2027届浙江省中考试题猜想物理试卷（含答案解析）

这是一份2027届浙江省中考试题猜想物理试卷（含答案解析）试卷主要包含了列车上有出售食品的手推车等内容，欢迎下载使用。
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．下面说法错误的是
A．人离平面镜远近不同，所成的像大小相同
B．凸透镜作幻灯机镜头使用时，物距一定要在1倍焦距到2倍焦距之间
C．从水面上看水中的鱼，看到的是鱼的虚像
D．小孔成像和平面镜成像均是光沿直线传播而形成的
2．如图所示，是街边常见的种“套圈”游戏，套中玩具时，即可获得该玩具．“套圈”出手后，从a点到c点的过程中（不计空气阻力），下列说法正确的是
A．从a到c的过程中，“套圈”不受力的作用
B．从a到c的过程中，“套圈”的动能保持不变
C．在最高点b时，“套圈”的重力势能最大
D．在最高点b时，“套圈”的动能最大
3．如图所示，人用绳子拉着木块，木块在绳子拉力作用下在水平面做匀速直线运动，则下列说法中正确的是
A．木块对地面的压力等于木块所受的重力
B．木块对绳子的拉力和绳子对木块的拉力相等
C．木块所受拉力的施力物体是人
D．木块受到的摩擦力和绳子对木块的拉力是一对平衡力
4．（2016·东营卷）如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯，分别装有两种不同的液体，将两个相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止时，两烧杯液面相平．下列判断正确的是
A．甲烧杯液体的密度小于乙烧杯液体的密度
B．甲烧杯中小球受到的浮力大于乙烧杯中小球受到的浮力
C．甲烧杯对水平桌面的压强大于乙烧杯对水平桌面的压强
D．甲、乙两烧杯底受到液体的压强相等
5．如图所示，为了方便市民绿色出行，聊城市街头配置了公共自行车，下列与自行车有关的说法中错误的是
A．轮胎上制有花纹是为了增大摩擦
B．车坐垫做的较宽是为了减小压力
C．在路面上匀速直线骑行时，车受平衡力作用
D．停止蹬车后车仍继续前行，是由于车具有惯性
6．某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V，更换5个定值电阻Rx得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是
A．该同学研究的是电流和电压的关系
B．实验中电压表的示数保持0.5伏不变
C．滑动变阻器向左滑动时电压表和电流表示数变大
D．将Rx从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移
7．如图所示，电源电压和灯L的电阻不变，灯L上标有“6V 3W”字样。当开关S闭合，滑片P移至a端时，电流表的示数为 1.0A，灯L正常发光；当开关S断开，滑片 P 移至b端时，电源电压U 和灯 L消耗的电功率P为（忽略温度对灯丝电阻的影响）（ ）
A．3V、1.5WB．3V、0.75WC．6V、1.5WD．6V、0.75W
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．列车上有出售食品的手推车。若货物在车内摆放均匀，当前轮遇到障碍物A时，售货员向下按扶把，这时手推车可以视为杠杆，支点是______（写出字母）；当后轮遇到障碍物A时，售货员向上提扶把，这时支点是______，手推车可以视为______力杠杆。
9．LED节能灯可以节约大量的照明电能和费用，己被广泛使用．1度电可供5W的LED节能灯正常工作________________h．
10．物理教师沈春胜老师不仅钢琴弹得好，书法绘画的功底也是颇为深厚，可谓琴棋书画样样精通，右图便是他的一幅画作。我们能听辨出沈老师用钢琴演奏乐曲，是利用了声音的__________；能看清绘画作品，是由于纸面发生了________反射；颜料的三原色是红、________（选填“绿”或“黄”）、蓝，把这三种颜料按一定比例混合，便能调出各种不同的颜色。
11．如图所示是四冲程汽油机工作过程中的____冲程;此过程中____能转化为机械能．
12．在如图中，将重为50牛的货物匀速提升2米，拉力所做的功为_____焦；货物上升过程中相对于滑轮是_____的（选填“运动”或“静止”），货物的重力势能_____（选填“增大”、“不变”或“减小”）．
13．一只标有”8V 0.4A”的小灯泡，接在电源电压为12V的电路中，为使其正常发光，应串联一个_____Ω的电阻；该电阻通电10s所产生的热量是_____J．
14．2017年4月，天舟一号与在轨道的天宫二号空间实验室成功进行首次交会对接，形成组合体（如图），此时以天舟一号为参照物，天宫二号是_____的；天舟一号的电池板利用的电池板利用的太阳能属于_____（填“可再生”或“不可再生”）能源．
三、作图题（共7分）
15．如图所示，请根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N、S极以及电源的正、负极。
16．如图所示为钓鱼竿钓鱼时的示意图，O为支点，F1表示手对钓鱼竿的作用力，请在图中画出鱼线对钓鱼竿拉力F2的力臂L2；
17．请根据要求作图
如图所示，请根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N，S极，磁感线方向以及电源的正、负极．
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18． (1)为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图甲所示的实验．
①在两个相同的烧杯中应加入初温相同、_____相同的水和煤油(ρ水>ρ煤油)，根据图甲可判断出a物质是_____．
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据如图乙可判断出b吸热能力较_____(选填“强”或“弱”)．
(2)如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，用两只同规格的烧杯装相等质量的水，取质量_____(选填“相等”或“不相等”)的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中点燃，分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧完，通过比较_____(选填“加热时间”或“升高的温度”)来确定酒精和碎纸片热值的大小．
19．如下图所示，是小明在探究“影响液体内部压强大小的因素”实验：
（1）小明从左管口向图A中的U形管内注入适量的水，当管内的水静止时，U形管左右两侧液面的高度________（选填“相同”或“不同”）．他连接好橡皮管和金属盒，在使用压强计前，发现U型管内水面已有高度差（如图B），通过________（选填序号）方法可以进行调节．
①从U型管内向外倒出适量水
②拆除软管重新安装
③向U型管内添加适量水
（2）重新调节器材后，小明将金属盒深入水面以下进行了如图C、D、E、F所示的实验．由________（选填实验序号）两幅图可知，在同种液体内部，液体压强随着深度的增加而________．（选填“增大”或“减小”）
（3）小明将金属盒深入烧杯中水面以下某一深度处，完成了如图D、E、F的三次实验，由图中现象可知，同一深度，液体压强与橡皮膜所朝的方向________（选填“有关”或“无关”）．
（4）小明保持C图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，他发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论．你认为他得出结论的过程是________（选填“可靠”或“不可靠”）的，原因是________
（5）实验中液体压强的大小是通过比较________来判断的，如果所用的压强计的U形管中可以选择染色的酒精、水和水银（ρ酒精＜ρ水＜ρ水银）中的一种液体，为了使实验现象更明显，小明应该选择上述三种液体中的________装入U型管中．
20．学习了杠杆知识后，小明和小亮利用身边的物品来探究杠杆的平衡条件.他所选择的器材有:铅笔、橡皮若干（每块橡皮质量为10g）、细线、刻度尺等.
他将细线大致系在铅笔的中部位置，铅笔静止后如图甲所示，若想调节铅笔使其在水平位置平衡，他应将细线向____________（选填“左”或“右”）移动.调节铅笔在水平位置平衡，除了便于测量力臂之外，还可以________________________．调节水平平衡后，他用细线绑定数量不等的橡皮挂在杠杆支点两侧，如图乙所示.他所测数据记录在下表中：
记录数据后，小亮分析数据得出如下结论:“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点
的距离”，这个结论与杠杆平衡条件____________（选填“相符”或“不相符”）.为了进一步完善实验，得出普遍规律，小亮接下来的做法应该是____________.
A．改变力的大小
B．改变力的方向
C．改变力的作用点在实验过程中，铅笔水平平衡后（如图乙所示），小明不小心将前端细长的铅笔芯弄断了（如图丙所示），她立刻将铅笔稳住，并将铅笔芯放到左端细线下方固定好（如图丁所示），则松手后铅笔______（选填 “左端下沉”或“右端下沉”）.为了得到多组数据，小明准备改变支点两侧橡皮的数量继续进行实验，断掉的铅笔芯怎么处理呢？为了方便，小明保持悬挂铅笔的细线位置不动，将铅笔芯放到悬挂铅笔细线的正下方固定好.你觉得这样做合理吗？____________（选填“合理”或“不合理”）.
21．五一假期时，小明同学从一废弃的矿坑里捡回了一块坚硬的矿石，他利用实验室的器材测出了这块矿石的密度．测量过程中，他选用的器材有：天平（最大称量为200g）、量筒、烧杯、杠杆、弹簧测力计（量程为0—5N）、细线、水．
（1）小明同学首先进行估测，他感觉矿石比一瓶500ml的矿泉水还沉，于是他没有直接用天平来测矿石的质量．你认为他不用天平的理由是 ________．
（2）小明借助杠杆来测量矿石质量，他安装好杠杆，调节杠杆平衡时，发现杠杆左端下沉，应将平衡螺母向_______调节（选填“左”或“右”）．
（1）小明同学将杠杆调至水平位置平衡，按照图甲所示的装置进行测量，读出的弹簧测力计示数为2.4N，则该矿石的质量m=_______kg．（g=10N/kg）
（4）接着他用如图乙所示的方法测出了矿石的体积，他的做法是：
A．将矿石放入烧杯，往烧杯中加入适量的水，让矿石浸没，在水面到达的位置做上标记；取出矿石；用量筒往烧杯中加水，直至达到标记位置为止．
B．在用量筒往烧杯中加水时，他先加了100mL水，接着又取了50mL水，继续往烧杯中加，水面达到标记位置后，量筒中剩余的水如图丙所示．则矿石的体积V=______ cm1，矿石的密度ρ=_______kg/m1．
22．小李在探究海波和松香熔化特点的实验中，他均采用图甲所示的装置。
（1）该装置存在的不足是：在实验中海波或松香_____。
（2）改正不足后，小李测出了多组数据，并绘制了海波和松香的温度一时间变化图象，如图乙、丙所示，从图象可知，属于晶体熔化图象的是_____图，你判断的依据是_____。
（3）在第6min时海波处于_____状态（选填“固体”“液体”“固液共存”）。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．已知物体浸在水中，排开水的体积为5×10-3米3，求物体受到的浮力F浮．
24．多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎，图乙是某养生壶简化电路图．
（1）求的阻值；
（2）在标准大气压下，使用高温档将初温是的一壶开水烧开，求水吸收的热量．
（3）若养生壶高温档加热效率为，求烧开一壶水需要的时间．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．如图所示是小明同学设计的一个气体温度计的示意图 。瓶中装的是气体，瓶塞不漏气，弯管中间有一段液柱。
（1）温度升高时，液柱将向_________________________（选填“左”或“右”）边移动。
（2）此温度计如何标上刻度呢？可以将此装置放在通常情况下____________________中，液柱处标上0℃，将它放在标准大气压下沸水中，液柱处标上100℃，然后在以上两个刻度之间进行等分，就可以标上各个刻度了。
（3）为了提高此温度计的灵敏度，便于读数，可采取什么措施：___________。（写出一条即可）。
（4）小明想到这个气体温度计还会受_______的影响。
26．如图甲，物体重5 N，当拇指施加水平向右的压力F为20 N时，物体在竖直的墙上静止不动，此时墙受到的压力是________N，请在乙图中画出物体对墙壁的压力的示意图；此时物体受到的摩擦力是______N．当拇指压力F减小为10 N时，物体恰好沿墙匀速下滑，则物体此时受到的摩擦力是______N，请在丙图中画出该摩擦力的示意图________．
27．如图所示电路中，电源电压恒定为12伏，定值电阻R1阻值为8欧，滑动变阻器R2上标有“40欧 1安”字样，电流表0﹣3安量程损坏．闭合电键，电流表示数为0.5安．求：
定值电阻R1两端电压U1；____整个电路消耗的电功率；____在电路空缺处填入一个电压表及两个电键S1、S2， 在确保电路中各元件均正常工作的情况下，试通过改变电键状态和移动滑动变阻器的滑片P，在确保电压表有示数的情况下，使电压表示数变化量达到最大（电压表量程可以更换）．请通过计算说明电压表应接在_______之间（选填“AB”、“BC”、“BD”），并求出电压表示数变化量最大值△U________．
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、D
【解析】
试题分析：A.平面镜成等大的虚像，与物距的大小无关，故A正确；
B.幻灯机成倒立放大的实像，物距一定要在1倍焦距到2倍焦距之间，正确；
C.从水面上看水中的鱼，看到的是鱼的像是折射光线的反射延长线相交形成的虚像，故C正确；
D.小孔成像均是光直线传播形成的、平面镜成像是光的反射形成的，故D错误；
故选D．
考点：平面镜成像；凸透镜成像；折射成像；小孔成像．
点评：本题考查了生活中常见的光现象，光现象中光的直线传播、光的反射、光的折射与生活联系非常多，现象多，要能利用所学知识进行分析解释．
2、C
【解析】
A、不计空气阻力，从a到c的过程中，“套圈”受到重力的作用，故A错误；
B、“套圈”由a到c过程中，“套圈”的质量不变，速度先变小后变大，所以动能先变小后变大，故B错误；
C、“套圈”在最高点b时，高度最高，则重力势能最大，故C正确；
D、“套圈”在最高点b时，速度最小，其动能最小，故D错误；
3、B
【解析】
A．绳子斜向上拉物体，对物体有一个向上的分力，所以木块对地面的压力小于木块所受的重力，故A错误；
B．木块对绳子的拉力和绳子对木块的拉力是一对相互作用力，二者大小相等，故B正确；
C．绳子斜向上拉物体，对物体有一个力的作用，所以木块所受拉力的施力物体是绳子，故C错误；
D．木块受到的摩擦力和绳子对木块的拉力不在一条直线上，因此不是一对平衡力，故D错误．
4、C
【解析】
试题分析：由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态．根据浮沉条件可知，ρ甲液 ＞ρ球，ρ乙液=ρ球，所以ρ甲液＞ρ乙液，故A错误；因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故B错误；由G=mg、ρ=m/V可得G=ρVg，因为ρ甲液＞ρ乙液，甲杯内液体的体积大于乙杯内液体的体积，所以甲杯内液体的质量较大，重力较大，甲、乙两烧杯相同，两小球相同，所以甲杯对桌面的压力较大；又根据p=F/S可知，甲烧杯对水平桌面的压强大于乙烧杯对水平桌面的压强，故C正确；两杯中液面相平，ρ甲液＞ρ乙液，所以根据p=ρ液gh可知，烧杯底受到液体的压强：p甲液＞p乙液，故D错误；故选C．
考点：物体的浮沉条件及其应用；压强的大小及其计算；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
5、B
【解析】
A、轮胎上制有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A正确；
B、车坐垫做的较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B错误；
C、在水平路面上匀速骑行时，此时车处于平衡状态，所以此时所受的力是平衡力，故C正确；
D、停止蹬车后车仍继续前行，是由于车具有惯性，要继续保持原来的运动状态。故D正确。
6、C
【解析】
A、由题意和图象可知，接入电路的电阻是变化的，所以该同学研究的是电流和电阻的关系，故A错误；
B、研究电流和电阻的关系时，要控制Rx两端的电压不变（即电压表示数不变）；由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：U＝IRx＝0.5A×5Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣0.1A×25Ω＝2.5V，即电压表保持2.5伏不变，故B错误；
C、滑动变阻器向左滑动时，变阻器连入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知电路的电流变大，即电流表示数变大，根据U＝IR可知，电压表示数变大，故C正确；
D、根据串联分压原理可知，将Rx电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于2.5V）；探究电流与电阻的关系实验中，应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，使电压表的示数减小为2.5V，由分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故D错误。
7、D
【解析】
当开关S闭合，滑片P移至a端时，灯泡和变阻器并联，电流表测干路电流，由于灯泡正常发光，所以，电源电压是：
U=U变 =UL额 =6V，
通过灯泡的电流是：
，
则通过变阻器的电流是：
I变= I-IL额 =1A-0.5A=0.5A，
滑动变阻器的最大阻值是：
当开关S断开，滑片P移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，灯泡的电阻是：
，
此时电路中的电流是：
灯泡的实际功率是：
P实 =I′2 RL =（0.25A）2 ×12Ω=0.75W。
故只有D正确。
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、C B 省
【解析】
（1）杠杆绕着转动的固定点是杠杆的支点；
（2）由杠杆的平衡条件可知：当动力臂大于阻力臂时，为省力杠杠．
【详解】
(1)当前轮遇到障碍物A时，售货员向下压扶手，手推车可看作杠杆，手推车绕着C点转动，C是支点；
当后轮遇到障碍时，售货员向上提扶手，手推车绕着B点转动，B是支点；
(2)当后轮遇到障碍物A时,支点是B点,当前轮遇到障碍物A时,C是支点,在这两种情况下,阻力(手推车重力)与阻力臂相等，后轮遇到障碍物时的动力臂大于前轮遇到障碍物时的动力臂，由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小，因此与前轮遇到障碍物时相比，此时较省力。
9、200
【解析】
由P=可得，1度电可供一盏5W的LED节能灯正常工作的时间：t===200h．
10、音色 漫 黄
【解析】
音色跟材料和物体的结构有关，我们能听辨出沈老师用钢琴演奏的乐曲，是因为钢琴的音色跟其他乐器不同；
之所以能看清绘画作品，是由于纸面向不同方向都有反射光线，即发生了漫反射；颜料的颜色非常多样，其中红、黄、蓝这三种颜料按一定的比例混合可以调出各种不同的颜色来，所以这三种颜色称为颜料的三原色。
11、做功 内
【解析】
由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，做功冲程中实现的能量转化是将内能转化为机械能．
12、100 运动 增大
【解析】
使用定滑轮匀速提升货物，拉力等于重力，拉力所做的功为： ；拉着货物匀速上升的过程中，以定滑轮为参照物，货物的位置在发生改变，所以货物是运动的；此过程中，货物的质量不变，速度不变，所以货物的动能不变，货物的质量不变，高度增大，所以货物的重力势能变大．
13、10 1
【解析】
根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点得到电路中的电流，利用欧姆定律求出串联电阻的阻值，根据焦耳定律求出串联电阻产生的热量．
【详解】
根据串联电路中总电压等于各分电压之和，则串联电阻R两端电压：，因串联电路中各处的电流相等，所以灯泡正常工作时电路中的电流：I=0.4A，由可得，串联电阻R的阻值：；此时该电阻通电10s产生的热量为：．
故答案为10；1．
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等、正常发光时的电流和额定电流相等．
14、静止 可再生
【解析】
“天舟一号”飞船与“天宫二号”实现成功对接后，保持相对静止，以对方为参照物，两者都是静止的，所以，此时以天舟一号为参照物，天宫二号是静止的；
太阳能可以源源不断地从自然界获得，太阳能属于可再生能源．
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
小磁针的右端为N极，自由静止时靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入左端流出，从而可以确定电源的右端为正极，左端为负极。如下图所示：
16、
【解析】
试题分析：从O做F2的垂线段就是F2的力臂L2，如图所示：
考点：力臂作图．
点评：关键是会找出作用在杠杆上的动力和阻力，会根据力臂的画法做出动力臂和阻力臂．
17、
【解析】
试题分析：小磁针的右端为N极，自由静止时靠近螺线管的左端，所以螺线管的左端为S极，右端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向左的．利用螺线管的右端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入左端流出，从而可以确定电源的右端为正极，左端为负极．答案如上图所示．
【考点定位】安培定则
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、质量 水 弱 相等 升高的温度
【解析】
（1）①实验课题是探究不同物质的吸热能力，所以要保持水和煤油的初温相同、质量相同；由图甲中可知：Va＜Vb，∵ρ水＞ρ煤油，∴根据ρ=可知：质量相同时，V水＜V煤油，∴可判断出a物质是水；
②根据图乙可知：在质量相同、升高的温度相同时，a物质的加热时间长，说明a物质吸收的热量比乙物质吸收的热量多；所以物质a的吸热能力强，物质b的吸热能力较弱；
（2）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系．
19、相同 ② CD 增大 无关 不可靠 没有控制深度相同 U型管两液面胡高度差 酒精
【解析】
试题分析：本题是考查影响液体内部压强大小的因素，根据液体压强特点和数学表达式分析做答．
（1）图A中的U形管的两开口处和空气接触，所以两边的液柱高度相同；如果使用前液柱高度不一样，说明两玻璃管中压强不相等，所以应该拆除软管重新安装，选填序号②；
（2）要探究同种液体内部压强与深度的关系，需要控制液体种类相同，橡皮膜深度不同，朝向一样，所以选用CD两实验进行探究；
（3）D、E、F的三次实验，U形管中液柱高度差一样，说明橡皮膜所处位置压强相等，所以可以得出结论：同一深度，液体压强与橡皮膜所朝的方向无关；
（4）当向C中加浓盐水后，橡皮膜所处深度增大，密度增大，有两个变量，所以得出的结论不可靠，原因是没有控制深度相同；
（5）实验中液体压强的大小是通过比较U型管两液面胡高度差来判断的；为了让实验现象更明显，则U形管中液体要选用密度较小的液体，密度越小，高度差越大，所以选用染色的酒精 ．
点睛：本实验中应用了转换法和控制变量法，（1）~（4）问通过液体压强公式和控制变量法分析，第（5）问需要理解U形管的工作原理．
20、左 消除铅笔重力对实验的影响 不相符 B 右端下沉 不合理
【解析】
（1）由图可知，铅笔静止后左端下沉，若想调节铅笔水平平衡，应将支点向左移动，即细线向左移动；调节铅笔水平平衡可以消除铅笔重力对实验的影响，同时可从杠杆上直接读取力臂的大小；
（2）“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，所以与杠杆平衡条件不相符；为了得到普遍性规律，在实验过程中可以改变动力或阻力的方向，因此小亮接下来的做法应该是改变力的方向，选B；
（3）由丁图可知，把折断的铅笔芯放到左端细线下方固定，对于杠杆来说，杠杆两侧的重力不变，但是杠杆左侧的力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，G左L左＜G右L右，杠杆不能在水平位置平衡，杠杆右端下沉．
（4）在（3）中，松手后铅笔右端下沉，此时铅笔自身的重力已经对实验产生了影响，如果小明保持悬挂铅笔的细线位置不动，将铅笔芯放到悬挂铅笔细线的正下方固定，此时铅笔还是不能在水平位置平衡，这样就不能消除铅笔自身的重力对实验的影响，所以小明这样做是不合理的．
21、石块的质量超过天平的最大称量（或量程） 右 0.72 120 6×101
【解析】
（1）500mL矿泉水的质量：m=ρV=1g/cm1×500cm1=500g，因为矿石的质量大于500g，而天平的最大称量为200g，因此不使用天平是因为矿石的质量超过了天平的最大称量值；
（2）杠杆左端下沉，右端上翘，说明左端重，应将平衡螺母向右调节；
（1）∵L1:L2=1:1，F1=2.4N，并且F1L1=GL2 ∴G==7.2N，由G=mg可得，矿石的质量m= =0.72kg=720g；
（4）矿石从烧杯中取出前后体积的变化量等于矿石的体积，矿石的体积等于从量筒倒入烧杯标记位置所用水的体积，由图丙可知，量筒中液体的凹液面的底部与10mL刻度线相平，当水面到达标记位置，从量筒倒入烧杯中水的体积：100mL+50mL−10mL=120mL=120cm1.所以矿石的体积为120cm1.矿石的密度：ρ==6g/cm1=6×101kg/m1.
22、受热物质受热不均匀 乙 乙图有一定的熔化温度，丙图没有一定的熔化温度 固液共存
【解析】
（1）如图甲，物体放在试管内直接在酒精灯上加热，受热物质受热不均匀。
（2）如图乙，物质熔化时有一定的熔化温度，是晶体海波；图丙物质熔化时没有一定的熔化温度，是非晶体松香；
（3）海波大约在第4min开始熔化，在第9min熔化结束，所以海波在第6min时是固液共存状态。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、49牛
【解析】
由阿基米德原理知道，物体所受的浮力是：F浮=ρ水gV排 =1.0×103 kg/m3 ×9.8N/kg×5×10-3 m3 =49N．
24、（1）88Ω（2）3.36×105J（3）420s
【解析】
（1）由图知，当开关S1断开，S2接A时，电阻R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由可知，总功率最小，此时为低温档；当S2接A，S1闭合时，R2被短路，只有电阻R1接入电路，养生壶处于中温档．由得：
（2）水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，
水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×105J，
（3）由和W=Pt得，烧开一壶水需要的时间为：
答：（1）R1的阻值为88Ω；
（2）水吸收的热量为3.36×105J；
（3）烧开一壶水需要的时间为420s．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、左 冰水混合物 细弯管（或玻璃管）更细一些或瓶内气体再多一些 大气压
【解析】
(1)当温度升高时，瓶内的空气受热膨胀挤压上方的液柱，液柱就会向左运动。
(2) 摄氏温度规定：标准大气压下，冰水混合物为0℃，沸水的温度为00℃，因此将此装置放在冰水混合物中，液柱处标上0℃，将它放在标准大气压下沸水中，液柱处标上100℃，然后在以上两个刻度之间进行100等分，标上刻度就成了一个温度计。
(3) 为了提高气体温度计的灵敏度，便于读数，可把温度计的管径做得细一些．液体膨胀体积变化一定的情况下，管径越细，截面积越小，那么高（长）度变化就越大，温度计灵敏度就增大了．
(4) 这个温度计的测温原理是测温气体的热胀冷缩性质；此温度计主要是靠瓶内的空气来感受温度的，当外界气压变化时，液柱两侧压强相等，液柱会相应的移动，因此气体温度计还会受大气压的影响。
26、20 5 5
【解析】
固体能大小不变的传递压力作用，压力F通过物体对墙有个F大小的压力作用，压力为20N，方向垂直墙面向右，故其示意图如图所示：
物体静止时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．重力是5N，摩擦力是5N.物体匀速直线下滑时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．重力是5N，摩擦力是5N. 方向竖直向上，故该摩擦力的示意图如图所示：
静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用．固体能大小不变的传递压力，物体受到20N的压力作用，墙也受到20N的压力作用．物体静止时，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．水平方向上受到压力F的作用和墙对物体的支持力的作用，压力和支持力是一对平衡力．物体匀速下滑时，进行匀速直线运动，竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力作用，重力和摩擦力是一对平衡力．水平方向上受到压力F的作用和墙对物体的支持力的作用，压力和支持力是一对平衡力．
27、①定值电阻R1两端电压为4V；
②整个电路消耗的电功率为6W；
③AB；电压表示数变化量最大值为10V．
【解析】
试题分析：①知道电路中的电流和R1的阻值，根据欧姆定律求出定值电阻R1两端电压；
②知道电源的电压和电流，根据P=UI求出整个电路消耗的电功率；
③根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的最小电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流，利用欧姆定律求出R1两端的最小电压，通过开关的闭合、断开都可以使两电阻两端的电压达到最大12V，比较两电阻两端的最小电压确定电压表的位置，然后得出答案．
解：①由I=可得，定值电阻R1两端电压：
U1=I1R1=0.5A×8Ω=4V；
②整个电路消耗的电功率：
P=UI1=12V×0.5A=6W；
③电流表的量程为0～0.6A，则电路中的最大电流为0.6A，
此时R1两端的电压最大：
U1大=I大R1=0.6A×8Ω=4.8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的最小电压：
U2小=U﹣U1大=12V﹣4.8V=7.2V，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的最小电流：
I小===0.25A，
R1两端的最小电压：
U1小=I小R1=0.25A×8Ω=2V，
因通过改变电键状态均可以使电压表的示数达到最大12V，且R1、R2两端的最小电压分别为2V、7.2V，
所以，电压表并联在AB两端时，电压表示数的变化量达到最大，
最大为△U=U﹣U1小=12V﹣2V=10V．
答：①定值电阻R1两端电压为4V；
②整个电路消耗的电功率为6W；
③AB；电压表示数变化量最大值为10V．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，会利用题干所给的条件确定电压表的位置是关键．
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
F1l1/N•m
F2l2/N•m
0.2
0.02
0.1
0.04
0.004
0.004