O
D. ＋Br2＋HBr
【答案】D
【解析】
【详解】A.乙烯一定条件下发生加成反应产生聚乙烯，不是取代反应，A错误；
B.乙烯与HCl在一定条件下发生加成反应产生氯乙烷，B错误；
C.乙醇与氧气在Cu作催化剂时，在加热条件下被氧化变为氧气，同时产生水，发生的反应是氧化反应，C错误；
D.苯与Br2在FeBr3作催化剂时，在加热条件下发生取代反应产生溴苯和HBr，D正确；
故合理选项是D。
7.下列选项属于碳链异构的是（ ）
A. CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2 B. CH2=C(CH3)2和CH3CH=CHCH3
C. CH3CH2OH和CH3OCH3 D. CH3CH2CH2COOH和CH3COOCH2CH3
【答案】A
【解析】
【分析】
碳链异构是指有机物分子具有相同碳原子，形成不同的骨架；位置异构是指有机物分子具有相同碳原子，含有相同的官能团，但官能团的位置不同；类别异构是指有机物分子具有相同的分子式，含有不同的官能团。
【详解】A项、CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2的分子式相同，碳链的结构不同，属于碳链异构，故A正确；
B项、CH2=C(CH3)2和CH3CH=CHCH3的分子式相同，碳链的结构不同，官能团双键的位置也不同，故B错误；
C项、CH3CH2OH和CH3OCH3的分子式相同，官能团不同，物质类别不同，故C错误；
D项、CH3CH2CH2COOH和CH3COOCH2CH3分子式相同，官能团不同，物质类别不同，故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查同分异构体的概念应用，注意同分异构体的类型判断，注意碳架结构不同、官能团相同是解答关键。
8.某有机物的结构简式为 ．下列说法不正确的是（ ）
A. 该有机物属于饱和烷烃
B. 该烃的名称是3﹣甲基﹣5﹣乙基庚烷
C. 该烃与2，5﹣二甲基﹣3﹣乙基己烷互为同系物
D. 该烃一氯取代产物共有8种
【答案】C
【解析】
【详解】A.该物质分子中碳原子间通过共价键结合形成单键，剩余的价电子全部与H原子结合，因此该有机物属于饱和烷烃，A正确；
B.由于碳碳单键可以旋转，选择分子中含有碳原子数最多的碳链为主链，该烃的名称是3﹣甲基﹣5﹣乙基庚烷，B正确；
C.该烃与2，5﹣二甲基﹣3﹣乙基己烷分子式相同，结构不同，二者互为同分异构体，C错误；
D.该烃分子中含有8种不同位置的H原子，所以其一氯取代产物共有8种，D正确；
故合理选项是C。
9.下列烷烃的一溴取代产物中没有同分异构体的是（ ）
A. 丙烷 B. 乙烷 C. 正丁烷 D. 2-甲基戊烷
【答案】B
【解析】
【分析】
根据等效氢原子的判断，烷烃的一氯取代物只有一种，说明该烷烃中只有一种等效氢原子。
【详解】A项、丙烷的结构简式为CH3CH2CH3，分子中含有2种H原子，一氯代物有2种，故A错误；
B项、乙烷的结构简式为CH3CH3，分子中只有1种H原子，一氯代物只有一种，故B正确；
C项、正丁烷的结构简式为CH3CH2CH2CH3，分子中含有2种H原子，一氯代物有2种，故C错误；
D项、2-甲基戊烷的结构简式为（CH3）2CHCH2CH3，分子中含有4种H原子，一氯代物有4种，故D错误。
故选B。
【点睛】本题考查烷烃同分异构体的书写，注意根据物质的名称写出结构简式，利用等效氢进行的判断同分异构体数目是解答关键。
10. 4一甲基一2一乙基一1一戊烯经催化加氢后所得产物的名称为
A. 4一甲基一2一乙基戊烷 B. 2，5一二甲基戊烷
C. 2一乙基一4一甲基戊烷 D. 2，4一二甲基己烷
【答案】D
【解析】
4-甲基-2-乙基-1-戊烯经催化加成所得产物名称为2、4-二基甲己烷，选D
11.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其信号强度之比为3∶2的化合物是（ ）
A. B.
C. CH3CH2COOCH2CH3 D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据等效氢原子的判断，由物质的结构简式确定等效氢原子的数目，等效氢原子的数目为峰数目，并结合H原子的个数来分析信号强度之比。核磁共振氢谱中出现两组峰，说明有机物含有两种H原子，信号强度之比即峰面积之比为3：2，说明分子中两种H原子个数之比为3：2。
【详解】A项、分子中含有2种H原子，信号强度之比6：2=3：1，故A错误；
B项、分子中含有3种H原子，在核磁共振氢谱中出现三组峰，故B错误；
C项、CH3CH2COOCH2CH3分子中含有4种H原子，在核磁共振氢谱中出现四组峰，故C错误；
D项、分子中含有2种H原子，信号强度之比6：4=3：2，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意利用结构简式的对称性判断等效H原子的数目是解答关键。
12.相同质量的下列各烃中，完全燃烧后生成的水最多的是（ ）
A. 甲烷 B. 乙烯 C. 甲苯 D. 丙炔
【答案】A
【解析】
【分析】
相同质量的各烃中氢的质量分数越大，生成的水的质量越多，首先计算各烃是C碳原子与H原子数目之比，C原子数目相同，H原子数目越大，H的质量分数越大。
【详解】CH4中C碳原子与H原子数目之比为1：4，C2H4中C碳原子与H原子数目之比为2：4 =1：2，C7H8中C碳原子与H原子数目之比为7：8=1：，C3H4中C碳原子与H原子数目之比为3：4=1：，故甲烷中氢的质量分数最大，所以生成水的质量最多，故选A。
【点睛】本题考查有机物燃烧的计算，注意从H元素质量分数的角度分析是解答关键。
13.某有机物的结构简式如图所示，它可以发生反应的类型有（ ）
①加成 ②消去 ③水解 ④酯化 ⑤氧化 ⑥加聚
A. ①②③④ B. ①②④⑤
C. ①②⑤⑥ D. ③④⑤⑥
【答案】B
【解析】
分析】
由结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、苯环结构，可表现酚、醇和羧酸的性质。
【详解】①该物质中含有苯环能发生加成反应，故正确；
②该物质中含有醇羟基，与羟基相连的相邻碳原子上含有氢原子，能发生消去反应，故正确；
③该物质中不含卤素原子和酯基，不能发生水解，故错误；
④该物质中含有醇羟基、羧基，都能与羧酸、醇或自身发生酯化反应，故正确；
⑤该物质中含有醇羟基、酚羟基都能发生氧化反应，故⑤正确；
⑥该物质中不含碳碳双键，不能发生加聚反应，故⑥错误；
正确的为①②④⑤，故选B。
【点睛】本题考查有机物的结构与性质，注意利用已知的结构简式判断官能团，熟悉物质的官能团及物质的性质是解答的关键。
14.1-氯丙烷和2-氯丙烷分别与NaOH乙醇溶液共热的反应，下列有关说法不正确的是（ ）
A. 产物相同 B. 碳氢键断裂的位置相同
C. 反应类型相同 D. 1-氯丙烷和2-氯丙烷都能与NaOH水溶液共热的发生反应
【答案】B
【解析】
【分析】
卤代烃在氢氧化钠的醇溶液中发生消去反应，反应时卤素原子与相邻的碳上的一个氢同时脱去，形成碳碳双键。1-氯丙烷发生消去反应的方程式为CH3CH2CH2Cl+NaOHCH3CH=CH2↑+NaCl+H2O，2-氯丙烷发生消去反应的方程式为CH3CHClCH3+NaOH CH3CH=CH2↑+NaCl+H2O。
【详解】A项、1－氯丙烷和2－氯丙烷的消去产物是相同的，都是丙烯，故A正确；
B项、1-氯丙烷发生消去反应时断1号C的C-Cl键，2-氯丙烷发生消去反应时断2号C的C-Cl键，故B错误；
C项、1-氯丙烷和2-氯丙烷在氢氧化钠的醇溶液中均发生消去反应，故C正确；
D项、1-氯丙烷和2-氯丙烷都在NaOH水溶液中共热发生水解反应，分别生成1—丙醇和2—丙醇，故D正确。
故选B。
【点睛】本题考查有机物的性质，注意正确理解消去反应，明确断键的位次是解答关键。
15.下列物质既能使酸性高锰酸钾溶液褪色，又能使溴水褪色，还能和NaOH反应的是（ ）
A. 乙酸 B. 乙酸乙酯 C. CH2=CHCOOH D. 苯
【答案】C
【解析】
【分析】
能使酸性高锰酸钾褪色，说明含有还原性基团，能使溴水褪色，说明含有不饱和键，能和氢氧化钠反应，说明含有显酸性的基团或在碱性条件下水解。
【详解】A项、乙酸属于羧酸，具有酸的通性，能与氢氧化钠溶液反应生成乙酸钠与水，但不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故A错误；
B项、乙酸乙酯属于酯类，在氢氧化钠溶液中能够发生水解反应生成乙酸钠和甲醇，不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故B错误；
C项、CH2=CHCOOH属于不饱和脂肪酸，具有酸的通性，能与氢氧化钠溶液反应生成丙烯酸钠与水，分子中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾褪色，能与溴水发生加成反应，使溴水褪色，故C正确；
D项、苯属于芳香烃，不能与氢氧化钠溶液反应，不能使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪褪色，故D错误。
故选C。
【点睛】本题考查有机物的性质，注意分析有机物中的官能团，明确官能团的性质是解答关键。
16.组成为C3H6ClBr的卤代烃，存在的同分异构体有（ ）
A. 4种 B. 5种 C. 6种 D. 7种
【答案】B
【解析】
【分析】
C3H6ClBr可以看作是C3H8分子中2个H原子被1个Cl原子和1个Br原子分别取代，可据此根据有机物烷烃的同分异构体的写法来书写其所有的同分异构体。
【详解】C3H8分子中有2种氢原子，一氯代物有2种，结构简式为CH3CH2CH2Cl和CH3CHClCH3，CH3CH2CH2Cl分子中有3种氢原子，Br原子取代分子中的氢原子可以形成3种同分异构体，CH3CHClCH3分子中有2种氢原子，Br原子取代分子中的氢原子可以形成2种同分异构体，共5种，故选B。
【点睛】本题考查同分异构体的书写，注意先依据烃分子中氢原子的种类写出一氯代物的同分异构体，再依据一氯代物分子中氢原子的种类确定被溴原子取代的同分异构体数目是解答关键。
17.下列表格中烷烃的一氯代物只有一种，仔细分析其结构和组成的变化规律，判断第4位烷烃的分子式是（ ）
A. C36H70 B. C36H72 C. C53H106 D. C53H108
【答案】D
【解析】
【分析】
由表格所给烷烃结构简式的结构和组成的变化规律可知，第3位烷烃分子中氢原子被甲基取代得到第4位烷烃的结构简式。
【详解】依据题意可知第3位烷烃分子中氢原子被甲基取代得到第4位烷烃的结构简式，第3位烷烃的氢原子个数为36，故第4位烷烃含有36个甲基，则含氢原子个数为36×3=108，含碳原子个数为=53，则第4位烷烃分子式为C53H108，故选D。
【点睛】本题考查有机物结构的变化规律，注意依据题给烷烃结构简式找出相邻烃的变化特点是解题关键。
18.下列有机物中，既能发生催化氧化又能发生消去反应，且消去产物中存在同分异构体的是（ ）
A. CH3-OH B.
C. D.
【答案】D
【解析】
分析：本题考查了醇的性质，掌握反应中的断键位置。
详解：A.甲醇能发生催化氧化反应，但不能发生消去反应，故错误；B.该物质能发生催化氧化反应，也能发生消去反应，但是消去产物只有丙烯一种，故错误；C.该物质不能发生催化氧化，故错误；D.该物质能发生催化氧化反应，也能发生消去反应，生成1-丁烯或2-丁烯，故正确。故选D。
点睛：醇的催化氧化或消去反应都有结构的要求。若羟基连接的碳原子上有氢原子，
则能发生催化氧化反应，若羟基连接的碳原子的邻位碳上有氢原子，则能发生消去反应。
19.乙醇结构式如图所示，“箭头”表示乙醇发生化学反应时分子中可能断键的位置，下列叙述中不正确的是（ ）
A. 与钠反应时断裂①键 B. 发生消去反应时断裂②④键
C. 与乙酸发生酯化反应时断裂②键 D. 发生催化氧化反应时断裂①③键
【答案】C
【解析】
【分析】
A、根据乙醇与与金属钠反应生成乙醇钠和氢气，断开的羟基上的氢氧键；
B、乙醇和浓H2SO4共热至170℃时发生消去反应，断裂碳氧键、与羟基所连的碳的相邻的碳上的碳氢键；
C、乙醇与羧酸发生酯化反应时，醇脱氢、羧酸脱羟基；
D、乙醇在铜催化下与O2反应生成乙醛和水，断开的是羟基上的氢氧键和与羟基所连的碳的氢。
【详解】A项、乙醇与与金属钠反应生成乙醇钠和氢气，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+2Na→2CH3CH2ONa+H2↑，由方程式可知乙醇断键的位置为①，故A正确；
B项、乙醇和浓H2SO4共热至170℃时，发生消去反应生成乙烯和水，反应的化学方程式为CH3CH2OHCH2═CH2↑+H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为②④，故B正确；
C项、在浓硫酸作用下，乙醇和CH3COOH共热发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，可以用18O标记乙醇，研究反应机理，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OCH2CH3+H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为①，故C错误；
D项、在Cu或Ag做催化剂时，乙醇与O2共热反应生成乙醛和水，反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，由方程式可知乙醇断键的位置为①和③，故D正确。
故选C。
【点睛】本题主要考查乙醇的化学性质，注意掌握反应机理，明确官能团的变化是解题的关键。
20.分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（ ）
A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种
【答案】B
【解析】
【分析】
分子式为C5H10O2的有机物可能是羧酸或酯，能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体，说明该有机物含有-COOH，为饱和一元羧酸，烷基为-C4H9，丁基异构数等于该有机物的异构体数。
【详解】分子式为C5H10O2的有机物能与NaHCO3能产生气体，说明该有机物中含有-COOH，为饱和一元羧酸，则烷基为-C4H9，-C4H9异构体有：-CH2CH2CH2CH3，-CH（CH3）CH2CH3，-CH2CH（CH3）CH3，-C（CH3）3，故符合条件的有机物的异构体数目为4，故选B。
【点睛】本题考查特定结构的同分异构体书写，侧重于分析能力的考查，注意官能团的性质与确定，熟练掌握碳原子数小于5的烃基的个数是解决本题的关键。
21.某烃结构式如下：－C≡C－CH＝CH－CH3，有关其结构说法正确的是: （ ）
A. 所有原子可能在同一平面上 B. 所有原子可能在同一条直线上
C. 所有碳原子可能在同一平面上 D. 所有氢原子可能在同一平面上
【答案】C
【解析】
试题分析：分子是平面分子，所有的原子在一个平面内，H－C≡C－H是直线型分子，CH2＝CH2是平面性分子。CH4是正四面体型分子。甲基的C取代H原子的位置在乙烯的分子平面内。但是甲基中最多有一个H原子在该平面内。因此苯分子与乙烯的分子可能共平面。但是不是所有原子在同一平面上。苯分子与乙烯的分子可能共平面，H－C≡C－H分子可能在该平面内，由于甲基C取代乙烯分子的H原子与C相连，所以也在这个平面内。故所有的C原子可能共平面。但是不能在同一条直线上。因此正确的选项为C。
考点：考查苯、乙烯、乙炔、甲烷的结构及含有这些结构的物质可能的结构的知识。
22.除去下列物质中所含的少量杂质（括号内为杂质），所选用的试剂和分离方法能达到实验目的的是（ ）
选项
混合物
试剂
分离方法
A
甲烷（乙烯）
KMnO4溶液
洗气
B
乙醇（乙酸）
饱和碳酸钠溶液
分液
C
苯（苯酚）
溴水
过滤
D
乙炔（H2S）
CuSO4溶液
洗气
A. A B. B C. C D. D
【答案】D
【解析】
【分析】
A、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳；
B、加入碳酸钠溶液后，应用蒸馏可分离；
C、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中；
D、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应。
【详解】A项、乙烯能被高锰酸钾溶液氧化生成二氧化碳，除去乙烯的同时引入了二氧化碳新杂质，应选用溴水、洗气除杂，故A错误；
B项、乙酸与饱和碳酸钠溶液反应乙酸钠，增大了与乙醇的沸点差异，可以用蒸馏可分离，故B错误；
C项、苯酚和溴水反应生成的三溴苯酚易溶于苯中，除去苯酚的同时引入了三溴苯酚新杂质，应加入氢氧化钠溶液、分液除杂，故C错误；
D项、硫化氢与硫酸铜溶液反应，而乙炔不能反应，则加硫酸铜溶液、洗气可达到除杂目的，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查混合物的分离提纯，侧重分析与应用能力的考查，注意除杂的原则，把握发生的反应及混合物分离提纯方法为解答的关键。
23.分枝酸可用于生化研究，其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是（ ）
A. 可看成羧酸类、酯类等 B. 分枝酸分子中含有3种官能团
C. 分子式C10H10O 6 D. 1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生反应
【答案】D
【解析】
【分析】
由结构简式可知，分枝酸的分子式为C10H10O6，分子中含有的官能团为羧基、酚羟基、碳碳双键、醚键，能表现羧酸、酚、烯烃的性质。
【详解】A项、分枝酸分子中不含有酯基，不可看成酯类，故A错误；
B项、分枝酸分子中含有的官能团为羧基、酚羟基、碳碳双键、醚键4种官能团，故B错误；
C项、根据结构简式确定分枝酸分子的分子式为C10H10O6，故C错误；
D项、分枝酸分子中含有两个羧基和一个酚羟基，羧基和酚羟基均能与氢氧化钠反应，则1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生反应，故D正确。
故选D。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，注意官能团的判断，把握官能团与性质的关系为解答的关键。
24.用NA表示阿伏加德罗常数，下列叙述正确的是（ ）
A. 1mol碳正离子CH5+所含的电子数为10NA
B. 0.5molC3H8分子中所含C-H共价键数为2NA
C. 标准状况下，22.4L乙醇完全燃烧所耗的氧气分子数为3NA
D. 一定温度下，1L0.1mol/LCH3COOH溶液含CH3COOH分子数为0.1NA
【答案】A
【解析】
【详解】A项、碳正离子CH5+结构带一个正电荷，所含电子数=（6+5）—1=10，则1mol碳正离子CH5+所含的电子数为10NA，故A正确；
B项、C3H8分子中所含C-H共价键数为8，则0.5molC3H8分子中所含C-H共价键数为4NA，故B错误；
C项、标准状况下乙醇不是气体，22.4L乙醇的物质的量无法计算，则22.4L乙醇完全燃烧所耗的氧气分子数无法计算，故C错误；
D项、乙酸是弱酸，在溶液中部分电离，存在电离平衡，1L 0.1mol/L乙酸溶液中H+数小于0.1NA，故D错误。
故选A。
【点睛】本题考查阿伏伽德罗常数，注意气体摩尔体积的条件分析应用、微粒结构的分析判断、弱电解质的判断分析是解答关键。
25.将一定量的有机物充分燃烧，产物先通入浓硫酸，浓硫酸增重5.4 g，然后通入足量澄清石灰水中，完全吸收后，经过滤得到20 g沉淀，则该有机物可能是（ ）
A. 乙醇 B. 乙烯 C. 甲酸甲酯 D. 乙酸
【答案】A
【解析】
【分析】
有机物燃烧充分燃烧生成CO2和H2O，通入浓硫酸增重5.4g为生成水质量，再通过足量的石灰水，发生反应：CO2+Ca（OH）2=CaCO3↓+H2O，得到沉淀20g为CaCO3质量，根据水和碳酸钙质量计算水、碳酸钙物质的量，根据原子守恒确定有机物中C、H原子数目之比。
【详解】有机物燃烧产物有二氧化碳和水，通入浓硫酸增重5.4g为生成水的质量，再通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀20g为CaCO3的质量，则n（H2O）==0.3mol，n（CaCO3）==0.2mol，根据原子守恒可知，n（H）=2n（H2O）=0.6mol，n（C）=n（CaCO3）=0.2mol，则有机物中碳、氢原子个数比为0.2mol：0.6mol=1：3，选项中只有乙醇中C、H原子数目之比符合1：3，故选A。
【点睛】本题考查有机物分子式的计算，注意利用原子守恒确定有机物中C、H原子数目之比是解答关键。
二、非选择题（每空2分，共50分）
26.有下列几组物质，请将序号填入下列空格内：
A C60和石墨 B 126C和136C C 冰醋酸和乙酸 D CH3CHO与 E 甲烷和十二烷 F 乙醇和乙二醇
①互为同位素的是_________；
②互为同系物的是___________；
③互为同分异构体的是________；
【答案】 (1). B (2). E (3). D
【解析】
【分析】
质子数相同质量数（或中子数）不同的原子互称同位素；结构相似，组成上相差1个或者若干个CH2原子团，具有相同官能团的化合物互称为同系物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体。
【详解】①126C和136C质子数都为6，中子数不同，是碳元素的不同原子，互为同位素，故答案为：B；
②甲烷和十二烷结构相似、通式相同，相差若个CH2原子团，都属于烷烃，互为同系物，故答案为：E；
③CH3CHO与的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故答案为：D。
【点睛】本题考查同位素、同系物和同分异构体的判断，侧重考查辨别能力，注意判断时要理解概念，抓住各自的研究对象是解答关键。
27.按要求回答下列问题：
（1）烃A在同温、同压下蒸气的密度是H2的35倍，其分子式为________。
（2）3—甲基—1一丁炔的结构简式为________
（3）的分子式为__________
（4）分子式为C8H10属于芳香烃的同分异构体共有______种，其中_______（结构简式）在苯环上的一氯取代产物有两种。
【答案】 (1). C5H10 (2). (3). C4H8O (4). 4 (5).
【解析】
【分析】
（1）根据密度之比等相对分子质量之比计算得到相对分子质量，结合烃的通式分析计算得到分子式；
（2）3—甲基—1一丁炔属于炔烃，官能团为碳碳三键；
（3）属于不饱和一元醇，由结构简式可知分子式；
（4）分子式为C8H10的芳香烃可能有乙苯、邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯4种同分异构体。
【详解】（1）由物质的密度之比等于相对分子量之比可知，A的相对分子质量为：35×2=70，由相对分子质量可知，烃A不可能是芳香烃，若A的通式为CnH2n+2或CnH2n—2，依据相对分子质量解得n不是整数，若A的通式为CnH2n，由相对分子质量可得14n=70，解得n=5，则A的分子式为C5H10，故答案为：C5H10；
（2）3—甲基—1一丁炔属于炔烃，官能团为碳碳三键，结构简式为，故答案为：；
（3）属于不饱和一元醇，由结构简式可知分子式为C4H8O，故答案为：C4H8O；
（4）分子式为C8H10的芳香烃可能有乙苯、邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯4种同分异构体，邻二甲苯的苯环上的一氯取代产物有两种，故答案为：4；。
28.根据下图，回答问题。
（1）有机物C的结构简式：________。
（2）①反应D®E的化学方程式是_____________。
②E和F反应生成G的化学方程式是__________，反应类型为_________。
③实验室制取A的化学方程式__________。
【答案】 (1). (2). CH2=CH2+H2OCH3CH2OH (3). CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O (4). 酯化反应（或取代反应） (5). CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2
【解析】
【分析】
由有机物的转化关系可知，CaC2与水反应生成氢氧化钙和乙炔，则A为乙炔；乙炔在催化剂作用下与HCl发生加成反应生成CH2=CHCl，则B为CH2=CHCl；CH2=CHCl一定条件下发生加聚反应生成，则C为；乙炔在催化剂作用下与H2发生加成反应生成CH2=CH2，则D为CH2=CH2；CH2=CH2在催化剂作用下与H2 O发生加成反应生成CH3CH2OH，则E为CH3CH2OH；CH3CH2OH催化氧化生成CH3COOH，则F为CH3COOH；在浓硫酸作用下，CH3CH2OH和CH3COOH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，则G为CH3COOCH2CH3。
【详解】（1）有机物C聚氯乙烯，结构简式为，故答案为：；
（2）①反应D®E为CH2=CH2在催化剂作用下与H2 O发生加成反应生成CH3CH2OH，反应的化学方程式为CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，故答案为：CH2=CH2+H2OCH3CH2OH；
②E和F反应生成G反应为在浓硫酸作用下，CH3CH2OH和CH3COOH发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，故答案为：CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；酯化反应（或取代反应）；
③实验室用电石和乙炔反应制取乙炔，反应的化学方程式为CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2，故答案为：CaC2＋2H2O→CH≡CH↑＋Ca（OH）2。
【点睛】本题考查有机物的推断，注意有机物的转化关系，明确有机物的性质是解本题的关键。
29.实验室制备1，2－二溴乙烷的反应原理如下所示：
第一步：CH3CH2OHCH2=CH2＋H2O；
第二步：乙烯与溴水反应得到1，2－二溴乙烷。
可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在140℃下脱水生成乙醚(CH3CH2OCH2CH3)。用少量的溴和足量的乙醇制备1，2－二溴乙烷的装置如图所示(部分装置未画出)：
有关数据列表如下：
乙醇
1，2－二溴乙烷
乙醚
状态
无色液体
无色液体
无色液体
密度/(g/cm3)
0.79
2.2
0.71
沸点/(℃)
78.5
132
34.6
熔点/(℃)
－130
9
－116
请回答下列问题：
（1）写出乙烯与溴水反应的化学方程式：______。
（2）在此制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是_____(填字母代号)。
a．引发反应 b．加快反应速率
c．防止乙醇挥发 d．减少副产物乙醚生成
（3）装置B的作用是______。
（4）在装置C中应加入____ (填字母代号)，其目的是吸收反应中可能生成的SO2、CO2气体。
a．水 b．浓硫酸 c．氢氧化钠溶液 d．饱和碳酸氢钠溶液
（5）将1，2－二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在___ (填“上”或“下”)层。
（6）若产物中有少量副产物乙醚，可用____的方法除去。
【答案】 (1). CH2=CH2＋Br2―→CH2BrCH2Br (2). d (3). 安全瓶的作用 (4). c (5). 下 (6). 蒸馏
【解析】
【分析】
实验室制备1，2-二溴乙烷的反应原理为A装置中乙醇发生消去反应生成乙烯，由表给信息可知1，2-二溴乙烷熔点为9℃，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，装置B可以作安全瓶，判断装置是否堵塞，由于有副反应的发生，生成的乙烯中有酸性气体，所以C装置用氢氧化钠吸收乙烯中的酸性杂质气体，装置D中乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷。
【详解】（1）乙烯与溴发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，反应的化学方程式为CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br，故答案为：CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br；
（2）乙醇在浓硫酸作用下，140℃时，发生分子内脱水生成乙醚，所以实验时应迅速地把反应温度提高到170℃左右，减少副产物乙醚生成，故答案为：d；
（3）由表给信息可知1，2-二溴乙烷熔点为9℃，冷却容易析出晶体，堵塞玻璃导管，根据装置B中长导管内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，则装置B为安全瓶，判断装置是否堵塞，故答案为：安全瓶的作用；
（4）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，故答案为：c；
（5）1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，故答案为：下；
（6）1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏。
【点睛】本题考查有机物合成实验，侧重考查分析、实验能力，注意理解制备原理、物质的分离提纯、实验条件控制、对操作分析评价等是解答关键。
30.有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得B、C、D和E四种物质。
请回答下列问题：
（1）指出反应的类型：A→C：_____，E中含有的官能团的名称：____
（2）在A～E五种物质中，互为同分异构体的是______ (填序号)。
（3）写出由A生成B的化学方程式_______。
（4）已知HCHO分子中所有原子都在同一平面内，则在上述分子中所有的原子有可能都在同一平面的物质是_______(填序号)。
（5）C能形成高聚物，该高聚物的结构简式为_________。
【答案】 (1). 消去反应 (2). 酯基 (3). CE (4). O2+22+2H2O (5). C (6).
【解析】
【分析】
由A的结构简式可知，分子中的官能团为羟基和羧基，能发生消去反应（A→C）、氧化反应（A→B）、酯化反应（A→E），C中有碳碳双键能发生加聚反应。
【详解】（1）A→C的反应为在浓硫酸作用下，加热发生消去反应生成；E的结构简式为，分子中的官能团为酯基，故答案为：消去反应；酯基；
（2）在A～E五种物质中，C和D的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故答案为：C和E；
（3）A生成B的反应为在催化剂作用下，发生氧化反应生成，反应的方程式为O2+22+2H2O，故答案为：O2+22+2H2O；
（4）由HCHO分子中所有原子都在同一平面内可知，分子中的苯环、碳碳双键和羧基中的原子均在同一平面内，则中所有的原子有可能都在同一平面，故答案为：C；
（5）分子中含有碳碳双键，一定条件下发生加聚反应生成，故答案为：。
【点睛】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，解答本题一定要注意官能团的变化，结合官能团的性质判断有机物可能具有的性质。
相关资料
更多
