江苏省扬州市2026年初中物理学业性水平考试附答案

这是一份江苏省扬州市2026年初中物理学业性水平考试附答案，共34页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题(本题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项中只有一个选项正确)
1．磬是古代的一种打击乐器，调音时若磬声太低沉，就打磨磬端，这是为了改变声音的
A．响度B．音调C．音色D．声速
2．如图，“通草花”是江苏省非物质文化遗产.制作它需多次染色并自然晾干，晾干时，通草花中的水发生的物态变化是
A．熔化B．凝固C．汽化D．液化
3．两人共同推车前行，所用的推力分别为10 N和15 N，方向均为水平向左，则推力的合力的大小和方向为
A．5 N，水平向右B．5 N，水平向左
C．25 N，水平向右D．25 N，水平向左
4．如图标志，是提醒行人，前方有障碍物当心绊倒.这主要是因为
A．人有惯性B．人受到惯性作用
C．障碍物没有惯性D．障碍物受到惯性作用
5．如图，加热试管中的水至沸腾.分析橡胶塞被冲出的过程，其能量转化与汽油机的哪个冲程类似
A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程
6．如图是某同学用笤帚扫地的场景，扫地时
A．省力、省功B．费力、省功
C．省力、费距离D．费力、省距离
7．2026年4月，扬州首条低空物流航线启用，全长10km，标志着低空经济迈入新阶段.如图，无人机要在15 min内将包裹从航线起点运到终点，速度至少为
A．40 km/hB．30 km/hC．8m/sD．5m /s
8．2026年5月，中欧联合研制的“太阳风——磁层相互作用全景成像卫星”(简称“微笑”卫星)成功发射.成像卫星利用电磁波进行拍摄，用来研究太阳风对地球磁场的影响.卫星在轨运行如图，下列分析正确的是
A．火箭点火升空的过程中，只受重力
B．卫星从近地点运动到远地点过程中，势能增大
C．卫星和地球之间通过超声波传递信息
D．拍摄时发射的电磁波在真空中速度为340 m/s
9．有研究认为：一些植物的生长有“趋磁性”，即根系指向地磁南极的胚芽会更早发芽.按此观点，最早发芽的是
A．
B．
C．
D．
10．如图，某轮船正在过闸，轮船所受浮力为F，船身底部某处所受水的压强为 p，若闸室内水面缓慢下降，则
A．F 减小B．F 增大C．p不变D．p 减小
11．如图，小明从倒置的漏斗管口向下吹气，乒乓球不会掉下来.下表呈现了小明探究学习的思路，位置①②处填写的内容正确的是
A．大；越大B．小；越小C．小；越大D．大；越小
12．利用PTC 加热片、微型电池、开关、导线制作眼镜除雾装置.如图是甲、乙两个PTC 加热片的电阻随温度变化图像，为达到快速除雾且自动恒温、不会过热的目的，应该选择的加热片和理由正确的是
A．选甲，装置启动后功率快速增加至某一定值并保持不变
B．选甲，装置启动后功率较大，达到一定温度后功率快速减小
C．选乙，电阻随温度变化更平稳，功率更稳定
D．选乙，温度较高时，其电阻并不大，除雾更快
二、填空题(本题共8小题，每空1分，共28分)
13．如图，《江潮报》是新四军在苏中抗日根据地创办的报纸.印报纸的工具包括铁笔、蜡纸和油印机等.为保证能印出最大数量的报纸，蜡纸不能发生撕裂或褶皱，铁笔在蜡纸上刻字，须均匀用力，力求笔尖对蜡纸的压强 ，用铁笔刻字，是因为铁的 比蜡大；还需适时调制油墨以适应不同季节，报纸散发墨香，是因为分子处在 中.
14．用吸管做实验.
（1）用激光笔对着吸管口照射，在天花板上出现光斑，从各个方向都能看到光斑，这是光发生了 反射；若将吸管略微弯曲，如图1，天花板上没有出现光斑，说明光在均匀介质中是沿 传播的.
（2）如图2，用橡皮筋拉动厚书在水平桌面上匀速运动，若在厚书下面放几根圆形吸管，拉动时橡皮筋的伸长量变小，是因为变滑动为滚动可以 .
（3）如图3，手拿餐巾纸摩擦过的塑料吸管，靠近空鸡蛋壳，蛋壳就会被吸引过来，这是因为吸管与餐巾纸摩擦带了 而吸引 物体.
15．如图，湍急的溪水哗哗流过，几只白鹭站立其中，观察者听到的流水声是通过 传入耳朵，感觉白鹭“踏水而行”，是以 为参照物，这体现了运动的 .
16．如图是带开关的“五孔插座”，两个插座上各接一个用电器，开关能同时控制，拔下一个插座上的用电器，另一个仍能工作，则开关应接在 路上，两个插座是 连接的.为了用电安全，开关的一个接线柱应与 线相连，另一个与三孔插座 孔的接线柱相连；三孔插座中间孔的接线柱应与 线相连.
17．如图是某款纯电动无人驾驶矿用卡车，载重量90吨.该卡车有多个巨大车轮，是为了 压强.车载大容量电池最多可储存568kW·h的电能.为实现快速充电，配备四个快充头，每个快充头的充电功率为250kW，则该卡车从零电量至充满电仅需 h.
18．如图，在“再探动滑轮”实验中，将重力为4 N的物体匀速提升0.2m，弹簧测力计拉力为2.5N，拉力做功为 J，有用功为 J，动滑轮的机械效率为 .若增大物重，则机械效率会 .
19．为实现“碳达峰”“碳中和”目标，我国大力发展清洁能源.
（1）目前，三峡水电站是世界上规模最大的水力发电站.如图是发电的原理，摇动手柄带动线圈在磁场中做切割 运动，LED灯会发光，说明电路中产生了电流，这是 现象.
（2）全球最大氢氦能源项目已在国内正式生产.将氢气制成更易液化的氦气，是因为标准大气压下液态氦比液态氢的沸点 .完全燃烧 0.5kg的氢气放出的热量是 J(氢气的热值
20．如图是殷墟出土的商代象牙尺.资料显示，该尺长为一尺，约160mm，有10大格，每大格为一寸，每大格又分成10小格，每小格为一分.由此可知，该尺的分度值约为 mm.若用商代象牙尺测量，试卷第一页上方“注意事项”黑线框短边约 寸.
三、解答题(本题共8小题，共48分.有的空1分，有的空2分，解答22、23题时应有解题过程)
21．按照题目要求作图.
（1）如图1，作出物体AB通过平面镜所成的像 A'B'.
（2）如图2，茶壶静止在水平桌面上，画出茶壶的受力示意图.
（3）如图3，根据电流方向标出通电螺线管的N、S极.
22．恐鸟曾是地球上一种不会飞的鸟，如图是恐鸟化石，科学家推断，恐鸟质量约为240 kg，两只脚掌的总面积约为 600 cm2，g 取 10 N/ kg.则
（1）恐鸟重力约为多少?
（2）恐鸟双脚站立时，对水平地面的压强约为多大?
23．石墨烯发热膜可看作电阻.如图是某款石墨烯智能发热护具，其发热膜电阻R 为5Ω.该发热护具有保暖和理疗两种工作模式.
保暖：供电电压U1为2.5V，低功率运行；
理疗：供电电压U2为5 V，高功率运行.
求：
（1）保暖模式下，电路中的电流大小和发热膜功率大小.
（2）在保暖和理疗模式下各工作5m in，发热膜产生的热量之比.
24．探究凸透镜成像规律实验.凸透镜焦距为10 cm.
（1）调节蜡烛和光屏的位置如图，此时光屏上恰好成清晰的像，像是倒立 的 像，此成像特点与生活中的 (选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”)相同.
（2）用不透明的纸将凸透镜遮住一半，则光屏上能否成完整的像? .
（3）将蜡烛(或F形光源)放在二倍焦距处能成等大的像.请提出一种实验验证的方法： .(选择蜡烛或F形光源中的一个回答即可)
25．用电流表和电压表测量阻值未知的定值电阻实验.
（1）请在图1中用笔画线完成电路连接.
（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片P移至 端.
（3）闭合开关S后，发现电压表指针几乎满偏，原因可能是 .(写出一条即可)
（4）排除电路故障后，移动滑片P，测得多组数据，当电压表示数为2.8V时，电流表示数如图2，为 A.
（5）记录的实验数据如表格，小组成员以六组数据的平均值作为未知电阻阻值，你是否赞同这个做法?理由是 .
26．探究水沸腾前后温度变化的特点实验.
（1）如图1，每隔10 s记录一次水的温度，作出如图2所示图像，根据图像，水在沸腾前，温度 ；水在沸腾时，温度 .
（2）小明想探究水沸腾的条件，设计了如图3实验.对大烧杯进行加热，发现大烧杯中的水能够沸腾，小烧杯中的水无法沸腾，小明测出小烧杯中的水温，为 ℃.由此，小明猜想：可能是因为小烧杯中的水在不停地向空气散热，导致水温无法达到沸点.于是给小烧杯加上盖子，如图4继续加热大烧杯，发现小烧杯中的水仍不能沸腾，请分析其中原因 ； .
27．跨学科实践活动-——自制密度杯.
如图1是柱形双饮杯，被隔成相等的A、B两部分.小组将它制成一个测量液体密度的密度杯.器材：电子秤、刻度尺、滴管、贴纸.
（1）设计制作：
取下盖子和吸管，将双饮杯放在水平放置的电子秤上，按“清零”键，显示“0.0”.在A侧倒入待测液体，用刻度尺测出液面的高度，记为h液，电子秤的示数，即为液体的质量.在B侧倒入水，并用滴管调节，观察电子秤的示数至刚才的两倍，此时B侧水的质量 (选填“大于”“等于”或“小于”)A侧液体的质量，测出水面的高度，记为h水，则ρ液= (用所测量的h液、h水和已知量ρ水表示).
（2）标密度值：
如图2，在双饮杯上贴一张有刻度线的贴纸.将水作为待测液体，倒入A侧至10格处，请你帮小组在贴纸上B侧相应位置画上横线并标注“1.0g/cm3”.小组在贴纸上均匀标出其它密度值，这样做的理由是 ：
（3）实践应用：
在A侧倒入待测液体至 格处，在B侧加水至电子秤的示数变为两倍，则B侧水面所对应的密度值即为待测液体密度.
（4）测量时发现液体密度大于 g/cm3时，该密度杯无法使用.
（5）反思改进：
小组同学思考，若A侧待测液体倒至5 格处，则贴纸上的“1.0 g/cm3”应改为 g/cm3.
（6）若不改变原标注的密度值，可在贴纸5格处标出相应的倍数“×n”，如图3，则 n= ，即制成双量程密度杯.
28．阅读短文，回答问题.
2026年2月，全球首个实现“海上风电直连+海水自然冷却”的海底数据中心在国内正式启用.此次启用的是该海底数据中心项目的一期示范工程.
如图1，海上风电直连，是通过电缆将海上风电与海底数据中心直接连通的供电模式.风机发出的电能，输送至海底数据舱和海水自然冷却装置等.海水自然冷却是利用低温海水吸收数据舱内服务器工作时产生的热量，使服务器工作状态保持正常，即舱内温度不超过20℃；抽水泵功率越大，冷却管道中海水流速越大.
该海底数据中心的建立，为AI时代数字基础设施环保升级提供了“中国方案”.
（1）海上风力发电机工作时，将 能转化为电能.
（2）相对于传统冷却方式，该数据中心选择了海水自然冷却.
①满负荷运行时，每秒钟约0.15 m3的15℃海水被抽水泵送进冷却管道，流经数据舱，吸热后温度最大升高5℃.海水约吸收了 J的热量，已知ρ海水约为 C海水约为
②利用海水自然冷却的优点： 、 .(写出两点即可)
（3）工程上，常用“能源利用率”作为评价数据中心能效的重要指标，简称 PUE.
其中 PM1为数据中心所有用电设备消耗的总功率，PM2为数据中心所有IT 设备消耗的总功率. PUE值越接近1，数据中心越节能.
①A、B两个地区数据中心行业的PUE均值如图2，选址建设数据中心，如果你是项目论证参与者，你建议选择的地区是 .
②该海底数据中心的IT设备总功率达2.3MW，若PUE为1.2，则该数据中心非IT 设备消耗的电功率是 MW.
③某仿真研究表明，舱内最高温度与海水流速关系如图3，由图可知，若海水流速越大，则舱内最高温度 .
④有观点认为，冷却管道中海水流速越大越好.你是否支持这一观点?若支持，写出你的理由；若不支持，写出你的理由并提出建议.
答案
1．【答案】B
【解析】【解答】A、响度由振动的振幅决定，打磨磬端无法改变敲击时的振动幅度，故A错误；
B、音调由振动频率决定，磬声太低沉代表振动频率低；打磨磬的磬端，会减小其质量并改变其振动特性，从而提高其振动频率，使音调升高，因此，打磨磬端是为了改变声音的音调，故B正确；
C、音色由发声体的材料、固有结构决定，仅打磨磬端不会改变音色，故C错误；
D、声速只和传播介质、温度有关，与磬本身无关，故D错误。
故选：B。
【分析】 响度是由物体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大；音调是由物体振动的频率决定，频率越高，音调越高；音色是由发声体的材料、结构等决定；声速是单位时间声音传播的距离。
2．【答案】C
【解析】【解答】A、熔化是固态变为液态，晾干过程无固体融化，故A错误；
B、凝固是液态变为固态，与水分蒸发现象不符，故B错误；
C、晾干时，通草花中的液态水变成水蒸气散失到空气中，属于汽化（蒸发），故C正确；
D、液化是气态变为液态，是水汽凝结的过程，和晾干相反，故D错误。
故选：C。
【分析】物质由液态变为气态的过程叫做汽化，蒸发属于汽化的一种，晾晒物品水分消失就是蒸发现象。
3．【答案】D
【解析】【解答】两个推力均水平向左，因此合力方向水平向左。
合力大小：F = F1+F2 = 10N+15N = 25N，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】同一直线上、方向相同的两个力合成，合力大小等于两力之和，合力方向与两个力的方向一致。
4．【答案】A
【解析】【解答】A、行走时脚被障碍物挡住停止运动，人的身体由于具有惯性，继续保持向前的运动状态，因此会向前绊倒，表述正确，故A正确；
B、惯性是属性，不是力，不能说“受到惯性作用”，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，障碍物也有惯性，故C错误；
D、惯性不是力，不能说障碍物“受到惯性作用”，故D错误。
故选：A。
【分析】惯性是物体本身的固有属性，一切物体都具有惯性；描述时只能说“物体具有惯性”，不能说“受到惯性作用”。
5．【答案】C
【解析】【解答】A、吸气冲程仅吸入汽油和空气的混合气体，不存在能量转化，故A错误；
B、压缩冲程活塞压缩气缸内气体，机械能转化为内能，与实验能量转化方向相反，故B错误；
C、做功冲程中汽油燃烧产生的高温高压燃气推动活塞运动，内能转化为机械能，和橡胶塞被冲出的能量转化完全一致，故C正确；
D、排气冲程仅将燃烧后的废气排出气缸，不存在能量转化，故D错误。
故选：C。
【分析】加热试管中的水，水吸热汽化为高温水蒸气，试管内部气压不断增大，水蒸气对橡胶塞施加推力将塞子冲出；该过程中水蒸气的内能减小，橡胶塞获得动能，能量转化形式为内能转化为机械能。
6．【答案】D
【解析】【解答】A、不存在能省功的机械，且扫帚是费力杠杆，故A错误；
B、所有机械都无法省功，故B错误；
C、扫帚动力臂更短，属于费力杠杆，并非省力，故C错误；
D、扫帚是费力杠杆，费力但能省距离，符合规律，故D正确。
故选：D。
【分析】扫帚属于杠杆，手握住扫帚的位置是动力作用点，地面与扫帚接触处为阻力作用点，支点在另一只手的握持处，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；费力杠杆的特点是费力、省距离，且任何机械都不能省功。
7．【答案】A
【解析】【解答】已知路程s=10km，时间t=15min=0.25h；则速度至少为。
故选：A。
【分析】已知路程s和时间t，根据速度公式求出速度。
8．【答案】B
【解析】【解答】A、火箭点火升空时，受到向上推力、自身重力、空气阻力三个力，不只是受重力，故A错误；
B、卫星从近地点运动到远地点，高度升高，质量不变，重力势能增大，故B正确；
C、超声波传播需要介质，真空无法传播超声波，卫星和地球靠电磁波传递信息，故C错误；
D、电磁波在真空中速度为3×108m/s，340m/s是空气中声速，故D错误。
故选：B。
【分析】卫星在轨运行过程中，质量始终不变，重力势能与高度有关，高度越高重力势能越大；真空不能传声，太空通信依靠电磁波，电磁波在真空中传播速度为光速。
9．【答案】C
【解析】【解答】 磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近，一些植物的生长有“趋磁性”，即根系指向地磁南极的胚芽会更早发芽，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】磁偏角：磁场的N极在地理的南极附近，磁场的S极在地理的北极附近。
10．【答案】C
【解析】【解答】AB、轮船漂浮，F=G船，船重力不变，浮力F不变，故AB错误；
CD、水面下降时船同步下移，船底该点到水面的深度h不变，由可知压强p不变，故C正确，D错误。
故选：C。
【分析】轮船漂浮时浮力始终等于自身重力，闸室水面下降船会同步下降，船浸入水中的深度不变；液体压强公式，水密度、深度均不变，船底指定位置压强不变。
11．【答案】B
【解析】【解答】根据流速大的地方压强小。用力吹气，使漏斗上方空气流速大、压强小，下方压强大，在向上的压力差作用下球不会掉下来。用力向下吹，吊着小重物的乒乓球，乒乓球上方气体流速比下方越大，上方气体压强就比下方越小，向上的压力差越大，所以吊着小重物的乒乓球未掉下来。故B正确，ACD错误。
故选：B。
【分析】流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小。
12．【答案】B
【解析】【解答】A、温度升高后甲电阻大幅上升，功率会快速减小，不会保持定值，故A错误；
B、选甲，低温时电阻小、启动功率大，除雾速度快；温度升高电阻急剧变大，功率快速减小，温度不再持续上升，实现恒温防过热，故B正确；
C、乙电阻变化平缓，高温时功率依旧偏大，无法自动控温，容易过热，故C错误；
D、乙高温时电阻不大，功率高，会持续升温，不能自动恒温，故D错误。
故选：B。
【分析】电源电压不变，根据功率公式电阻越小，加热功率越大。低温时甲、乙电阻都小，启动加热功率大，除雾速度快；温度升高后，甲的电阻急剧增大，功率快速减小，产热变少，实现自动恒温、防止过热；乙电阻随温度增长平缓，高温时电阻偏小，功率仍较大，容易持续升温过热。
13．【答案】均匀；硬度；永不停息地做无规则运动
【解析】【解答】压强计算公式为，在压力一定时，减小受力面积可以增大压强。铁笔笔尖较细，通过减小受力面积来增大压强，这样更容易在蜡纸上刻出清晰的字迹，同时均匀用力能避免压强过大导致蜡纸撕裂；
硬度是物质的物理属性，硬度更高的材料可以划伤硬度更低的材料，铁的硬度大于蜡的硬度，因此可以使用铁笔在蜡纸表面刻出文字痕迹；
报纸散发出墨香属于扩散现象，油墨的气味分子向四周扩散，该现象可以证明一切物质的分子都处在永不停息地无规则运动中。
【分析】压力一定时，受力面积越小，压强越大；硬度大的物体能在硬度小的物体表面留下刻痕；一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动。
14．【答案】（1）漫；直线
（2）减小摩擦力
（3）电；轻小
【解析】【解答】（1）从各个方向都能看到光斑，是因为光发生了漫反射，反射光线朝向各个方向；
若将吸管略微弯曲，如图1，天花板上没有出现光斑，说明光没有沿着弯曲的吸管传播，这表明光在均匀介质中是沿直线传播的；
（2）用橡皮筋拉动厚书在水平桌面上匀速运动，橡皮筋的拉力与书本受到的摩擦力是一对平衡力，大小相等。若在厚书下面放几根圆形吸管，将书本与桌面间的滑动摩擦变为了滚动摩擦。因为滚动摩擦远小于滑动摩擦，所以拉动书本所需的力变小，橡皮筋的伸长量也随之变小。这说明变滑动为滚动可以减小摩擦力；
（3）手拿餐巾纸摩擦过的塑料吸管，吸管因摩擦而带上了电荷。带电体具有吸引轻小物体的性质。空鸡蛋壳质量很轻，属于轻小物体，所以会被带电的吸管吸引过来。
【分析】（1）反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射；光在同种均匀介质中沿直线传播；
（2）根据影响摩擦力大小的因素进行分析，在压力和接触面粗糙程度相同的情况下，滚动摩擦远小于滑动摩擦；
（3）根据摩擦起电现象和带电体的性质进行分析，摩擦可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。
15．【答案】空气；流水；相对性
【解析】【解答】声音传播需要介质，流水产生的声音通过周围的空气传播到观察者耳朵中；白鹭站立在水中，以流动的溪水作为参照物，白鹭和流水之间的位置不断发生变化，因此观察者会感觉白鹭在向前运动，如同“踏水而行”；若以水底石头、岸边为参照物，白鹭位置不变，是静止的；以流水为参照物白鹭是运动的，选取不同参照物物体运动状态不同，体现了运动的相对性。
【分析】声音的传播需要介质，空气可以传声；判断物体运动状态要选取参照物，物体相对参照物位置改变则为运动；同一物体选取不同参照物，运动状态可能不同，即运动具有相对性。
16．【答案】干；并联；火；右；地
【解析】【解答】开关能同时控制两个插座，说明开关安装在干路上，干路开关可控制整个电路通断；拔下一个用电器，另一个仍正常工作，说明两个插座支路互不干扰，符合并联电路特点，因此为并联连接；安全用电规范规定，开关一端要与火线相连，断开开关时，插座侧不会带电，避免触电；三孔插座遵循左零右火的接线规则，开关另一端连接三孔插座右侧接线柱；三孔插座中间上方的插孔接地线，当金属外壳用电器漏电时，地线可将电流导入大地，防止人体触电。
【分析】并联电路各支路独立工作、互不影响；家庭电路开关必须接火线，开关控制火线通断；三孔插座接线遵循“左零右火上接地”。
17．【答案】减小；0.568
【解析】【解答】卡车满载时对地面压力等于自身总重力，压力大小固定；多个巨大车轮增大了轮胎与地面的接触面积，根据压强规律，压力不变、受力面积增大，能够减小车辆对地面的压强，防止路面塌陷；
四个快充头的充电功率P=4×250kW=1000kW，
由可得，该卡车从零电量至充满电需要时间：
【分析】压力不变时，增大受力面积可以减小压强；电能计算公式W=Pt，变形可得充电时间
18．【答案】1；0.8；80%；增大
【解析】【解答】将重力为4 N的物体匀速提升0.2m，自由端移动距离0.4m，弹簧测力计拉力为2.5N，拉力做的总功为：W总=Fs=2.5N×0.4m=1J；
有用功为：W有=Gh=4N×0.2m=0.8J；
动滑轮的机械效率为：×100%==80%；
使用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，增大物重，动滑轮的机械效率越高。
【分析】根据W=Gh求出滑轮对钩码所做的功，根据W=Fs求出拉力做的总功，
利用×100%求出动滑轮的机械效率；使用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，增大物重可以提高动滑轮的机械效率。
19．【答案】（1）磁感线；电磁感应
（2）高；7×107
【解析】【解答】（1）“摇动手柄带动线圈在磁场中做切割运动，LED灯发光”，其本质是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，从而在电路中产生感应电流。这种现象在物理学上被称为电磁感应现象。发电机（包括三峡水电站的大型水轮发电机）正是利用这一原理，将机械能转化为电能。
（2）将氢气制成氦气的原因之一，是因为在标准大气压下，液态氦的沸点比液态氢高得多。氢气的沸点极低，液化和储存条件极为苛刻；而氦气的沸点较高，更容易被液化，从而大幅降低了储存和运输的成本与难度。
根据燃料完全燃烧放热的计算公式 Q=mq=0.5 kg×1.4×108J/kg=7×107J。因此，完全燃烧0.5kg氢气放出的热量是 7×107J。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，该现象为电磁感应；
（2）沸点越高，气体越容易液化；燃料完全放热公式Q=mq。
20．【答案】1.6；1.6
【解析】【解答】整尺总长160mm，分为10大格，每大格（1寸）长度：；每大格又等分为10小格，刻度尺分度值为一小格长度：；试卷“注意事项”黑线框短边长度大约25mm，换算为商代尺的寸：。
【分析】刻度尺分度值是刻度尺相邻两刻度线间代表的长度；长度换算可通过总长度除以格数得到单格标准长度，再用待测长度除以单位标准长度完成单位转换。
21．【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】【解答】（1）分别作出物体两端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'即为AB在平面镜中的像，如图所示：
（2）茶壶静止在水平桌面上，茶壶受到竖直向上的支持力F、竖直向下的重力G，支持力和重力是一对平衡力，大小相等，二力的作用点都画在茶壶的重心，从作用点分别沿力的方向画一带箭头线段，在箭头附近标上F、G，如图所示：
（3）由图知，电流从螺线管的上端流入、下端流出，结合线圈绕向，由安培定则可知，通电螺线管的上端为N极、下端为S极，如图所示：
【分析】（1）平面镜成像：像与物关于镜面对称，像为虚像，用虚线绘制；
（2）受力分析：静止物体受平衡力，重力竖直向下、支持力竖直向上，作用点在重心，线段长度相等；
（3）安培定则（右手螺旋定则）：右手握住螺线管，四指指向电流环绕方向，大拇指指向N极。
22．【答案】（1）解：恐鸟的重力：G=mg=240kg×10N/kg=2400N；
（2）解：恐鸟双脚站立时，对水平地面的压力：F=G=2400N，
受力面积S=600cm2=0.06m2，
对水平地面的压强：
。
【解析】【分析】（1）已知质量大小，重力计算公式G=mg；
（2）水平地面上物体对地面压力等于自身重力，压强公式，计算时受力面积单位要换算为m2。
23．【答案】（1）解：保暖模式下，电路中的电流为：；
发热膜的功率为：P=UI=2.5V×0.5A=1.25W
（2）解：由于发热膜是纯电阻，并且它们工作时间相同，电阻大小不变，则
【解析】【分析】（1）先根据保暖模式下，供电电压为2.5V，发热膜的电脑为5Ω，根据欧姆定律计算出电路中电流的大小，再根据功率的计算公式P=UI计算出发热功率的大小；
（2） 电热公式，电阻不变、时间相同时，电热之比等于电压平方之比。
24．【答案】（1）放大；实；投影仪
（2）能
（3）将蜡烛（或F形光源）放在光具座的30cm刻度处，移动光屏，直到光屏上出现清晰的像，观察像与物的大小
【解析】【解答】（1）蜡烛、凸透镜、光屏位于图中刻度对应的位置，物距小于像距成实像，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，凸透镜成倒立、放大的实像，投影仪是根据这个原理制成的；
（2）用不透明的纸将凸透镜遮住一半，物体上任一点射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗；
（3）要验证物体在二倍焦距处能成等大的像，可以进行如下操作：将蜡烛（或F形光源）放在光具座的30cm刻度处，此时物距u=50cm−30cm=20cm=2f。然后移动光屏，直到光屏上出现清晰的像，观察并比较像与物的大小。
【分析】 （1）根据物距大于一倍焦距小于2倍焦距时，成倒立放大实像的原理进行分析，投影仪就是根据这个原理制成的；
（2）物体有无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像；当遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像；
（3）根据“物距等于二倍焦距时，成倒立、等大的实像”这一规律设计实验。将物体置于二倍焦距处，移动光屏寻找清晰的像，并比较像与物的大小。
25．【答案】（1）
（2）B
（3）定值电阻断路
（4）0.3
（5）不赞同；理由如下：由欧姆定律可知，第⑥次实验的电阻为R6=，与其他差距较大，属于错误数据，应舍去，不能用1-6组数据求得答案。
【解析】【解答】（1）由表格数据可知，电压表选用0～3V的量程，且与待测电阻并联，如图所示：
。
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移至阻值最大端，即B端，目的是使闭合开关瞬间电路中的电流最小，从而保护电路（防止电流过大烧坏电表或用电器）。
（3）定值电阻断路（开路）：此时电压表直接串联在电路中，由于电压表内阻极大，几乎分得全部电源电压，因此指针接近满偏。
（4）图2中电流表所选用0～0.6A量程，分度值为0.02A，读数为0.3A。
（5）不赞同用六组数据平均值作为电阻阻值；理由如下：由欧姆定律可知，第⑥次实验的电阻为，与其他差距较大，属于错误数据，应舍去，不能用1-6组数据求得答案。
【分析】（1）由表格数据可知，电压表选用0～3V的量程，且与待测电阻并联；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移至阻值最大端；
（3）此时电压表直接串联在电路中，由于电压表内阻极大，几乎分得全部电源电压，因此指针接近满偏；
（4）电流表读数时，要看清所选用的量程和分度值；
（5）本实验测量的是定值电阻，其阻值在实验过程中是固定不变的，对定值电阻进行多次测量求平均值，可以有效减小偶然误差。
26．【答案】（1）不断上升；保持不变
（2）97；小烧杯中的水可以从大烧杯的沸水中吸热，使其温度达到自身的沸点；；当小烧杯中的水温达到沸点后，由于与大烧杯中水的温度相同，无法再从大烧杯的水中继续吸热，所以不能沸腾。
【解析】【解答】（1）观察图2的图像可知，在0到约45秒的时间段内，水的温度随时间不断升高，这是水沸腾前的阶段。从约45秒开始，水的温度保持在98℃不变，这是水沸腾时的阶段。因此，水在沸腾前，温度不断上升；水在沸腾时，温度保持不变。
（2）观察图3中温度计的放大图，其分度值为1℃，液柱的上表面在90℃刻度线上方第7个小格处，所以温度计的示数为97℃。对于小烧杯中的水不能沸腾的原因，分析如下：
液体沸腾需要同时满足两个条件：一是温度达到沸点，二是能够继续吸热。
在图4的装置中，大烧杯中的水沸腾后，温度保持在沸点（根据图2可知为98℃）不变。小烧杯中的水通过热传递从大烧杯的水中吸收热量，温度可以升高到自身的沸点（98℃）。
但是，当小烧杯中的水温也达到98℃后，它与大烧杯中水的温度相同，两者之间没有温度差，热传递停止。小烧杯中的水虽然达到了沸点，但无法从大烧杯的水中继续吸收热量，因此不能沸腾。
【分析】（1）根据图2所示的温度-时间图像，分析水在沸腾前和沸腾时两个不同阶段的温度变化规律；
（2）根据图3中温度计的刻度读取示数。分析水沸腾的条件（达到沸点和继续吸热），并结合图4的装置，解释小烧杯中的水为何不能沸腾。
27．【答案】（1）等于；
（2）当左侧待测液体的体积不变，根据ρ液V液=ρ水Sh水，右侧水的高度与液体的密度成正比，故刻度是均匀的。
（3）10
（4）1.5
（5）2.0
（6）2
【解析】【解答】 （1）按“清零”键，显示“0.0”，则电子秤的示数是倒入的液体的质量，在A侧倒入待测液体，用刻度尺测出液面的高度，记为h液，电子秤的示数，即为液体的质量。在B侧倒入水，并用滴管调节，观察电子秤的示数至刚才的两倍，说明水与液体的总质量是液体的质量的2倍，故水的质量等于A侧液体的质量，测出水面的高度，记为h水，根据密度公式知，质量m=ρV=ρSh；
左右底面积相等，故ρ液Sh液=ρ水Sh水，则；
（2）将水作为待测液体，倒入A侧至10格处，此时左右都是水，根据m=ρV=ρSh，左右的高度相等，故在10格处是水的密度；如图所示：
​​​​
当左侧待测液体的体积不变，根据ρ液V液=ρ水Sh水，右侧水的高度与液体的密度成正比，故刻度是均匀的；
（3）根据（2）知，10个是水，故测量时在左侧倒入10格，右侧水的高度显示密度大小；
（4）根据图中右侧最大高度是15格，是水的密度高度的1.5倍，故左侧能够测的最大密度是水的密度的1.5倍，故为1.5g/cm3；超过后该密度杯无法使用；
（5）若A侧待测液体倒至5格处，根据ρ液Sh液=ρ水Sh水，左侧高度减半，故右侧对应的密度高度是原来的一半，因而原来贴纸上的“1.0g/cm3”应改为2倍的2.0g/cm3。
（6）根据上述分析，A侧待测液体倒至5格处，则对应的密度都是2倍，故n=2。
【分析】（1）根据观察电子秤的示数至刚才的两倍，得出质量关系，结合密度公式分析解答；
（2）根据左右的密度相等结合质量相同分析解答；
（3）根据水的质量与待测液体的质量相等，水的体积是多少倍，则左侧的密度是水的多少倍分析；
（4）根据图中的刻度分析；
（5）根据体积关系结合密度公式分析；
（6）根据密度的倍数关系分析。
28．【答案】（1）机械
（2）3.15×106；节约淡水资源；利用自然冷源，减少传统制冷设备的电能消耗
（3）B；0.46；越低；不支持。理由：海水流速越大，抽水泵的功率越大，消耗的电能越多，会导致PUE值变大，降低能源利用率。建议：在保证服务器正常工作温度（不超过20℃）的前提下，选择适当的海水流速
【解析】【解答】（1）海上风力发电机在工作时，主要是将风能（机械能）转化为电能。
（2）①根据题意，每秒抽入的海水体积V=0.15 m3。
海水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×0.15m3=150kg。
海水吸收的热量Q=cmΔt=4.2×103J/（kg•℃）×150kg×5℃=3.15×106J。
②相对于传统冷却方式，海水自然冷却的优点包括：节约淡水资源；利用自然冷源，减少传统制冷设备的电能消耗；无氟利昂等制冷剂，更加环保。
（3）①PUE值越接近1，数据中心越节能。根据图2B地区的PUE均值更低，更接近1，因此建议选择B地区建设数据中心。
②已知IT设备总功率PM2=2.3MW，PUE=1.2。
根据公式，可得总功率 PM1=PUE×PM2=1.2×2.3MW=2.76MW。
非IT设备消耗的电功率=PM1−PM2=2.76MW−2.3MW=0.46MW。
③根据图3的仿真研究关系可知，海水流速越大，带走热量的能力越强，舱内最高温度越低。
④不支持。理由：海水流速越大，抽水泵的功率越大，消耗的电能越多，会导致PUE值变大，降低能源利用率。建议：在保证服务器正常工作温度（不超过20℃）的前提下，选择适当的海水流速。
【分析】（1）发电机工作时将机械能转化为电能。
（2）①根据题意，根据m=ρV计算每秒抽入海水的质量。根据Q=cmΔt计算海水吸收的热量。
②海水自然冷却的优点包括：节约淡水资源；利用自然冷源，减少传统制冷设备的电能消耗；无氟利昂等制冷剂，更加环保。
（3）①PUE值越接近1，数据中心越节能。根据图2B地区的PUE均值更低，更接近1。
②已知IT设备总功率PM2=2.3MW，PUE =1.2。根据公式，计算总率 PM1=PUE×PM2。
计算非IT设备消耗的电功率=PM1−PM2。
③根据图3的仿真研究关系得出结论。
④海水流速越大，抽水泵的功率越大，消耗的电能越多，会导致PUE值变大，降低能源利用率。
建议：在保证服务器正常工作温度（不超过20℃）的前提下，选择适当的海水流速。问题
证据
解释
追问
向下吹气，乒乓球会掉下来吗
乒乓球未掉下来
乒乓球上方的气压比下方①
用力吹，乒乓球会“吸”得更紧吗
用力向下吹，吊着小重物的乒乓球会掉下来吗
吊着小重物的乒乓球未掉下来
乒乓球上方气体流速比下方越大，上方气体压强就比下方 ②
还能找出其他证据吗
实验序号
①
②
③
④
⑤
⑥
电压U/V
0.8
1.2
1.6
2.0
2.4
2.8
电流I/A
0.10
0.15
0.20
0.24
0.29
一
电阻R/Ω
8.0
8.0
8.0
8.3
8.3
—