2026年广东省珠海市斗门区中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年广东省珠海市斗门区中考物理一模试卷（含答案+解析）试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列各种粒子，不带电的是( )
A. 原子核B. 质子C. 中子D. 电子
2.下列利用不可再生能源发电的是( )
A. 水力发电B. 风力发电C. 光伏发电D. 核能发电
3.如图是锻炼上肢力量的器械，向下拉握把时，下方的配重便向上运动。该器材中使用滑轮的目的是( )
A. 改变拉动距离
B. 改变力的方向
C. 减小拉动的力
D. 减小拉力做功
4.将小磁针放在地球表面赤道附近，如图中小磁针静止时实际指向正确的是( )
A. B.
C. D.
5.发展新能源汽车是我国从汽车大国迈向汽车强国的必由之路，下列选项中与电动汽车动力装置工作原理相同的是( )
A. 电磁炉B. 电饭煲C. 电风扇D. 发电机
6.如图所示，用固定激光笔照向鼓面上的平面镜，墙面出现一个光点，轻压平面镜左侧鼓面使平面镜稍微倾斜，则墙上光点位置会( )
A. 向下移B. 向上移C. 保持不变D. 先上移后下移
7.如图甲是我国古代的滴水计时工具——漏刻，图乙是它的模拟示意图。漏水壶向受水壶中滴水，受水壶中的箭尺始终处于漂浮状态。当受水壶中水面升高时，下列说法正确的是( )
A. 箭尺受到的浮力方向改变B. 箭尺排开水的体积变大
C. 箭尺排开水的质量不变D. 水对受水壶底的压强不变
二、填空题：本大题共8小题，共27分。
8.2025年稻田音乐节在恩平市“冯如故里”举行，音乐由音响扬声器的纸盘 产生，并通过 传入观众的耳朵；音乐对附近需要休息的村民而言，属于 (选填“乐音”或“噪声”)。
9.如图所示，斗门传统美食之一的横山鸭扎包，捆扎所用的鸭肠很难被拉断，是因为分子间存在 力，烹饪时香气四溢，这是 现象，食用时采用隔水蒸法加热，温度越高，分子运动越 。
10.我国古代曾发明一种点火器如图所示。取火时用手向内猛推推杆，这是通过 的方式，使套筒内 (填“艾绒”或“空气”)的内能增大，从而点燃艾绒。用手推推杆这个过程的能量转化与汽油机 冲程的情况相同。
11.小刚同学投出的铅球的运动轨迹如图所示。铅球离手后由于 ，会继续前进；铅球最终会掉落地面，是因为它受到 力的作用；若运动到最高点a时，铅球受到的所有力突然消失，铅球将沿轨迹 (选填“1”“2”或“3”)运动。
12.家用瓶装液化石油气是采用 (选填“降低温度”或“压缩体积”)方法使其液化；一瓶10kg的液化石油气，若完全燃烧一半后能放出热量 J；若剩余的一半液化石油气不完全燃烧，则放出的热量与前一半完全燃烧相比将 (选填“变大”“变小”或“不变”)。(液化石油气的热值为4×107J/kg)
13.如图所示是某物质熔化过程中温度随时间变化的图像，由图像可知，该物质是 (选填“晶体”或“非晶体”)，其熔点是 ∘C；该物质在第3min时的内能 第6min时的内能(选填“大于”“等于”或“小于”)。
14.如图所示是灯泡和定值电阻的I−U关系图像。反映灯泡I−U图像的是 (甲/乙)；若灯泡和定值电阻并联接在4V的电源上，电路中的总电流是 A；若将灯泡和定值电阻串联接在12V的电源上，灯泡两端的电压为 V。
15.WiFi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术。题图是某品牌Wi−Fi6路由器的外观及背部接口示意图，如表是其部分参数。
(1)路由器通过 (选填“超声波”或“电磁波”)向四周有效范围内的终端传递信息，其背部的四个接口可以同时连接多台电脑，这些接口在电路中的连接方式是 (选填“串联”或“并联”)。
(2)路由器发射的2.4GHz和5.8GHz两种频率的信号传播速度 (选填“相同”或“不相同”)，其中 GHz的波长较大。
(3)路由器的输入功率为 W。由于没有电动机、照明等元件，它在工作时绝大部分电能转化为 能，因而必须重视散热。
三、作图题：本大题共1小题，共7分。
16.
(1)如题1图所示，请画出小球所受重力及绳子对小球的拉力的示意图
(2)请根据光的反射定律在题2图中画出入射光线并标出入射角的大小
(3)如题3图甲是一个带有开关控制工作的三孔插座，请根据安全用电原则将其正确连入图乙的家庭电路中。
四、实验探究题：本大题共3小题，共20分。
17.(1)如图所示体温计，其长度为______ cm，示数为______ ∘C。
(2)在“探究凸透镜成像的规律”实验中，小明将蜡烛、凸透镜、光屏依次摆放在光具座上。
①调节烛焰中心、凸透镜光心和光屏中心在______。
②某次实验，调节蜡烛、凸透镜和光屏至如图所示位置时，恰能在光屏上看到清晰的像，这个像是______(选填“放大”“等大”或“缩小”)的。
③实验中，由于蜡烛燃烧变短，为了使像呈在光屏中央，可将蜡烛向______调节。
④实验过程中，他的手指不小心挡住部分凸透镜，光屏上的像是______(选填“完整”或“不完整”)的。
18.小童想知道酱油的密度，于是用如图所示的器材进行测量。
(1)将天平放在水平桌面上，把游码移到零刻度线处，发现指针如图甲所示，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 (选填“右”或“左”)调节
(2)往烧杯中倒入适量的酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为108g，将烧杯中的部分酱油倒入量筒中，如图乙所示，量筒中酱油的体积为 cm3
(3)测出烧杯和剩余酱油的总质量如图丙所示，则烧杯和剩余酱油的总质量是 g；则酱油的密度为 g/cm3
(4)小童发现第(2)步操作时，有少量酱油附着量筒上方内壁，测出的酱油密度会 (选填“偏大”“不变”或“偏小”)
(5)实验中量筒不小心损坏了，小童经过思考认为利用电子秤和两个完全相同的烧杯，也能测出酱油的密度，请你帮他将实验步骤补充完整：
①用电子秤测出空烧杯的质量为m0；
②将一个烧杯装满水，用电子秤测出烧杯和水的总质量为m1；
③将另一个烧杯 ，用电子秤测出烧杯和酱油的总质量为m2；
④酱油密度的表达式： (用m0、m1、m2和ρ水表示)
19.小李进行探究“电流与电阻的关系”实验，实验室提供的器材有：电源(3V)、滑动变阻器“25Ω2A”、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、50Ω)、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)实验电路如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时电流表的示数变小
(2)连接电路时，开关应处于 状态；实验过程中，发现电流表无示数，电压表有示数且接近电源电压，则电路故障可能是 断路
(3)排除故障后，小李用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，分别换用10Ω、20Ω电阻，闭合开关，发现电压表示数均 (选填“变大”或“变小”)，此时应把滑片P向 调节，使电压表示数保持不变，并记录电流表示数
(4)小李根据实验数据绘制出了通过定值电阻的电流I与定值电阻阻值R的图像，如图乙所示，分析图像可知：电压一定时，电流与电阻成 比
(5)实验中小李发现使用50Ω电阻时，按(3)的要求不能完成实验，若想继续完成实验，可采取的措施是：更换阻值不小于 Ω的滑动变阻器
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
20.全球首艘可潜无人艇“蓝鲸号”建造完成，在珠海正式下水。无人艇水面的最高航速36节(即是18.52m/s)，下潜最大深度60m。“蓝鲸号”某次在水面航行2.7km，耗时180s，航行时动力恒为10000N，ρ水取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
(1)此次航行的平均速度
(2)此次航行时动力做的功
(3)下潜最大深度处受到水的压强
21.种植场为了给植物提供光和热，设计了如图所示的电路图。小灯泡L的规格是“12V6W”，电源电压为12V且保持不变，R为加热电阻，阻值大小为6Ω，同时闭合S1、S2，求：
(1)通过R的电流
(2)灯泡L的电阻
(3)通电100s，电路消耗的总电能
六、综合题：本大题共2小题，共12分。
22.阅读短文，回答问题。
新能源智能汽车
某款新能源智能汽车，车内驾驶区配有汽车平视显示系统(HUD)，如图甲所示，显示器上的行车数据通过挡风玻璃成像在正前方，驾驶员不必低头便能将车外的景象与行车数据融合在一起。挡风玻璃采用智能玻璃，温度及透明度可自动调节，以消除因温度变化而产生的“白雾”，“智能玻璃”能根据车外光照强度自动调节玻璃的透明度，实现车内的光照强度为一个适宜的定值。经测算车外光照强度E和玻璃的透明度T的关系图像如图丙所示。
(1)显示器由于光的反射在挡风玻璃形成 (选填“实”或“虚”)像；寒冷天气驾驶时，挡风玻璃容易起“白雾”，使像变得模糊，这是由于玻璃发生 (选填“镜面反射”或“漫反射”)的原因；此时智能玻璃会升高温度，使“白雾”发生 (填写物态变化名称)，从而使像重新变清晰。
(2)如图乙所示，为了使像的位置升高一点，可将显示器向 (选填“左”或“右”)移动，此过程中像的大小 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
(3)当车外的光照强度为120Lx时(Lx为光照强度的单位)，“智能玻璃”的透明度会自动调节为 %。
23.图甲为某品牌饮水器的简化电路图。饮水器的容器内有密封绝缘的电热丝R1和热敏电阻Rx，外部有最大阻值为25Ω的滑动变阻器R2。
(1)如图甲所示，当水面到达一定高度时，开关 (选填“S1”或“S2”)接通，此时电磁铁产生磁性；当磁性足够强时，开关 (选填“S1”或“S2”)接通，电热丝R1发热工作；若只把电源U1的正负极对调，则 (选填“会”或“不会”)影响电路的正常工作
(2)在1个标准大气压下，继电器开关S2能够在饮水器内的水加热至沸腾后自动切断加热电路，可知热敏电阻Rx应使用了图乙中的 (选填“A”或“B”)。
如果把此饮水器放在高原地区使用，为了使水沸腾后能自动切断加热电路，可以采取的措施是将滑动变阻器R2的阻值调 (选填“大”或“小”)
(3)当把滑动变阻器R2阻值调到最大时，饮水器加热过程中，热敏电阻Rx的最大功率是 W
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
原子核带正电、质子带正电、电子带负电，中子不带电。
故选：C。
原子是由电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。
本题考查了原子内各种微粒的电性，属于识记性内容，比较简单。
2.【答案】D
【解析】解：核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源；水能、风能、太阳能可以源源不断的得到，是可再生能源。所以利用不可再生能源发电的是核能发电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。
本题主要考查学生对可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握、难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：该滑轮使用时轴的位置固定不动，是定滑轮，不能省力，但是可以改变力的方向。
故选：B。
使用滑轮时，轴的位置固定不动的滑轮称为定滑轮。定滑轮不省力，但是可以改变力的方向，实质上是动力臂等于阻力臂的杠杆。
此题考查了动滑轮的工作特点。
4.【答案】A
【解析】解：地球外部的磁感线从地理南极附近出发，回到地理北极附近。在赤道附近，小磁针静止时，其N极指向与该点的磁场方向一致，所以小磁针的N极应指向地理北极附近。
故选：A。
地球是一个巨大的磁体，地磁的北极在地理的南极附近，地磁的南极在地理的北极附近。小磁针静止时，其N极指向与该点的磁场方向一致。
此题考查了地磁场的认识。
5.【答案】C
【解析】解：电动汽车的动力装置是电动机，工作原理为：通电导体在磁场中受力运动，将电能转化为机械能。
A.电磁炉利用电磁感应原理工作，故A不正确；
B.电饭煲利用电流的热效应工作，将电能转化为内能，故B不正确；
C.电风扇的核心装置是电动机，工作原理和电动汽车动力装置相同，故C正确；
D.发电机的原理是电磁感应，将机械能转化为电能，故D不正确。
故选：C。
电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的。
此题考查了电动机的工作原理。
6.【答案】B
【解析】解：当轻压平面镜左侧，使平面镜略微倾斜时，平面镜会绕右侧支点顺时针转动一个小角度；根据光的反射定律，入射激光方向不变，入射角变小，对应的反射角也会变小，反射光线会向上偏转；因此，墙面上的光点位置会向上移；
故选：B。
轻压平面镜左侧，镜面会顺时针倾斜，根据光的反射定律，入射角减小，反射角也随之减小，反射光线向上偏折，所以墙上光点会向上移动，据以上分析解答。
本题主要考查光的反射定律的应用，具体是镜面倾斜时入射角、反射角的变化对反射光线方向的影响。
7.【答案】C
【解析】解：A.浮力的方向始终是竖直向上的，不会因为水面升高而改变，故A错误；
BC.箭尺始终处于漂浮状态，其受到的浮力等于自身重力，因为箭尺的重力不变，所以浮力不变，根据阿基米德原理F浮=m排g=ρ水gV排，由于ρ水和g是定值，所以箭尺排开水的质量不变，排开水的体积V排不变，故B错误，故C正确；
D.受水壶水位上升，液体深度h变大，由p=ρgℎ可得壶底受到的水压强变大，故D错误。
故选：C。
(1)依托浮力基础性质判断浮力方向；
(2)使用漂浮受力规律：漂浮物体浮力大小等于自身重力，结合阿基米德原理，推导排开水的体积、排开水质量的变化情况；
(3)利用液体压强公式p=ρgℎ，依据水深变化判断容器底部压强的变化。
本题综合考查浮力方向、漂浮条件、阿基米德原理、液体压强规律；解题关键抓住漂浮时物体重力不变则浮力不变这一核心条件；易错误区：误以为容器整体水面上涨，浮体排开水的体积会同步变大。
8.【答案】振动
空气
噪声

【解析】解：声音是由物体的振动产生的，音响扬声器的纸盘通过振动产生音乐声。
声音的传播需要介质，在日常生活中，我们听到的声音大多通过空气这种介质传播，所以音乐通过空气传入观众耳朵。
该音乐影响了附近需要休息的村民，因此属于噪声。
故答案为：振动；空气；噪声。
声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质.
从环境保护角度定义，凡是妨碍人们正常休息、学习和工作的声音都属于噪声。
此题考查了声音的产生、传播及噪声的认识。
9.【答案】引
扩散
剧烈

【解析】解：捆扎所用的鸭肠很难被拉断，是因为分子之间存在相互作用的引力。
烹饪时香气四溢，使远处的人闻到香味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。
故答案为：引；扩散；剧烈。
组成物质的分子在永不停息地做无规则运动，分子间同时存在引力和斥力，分子间有间隙，分子的运动与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。
本题考查了分子动理论，属于基础题。
10.【答案】做功
空气
压缩

【解析】解：向内猛推推杆时，推杆对套筒内的空气做功，将机械能转化为空气的内能，因此是通过做功的方式，使空气的内能增大，空气温度升高后达到艾绒的燃点，从而点燃艾绒；这个过程中能量转化为机械能转化为内能，与汽油机压缩冲程的能量转化一致。
故答案为：做功；空气；压缩。
改变物体内能的方式有做功和热传递两种，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
汽油机的做功冲程中将内能转化为机械能，压缩冲程中将机械能转化为内能。
本题考查了四冲程的能量转化和改变物体内能的方式，属于基础题。
11.【答案】惯性
重
1

【解析】解：铅球离手后，由于惯性会保持原来的运动状态，继续向前运动；
铅球最终掉落地面，是因为受到重力的作用，重力方向竖直向下，改变了铅球的运动状态；
铅球运动到最高点a时，仍具有水平向前的速度，处于非平衡状态；此时若所有力突然消失，由牛顿第一定律可知，铅球将会水平向右做匀速直线运动，即沿1轨迹运动。
故答案为：惯性；重；1。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性；
(2)地球周围的一切物体都受到重力作用，重力的方向竖直向下；
(3)由牛顿第一定律可知，物体不受力时会保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了重力、惯性现象、力与运动的关系和牛顿第一定律的应用，属于对基础知识的考查。
12.【答案】压缩体积
2×108
变小

【解析】解：使气体液化的方法有降低温度和压缩体积，家用瓶装液化石油气采用压缩体积的方法液化，便于气体的储存与运输。
一瓶10kg的液化石油气，若完全燃烧一半时，燃烧的质量为m=10kg2=5kg；液化石油气的热值为4×107J/kg，
燃烧一半后能放出热量Q放=5kg×4×107J/kg=2×108J；
不完全燃烧时部分化学能未转化为内能，因此放出的热量与完全燃烧相比会变小。
故答案为：压缩体积；2×108；变小。
使气体液化的方法有降低温度和压缩体积，根据燃烧的质量结合Q放=qm计算热量，根据不完全燃烧时放出的热量减小分析。
本题考查热量公式与热值公式的应用，属于中档题。
13.【答案】晶体
48
小于

【解析】解：非晶体无固定熔点，晶体熔化时有固定的熔点，熔化过程温度保持不变。由图像可知，该物质熔化过程中温度保持48∘C不变，因此该物质是晶体，保持不变的温度就是熔点，即熔点为48∘C。
从第3min到第6min，物质处于熔化过程，虽然温度不变，但持续吸热，内能不断增加，因此第3min 时的内能小于第6min时的内能。
故答案为：晶体；48；小于。
晶体熔化时有固定的熔点，熔化过程温度保持不变，非晶体无固定熔点。
晶体处于熔化过程，虽然温度不变，但持续吸热，内能不断增加。
此题考查了晶体和非晶体的熔化图象，要区分晶体和分晶体，关键是看是否有固定的熔化温度。同时能从图中找出晶体的熔化过程及熔点。
14.【答案】甲
1.2
4

【解析】解：定值电阻的I−U图像是过原点的直线，由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，其I−U图像不是一条直线，所以反映灯泡I−U图像的是甲。
当灯泡和定值电阻并联接在4V的电源上时，根据并联电路的电压特点，它们两端的电压均为4V。由图像可知，此时通过定值电阻(乙曲线)的电流I乙=0.4A，通过灯泡(甲曲线)的电流I甲=0.8A，则电路中的总电流I=I甲+I乙=0.8A+0.4A=1.2A
当灯泡和定值电阻串联接在12V的电源上时，根据串联电路的电压特点U=U甲+U乙=12V，且串联电路中电流处处相等。由图像可知，当电流I1=0.4A时，定值电阻两端的电压U1=4V，则定值电阻R乙=U乙I′=4V0.4A=10Ω
当电流I2=0.8A时，定值电阻两端的电压U乙=I2R乙=0.8A×10Ω=8V
此时灯泡两端的电压U甲=4V，满足4V+8V=12V，所以此时灯泡两端的电压为4V。
故答案为：甲；1.2；4。
(1)定值电阻的阻值不变，由I=UR可知通过的电流和两端的电压成正比，而灯丝的电阻随温度的升高而增大；
(2)并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，由图可读出当电源电压为4V时，通过L和R的电流，并联电路中干路的电流等于各个支路的电流之和，据此求出干路电流；
(3)串联电路各处电流相等，根据串联电路电压规律及电流规律求解。
本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是从图象中得出灯泡和R电流与电压之间的关系。
15.【答案】电磁波
并联
相同
2.4
12
内

【解析】解：(1)WiFi无线通信依靠电磁波向终端传递信息，超声波无法实现这类长距离无线信息传输；
多台电脑同时连接接口可独立工作，因此接口的连接方式为并联。
(2)两种频率的信号都属于电磁波，电磁波在空气中的传播速度相同，都等于光速；根据波速公式c=λf，波速c不变时，频率越小，波长越大，因此频率更低的2.4GHz信号波长更大。
(3)输入功率P=UI=12V×1A=12W
路由器工作时，电流的热效应会使绝大部分电能转化为内能，因此需要重视散热。
故答案为：(1)电磁波；并联；
(2)相同；2.4；
(3)12；内。
(1)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；
路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备，通过后排接口可以同时连接多台电脑，并且各电脑之间互不影响，因此各接口之间为并联连接；
(2)根据波速公式c=λf分析；
(3)利用P=UI求得输入功率；用电器将电能转化为内能属于电流的热效应。
此题考查了电磁波的应用、元件连接方式的判断、电功率的计算等。
16.【答案】【小题1】
【小题2】
【小题3】

【解析】解：(1)重力和拉力的作用点都画在小球的重心，过重心沿竖直向下画带箭头的线段，标注符号G，为重力；过重心沿绳子向上，画带箭头的线段，标注符号F，为拉力，如图所示：
；
(2)反射光线与平面镜夹角为60∘，因此反射角等于90∘−60∘=30∘；入射角等于反射角，因此入射角为30∘：在法线的另一侧，画出入射光线，箭头指向入射点O，使入射光线与法线的夹角为30∘，标注该夹角为30∘即可，如图所示：
；
(3)开关需接在相线上，断开开关后插座不带电；相线先接入开关，开关的另一端连接三孔插座的右孔；中性线直接连接三孔插座的左孔；地线直接连接三孔插座的上孔，如图所示：
。
(1)拉力沿着绳子向上，重力的方向总是竖直向下的，作用点在物体的重心。
(2)根据光的反射定律：反射角等于入射角。
(3)开关接在相线和插座之间；三孔插座的上孔接保护线，左孔接中性线，右孔接相线。
本题考查的是力的示意图的画法；会根据光的反射定律完成光路图；知道家庭电路的连线问题。
17.【答案】11.40;36.8
同一高度;放大;上;完整
【解析】解：(1)刻度尺分度值为1mm，体温计左端对齐0.0cm，右端对齐 11.40cm，故长度为11.40cm。
体温计分度值为0.1∘C，液柱对应刻度为36.8∘C。
(2)调节烛焰中心、凸透镜光心和光屏中心在同一高度，使像成在光屏中央。
物距u=25cm，像距v=30cm，满足v>u，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、放大的实像。
蜡烛燃烧变短，烛焰下移，像向上移动，为使像呈在光屏中央，可将蜡烛向上调节。
手指挡住部分凸透镜，剩余部分仍能折射光线成像，光屏上的像是完整的(只是亮度变暗)。
故答案为：(1)11.40；36.8；(2)同一高度；放大；上；完整。
(1)刻度尺读数先看清分度值，用末端刻度减去起始刻度得到体温计总长度；体温计分度值为0.1∘C，顺着刻度读取液柱对应的温度示数。
(2)①三者中心调至同一高度，保证烛焰的像能够呈现在光屏的正中央；②对比物距和像距大小，物距小于像距时，物距在一倍焦距与二倍焦距之间，成倒立放大的实像；③蜡烛燃烧变短，烛焰位置下移，像会向上偏移，向上移动蜡烛可让像重回光屏中心；④遮挡部分透镜，仅减少透过透镜的光线总量，物体各点仍有光线经透镜其余部分会聚成像，因此像依旧完整，只是亮度变暗。
本题考查了刻度尺、体温计的读数，凸透镜成像规律的实验探究，主要考查基础测量工具读数与凸透镜成像实验操作、成像特点的理解。
18.【答案】【小题1】
左
【小题2】
40
【小题3】
62
1.15
【小题4】
偏大
【小题5】
装满酱油
m2−m0m1−m0ρ水

【解析】解：(1)天平调平规律：指针偏右说明右侧偏重，平衡螺母向指针偏转的反方向调节，因此向左调。
(2)量筒分度值为2mL，凹液面底部对应刻度为40mL，即40cm3。
(3)天平读数为砝码质量加游码示数，则砝码总质量50g+10g=60g
游码示数为2g，因此烧杯和剩余酱油总质量为60g+2g=62g
则倒出酱油的质量m=108g−62g=46g
体积V=40cm3，因此密度ρ=mV=46g40cm3=1.15g/cm3。
(4)酱油附着量筒内壁，会使测得的体积偏小，质量测量准确，根据ρ=mV，测得的密度偏大。
(5)实验利用体积相等测密度：两个相同烧杯装满液体时，水和酱油体积相等。已知空烧杯质量m0，满杯水总质量m1，因此水体积V′=m1−m0ρ水；
因此需要将另一烧杯装满酱油，得到烧杯和酱油的总质量m2，酱油质量m酱油=m2−m0
最终推导得酱油密度的表达式ρ酱油=m酱油V′=m2−m0m1−m0ρ水=m2−m0m1−m0ρ水。
故答案为：(1)左；
(2)40；
(3)62；1.15；
(4)偏大；
(5)装满酱油； m2−m0m1−m0ρ水。
(1)指针偏右说明右侧偏重，平衡螺母向指针偏转的反方向调节。
(2)确定量筒分度值为2mL，得出液体的体积。
(3)天平读数为砝码质量加游码示数，得出此烧杯和剩余酱油总质量，从而得出倒出酱油的质量，由密度公式得出密度大小。
(4)酱油附着量筒内壁，会使测得的体积偏小，质量测量准确，根据ρ=mV分析。
(5)实验利用体积相等测密度，结合密度变形公式得出酱油密度的表达式。
本题考查测量液体密度的常规方法及特殊方法。
19.【答案】【小题1】
【小题2】
断开
定值电阻R断路
【小题3】
变大
左
【小题4】
反
【小题5】
50

【解析】解：(1)题中压强滑片左移电流表示数变小，根据欧姆定律知，电路的总电阻变大，说明接入电阻变大，因此滑动变阻器接右下接线柱，如图所示：
。
(2)为保护电路，连接电路时，开关必须断开；电流表无示数说明电路断路，电压表有示数接近电源电压，说明电压表串联接在电源两端，因此故障是与电压表并联的定值电阻R断路。
(3)根据串联分压原理，更换更大阻值的定值电阻后，定值电阻分得的电压变大，因此电压表示数变大；实验需要保持定值电阻电压不变，则需要增大滑动变阻器的分压，因此要增大滑动变阻器接入电阻，滑片向左移动。
(4)由图乙可知，根据欧姆定律知，保持不变的电压U=IR=0.3A×5Ω=0.15A×10Ω=0.075A×20Ω=1.5V；
始终为定值，因此电压一定时，电流与电阻成反比。
(5)由图乙得，实验控制定值电阻两端电压1.5V，电源电压3V，因此滑动变阻器需要分压U滑=3V−1.5V=1.5V；
当定值电阻为50Ω时，根据串联分压UVU滑=RR滑可知，滑动变阻器接入的最小阻值为50Ω，因此需要更换阻值不小于50Ω的滑动变阻器。
故答案为：(1)。
(2)断开。定值电阻R断路。
(3)变大。左。
(4)反。
(5)50。
(1)滑片左移电流表示数变小，电阻变大，故选右下接线柱，据此作图。
(2)连接电路时，为保护电路，开关必须断开；电流表无示数说明电路断路，电压表有示数接近电源电压，说明电压表串联接在电源两端，因此故障是与电压表并联的定值电阻R断路。
(3)根据串联分压原理，更换更大阻值的定值电阻后，定值电阻分得的电压变大，因此电压表示数变大；实验需要保持定值电阻电压不变，则需要增大滑动变阻器的分压，因此要增大滑动变阻器接入电阻，滑片向左移动。
(4)根据欧姆定律计算不变的等于，结合数据分析结论；
(5)根据串联电路的特点和欧姆定律分析解答。
本题考查电流与电阻关系的探究，属于较难题。
20.【答案】【小题1】航行平均速度为15m/s
【小题2】动力做功为2.7×107J
【小题3】最大深度处水的压强为6×105Pa

【解析】解：已知：航行路程s=2.7km=2700m，航行时间t=180s，动力F=10000N，最大下潜深度ℎ=60m，ρ水=1.0×103kg/m3，g=10N/kg。
(1)航行路程s=2.7km=2700m，
平均速度v=st=2700m180s=15m/s。
(2)动力做的功W=Fs=10000N×2700m=2.7×107J。
(3)最大深度处的水的压强p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×60m=6×105Pa。
答：(1)航行平均速度为15m/s；
(2)动力做功为2.7×107J；
(3)最大深度处水的压强为6×105Pa。
(1)先统一路程单位，利用平均速度公式v=st计算航行平均速度；
(2)已知动力大小与航行路程，根据功的公式W=Fs计算动力做的功；
(3)利用液体压强公式p=ρ水gℎ，代入最大下潜深度计算该处水的压强。
本题综合平均速度、功、液体压强基础计算；易错点：路程单位千米换算米，代入公式前统一国际单位制。
21.【答案】【小题1】通过R的电流为2A
【小题2】灯泡L的电阻为24Ω
【小题3】通电100s，电路消耗的总电能为3×103J

【解析】解：同时闭合S1、S2时，灯泡L与电阻R并联，根据并联电路特点，各支路电压等于电源电压，即UL=UR=U=12V
(1)通过R的电流；IR=UR=12V6Ω=2A；
(2)灯泡L的电阻RL=U额2P额=(12V)26W=24Ω；
(3)灯泡正常发光，功率PL=P额=6W
电阻功率PR=UIR=12V×2A=24W
总功率P总=PL+PR=6W+24W=30W
电路消耗的总电能W总=P总t=30W×100s=3×103J。
答：(1)通过R的电流为2A；
(2)灯泡L的电阻为24Ω；
(3)通电100s，电路消耗的总电能为3×103J。
同时闭合S1、S2时，灯泡L与电阻R并联，根据并联电路特点，各支路电压等于电源电压，即UL=UR=U=12V。
(1)根据欧姆定律I=UR求得通过R的电流；
(2)由公式P=U2R变形得灯泡L的电阻；
(3)利用P=UI求得电阻功率，灯泡正常发光，实际功率等于额定功率，进一步求得电路消耗的总电能。
此题考查了电功、电功率及欧姆定律的应用。
22.【答案】虚
漫反射
汽化
右
不变
50

【解析】解：(1)平面镜成像成的是反射光线反向延长线会聚形成的虚像。
挡风玻璃上的白雾是不均匀的液态小水珠，光照射到凹凸不平的白雾表面会发生漫反射，导致像变得模糊。
升高温度后，液态小水珠吸热变为气态水蒸气，这个物态变化是汽化。
(2)平面镜成像的特点是像与物体关于平面镜(挡风玻璃)对称，若要让像位置升高，根据对称关系，需要将显示器向右移动。
平面镜成像中像的大小始终与物体大小相等，因此移动过程中像的大小不变。
(3)由题意可知，车内光照强度为定值，进入车内的光照强度等于车外光照强度乘以透明度，因此E⋅T=C(C为定值)，即E和T成反比。由图丙可知，当E=300Lx时，T=20%，计算得定值C=300×20%=60
当E=120Lx时，代入得T=CE=60120=50%，因此透明度自动调节为50%。
故答案为：(1)虚；漫反射；汽化；
(2)右；不变；
(3)50。
(1)平面镜成像，成的是反射光线反向延长线会聚形成的虚像。
光照射到凹凸不平的白雾表面会发生漫反射，导致像变得模糊。
升高温度后，液态小水珠吸热变为气态水蒸气，这个物态变化是汽化。
(2)平面镜成像的特点是像与物体关于平面镜(挡风玻璃)对称。
平面镜成像中像的大小始终与物体大小相等。
(3)由题意可知，车内光照强度为定值，进入车内的光照强度等于车外光照强度乘以透明度，因此E⋅T=C(C为定值)，即E和T成反比。
本题考查材料阅读题，新能源智能汽车涉及到平面镜成像的原理及物态变化等。
23.【答案】【小题1】
S1
S2
不会
【小题2】
B
大
【小题3】
0.25

【解析】解：(1)当水面到达一定高度时，控制电路接通，因此S1接通，电磁铁产生磁性。
磁性足够强时吸下衔铁，工作电路接通，因此S2接通，电热丝R1发热工作。
电磁铁只要有电流就会产生磁性，正负极对调仅改变磁极方向，不改变磁性大小，因此不会影响电路正常工作。
(2)水沸腾后需要自动切断加热电路：温度升高到沸点后，需要控制电路电流减小、电磁铁磁性减弱断开电路，因此要求热敏电阻阻值随温度升高而增大，对应图乙的B曲线。
高原地区气压低，水的沸点低于100∘C，切断电路时温度更低，对B来说，温度越低，Rx阻值越小；为了在较低温度(沸腾)时电流达到切断的临界值，需要增大滑动变阻器R2的阻值，使总电阻维持临界值，因此将R2阻值调大。
(3)Rx与R2串联接在U1=5V电源上。则热敏电阻Rx的功率
Px=(URx+R2)2Rx=U2Rx(Rx+R2)2=U2Rx(Rx−R2)2+4RxR2=U2(Rx−R2)2Rx+4R2
R2调至最大时，R2=25Ω，由上式可知，当Rx=R2=25Ω时，Rx的功率最大。即Px=U24R2=(5V)24×25Ω=0.25W。
故答案为：(1)S1；S2；不会；
(2)B；大；
(3)0.25。
(1)当水面到达一定高度时，控制电路接通，因此S1接通，电磁铁产生磁性，吸下衔铁，工作电路接通，因此S2接通，电热丝R1发热工作。
正负极对调仅改变磁极方向，不改变磁性大小，因此不会影响电路正常工作。
(2)水沸腾后需要自动切断加热电路：温度升高到沸点后，需要控制电路电流减小、电磁铁磁性减弱断开电路，因此要求热敏电阻阻值随温度升高而增大，据此判断曲线。
高原地区气压低，水的沸点低于100∘C，切断电路时温度更低，对B来说，温度越低，Rx阻值越小；为了在较低温度(沸腾)时电流达到切断的临界值，需要增大滑动变阻器R2的阻值。
(3)Rx与R2串联，R2调至最大时，R2=25Ω，由热敏电阻Rx的功率
Px=(URx+R2)2Rx=U2Rx(Rx+R2)2=U2Rx(Rx−R2)2+4RxR2=U2(Rx−R2)2Rx+4R2可知当Rx=R2=25Ω时，Rx的功率最大，据此求解。
此题考查了电磁继电器、电功率计算公式的应用。项目
参数指标
电源输入
12V−1A
无线频率
2.4GHz/5.8GHz
散热方式
底部镂空自然对流+内部金属散热片