2026年内蒙古中考物理试卷附答案

这是一份2026年内蒙古中考物理试卷附答案，共13页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1．（3分）搭载我国自主研发的全球首款兆瓦级氢燃料涡桨发动机的无人运输机，于2026年4月完成首飞。选择质量更小、放热更多、零碳排放的液氢作为发动机的燃料，是因为液氢的（ ）
A．沸点高B．热值大C．比热容大D．凝固点高
2．（3分）电给我们的生活带来了方便，但不规范用电存在安全隐患。下列做法安全的是（ ）
A．在楼道里给电动自行车充电
B．插线板上接多个大功率电器
C．厨房和卫生间安装防水插座
D．用湿手拔电源插座上的插头
3．（3分）小明一家在呼伦贝尔大草原游玩，傍晚天气变冷，他们采取下列方法取暖，属于做功改变内能的是（ ）
A．喝杯热水B．抱热水袋
C．搓手搓脸D．向手心哈气
4．（3分）2026年5月我国运动员在世界杯花样游泳比赛中荣获5枚金牌。比赛中，运动员随着乐曲翩翩起舞。运动员听到的乐曲声音（ ）
A．由水的振动产生
B．可以在水中传播
C．在空气中传播速度最大
D．对于运动员而言是噪声
5．（3分）如图，某同学使用羊角锤拔钉子，拔不动。在不改变作用力方向的情况下，可以拔起钉子的做法是（ ）
A．手移到锤柄下端B．钉子位于锤尖
C．借助绳子D．套一个长钢管
6．（3分）《天工开物》记载了古人将稻谷脱粒的方法。手握住稻秆束将稻穗摔打在石板上，稻粒溅起，如图所示。稻粒离开石板后向上运动（ ）
A．运动快慢发生改变B．需要力来维持
C．受到石板的作用力D．所受合力为0
7．（3分）学校食堂的储藏室需要低温、干燥的环境，为此物理小组设计了报警电路。当温度升高或湿度变大，任意一项达到预定值时，灯泡发光同时报警铃响（报警铃符号）。S1是温控开关，S2是湿控开关。下列电路图符合设计要求的是（ ）
A．B．
C．D．
二、非选择题（共7小题，共39分）
8．（4分）小明走向图书馆的玻璃门，感觉玻璃门中自己的像逐渐变大。他想知道，像的大小与物体到平面镜的距离是否有关，利用图甲所示的实验装置进行探究。
（1）在水平桌面上铺一张白纸，玻璃板 放置在白纸上。
（2）选择两支相同的蜡烛P和Q，将点燃的蜡烛P依次放在玻璃板前a、b、c位置，移动未点燃的蜡烛Q，直到与蜡烛P的像完全重合，标记对应像的位置a′、b′、c′，如图乙所示。每次操作，蜡烛Q都能与蜡烛P的像完全重合，说明平面镜所成的像与物体大小 。
（3）分析图乙标记的位置可知，像到平面镜的距离随物体到平面镜距离的减小而 。
（4）通过实验小明知道，像的大小与物体到平面镜的距离 。
9．（6分）科创小组准备制作调光台灯，灯泡的额定电压为2.5V。为了确定滑片处于滑动变阻器哪个位置时灯泡能正常发光，并测量灯泡正常发光时的电阻，他们连接了如图甲所示的电路。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整。
（2）滑片P调至最大阻值处，闭合开关。移动滑片，发现灯不亮，电流表、电压表都无示数。经检查，电路中只有一处故障。故障可能是 （写出一个即可），针对你发现的故障提出解决方法 。
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为2.5V，灯泡正常发光，标记滑片位置，此时电流表示数如图乙所示，电流为 A，灯泡正常发光时的电阻为 Ω（保留一位小数）。为了避免灯泡两端电压超过额定电压，滑片P相对标记处不能再向 移动。
10．（6分）如图甲，小明看到鱼吐出的泡泡在上升过程中逐渐变大，他猜想这可能与液体压强有关，于是他利用图乙所示的压强计探究液体内部压强特点。
（1）实验前检查压强计是否漏气，用手指轻压橡皮膜，观察到U形管两侧液面高度差明显变化，说明压强计 。
（2）将探头放入盛水的容器中固定支架，如图丙所示。向容器中逐渐加水进行实验，记录数据如下表：
①通过观察 ，来比较液体内部压强的大小；
②分析 （填序号）可知：同种液体中，液体压强随深度的增大而 。进而可知鱼吐出的泡泡在上升过程中逐渐变大的原因；
③分析实验数据还发现，在同种液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强大小都 。
（3）在第5次实验基础上，小明设计了实验方案：保持探头位置不变，向水中再加入适量浓盐水，以探究液体压强与液体密度的关系，他的设计不科学之处是 。
11．（4分）跨学科实践：制作简易直流电动机
项目提出：电动机已经应用在生产生活的各个方面，如电风扇、洗衣机等。物理小组准备制作简易直流电动机。
项目分析：本项目需要完成三个任务。
（1）了解电动机的工作原理及构造；
（2）设计并制作简易直流电动机；
（3）调试作品。
项目实施：
（1）电动机的工作原理及构造：通电线圈在 中受力转动；直流电动机主要由线圈和磁体组成。
（2）如图甲，把刷有绝缘漆的铜导线绕成矩形线圈，两端各拉出一段引线，把线圈左端引线的漆全部刮掉，右端只刮半周，如图乙，用硬铁丝做支架固定在电池盒两端并与两极相连，电池上放置一块圆形磁体，如图丙，把线圈放在支架上。
（3）轻轻拨动线圈，观察线圈能否持续转动。
展示交流：
（1）通电线圈转动过程中的能量转化是 转化为机械能。
（2）若无论怎样拨动线圈，线圈都不能持续转动，原因可能是 （写出一种即可）。
（3）在不更换器材的情况下，要改变线圈的转动方向，请你说出一种做法 。
12．（5分）学校组织同学们开展远足活动。为了在途中喝到冰凉的酸奶，物理小组制作了一款简易“冰箱”。他们用两个内径不同的不锈钢桶套在一起，在两桶间的环形夹层中装入水，但未装满，将夹层开口密封，如图所示。将“冰箱”放入冰柜冷冻一夜取出，将酸奶放入小桶，拧紧大桶的桶盖。（ρ水＞ρ冰）
（1）请你用所学物理知识解释：
①两桶之间的夹层不能装满水的原因；
②利用“冰箱”能获得冰凉的酸奶的原因。
（2）请你提出一条延长“冰箱”制冷时间的建议。
13．（7分）物理小组研究遥控潜艇模型的浮沉情况。模型体积为6×10﹣4m3，注水前模型质量为0.48kg，放在水平桌面上，与桌面接触面积为8×10﹣3m2。模型放在水足够深的水槽中，吸水后沉入水底，如图所示。ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）注水前模型对水平桌面的压强；
（2）模型沉在水底受到的浮力；
（3）控制水舱向外排水，模型竖直上浮0.2m，浮力所做的功（顶部始终未露出水面）。
14．（7分）内蒙古某机场为防止积雪压损航站楼，在面积为4000m2的航站楼顶部（可视为平面），均匀铺设多段规格相同的电热丝用于融雪。各段电热丝并联连接，正常工作电压为220V，每段电热丝电阻为220Ω，融雪过程中电热丝产生热量的70%被周围的雪吸收。某次雪后，航站楼顶部雪的厚度均为2cm，电热丝开始正常工作，10min将周围的雪的温度从﹣10℃升至﹣5℃。雪的密度取0.11×103kg/m3，雪的比热容取2.1×103J/（kg•℃），求：
（1）通过每段电热丝的电流；
（2）10min内每段电热丝周围的雪吸收的热量；
（3）为使覆盖航站楼顶部的雪在10min内均从﹣10℃升至﹣5℃，至少需要铺设多少段电热丝。
1．【答案】B
【解答】解：液氢满足“质量更小、放热更多”的特点，刚好符合热值大的特性，因此选择液氢作为发动机的燃料是利用了液氢热值大的特点，故B符合题意、ACD不符合题意。
故选：B。
2．【答案】C
【解答】解：A．在楼道里给电动自行车充电，可能堵塞消防通道，且充电过程中存在引发火灾的风险，故A错误。
B．插线板上接多个大功率电器，容易使插线板超负荷工作而发热，可能引发火灾，故B错误。
C．厨房和卫生间较潮湿，安装防水插座可以降低进水短路和触电风险，符合安全用电要求，故C正确。
D．生活用水属于导体，容易导电，用湿手拔电源插座上的插头，可能发生触电事故，故D错误。
故选：C。
3．【答案】C
【解答】解：ABD、喝杯热水、抱热水袋、向手心哈气，都是热量从高温物体转移到低温物体，属于热传递改变物体的内能，故ABD不符合题意；
C、搓手搓脸时，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，手和脸的温度升高，内能增加，属于做功改变物体的内能，故C符合题意。
故选：C。
4．【答案】B
【解答】解：A．乐曲声音是由发声体（如音响设备的振动）产生的，故A不正确；
B．乐曲声音能够在水中传播，运动员在水中可以听到，故B正确；
C．声音在不同介质中的传播速度规律为：固体＞液体＞气体，因此乐曲声音在水中的传播速度比在空气中大，故C不正确；
D．噪声是影响人们正常活动的声音，运动员跟随乐曲起舞，乐曲是他们需要的声音，属于乐音，故D不正确。
故选：B。
5．【答案】D
【解答】解：A．将手移到锤柄下端，动力方向不变，动力臂减小，阻力和阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，所需要的动力变大，不能拔起钉子，故A不符合题意；
B．将钉子移到锤尖，阻力作用点离支点更远，阻力臂增大，阻力不变，动力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，需要更大的动力才能拔起，故B不符合题意；
C．借助绳子拉钉子，无法增大动力臂，仍然无法拔起，故C不符合题意；
D．锤柄套一个长钢管，手握住钢管末端，动力方向不变，动力作用点远离支点，动力臂增大，由杠杆的平衡条件可知，需要的动力减小，能拔起钉子，故D符合题意。
故选：D。
6．【答案】A
【解答】解：A．稻粒离开石板向上运动时，受到竖直向下的重力和空气阻力，合力方向与运动方向相反，因此速度逐渐减小，运动快慢发生改变，故A正确；
B．力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，稻粒向上运动是因为稻粒具有惯性，故B错误；
C．稻粒已经离开石板，没有相互作用，不受石板的作用力，故C错误；
D．稻粒受到的重力、空气阻力方向都向下，合力不为0，故D错误。
故选：A。
7．【答案】D
【解答】解：当温度升高或湿度变大，任意一项达到预定值时，灯泡发光同时报警铃响，说明灯泡和电铃同时工作，且都受两个开关的控制，而当温度升高或湿度变大，只要有一个开关闭合，就报警，说明两个开关互不影响，这两个开关并联，然后控制灯泡和电铃；
A．灯泡在干路，S1在支路，电铃与S2在另一条支路，只闭合S1时只有灯亮、铃不响，故A不符合题意；
B．S1、S2是串联，只有两个开关都闭合电路才为通路，故B不符合题意；
C．S1和灯泡串联在一条支路，S2和电铃串联在另一条支路，只闭合S1时只有灯亮、铃不响；只闭合S2时只有铃响、灯不亮，故C不符合题意；
D．S1、S2并联，灯泡和电铃都串联在干路中，任意一个开关闭合，整个电路为通路，灯亮且电铃响，故D符合题意。
故选：D。
8．【答案】（1）竖直；
（2）相等；
（3）减小；
（4）无关。
【解答】解：（1）本实验应将玻璃板竖直放置在白纸上，便于确定像的位置。
（2）为了比较像与物的大小关系，根据等效替代法，实验时应用两支大小完全相同的蜡烛。蜡烛Q都能与蜡烛P的像完全重合，说明像与物体自身大小相等；
（3）平面镜成像时，像与物到镜面的距离相等。根据图中物体靠近平面镜，像也是靠近平面镜的，即像到平面镜的距离随物体到平面镜距离的减小而减小；
（4）由实验中每次操作，蜡烛Q都能与蜡烛P的像完全重合，则像与物大小相等，而到平面镜的距离改变了，像的大小不变，则像的大小与物体到平面镜的距离无关。
故答案为：（1）竖直；
（2）相等；
（3）减小；
（4）无关。
9．【答案】（1）
（2）开关断路；重新连接开关/更换开关；（3）0.3；8.3；右。
【解答】解：（1）测量灯泡两端电压时，电压表应与灯泡并联。灯泡额定电压为2.5V，所以电压表选0～3V量程，连接图如下；
；
（2）闭合开关后，灯泡不亮，电流表、电压表都无示数，说明电路中没有电流，电压表也没有接到电源两端，故障可能出现在串联电路中，如开关断路。若为开关断路，应重新连接开关或更换开关；
（3）由图乙可知，电流表选用0～0.6A量程，分度值为0.02A，指针指在0.3A处，故电流为0.3A。灯泡正常发光时，U＝2.5V，灯泡正常发光时的电阻R=UI=≈8.3Ω；
图甲中滑动变阻器接入的是滑片P与右端接线柱之间的电阻，滑片向右移动时接入电阻变小，灯泡两端电压会增大，为避免灯泡两端电压超过额定电压，滑片相对标记处不能再向右移动。
故答案为：（1）
（2）开关断路；重新连接开关/更换开关；（3）0.3；8.3；右。
10．【答案】（1）不漏气；（2）①U形管两侧液面高度差； ②1、2、3；增大；③相等；（3）没有控制液体深度相同。
【解答】解：（1）使用前需检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果没有明显变化则表明漏气，如果观察到U形管中的液体有明显高度差，则说明装置气密性良好；
（2）①实验中把金属盒放入液体中，压强计显示的是液体中橡皮膜或金属盒所在位置的压强，通过观察U形管两侧液面的高度差来判断探头处液体的压强的大小，这里用到了转换法；
②根据控制变量法，要研究压强与深度的关系，需要保持液体种类和探头方向不变，只改变深度。观察表格，序号1、2、3的实验满足这个条件：液体都是水，探头方向都“向下”，深度分别为4cm、10cm、16cm。对应的U形管液面高度差分别为3.6cm、9.4cm、15.2cm。可以看出，随着深度的增加，高度差也在增大，所以可得出结论：在同种液体中，液体压强随深度的增大而“增大”。这也解释了为什么鱼吐出的气泡在上升过程中会变大：气泡上升，所处的深度减小，受到的液体压强也减小，所以气泡的体积会膨胀变大；
③探究同一深度液体向各个方向的压强关系。需要找到深度相同、方向不同的实验组。表格中序号3、4、5的实验满足条件，其深度都是16cm，方向分别为“向下”、“向里”、“向上”。对应的U形管液面高度差分别为15.2cm、15.2cm、15.0cm。这三个数值在实验误差允许的范围内是相等的。因此可以得出结论：在同种液体的同一深度，液体内部向各个方向的压强大小都“相等”；
（3）根据控制变量法，要研究压强与密度的关系，必须保持“深度”不变，只改变“液体密度”。保持探头位置不变，向水中再加入适量浓盐水后，容器内液面会上升。探头位置虽然不变，但它距离液面的深度（h）却增大了。其次，加入盐水改变了液体密度。这样一来，深度和密度两个变量都发生了改变，无法确定压强的变化是由哪个因素引起的。这违反了控制变量法的原则。
故答案为：（1）不漏气；（2）①U形管两侧液面高度差； ②1、2、3；增大；③相等；（3）没有控制液体深度相同。
11．【答案】（1）磁场；（2）电；（3）引线两端绝缘漆刮得不对（右端刮漆部分过多或过少）；（4）改变电流的方向。
【解答】解：（1）电动机的原理是通电线圈在磁场中受力转动；
（2）通电线圈转动过程中，消耗电能，获得机械能，是将电能转化为机械能；
（3）线圈都不能持续转动的原因可能是磁场太弱、电压太低或引线两端绝缘漆刮得不对（右端刮漆部分过多或过少）等；
（4）通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，在不更换器材的情况下，要改变线圈的转动方向，可以改变电流的方向或改变磁场的方向。
故答案为：（1）磁场；（2）电；（3）引线两端绝缘漆刮得不对（右端刮漆部分过多或过少）；（4）改变电流的方向。
12．【答案】（1）①两桶之间的夹层不能装满水的原因：这主要是为了防止容器破裂。根据物理知识，水在凝固成冰的过程中，虽然质量不变，但冰的密度小于水的密度（题目已知ρ水＞ρ冰 ）。由公式V=mρ可知，在质量m一定的情况下，密度ρ变小，体积V会变大。如果夹层装满水并密封，水结冰后体积膨胀，会产生巨大的向外压力，极易导致不锈钢桶变形甚至破裂。因此，必须预留一定的空间来容纳结冰后膨胀的体积。
②利用“冰箱”能获得冰凉的酸奶的原因：这涉及到了热传递和物态变化吸热。
热传递：从冰柜取出后，夹层中的冰温度远低于酸奶的温度。根据热力学原理，热量会自发地从高温物体传向低温物体，因此酸奶会向冰块放热，温度降低。
熔化吸热：在酸奶降温的过程中，夹层中的冰吸收酸奶的热量，发生熔化（由固态变为液态）。冰在熔化过程中需要持续吸收热量，且温度保持在熔点不变，这能高效地带走酸奶的热量，从而使其变得冰凉。
（2）要延长制冷时间，本质上是减缓冰块熔化的速度或增加冷量的储备。
加强保温（减缓热传递）：在两个不锈钢桶的外面包裹一层保温材料（如毛巾、泡沫塑料、棉花等），或者将整个装置放入保温袋中。这样可以有效隔绝外界空气的热量，减慢冰的熔化速度。
【解答】解：（1）①两桶之间的夹层不能装满水的原因：这主要是为了防止容器破裂。根据物理知识，水在凝固成冰的过程中，虽然质量不变，但冰的密度小于水的密度（题目已知ρ水＞ρ冰 ）。由公式V=mρ可知，在质量m一定的情况下，密度ρ变小，体积V会变大。如果夹层装满水并密封，水结冰后体积膨胀，会产生巨大的向外压力，极易导致不锈钢桶变形甚至破裂。因此，必须预留一定的空间来容纳结冰后膨胀的体积。
②利用“冰箱”能获得冰凉的酸奶的原因：这涉及到了热传递和物态变化吸热。
热传递：从冰柜取出后，夹层中的冰温度远低于酸奶的温度。根据热力学原理，热量会自发地从高温物体传向低温物体，因此酸奶会向冰块放热，温度降低。
熔化吸热：在酸奶降温的过程中，夹层中的冰吸收酸奶的热量，发生熔化（由固态变为液态）。冰在熔化过程中需要持续吸收热量，且温度保持在熔点不变，这能高效地带走酸奶的热量，从而使其变得冰凉。
（2）要延长制冷时间，本质上是减缓冰块熔化的速度或增加冷量的储备。
加强保温（减缓热传递）：在两个不锈钢桶的外面包裹一层保温材料（如毛巾、泡沫塑料、棉花等），或者将整个装置放入保温袋中。这样可以有效隔绝外界空气的热量，减慢冰的熔化速度。
增加冷源（增加吸热物质）：在夹层中多装一些水（在不装满的前提下），或者在水中加入适量的食盐制成“冰盐混合物”。加盐可以降低冰的熔点，使冰在更低温度下熔化，不仅制冷温度更低，还能吸收更多的热量，延长制冷时间。
减少热量散失：确保大桶的桶盖拧紧，减少内部冷空气与外界热空气的对流。
13．【答案】（1）注水前模型对水平桌面的压强是600Pa；
（2）模型沉在水底受到的浮力是6N；
（3）浮力所做的功是1.2J。
【解答】解：（1）模型重力G＝mg＝0.48kg×10N/kg＝4.8N，
水平桌面上，模型对桌面的压力等于模型自身重力，即压力F＝G＝4.8N，
模型对水平桌面的压强p=FS=4.8N8×10−3m2=600Pa；
（2）模型沉底时，排开水的体积等于模型体积，即V排=V=6×10−4m3，
根据阿基米德原理F浮＝ρ水gV排得模型沉在水底受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10−4m3=6N；
（3）模型上浮过程中顶部始终未露出水面，因此浮力大小保持不变，已知上浮距离h＝0.2m，
浮力所做的功：W＝F浮h＝6N×0.2m＝1.2J。
答：（1）注水前模型对水平桌面的压强是600Pa；
（2）模型沉在水底受到的浮力是6N；
（3）浮力所做的功是1.2J。
14．【答案】（1）通过每段电热丝的电流是1A；
（2）10min内每段电热丝周围的雪吸收的热量是9.24×104J；
（3）为使覆盖航站楼顶部的雪在10min内均从﹣10℃升至﹣5℃，至少需要铺设1000段电热丝。
【解答】解：（1）各段电热丝并联连接，正常工作电压为220V，每段电热丝电阻为220Ω，根据欧姆定律知，电流I=UR=220V220Ω=1A；
（2）工作时间t＝10min＝600s；
10min内每段电热丝产生的热量Q放=U2Rt=(220V)2220Ω×600s=1.32×105J；
则雪吸收的热量Q吸=ηQ放=70%×1.32×105J=9.24×104J；
（3）雪的厚度h＝2cm＝0.02m；
雪的体积V＝Sh＝4000m2×0.02m＝80m3
雪的总质量m＝ρV＝0.11×103kg/m3×80m3＝8.8×103kg；
雪的温度变化Δt＝﹣5℃﹣（﹣10℃）＝5℃；
雪吸收的总热量Q总吸=cmΔt=2.1×103J/(kg⋅°C)×8.8×103kg×5°C=9.24×107J；
电热丝段数n=Q总吸Q吸=9.24×107J9.24×104J=1000段。
答：（1）通过每段电热丝的电流是1A；
（2）10min内每段电热丝周围的雪吸收的热量是9.24×104J；
（3）为使覆盖航站楼顶部的雪在10min内均从﹣10℃升至﹣5℃，至少需要铺设1000段电热丝。序号
探头浸入水中的深度/cm
探头方向
U形管两侧液面高度差/cm
1
4
向下
3.6
2
10
向下
9.4
3
16
向下
15.2
4
16
向里
15.2
5
16
向上
15.0
题号
1
2
3
4
5
6
7
答案
B
C
C
B
D
A
D