2019届甘肃省兰州市第一中学高三冲刺模拟理科综合生物试卷（解析版）

2019届甘肃省兰州市第一中学高三冲刺模拟理科综合生物试卷（解析版）

1.关于微生物的叙述，错误的是

A. 硝化细菌虽然不能进行光合作用，但是自养生物

B. 大肠杆菌遗传信息在细胞核中转录，在细胞质中翻译

C. 酵母菌呼吸作用的终产物可通过自由扩散运出细胞

D. 蓝藻虽然无叶绿体，但在生态系统中属于生产者

【答案】B

【解析】

【分析】

真核细胞和原核细胞的比较：

【详解】硝化细菌不能进行光合作用，进行的是化能合成作用，因此属于自养生物，A正确；大肠杆菌属于原核生物，不含细胞核，B错误；酵母菌属于真核细胞，具有线粒体，有氧呼吸产生的终产物是二氧碳和水，无氧呼吸的产物是酒精和二氧化碳，都可以通过自由扩散运出细胞，C正确；蓝藻属于原核生物，细胞中不含叶绿体，但是含有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用，在生态系统中属于生产者，D正确。

2.关于酶的叙述正确的是

A. 酶提供了反应过程所必需的活化能

B. 酶活性的变化与酶所处的环境的改变无关

C. 酶结构的改变可导致其活性部分或全部丧失

D. 酶分子在催化反应完成后立即被降解

【答案】C

【解析】

酶具有催化作用的机理是能降低化学反应所需要的活化能，而不是提供反应过程所必需的活化能，故A错误；酶的活性受温度、酸碱度等因素的影响，因此酶的活性变化与酶所处的环境的改变有关，故B错误；结构与功能是相适应的，酶的结构改变其活性会部分或全部丧失，故C正确；酶作为生物催化剂与无机催化剂一样，在反应前后本身不会发生变化，故D错误。

【考点定位】酶的有关知识

3. 关于激素和神经递质的叙述，错误的是

A. 胰岛素发挥作用后被灭活

B. 乙酰胆碱贮存于突触小泡中

C. 胰高血糖素可为靶细胞提供能量

D. 去甲肾上腺素可在神经细胞之间传递信息

【答案】C

【解析】

胰高血糖素是激素不能提供能量，所以答案C。胰岛素发挥作用后被灭活[来，乙酰胆碱合成后贮存于突触小泡中，去甲肾上腺素是一种神经递质，可在神经细胞之间传递信息。

考点定位:本题考查兴奋传递的相关知识。

4.取某植物的胚芽鞘和幼根，切除胚芽鞘尖端和幼根根尖的尖端（即切除根冠和分生区），然后将胚芽鞘（近尖端向上)和幼根（近尖端向上）直立放置，分别在两者切面的左侧放置含有生长素的琼脂块（生长素浓度为促进胚芽鞘生长的最适浓度），培养在黑暗条件下，幼根和胚芽鞘弯曲生长且方向相反，关于这一现象的说法，合理的是

A. 胚芽鞘向左弯曲生长，生长素在胚芽鞘中是极性运输

B. 胚芽鞘向右弯曲生长，生长素在胚芽鞘中是极性运输

C. 幼根向左弯曲生长，生长素在胚芽鞘中是非极性运输

D. 幼根向右弯曲生长，生长素在胚芽鞘中是非极性运输

【答案】B

【解析】

根对生长素浓度最敏感，琼脂快中生长素浓度为促进胚芽鞘生长的最适浓度，对根生长是既不促进也不抑制，因此幼根不生长；含有生长素的琼脂快放置在切面的左侧，胚芽鞘向右弯曲生长，生长素在胚芽鞘中是极性运输。

5. 野生型大肠杆菌能在基本培养基上生长，用射线照射野生型大肠杆菌得到一突变株，该突变株在基本培养基上培养时必须添加氨基酸甲后才能生长。对这一实验结果的解释，不合理的是

A. 野生型大肠杆菌可以合成氨基酸甲

B. 野生型大肠杆菌代谢可能不需要氨基酸甲

C. 该突变株可能无法产生氨基酸甲合成所需的酶

D. 该突变株中合成氨基酸甲所需酶的功能可能丧失

【答案】B

【解析】

试题分析：由于突变型的大肠杆菌不能在基本培养基上生长，说明突变型的大肠杆菌不能合成氨基酸甲，但突变型的大肠杆菌需要氨基酸甲，基本培养基上没有氨基酸甲，所以不能基本培养基上生长．

解：A、野生型大肠杆菌可以合成氨基酸甲，A正确；

B、野生型大肠杆菌代谢需要氨基酸甲，虽培养基中没有氨基酸甲，但是野生型的大肠杆菌可以合成氨基酸甲，B错误；

C、由于培养基中没有氨基酸甲，但是含有合成氨基酸甲的酶，所以能够正常生长，C正确；

D、突变株中合成氨基酸甲所需酶的功能可能丧失也会导致氨基酸甲无法合成，D正确．

故选：B．

点评：本题涉及的知识点是选择培养基，主要考查对选择培养基知识点的迁移能力，对选择培养基功能和特点的理解与运用．

6.某动物种群中，AA、Aa和aa基因型的个体依次占25％、50％、25％。若该种群中的aa个体没有繁殖能力，其他个体间可以随机交配，理论上，下一代AA：Aa：aa基因型个体的数量比为

A. 4：4：1 B. 3：3：1 C. 1：2：0 D. 1：2：1

【答案】A

【解析】

【分析】

假设该动物种群中，基因A的频率为p，基因a的频率为q，则p+q=1，基因型AA的概率为p2，Aa的概率为2pq，aa的概率为q2。

【详解】由于该种群中的aa个体没有繁殖能力，所以该动物种群基因型为AA、Aa的个体间可以随机交配，其中基因A的频率为（2×25％+50％）/2×（25％+50％）=2/3，基因a的频率为50％/2×（25％+50％）=1/3，则下一代基因型AA的概率为2/3×2/3=4/9，Aa的概率为2×2/3×1/3=4/9，aa的概率为1/3×1/3=1/9，则基因型AA︰Aa︰aa个体的数量比为4/9︰4/9︰1/9=4︰4︰1，A正确，B、C、D错误。故选A。

【点睛】注意：在计算基因频率和基因型频率时，亲代中不需要考虑基因型为aa的个体。

7. (10分) 取生理状态相同的某植物叶片，分离得到大量的叶肉细胞，将等量的叶肉细胞分别悬浮在不同浓度的蔗糖溶液中，并在适宜的条件下，测定该叶肉细胞的光合作用强度，实验结果如图所示。

据图回答下列问题：

(1)叶肉细胞光合作用强度达到最大后，随着蔗糖浓度升高，叶肉细胞的光合作用强度             ____，从渗透作用的角度分析出现这一现象的原因是____。

如果要研究光照强度等因素对蔗糖溶液中叶肉细胞光合作用强度的影响，最好将叶肉细胞放在浓度为____的蔗糖溶液中，原因是____。

(3)除蔗糖浓度外，如果分别改变叶肉细胞悬浮液中CO2浓度和温度也能影响叶肉细胞的光合作用强度，原因是____。

【答案】（1）下降（1分）

在较高浓度的蔗糖溶液中叶肉细胞失水（3分，其他合理答案也给分）

（2）0.2 mol·L-1（1分）

这一浓度中的叶肉细胞处于光合作用最适状态（3分，其他合理答案也给分）

（3）CO2是光合作用的原料，温度可以影响酶的活性（2分）

【解析】

由图可知随着蔗糖浓度升高，光合作用达到最大值后，若蔗糖浓度继续升高，则叶肉细胞的光合作用强度下降。因为当蔗糖溶液的浓度高于叶肉细胞细胞液的浓度时，会导致叶肉细胞失水，从而影响叶肉细胞光合作用的进行。由图当叶肉细胞在浓度为0.2 mol·L-1的蔗糖溶液中具有最大的光合作用强度，此时便于研究光照强度等因素对蔗糖溶液中的叶肉细胞光合作用强度的影响。植物的光合作用会受光照强度、叶绿素含量、CO2浓度、温度、酶的数量等多种因素的影响，CO2浓度改变会引起暗反应发生变化，温度变化会引起酶活性变化，从而影响光合作用。

考点定位:本题考查影响光合作用的因素。

8.请回答与机体免疫有关的问题：

（1）体液免疫初次免疫反应与第二次免疫反应相比较，产生抗体更多的是_____________ 。

（2）某种病原微生物（V1）初次侵入机体后，经_____细胞摄取和处理，使V1的抗原暴露出来，并传递给__________ ，然后再传递给相应的B淋巴细胞。B淋巴细胞增殖分化能形成两种细胞，其中能够产生抗体的细胞（甲）是__________；能够在较长时间内保持对同种抗原作出增殖、分化等快速反应能力的细胞（乙）是__________；当机体再次受到V1和另一种病原微生物（V2）感染时，细胞乙只能对V1发生免疫反应。细胞乙不能对V2发生免疫反应的原因是____________________。

【答案】    (1). 第二次免疫反应    (2). 吞噬    (3). T淋巴细胞    (4). 浆细胞    (5). 记忆细胞    (6). 两种病原体的抗原不同

【解析】

【分析】

免疫调节的类型：包括非特异性免疫和特异性免疫。

（1）非特异性免疫：包括由皮肤、黏膜构成人体的人体免疫第一道防线和体液中的杀菌物质和吞噬细胞构成的第二道防线．人生来就有，不是针对某一类特定的病原体。

（2）体液免疫的过程：

①二次免疫的作用更强，速度更快，产生抗体的数目更多，作用更持久；

②B细胞感应有直接感应和间接感应，没有T细胞时也能进行部分体液免疫； 

③抗体由浆细胞产生的；

④浆细胞来自于B细胞和记忆细胞。

（3）细胞免疫的过程：

【详解】（1）当同一种抗原再次进入机体时，体液免疫的反应阶段是记忆细胞迅速增殖分化，形成大量的浆细胞和少量的记忆细胞．二次免疫反应产生抗体与初次相比，产生的速度快、数量多。所以体液免疫的初次免疫反应与第二次免疫反应相比较，产生抗体更多的是第二次免疫反应。

（2）参与体液免疫感应阶段的细胞有有吞噬细胞、T 细胞、B 细胞。所以当某种病原微生物（V1）初次侵入机体后，先经吞噬细胞摄取和处理，使病原体的抗原决定簇暴露出来，并传递给T淋巴细胞；能够产生抗体的细胞（甲）是效应B细胞或浆细胞，能够在较长时间内保持对同种抗原作出增殖、分化等快速反应能力的细胞（乙）是记忆B细胞；细胞乙不能对V2发生免疫反应的原因是V1和V2是两种病原体不同，它们的抗原决定簇不同。

【点睛】本题考查免疫的知识点，要求学生掌握特异性免疫的过程，特别是掌握体液免疫和细胞免疫的过程以及参加免疫过程的细胞，掌握特异性免疫过程中各种免疫细胞的功能，能够区分初次免疫和二次免疫的区别，识记二次免疫的特点和过程。利用所学的免疫过程中的知识解决问题是突破该题重点的方法。

9.请回答与生态系统有关的问题：

（1）碳在生物群落与无机环境之间的循环主要以__________的形式进行。驱动整个生态系统运转的能量主要来源于__________的太阳能。

（2）分解者通过__________作用将有机物分解成CO2等释放到无机环境中。

（3）图所示的食物网中共有__________条食物链，其中初级消费者是__________。消费者的存在能_______（填“加快”或“减缓”）生态系统物质循环的作用。

（4）如果环境中的某种有毒物质在生物体内既不能分解，也不能排出体外，则该物质经__________的传递后，便可在不同的生物体内积累。因此，通常生物所在的__________越高，该有毒物质在其体内的积累量越大。

【答案】    (1). CO2    (2). 绿色植物固定（或光合作用固定）    (3). 呼吸    (4). 3    (5). 兔和鼠    (6). 加快    (7). 食物链    (8). 营养级

【解析】

【分析】

分析题图：图示为食物网，其中植物为生产者，其余动物均为消费者，还缺少分解者、非生物的物质和能量；该食物网中有3条食物链，即植物→兔→鹰、植物→鼠→鹰、植物→鼠→蛇→鹰。

【详解】（1）碳在无机环境中与生物群落之间以CO2的形式进行循环。能量流动的起点是生产者，因此驱动整个生态系统运转的能量主要来源于绿色植物固定的太阳能。

（2）分解者的分解作用实质是细胞呼吸，包括有氧呼吸和无氧呼吸两种类型。

（3）由以上分析可知，图中共有3条食物链，即植物→兔→鹰、植物→鼠→鹰、植物→鼠→蛇→鹰。图中，植物是第一营养级，兔和鼠是第二营养级，属于初级消费者。消费者的存在加快了生态系统的物质循环。

（4）如果环境中的某种有毒物质在生物体内既不能分解，也不能排出体外，则该物质经食物链的传递后，便可在不同的生物体内积累。因此，通常生物所在的营养级越高，该有毒物质在其体内的积累量越大，这叫做生物富集作用。

【点睛】本题考查生态系统的营养结构、碳循环的知识点，要求学生能够正确识图分析，写成图中包含的食物链，分析食物链中生物所在的营养级，掌握生态系统中碳循环的过程，理解在碳循环过程中各种生物的作用以及碳循环的形式。这是该题考查的重点，利用所学的生态系统的营养级以及生物的关系和功能、碳循环的过程和食物链中的富集现象的知识点分析解决问题，这是突破该题的关键。

10.某研究小组发现一种雌雄同株的二倍体植物。为探究该植物花色的遗传方式，研究小组进行了一系列实验：

让花色为粉红色的亲本植株自交，F1中花色表现为白色：浅红色：粉红色：大红色：深红色=1：4：6：4：1。

（1）据此推测花色至少由____对独立遗传的等位基因决定，并遵循______定律。

（2）假设色素合成由显性基因控制，且显性基因作用效用相同，则亲本的基因型为___________（用字母A、a ；B、b……表示，只写出基因最少的情况），子代粉红色个体中，纯合个体的基因型为___________和________。

（3）为了进一步验证花色遗传的特点，让F1中粉红色植株自交，单株收获F1植株所结的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系， 观察多个这样的株系，则理论上， 在所有株系中有________ 的株系F2花色的表现型及其数量比与F1花色的表现型和数量比相同。

【答案】    (1). 2    (2). 基因自由组合    (3). AaBb    (4). AAbb    (5). aaBB    (6). 2/3

【解析】

【分析】

根据花色为粉红色的植株自交．F1中花色表现为白色：浅红色：粉红色：大红色：深红色=1：4：6：4：1，类似与9：3：3：1的比例，推测亲本粉红色植株的基因型为AaBb，因此可以确定花色至少由2对独立分配的等位基因决定，并遵循基因自由组合规律。

【详解】（1）根据花色为粉红色的植株自交，F1中花色表现为白色：浅红色：粉红色：大红色：深红色=1：4：6：4：1，可推测亲本粉红色植株的基因型为AaBb，杂交后代的表现型为1白色（aabb）：4浅红色（2Aabb、2aaBb）：6粉红色（4AaBb、1AAbb、1aaBB）：4大红色（2AABb、2AaBB）：1深红色（AABB）。因此可以确定花色至少由2对独立分配的等位基因决定，并遵循基因自由组合规律。

（2）根据前面分析可知，亲本基因型为AaBb；子代粉红色个体（4AaBb、1AAbb、1aaBB）中，纯合个体的基因型为AAbb和aaBB.。

（3）根据①分析可知，F1中粉红色花植株基因型为2/3AaBb、1/6AAbb和1/6aaBB，由题意可知要使F2花色的表现型及其数量比与题中F1相同，则该植株的基因型一定为AaBb，所以理论上，在所有株系中所占比例是2/3。

【点睛】本题考查自由组合定律的应用的知识点，要求学生掌握两对相对性状的杂交实验及其结果，掌握9：3：3：1分离比的应用及其特殊分离比的变形使用，这是突破该题重难点的关键。要求学生根据题意中的1：4：6：4：1的比例，分析出这是9：3：3：1的分离比的变形，这是突破该题的关键点，特别是要求学生能够利用基因自由组合定律的分析进行相关计算和推断。

11.生产果汁时，用果胶酶处理果泥可提高果汁的出汁率。回答下列相关问题：

（1）某同学用三种不同的果胶酶进行三组实验，各组实验除酶的来源不同外，其他条件都相同，测定各组的出汁量，据此计算各组果胶的活性的平均值并进行比较。这一实验的目的是___________________。

（2）现有一种新分离出来的果胶酶，为探究其最适温度，某同学设计了如下实验：取试管16支，分别加入等量的果泥、果胶酶、缓冲液，混匀，平均分为4组，分别置于0 ℃、5 ℃、10 ℃、40 ℃下保温相同时间，然后，测定各试管中的出汁量并计算各组出汁量的平均值。该实验温度设置的不足之处有____________和_________________________。

（3）某同学取5组试管（A～E）分别加入等量的同种果泥，在A、B、C、D、4个实验组的试管中分别加入等量的缓冲液和不同量的同种果胶酶，然后，补充蒸馏水使4组试管内液体体积相同；E组加入蒸馏水使试管中液体体积与实验组相同。将5组试管置于适宜温度下保温一定时间后，测定各组的出汁量。通过A～D组实验可比较不同实验组出汁量的差异。本实验中，若要检测加入酶的量等于0而其他条件均与实验组相同时的出汁量，E组设计_________（填“能”或“不能”）达到目的，其原因是__________________________。

【答案】    (1). 探究不同来源果胶酶的活性    (2). 温度范围设置不合适    (3). 温度梯度设置不合理（或各组的酶促反应受两个不同温度影响）    (4). 不能    (5). E组加入蒸馏水而不是缓冲液违背了单一变量原则

【解析】

（1）根据题意可知，用三种不同的果胶酶进行三组实验，各组实验除酶的来源不同外，其他条件都相同，据此计算各组果胶的活性的平均值并进行比较，说明该实验的自变量是果胶酶的来源，因变量是果胶酶的活性，所以该实验的目的是探究不同来源果胶酶的活性。

（2）根据实验设计可知，该实验是探究果胶酶的最适温度，所以自变量是温度，因变量是果胶酶的活性，用出汁量进行衡量，出汁量越多则果胶酶活性越高。该实验方案中，温度应该在常温范围内设置系列温度梯度且梯度差值相等，所以4组的温度应分别设置为15℃、20℃、25℃、30℃；另外探究温度对酶活性的影响时，应保证酶促反应只能在设定的温度下进行，同一实验组的反应温度只能是一个，所以实验操作应该是将各组盛有果胶酶的试管与盛有果泥的试管分别在设定温度下处理一定时间后再将两只试管混合，才能保证实验在设定的温度下进行。

（3）根据题意，若要检测加入酶的量等于O而其他条件均与实验组相同时的出汁量，则实验的自变量是果胶酶的量，因变量是出汁量。对照实验的设计应遵循单一变量原则和对照原则，根据实验设置，E组应加入缓冲液而不是蒸馏水，才符合实验设计应遵循单一变量原则。

【考点定位】酶活性及其影响因素的相关实验设计与分析

12.单纯疱疹病毒I型(HSV-I)可引起水泡性口唇炎。利用杂交瘤技术制备出抗HSV-1的单克隆抗体可快速检测HSV-1。回答下列问题：

(1)在制备抗HSV-I的单克隆抗体的过程中，先给小鼠注射一种纯化的HSV-1蛋白，一段时间后，若小鼠血清中抗___________的抗体检测呈阳性，说明小鼠体内产生了体液免疫反应，再从小鼠的脾脏中获取B淋巴细胞。将该B淋巴细胞与小鼠的___________细胞融合，再经过筛选、检测，最终可获得所需的杂交瘤细胞，该细胞具有的特点是___________________________。

(2)若要大量制备抗该蛋白的单克隆抗体，可将该杂交瘤细胞注射到小鼠的____中使其增殖，再从____中提取、纯化获得。

(3)通过上述方法得到的单克隆抗体可准确地识别这种HSV-I蛋白，其原因是该抗体具有________________和________________等特性。

【答案】    (1). HSV—1蛋白    (2). 骨髓瘤    (3). 无限增殖且产生专一抗体    (4). 腹腔    (5). 腹水    (6). 纯度高    (7). 特异性强

【解析】

【分析】

根据题干分析，HSV-1蛋白作为抗原引起免疫反应生成抗HSV-1蛋白抗体，单克隆抗体的制备过程是从小鼠的骨髓中取B细胞，与小鼠的骨髓瘤细胞融合，筛选既能无限增殖又能产生抗体的细胞，植入小鼠腹腔中增殖，从腹水中提取，单克隆抗体具有特异性强和灵敏度高的特点。

【详解】（1）若小鼠血清中抗HSV-Ⅰ的抗体检测呈阳性，则小鼠体内产生了相应的抗体，而抗体是体液免疫过程中产生的，说明小鼠发生了体液免疫反应，再从小鼠的脾脏中获取B淋巴细胞。将该B淋巴细胞与小鼠的骨髓瘤细胞融合，再经过筛选、检测，最终可获得所需的杂交瘤细胞。杂交瘤细胞具有双亲的特点，即既能在体外培养条件下无限增值，又能产生专一抗体。

（2）克隆化培养时，将杂交瘤细胞注射到小鼠的腹腔中（体内培养）或培养基中（体外培养）使其增殖，再从腹水中或培养液中提取、纯化获得大量制备抗该蛋白的单克隆抗体。

（3）单克隆抗体可准确地识别这种HSV-I蛋白，其原因是单克隆抗体具有纯度高和特异性强、可大量制备的特性。

【点睛】本题考查单克隆抗体的制备过程的知识点，要求学生掌握单克隆抗体的制备过程，识记杂交瘤细胞的特点和形成过程，识记单克隆抗体的特点，这是该题的重点。整体题目难度不大，主要考查识记的知识点，要求学生识记基础知识是解决该题的关键。