2026年山东烟台市中考物理真题（试卷+解析）

这是一份2026年山东烟台市中考物理真题（试卷+解析），文件包含2026年湖南省中考物理试题原卷版docx、2026年湖南省中考物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共24页， 欢迎下载使用。
1．本试卷共8页，共100分，考试时间90分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
2．答题前，务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座位号填写在试卷和答题卡规定的位置上。
3．选择题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
4．非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡指定区域内的相应位置；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。
5．写在试卷上和答题卡指定区域外的答案无效。
一、单项选择题（每小题2分，共20分）
1. 下列微观粒子的空间尺度最小的是（ ）
A. 夸克B. 质子C. 原子D. 原子核
【答案】A
【解析】
【详解】根据初中物理的微观粒子结构，空间尺度从大到小排序为：原子＞原子核＞质子＞夸克。原子由原子核和核外电子构成，原子核由质子和中子构成，质子又是由更小的微粒夸克构成，因此尺度最小的是夸克。故选A。
2. 中国空间站为人类探索宇宙提供了太空科学平台，下列测量不能在空间站完成的是（ ）
A. 用刻度尺测量长度B. 用秒表测量时间
C. 用弹簧测力计测量重力D. 用电流表测量电流
【答案】C
【解析】
【详解】中国空间站在轨运行时处于失重状态。
A．刻度尺测量长度依靠的是物体长度与刻度的对应关系，该过程与重力无关，在空间站的失重环境中可以完成，故A不符合题意；
B．秒表测量时间是利用计时装置的机械或电子计时原理，不受重力影响，在空间站中能够完成，故B不符合题意；
C．弹簧测力计测量重力的原理是利用二力平衡，即物体的重力等于弹簧受到的拉力，但在空间站中物体处于失重状态，物体对弹簧测力计无拉力作用，无法测量重力，故C符合题意；
D．电流表测量电流是利用通电导体在磁场中受到力的作用，与重力无关，在空间站中可以完成，故D不符合题意。
故选C。
3. 在制作简易乐器的活动中，小明向多个相同的玻璃瓶中装入不同高度的水制成了“水瓶琴”，如图所示。下列关于“水瓶琴”的说法正确的是（ ）
A. 敲出的声音通过玻璃传播到小明耳中
B. 改变敲击的力度可以改变声音的音色
C. 改变瓶中水量可以改变敲出声音的响度
D. 敲击不同水量的瓶子发出声音的音调不同
【答案】D
【解析】
【详解】A．声音传播到耳朵依靠空气，不是玻璃，故A错误；
B．敲击力度改变的是振动幅度，改变响度；音色由发声体材料、结构决定，力度无法改变音色，故B错误；
C．改变瓶中水量，振动的瓶和水总质量改变，振动快慢改变，影响的是音调，不是响度，故C错误；
D．敲击瓶子时，发声体是瓶子和水；水量不同，瓶和水的总质量不同，振动频率不同，音调不同，故D正确。
故选D。
4. 眼睛是心灵的窗户，我们应科学用眼。下列关于眼睛和眼镜的说法正确的是（ ）
A. 视力正常的人看远处物体时，在视网膜上会形成正立的实像
B. 眼睛的成像原理与小孔成像的原理相同
C. 图甲所示的眼睛可能是晶状体变厚形成的
D. 图乙是近视眼配戴镜片进行矫正时的成像光路图
【答案】C
【解析】
【详解】A．人眼成像属于凸透镜成像，正常眼睛在视网膜上成的是倒立、缩小的实像，不是正立实像，故A错误；
B．眼睛成像的原理是光的折射（凸透镜成像），小孔成像的原理是光的直线传播，二者原理不同，故B错误；
C．图甲中平行光经晶状体折射后，成像在视网膜前方，属于近视眼，近视眼的成因就是晶状体变厚、折射光的能力过强，因此该眼睛可能是晶状体变厚形成的，故C正确；
D．图乙中，近处物体经矫正后像才落在视网膜上，原本成像在视网膜后方，这是远视眼的矫正光路图，不是近视眼的矫正光路，故D错误。
故选C。
5. 油条是餐桌上的常见食品，关于它的制作过程，下列说法正确的是（ ）
A. 抻拉面团时，面团发生了弹性形变
B. 炸油条是通过热传递的方式使其内能增加的
C. 当油条漂浮在油面上时，它受到的浮力大于重力
D. 刚出锅的油条很烫是因为它含有很多的热量
【答案】B
【解析】
【详解】A．弹性形变是指撤去外力后能自动恢复原状的形变，抻拉面团后面团无法恢复原状，属于塑性形变，故A错误；
B．改变物体内能的方式有做功和热传递，炸油条时，油将热量传递给油条，是通过热传递增加油条的内能，故B正确；
C．物体漂浮时处于平衡状态，受到的浮力等于自身重力，故C错误；
D．热量是过程量，只能描述为“吸收/放出热量”，不能说物体“含有热量”，油条很烫是因为它的温度高，故D错误。
故选B。
6. 大气压与我们的生活息息相关，下列实例没有利用大气压的是（ ）
A. U形“反水管”B. 拔火罐
C. 用吸盘搬玻璃D. 用吸管喝水
【答案】A
【解析】
【详解】A．U形“反水管”属于连通器，其原理是利用管内的存水来阻隔下水道的异味，与大气压无关，故A符合题意；
B．拔火罐时排出罐内空气使气压减小，在外界大气压作用下将罐吸附在皮肤上，利用了大气压，故B不符合题意；
C．吸盘搬玻璃时挤出内部空气，利用外界大气压将吸盘紧压在玻璃上，利用了大气压，故C不符合题意；
D．用吸管喝水时吸气使管内气压减小，饮料在外界大气压作用下被压入嘴中，利用了大气压，故D不符合题意。
故选A。
7. 如图所示，在“研究同一直线上二力的合成”实验中，将橡皮筋一端固定，另一端与小圆环相连，先后用两个弹簧测力计和一个弹簧测力计将小圆环拉至相同的位置O点。这个过程体现的科学方法是（ ）
A. 控制变量法B. 微小放大法C. 理想模型法D. 等效替代法
【答案】D
【解析】
【详解】本实验中，两个力、​共同作用将小圆环拉到点，和一个力单独作用将小圆环拉到同一位置点的作用效果完全相同，实验用一个力的作用效果替代两个力的共同作用效果，这种科学方法是等效替代法。故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
8. 如图所示是一种水位自动报警器的原理图，甲、乙是大小相同的两个金属块，当水位升到一定高度时，红灯亮报警。关于它的工作原理，下列说法正确的是（ ）
A. 当水位达到位置a时，红灯亮
B. 当水位达到位置b时，红灯亮
C. 升高甲的高度可使报警器在更高的水位报警
D. 降低乙的高度可使报警器在更高的水位报警
【答案】B
【解析】
【详解】A．水位到达位置a时，仅接触到甲，未接触到乙，控制电路断开，电磁铁无磁性，绿灯发光，红灯不亮，故A错误；
B．水位到达位置b时，甲、乙都与水接触，水导电接通控制电路，电磁铁有磁性吸下衔铁，红灯电路接通，红灯亮，故B正确；
C．报警水位由位置更高的金属块决定，题目中乙位置更高（在b处），升高甲的高度后，只要甲位置仍低于乙，仍然需要将水位升高到乙所在的b位置才能接通电路，报警水位不变，因此升高甲不能让报警器在更高水位报警，故C错误；
D．降低乙的高度会让乙的位置比原来更低，水位更低时就能接触到到乙接通电路，报警器会在更低水位报警，不是更高水位，故D错误。
故选 B。
9. 手机为人类生活带来便利，但长时间低头看手机，容易引起颈部肌肉劳损。人的头颈部可视为一个杠杆，如图所示，A为头颅的重心，低头时，头颅在自身重力G的作用下可以绕颈部支点O转动，颈部肌肉会产生拉力F，B为拉力的作用点，拉力F的方向始终与OB垂直。下列关于头颈部杠杆的说法正确的是（ ）
A. 头颅重力的力臂为OA
B. 头颈部杠杆始终是省力杠杆
C. 当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的拉力最大
D. 头低的角度θ 越大，颈部肌肉的拉力越大
【答案】D
【解析】
【详解】A．力臂是支点到力的作用线的垂直距离，重力的力臂是O到重力G作用线的垂线段，不是OA，故A错误；
B．动力F始终与OB垂直，因此动力臂大小恒等于OB，当杠杆的动力臂OB小于重力的阻力臂时，属于费力杠杆，故B错误；
C．根据杠杆平衡条件（，大小不变，头颅重力G不变），阻力臂；当头颅竖直时，，，此时颈部拉力，拉力最小，故C错误；
D．低头角度越大，越大，阻力臂​越大，根据​​，G、OB不变，因此拉力F越大，颈部肌肉的拉力越大，故D正确。
故选 D。
10. 如图甲所示是压力秤的简易电路，已知电源电压为18 V，电流表的量程为0~0.6 A，电压表的量程为0~15 V，定值电阻的阻值为，电阻R为压敏电阻，其阻值变化与所受压力大小的关系如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 当压力F为100 N时，电流表的示数为0.25 A
B. 随着压力F的增大，电压表与电流表的示数之比变大
C. 此压力秤能测量的最大压力值为600 N
D. 若将电压表改装成压力显示器，则表盘上的刻度对应的压力值是均匀的
【答案】C
【解析】
【详解】A.当压力F为100 N时，压敏电阻R阻值为60Ω，电路为串联电路，电流表的示数为，故A错误；
B.电压表与电流表的示数之比即，而，所以，为定值电阻，其阻值不变，故B错误；
C.电流表的量程为0-0.6A，当电流最大为时，两端的电压
此时压敏电阻两端电压
压敏电阻阻值
由图乙可知，当时，压力
若电压表达到量程15V，此时电路
超过电流表量程0.6A，所以电路最大电流由电流表量程决定，此时压力最大为600N，故C正确；
D.电压表测两端电压
由图乙可知R与F成线性关系，设（k、b为常数），则
U0与F不是线性关系，所以表盘刻度不均匀，故D错误。
故选C。
二、多项选择题（每小题给出的四个选项中，均有多个选项符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，选错的得0分，共12分）
11. 为响应国家足球进校园的号召，学校积极推广足球运动。如图所示是体育课上同学们踢足球的情景，下列关于这个情景的说法正确的是（ ）
A. 踢出去的足球能够继续运动是因为它具有惯性
B. 头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动状态
C. 守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力大小相等
D. 整个过程中足球的动能和重力势能相互转化，机械能守恒
【答案】ABC
【解析】
【详解】A．一切物体都具有惯性，踢出去的足球不受脚的作用力后，保持原有运动状态继续运动，是因为它具有惯性，故A正确；
B．力的作用效果是改变物体的形状或改变物体的运动状态，头球射门时，头对足球的力改变了足球的运动方向与速度，即改变了足球的运动状态，故B正确；
C．守门员接球时，手对足球的力与足球对手的力是一对相互作用力，相互作用力的大小相等，故C正确；
D．整个过程中，足球运动时受到空气阻力、地面摩擦力的作用，足球克服阻力做功，机械能减小，机械能不守恒，故D错误。
故选ABC。
12. 在物理课上，同学们用木板、木条、尺子、砂纸等材料和工具制作简易滑翔机。关于它的制作、调试和飞行，下列说法正确的是（ ）
A. 制作滑翔机的材料密度越大越好
B. 试飞中机头下坠的原因是重心过于靠后
C. 将机翼打磨成上凸下平的形状是为了获得升力
D. 将机身打磨光滑可以减小飞行阻力
【答案】CD
【解析】
【详解】A．滑翔机飞行需要尽可能减小自身重力，在体积相同时，根据公式，材料密度越大，质量越大，重力越大，不利于滑翔机飞行，故A错误；
B．重心位置影响滑翔机的平衡，重心过于靠前时，机头会下坠，重心靠后会导致机头上扬，故B错误；
C．机翼打磨成上凸下平的形状，飞行时上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，上下表面的压强差会产生向上的升力，故C正确；
D．将机身打磨光滑，减小了接触面的粗糙程度，从而减小飞行时的空气阻力，故D正确。
故选CD。
13. 如图所示为汽油机工作时某冲程的示意图，下列关于这个冲程的说法正确的是（ ）
A. 该冲程是做功冲程B. 该冲程是压缩冲程
C. 将机械能转化为内能D. 将内能转化为机械能
【答案】AD
【解析】
【详解】图中进气门和排气门均关闭，火花塞正在点火，且活塞向下运动，这符合汽油机做功冲程的特征。在做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能。故选AD。
14. 在测量标有“2.5 V”字样的小灯泡电阻的实验中，电路连接如图所示，电源电压为3 V，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，让小灯泡逐渐变亮直至正常发光，测量的数据如表格所示。分析实验现象和表格数据，下列说法正确的是（ ）
A. 当滑片P向右移动时，小灯泡变亮
B. 实验所用滑动变阻器的最大阻值至少为
C. 小灯泡越亮，其电阻越大
D. 实验过程中，小灯泡的电功率变大，滑动变阻器的电功率变小
【答案】BC
【解析】
【详解】A．由图可知，滑动变阻器接入电路的是左半段电阻丝，滑片向右移动时，接入电阻丝长度变长，总电阻变大，电路电流变小，小灯泡实际功率减小，亮度变暗，故A错误。
B．滑动变阻器接入电路电阻最大时电流最小，故第一组数据对应滑动变阻器接入最大阻值的情况。 电源电压，灯泡电压，电流，滑动变阻器两端电压
滑动变阻器最大阻值，故B正确；
C．根据​计算各组小灯泡电阻可得、、、、，由可知小灯泡越亮即实际功率越大时，灯丝电阻越大，故C正确；
D． 实验过程中，小灯泡电压、电流逐渐增大，由可知小灯泡电功率逐渐变大；由串联电路电压规律可得滑动变阻器功率
代入数值得，，，，，可见滑动变阻器功率先变大后变小，故D错误。
故选BC。
三、填空题（每小题3分，共15分）
15. 夏日炎炎，游泳的人上岸后会感到很凉爽，这是因为水蒸发____________（选填“吸收”或“放出”）热量；海滩上的沙子烫脚，而海水却是凉凉的，这是因为海水的比热容____________（选填“大于”或“小于”）沙子的比热容；漫步沙滩，可闻到大海的“味道”，这说明____________。
【答案】 ①.
吸收 ②.
大于 ③.
分子在不停地做无规则运动
【解析】
【详解】蒸发属于汽化的一种形式，汽化过程需要吸收热量，水蒸发时会吸收人体的热量，因此人上岸后会感到凉爽；根据比热容的特性，质量相同的不同物质吸收相同热量时，比热容大的物质温度升高幅度更小，海水和沙子吸收相同热量后，海水温度更低，说明海水的比热容大于沙子的比热容；闻到大海的“味道”是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动。
16. 如图所示是动圈式话筒和扬声器两个装置连接使用的简化示意图。其中动圈式话筒的工作原理是____________，扬声器的工作原理与____________（选填“电动机”或“发电机”）相同。若某一时刻扬声器中电流的方向如图所示，此时扬声器线圈的左端是____________极。
【答案】 ①. 电磁感应 ②. 电动机 ③. N
【解析】
【详解】动圈式话筒的工作原理是电磁感应；对着话筒讲话时，膜片振动带动线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生随振动变化的感应电流，与发电机原理相同。扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，与电动机原理相同，通电线圈受力带动纸盆振动发声。根据题干图示电流方向，用安培定则可判断线圈左端为N极。
17. 根据能源的有关内容绘制的知识结构如图所示，图中矩形①表示的能源种类应为____________，菱形②应为____________，线条③表示的物理意义是____________。
【答案】 ①. 核能 ②. 核聚变 ③. 太阳能的能量来源是太阳内部持续发生的核聚变反应
【解析】
【详解】能源可分为化石能源、太阳能、核能等类别，人类获取核能的两种方式为核裂变和核聚变，因此①是核能，②是核聚变；图中线条③连接太阳能和核聚变，它的物理意义是：太阳能的能量来源是太阳内部持续发生的核聚变反应。
18. 发光二极管（LED）是一种电子元件，当电流从较长的引脚流入，从较短的引脚流出时，LED发光，反之不发光。如图所示，小明把LED接到他制作的水果电池的a、b两端，LED发光，由此推断____________（选填“a”或“b”）是电池的正极。当把该LED接到小红制作的水果电池两端时，发现LED亮度不同，从而得出两个水果电池电压不同，你认为电压不同的原因可能是____________。（写出两条即可）
【答案】 ①. a ②. 水果种类不同、电极材料不同
【解析】
【详解】已知LED发光时，电流从长引脚流入，且电流从电源正极流出；由图可知LED的长引脚接水果电池的端，因此是电池的正极；水果电池的电压受多个因素影响，比如水果的种类、成熟度、大小，电极的材料，电极插入水果的深度，电极间的距离等都会改变水果电池的电压，任意写出两条合理原因即可。
19. 为了防暑降温，小明制作了一些冰块放在长方形容器中，并将盛有水的圆柱形杯子放置在冰块上，当容器中的冰完全熔化后，盛水的杯子漂浮在水面上，容器中水的深度为10cm。已知容器的底面积为，杯子的底面积为，杯子的质量为100g，杯中水的质量始终为500g，忽略杯子的厚度，不考虑水的蒸发。则冰熔化后，杯子所受的浮力为____________N，杯子内外液面的高度差为____________cm；熔化前，容器内冰块的体积为___________。（水的密度为，冰的密度为，取）
【答案】 ①.
6 ②.
1 ③.
6000
【解析】
【详解】根据漂浮条件，盛水的杯子漂浮在水面上，浮力等于杯子与杯中水的总重力。杯子所受的浮力
杯子排开水的体积
杯子浸入水中的深度
杯中水的体积
杯子内水的深度
内外液面高度差
冰熔化后容器中水面以下总体积
冰熔化的水的体积
冰熔化前后质量不变，由可得
四、作图和阅读题（20题3分，21题6分，共9分）
20. 如图甲所示的电路中，电源电压为6 V，电压表的示数为2.4 V。请用笔画线表示导线，根据图甲所示的电路图将图乙的实物连接完整。
【答案】
【解析】
【详解】由甲图可知，与串联，​测电源总电压，测​两端电压。电源电压为6V，因此​选量程；​电压为2.4V，小于3V，因此选量程。电压表需要满足电流正进负出，负接线柱已经接电源负极侧，因此“15”接开关右接线柱；的“3”接右端，负接线柱接左端，并联在两端。
21. 阅读短文，回答问题：
微厘空间卫星
2026年3月22日23时49分，在烟台海阳附近海域，由太原卫星发射中心研制的捷龙三号运载火箭，成功将微厘空间02组卫星发射升空，伴随着巨大的白色气团，卫星顺利进入预定轨道，发射任务取得圆满成功。捷龙三号运载火箭采用四级固体发动机串联布局，主要用于发射太阳同步轨道和近地轨道航天器。
地球同步卫星属于高轨卫星，距地面的高度约为，而微厘空间卫星属于低轨卫星，运行轨迹近似为圆形，与地面的距离约为600~700 km。微厘空间卫星的“微”即微小，“厘”即厘米，它由我国自主研发，主要作用是弥补中高轨北斗卫星在信号强度和几何构型上的不足，可与北斗等现有导航系统协同工作，通过低轨道星座对北斗信号进行精密增强，具备空间环境数据采集、星间激光组网通信、掩星探测等多项功能，以有效解决城市峡谷、室内、密林等复杂环境下的信号微弱及精确度不足的问题，从而实现对全球用户的实时厘米级定位服务。
“微厘空间”的设计思路是把“基准站”搬上天，即在低轨道空间部署一批专门“播发误差修正信号”的卫星，它们不是替代北斗，而是给北斗配一个全球覆盖的“误差修正播报员”，从而大幅度提高北斗系统的精确导航能力。
（1）火箭发射时，发射台下方水池周围出现大量“白气”，其中发生的物态变化有哪些？
（2）下列关于短文内容的分析正确的是（ ）
A. 捷龙三号运载火箭升空的动力来自水对火箭向上的作用力
B. 发射过程中，微厘空间卫星相对于捷龙三号运载火箭是运动的
C. 微厘空间卫星可对北斗卫星导航系统进行信号增强和误差修正
D. 微厘空间卫星与地面用户之间通过超声波传递信息
（3）如图所示，假设地球为球形，直径为D ，微厘空间卫星距地面的高度为，运行速度大小为v ，圆周率用表示，则卫星运行一圈所用的时间为____________。（用上述字母表示计算结果）
【答案】（1）
汽化、液化 （2）C
（3）
【解析】
【小问1详解】
火箭发射时，高温火焰使水池中的水吸热，由液态变为气态，发生汽化；产生的高温水蒸气上升后遇到温度较低的冷空气，放热由气态变为液态小水滴，大量小水滴聚集形成“白气”，因此发生的物态变化是汽化和液化。
【小问2详解】
A.火箭升空的动力来自燃气对火箭的反作用力，不是水对火箭的作用力，故A错误；
B.发射过程中卫星固定在火箭上，相对火箭位置不变，因此卫星相对于火箭是静止的，故B错误；
C.根据短文内容，微厘空间卫星可对北斗信号进行增强，还能播发误差修正信号，提升北斗导航精度，故C正确；
D.真空不能传声，卫星与地面之间通过电磁波传递信息，不是超声波，故D错误。
故选C。
【小问3详解】
由题意知，地球直径为D，因此地球半径为，卫星距地面高度为，因此卫星做圆周运动的轨道半径为
卫星轨道的周长为
根据速度公式变形得，卫星运行一圈的时间为
五、实验探究题（22题8分，23题8分，24题8分，共24分）
22. 实践活动中，某小组进行了测量海螺壳密度的实验。

过程·方法
（1）把天平放在水平桌面上，将游码拨至标尺左端的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，此时应将平衡螺母向____调节。天平平衡后，将海螺壳放在天平左盘，向右盘加减砝码，发现放上最小的砝码后，横梁和指针静止时如图乙所示，此时应继续进行的操作是____。天平再次平衡时，右盘中砝码和游码位置如图丙所示，则海螺壳的质量为____g。
（2）测量海螺壳体积时，小组同学选用天平、烧杯、瓶子、水和细线（细线的体积忽略不计）进行如下测量：

①将适量的水倒入烧杯中，在水面处作出标记A；
②将系有细线的海螺壳缓慢放入水中至完全浸没，在水面处作出标记B；
③将海螺壳提出水面，并把海螺壳内的水倒回烧杯中；
④用天平测量瓶子和水的总质量为172g；
⑤再将瓶中水缓慢倒入烧杯，直至水面到达标记B处；
⑥用天平测量瓶子和剩余水的总质量为112.8g。
已知水的密度为，根据上述测量，计算的海螺壳体积为____。
（3）通过实验可得，海螺壳的密度为____。
交流·评估
（4）完成第一种方案后，又有同学提出第二种方案，通过测量步骤①⑤中烧杯和水的质量，也可以计算出海螺壳密度。你认为哪种方案测量得更准确？请说明理由。
【答案】（1） ①. 右 ②. 向右移动游码，直至天平平衡 ③. 148 （2）59.2
（3）
（4）第二种方案中，将海螺壳从水中取出时，壳表面会附着一部分水，导致烧杯中原有水的测量质量偏小，计算得到的排出水体积偏大，密度测量偏小；第一种方案是测量瓶子减少的水的质量，不受海螺壳沾水影响，误差更小。
【解析】
【小问1详解】
[1]图甲指针偏左，左侧重，平衡螺母向右调。
[2]放上最小砝码后，横梁仍向左倾斜（指针左偏），说明当前砝码总质量偏小，但已是最小砝码， 此时正确操作是：向右移动游码，直至天平平衡。
[3]砝码总质量：
游码示数为3g， 则海螺壳质量
【小问2详解】
倒出的水的质量
海螺壳体积等于倒出水的体积
【小问3详解】
海螺壳的密度为
【小问4详解】
第二种方案中，将海螺壳从水中取出时，壳表面会附着一部分水，导致烧杯中原有水的测量质量偏小，计算得到的排出水体积偏大，密度测量偏小；第一种方案是测量瓶子减少的水的质量，不受海螺壳沾水影响，误差更小。
23. 在“探究光的反射定律”实验中，探究过程如下：
方案·证据
（1）①把平面镜放在水平桌面上，将纸板EF____放置在平面镜上；
②打开激光笔，让光沿着纸板EF表面斜射到O点，观察并记录____，如图甲所示；
③多次改变入射光的角度重复上述操作；
④取下纸板，用量角器测量入射光、反射光与ON的夹角，实验数据记录在表格中；
⑤如图乙所示，把纸板的右侧沿ON向后折，再次实验，观察现象。
解释·论证
（2）由步骤②③观察到的现象可以得出什么结论？
（3）在步骤③中为什么要多次改变入射光的角度？
（4）分析表格中的数据可以得出什么结论？
（5）由步骤⑤观察到的现象可以得出什么结论？
交流·评估
（6）实验中纸板的作用是什么？
（7）让光逆着反射光的方向射到镜面O 点，会观察到什么现象？
【答案】（1） ①. 垂直##竖直 ②. 反射光线和入射光线的传播路径
（2）光发生反射时，反射光线与入射光线分居法线两侧
（3）避免单次实验的偶然性，得到普遍适用的光的反射规律，使结论更具普遍性
（4）光发生反射时，反射角等于入射角
（5）光发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内
（6）①显示光的传播路径；②方便探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内
（7）会观察到反射光沿着原来入射光线的方向射出，说明反射现象中光路是可逆的
【解析】
【小问1详解】
实验需要法线（垂直平面镜）落在纸板平面内，才能在纸板上呈现光路，因此纸板需要垂直/竖直放在平面镜上；
记录反射光线和入射光线的传播路径后，后续才能取下纸板测量入射角和反射角。
【小问2详解】
改变入射角度后，始终能观察到反射光线出现在法线的另一侧，由此得出该结论：光发生反射时，反射光线与入射光线分居法线两侧。
【小问3详解】
略
【小问4详解】
表格中三组实验数据均显示反射角和入射角大小相等，由此得出该结论：光发生反射时，反射角等于入射角。
【小问5详解】
纸板右侧向后折后，无法在折叠的纸板上观察到反射光线，说明只有反射光线、入射光线、法线在同一平面内，才能呈现反射光线，由此得出结论：光发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
【小问6详解】
纸板的作用：①显示光的传播路径；②方便探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。
【小问7详解】
略
24. 学校要在教室加装两台壁挂式空调，实践小组的同学参与了线路的设计与安装。
（1）设计电路。为了达到较好的效果，空调需要安装在前后墙壁上。同学们设计的两种电路布局如图甲、乙所示，其中A 、B 是带开关的三孔插座。你认为图____________的设计更合理，理由是____________；图丙是A 处带开关的插座的放大图，请用笔画线表示导线完成电路连接_________。
（2）选择导线。查找资料了解铜芯导线在常温下的安全载流量（长时间通电时的最大安全电流）如下表所示。已知每台空调工作时最大输入功率为，家庭电路电压为，则每台空调线路至少应选择横截面积为____________的铜芯导线。
（3）架设线路。将导线穿入线管，根据线路设计进行架设。你认为制作线管的材料应具有什么特点？（写出两条即可）
（4）实践安装。安装开关时，先用剥线钳将导线连接处的绝缘皮剥除，再将线头接入开关，以下压线方式规范的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】（1） ①. 甲 ②. 甲图中两个插座分别由各自的开关控制，乙图中一个开关同时控制两个插座，若乙图线路或一台空调故障，则两台都无法工作。 ③.
（2）2.5 （3）（1）绝缘性能好（防止漏电）；
（2）阻燃/耐高温（防止过热起火）。 （4）A
【解析】
【分析】本题属于综合考查了电路的综合应用相关知识点。
【小问1详解】
[1][2]甲图中，两个三孔插座各配一个开关，可以分别控制两台空调的通断，便于独立使用和维修，且发生短路等故障时不会相互影响。乙图中，一个总开关同时控制两个插座，若开关断开或线路故障，两台空调均无法工作，不够灵活、合理。
[3] 带开关的三孔插座连接时，必须遵守 “开关接火线” 的原则，确保开关断开后插座不带电，保障安全；三孔插座按“左零右火上接地”接线。
开关接在火线与插座之间，且火线接插座的右孔，零线接左孔，地线接上孔（三孔插座按“左零右火上接地”连接，开关串联在火线上）。详见下图。
【小问2详解】
已知每台空调工作时最大输入功率为，家庭电路电压为，由得，
查表可知：横截面积 1.5 mm² 的导线安全载流量为 14A，小于 14.32A，不安全；横截面积 2.5 mm² 的导线安全载流量为 28A，大于 14.32A，符合要求。
因此至少选择 2.5 mm² 的铜芯导线。
【小问3详解】
线管用于包裹导线，架设在墙体或地面，需要：
（1）绝缘：避免导线破损后与墙体接触导致漏电；
（2）阻燃：导线过载发热时，线管不易燃烧，防止火灾。
【小问4详解】
规范压线方式要求：
导线绝缘皮剥除长度适当，裸线头全部插入接线柱，不能有裸露部分在接线柱外；
线头应顺时针弯折，这样拧紧螺丝时导线会被拉紧，不易松脱；
压线牢固，不压住绝缘皮（绝缘皮不能压在接线柱内）。
对照四幅图：
A．绝缘皮刚好剥到接线柱边缘、线头顺时针弯折且全部插入，且顺时针旋转螺丝，故A符合题意；
B．线头逆时针弯折，弯折方向错误，故B不符合题意；
C．线头未弯折，顺时针旋转螺丝，故C不符合题意；
D．线头未弯折，且逆时针旋转螺丝，故D不符合题意.
故选A。
六、计算题（25题9分，26题11分，共20分）
25. 某家用电热水壶有加热和保温两个挡位，内部电路由温控开关和两段电热丝组成，加热挡的功率是保温挡的5倍。采用加热挡加热时，将2kg的水从20℃升高50℃需要用3.5min的时间。已知电源电压为220V，水的比热容为，若电热丝放出的热量完全被水吸收，求：
（1）3.5min内水吸收的热量；
（2）电热水壶保温挡的功率；
（3）若电热水壶内部电路因故损坏，现用规格为0.5Ω/cm的电热丝和一个开关组装电路，以实现原有功能，请把你设计的内部电路画在虚线框中，将整个电路图补充完整，并通过计算说明需要截取的两段电热丝的长度。
【答案】（1）
（2）400W （3）
两段电热丝并联，长度分别为242cm和60.5cm，R1直接并联在电源两端，R2与温控开关串联后并联在电源两端。
【解析】
【小问1详解】
根据得水吸收的热量
【小问2详解】
电热丝放出的热量完全被水吸收，因此电热水壶消耗的电能
加热时间
根据得，加热挡功率
保温挡功率
【小问3详解】
并联方案：
开关S1断开，R1单独工作，保温挡工作，根据得
R1长度
开关S1闭合，R1与R2并联，加热挡工作，有
R2长度
串联方案：
开关S1闭合，R1单独工作，加热挡工作，有
R1长度
开关S1断开，R1与R2串联，保温挡工作，有
R2长度
26. 滑轮、桔槔、辘轳是中国古代工程的起重工具，都有将物体吊到高处、帮助人们省力的作用。在央视《中华考工记》节目中，主持人与嘉宾进行了一场“自我提升”的比赛，装置由滑轮组和吊椅组成，如图甲所示。比赛时，主持人使用的装置有3组滑轮，嘉宾使用的装置有6组滑轮，如图乙所示，两人分别坐在吊椅上，在裁判员的指令下同时向下拉动绳的自由端，使自己与吊椅一起匀速上升。已知主持人的质量为60 kg，他与吊椅的接触面积为，每一个滑轮的质量均为0.5 kg，吊椅的质量均为4.5 kg，主持人用时8 s率先到达支架顶端，2 s后嘉宾也到达顶端，两人自我提升的高度均为0.8 m，若比赛时主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为，不计绳重和装置摩擦、忽略绳子的形变，g取10 N/kg，求：
（1）主持人所受的重力和上升的速度；
（2）比赛中主持人对吊椅的压强；
（3）比赛中主持人和嘉宾所用装置的机械效率之比。
【答案】（1）600N；；
（2）；
（3）
【解析】
【小问1详解】
计算主持人重力
上升速度
【小问2详解】
设主持人手中的绳子的拉力为F1把人、吊椅及吊椅上的滑轮当作整体，则整体受到的绳子的总拉力与总重力二力平衡，整体总重力为
共有6股绳子，故总拉力
所以主持人手中绳子的拉力为,主持人对吊椅的压力等于主持人受到吊椅的支持力即压力
主持人与吊椅之间的受力面积
主持人对吊椅的压强
【小问3详解】
主持人手拉绳子的功率
由于主持人和嘉宾手拉绳子的功率之比为所以嘉宾手拉绳子的功率
嘉宾上升速度
嘉宾手中的绳子拉动的速度
所以嘉宾手中绳子的拉力
所以嘉宾的重力为
主持人与嘉宾的机械效率之比为
数据序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.5
0.7
1.5
2.2
2.5
电流I/A
0.1
0.12
0.17
0.21
0.22
实验次数
角
角
1
2
45°
45°
3
导线横截面积
1.5
2.5
4
6
10
安全载流量
14
28
37
47
68