云南省普洱市2025-2026学年高一下学期期末考试物理试卷（含答案）

这是一份云南省普洱市2025-2026学年高一下学期期末考试物理试卷（含答案），共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列说法正确的是( )
A. 物体的加速度增大，速度可能减小
B. 做曲线运动的物体受力可能平衡
C. 做匀速圆周运动的物体速度保持不变
D. 空间站内的宇航员处于完全失重，故不受重力
2.在某次救援演习中，飞机以6m/s的速度水平匀速飞行。救援物资通过绳索悬挂在飞机上，t=0时刻起，开始匀加速收拢绳提升货物，忽略空气对货物的影响，在t=2s时，货物的速度大小为10m/s，则货物的加速度大小为( )
A. 1m/s2B. 3m/s2C. 4m/s2D. 5m/s2
3.预备铃响起，小明立即沿直线从篮球场冲向对面教学楼一楼教室，并在上课铃响之前到达教室且速度刚好减为0。下列关于小明运动过程的速度v、位移x、加速度a随时间t变化的图像可能正确的是( )
A. B.
C. D.
4.“打水漂”是很多孩子喜欢玩的游戏之一，不仅可以锻炼孩子身体技能，而且趣味性十足。要使石子从水面跳起产生“水漂”效果，石子接触水面时的速度方向与水面的夹角不能大于30°。假设某人将一石子从距水面高度为0.8m水平抛出，不计石子在空中飞行时的空气阻力，重力加速度大小为g=10m/s2，则抛出速度的最小值为多少( )
A. 3m/sB. 3 3m/sC. 4m/sD. 4 3m/s
5.佤族木鼓常采用如图所示的“×”形支架支撑，每个“×”形支架由两根斜杆构成。若两侧“×”形支架斜杆之间的夹角均为θ=90 ∘，木鼓总重力为G，不计支架重力、支架与木鼓间的摩擦力，整个木鼓置于水平地面上，下列说法正确的是( )
A. 支架对木鼓的弹力是由木鼓的形变产生的
B. 每根斜杆对地面的压力大小为G2
C. 每根斜杆对木鼓的支持力大小为 24G
D. 若增大夹角θ，支架杆对木鼓的弹力将减小
6.如图所示，质量为3kg的一只长方体空箱在水平拉力F作用下沿光滑水平面向右匀加速运动。这时铁箱内一个质量为1kg的木块恰好能静止在后壁上。已知木块对铁箱的压力为50N。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，以下说法正确的是( )
A. 木块与铁箱内壁间的动摩擦因数μ=0.4B. 铁箱的加速度大小为50m/s2
C. 水平拉力F的大小为100ND. 地面对铁箱的支持力大小为20N
7.2026年3月，张雪机车在世界超级摩托车锦标赛葡萄牙站中，连夺SSP组别第一回合与第二回合冠军，实现中国品牌在该赛事的历史性突破。某摩托车在专业赛道水平路面上由静止启动，前2 s内做匀加速直线运动，2 s末达到额定功率，之后保持额定功率继续运动，其v−t图像如图所示。已知摩托车的质量为m=4×102 kg，所受阻力为车重的0.2倍，取g=10 m/s2，下列说法正确的是( )
A. 摩托车在加速过程中牵引力保持不变
B. 摩托车在2 s时的瞬时功率P=32 kW
C. 摩托车的最大速度是80 km/ℎ
D. 当速度v=20 m/s时，其加速度为6 m/s2
二、多选题：本大题共3小题，共18分。
8.丢包节又称中老越三国丢包狂欢节，是自2009年起每两年一届在中国云南省江城县、老挝和越南轮流举办的跨境节庆活动。如图所示，长为L的轻绳一端固定于O点，另一端系一个质量为m的丢包。现使丢包在竖直平面内做圆周运动，若丢包刚好能够通过最高点，忽略空气阻力，则以下判断正确的是( )
A. 丢包在最高点时绳的拉力为零B. 丢包通过最高点时的向心加速度为零
C. 丢包在最低点时的速度大小为 3gLD. 丢包在最低点时绳的拉为6mg
9.2026赛季“滇超”足球联赛火热鏖战，“校超”也在全省多地中小学常态化开展，体教融合氛围浓厚。如图所示，某同学在进行足球射门训练时将一质量为m的足球从地面上以速度v踢出，足球恰好水平击中高为ℎ的球门横梁。以地面为零势能面，不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是( )
A. 该同学对足球做的功为12mv2+mgℎ
B. 足球击中球门横梁时重力的瞬时功率为零
C. 足球在击中球门横梁前瞬间的机械能为12mv2−mgℎ
D. 足球在飞行过程中克服重力做的功为mgℎ
10.如图所示，倾角为θ的足够长的光滑斜面体固定在水平面上，轻弹簧放在斜面上，下端与固定在斜面底端的挡板相连，质量分别为3m和m的物块A、B放在斜面上，B与弹簧连接，A、B静止时弹簧的压缩量为x0。已知弹簧弹性势能与其形变量的关系为EP=12kx2，重力加速度为g，则在移走物块A之后的过程中，下列说法正确的是( )
A. 物块B的机械能守恒 B. 弹簧的劲度系数为4mgsinθx0
C. 物块B的最大加速度为3gsinθD. 物块B向上运动的最大位移为34x0
三、实验题：本大题共2小题，共16分。
11.某校物理小组利用水平喷水装置探究平抛运动规律，喷水口位置固定且保持水平稳定喷水，记录水流平抛轨迹。建立如图所示的坐标系，在轨迹上依次选取连续相等时间间隔的三个点A、B、C，相邻两点水平位移相等，测得竖直方向两段位移依次为y1=15.0cm、y2=25.0cm，重力加速度g取10 m/s2。
(1)水流经过相邻两点的时间间隔T= s；
(2)若相邻两点水平距离x=0.20m，则水流喷出的初速度大小为 m/s；
(3)下列做法会明显增大实验误差的是 。
A.喷水管未调水平，有倾斜
B.喷水压强不稳定，出水速度忽大忽小
C.喷水管道内壁存在轻微阻力
12.某实验小组使用图示装置测量当地重力加速度并验证机械能守恒定律。
(1)实验室提供的器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、铁架台和带夹子的重锤，此外还必需的器材是 。
A.天平及砝码 B.毫米刻度尺 C.直流电源 D.交流电源
(2)实验小组打出一条清晰的纸带(部分)如图，选取清晰的五个实际点A、B、C、D、E，测得相邻点间距如下：xAB=7.80 mm，xBC=11.70 mm，xCD=15.60 mm，xDE=19.50 mm，已知实验电源频率为50 Hz，利用逐差法计算重力加速度g= m/s2(保留三位有效数字)。
(3)实验小组利用这条纸带进一步验证机械能守恒，若测得释放点到D点的距离为ℎ，已知打点计时器打点周期为T，若在误差范围内满足： 则可验证机械能守恒(用g、ℎ、xCD、xDE、T表示)。
(4)有小组成员认为，既然实验测出了重力加速度，就可以用自由落体运动公式v= 2gℎ计算B点速度，从而验证机械能守恒。对于这种观点下列说法正确的是 。
A.这种观点是正确的，用v= 2gℎ计算速度很方便。
B.利用纸带计算速度的正确方法是用中间时刻速度等于平均速度，用v= 2gℎ会导致速度计算值偏大，无法与理论重力势能变化形成有效对比。
C.纸带与打点计时器间存在摩擦、空气阻力的影响，重锤并非严格做自由落体运动，因此不能直接用v= 2gℎ计算速度，否则会忽略阻力带来的误差。
D.用v= 2gℎ计算速度，本质上默认了“物体只受重力、做自由落体运动”，而这正是机械能守恒定律的前提条件，相当于用结论去验证前提，属于循环论证，失去了验证的意义。
(5)重力加速度测量值g测与真实值g真的关系为g测=g真−a，式中a为空气阻力产生的加速度，若重锤质量为m=0.5 kg，重力加速度理论值g真=9.78 m/s2，请根据本实验测得的g测，估算实验时空气阻力的大小f= N(保留三位小数)。
四、计算题：本大题共3小题，共38分。
13.彩虹滑道近年来已成为国内景区“顶流网红”。如图所示的彩虹滑道可简化为一段倾斜轨道和水平轨道的组合，滑道的倾斜部分可视为倾角θ=37 ∘的斜面。一名游客(视为质点)从距轨道底端4m处由静止开始匀加速下滑，经过2s滑到底端。为了增加趣味性，工作人员有时会在整个滑道上喷水，喷水后滑行器与滑道间的摩擦因数减小为原来的12。已知游客在经过轨道连接处时速度大小不变，游客与整个滑道间的动摩擦因数相同，重力加速度g=10m/s2，sin37 ∘=0.6,cs37 ∘=0.8，不计空气阻力。求：
(1)未喷水时，游客与滑道间的动摩擦因数；
(2)喷水后，若要使游客能安全减速到停，水平轨道的长度至少应为多少米。
14.神舟二十三号载人飞船于2026年5月24日在酒泉卫星发射中心发射，实现了3.5小时径向快速对接和飞船载荷能力的翻倍提升。如图所示，神舟二十三号与北斗MEO卫星均绕地心做匀速圆周运动，且同向运行。已知神舟二十三号轨道半径r1=R，周期T1=90 min；北斗MEO卫星轨道半径r2=4R；某时刻两卫星与地心共线且位于地心同侧。设地球质量为M、地球半径为R，万有引力常量为G，忽略地球自转与大气阻力。求：
(1)两卫星的角速度之比，以及北斗卫星的运行周期T2；
(2)从图示位置开始计时，求二者相距最近的时刻t1及相距最远的时刻t2。
15.如图所示，光滑圆弧轨道BC固定在水平地面上，其圆心角θ=53°，半径R=3m，末端切线水平。两个质量均为M=1kg、长度均为L=4.5m的木板D、E静止在粗糙的水平地面上，D、E之间不粘连，其上表面与C端等高且平滑衔接；足够长的水平传送带顺时针匀速转动。现将质量m=2kg的物块A轻放于传送带的左端，离开传送带后从B点沿切线方向进入BC轨道，并最终滑上木板E。已知物块A与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，物块A与木板间的动摩擦因数均为μ2=0.4，A、B两点间竖直高度差ℎ=0.8m；木板D与水平面间的动摩擦因数μ3=0.2，木板E下表面光滑。取g=10m/s2，sin53°=0.8，cs53°=0.6。求：
(1)物块A从开始到与传送带共速时，相对地面的位移；
(2)物块A滑到C点时，受到圆弧轨道支持力的大小；
(3)物块A在木板D上运动过程中，木板D克服地面摩擦力所做的功。
1.【答案】A
2.【答案】C
3.【答案】B
4.【答案】D
5.【答案】C
6.【答案】B
7.【答案】D
8.【答案】AD
9.【答案】BD
10.【答案】BC
11.【答案】0.1
2/2.0
AB

12.【答案】BD
9.75
gℎ=12xCD+xDE2T2
D
0.015

13.【答案】解：(1)由位移公式：x1=12a1t2 ①
解得a1=2m/s2 ②
游客在斜面上的受力分析：mgsinθ−μmgcsθ=ma1 ③
解得：μ=0.5 ④
(2)方法−;游客在斜面上的受力分析：mgsinθ−12μmgcsθ=ma2 ⑤
游客到达斜面低端的速度为：2a2x=v12 ⑥
游客在水平滑到上受力分析：−12μmg=ma3 ⑦
游客在水平滑道运动过程中：2a3x1=0−v12 ⑧
水平轨道至少需要：x1=6.4m ⑨
方法二：对游客全过程列动能定理：mgsinθx−12μmgcsθx−12μmgx1=0 ⑤
水平轨道至少需要：x1=6.4m ⑥
14.【答案】(1)根据万有引力提供向心力有 GMmr2=mω2r
则两卫星角速度之比为 ω1:ω2= r23r13
代入数据可得 ω1:ω2=8:1
由开普勒第三定律可得 r13T12=r23T22
代入数据可得 T2=12 ℎ
(2)两卫星相距最近满足 2πT1−2πT2t1=2nπ
解得 t1=12n7 ℎ ( n=1 、2、3…)
两卫星相距最远满足 2πT1−2πT2t2=2n−1π
解得 t2=12n−67 ℎ ( n=1 、2、3…)

15.【答案】(1)物块从传送带末端到B点做平抛运动：2gℎ=vy2，vy=4m/s，将B点的速度水平竖直分解：vx=vBcsθ，vy=vBsinθ，解得：vx=3m/s;vB=5m/s;物块A在传送带上的加速度：a1=μ1g=5m/s2物块传送带上匀加速到vx=3m/s所运动的位移：x1=vx22a1=0.9m，
(2)从B点到C点对物块A列动能定理：mgR(1−csθ)=12mvC2−12mvB2，对物块A在C点受力分析得：NC−mg=mvC2R，联立可得：vC=7m/s;NC=1583N；
(3)物块A在木板D上时物块A的加速度a2=μ2g=4m/s2，物块A在木板D上时木板D的加速度：μ2mg−μ3(m+M)g=2Ma3，a3=1m/s2，物块A在木板D上两物体的位移满足：XA=(vct1−12a2t12)，XD=12a3t12，L=XA−XD，解得：t1=1s，t1=1.8s(舍去)，物块A离开木板D时：vD=a3t1=1m/s，对木板D、E列动能定理：μ2mgXD+Wf=12(M+M)vD2，解得：Wf=−3J，则木板D克服地面摩擦力所做的功为：W=3J