河南省新乡市部分学校2025-2026年高二下6月月考物理试卷（含答案）

这是一份河南省新乡市部分学校2025-2026年高二下6月月考物理试卷（含答案），共11页。试卷主要包含了02sD等内容，欢迎下载使用。
1.答题前，务必将自己的个人信息填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题(每小题4分，共28分)
1.大量处于n=3能级的氢原子，向低能级跃迁时辐射光子的最短波长为λ。已知氢原子的能级公式为 En=E1n2(E₁未知)，普朗克常量为h，光速为c，则氢原子的基态能量( )
A. E1=9ℎc8λB. E1=9ℎc8λC. E1=−8ℎc9λD. E1=8ℎc9λ
2.一质点做匀加速直线运动时，速度变化Δv时发生位移x₁，紧接着速度变化同样的Δv时发生位移x₂，则该质点的加速度为( )
A. Δv21x1+1x2B. 2Δv2x2−x1C. Δv21x1−1x2D. Δv2x2−x1
3.如图，物体P(上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在物体上，另一端与置于物体上表面的滑块Q相连，如图所示。若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力。则物体P的受力个数为( )
A. 2B. 3C. 4D. 5
4.如图所示为桥式整流电路简图，变压器、二极管均为理想器材，变压器原线圈输入电压为 u1=2202sin100πtV的交流电，原副线圈匝数比为10∶1，副线圈两端电压为u₂，负载为 R，下列说法正确的是( )
A. u₂的有效值为11 VB. R 上电流的方向由A到B
C. R 上电流的变化周期为0.02sD.若增加R的阻值，则原线圈的输入功率增大
5.如图所示，边长为L的固定正三角形金属线框由粗细均匀的同种金属棒构成，O为正三角形的中心，以O为圆心，以 13L为半径的圆形区域内有垂直线框平面的匀强磁场，圆与线框在同一平面内，匀强磁场的磁感应强度大小为B，将C、D两端接入电路，从C端流入的电流大小为I，则线框受到的安培力大小为( )
A. 12BILB. 13BILC. 14BILD. 15BIL
6.目前在太空中为我们提供服务的北斗三号系统是由30颗卫星组成的。如图(a)，以地球球心为坐标原点，以某一颗北斗卫星所在轨道平面建立xOy平面直角坐标系，将卫星绕地球运动视为逆时针的匀速圆周运动，其运动轨迹与x轴正半轴交点为K。现从K点开始计时，将卫星所受地球的万有引力F沿x轴、y轴两个方向进行正交分解，得到两个分力Fₖ，Fy，其中 Fy随卫星运动时间t变化图像如图(b)所示，已知卫星质量为m，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，忽略地球自转，则 )
A. 当 t=43t0时， Fy=mg32B.该卫星距地面高度是地球半径的4倍
C.该卫星的轨道半径为 r=gt0216π2D.地球的质量为 M=gt04256π4G
7.如图(a)所示轻质弹簧下端固定在水池底部，上端固定一个小灯泡，其大小可忽略，点光源在水面上的投影位置为0'点，点光源静止不动时在O点，距离水面深度为(OO'=h=1.5m,，现让点光源在竖直方向做简谐运动，其振动图像如图(b)所示振幅为A，周期为2s，光源向左照射的最远位置记为P，当点光源距离水面最近时P在a点，点光源距离水面最远时P在e点。已知图(a)中 ac=ce，bc=cd，水的折射率为 43,，则下列错误的是( )
A. P在C 点时，光斑的移动速度最大B. P 从b 到d 经过的时间可能为1s
C.光斑振幅 A'=377A D.点光源在O 点时，有光射出水面的面积为 8164πm2
二、多选题(每小题6分，选对部分得3分，共18分)
8.图甲表示一根没有发生形变的弹簧，上面用数字标出一些质点的平衡位置；图乙表示弹簧中产生纵波时，某一时刻各个质点相对于各自的位移；把该时刻各质点的位移画到纵轴的方向上，纵坐标为正表示位移向右，为负表示位移向左，得到了图丙所示的图像。已知1为波源，类比横波相关知识，可知( )
A.此时质点2速度向左B.此时质点3回复力为零
C.质点2比质点5先回到平衡位置D.质点4和质点8的振动速度总是等大反向
9.如图所示，球心为O、半径为R的球面下方有一处于水平面的圆周，该圆周与球面直径PM 垂直，圆心为0'。在该圆周上等分的三点位置A、B、C以及球面的最高处P 点均固定一个电荷量为+q的点电荷。已知A、P两点连线与球直径PM 的夹角α=30°，静电力常量为k。下列说法正确的是( )
A. M点场强大小为 7kq4R2
B. O点和M 点电势相等
C.一带正电的点电荷，沿着球面直径PM 由P 到O'，其电势能一直增加
D.若在O 点放置一个电荷量为-q的点电荷，则该负点电荷受到的库仑力大小为 kq22R2
10.如图,质量 m1=1kg 的木板静止在光滑水平地面上，右侧的竖直墙面固定一劲度系数k=20N/m的轻弹簧，处于自然状态。质量 m2=4kg的小物块以水平向右的速度 v0=54m/s滑上木板左端，两者共速时木板恰好与弹簧接触。木板足够长，物块与木板间的动摩擦因数μ=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。弹簧始终处在弹性限度内，弹簧的弹性势能 Ep与形变量x的关系为 Ep=12kx2g=10m/s2。则下列说法正确的是( )
A.木板刚接触弹簧时速度为1m/s
B.木板运动前右端距弹簧左端的距离0.125m
C.木板与弹簧接触后弹簧的最大压缩量为0.5m
D.木板与弹簧接触到弹簧再次恢复原长的过程中系统机械能守恒
三、实验题(15分)
11.(6分)如图所示，小车通过细绳与钩码相连，遮光片固定在小车的最右端，光电门传感器固定在长木板上，李明研究组利用图中装置完成了“验证牛顿第二定律”的实验，张红研究组将长木板放平，并把小车换成木块，完成了“测定长木板与木块间动摩擦因数”的实验。
(1)关于李明研究组的实验，下列说法正确的是 。
A.需要平衡摩擦力，要求钩码的质量远小于小车质量
B.不需要平衡摩擦力，要求钩码的质量远小于小车质量
C.需要平衡摩擦力，不要求钩码的质量远小于小车质量
(2)在实验操作完全正确的情况下，李明研究组将小车从某一位置由静止释放，测出遮光片的宽度d和它通过光电门的挡光时间Δt，小车静止时的位置到光电门的位移s，小车的质量M ，弹簧测力计的示数F，则F与 1Δt2应满足的关系式为F = 。(可用M 、d、s、Δt等字母表示)
(3)张红研究组测出开始木块静止时遮光片距光电门的位移为s，由遮光片宽度d和挡光时间Δt求出滑块的速度大小v，并算出v²，然后作出 F−v2的图像如图所示，根据图像可求得动摩擦因数μ= 。(可用a、b、g、s等字母表示)
12.(9分)某实验小组测量电池组的电动势E和内阻r (E约为3V，r约为1Ω)。除电池组、滑动变阻器R (最大阻值20Ω)、开关、导线外，可供使用的实验器材还有：
A. 电压表 V₁,(量程0-3 V, 内阻约3kΩ)
B. 电压表 V₂,(量程0-15V, 内阻约15kΩ)
C. 电流表A₁,(量程0-0.6A, 内阻约1Ω)
D. 电流表A₂,(量程0-3A, 内阻约0.2Ω)
E. 定值电阻R₁(阻值10Ω)
F. 定值电阻R₂(阻值5Ω)
(1)要求测量结果尽量准确，在实验中，电压表应选用 (填器材前的字母)，电流表应选用 (填器材前的字母)，定值电阻应选用 (填器材前的字母)。
(2)在虚线框内画出实验电路原理图，图中各元件需用题目中给出的符号 。
(3)逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表示数I，以U 为纵坐标，I为横坐标，做出U-I图线(U、I都用国际单位)，求出U-I图线斜率的绝对值k 和横轴上的截距a，则电池组的电动势E = , r= (用k、a、R₁、R₂表示)。
四、解答题(39分)
13.(10分)如图所示，质量为M 的柱形汽缸内用质量为m的活塞封闭了一定质量的理想气体，活塞横截面积为S，可沿汽缸无摩擦滑动但不漏气。系统静止时活塞底面到汽缸底部的距离为h，现用竖直向上的力F作用在活塞上，缓慢增大力F，直到汽缸刚要离开地面。汽缸导热良好，周围环境温度不变，重力加速度为g，大气压强恒为p₀，汽缸壁厚度不计。求：
(1)此时活塞底面距离汽缸底部的高度；
(2)若汽缸刚要离开地面时撤去外力F，足够长时间后活塞重新处于静止状态，撤去F 后到最终活塞静止的过程中，气体放出的热量。
14.(12分)如图所示，一抛物线的方程为 y=x22lx≤0,在抛物线的上方有竖直向下的匀强电场。抛物线上每个位置可连续发射质量为m、电荷量为q的粒子，粒子均以大小为v₀的初速度水平向右射入电场，所有粒子均能到达原点O。第四象限内(含x边界)存在垂直于纸面向外、磁感应强度大小 B=2mv0ql的匀强磁场，MN 为平行于x轴且足够大的荧光屏，荧光屏可以上下移动，不计粒子重力及粒子间的相互作用，粒子打到荧光屏上即被吸收。
(1)求电场强度的大小E；
(2)求从抛物线上横坐标x=-l的A点发射的粒子射出磁场时的坐标；
(3)若将荧光屏缓慢上下移动，求从A 点和O 点发射的粒子打在荧光屏上的发光点的最大距离L。
15.(17分)如图所示，绝缘部分P、Q将左右两侧的光滑导轨平滑连接起来，在导轨的左侧接有电动势为
E、内阻为r的电源和电容为(的电容器，质量为m、电阻为R 的金属棒 ab与导轨垂直的放在导轨左端靠近电源的位置，金属棒 ab在外力作用下保持静止，质量为2m、电阻为0.5R的金属棒 cd与导轨垂直的静止在PQ右侧适当位置，整个装置处于垂直纸面的匀强磁场中(图中未画出)。现在释放金属棒 ab，金属棒 ab在运动PQ之前已经达到最大速度，它滑过PQ后刚好未与金属棒 cd碰撞。已 R=2r=2r0,E=3I0r0,磁场的磁感应强度为B，导轨间的距离为L，金属棒 cd右侧的导轨足够长，不计导轨电阻。 (I0、r0、B、L、m、C为已知量)
(1)判断磁场的方向，并求被释放瞬间金属棒 ab的加速度；
(2)当金属棒 ab的速度为最大速度的一半时，求金属棒 ab的热功率和此过程中电容器极板所带电荷量的变化量(忽略电容器极板电荷量变化对电流的影响)；
(3)金属 cd棒距离PQ的距离以及整个过程中 cd棒产生的焦耳热。
高二物理参考答案
1. A 2. D 3. C 4. B 5. B 6. C 7. D 8. BD 9. AD 10. AB11. (1) C 2Md22sΔt2 3b2gs
12. (1) AF
C
(2)
k-R₂
(3) ka
13.1ℎ2=p0S+mgp0S−Mgℎ(5分); 2Q=mg+p0SM+mgℎp0S−Mg(5分)
【详解】(1)气体发生等温变化 p1V1=p2V2,
据题意可得 p1S=p0S+mg,V1=ℎS
末状态，对汽缸 p2S+Mg=p0S,V2=ℎ2S,
解得 ℎ2=p0S+mgp0S−Mgℎ
(2)气体温度不变，可得Q=W,
对活塞，据动能定理可得 mgΔℎ+p0SΔℎ−Wα=0
解得 Q=mg+p0SM+mgℎp0S−Mg
14.1E=mv02ql(3分),(2)(0,- 2l)(5分),( 3L=2−1l(4分)
【详解】(1)粒子在电场中做类平抛运动。
水平方向有 ∣x∣=v0t,竖直方向有 y=12⋅qEm⋅t2
其中 y=x22l,解得 E=mv02ql
(2)如图所示，
在电场中，水平方向有 l=v0t1,竖直方向有 vy=qEmt1,则 v=v02+vy2,
设粒子进入磁场时速度v与竖直方向的夹角为θ，
则 sinθ=v0v,即θ=45°，由牛顿第二定律得 qvB=mv2R1
由几何关系知d =2R₁sinθ, 解得( d=2l,射出磁场时的位置坐标为 0−2l。
(3)从O 点发射进入磁场的粒子，运动半径为 R2=mv0Bq,解得 R2=22l
由几何知识可知，从A点和O点发射的粒子从同一点射出磁场，所以打在荧光屏上的发光点的最大距离为 L=R2−R11−csθ,解得 L=2−1l
15. (1) 垂直纸面向里 (1分), I0LBm(3分) 2I02r02(3分), 12CI0r0(3分)
36mI0r02B3L3(4分), mI0r0B2L2(3分)
【详解】(1)由题意可知金属棒 ab中的电流方向为由a到b，所受安培力方向为水平向右，由左手定则可知磁场方向为垂直纸面向里。金属棒 ab释放的瞬间，由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒 ab的电流 I1=ER+r=I0,它受到的安培力 F=ILB=I0LB
由牛顿第二定律可知此时金属棒 ab的加速度 a=Fm=I0LBm
(2)当金属棒 ab中的电流为0时它的速度达到最大，
由法拉第电磁感应定律有 E总max=BLvmax=E,
当金属棒 ab的速度为最大速度一半时 E总=BLvmax2=E2
由闭合电路欧姆定律可知此时通过金属棒 ab的电流 I2=E−E总R+r=I02
此时它的热功率 PR=I22R=I02r02,金属棒 ab刚释放时电容器两端的电压 U1=I1R=2I0r0
当金属棒 ab的速度为最大速度一半时电容器两端的电压 U2=E−I2r0=52I0r0
所以此过程中电容器极板所带电荷量的变化量 Δq=CΔU=CU2−U1=12CI0r0
(3)由题意可知最终两个金属棒速度相同，且即将相互接触，金属棒 ab 滑过PQ后与金属 cd组成的系统动量守恒，有 mvmax=m+2mv,此过程中对金属棒 cd分析由动量定理有 I全=2mv
而 I差=F差⋅Δt=ILBΔt=ER+0.5RLBΔt=ΔΦΔtR+0.5RLBΔt=B2L2xR+0.5R
解得金属 cd棒距离PQ的距离 x=6mI0r02B3L3,
系统损失的机械能 ΔE=12mvmax2−12m+2mv2
由电阻串联关系可知金属棒 cd上产生的焦耳热 Q=+RΔE=mI02r02B2L2