2026年新疆中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2026年新疆中考物理试卷(含详细答案解析)试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.学校音乐社团演奏中，鼓手通过增大击鼓的力度来改变声音的( )
A. 音调B. 响度C. 音色D. 速度
2.下列属于新能源的是( )
A. 煤B. 石油C. 太阳能D. 天然气
3.诗人李白有描写天山的诗句“五月天山雪，无花只有寒”。雪的形成是由于水蒸气发生了( )
A. 熔化B. 凝固C. 液化D. 凝华
4.圭表是我国古代的天文仪器。通过观察正午时表在圭上影子的长度变化来判断节气，这是利用了光的( )
A. 直线传播B. 反射C. 折射D. 色散
5.白鹤滩水电站安装了目前全球单台发电功率最高的水轮发电机，发电机的工作原理是( )
A. 同名磁极相互排斥B. 电生磁
C. 磁场对通电导线的作用D. 电磁感应
6.正确使用如图所示的测电笔时，笔尖接触被测导线，手必须接触( )
A. 金属笔尖B. 塑料套管C. 塑料笔杆D. 金属笔卡
7.小赵同学荡秋千时，从高处摆向低处的过程中，他的( )
A. 重力势能增大、动能增大B. 重力势能减小、动能减小
C. 重力势能减小、动能增大D. 重力势能增大、动能减小
8.教室里，一张单人课桌的桌面受到大气的压力约为( )
A. 2×104NB. 2×102NC. 2×10−2ND. 2×10−4N
9.如图所示，用动滑轮向上匀速提升物体，不计绳重和摩擦。提升某物体时，拉力F为10N，动滑轮的机械效率为60%；提升另一物体时，动滑轮的机械效率为80%，此时拉力F为( )
A. 16N
B. 20N
C. 32N
D. 40N
10.如图是某电热水壶工作电路的示意图，其中电阻器R1和R2都是用来加热的，S1是总开关，S2是挡位开关。当S1接1时，电热水壶处于加热状态，电功率为1200W；当S2接2时，电热水壶处于保温状态，电阻器R1的电功率为12W。则电热水壶处于保温状态时的电功率为( )
A. 60WB. 108WC. 120WD. 132W
11.高精度的零件加工是航空工业的重要技术指标之一。对图甲所示的质地均匀的金属圆柱体进行切割，得到图乙所示的零件M和图丙所示的零件N(上下表面均被切割)，若将零件M与N重新嵌合回图甲所示的圆柱体，内部的缝隙尺寸不到0.1μm(可忽略不计)。已知零件M由粗细不同的两段圆柱体构成，其中细圆柱体的高度是粗圆柱体高度的2倍，零件M与N的质量之比为1：2，金属圆柱体如图甲放置时对水平地面的压强为9000Pa，零件M如图乙放置时对水平地面的压强为6000Pa。则零件N如图丙放置时对水平地面的压强为( )
A. 8000PaB. 7500PaC. 7200PaD. 6000Pa
12.如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关，调节两个滑动变阻器的滑片至某位置时，甲、乙电流表的示数分别为I甲、I乙，且I甲：I乙=1：3；调节滑片，使R1接入电路的阻值减小10Ω，R2接入电路的阻值增大20Ω，此时甲、乙电流表的示数分别为I甲′、I乙′。若I乙′：I乙=8：9，则I甲′：I甲可能为( )
A. 8：7B. 4：3C. 2：1D. 3：1
二、填空题：本大题共5小题，共32分。
13.我国古代著作《天工开物》是世界上第一部关于农业和手工业生产的百科全书。
(1)书中记录了釜的铸造。将铁水注入模具中凝固成釜，铁水凝固过程中 (选填“吸收”或“放出”)热量，但温度不变，说明铁是 (选填“晶体”或“非晶体”)。铸釜过程中使用鼓风设备提高燃料的利用率时， (选填“能”或“不能”)提高燃料的热值。
(2)如图所示是书中记录的没水采珠的场景。采珠人下潜过程中相对于采珠船是 (选填“运动”或“静止”)的，潜入海中的深度越深，采珠人受到海水的压强 (选填“越大”或“越小”)，到达海底时采珠人 (选填“具有”或“不具有”)惯性。
14.2026年4月23日，乌鲁木齐舰在青岛奥帆码头首次面向公众开放。
(1)乌鲁木齐舰采用的是柴燃联合动力装置，该舰低速巡航时柴油机组在 冲程向外输出动力；舰上的声呐系统利用超声波探测水下目标，超声波在水中的传播速度 (选填“大于”“小于”或“等于”)在空气中的传播速度；舰载346A型相控阵雷达发射的无线电波在空气中的传播速度约为 m/s。
(2)乌鲁木齐舰在密度不同的海域巡航时(忽略舰艇质量的变化)，排开海水的质量 (选填“相等”或“不相等”)。舰艇并列行驶时需保持足够间距，防止两舰中间流体流速较大，压强较 (选填“大”或“小”)，造成相撞事故。乌鲁木齐舰以54km/ℎ的速度匀速直线航行2h，若牵引力做功1.62×1011J，则牵引力的大小为 N。
15.哈密市能源富集，是国家重要的综合能源基地。
(1)哈密市的塔式光热发电站为我国实现碳达峰、碳中和目标作出了积极贡献。太阳能是太阳内部的氢原子核发生 (选填“裂变”或“聚变”)释放的能量。光热发电站的定日镜对阳光的反射率高达95%，大大提升了太阳能的利用率。当阳光的入射角为30∘时，反射角为 ∘；若反射到塔顶的太阳光使吸热器内部5×106kg的熔盐温度升高40∘C，则该过程中熔盐吸热 J。[c熔盐=1.6×103J/(kg⋅∘C)]
(2)哈密市是“疆电外送”的核心枢纽。输电过程中电流的热效应会造成电能损耗，电流通过导体产生的热量跟电流 (选填“成”或“不成”)正比。“疆电入渝”项目每日输送电能约9.6×107kW⋅ℎ，则输电的平均功率约为 kW；若某段输电线路的电流从1×104A变为5×103A时，线路上发热损耗的功率减少约3×105kW，该段线路的电阻约为 (选填“4”“40”或“400”)Ω。(忽略输电线路电阻的变化)
16.从指尖创制到万物探理，跨学科实践活动开启物理“新视界”。
(1)如图甲所示是小梁同学自制简易调光灯的电路。闭合开关，灯泡发光，通过铅笔芯的电流 (选填“大于”“小于”或“等于”)通过灯泡的电流；小梁同学将夹子从铅笔芯一端移动到另一端的过程中，发现灯泡亮度变化不明显，他应换用材料和长度相同但更 (选填“粗”或“细”)的铅笔芯来做实验。已知灯丝电阻随温度升高而增大，若灯泡两端电压为1.5V时，灯泡的电功率为0.30W，则灯泡两端电压为2.5V时，灯泡的电功率可能为 (选填“0.50”“0.72”或“0.85”)W。
(2)小王同学设计了如图乙所示的望远镜，凸透镜A为物镜，凸透镜B为目镜，A的焦距应 (选填“大于”“小于”或“等于”)B的焦距，A的作用相当于 (选填“照相机”或“放大镜”)，用该望远镜看远处物体时A、B间的距离应 (选填“大于”或“小于”)看较近处物体时A、B间的距离。
(3)小高同学用轻质木棒制作了如图丙所示的杆秤，M处空桶的质量为75g，秤砣的质量为300g，提纽O处到M处的距离为8cm，秤砣在秤杆上N处(图中未画出)时，杆秤在水平位置平衡。在空桶中放入某物体，移动秤砣使杆秤再次在水平位置平衡，提纽O处的拉力增加了6N，则放入物体的质量 (选填“大于”“小于”或“等于”)600g，秤砣从N处移动的距离为 cm。
17.小张同学利用如图所示的装置探究水沸腾前后温度变化的特点。在组装器材时，应先确定 (选填“A”或“B”)的位置；调整好器材，用酒精灯加热，在水温升高到90∘C时开始计时，每隔1min观察一次温度计的示数，并将所得的数据记录在表格中。由表格数据可知：水的沸点是 ∘C，若减少烧杯中水的质量进行该实验，测量出水的沸点 (选填“会”或“不会”)发生变化。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
18.请在图中画出过光心的入射光线经过凹透镜后的出射光线。
19.请在图中画出斜面上的物体所受重力的示意图(作用点已标出)。
20.请在图中的括号内标出通电螺线管左端的磁极。
四、实验探究题：本大题共2小题，共18分。
21.如图所示，小李同学在学习完浮力内容后动手制作一支密度计。
(1)小李同学将塑料吸管的下端封闭并缠上适量铜丝，铜丝的作用是 (选填“升高”或“降低”)密度计的重心，使其能够竖直漂浮于液体中。已知该密度计的质量为8g，当其漂浮在植物油中时，受到的合力大小为 N。
(2)他猜想密度计的刻度是均匀的，在给密度计标记刻度时，进行了如下操作：
a.将其放入水中，竖直静止后，在密度计上与水面相平的A处标上1.0g/cm3；
b.将其放入密度为0.9g/cm3的植物油中，用同样的方法在密度计上B处标上0.9g/cm3；
c.在B处上方找到与AB间距相等的C处标上0.8g/cm3。
他将该密度计放入密度为0.8g/cm3的酒精中进行检验，发现液面在 (选填“C处上方”“C处下方”或“C处”)。
(3)请提出一条可提高此密度计精确度的方法： 。
22.小陈同学利用图甲所示的电路，探究电阻一定时电流与电压的关系。
(1)开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应滑到______(选填“最左”或“最右”)端。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，记录了滑片P在两端及中间4个不同位置时电压表和电流表的示数，在坐标系中描出相应的点(A、B、C、D、E、F)，发现______(填字母)点的数据异常，分析时应剔除。当滑动变阻器接入电路的阻值是最大阻值的一半时，电压表、电流表的示数对应图乙中______(填字母)点的数据。
(2)通过图乙中的数据初步得出结论：电阻一定时，______。
(3)请根据图乙中的数据，在图丙坐标系中描点并作出通过滑动变阻器的电流与其两端电压的关系图像。
五、计算题：本大题共2小题，共10分。
23.如图所示的电路，R1=4Ω，R2=12Ω。闭合开关S，电阻R2两端的电压U2=6V。求：
(1)电路中电流的大小；
(2)电源两端的电压；
(3)电路工作2min产生的热量。
24.如图所示，外底面积为100cm2的厚壁容器P漂浮于装有水的柱状容器Q内，容器P的底部到水面的距离为6cm，此时容器Q中水的深度为20cm。将一个合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器P的底部到水面的距离变为10cm；再将另一个完全相同的合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器Q中水的深度仍为20cm，整个过程中没有水溢出且容器P的底部保持水平。已知合金块的密度为4.0×103kg/m3，水的密度为1.0×103kg/m3。求：
(1)容器Q中水的深度为20cm时，水对容器Q底部的压强；
(2)一个合金块的质量；
(3)容器P材质的密度。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：响度：与声源振动的幅度(振幅)有关。鼓手增大击鼓的力度时，鼓面振动的幅度会变大，从而使得发出的声音更响亮，即改变了声音的响度，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
响度和发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大，要增大鼓声的响度可以通过增大振幅的方法。
此题考查的是影响响度大小的因素，是一道基础题，熟记即可。
2.【答案】C
【解析】解：煤、石油、天然气是传统能源，不是新能源，常见新能源有：可燃冰、太阳能、核能、地热能、潮汐能、风能等，
故选：C。
新能源是指传统能源之外的各种能源形式。指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，新能源普遍具有可再生性、污染小、利用率高等优点，开发利用新能源和可再生能源是我国解决能源危机、环境危机的最优途径，要开发利用新能源。
本题考查了新能源的认识。
3.【答案】D
【解析】解：雪的形成是由于空气中的水蒸气遇冷，直接变成固态的冰晶，这个过程叫做凝华。
故选：D。
物质从固态变为液态是熔化过程，物质从液态变为固态过程是凝固，物质从液态变为气态是汽化，物质从气态变为液态是液化，物质从固态直接变为气态是升华，物质从气态直接变为固态是凝华。
此题考查了物态变化，属于基础知识。
4.【答案】A
【解析】解：影子是由于光沿直线传播，在不透明物体背光一侧形成的暗区域，通过圭表判断节气是通过影子的变化来判断的，利用了光的直线传播，故A正确。
故选：A。
光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的。
本题考查了生活中的光现象，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：发电机在工作时，依靠水流的动力带动转子在磁场中旋转，使得闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，从而在电路中产生感应电流。这种利用磁场产生电流的现象，在物理学上被称为电磁感应，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
发电机的原理主要是电磁感应现象。
本题主要考查了发电机原理，是一道基础题。
6.【答案】D
【解析】解：在使用测电笔时，手指要接触笔尾金属体(金属笔卡)，不能接触笔尖金属体。
故选：D。
使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明是接触的是火线。
此题考查了测电笔的使用。
7.【答案】C
【解析】解：荡秋千时，由高处向低处滚动时，小赵的质量不变，高度减小，重力势能减小；质量不变，速度变大，动能增大。
故选：C。
重力势能与质量和高度有关，质量越大，位置越高，物体具有的重力势能越大；动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体具有的动能越大。
本题考查了动能和重力势能大小的变化，属于基础题。
8.【答案】A
【解析】解：单人课桌桌面一般长约0.6m，宽约0.4m，所以面积S=0.6m×0.4m=0.24m2压力F=pS=1×105Pa×0.24m2=2.4×104N。
故选：A。
估测桌面的面积，利用F=pS求得一张单人课桌的桌面受到大气的压力。
此题考查了压强的计算。
9.【答案】B
【解析】解：已知动滑轮承担绳子段数n=2，不计绳重与摩擦。
①联立拉力与效率公式求G动拉力公式：
F1=G物1+G动2，则G物1=2F1−G动，
机械效率：η1=G物1G物1+G动
把G物1=2F1−G动、F1=10N、η1=0.6代入上式：
0.6=2×10N−G动2×10N，解得，G动=8N；
②求效率80%时物体重力η2=G物2G物2+G动
代入η2=0.8，G动=8N：0.8=G物2G物2+8，0.8(G物2+8)=G物，解得G物2=32N；
③求此时拉力F2=G物2+G动2=32N+8N2=20N，故B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)动滑轮n=2，不计绳重摩擦，拉力公式F=G物+G动2；
(2)动滑轮机械效率推导式η=W有W总=G物ℎ(G物+G动)ℎ=G物G物+G动，先用第一组η1=60%、F1=10N联立求出动滑轮重力G动；
(3)再代入η2=80%求出对应物重G物2，最后用拉力公式算出此时拉力F2。
本题考查不计绳重摩擦时动滑轮拉力与机械效率综合计算，核心推导η=G物G物+G动，动滑轮重力恒定是两状态联系桥梁。
10.【答案】C
【解析】解：加热状态只有R1工作，电功率为1200W，R1的阻值为：R1=U2P加热=(220V)21200W=1213Ω，
保温状态电阻器R1的电功率为12W，通过R1的电流为：I1= P1R1= 12W1213Ω=611A，
串联电路各处电流相等，电热水壶处于保温状态时的电功率为：P保温=UI1=220V×611A=120W，
故ABD错误，C正确；
故选：C。
加热状态只有R1工作，电功率为1200W，利用P=U2R求出R1的阻值；
保温状态电阻器R1的电功率为12W，利用P=I2R求出通过R1的电流，根据串联电路电流特点和公式P=UI可得出电热水壶处于保温状态时的电功率。
本题考查电功率多挡位问题，难度适中。
11.【答案】A
【解析】解：设原金属圆柱体的底面积为S，高度为h，密度为ρ，总重力为G，总质量为m，原圆柱体对地面的压强：p甲=GS=ρgSℎS=ρgℎ=9000Pa，由此可得：G=p甲S=9000S，已知零件M、N的质量比为1：2，所以重力比也为1：2，GM=13G=3000S，GN=23G=6000S；
设零件M的粗段高度为ℎ1，细段高度为2ℎ1，则原圆柱总高：ℎ=ℎ1+2ℎ1=3ℎ1，设M粗段底面积为S1，细段底面积为S2，因为质量均匀，M的质量满足：mM=ρ(S1ℎ1+S2⋅2ℎ1)又mM=13m=13ρS⋅3ℎ1=ρSℎ1，约去ρℎ1得：S1+2S2=S，零件M放置时，受力面积是粗段底面积S1，已知pM=6000Pa：pM=GMS1=6000=3000SS1，解得：S1=S2，代入式(1)：S2+2S2=S=S2=S4；
零件N的受力面积是原底面积减去M的细段底面积：SN=S−S2=S−S4=3S4，N对地面的压强：pN=GNSN=6000S3S4=8000Pa，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)由原金属圆柱体压强求出总重力，结合质量比算出M、N的重力。
(2)利用M的压强，求出它的接触底面积。
(3)根据体积、质量关系，算出细圆柱底面积。
(4)确定N的受力面积，代入压强公式算出结果。
本题考查的是压强的计算、质量与重力的关系、受力面积的分析等知识。
12.【答案】C
【解析】解：由图可知，两个滑动变阻器并联，电流表甲测通过R1的电流，电流表乙测干路电流。
由I甲：I乙=1：3可知，I乙=3I甲，由并联电路的电流特点可知，第一次通过两个滑动变阻器的电流之比：I甲I2=I甲I乙−I甲=I甲3I甲−I甲=12，
由欧姆定律可知，I甲I2=UR1UR2=R2R1=12，则R1=2R2，
由欧姆定律可知，第二次通过两个滑动变阻器的电流分别为：I甲′=UR1−10Ω=U2R2−10Ω，I′2=UR2+20Ω，
由并联电路的电流特点可知，第二次电流表乙的示数：I乙′=I甲′+I2′=U2R2−10Ω+UR2+20Ω，
第一次电流表乙的示数：I乙=I甲+I2=UR1+UR2=U2R2+UR2=3U2R2，
则I乙′I乙=U2R2−10Ω+UR2+20Ω3U2R2=89，
化简可得：R22−90Ω×R2+800Ω2=0，
解得：R2=10Ω，或R2=80Ω，
则R1=2R2=2×10Ω=20Ω，或R1=2R2=2×80Ω=160Ω，
由欧姆定律可知：I甲′I甲=UR1−10ΩUR1=R1R1−10Ω，
则I甲′I甲=R1R1−10Ω=20Ω20Ω−10Ω=21，或I甲′I甲=R1R1−10Ω=160Ω160Ω−10Ω=1615，故C正确。
故选：C。
由图可知，两个滑动变阻器并联，电流表甲测通过R1的电流，电流表乙测干路电流。
根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出第一次两个滑动变阻器接入电路的电阻关系，根据并联电路的电流特点和欧姆定律表示出第二次电流表乙的示数，结合I乙′：I乙=8：9求出第一次滑动变阻器R1接入电路的电阻，再根据欧姆定律求出I甲′：I甲。
本题考查并联电路的电流特点和欧姆定律的应用，对学生数学要求较高。
13.【答案】放出
晶体
不能
运动
越大
具有

【解析】解：(1)凝固是液态变为固态的物态变化，属于放热过程；
晶体凝固时持续放热，但温度保持不变，铁有固定凝固点，属于晶体；
热值是燃料本身的固有属性，只与燃料种类有关，鼓风仅让燃料充分燃烧、提高利用率，无法改变燃料热值；
(2)采珠人下潜时，相对于采珠船位置不断改变，因此是运动的；
根据液体压强公式p=ρgℎ，海水密度ρ不变，潜入海中的深度h越深，采珠人受到海水的压强p越大；
惯性是一切物体固有的属性，无论物体静止、运动，都具有惯性。
故答案为：(1)放出；晶体；不能；(2)运动；越大；具有。
(1)凝固过程是放热过程；晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点；热值是燃料本身的固有属性，只与燃料种类有关；
(2)判断一个物体是运动和还是静止，是看他相对于参照物的位置是否发生了改变，发生了改变，相对于参照物是运动的，否则是静止的；根据液体压强公式p=ρgℎ，液体密度不变，深度越深，压强越大；惯性是一切物体固有的属性。
本题考查了晶体凝固特点、吸放热判断、热值概念辨析、运动相对性、液体压强规律、惯性本质，都是初中物理高频基础考点，侧重对概念本质的理解，而非复杂计算。
14.【答案】做功
大于
3×108
相等
小
1.5×106

【解析】解：(1)①柴油机是内燃机，做功冲程将内能转化为机械能，向外输出动力；
②声音在不同介质中的传播速度不同，一般情况下声音在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中传播最慢，超声波在水中传播的速度大于在空气中的传播速度；
③无线电波属于电磁波，在空气中的传播速度为3×108m/s；
(2)①乌鲁木齐舰在不同的液体中均处于漂浮状态，漂浮时受到平衡力的作用，重力不变，则浮力不变，因此；排开海水的质量相等；
②舰艇并列行驶时需保持足够间距，防止两舰中间流体流速较大，流体在流速大的地方压强小；
③乌鲁木齐舰运动的距离为：s=vt=54km/ℎ×2ℎ=108km=1.08×105m，
牵引力的大小为：F牵=Ws=1.62×1011J1.08×105m=1.5×106N。
故答案为：(1)做功；大于；3×108；
(2)相等；小；1.5×106。
(1)热机做功冲程将内能转化为机械能；声音在不同介质中的传播速度不同，一般情况下声音在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中传播最慢；电磁波在空气中的传播速度与光在空气中的速度相同；
(2)乌鲁木齐舰在不同的液体中均处于漂浮状态，漂浮时浮力等于重力；流体在流速大的地方压强小；根据速度与时间，利用速度公式求出运动的距离，根据W=Fs求出牵引力的大小。
本题考查的知识点较多，是一道综合题，但难度不大。
15.【答案】聚变
30
3.2×1011
不成
4×106
4

【解析】解：(1)在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。
根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以当入射角为30∘时，反射角为30∘。
熔岩吸收的热量：Q吸=c熔盐mΔt=1.6×103J/(kg⋅∘C)×5×106kg×40∘C=3.2×1011J。
(2)根据焦耳定律Q=I2Rt，电流通过导体产生的热量跟电流的平方成正比。
输电的平均功率：P=Wt=9.6×107kW⋅ℎ24ℎ=4×106kW。
设输电线电阻为R，功率变化ΔP=I12R−I22R，
代入数据：3×105kW=(1×104A)2R−(5×103A)2R，
解得R=4Ω。
故答案为：(1)聚变；30；3.2×1011；(2)不成；4×106；4。
(1)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。
在光的反射中，反射角等于入射角。
根据Q吸=cmΔt计算熔盐吸收的热量。
(2)根据焦耳定律Q=I2Rt分析。
根据P=Wt计算输电的平均功率。
设输电线电阻为R，功率变化ΔP=I12R−I22R，代入数据求解。
此题是一道综合题目，需要结合多个物理知识点进行分析解答，是中考典型题型。熟练掌握相关基础知识和规律是关键。
16.【答案】等于
细
0.72
大于
照相机
小于
等于
16

【解析】解：(1)铅笔芯与灯泡串联，串联电路各处电流相等，因此通过铅笔芯的电流等于通过灯泡的电流；材料、长度相同，铅笔芯越细横截面积越小，电阻变化幅度越大，灯光亮度变化更明显，应换更细的铅笔芯；由P=U2R变形R=U2P，1.5V时灯丝电阻：R1=U12P1=(1.5V)20.30W=7.5Ω若灯丝电阻不变，2.5V时功率：P理=U22R1=(2.5V)27.5Ω≈0.83W电压升高灯丝温度升高、电阻大于 7.5Ω，实际功率小于 0.83W，故选择0.72W。
(2)望远镜物镜焦距大于目镜焦距；物镜成倒立缩小实像，作用相当于照相机；看远处物体时物镜像距≈f物，镜筒短；看近处物体物镜像距>f物，镜筒更长。因此看远处物体时A、B间的距离应小于看较近处物体时A、B间的距离。
(3)木棒轻质无自重，提纽拉力等于桶与内部物体总重力；放入物体后拉力增加6N，增加的重力等于物体重力：G物=ΔF=6N物体质量：m物=G物g=6N10N/kg=0.6kg=600g空桶质量只影响未放物体时秤砣初始位置N，不影响新增物体对应的力臂变化量；杠杆平衡关系：G物⋅LOM=m砲g⋅ΔL约去g后代入数据m物=600g，LOM=8cm，m砲=300g：ΔL=m物⋅LOMm砲=600g×8cm300g=16cm。
故答案为：(1)等于；细；0.72；(2)大于、照相机、小于；(3)等于；16。
(1)根据串联电路电流规律判断铅笔芯与灯泡电流大小；电阻影响因素：材料、长度相同时，横截面积越小电阻越大，电阻变化明显才能调光；先用P=U2R算出1.5V下灯丝电阻，再结合灯丝电阻随温度升高变大，判断2.5V时功率范围。
(2)望远镜物镜焦距大于目镜焦距；物镜成像原理同照相机；凸透镜成实像时，物距越小像距越大，远近物体对比判断镜筒长度。
(3)提纽拉力增加量等于物体重力，算出物体理论质量，再结合空桶原有质量，根据杠杆平衡判断实际质量；利用杠杆平衡条件G物⋅LOM=m砲g⋅ΔL求出秤砣移动距离。
本题综合串联电路、电阻影响因素、电功率、望远镜成像、杠杆平衡多知识点，覆盖电学光学力学综合填空；重点纠正望远镜镜筒长度规律：近处成像像距更大，镜筒更长，远处镜筒更短。
17.【答案】B
99
不会

【解析】解：(1)组装实验装置时，应先调整烧杯的位置，因为烧杯的位置需要根据酒精灯外焰的高度来确定。所以应先固定B的位置，需要点燃酒精灯；
(2)水沸腾时吸热，温度不变；水的沸点为99∘C，沸点与水的质量无关。
故答案为：B；99；不会。
(1)组装实验装置时，应先调整烧杯的位置，因为烧杯的位置需要根据酒精灯外焰的高度来确定；
(2)水沸腾时的温度不变，继续吸热，不变的温度称为沸点；水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
此题考查了水的沸腾特点的探究及沸点的认识。
18.【答案】
【解析】解：过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
19.【答案】
【解析】解：图中已经标出作用点为重心，重力的方向竖直向下，过重心作竖直向下的线段，标上字母G，重力的示意图如图所示：
力是示意图就是将力的大小、方向和作用点表示在图上；重力方向竖直向下，其作用点在重心处，将重力大小标注在箭头处。
此题考查了重力示意图的画法，注意重力的方向是竖直向下的，若物体是规则图形，其重心要画在几何中心处。
20.【答案】
【解析】解：图中通电螺线管的电流从右端正面流入，左端背面流出，根据安培定则可判断通电螺线管的左端为N极(北极)，右端为S极(南极)，如图所示：
。
根据螺线管中电流的方向，用安培定则判定螺线管的极性。
本题主要考查了安培定则的应用。
21.【答案】降低
0
C处上方
换用横截面积更小的吸管

【解析】解：(1)密度计通过降低重心实现竖直方向漂浮，下端封闭并缠上适量铜丝，铜丝的作用是降低重心，使得重心较低能竖直漂浮；
密度计漂浮时浮力等于重力，方向相反，是一对平衡力，此时合力为0；
(2)密度计的刻度特点是上小下大，上疏下密，相同的密度差，越向上距离越大，故实际液面在C点的上方；
(3)同一个密度计漂浮时浮力等于重力，大小不变，根据阿基米德原理知，浸入的体积不变，因而换用横截面积更小的吸管可以增大间隔距离，使得精确度更高。
故答案为：(1)降低；0；
(2)C处上方；
(3)换用横截面积更小的吸管。
(1)密度计通过降低重心实现竖直方向漂浮；结合浮力与重力的大小关系分析合力；
(2)根据密度计的刻度特点是上小下大，上疏下密分析；
(3)根据漂浮的条件结合阿基米德原理分析。
本题考查阿基米德原理与浮沉条件的应用，属于中档题。
22.【答案】最右;C;B 通过导体的电流与导体两端的电压成正比
【解析】解：(1)为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P调到阻值最大处。由图甲可知，滑动变阻器接的是右下接线柱，所以滑片P应滑到最右端。
闭合开关后，移动滑片P，记录多组电压表和电流表的示数。在探究电阻一定时电流与电压的关系实验中，I−U图像应为一条过原点的直线。观察图乙，点A、B、D、E、F基本在一条直线上，而点C明显偏离该直线，因此点C的数据异常，分析时应剔除。
由图乙可知，当滑片P在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，此时电压表示数最大，为UF=3V，电流表示数为IF=0.3A。此时电压表测的是电源电压，所以电源电压U总=3V。定值电阻的阻值R=UFIF=3V0.3A=10Ω。
当滑片P在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时电路中电流最小，电压表示数最小。对应图乙中的A点，UA=0.5V，IA=0.05A。此时滑动变阻器两端的电压U滑,A=U总−UA=3V−0.5V=2.5V。滑动变阻器的最大阻值R滑,max=U滑,AIA=Ω。
当滑动变阻器接入电路的阻值是最大阻值的一半时，即R滑 ′=12R滑,max=12×50Ω=25Ω。
此时电路的总电阻R总=R+R滑′=10Ω+25Ω=35Ω。
电路中的电流I′=U总R总=3V35Ω≈0.086A。
电压表的示数UR′=I′×R=0.086A×10Ω≈0.86V。
对比图乙中的各点，B点的坐标为 (1V,0.1A)(1V,0.1A)，与计算结果 (0.86V,0.086A)(0.86V,0.086A) 最为接近。因此，当滑动变阻器接入电路的阻值是最大阻值的一半时，电压表、电流表的示数对应图乙中B点的数据。
(2)通过图乙中的数据(剔除C点后)可以看出，电流随电压的增大而增大，且电流与电压的比值基本不变，图像是一条过原点的直线，故可得出结论：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
(3)根据串联电路电压特点U滑=U总−UR，以及图乙中的有效数据点，可以计算出滑动变阻器两端的电压和通过它的电流：对应A点 (0.6V,0.06A)：U滑=3V−0.6V=2.4V，I=0.06A。坐标为(2.4,0.06)。
对应B点(1.0V,0.1A)：U滑=3V−1.0V=2.0V，I=0.1A。坐标为(2.0,0.1)。
对应D点(2.2V,0.2A)：U滑=3V−2.2V=0.8V，I=0.2A。坐标为(0.8,0.2)。
对应E点(2.4V,0.24A)：U滑=3V−2.4V=0.6V，I=0.24A。坐标为(0.6,0.24)。
对应F点(3.0V,0.3A)：U滑=3V−3.0V=0V，I=0.3A。坐标为(0,0.3)。
在图丙坐标系中描出以上各点，并用直线连接，如下图所示：
故答案为：(1)最右；C；B；
(2)通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)。
(1)根据电路安全原则，开关闭合前滑动变阻器应调至最大阻值处。根据串联电路分压特点和欧姆定律，当滑动变阻器接入电阻减小时，电路电流增大，定值电阻两端电压增大。通过分析图乙数据，可判断异常点并计算滑动变阻器在不同位置时的电压和电流值。
(2)根据图乙中各数据点的分布规律，可以得出电流与电压的关系。
(3)根据串联电路电压规律U总=UR+U滑，计算出滑动变阻器两端的电压，再结合对应的电流值，在坐标系中描点作图。
本题主要考查了“探究电流与电压的关系”实验。解题的关键在于：1.理解滑动变阻器在电路中的作用，包括保护电路和改变电路中电流和电压。
23.【答案】电路中电流的大小为0.5A 电源两端的电压为8V 电路工作2min产生的热量为480J
【解析】解：(1)如图R1、R2串联，串联电路各处电流相等，I=I2=U2R2=6V12Ω=0.5A；
(2)串联电路总电阻为：R=R1+R2=4Ω+12Ω=16Ω，
电源电压为：U=IR=0.5A×16Ω=8V；
(3)电路工作2min产生的热量：Q=I2Rt=(0.5A)2×16Ω×2×60s=480J。
答：(1)电路中电流的大小为0.5A；
(2)电源两端的电压为8V；
(3)电路工作2min产生的热量为480J。
(1)利用欧姆定律求出通过电阻的电流，串联电路各处的电流相等；
(2)串联电路总电阻等于各电阻之和，利用欧姆定律求出电源电压；
(3)利用焦耳定律求出电路产生的热量。
本题考查欧姆定律和焦耳定律的简单计算，根据串联电路特点进行答题，难度不大。
24.【答案】水对容器Q底部的压强为2000Pa 一个合金块的质量为0.4kg 容器P材质的密度为1.5×103kg/m3
【解析】解：(1)水对容器Q底部的压强：p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10−2m=2000Pa；
(2)容器P外底面积S=100cm2=1×10−2m2，
开始时容器P的底部到水面的距离为6cm，将一个合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器P的底部到水面的距离变为10cm，
容器P排开水增大的体积为：ΔV排=SΔℎ=1×10−2m3×(10−6)×10−2m=4×10−4m3，
漂浮时增大的浮力等于增加的重力，合金的重力：G合金=ΔF浮=ρ水gΔV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10−4m3=4N，
合金的质量：m合金=G合金g=4N10N/kg=0.4kg；
(3)将另一个完全相同的合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器Q中水的深度仍为20cm，说明容器P浸没且沉底了，
单个合金的体积为：V合金=m合金ρ合金=0.4kg4.0×103kg/m3=1×10−4m3，
总排开水的体积等于开始时容器P的底部到水面的距离6cm时排开水的体积：V排总=Sℎ1=1×10−2m2×6×10−2m=6×10−4m3，
容器P材质的体积：VP=V排总−2V合金=6×10−4m3−2×1×10−4m3=4×10−4m3，
容器P的质量：mP=mP排=ρ水V排总=1.0×103kg/m3×6×10−4m3=0.6kg，
容器P材质的密度：ρP=mPVP=0.6kg4×10−4m3=1.5×103kg/m3。
答：(1)水对容器Q底部的压强为2000Pa；
(2)一个合金块的质量为0.4kg；
(3)容器P材质的密度为1.5×103kg/m3。
(1)利用液体压强公式计算水对容器Q底部的压强；
(2)开始时容器P的底部到水面的距离为6cm，将一个合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器P的底部到水面的距离变为10cm，可知容器P排开水的体积，根据阿基米德原理得出增大的浮力，漂浮时增大的浮力等于增加的重力，由此得出合金的重力，利用G=mg求出合金的质量；
(3)将另一个完全相同的合金块缓慢放入容器P内，稳定后容器Q中水的深度仍为20cm，说明容器P浸没且沉底了；根据密度公式和单个合金的质量求出单个合金的体积，总排开水的体积等于开始时容器P的底部到水面的距离6cm时排开水的体积，得出容器P材质的体积，容器P的质量等于开始时容器P的底部到水面的距离6cm时排开水的质量，最后利用密度公式得出容器P材质的密度。
本题考查密度公式、液体压强公式的应用，浮沉条件的应用，是一道关于压强与浮力的综合题，有一定的难度。时间/min
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