2026年湖南省中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2026年湖南省中考物理试卷(含详细答案解析)试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.如图，出土于湖南宁乡的四羊方尊，生动展现了商朝青铜器的精美。加工青铜时，青铜原料由固态变成液态所经历的物态变化是( )
A. 熔化
B. 液化
C. 汽化
D. 凝固
2.阳光大课间，班级拔河比赛正激烈地进行中，同学们的加油声震耳欲聋。“震耳欲聋”主要描述的是声音的( )
A. 声速B. 音调C. 响度D. 音色
3.暑期，家中用电设备使用率增高。下列做法中安全、节能的是( )
A. 湿手拔电源插头
B. 用电设备达到使用寿命及时更换
C. 空调温度调至最低
D. 多个大功率用电器同时插在一个接线板上工作
4.我国科研人员在沙漠盐碱地培育出了耐盐碱、抗旱、抗寒小黑麦。将麦穗置于掌中，如图所示，它的长度约为( )
A. 1.3mB. 13cmC. 13dmD. 1.3mm
5.同样把几百块砖从地面运送到房顶，工人搬运需要几个小时，用起重机搬运只需要几分钟。对比两个过程，下列说法正确的是( )
A. 起重机对砖做的功多B. 工人对砖做的功多
C. 起重机对砖做功的功率大D. 工人对砖做功的功率大
6.如图，在水平地面把钢卷尺拉直，折好的飞机静止对着卷尺，松开卷尺后自动缩回，“飞机”被牵引滑行后飞离地面，前进过程中，“飞机”( )
A. 在空中不受力
B. 运动需要力来维持
C. 在空中受到惯性的作用
D. 由静止到运动说明力可以改变物体的运动状态
7.某学生自制的验电器结构如图所示。下列说法正确的是( )
A. 玻璃瓶是导体
B. 金属丝是绝缘体
C. 检验时，铝箔条张开是因为同种电荷相互排斥
D. 只有带正电的物体接触铝箔球，才能使铝箔条张开
8.如图，用一块半球形状的透明玻璃作为镇纸，压在水平放置的纸质书法作品上。下列说法正确的是( )
A. 镇纸静止时合力为0
B. 该镇纸相当于凹透镜
C. “永和”二字通过镇纸所成的是放大的实像
D. 镇纸所受重力和它对纸的压力是一对平衡力
9.2025年11月25日，“长征”2号F遥22运载火箭托举“神舟”22号飞船在酒泉卫星发射中心顺利升空。火箭在上升过程中短暂遮挡部分太阳圆面，形成如图所示的“神箭凌日”画面。关于此过程，说法正确的是( )
A. 飞船重力势能变小
B. 火箭的热机效率为100%
C. 飞船相对于火箭始终是运动的
D. “神箭凌日”现象是由光的直线传播形成的
10.用细线悬挂一根条形磁铁，多次让其在水平面自由旋转。发现条形磁铁均静止在如图所示位置。根据现象，在下方白纸上标注地理方位，正确的是( )
A.
B.
C.
D.
11.如图，爱探索的小湘做了以下有趣的实验。关于实验现象解释正确的是( )
A. 图甲：乒乓球被发声的音叉弹开，说明声音传播不需要介质
B. 图乙：乒乓球和瓶中水被“托住”，说明了大气压强的存在
C. 图丙：水中的乒乓球没有浮起，说明浮力大小等于重力大小
D. 图丁：向漏斗中吹气时，乒乓球不掉落，说明流速越大的位置压强越大
12.某实验小组用太阳能板、可充电电池、单刀双掷开关S和电动机(用符号M表示)设计电路，要求：电池给电动机供电时，电动机工作；太阳能板给电池充电时，电动机不工作。符合要求的是( )
A. B.
C. D.
二、填空题：本大题共4小题，共18分。
13.春假期间，同学们外出踏青，闻到阵阵花香，是因为具有香味的物质分子跑到了空气中，这是一种 现象。沿途看到风力发电机高高耸立山头，巨大的叶片随风转动。请你写出一条风力发电的优点： 。
14.如图为我国某公司建造的全球首艘最大级别甲醇双燃料集装箱船，轮船的热机工作时，将燃料燃烧产生的内能转化为 能。该船航行时，装载的货物越重，所受浮力越 。
15.每个人都是自己健康的第一责任人。图甲中，某中学生单肩背着较重的书包，经提醒后，她换用双肩背书包，感觉更舒适，这是通过 的方式减小了压强。图乙中，某小朋友低头近距离看书，若长期如此，请从物理的角度思考并写出一条可能对她身体产生的不良影响： 。
16.如表为某电热水壶铭牌部分参数，图甲是简化电路，忽略温度对电阻的影响。
(1)电热水壶是利用电流的 效应来工作的，它的额定电流为 A；
(2)小湘想把电路总功率提高到原额定功率的3倍，重新设计了如图乙所示电路，则电阻R2的阻值应为 Ω。
三、实验探究题：本大题共4小题，共28分。
17.某实验小组利用图甲所示装置做“探究光的反射定律”的实验时：
(1)探究反射角与入射角的大小关系时，设计的表格如上，请将①处补充完整：______；
(2)改变入射角进行多次实验，将测得的数据记录在表格中，分析数据初步得出：反射角等于入射角。评估交流时，发现某一组测得的反射角不等于入射角，可能的原因是______(填选项字母)；
A.入射光沿FO入射，如图乙所示
B.把反射光线与平面镜的夹角当作反射角
C.将整块纸板以ON为轴旋转一定角度，如图丙所示
(3)图丁中，OB为反射光线，请根据光的反射定律画出对应入射光线AO，并标出入射角的大小。
18.在“探究串联电路中电压的特点”的实验中：
(1)连接电路时，开关应处于______状态；
(2)图甲电路工作时，电压表示数如图乙所示，则UAB=______ V；
(3)要测L1和L2两端的总电压，只需在图甲中更改一根导线的连接位置即可。请在这根导线上画“×”，再画出正确接法的导线，注意导线不交叉；
(4)在测得一组UAB、UCD、UAD的数据并记录后，为得到普遍的规律，接下来的操作是______。
19.在“探究液体压强与哪些因素有关”的实验中：
(1)将两端蒙有相同橡皮膜的玻璃管静置于水中，如图甲所示。根据上下橡皮膜的凹陷程度，猜想：液体压强与 有关；
(2)检查如图乙所示装置气密性时，可通过 (填操作动作)探头的橡皮膜，观察U形管液面高度差的变化来判断；
(3)把探头放在盛水的容器中，多次进行实验，得到表格中的数据。分析 (填实验序号)三次实验，就能研究液体内部的压强是否与方向有关。
20.某学校正组织一场液体密度测量挑战赛，待测液体有酒精、食用油、白醋、盐水、酱油。老师已提前测得以上液体的密度值，仅告知待测液体密度在0.85∼1.26g/cm3之间。已知水的密度为1.0g/cm3。
【项目提出】将托盘天平改装成液体密度测量仪来参加挑战赛
【项目分析】
(1)在调节好的天平上，若用质量为2.2g的小量杯，分别量取20mL的不同液体放在左盘，右盘均只放20g砝码。分析可知：天平平衡时，如果游码对应标尺的刻度值越大，说明量取的液体密度越______。据此，可在标尺的下方，固定一条与标尺等长的纸条，作为密度尺；
【项目实施】
(2)如图甲，称量20mL水的质量，此时天平的读数为______ g。在纸条上，将游码左端对齐的位置标注“1”，即水的密度1.0g/cm3；
(3)称量20mL盐水的质量，如图乙所示，可计算得出盐水密度为______g/cm3，并把该密度值标注在纸条相应位置。计算并标注其他刻度对应的密度值，完成密度测量仪的制作；
【交流评估】
(4)称量20mL酱油的质量时，发现将游码调至最大刻度，天平仍向左倾。小组成员建议换用10mL的液体和10g的砝码重复上述操作，装置如图丙所示，以此来完成挑战赛中所有液体密度的测量，请用数据分析并判断该建议是否可行：______。
四、综合题：本大题共2小题，共18分。
21.为加强消防安全，一些工厂会配备如图甲所示的推车式干粉灭火器，该推车式灭火器的总质量为55kg，g取10N/kg。
(1)带有车轮的推车式灭火器能轻松移动，这是通过滚动代替滑动的方式来______摩擦力；
(2)如图甲，以O为支点，用力F抬起推车静止时，推车相当于______杠杆；
(3)求该推车式灭火器的总重力；
(4)如图乙，推车式灭火器静止在水平地面上，与地面的总接触面积为20cm2，求此时推车对地面的压强。
22.某科技小组设计了一款智能注水装置，图甲是简化的工作原理示意图。控制电路的电源电压保持不变，R0为定值电阻，线圈和光控开关的电阻忽略不计。当杯子放置在托盘上时，托盘压缩弹簧与轻质绝缘连杆一起下降，带动R上的滑片P向下移动，同时光控开关自动闭合，控制电路接通，衔铁被吸下，注水电机稍后开始缓慢注水(忽略水流动带来的影响)。当线圈中的电流等于或小于40mA时，衔铁弹回，工作电路断开。取下杯子，光控开关自动断开。滑动变阻器R连入电路的阻值与托盘受到的压力F关系如图乙所示。杯中水无溢出，g取10N/kg。
(1)随着杯中水量的增加，R接入电路中的阻值变______，电磁铁磁性变______；
(2)将质量为160g的空杯放入托盘静止且未注水时，控制电路中的电流为50mA；当注水停止时，R的阻值为50Ω。求：停止注水时杯中水的质量和控制电路的电源电压；
(3)放上空杯后，若要增加最大注水量，请你提出一条可行的建议：______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：青铜原料由固态变成液态，属于熔化现象。
故选：A。
物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化。
本题考查了熔化的判断，属于基础题。
2.【答案】C
【解析】解：“震耳欲聋”是指声音的响度很大，几乎把耳朵震聋，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选：C。
音调指声音的高低，与发声体的振动频率有关；响度指声音的大小，与发声体的振幅和距离发声体远近有关；音色指声音的特点和品质，与发声体的材料和结构有关。
声音的传播速度与介质的种类和温度有关。
此题考查了声音的特性，比较简单，属基础题。
3.【答案】B
【解析】解：A、湿手的导电性强，拔插头时容易导致电流通过人体，引发触电事故，属于不安全用电行为，故A错误。
B、老旧电器的绝缘层可能老化破损，内部元件性能下降，容易引发漏电、火灾等风险，及时更换属于安全用电行为，故B正确。
C、空调温度调至最低，会导致空调长时间高负荷运行，消耗大量电能，故C错误。
D、多个大功率电器同时工作会使接线板的电流过大，超过其额定负载，容易引发线路过热、短路，甚至火灾，属于不安全用电行为，故D错误。
故选：B。
(1)生活用水是导体，不能用湿手插拔电源插头；
(2)老旧电器的绝缘层可能老化破损，内部元件性能下降，容易引发漏电、火灾等风险；
(3)空调温度调至最低，会导致空调长时间高负荷运行，消耗大量电能；
(4)不能在插线排上同时使用多个大功率用电器，否则电路中电流过大，容易引起火灾。
本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
4.【答案】B
【解析】解：如图，麦穗的长度接近手掌的长度，约为13cm。
故选：B。
根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
此题考查了长度的估测。
5.【答案】C
【解析】解：AB、重力做功W=Gh，砖块总重力G、提升高度h均相等，故起重机、工人对砖做功相等，故AB错误；
CD、由P=Wt知，W相同，起重机搬运时间t更小，因此起重机做功功率更大，故C正确，D 错误。
故选：C。
克服砖块重力做功W=Gh，砖总重、提升高度相同，二者对砖做的有用功相等；功率公式P=Wt，做功W相同，起重机用时更短，功率更大。
本题通过搬运砖块实例，考查功与功率的大小比较，区分有用功与总功、理解功率定义式是核心。
6.【答案】D
【解析】解：A、“飞机”飞离地面后，会受到竖直向下的重力，以及空气对它的阻力和升力，并非不受力，故A错误。
B、根据牛顿第一定律，物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因。“飞机”前进是因为惯性，不是因为持续受力，故B错误。
C、惯性是物体的固有属性，不是一种力，不能说“受到惯性的作用”，正确表述应为“具有惯性”，故C错误。
D、“飞机”原本静止，在钢卷尺的牵引力作用下开始运动，运动状态发生了改变，这符合力的作用效果之一——改变物体的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)地面附近的物体受到重力的作用；
(2)力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持；
(3)一切物体都有保持静止或匀速直线运动状态的性质，我们把物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；
(4)力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
本题考查了力与运动的关系等，常见题目。
7.【答案】C
【解析】解：A、玻璃瓶是玻璃制成，玻璃不容易导电，属于绝缘体，故A错误；
B、金属丝由金属构成，金属容易导电，属于导体，故B错误；
C、带电物体接触铝箔球后，电荷传导到两根铝箔条，两根铝箔带上同种电荷，同种电荷相互排斥，铝箔张开，故C正确；
D、带负电的物体接触铝箔球，同样会让铝箔带上同种负电荷，铝箔也能张开，不只是带正电物体，故D错误。
故选：C。
(1)(2)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
(3)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(4)带负电的物体接触铝箔球，同样会让铝箔带上同种负电荷据此解答。
本题考查的是导体特点及应用、电荷间相互作用及验电器的原理，属于基础知识的考查，难度不大。
8.【答案】A
【解析】解：A、镇纸静止在水平放置的书法作品上，处于平衡状态，根据平衡状态的条件，此时它受到的合力为0，故A正确。
B、半球形状的透明玻璃，中间厚、边缘薄，符合凸透镜的特征，而凹透镜是中间薄、边缘厚，所以该镇纸相当于凸透镜，故B错误。
C、“永和”二字位于凸透镜(镇纸)的一倍焦距以内，根据凸透镜成像规律，此时成的是正立、放大的虚像，而不是实像，故C错误。
D、一对平衡力需要满足大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。镇纸所受重力的受力物体是镇纸，它对纸的压力的受力物体是纸，两个力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
物理学中，物体处于静止或匀速直线运动状态，我们就称物体处于平衡状态，受平衡力，合力为0。
中间厚、边缘薄的透镜为凸透镜，结合凸透镜成像的规律判断。
利用二力平衡的条件判断。
此题考查了平衡力的判断、凸透镜成像规律的应用。
9.【答案】D
【解析】解：A、重力势能的大小与物体的质量和高度有关，火箭上升过程中，飞船的质量不变，高度不断增加，所以重力势能变大，故A错误。
B、热机在工作过程中，必然会有能量损失，比如废气带走热量、机械摩擦消耗能量等，故热机的效率不可能达到100%，故B错误。
C、判断物体是否运动，需要看相对于参照物的位置是否变化。飞船被火箭托举上升时，与火箭的相对位置没有发生改变，所以飞船相对于火箭是静止的，故C错误。
D、“神箭凌日”是火箭遮挡了太阳射向地球的光线，因为光在同种均匀介质中沿直线传播，所以会在地球上看到火箭遮挡太阳的影子，该现象符合光的直线传播规律，故D正确。
故选：D。
(1)影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度，物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大。
(2)热机在工作过程中，必然会有能量损失，比如废气带走热量、机械摩擦消耗能量等。
(3)物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的。
(4)光在同种均匀介质中沿直线传播。
此题考查了重力势能大小的影响因素、热机效率、运动状态的判断、光的直线传播等。
10.【答案】B
【解析】解：从图中可以看到，条形磁铁的S极指向右侧，N极指向左侧，说明白纸的左侧是地理北极，右侧是地理南极。同时根据“上北下南，左西右东”的方位规则，结合图右下角的三角标识(代表南方)，可以判断方位。
A：上方标注东，下方标注西，不符合“上北下南，左西右东”的方位规则，故A错误。
B：上方标注西，下方标注东，左侧标注北，右侧标注南，符合条形磁铁N极指向北、S极指向南的规律，同时方位规则正确，故B正确。
C：上方标注南，下方标注北，与条形磁铁的指向完全相反，故C错误。
D：上方标注北，下方标注南，但左侧标注西，右侧标注东，与条形磁铁N极指向左(北)、S极指向右(南)的规律矛盾，故D错误。
故选：B。
地球本身是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近。根据磁极间的相互作用规律(异名磁极相互吸引)，条形磁铁的N极会指向地理的北极方向，S极会指向地理的南极方向。
此题考查了地磁场的应用。
11.【答案】B
【解析】解：A、乒乓球被发声的音叉弹开，只能说明声音是由物体振动产生的，这个实验并没有涉及声音传播的介质问题，不能得出声音传播不需要介质的结论，故A错误。
B、瓶中的水和乒乓球没有下落，是因为外界大气压强向上托住了乒乓球和水，这是大气压强存在的典型实验，故B正确。
C、水中的乒乓球没有浮起，是因为乒乓球下方没有水，无法受到向上的浮力，此时乒乓球不受浮力，并非浮力等于重力，故C错误。
D、向漏斗吹气时，乒乓球上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，所以乒乓球被下方的大气压托住不掉落，这说明流速越大的位置压强越小，故D错误。
故选：B。
(1)声音是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动，声音的传播需要介质，真空不能传声；
(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象；
(3)结合浮力的产生原因判断；
(4)流体流速越大的位置，压强越小。
本题四个选项考查了多个方面的知识，此类选择题是中考题中最常见的，是能较全面的考查基础知识的综合题。
12.【答案】B
【解析】解：A、图中电路当开关连接a点时，太阳能板无法直接给电动机供电，电动机不工作，故A不合题意；
B、图中电路当开关连接a点时，电池给电动机供电，电动机工作；当开关连接b点时，太阳能板给电池充电，电动机不工作，故B符合题意；
C、图中电路当开关连接a点时，太阳能板无法直接给电动机供电，电动机不工作，故C不合题意；
D、图中电路当开关连接b点时，太阳能板无法直接给电动机供电，电动机不工作，故D不合题意。
故选：B。
根据电路的要求，判断电池、电动机和太阳能电池板的连接关系，再根据单刀双掷开关的特点可做出判断。
本题主要考查了对电路连接的设计与判断，要明确单刀双掷开关的特点，同时知道电池是可以供电，也可能充电的。
13.【答案】扩散
清洁无污染

【解析】解：具有香味的物质分子跑到了空气中，属于扩散现象。
风力发电的优点是清洁无污染。
故答案为：扩散；清洁无污染。
不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。
风能属于清洁能源。
此题考查了风能的认识、扩散现象。
14.【答案】机械
大

【解析】解：热机工作时，将燃料燃烧产生的内能转化为机械能。即热机的基本工作原理——通过燃料燃烧产生高温高压气体，推动活塞或涡轮等机械装置做功，从而将内能转化为机械能。
根据阿基米德原理和漂浮条件：船漂浮在水面上时，浮力=重力(即F浮=G)，装载货物越重，船的总重力越大，为了保持漂浮状态，船需要排开更多的水，从而获得更大的浮力来平衡增大的重力，因此，装载的货物越重，船所受的浮力越大。
故答案为：机械；大。
热机工作时，将燃料燃烧产生的内能转化为机械能。
根据阿基米德原理和漂浮条件：船漂浮在水面上时，浮力=重力(即F浮=G)，进行分析比较。
本题主要考查了燃料的能量转化，以及浮沉条件的大小比较。
15.【答案】增大受力面积
形成近视眼

【解析】解：(1)双肩背书包，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小书包对肩膀的压强，使肩膀感觉比较舒服。
(2)小朋友低头近距离看书，若长期如此会形成近视眼。
故答案为：增大受力面积；形成近视眼。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
(2)近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，近视眼配戴凹透镜进行矫正。
本题考查了减小压强的方法和近视眼的成因，属于基础题。
16.【答案】热
2.5
44

【解析】解：(1)热水壶是利用电流的热效应来工作的。
额定电流I=PU=550W220V=2.5A。
(2)电热水壶R1=U2P=(220V)2550W=88Ω。
把电路总功率提高到原额定功率的3倍，此时的电功率P′=3P=3×550W=1650W。
由图乙可知，两电阻此时并联，因为的R1功率不变，故R2的电功率P2=P′−P=1650W−550W=1100W。
R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω。
故答案为：(1)热；2.5；(2)44。
(1)热水壶是利用电流的热效应来工作的。
根据P=IU求额定电流。
(2)根据R=U2P得出电热水壶R1。把电路总功率提高到原额定功率的3倍，得出此时的电功率P′。由图乙可知，两电阻此时并联，因为的R1功率不变，故R2的电功率P2=P′−P，最后根据R=U2P得出电热水壶R2。
本题考查电功率的综合计算、电流的热效应，难度适中。
17.【答案】反射角/度 B
【解析】解：(1)该实验的目的是探究反射角与入射角的大小关系。为了得出两者关系的结论，需要测量并记录多组入射角和对应的反射角。表格中已列出“入射角/度”，因此①处应为需要测量的另一个物理量，即“反射角/度”。
(2)根据光的反射定律，反射角等于入射角。
A.入射光沿FO入射，根据光路可逆原理，反射光会沿OE射出，此时入射角为∠FON，反射角为\∠EON，二者依然相等，故A不符合题意。
B.反射角的定义是反射光线与法线的夹角。如果把反射光线与平面镜的夹角当作反射角，由于反射光线与平面镜的夹角和反射角互为余角(两者之和为90∘ )，这样测得的“反射角”值必然不等于真实的反射角，也就不等于入射角。故B符合题意。
C.将纸板F以ON为轴旋转，是为了验证反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。这个操作本身不影响角度的大小关系。
(3)图中反射角为60∘，反射角等于入射角，则入射角也为60∘，根据反射角和入射角相等在法线左侧画出入射光线AO，如下图所示：
故答案为：(1)反射角/度；(2)B；(3)
(1)根据“探究光的反射定律”的实验目的，特别是探究反射角与入射角的关系，实验数据记录表格中需要同时记录入射角和反射角，以便进行比较。
(2)根据光的反射定律，反射角等于入射角。反射角是反射光线与法线的夹角。
(3)根据光的反射定律，反射角等于入射角，且反射光线和入射光线分居法线两侧。图中给出了反射光线和法线，可以确定反射角的大小，进而确定入射角的大小和入射光线的位置。
本题主要考查对光的反射定律的理解和应用，包括实验设计、误差分析以及根据定律作图。
18.【答案】断开 1.5 换用不同规格的灯泡(或改变电源电压)，多次进行实验
【解析】解：
(1)在连接或修改电路的过程中，开关必须保持断开，以防止因接线错误导致短路，从而保护电路元件和电源。
(2)由图乙可知，电压表选择小量程，分度值为0.1V，示数为1.5V，则UAB=1.5V；
(3)要测L1和L2两端的总电压，电压表需要并联在整个串联电路的两端(即接在A、D两点)。因此，需要将原本连接在B点(或L1与L2之间)的电压表导线拆下，改接到D点(或电源负极)。实物连接如下：
。
(4)在测得一组UAB、UCD、UAD的数据并记录后，在物理探究实验中，仅凭一组数据得出的结论往往具有偶然性。为得到普遍的规律，接下来的操作是：换用不同规格的灯泡(或改变电源电压)，多次进行实验。
故答案为：(1)断开；(2)1.5；(3)；(4)换用不同规格的灯泡(或改变电源电压)，多次进行实验。
(1)为了保护电路，连接接电路时，开关必须要断开；
(2)根据电压表选用的量程确定分度值，然后根据指针位置读数；
(3)要测L1和L2两端的总电压，电压表需要并联在整个串联电路的两端(即接在A、D两点)。
(4)在测得一组UAB、UCD、UAD的数据并记录后，在物理探究实验中，仅凭一组数据得出的结论往往具有偶然性。为得到普遍的规律，接下来的操作是：换用不同规格的灯泡(或改变电源电压)，多次进行实验。
此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。
19.【答案】液体深度
按压
1、2、3

【解析】解：(1)图甲中，玻璃膜上下橡皮膜的凹陷程度不同，下方橡皮膜所处的深度更深，凹陷更明显，所以可以猜想：液体压强与深度有关。
(2)检查图乙装置的气密性时，可通过按压探头的橡皮膜，观察U形管液面高度差的变化来判断：如果液面高度差能灵活变化说明气密性良好；若高度差不变，则说明装置漏气。
(3)要研究液体内部的压强是否与方向有关，需要控制液体深度相同、液体密度相同，改变探头方向，所以应分析1、2、3三次实验。
故答案为：(1)液体深度；(2)按压；(3)1、2、3。
(1)(3)利用控制变量法分析。
(2)检查图乙装置的气密性时，可通过按压探头的橡皮膜，观察U形管液面高度差的变化来判断。
本题探究液体内部的压强实验，利用控制变量法分析。
20.【答案】大 22.2 1.1 原方案(20mL+20g砝码)的问题：
以酱油为例，酱油密度约1.20∼1.26g/cm3：20mL 酱油质量≈1.26×20=25.2g，左盘总质量=25.2+2.2=27.4g，需要游码=27.4−20=7.4g，一般托盘天平标尺最大刻度为5 g，7.4g>5g，所以游码到最大仍左倾，无法测量；改进方案(10mL+10g砝码)：量杯质量仍为2.2g，体积变为10mL；对密度最大的酱油(ρ≈1.26g/cm3)：液体质量=1.26×10=12.6g，左盘总质量=12.6+2.2=14.8g，需要游码=14.8−10=4.8g0g；即所有液体所需游码值均在0∼5g范围内，因此该建议可行
【解析】解：(1)左盘总质量=量杯质量+液体质量=2.2g+ρ液×20cm3，
天平平衡条件：左盘质量=右盘砝码+游码示数即：2.2+20ρ液=20+m游码，m游码=20ρ液+2.2−20=20ρ液−17.8，可见，液体密度ρ液越大→左盘质量越大→需要游码向右移动更多来平衡→游码刻度值越大。所以，游码刻度值与液体密度成正比关系，可以在标尺下方贴纸条标注密度值，制成“密度尺“。
(2)天平的读数为：20g+2.2g=22.2g。在纸条上，将游码左端对齐的2.2g位置标注为“1.0“(即水的密度1.0g/cm3)。
(3)图乙显示砝码20g+游码4.2g，则天平读数=24.2g，盐水质量=24.2−2.2=22.0g，则盐水密度=22.0g20cm3= 1.1g/cm3。
(4)原方案(20mL+20g砝码)的问题：
以酱油为例，酱油密度约1.20∼1.26g/cm3：20mL 酱油质量≈1.26×20= 25.2g，左盘总质量=25.2+2.2= 27.4g，需要游码=27.4−20= 7.4g，一般托盘天平标尺最大刻度为 5g，7.4g>5g，所以游码到最大仍左倾，无法测量。
改进方案(10mL+10g砝码)：量杯质量仍为2.2g，体积变为10 mL。
对密度最大的酱油(ρ≈1.26g/cm3)：液体质量=1.26×10=12.6g，左盘总质量=12.6+2.2= 14.8g，需要游码=14.8−10= 4.8g0g。
即所有液体所需游码值均在0∼5g范围内，因此该建议可行。
故答案为：(1)大；(2)22.2；(3)1.1；(4)原方案(20mL+20g砝码)的问题：
以酱油为例，酱油密度约1.20∼1.26g/cm3：20mL 酱油质量≈1.26×20= 25.2g，左盘总质量=25.2+2.2= 27.4g，需要游码=27.4−20= 7.4g，一般托盘天平标尺最大刻度为 5g，7.4g>5g，所以游码到最大仍左倾，无法测量。
改进方案(10mL+10g砝码)：量杯质量仍为2.2g，体积变为10 mL。
对密度最大的酱油(ρ≈1.26g/cm3)：液体质量=1.26×10=12.6g，左盘总质量=12.6+2.2= 14.8g，需要游码=14.8−10= 4.8g0g。
即所有液体所需游码值均在0∼5g范围内，因此该建议可行。
基本思路：取相同体积的不同液体，由于密度不同，质量就不同。用天平称量时，质量差异通过游码来平衡，因此游码的刻度可以直接对应密度值。
这是一道经典的初中物理实验探究题，考查的是利用托盘天平改装液体密度测量仪的原理与分析。
21.【答案】减小 省力 该推车式灭火器的总重力为550N 此时推车对地面的压强为2.75×105Pa
【解析】解：(1)带有车轮的推车式灭火器能轻松移动，是通过滚动代替滑动的方式来减小摩擦力；
(2)如图甲，以O为支点，用力F抬起推车静止时，动力臂大于阻力臂，推车相当于省力杠杆；
(3)灭火器的总质量m=55kg，总重力：
G=mg=55kg×10N/kg=550N；
(4)推车式灭火器静止在水平地面上，对地面的压力F=G=550N，
受力面积S=20cm2=0.002m2，此时推车对地面的压强：
p=FS=550N0.002m2=2.75×105Pa。
故答案为：(1)减小；
(2)省力；
(3)该推车式灭火器的总重力为550N；
(4)此时推车对地面的压强为2.75×105Pa。
(1)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；
(2)比较动力臂与阻力臂的大小关系即可判断是否省力；
(3)知道灭火器的总质量，利用G=mg求其总重力；
(4)推车式灭火器静止在水平地面上，对地面的压力等于其总重力，受力面积等于与地面的总接触面积，利用p=FS计算此时推车对地面的压强。
本题考查了减小压强的方法、杠杆分类、重力和压强的计算，属于中档题。
22.【答案】大;弱 停止注水时杯中水的质量为240g；控制电路的电源电压为6V 增大控制电路的电源电压
【解析】解：(1)阻值变化：随着杯中水量的增加，杯子和水的总重力增大，托盘受到的压力F也随之增大。根据题意，压力增大会带动滑片P向下移动，滑片下移会使滑动变阻器R接入电路的阻值变大。
磁性变化：控制电路的电源电压不变，当R的阻值变大时，根据欧姆定律I=UR总，电路中的电流会减小。电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流减小，电磁铁的磁性会变弱。
(2)由图乙可得，停止注水时(R=50Ω)水与杯的总压力为4.0N，则水的压力为F水=G水=F总−F空=4.0N−1.6N=2.4N，则水的质量：m水=G水g=2.4N10N/kg=0.24kg=240g。
空杯质量m杯=160g=0.16kg，空杯对托盘的压力(即重力)：F空=G杯=m杯g=0.16kg×10N/kg=1.6N，对应的电阻为R空=20Ω，已知此时控制电路电流 I空=50mA=0.05A，根据欧姆定律，此时电源电压为：U=I空(R空+R0)=0.05A×(20Ω+R0) ……①，
当注水停止时，衔铁刚好弹回，此时线圈中的临界电流I临界=40mA=0.04A，已知此时滑动变阻器阻值R停=50Ω，根据欧姆定律，电源电压：U=I临界×(R0+R停)=0.04A×(R0+50Ω)……②。
联立①②可解得：R0=100Ω，
则电源电压为：U=0.05A×(20Ω+100Ω)=6V。
(3)要增加最大注水量，意味着需要让托盘承受更大的压力(即更重的水)时，电路电流才降到40mA的临界值。换句话说，需要让滑动变阻器在更大压力下才达到使电流为40mA的阻值，根据欧姆定律 R=UI，在临界电流I=40mA 不变的情况下，可以通过以下方式实现：
增大电源电压U：电压变大，达到40mA 所需的总电阻R就会变大，对应需要更大的压力(更多的水)；
减小定值电阻R0的阻值：电路中串联了定值电阻R0，减小R0可以让滑动变阻器R分担更大的阻值，从而允许注入更多的水；
更换更硬的弹簧：在相同水量(相同压力)下，弹簧压缩量变小，滑片下移距离变短，R接入电路的阻值增加得慢，从而允许注入更多水才达到临界阻值。
故答案为：(1)大；弱；(2)停止注水时杯中水的质量为240g；控制电路的电源电压为6V；(3)增大控制电路的电源电压。
(1)阻值变化：随着杯中水量的增加，杯子和水的总重力增大，托盘受到的压力F也随之增大。
磁性变化：电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，电流减小，电磁铁的磁性会变弱。
(2)由图乙可得，停止注水时(R=50Ω)水与杯的总压力，可得水的压力为F水=G水=F总−F空，则水的质量：m水=G水g。
空杯质量m杯=160g=0.16kg，空杯对托盘的压力(即重力)：F空=G杯=m杯g=0.16kg×10N/kg=1.6N，对应的电阻为R空=20Ω，已知此时控制电路电流 I空=50mA=0.05A，根据欧姆定律，此时电源电压为：U=I空(R空+R0)=0.05A×(20Ω+R0) ……①，
当注水停止时，衔铁刚好弹回，此时线圈中的临界电流I临界=40mA=0.04A，已知此时滑动变阻器阻值R停=50Ω，根据欧姆定律，电源电压：U=I临界×(R0+R停)=0.04A×(R0+50Ω)……②。
联立①②可解得电源电压。
(3)要增加最大注水量，意味着需要让托盘承受更大的压力(即更重的水)时，电路电流才降到40mA的临界值。换句话说，需要让滑动变阻器在更大压力下才达到使电流为40mA的阻值，根据欧姆定律 R=UI，在临界电流I=40mA 不变的情况下对应找方法。
本题主要考查了有关电磁继电器的相关知识。产品名称：电热水壶
容量：1L
额定电压：220V
额定功率：550W
实验序号
1
2
3
4
5
6
入射角/度
①
实验序号
深度/cm
探头方向
U形管液面高度差/格
1
10.0
向下
17
2
10.0
向左
17
3
10.0
向上
17
4
15.0
向下
25
5
20.0
向下
32