2025-2026学年浙江宁波市慈溪市高一下学期6月期末物理试卷

这是一份2025-2026学年浙江宁波市慈溪市高一下学期6月期末物理试卷，共12页。试卷主要包含了单选题，实验题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题
1．下列物理量是矢量的是（ ）
A．功B．电场强度C．电动势D．电流
【答案】B
【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，运算遵循平行四边形定则；标量是只有大小没有方向的物理量，运算遵循代数运算法则。功只有大小没有方向，正负号表示是动力做功还是阻力做功，运算遵守代数加减法则，属于标量，A错误；电场强度既有大小又有方向，电场的叠加遵守平行四边形定则，属于矢量，B正确；电动势是表征电源将其他形式的能量转化为电能本领的物理量，只有大小没有方向，属于标量，C错误；电流虽有规定的方向（规定正电荷定向移动的方向为电流方向），但运算时遵守代数加减法则，不满足矢量的运算规则，属于标量，D错误。故选B。
2．下列说法正确的是（ ）
A．所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的中心
B．人造卫星绕地球做匀速圆周运动的过程中，卫星的加速度保持不变
C．电场中某点的电场强度方向即试探电荷在该点的受力方向
D．电动势大小由电源非静电力做功特性决定，和外电路无关
【答案】D【解析】根据开普勒第一定律可知，所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在椭圆的一个公共焦点上，而非椭圆的中心，A错误；加速度是矢量，既有大小，又有方向。人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，加速度为向心加速度，方向始终指向地心，方向时刻变化，所以卫星的加速度是变化的，并非保持不变，B错误；电场中某点的电场强度方向为正试探电荷在该点的受力方向，若试探电荷带负电，其受力方向与场强方向相反，选项未说明试探电荷电性故无法判断受力方向，C错误；电动势是表征电源将其他形式的能量转化为电能本领的物理量，由电源非静电力做功的特性决定，其大小由电源本身的性质决定，与外电路结构无关，D正确。故选D。
3．关于教材中的四幅插图，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，女生和金属球带异种电荷
B．图乙中，用扭秤实验探究电荷间相互作用规律时，应使金属小球A与C带同种电荷
C．图丙中，较高建筑物的顶端会安装尖锐的避雷针，是利用静电屏蔽原理
D．图丁中，两条优质话筒线外面包裹的金属网是为了防止漏电
【答案】B
【解析】根据接触起电的原理可知甲图女生接触带电的金属球后，头发与带电的金属球带有同种电荷，A错误；图乙是库仑扭秤实验，用扭秤实验探究电荷间相互作用规律时，应使金属小球A与C带同种电荷，如果带异种电荷，两球可能在外部干扰下接触，使电荷量中和，导致两球电荷量发生变化，影响实验结论。B正确；图丙中，较高建筑物的顶端会安装尖锐的避雷针，其原理为尖端放电，将云层电荷导入大地，不是静电屏蔽原理，C错误；图丁中，优质的话筒线外面包裹着金属网应用了静电屏蔽的原理，以防止外部信号对电缆内部电信号的干扰，不是防漏电，D错误。故选B。
4．将细短头发碎屑悬浮在蓖麻油中，在平行电极板间施加恒定电压。经过一段时间，头发碎屑如图甲排列，模拟显示出电场线的分布，如图乙。下列说法正确的是（ ）
A．说明电场线是真实存在的B．a点的电场强度比b点小
C．b点的电势比c点的低D．电子在a点的电势能比在b点的小
【答案】B
【解析】电场线是为了形象描述电场而引入的假想线，不是真实存在的，A错误；电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线越密场强越大，由图可知，a点的电场线比b点稀疏，因此a点的电场强度比b点小，B正确；根据电场线的性质可知沿电场线方向电势逐渐降低，电场方向向右，可知b点电势高于c点电势，即φb>φa>φc，C错误；根据电势的定义式φ=Epq，可得电子在a、b点的电势能分别为Epa=φa×−e，Epb=φb×−e，即Epa>Epb，D错误。故选B。
5．中科卫星05星等7颗卫星均绕地球做匀速圆周运动，轨道高度离地约500千米，其中B卫星的轨道半径最大，A卫星的轨道半径最小。下列说法正确的是（ ）
A．七颗卫星的绕行速度均大于第一宇宙速度
B．七颗卫星在相同时间内轨道半径扫过的面积相等
C．B卫星绕地球运动的周期小于A卫星的周期
D．B卫星绕地球运动的加速度小于A卫星的加速度
【答案】D
【解析】第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，是绕地球表面做匀速圆周运动的最大的运行速度，七颗卫星轨道高度约500千米，轨道半径大于地球半径，所以运行速度一定小于第一宇宙速度，A错误；卫星与地球的连线在Δt时间内扫过的面积为S=12vΔt⋅r，根据牛顿第二定律和向心力公式，可得GMmr2=mv2r，联立可得S=Δt2GMr，根据表达式可知在相同时间内，轨道半径越大，轨道半径扫过的面积越大，B错误；根据牛顿第二定律和向心力公式，可得GMmr2=m4π2T2r，解得卫星运动周期表达式为T=4π2r3GM，因为rB>rA，所以A、B卫星绕地球运动的周期关系为TB>TA，C错误；根据牛顿第二定律可得GMmr2=ma，解得心加速度表达式为a=GMr2，因为rB>rA，所以A、B卫星绕地球运动的加速度关系为aB；减小
【解析】根据库仑定律A、B两球间的库仑力F大小为F=kqAqBr2；根据点电荷场强公式E=kQr2，可得A小球在B球所在产生的场强大小为E=kqAr2；两个相同小球接触后，同种电荷平均分配总电荷，接触后每个小球带电量为q=qA+qB2，根据数学知识可知，qA≠qB时(qA+qB2)2>qAqB，因此接触后两小球间的库仑力为F'=kq2r2>kqAqBr2=F；A、B两球带同种电荷相互排斥，故解锁后B球向右运动，库仑力对B做正功，B球的电势能减小。
四、解答题
26．如图甲为滑沙运动过程的简化图。斜坡滑道AB长64m，倾角θ=37°，水平滑道BC足够长，斜坡滑道与水平滑道之间是平滑连接的。某游客坐在滑板上从斜坡的A点由静止开始滑下（如图乙所示），滑到斜坡底端B点后再沿水平的滑道滑行一段距离到C点停下。已知游客和滑板的总质量m=60kg，滑板与斜坡滑道及水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，空气阻力忽略不计，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cs37°=0.8。求：
(1)游客从斜坡上滑下的加速度大小；
(2)游客从A点滑动到C点所用的时间；
(3)如图丙所示，孩子参与活动时，父亲担心孩子下滑速度太快，在滑板上施加一沿斜坡向上的恒定拉力。已知孩子和滑板总质量m=30kg，他们从A点由静止下滑到坡底B点的时间t=16s。求该名父亲施加的拉力大小F。
【答案】(1)a1=2 m/s2；(2)11.2 s；(3)F=45N
【解析】（1）沿斜坡方向，根据牛顿第二定律得mgsin37°−μmgcs37°=ma1
解得游客从斜坡上滑下的加速度大小为a1=2m/s2
（2）根据匀变速直线运动的位移-时间公式xAB=12a1t12
解得滑到底端的时间t1=8s
根据匀变速直线运动的速度-位移关系v2=2a1xAB
解得游客滑到底端的速度为v=16m/s
在水平滑道，根据牛顿第二定律，得μmg=ma2
解得滑块在水平滑道的加速度大小为a2=5m/s2
则在水平滑道上停止的时间t2=va2=3.2s
从A点滑动到C点所用的时间t=t1+t2=11.2s
（3）根据匀变速直线运动的规律，可知xAB=12a3t32
解得滑板的加速度为a3=0.5m/s2
根据牛顿第二定律mgsin37°−μmgcs37°−F=ma3
解得该名父亲施加的拉力大小为F=45N
27．如图所示，一个固定在竖直平面内的光滑四分之一圆弧轨道AB⏜半径R=2m，A点与圆心O等高，B点右侧平滑连接一长为s=3m的粗糙水平面BC，在水平面右端平滑对接一个与其等高的传送带CD，CD间距L=5m的传送带以v=5m/s的速率顺时针匀速转动，传送带右侧平滑对接一段等高的光滑平台DE，E点固定一竖直墙壁，一根轻弹簧右端与墙壁连接，弹簧原长小于平台DE的长度。现将一质量m=1kg的物块（视为质点）由A点静止释放，已知物块与水平面，物块与传送带间的动摩擦因数分别为μ1=0.4，μ2=0.2，物体与弹簧碰撞过程中，无机械能损失，且弹簧未超出弹性限度，取g=10m/s2，不计空气阻力。求：
(1)物块滑到圆弧B点时轨道对它的支持力大小；
(2)弹簧被压缩过程中的最大弹性势能；
(3)物块最终停止时的位置与C点的距离。
【答案】(1)30N；(2)12.5J；(3)0.625m
【解析】（1）物块从A到B过程，根据动能定理，有mgR=12mvB2
解得物块滑到圆弧B点时速度大小为vB=210m/s
在B点处，根据牛顿第二定律和向心力公式，得FN−mg=mvB2R
解得物块滑到圆弧B点时轨道对它的支持力大小为FN=30N
（2）对于物块从A到C过程中，根据动能定理，有mgR−μ1mgs=12mvC2
解得物块滑到C点时速度大小为vC=4m/s