2025--2026年湖南省邵阳市高三上学期第一轮复习阶段检测物理试卷含答案【力学、电磁学综合】

这是一份2025--2026年湖南省邵阳市高三上学期第一轮复习阶段检测物理试卷含答案【力学、电磁学综合】，共36页。试卷主要包含了单选题，多选题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题（本大题共6小题，共24分）
1．[4分]在名著《西游记》中讲述了一只大龟浮水作舟，驮着唐僧师徒渡过通天河的事。如图所示，通天河中水流的速度大小恒为，方向平行于河岸，大龟从处出发后沿直线将唐僧师徒四人和白龙马送达对岸的处，与河岸成角。已知，，则大龟在水中的速度至少为（ ）
A．B．C．D．
2．[4分]如图，健身者在公园以每分钟60次的频率上下抖动长绳的一端，长绳自右向左呈现波浪状起伏，可近似为单向传播的简谐横波。长绳上A、B两点平衡位置相距6m，t0时刻A点位于波谷,B点位于波峰，两者之间还有一个波谷。下列说法正确的是（ ）
波长为3m
B．波速为12m/s
C．t0+0.25s时刻，B点速度为0
D．t0+0.50s时刻，A点速度为0
3．[4分]人类对天体运动的认识，经历了一个漫长的发展过程，以下说法正确的是（ ）
A．亚里士多德提出了日心说，迈出了人类认识宇宙历程中最艰难而重要的一步
B．第谷通过观察提出行星绕太阳运动的轨道是椭圆
C．牛顿在前人研究的基础上发现和总结出万有引力定律，并测出了万有引力常量
D．海王星的发现验证了万有引力定律的正确性，显示了理论对实践的巨大指导作用
4．[4分]根据国家能源局统计,截止到2023年9月,我国风电装机4亿千瓦,连续13年居世界第一位,湖南在国内风电设备制造领域居于领先地位。某实验小组模拟风力发电厂输电网络供电的装置如图所示。已知发电机转子以角速度ω匀速转动,升、降压变压器均为理想变压器,输电线路上的总电阻可简化为一个定值电阻R0。当用户端接一个定值电阻R时,R0上消耗的功率为P。不计其余电阻,下列说法正确的是( )
A．风速增加,若转子角速度增加一倍,则R0上消耗的功率为4P
B．输电线路距离增加,若R0阻值增加一倍,则R0上消耗的功率为4P
C．若升压变压器的副线圈匝数增加一倍,则R0上消耗的功率为8P
D．若在用户端再并联一个完全相同的电阻R,则R0上消耗的功率为6P
5．[4分]如图（a），我国某些农村地区人们用手抛撒谷粒进行水稻播种。某次抛出的谷粒中有两颗的运动轨迹如图（b）所示，其轨迹在同一竖直平面内，抛出点均为O，且轨迹交于P点，抛出时谷粒1和谷粒2的初速度分别为v1和v2，其中v1方向水平，v2方向斜向上。忽略空气阻力，关于两谷粒在空中的运动，下列说法正确的是（ ）
图（a）图（b）
A．谷粒1的加速度小于谷粒2的加速度
B．谷粒2在最高点的速度小于v1
C．两谷粒从O到P的运动时间相等
D．两谷粒从O到P的平均速度相等
6．[4分]如图（a）, 在均匀介质中有A、B、C和D四点，其中A、B、C三点位于同一直线上，AC=BC=4m,DC=3m,DC垂直AB。t=0时，位于A、B、C处的三个完全相同的横波波源同时开始振动，振动图像均如图（b）所示，振动方向与平面ABD垂直，已知波长为4m。下列说法正确的是
图（a）图（b）
（ ）
A. 这三列波的波速均为2m/s
B. t=2s时，D处的质点开始振动
C. t=4.5s时，D处的质点向y轴负方向运动
D. t=6s时，D处的质点与平衡位置的距离是6cm
二、多选题（本大题共4小题，共20分）
7．[5分]如图，A(0,0)、B(4,0)、C(0,3)在xy平面内，两波源分别置于A、B两点。t=0时，两波源从平衡位置起振，起振方向相同且垂直于xy平面，频率均为2.5Hz。两波源持续产生振幅相同的简谐横波，波分别沿AC、BC方向传播，波速均为10m/s。下列说法正确的是（ ）
A．两横波的波长均为4 m
B．t=0.4 s时，C处质点加速度为0
C．t=0.4 s时，C处质点速度不为0
D．t=0.6 s时，C处质点速度为0
8．[5分]如图所示，神舟十五号飞船A、空间站B分别沿逆时针方向绕地球的中心O做匀速圆周运动，周期分别为T1、T2。在某时刻飞船和空间站相距最近，空间站B离地面高度约为400km。下列说法正确的是（ ）
A．飞船A和空间站B下一次相距最近需经过时间
B．飞船A要与空间站B对接，可以向其运动相反方向喷气
C．飞船A与空间站B对接后的周期大于地球静止卫星的周期
D．飞船A与空间站B绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为
9．[5分]一列简谐横波沿x轴方向传播，处质点的振动图像如图甲所示，时部分波形图如图乙所示。下列说法正确的有（）
A．该简谐横波沿x轴负方向传播
B．该简谐横波传播速度为4m/s
C．处的质点比处的质点振动滞后0.2s
D．时处的质点对应的纵坐标为
10．[5分]如图所示，倾角为的传送带顺时针传动，速度大小恒为，可视为质点的小物块A、B由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳连接，定滑轮左侧轻绳与传送带平行，两物块的质量分别为、。某时刻，同时释放A、B物块，物块A从传送带底端开始运动，一段时间后，A物块运动到传送带顶端，B物块未落地。已知传送带与A物块间的动摩擦因数为，传送带两轮间的距离为，重力加速度取，。对于该过程，下列说法正确的是（ ）
A．物块A从底端运动到顶端的时间为
B．全程摩擦力对物体A的冲量大小为
C．物块A在传动带上留下的划痕为
D．物块A在传动带上留下的划痕为
三、非选择题（本大题共5小题，共56分）
11．[10分]在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到的一条纸带如图所示，并且每隔四个计时点取一个计数点，已知每两个相邻计数点间的距离为sn，且s1＝0.96 cm，s2＝2.88 cm，s3＝4.80 cm，s4＝6.72 cm，s5＝8.64 cm，s6＝10.56 cm，实验所用电磁打点计时器的电源频率为50 Hz.
(1)相邻两个计数点间所对应的时间T＝________s，根据________________________________确定小车做匀加速直线运动．
(2)此小车运动的加速度大小a＝______m/s2，打第4个计数点时小车的速度大小v4＝______m/s；请你依据本实验推断第6个计数点和第7个计数点之间的距离是________cm.
(3)如果当时交变电流的频率是f＝49 Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比________(填“偏大”“偏小”或“不变”)．
12．[10分]如图所示的实验装置可以测量小滑块与水平面之间的动摩擦因数μ．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接，小滑块上固定有挡光条），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门最后停在B处．已知当地重力加速度大小为g．
（1）为了测量动摩擦因数，需要测量小滑块上的遮光条宽度d及与光电门相连数字计时器显示的时间Δt，还需要测量的物理量及其符号是 ．
（2）利用测量的量表示动摩擦因数μ= ．
（3）为了减小误差，OA之间的距离不能小于 ．
13．[10分]如图一滑板的上表面由长度为L的粗糙水平部分AB和半径为R的四分之一光滑圆弧BC组成，滑板静止于光滑的水平地面上，物体P（可视为质点）置于滑板上面的A点，物体P与滑板水平部分的动摩擦因数为μ（已知μ1),则输电线路上的电流I2=U2R0+k2R,转子在磁场中转动时产生的电动势e=NBSωsin ωt,当转子角速度增加一倍时,则升压变压器原、副线圈两端电压都增加一倍,则输电线路上的电流变为I'2=2I2,R0上消耗的功率P1=I'22R0=4I22R0=4P,A正确;同理,当升压变压器的副线圈匝数增加一倍时,副线圈两端电压增加一倍,输电线上的电流也增加一倍,R0上消耗的功率P2=P1=4P,C错误;若R0阻值增加一倍,输电线路上的电流I″2=U22R0+k2R,R0消耗的功率P3=I″22·2R0≠4P,B错误;若在用户端并联一个完全相同的电阻R,用户端电阻相当于减为原来的一半,输电线上的电流I‴2=U2R0+k2R2=2U22R0+k2R,R0消耗的功率P4=I‴22R0≠6P,D错误。
5．【答案】B
【详解】忽略空气阻力，谷粒被抛出后只受重力作用，加速度为重力加速度g，则两谷粒的加速度相等，A错误；平均速度为位移与时间的比值，两谷粒均从O点运动到P点，位移为从O点到P点的有向线段，两谷粒的位移相等，但谷粒2的运动时间长，则谷粒2的平均速度小，D错误。
6．【答案】C
【详解】由题图（b）可知，这三列波的振动周期均为T=4s，由v=λT，可得这三列波的波速均为v=1m/s，A错误；离D点最近的波源是C处的波源，该波源的振动形式从C处传播到D处所需时间Δt1=CDv=3s，所以t=2s时，D处的质点还未开始振动，B错误；由几何知识可知AD=BD=5m，波从A、B处传播到D处所需时间Δt2=ADv=5s，所以t=4.5s时，只有C处波源的振动形式传到D处，D处的质点振动了Δt3=4.5s−3s=1.5s，结合题图（b）可知，在t=4.5s时，D处的质点向y轴负方向运动，C正确；t=6s时，A、B处波源的振动形式传到D处，使D处的质点振动了Δt4=6s−5s=1s，由题图（b）可知，效果是D处的质点处于波峰处，t=6s时，C处波源的振动形式传到D处，使D处的质点振动了Δt5=6s−3s=3s，由题图（b）可知，效果是D处的质点处于波谷，根据波的叠加原理可得，D处的质点与平衡位置的距离（关键点：某点处的质点的位移是各个波单独传到该点处使该点产生的位移的矢量和）为y=2+2−2cm=2cm，D错误。
7．【答案】AD
【详解】根据题意可知波的周期为T=1f=0.4s，根据公式v=λT，可得波长λ=vT=10×0.4m=4m，A正确；A点处的波源的波传到C点的时间为tAC=xACv=310s=0.3s，B点处的波源的波传到C点的时间为tBC=xBCv=32+4210s=0.5s，由此可知t=0.4s时，B点处的波源的波未传到C处，A点处的波源的波传到C处后，振动了Δt=0.4s−tAC=0.1s=T4，因为A处波源从平衡位置起振，起振方向垂直于xy平面，经过T4恰好达到波峰或波谷处，此时C处质点的加速度不为0，速度为0，B、C错误；由以上分析可知t=0.6s时，A、B两处波源的波均传到C处，C处到两波源的波程差为δ=xBC−xAC=2m=λ2，所以C处为振动减弱点，A、B两处波源产生的波在C处的振动情况恰好相反，根据波的叠加可知此时C处质点速度为0，D正确。
8．【答案】AB
【详解】设飞船A和空间站B下一次相距最近需经过时间为t，则有，解得，A正确；飞船A要与空间站B对接，需点火加速，可以向其运动相反方向喷，B正确；空间站B离地面高度约为400km，根据开普勒第三定律可知飞船A与空间站B对接后的周期小于地球静止卫星的周期，C错误；根据开普勒第三定律有，解得飞船A与空间站B绕地球做匀速圆周运动的轨道半径之比为，D错误。
9．【答案】BD
【详解】由图甲可知周期，图乙为时的波动图像，此时的质点正在向上振动，根据上下坡法可得波沿轴正方向传播，A错误；由图乙可知，波速，B正确；的质点比的质点振动滞后，C错误；由图甲可知的质点振动方程为，代入，可得，D正确。
10．【答案】BD
【详解】对A、B进行分析，根据牛顿第二定律有，解得，令经历时间与传送带达到相等速度，则有，解得，此过程位移，之后A、B继续向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有，解得，到达顶端过程有，舍去时间负值，解得，则物块A从底端运动到顶端的时间为，A错误；结合上述可知，全程摩擦力对物体A的冲量大小为，B正确；时间内A相对于传送带向下运动，则有，时间内A相对于传送带向上运动，则有，由于上述相对位移方向相反，则物块A在传动带上留下的划痕为，C错误，D正确。
11．【答案】(1)0.1 连续相等时间内的位移差是定值 (2)1.92 0.768 12.48 (3)偏大
【解析】(1)相邻两个计数点间的时间间隔为0.1 s，根据连续相等时间内的位移差是定值确定小车做匀加速直线运动．
(2)小车在连续相等时间内的位移差Δx＝1.92 cm，根据Δx＝aT2得a＝eq \f(Δx,T2)＝eq \f(1.92×10－2,0.01) m/s2＝1.92 m/s2，打计数点4时小车的瞬时速度为v4＝eq \f(s4＋s5,2T)＝eq \f(（6.72＋8.64）×10－2,0.2) m/s＝0.768 m/s；第6个计数点和第7个计数点之间的距离为s7＝s6＋Δx＝10.56 cm＋1.92 cm＝12.48 cm.
(3)若交变电流的频率是f＝49 Hz，可知周期的值偏小，根据a＝eq \f(Δx,T2)知，加速度的测量值偏大．
12．【答案】AB间距L；；初始状态弹簧的压缩量；
【详解】
（1）（2）根据极限的思想，在时间很短时间内可以用这一段时间的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门l的速度是；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，对于整体由牛顿第二定律可得：，解得：，设光电门A和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得：，联立解得：，故还需要测量的物理量是A与B之间的距离L，（3）在推导动摩擦因数表达式的过程中，由速度位移的关系式可知，滑块一直做减速运动，可知 OA之间的距离不能小于初始状态弹簧的压缩量．
13．【答案】（1）3mg；（2）；（3）
【详解】（1）由机械能守恒定律可得，
解得，
由牛顿第二定律可得，
则细线对小球拉力的大小为。
（2）小球Q与物体P碰撞后瞬间，由动量守恒定律得，
由能量守恒定律得，
解得。
（3）如果物体P运动到C点与滑板共速，根据动量守恒得，
根据能量守恒可得，
解得，
如果物体P运动到B点与滑板共速，根据动量守恒可得，
根据能量守恒可得，
解得，
故物体P与滑板水平部分的动摩擦因数μ的取值范围为。
14．【答案】（1），方向向左；（2）；（3），
【详解】（1）设导体棒到位置时的速度为，根据动能定理可得，
解得，
导体棒刚进入磁场产生的电动势为，
回路电流为，
导体棒受到的安培力大小为，
则导体棒刚进入磁场时的加速度大小为，方向向左。
（2）从开始运动到出磁场过程中，、组成的系统动量守恒，则有，
解得，
根据能量守恒定律可得，
导体棒中产生的焦耳热为，
联立解得。
（3）离开磁场在斜面上运动到再次进入磁场过程，根据对称性有，
解得离开磁场的时间为，
从返回磁场到均静止，组成的系统满足动量守恒，则有，
解得，
时间内对导体棒由动量定理可得，
又，，
联立解得时间内的位移为，
根据能量守恒定律可得，
解得、棒产生的总的焦耳热为，
从返回磁场到静止过程中，对导体棒根据动量定理可得，
又，
由，
可得，
解得停下时与间的距离为。
15．【答案】（1），；（2）；（3）
【详解】（1）根据求得
金属棒M最终匀速直线时
对金属棒M应用动量定理可得
即
其中
联立求得
（2）在开关接2时，对金属棒M应用动量定理
即
又由
联立求得
绝缘棒N滑到圆周最低点时，由动能定理可得
求得
金属棒M，绝缘棒N弹性碰撞
求得
对绝缘棒N由机械能守恒可得
求得
（3）发生第一次碰撞后，金属棒M向左位移为，根据动量定理可得
即
又由
联立求得
由题可知，绝缘棒N第二次与金属棒M碰前速度为，方向水平向左，碰后速度为，金属棒的速度为，由弹性碰撞可得
求得
金属棒M向左的位移
求得
同理可知，金属棒M与绝缘棒N第三次碰撞后的瞬时速度
金属棒M向左的位移
求得
以此类推，金属棒M与绝缘棒N第次碰撞后的瞬时速度
金属棒M向左的位移
发生第1次碰撞后到最终两棒都静止，金属棒M的总位移
当趋于无穷大时