浙江温州市2025-2026学年高一下学期6月期末物理试题（B类）（含解析）

这是一份浙江温州市2025-2026学年高一下学期6月期末物理试题（B类）（含解析），共39页。试卷主要包含了可能用到的相关参数等内容，欢迎下载使用。
答题须知：
1．本题库分选择题和非选择题两部分，共8页，建议做题时间90分钟。
2．答题前，务必将自己的姓名、题库答题卡号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卡上。
3．选择题的答案须用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。
4．非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卡上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本题库上无效。
5．可能用到的相关参数：未特殊说明重力加速度g均取10 m/s2。
选择题部分
一、选择题Ⅰ（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1. 下列物理量属于矢量的是（ ）
A. 功率B. 周期C. 电场强度D. 电荷量
【答案】C
【解析】
【详解】A．功率是功与时间的比值，定义式为，只有大小、没有方向，属于标量，故A错误；
B．周期是物体完成一次周期性运动所需的时间，只有大小、没有方向，属于标量，故B错误；
C．电场强度既有大小又有方向，其运算遵循平行四边形定则，属于矢量，故C正确；
D．电荷量只有大小，其正负表示电性，不表示方向，属于标量，故D错误。
故选C。
2. 下列说法正确的是（ ）
A. 密立根提出了相对论时空观
B. 法拉第命名了正电荷和负电荷
C. 卡文迪什发现了万有引力定律
D. 开普勒总结得到了行星运动的三大定律
【答案】D
【解析】
【详解】A．相对论时空观由爱因斯坦提出，密立根的贡献是通过油滴实验测定了元电荷的数值，故A错误；
B．正电荷和负电荷由富兰克林命名，法拉第的主要贡献是发现电磁感应现象、提出“场”的概念，故B错误；
C．万有引力定律由牛顿发现，卡文迪什的贡献是通过扭秤实验测定了引力常量，故C错误；
D．开普勒基于第谷的行星观测数据，总结得到了行星运动的三大定律，故D正确。
故选D。
3. 2026年4月19日，人形机器人“闪电”在北京亦庄半程马拉松中夺冠并打破机器人组赛会纪录。若机器人在一段圆弧轨道上转弯，运动过程中速度大小保持不变，则机器人（ ）
A. 所受合外力可能为零B. 速度的方向一定变化
C. 加速度的方向保持不变D. 所受合外力的大小一定变化
【答案】B
【解析】
【详解】A．机器人做曲线运动，速度方向不断变化，一定存在加速度，因此合外力一定不为零，A错误；
B．圆周运动的速度方向为轨道切线方向，位置变化时切线方向始终变化，因此速度方向一定变化，B正确；
C．匀速圆周运动的加速度为向心加速度，方向始终指向圆心，随位置变化加速度方向不断改变，C错误；
D．匀速圆周运动合外力提供向心力，大小满足，机器人质量、速度大小、圆弧半径都不变，因此合外力大小不变，D错误。
故选B。
4. 如图所示为户外炫彩圆盘风车，风车在竖直面内顺时针匀速转动。雨滴a从风车最高点脱离，脱离瞬间速度等于其所在处风车边缘的线速度，不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A. 雨滴a脱离风车后，做自由落体运动
B. 雨滴a脱离风车后，动能逐渐增大
C. 雨滴a脱离风车后，机械能逐渐增大
D. 若增大风车转速，则雨滴a落地时间变小
【答案】B
【解析】
【详解】A．雨滴 在最高点脱离时具有水平方向初速度，脱离后只受重力，做平抛运动，不是初速度为零的自由落体运动，故A错误；
B．设雨滴脱离瞬间速度为 ，脱离后水平方向速度保持不变，竖直方向速度大小为 ，由速度合成有
随时间增大，逐渐增大，动能 逐渐增大，故B正确；
C．雨滴脱离后不计空气阻力，只有重力做功，雨滴的机械能守恒，不是逐渐增大，故C错误；
D．设最高点离地高度为 ，雨滴脱离时竖直初速度为零，由竖直方向运动有
解得，与风车转速无关，故D错误。
故选B。
5. 手机屏幕的核心可简化为两个平行导体板。当手指靠近时，导体板与指尖间的电场线分布如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电场线是客观存在的
B. 图中可能有电场线相交
C. A点的电场强度大于B点的电场强度
D. 电场线终止于指尖，故指尖感应出正电荷
【答案】C
【解析】
【详解】A．电场线是假想的模型，用于直观描述电场而人为画出的假想曲线。故A错误；
B．电场线的基本性质为从正电荷（或无穷远处）出发，到负电荷（或无穷远处）终止，永不闭合也永不相交，故B错误；
C．从图中可以看出A点处电场线密度明显大于B点处，因此A点的电场强度大于B点的电场强度，故C正确；
D．电场线终止于负电荷处或无穷远处，终止于指尖说明指尖感应电荷为负电荷，故D错误。
故选C。
6. 2025年11月1日，神舟二十号与神舟二十一号机组在太空完成“会师”。已知地球静止卫星轨道高度约36000 km，地球半径约6400 km，空间站运行在离地约400 km的圆轨道上。下列说法正确的是（ ）
A. 空间站运行速度大于7.9 km/s
B. 空间站运行的周期小于24 h
C. 空间站的向心加速度小于地球静止卫星的向心加速度
D. 空间站内的物体处于完全失重状态，是因为不受地球引力作用
【答案】B
【解析】
【详解】A．7.9 km/s是第一宇宙速度，是围绕地球做圆周运动的物体的最大速度，即空间站运行速度小于7.9 km/s，故A错误；
B．根据万有引力提供向心力，则有
解得
设空间站的轨道半径为
地球静止卫星的轨道半径为
因为，故有空间站运行的周期小于地球静止卫星的周期24 h，故B正确；
C．根据万有引力提供向心力，则有
得
因为，所以空间站的向心加速度大于地球静止卫星的向心加速度，故C错误；
D．空间站内的物体处于完全失重状态，是因为所受地球引力全部提供向心力，D错误。
故选B。
7. 如图所示，轻绳跨过定滑轮，绳的两端各系一个重物A和B，质量分别为m、2m。开始时，用手托住重物B，使A、B处于静止状态，释放后A、B开始运动。已知重力加速度为g，不计摩擦阻力和空气阻力，当B下降h时，下列说法正确的是（ ）
A. 重物A的机械能减小
B. 轻绳对重物B的拉力大小为mg
C. 重物B动能是重物A动能的2倍
D. 重物B的速度大小为
【答案】C
【解析】
【详解】A．除重力外，轻绳拉力对重物A做正功，故重物A机械能增加，故A错误；
B．重物A向上做加速运动，处于超重状态，轻绳对重物A的拉力大于mg，因为同一根轻绳上的力大小相同，故轻绳对重物B的拉力大于mg，故B错误；
C．当B下降h时，重物A和重物B速度大小相等，B的质量是A的2倍，故重物B动能是重物A动能的2倍，故C正确；
D．当B下降h时，由系统机械能守恒得，
解得重物B的速度大小，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，A、B两带电小球用绕过光滑定滑轮长为L的绝缘轻线连接，B球紧靠竖直光滑绝缘挡板。系统静止时，A、B球处于同一高度，悬挂A球的轻线与水平方向夹角为37°，悬挂B球的轻线竖直。已知A、B球带等量正电荷，B球质量为m，静电力常量为k，重力加速度为g，两小球均可视为质点，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8。下列说法正确的是（ ）
A. A球的质量为m
B. A球所受拉力大小为0.8mg
C. A球所受库仑力大小为0.6mg
D. A球所带的电荷量为
【答案】D
【解析】
【详解】AB．设滑轮到 A 球的绳长为 ，则滑轮到 B 球的竖直绳长为 ，由绳长关系得
解得
对 B 球竖直方向平衡可得绳中拉力 ；对 A 球竖直方向平衡有
解得，故A错误，B错误。
CD．对 A 球水平方向平衡有库仑力
A、B 两球间距离为
设每球电荷量为 ，由库仑定律得
解得，故C错误，D正确。
故选D。
9. 2026年5月，我国成功发射天舟十号货运飞船。整个变轨过程可简化为：飞船先在近地圆轨道Ⅰ上运行，在A处点火进入椭圆轨道Ⅱ，由近地点A向远地点B运动，在B处进行二次点火进入较高圆轨道Ⅲ并稳定运行。忽略两次点火的时长，上述全过程中卫星速率随时间变化的图像可能正确的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】设地球质量为 ，圆轨道半径为 ，圆轨道运行速度满足
轨道半径越大，圆轨道运行速度越小，所以近地圆轨道 I 的速度大于较高圆轨道 III 的速度。飞船在 A 处点火进入椭圆轨道 II 时需加速，速度瞬间增大；从近地点 A 运动到远地点 B 的过程中，万有引力做负功，飞船速率连续减小。飞船在 B 处点火进入较高圆轨道 III 时也需加速，速度瞬间增大；忽略点火时长，则图像中两次点火对应竖直向上跃变，且最终稳定速率小于初始近地圆轨道速率，故A正确。
故选A。
10. 如图所示为洞头鹿西岛风电场，共有2台风力发电机，叶片转动时可形成半径为50 m的圆面。某时段风速为10 m/s，风向恰好与圆面垂直。已知空气密度为1.2 kg/m3，风力发电机将圆内10%的空气动能转化为电能，π取3。下列说法正确的是（ ）
A. 每秒冲击每台发电机叶片圆面的气流体积约为7.5×103 m3
B. 每秒冲击每台发电机叶片圆面的空气动能约为4.5×106 J
C. 每台发电机发电功率约为9.0×105 W
D. 该发电场工作1小时，总发电量约为450 kWh
【答案】B
【解析】
【详解】A．每秒冲击每台风力发电机叶片转动形成圆面的空气体积约为，故A错误；
B．每秒冲击每台风力发电机叶片转动形成圆面的空气动能约为，故B正确；
C．每台发电机的发电功率约为，故C错误；
D．该发电场工作1小时，发电量约为，故D错误。
故选B。
二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
11. 下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中，油罐车车尾铁链用于吸附灰尘，防止灰尘进入油罐
B. 图乙中，静电除尘中，尘埃带电后因同种电荷相互排斥而被吸附
C. 图丙中，雷雨天气待在金属外壳的汽车内比待在木屋里更安全
D. 图丁中，高压设备导体的表面尽量光滑，是为了避免尖端放电
【答案】CD
【解析】
【详解】A．油罐车车尾铁链是为了导走静电，防止静电产生的火花引起油罐爆炸，不是吸附灰尘，A错误；
B．静电除尘中，尘埃带电后是因异种电荷相互吸引而被吸附到电极上，不是同种电荷相互排斥，B错误；
C．金属外壳的汽车可起到静电屏蔽作用，在雷雨天气待在金属外壳的汽车内比待在木屋里更安全，C正确；
D．高压设备导体的表面尽量光滑，是为了避免尖端放电，因为尖端处电荷容易聚集，容易发生尖端放电现象，D正确。
故选CD。
12. 如图所示，在水平面内有一正方形abcd，各顶点到中心O的距离均为R。各顶点均固定正点电荷，其中a、b、c点的电荷量为q，d点的电荷量为2q，静电力常量为k，则O点处的电场强度（ ）
A. 方向沿Ob方向B. 大小为
C. 方向沿Od方向D. 大小为
【答案】AD
【解析】
【详解】根据对称性，a、c处点电荷在O点位置产生的合电场的电场强度为0。
b处点电荷在O点处产生电场的电场强度，方向由O点指向d点。
d处点电荷在O点处产生电场的电场强度，方向由O点指向b点。
故O点处合电场的电场强度，方向由O点指向b点。
故选AD。
13. 图甲为某快递自动分拣系统，其中某一水平传送带的简化图如图乙所示。长L＝1.6 m的水平传送带以速度v＝2 m/s顺时针匀速转动。质量m＝4 kg的货物（视为质点）以初速度v0从左端滑上传送带。货物与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5。取，下列说法正确的是（ ）
A. 若v0＝0，货物离开传送带所需的时间为0.8 s
B. 若v0＝0，货物相对于传送带滑动的位移大小为0.4 m
C. 若v0＝1.5 m/s，货物在传送带上运动全过程中，系统因摩擦产生的热量为0.5 J
D. 若v0＝1.5 m/s，货物在传送带上运动全过程中，电动机多消耗的电能为0.5 J
【答案】BC
【解析】
【详解】AB．若v0＝0，货物在传送带上先做匀加速直线运动，加速度大小
匀加速的时间
此过程中，传送带的位移大小
货物的位移，后货物做匀速直线运动。
货物相对于传送带滑动的位移大小
货物在传送带上匀速运动的时间，总时间为
故A错误，B正确；
C．若v0＝1.5 m/s，货物匀加速直线运动的加速度依然为
匀加速时间
此过程传送带位移
货物的位移
货物相对于传送带滑动的位移大小
货物在传送带上运动全过程中，系统因摩擦产生的热量为，故C正确；
D．若v0＝1.5 m/s，货物在传送带上运动全过程中，电动机多消耗的电能，故D错误。
故选BC。
非选择题部分
三、非选择题（本题共5小题，共58分）
14. 某实验小组用图1装置开展“探究平抛运动的特点”实验。
（1）除了如图1所示的器材外，还需要的仪器有______（多选）
A. 弹簧测力计B. 白纸和复写纸C. 天平D. 钢球
（2）图2和图3是实验后得到的记录纸。图2产生的原因可能是______，图3产生的原因可能是______
A.斜槽末端切线不水平
B.选择的斜槽轨道表面粗糙
C.释放小球的初始位置不同
（3）某同学改变实验方案，装置如图4所示。竖直挡板上附有复写纸和白纸，可以记下钢球撞击挡板时的点迹。实验时竖直挡板初始位置紧靠斜槽末端，钢球从斜槽上P点静止滚下，撞击挡板留下点迹0，将挡板依次水平向右移动相同的距离，重复实验，在白纸同一竖直线上依次留下点迹1、2、3，其位置关系可能是图5中______（选填“甲”、“乙”或“丙”）。
【答案】（1）BD （2） ①. A ②. C
（3）乙
【解析】
【小问1详解】
A．本实验主要研究平抛运动的轨迹，不需要测量力的大小，所以不需要弹簧测力计，故A错误；
B．实验中需要用白纸和复写纸来记录小球做平抛运动经过的位置，故B正确；
C．本实验不需要测量小球的质量，所以不需要天平，故C错误；
D．本实验需要钢球作为平抛运动的研究对象，故D正确。
故选BD。
【小问2详解】
[1]图2中轨迹起点段斜向上，说明小球在抛出时不仅有水平速度，还有竖直向上的分速度，做的是斜抛运动，产生该现象的原因可能是斜槽末端切线不水平（向上倾斜）。故选A。
[2]图3中点迹散乱，不在同一条抛物线上，说明小球每次平抛的初速度大小不同，产生该现象的原因可能是释放小球的初始位置不同。故选C。
【小问3详解】
钢球做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，挡板依次水平向右移动相同的距离，则钢球每次打到竖直挡板上所经过的运动时间间隔相等，点迹0对应挡板紧靠斜槽末端的初始位置，即平抛运动的抛出点，则点迹1、2、3对应的时间分别为、、，在竖直方向上，钢球做自由落体运动，下落高度
则点迹1、2间的竖直距离
点迹2、3间的竖直距离
可见，即相邻点迹间的竖直距离逐渐增大，位置关系可能是图5中的乙。
15. 某实验小组利用自由落体运动验证机械能守恒定律。
（1）下列图中实验操作正确的是______
A. B.
C. D.
（2）让重物从静止开始下落，打出一条清晰的纸带，其中的一部分如图所示。O点是打下的第一个点， A、B和C为另外3个连续打下的点。已知交流电的频率为50 Hz，从打下O点开始至打下B点的过程中，重物下落的高度为______cm；打下B点时，重物的速度为______m/s（计算结果保留3位有效数字）。
（3）经计算，从O点到B点，重物的重力势能的减少量为0.59 J，动能的增加量为0.57 J，出现这一结果的原因可能是______
A. 工作电压偏低
B. 存在空气阻力和摩擦力
C. 接通电源前释放了纸带
【答案】（1）D （2） ①. 30.25（30.20-30.30均可） ②. 2.58##2.56##2.57##2.59##2.60##2.61##2.62##2.63 （3）B
【解析】
【小问1详解】
为减小纸带与打点计时器间的阻力，应在上端用手竖直提着纸带，且重物要尽量靠近打点计时器。
故选D。
【小问2详解】
[1]由图读得重物下落的高度，即的长度为
[2]已知交流电的频率为，则相邻两点间的时间间隔，由图可知的长度为，的长度为，根据匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，可得打下点时重物的速度
【小问3详解】
A．工作电压偏低只会影响打出的点迹清晰度，不会改变系统的机械能守恒情况，故A错误；
B．实验中重物下落时，不可避免地会受到空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦力作用，重物克服阻力做功，使得一部分机械能转化为内能，因此会出现重力势能的减少量略大于动能的增加量的情况，故B正确；
C．若接通电源前就释放了纸带，则打下第一点时重物已经具有了一定的初速度，此时实际动能的增加量应为，而实验计算时默认初速度为零，将动能增加量算作，这会导致计算出的动能增加量偏大，从而可能出现动能增加量大于重力势能减少量的情况，故C错误。
故选B。
16. 用如图所示的向心力演示器探究向心力大小与半径、角速度、质量的关系。
（1）本实验采用的研究方法是
A. 等效替代法B. 理想模型法C. 控制变量法D. 微小量放大法
（2）探究向心力大小与半径的关系时，应选择下列实验情景图中的
A. B. C.
【答案】（1）C （2）B
【解析】
【小问1详解】
探究向心力的大小与半径、角速度、质量的关系时，每次只改变一个变量，控制其它因素不变，运用了控制变量法。
故选C。
【小问2详解】
根据控制变量法要求，探究向心力与半径的关系时，需要保持小球质量、角速度不变，只改变转动半径。根据可知塔轮需要相同。
故选B。
17. 如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A系在长为L的绝缘轻绳下端，悬挂点正下方固定一带正电的小球B。两小球静止于同一高度，轻绳与竖直方向成45°角。A、B均视为点电荷，静电力常量为k，重力加速度为g。求：
（1）小球A带______电（选填“正”或“负”）；
（2）A、B间的库仑力大小F；
（3）小球B所带的电荷量Q。
【答案】（1）正 （2）mg
（3）
【解析】
【小问1详解】
根据题意，小球A受到带正电的小球B水平向左的库仑力，故小球A带正电。
【小问2详解】
对A球受力分析可得
解得A、B间的库仑力大小
【小问3详解】
由库仑定律得
其中A、B间的距离
解得小球B所带的电荷量
18. 某品牌新能源汽车在平直公路上进行性能测试，汽车质量m＝2×103 kg，发动机额定功率P＝60 kW。汽车由静止开始以a＝2 m/s2的加速度做匀加速直线运动，达到额定功率后，保持功率不变继续加速，理论上所能达到的最大速度vm＝216 km/h。已知整个运动过程中阻力恒定，求：
（1）汽车所受的阻力大小Ff；
（2）匀加速运动过程所需的牵引力大小F和运动时间t；
（3）汽车加速至v＝72 km/h时的加速度大小a1。
【答案】（1）
（2）；
（3）
【解析】
【小问1详解】
汽车达到最大速度时加速度为零，牵引力等于阻力，由功率公式得
代入数据得
【小问2详解】
匀加速阶段汽车受恒定牵引力作用，由牛顿第二定律得
代入数据得
设匀加速结束时速度为 ，此时发动机刚达到额定功率，由功率公式得
可得
由匀变速直线运动规律得
【小问3详解】
由 可知，此时汽车已处于额定功率加速阶段。
牵引力满足
代入数据得
由牛顿第二定律得
代入数据得
19. 雪地转椅是一种游乐项目，其中心传动装置带动转椅在雪地上滑动。如图甲、乙所示，传动装置有一高度可调、半径R＝5m的水平圆盘，可绕通过中心O点的竖直轴匀速转动。圆盘边缘A处固定连接一轻绳，轻绳另一端B连接质量m＝50kg的转椅（视为质点）。转椅运动稳定后，其角速度与圆盘角速度相等。已知转椅与雪地间的动摩擦因数μ＝0.6，不计空气阻力。
（1）在图甲中，圆盘匀速转动，转椅运动稳定后在水平面内做匀速圆周运动，已知绳长，轻绳AB与竖直方向的夹角α＝45°。求转椅做匀速圆周运动的半径r1，及角速度ω1；
（2）将圆盘降低至雪地上，改变绳长，如图乙所示，圆盘在水平雪地上以角速度ω2＝2rad/s匀速转动，转椅运动稳定后在水平雪地上绕O点做半径r2＝6m的匀速圆周运动。求转椅所需的向心力大小Fn，及AB与OB之间夹角β的正切值；
【答案】（1），
（2），
【解析】
【小问1详解】
由几何关系得
解得
对转椅进行受力分析，由牛顿第二定律可得
解得
【小问2详解】
转椅所需的向心力大小为
解得
对转椅进行受力分析，有
解得
20. 如图所示，装置由水平直轨道AB，半径R＝2m、圆心角60°的光滑圆弧轨道BC，和长度L＝2.5m、倾角37°的粗糙倾斜轨道DE构成。E处有挡板Q，当物块撞击挡板后速度大小不变、方向反向。质量m＝1kg的物块P被弹簧弹出，经B点进入圆弧轨道后，从C点以飞出，恰好从D点沿切线方向进入倾斜轨道DE。已知sin37°＝0.6，cs37°＝0.8。求：
（1）弹射前弹簧的弹性势能；
（2）物块经B点时圆弧轨道对其的支持力大小；
（3）物块恰好从D点沿切线进入轨道DE时的速度大小；
（4）若物块与DE间的动摩擦因数，求物块在DE间运动的总路程s。
【答案】（1）42J （2）52N
（3）5m/s （4）5m
【解析】
【小问1详解】
物块从A到C运动过程中，物块和弹簧组成的系统机械能守恒，可得
解得
【小问2详解】
物块从B到C运动过程中，由动能定理得
在B点支持力和重力的合力充当向心力，可得
联立得
【小问3详解】
从C到D，物块做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，得
解得
【小问4详解】
物块从D到E，由动能定理得
解得
由于
所以物块能返回D，从E到D，由动能定理得
解得
由于，根据对称性，物块从D处飞出轨道后，不会到达点，不存在返回情况。
所以，物体在DE间运动的总路程