2025---2026学年湖南省怀化市高三下学期物理二模练习试卷6[含答案Word版】

这是一份2025---2026学年湖南省怀化市高三下学期物理二模练习试卷6[含答案Word版】，共15页。

注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上．
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．回答非选择题时，将答案写在答题卡上．写在本试卷上无效．
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回．
第一部分（选择题 共43分）
一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．[4分]下列生活中的光学现象，与光的干涉现象直接相关的是（ ）
A．放在有水的碗里的筷子，看上去发生了弯折
B．肥皂泡在阳光下呈现出绚丽的彩色花纹
C．通过偏振片观察手机屏幕，旋转偏振片时亮度变化
D．雨后天空出现彩虹
2．[4分]如图所示，质量为m的小球套在竖直固定的光滑圆环上，在圆环的最高点有一个光滑小孔，一根轻绳的下端系着小球，上端穿过小孔用力F拉住，开始时绳与竖直方向的夹角为θ，小球处于静止状态，现缓慢拉动轻绳，使小球沿光滑圆环上升一小段距离，重力加速度大小为g，则下列说法正确的是（ ）
A．绳与竖直方向的夹角为θ时，F=mgcsθ
B．小球沿光滑圆环上升过程中，轻绳拉力逐渐增大
C．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力逐渐增大
D．小球沿光滑圆环上升过程中，小球所受支持力大小不变
3．[4分]如图所示，平行板电容器左极板接地，充电后与电源断开，两板间有一个带负电的试探电荷固定在P点。静电计的金属球与电容器的负极板连接外壳接地。以E表示两板间的电场强度，φ表示P点的电势，表示该试探电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。若保持负极板不动，将正极板缓慢向上平移一小段距离（静电计带电量可忽略不计），关于各物理量变化情况，下列说法正确的是（ ）
A．E增大，φ降低，减小，θ增大
B．E增大，φ降低，增大，θ增大
C．E不变，φ不变，不变，θ减小
D．E不变，φ升高，减小，θ减小
4．[4分]如图所示，空间有一个边长为2L的等边三角形匀强磁场区域，现有一个底边长为L的直角三角形金属线框，电阻为R，高度与磁场区域相等，金属线框以速度v匀速穿过磁场区域的过程中，规定逆时针方向的电流为正，则下列关于线框中感应电流i随位移x变化的图线正确的是（开始时线框右端点与磁场区域左端点重合）（ ）
A．B．
C．D．
5．[4分]A、B两辆汽车从同一地点同时出发沿同一方向做直线运动，它们的速度的平方（v2）随位置（x）的变化规律如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．汽车A的加速度大小为4m/s2
B．汽车A、B在x=4m处的速度大小为 22 m/s
C．从开始到汽车A停止前，当xA=4m时A、B相距最远
D．从开始到汽车A停止前，当xB=4m时A、B相遇
6．[4分]如图甲所示，一运动员在练习投冰壶，开始时冰壶静止在发壶区固定位置，运动员对冰壶施加一个水平推力，作用一段时间后撤去。若运动员施加的水平推力第一次为，第二次为，两次冰壶恰好能停在冰面上的同一位置，两次冰壶运动的动能随位移的变化图像如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．做的功小于做的功
B．的平均功率等于的平均功率
C．的冲量大于的冲量
D．两次运动中摩擦力的冲量相等
7．[4分]如图所示电路中，、为定值电阻，为滑动变阻器，C为电容器，电源电动势和内阻分别为、（）。电表均为理想电表。开关S闭合后，当滑动变阻器的滑片自b端向a端滑动的过程中，理想电压表、的示数变化量为、，理想电流表的示数变化量为，下列说法正确的是（ ）
A．电源的输出功率逐渐增大，电源的效率逐渐变大
B．电容器的带电荷量减少
C．不变，变小
D．变大，不变
二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8．[5分]“风洞实验”常用于研究飞行器的空气动力学特性，在某风洞中，将一小球从M点竖直向上抛出，小球在大小恒定的水平风力作用下，运动轨迹如图所示。其中M、N两点在同一水平线上，O点为轨迹的最高点，小球经过M点时的动能为9J，经过O点时的动能为4J。下列说法正确的是（ ）
A．小球所受的重力和风力大小之比为
B．上升和下降过程，小球的机械能变化量之比为
C．从M点运动到O点的过程，小球的动能一直减小
D．小球经过N点时的动能为25J
9．[5分]某带电粒子转向器的横截面如图所示，转向器中有均匀分布的辐向电场，电场线沿半径方向指向圆心。粒子从点射入后，恰好能沿圆弧虚线运动，并从点射出。粒子仅受电场力，下列说法正确的是（ ）
A．粒子带负电
B．圆弧虚线是等势线
C．粒子射出时的速度大于射入时的速度
D．增大电场强度，可使粒子转向半径减小
10．[5分]质量为的电瓶车，由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供的电压，当电瓶车在水平地面上以的速度匀速行驶时，通过电动机的电流为，设车所受的阻力是车重的倍（）。下列说法中正确的是（ ）
A．电瓶车受到的阻力为
B．电动机的机械效率为
C．电动机的内阻为
D．电动机的内阻为
第二部分（非选择题 共57分）
非选择题：本大题共5题，共57分
11．[6分]某同学利用实验室的实验器材制成了简易的欧姆表，该简易欧姆表有×100、×10两个倍率，如图所示，已知电流计(内阻Rg=54Ω、量程为Ig=1mA)、滑动变阻器R(最大阻值为2000Ω)、电阻箱(0∼9999.9Ω)、干电池E=1.5V,r=2Ω。
（1）电路中M应为_______(填“红”或“黑”)表笔；断开开关S时，应为_______(填“×100”或“×10”)倍率。
（2）断开开关S，滑动变阻器接入电路的电阻值为_______Ω，当电流表的指针偏转角度为满偏的34时，此处所标注的刻度值应为_______(刻度值为电阻值与倍率的比值)。
（3）闭合开关S，为使中央刻度值与开关断开时相同，则滑动变阻器接入电路的电阻值为_______Ω，电阻箱的阻值应调节为_______Ω。
12．[8分]高三（6）班某探究小组利用如图甲所示装置探究含动滑轮连接体系统的动力学特性。
（1）实验开始前，取下动滑轮和重物，将长木板不带定滑轮的一端适当垫高。接通电源，轻推小车，观察纸带上的点迹分布。若纸带上打出的点迹满足______，则说明已平衡摩擦力。
（2）图乙为某次实验中获得的一条纸带。纸带上选出了A、B、C、D四个计数点（每相邻两个计数点间还有4个点未画出），因操作不慎，计数点B及其附近的点迹被墨水污染无法识别。探究小组突发奇想，想挑战用这条纸带求小车运动的加速度。图乙中刻度尺的0刻度线与A点对齐，请根据刻度尺读出A、C两点间的距离______cm。，通过推理计算，得出小车加速度。
（3）已知小车总质量，动滑轮及悬挂重物总质量，假设不计一切摩擦及细绳质量，利用（2）中已求出的及质量参数，可求得当地重力加速度______（结果保留三位有效数字）。
（4）该小组查阅资料发现，当地重力加速度标准值为，本实验求得的g值与标准值存在偏差，请写出一条能减小偏差的措施：______。
13．[13分]如图所示，在倾角的粗糙固定斜面上，用一根劲度系数为k的轻弹簧连接质量为3m的物块A和质量为m的物块B，物块B通过不可伸长的轻绳跨过光滑轻质滑轮，连接在质量为5m的物块C上。用手托住C，使轻绳刚好伸直，弹簧处于原长。松手后，B、C由静止开始运动，已知A、B与斜面间的动摩擦因数均为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，B不会与滑轮碰撞，弹簧的弹性势能（x表示弹簧的形变量），弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小为g，整个过程中C始终未落到地面，求：
（1）释放瞬间，B的加速度大小；
（2）A开始运动前，B的最大速度为多少；
（3）A的最大速度为多少？
14．[14分]如图甲所示，在粗糙的水平面上有一滑板，滑板上固定着一个用粗细均匀的导线绕成的正方形闭合线圈，匝数，边长，总电阻，滑板和线圈的总质量，滑板与地面间的动摩擦因数，前方虚线边界内有磁场，两竖直虚线边界与水平虚线的交点分别为A点和B点，且AB之间的距离为4m，其中虚线AB以上区域内的磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小B1按如图乙所示的规律变化，虚线AB以下的匀强磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小，A、B两点与线圈中心等高。现给线圈施加一水平拉力，使线圈以速度匀速通过磁场区域，时刻，线圈右侧恰好开始进入磁场。。求：
（1）时线圈中通过的电流；
（2）线圈全部进入磁场区域前的瞬间所需拉力的大小；
（3）从线圈右侧开始进入磁场到线圈左侧刚好出磁场区域的过程中滑板与地面之间因摩擦产生的内能。
15．[16分]如图所示，倾角的足够长斜面固定在水平面上，时刻，将滑块、从斜面上相距的两处同时由静止释放。，，、与斜面之间的动摩擦因数分别为，，、之间的碰撞为弹性碰撞，且碰撞时间极短，取重力加速度大小，，两滑块均可看作质点。
（1）求两滑块第一次碰撞后瞬间，滑块的动能；
（2）求滑块从开始运动至第302次与滑块碰撞经过的时间；
（3）写出滑块碰撞后瞬间的速度与碰撞次数的函数关系；
（4）写出滑块从开始运动至第次碰撞前的位移表达式。
参考答案
1．【答案】B
【详解】筷子在水中的弯折是由于光从空气进入水时发生折射，光线方向改变所致，A不符合题意；肥皂泡的彩色花纹是由于光在肥皂膜前后表面反射后发生干涉，不同波长的光因干涉增强或减弱而形成彩色条纹，B符合题意；旋转偏振片时亮度变化是由于偏振片选择性透过特定振动方向的光，涉及光的偏振现象，C不符合题意；彩虹是由于白光在雨滴中发生折射、内部反射和色散（不同波长光折射角不同）形成，D不符合题意。
2．【答案】D
【详解】绳与竖直方向的夹角为θ时，小球受到竖直向下的重力mg、圆环对小球沿半径向外的支持力FN以及沿绳方向的拉力F，画出力的示意图如图所示
根据平衡条件可得F=2mgcsθ，A错误；小球沿光滑圆环上升过程中，由三角形相似得==，所以FN=mg不变，L变短，则F变小，D正确，B、C错误。
3．【答案】B
【详解】正极板缓慢向上平移一小段距离，两板间的正对面积减小，根据电容的决定式，可知，电容C变小，而电容器的电量Q不变，则由，得知，板间电压U增大，静电计指针的偏角反映板间电压则增大；板间场强为，可见E增大；P点到正极板距离不变，由电压公式U=Ed1，得知，P点的电势降低；负电荷在P点的电势能为，因，则增大；综上所有分析结论。
4．【答案】B
【详解】时，穿过线框的磁通量垂直纸面向里增大，由楞次定律可知，线框中感应电流沿逆时针方向为正，设线框有效切割长度为l，则由几何关系有，由法拉第电磁感应定律有，由闭合电路欧姆定律知，当时，时，穿过线框的磁通量垂直纸面向里增大，由楞次定律可知，线框中感应电流沿逆时针方向为正，由几何关系可得，，，当时，；时，穿过线框的磁通量垂直纸面向里减小，由楞次定律可知，线框中感应电流沿顺时针方向为负，当斜边刚出磁场时，之后，由几何关系可得，，，当时，，B图符合题意。
5．【答案】B
【详解】A．根据匀变速直线运动的速度位移关系得
v2=v02+2ax
由图线可知图像的斜率等于2a，对汽车A，则有
2aA=0−246m/s2
解得
aA=−2m/s2
故A错误；
B．汽车A、B在x=4m处的速度大小为v，由图可知，对于汽车A，有
v02=24m/s2
得A的初速度为
v0=26m/s
由 v2−v02=2ax 得
v=v02+2ax=24+2×−2×4m/s=22m/s
故B正确；
D．由图发现，对于B车
2aB=126m/s2
解得
aB=1m/s2
从开始到汽车A停止时，用时
t=0−v0=6s
此时B车的位移
xB=12aBt2=3m
故A车停止后，B车才追上A车，故当xB=6m时A、B相遇，故D错误；
C．当两车速度相等时，AB相距最远，有
v0+aAt′=aBt′
解得
t′=263s
此时
xA=v0t′+12aAt′2=489m
故C错误。
故选B。
6．【答案】C
【详解】根据动能定理可知，图线的斜率等于冰壶所受的合外力，冰壶的最大动能对应撤去水平推力的时刻，撤去推力后两图线的斜率相同，即摩擦力相同，撤去推力前第一次图线的斜率小，可知小于，由两次运动的整个过程动能变化量均为零，可知合外力做功为零，即、做的功等于整个过程克服摩擦力做的功，而摩擦力大小及冰壶的位移均相同，故、做的功相等，A项错误；由图乙可知撤去时冰壶的动能小，即最大速度小，加速过程的平均速度小，由平均功率可知，的平均功率小于的平均功率，B项错误；两次冰壶的整个运动过程动量变化量为零，即合外力冲量等于零，所以、的冲量大小等于摩擦力的冲量大小，因两次运动的位移相同，而第一次撤去外力时冰壶的速度小，可知第一次运动的时间大于第二次运动的时间，故第一次运动中摩擦力的冲量大于第二次运动中摩擦力的冲量，即的冲量大于的冲量，C项正确，D项错误。
7．【答案】D
【详解】电源的输出功率，由于，则有，滑片P由b端向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则增大，根据对勾函数规律可知，电源的输出功率逐渐减小。电源的效率，由于增大，可知，电源的效率逐渐变大，A错误；滑片由端向端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，则电路总电阻增大，干路电流减小，电阻两端电压与内阻承担电压均减小，则并联电路两端电压增大，即电容器两端的电压增大，根据可知，电容器所带电荷量增大，错误；根据欧姆定律有，则有，可知，，均不变，C错误；根据闭合电路欧姆定律有，则有，，由于干路电流I减小，可知，变大，不变，D正确。
8．【答案】AD
【详解】根据题意，设风力大小为F，小球的质量为m，小球的初速度为，MO的水平距离为，竖直距离为h，竖直方向上有，则有，从M到O过程中，由动能定理有，可得J，又有，水平方向上，由牛顿第二定律有，由运动学公式有，由于运动时间相等，则，则有，解得，故A正确；根据题意可知，小球在水平方向做初速度为0的匀加速直线运动，由对称性可知，小球从和从的运动时间相等，设ON的水平距离为，根据匀变速运动推论可知，小球由过程中，由动能定理有，解得J，由功能关系可知，小球机械能的变化量等于风力做功，则小球在上升和下降过程中机械能变化量之比为，故B错误，D正确；根据前面分析可知从M点运动到O点的过程，小球受到的重力和风力的合力方向开始与速度方向夹角为钝角，后与速度方向夹角为锐角，故合力先做负功后做正功，故动能先减小后增大，故C错误。
9．【答案】BD
【详解】粒子仅受电场力作用，恰好能沿圆弧虚线运动，则粒子做匀速圆周运动,由电场力提供向心力，所受电场力指向圆心，电场力方向与电场强度的方向相同，故粒子带正电，粒子做匀速圆周运动，速度大小不变，运动过程中电场力不做功，则圆弧虚线是等势线，AC错误，B正确；由电场力提供向心力有，可知增大电场强度，粒子所受电场力增大，速度大小不变，则粒子转向半径减小，D正确。
10．【答案】AC
【详解】车所受的阻力是车重的0.02倍，所以，故A正确；电机总功率为，电机输出功率为，车匀速运动，故，联立，解得，电动机的机械效率为，故B错误；根据能量守恒定律，电机热功率为，又因为，解得，电动机的内阻为，故C正确，D错误。
11．【答案】黑; ×100 ; 1444 ; 5 ; 142.6 ; 6
【详解】 (1)M表笔连接电源的正极，又欧姆表的电流走向为“红入黑出”，因此M应为黑表笔；闭合开关后，电流计与电阻箱并联，电流表的量程变大，欧姆表的内阻减小，所以断开开关S时，应为倍率较大的×100倍率；
(2)欧姆调零时有 R内=EIg=Ω=1500Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻值为 R=R内−r−Rg=1444Ω，
当电流表的指针偏转角度为满偏的34时，电流计的读数为0.75 mA，则由：34Ig=ER内+Rx，解得 Rx=500Ω，此处所标注的刻度值为500100=5；
(3)由(2)可知当电流计的指针半偏时有 R总=EIg2=Ω=3000Ω，
则中值电阻应为 R中=R总−R丙=3000Ω−1500Ω=1500Ω，
中央刻度值应为 1500100=15，
闭合开关S，中央刻度值仍为15时，中值电阻为 R '中=15×10Ω=150Ω，
流过电源的最大电流为I=ER'中=1.5150A=10mA，
流过电阻箱的最大电流为 I '=I−Ig=(10−1)mA=9mA，
所以电阻箱的阻值应调为 R0=IgRgI '=1×549Ω=6Ω，
电流计与电阻箱并联的电阻值为 Ri=R0RgR0+Rg=54×654+6Ω=5.4Ω，
滑动变阻器接入电路的电阻值为 R '=R '中−r−Ri=142.6Ω。
12．【答案】（1）间距均匀
（2）6.40/6.39/6.41
（3）9.68/9.66/9.67/9.69/9.70
（4）用轻质细线，用体积小质量大的物块等
【详解】（1）平衡摩擦力后，小车在不挂重物的情况下应做匀速直线运动，相等时间内的位移相等，纸带上点迹应间距均匀。
（2）刻度尺分度值为1mm，需估读至下一位，由图知，C点对齐刻度尺的6.40cm处，A点对齐0.00cm处。
（3）由，，，联立得，由匀变速直线运动推论，，联立得。
（4）减小偏差的措施：用轻质细线，用体积小质量大的物块等。
13．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）初始时物体A和B均处于静止状态，弹簧为原长，即弹簧上没有弹力，轻绳刚好伸直，物体B受到重力，斜面的支持力以及斜面的静摩擦力而平衡。释放瞬间，对C有
对物体B有
由于开始时两物体的加速度相同，所以解得，
（2）当物体B所受到的合力为零时，此时其速度达到最大值，此时弹簧的伸长量为，对物体B有
由于B物体的加速度为零，此时C物体的加速度也为零，所以对C物体有
解得
当A物体恰好运动时，对A物体有
解得
即当B所受到合力为零时，A物体刚要开始运动，符合题意，则有
由于物体B和物体C的速度大小相同，所以解得
（3）设从A开始运动，到第一次达到最大速度的运动时间为t，对A、B由动量定理有
对C由动量定理有
其中
当A的速度最大时，A的加速度为零，此时弹簧的形变量与A开始滑动时相同，即A从开始滑动到第一次速度最大过程中，A、B、C的位移大小相等，设为x，有解得
14．【答案】（1）
（2）
（3）
【详解】（1）线圈切割磁感线
线圈电流
（2）线圈匀速运动将要全部进入前，右边导线所受向左的安培力
上下边导线所受向下的安培力
滑动摩擦力
拉力
（3）设线圈进入磁场位移为x时，摩擦力为f1，则
可知摩擦力与位移呈线性关系，所以线圈进入过程克服摩擦力所做的功
完全在磁场中运动时
线圈中形成顺时针电流
线圈上下边受到向上的最大力，
线圈上下边受到向上的最小力
同理可知摩擦力与位移呈线性关系，1s~3s克服摩擦力所做的功
3s~4s无电流，克服摩擦力所做的功
4s~5s线圈左边一半在切割下方磁场，
线圈下边受到向下的安培力，
克服摩擦力所做的功
15．【答案】（1）
（2）
（3）
（4）
【详解】（1）对滑块进行受力分析可知，由于
故滑块恰好静止在斜面上；对滑块进行受力分析并列牛顿第二定律方程有
解得滑块下滑的加速度大小为
根据匀变速直线运动速度与位移的关系式有
解得两滑块发生第一次弹性碰撞前瞬间滑块的速度大小为
由于两滑块发生弹性碰撞，则根据动量守恒定律有
根据机械能守恒定律有
联立解得碰后瞬间滑块的速度大小为
滑块的速度大小为
所以两滑块第一次碰撞后瞬间，滑块的动能为
（2）根据匀变速直线运动的位移公式有
解得两滑块发生第一次弹性碰撞前滑块的运动时间为
由分析可知，两滑块每次发生弹性碰撞后，滑块都将继续以加速度做匀加速直线运动，而滑块将做匀速直线运动。设两滑块从发生第一次弹性碰撞到发生第二次弹性碰撞的时间间隔为，则有，
联立解得，
同理两滑块第二次发生弹性碰撞有，
设两滑块从发生第二次弹性碰撞到发生第三次弹性碰撞的时间间隔为，则有，
联立解得 ，，
同理两滑块第三次发生弹性碰撞有，，，
联立解得 ，，
……
经过计算发现，两滑块从发生第一次弹性碰撞后，每相邻两次弹性碰撞的时间间隔都相等，都为
所以滑块从开始运动至第302次与滑块碰撞经过的时间为
（3）由前面数据分析可知，两滑块第一次碰撞后瞬间滑块的速度大小为
两滑块第二次碰撞后瞬间滑块的速度大小为
两滑块第三次碰撞后瞬间滑块的速度大小为
……
依次类推可得滑块碰撞后瞬间的速度与碰撞次数的函数关系为
（4）由前面数据分析可知，从发生第一次弹性碰撞到发生第二次弹性碰撞，滑块的位移为
从发生第二次弹性碰撞到发生第三次弹性碰撞，滑块的位移为
从发生第三次弹性碰撞到发生第四次弹性碰撞，滑块的位移为
……
依次类推可得滑块从开始运动至第次碰撞前的位移表达式为