2026届安徽省省城名校中考五模物理试题含解析

这是一份2026届安徽省省城名校中考五模物理试题含解析，共7页。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1．某电热水壶正常状态下，闭合开关，指示灯L亮，同时电热丝R工作；断开开关，指示灯L熄灭，电热丝R不工作．小明用该电热水壶烧水时，发现电热丝R断了，指示灯L仍然亮．四位同学设计了该电热水壶的模拟电路，其中可能正确的是（ ）
A．B．
C．D．
2．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S0滑动变阻器R的滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．闭合开关S，若甲、乙均为电压表，则两表示数均变小
B．断开开关S，若甲、乙均为电流表，则两表示数均变大
C．闭合开关S，若甲、乙均为电压表，则甲示数不变，乙示数变大
D．断开开关S，若甲、乙均为电流表，则乙示数不变，甲示数变大
3．如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细线连接在地板上，OA＝0.6m，OB＝0.4m．在木条的B端通过细线悬挂一个长方体木块C，C的密度为0.8×103kg/m3，B端正下方放一盛满水的溢水杯．现将木块C缓慢浸入溢水杯中，当木块浸入水中一半时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态，然后让质量为300g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间系在A端细绳的拉力恰好等于0，下列结果不正确的是（忽略细线的重力，g取10N/kg）
A．木块受到的浮力为0.5N
B．木块C受到细线的拉力为0.3N
C．小球刚放在B端时A端受到细线的拉力为2.2N
D．小球的运动速度为0.2m/s
4．关于电与磁的材料，下列说法中正确的是（ ）
A．地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近
B．导体在磁场中运动就一定会产生感应电流
C．在真空中，无线电波的传播速度小于光的传播速度
D．集成电路中的三极管是利用超导体材料制成的
5．关于光的各种现象，图中说法正确的是（ ）
A．图中岸上景物在水中成的是实像
B．图中筷子水中部分实际是在我们看到的像的上方
C．图中的光斑是光的直线传播形成的
D．图中把花束向平面镜靠近时，花束的像会变大
6．如图所示，运动员用力拉弓然后松手，箭在空中向前运动一段距离后，最终落到地面，下面说法不正确的是

A．弓在拉力作用下发生弯曲，说明力可以使物体变形
B．弓张得越满，放手后，箭就射得越远，说明物体弹性形变越大，具有的弹性势能就越大
C．箭不能在空中永远运动下去，是因为没有力维持运动
D．箭最终落到地面是因为受到重力作用的原因
7．如图，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右作匀速直线运动．下列分析正确的是（ ）
A．木块没有受到小车的摩擦力
B．木块运动速度越大，惯性也越大
C．木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力
D．当小车受到阻力突然停止运动时，如果木块与小车接触面光滑，木块将向右倾倒
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8．2018年12月30日嫦娥四号探测器已经顺利进入登月轨道。“嫦娥四号”火箭发动机燃料选用液氢，主要是因为液氢的_____高，火箭在加速上升过程中机械能_____（填“增大”、“减小”或“不变”），且火箭与空气摩擦导致内能_____（填“增大”、“减小”或“不变”）。
9．科学家对人类文明进步和社会发展做出了重要贡献，为了纪念在物理学中做出过杰出贡献的科学家，有时会以他们的名字作为物理定律的名字，请你写出两位在电学中以他们的名字被用作物理定律名称的物理学家：_____、_____．
10．如图1所示停表的读数为_____s；如图2所示，物体的直径为_____mm．
11．魔术是深受同学们喜爱的节目，其中包含着许多科学原理．图甲是某同学自制的一只魔术箱，表演时他将开口的方形空箱面展示给观众，把纸币从空箱顶端的投币口投入，结果纸币“不翼而飞”．原来魔术箱中有一块平面镜（如图乙），它与箱底的夹角为______度，使观众觉得箱子里没有东西．本实验用到光学物理知识有___________________．
12．一个人先后用同样大小的力F将不同质量的物体分别在光滑水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离S（如图所示）。该力在这两个过程中所做的功分别为W1、W2，大小关系是_____。在用力将物体沿粗糙斜面向上移动的过程中，从能量角度来看，物体的机械能增大，_____也增大。
13．自年月日起我省庐铜铁路陆续开通客运列车，庐铜铁路线路总长公里，设计时速公里。以行驶的列车为参照物，铁路站台是_________的。（选填“运动”或“静止”）
14．如图所示，建筑工人用滑轮组提升重为240 N的泥桶，动滑轮重为30 N，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重。若工人在10 s内将绳子匀速向上拉9m，则泥桶上升______m，手拉绳子的力为______N，拉力的功率为______W，滑轮组的机械效率为______。
三、作图题（共7分）
15．请你在下图中画出静止在水中的小球所受力的示意图．
16．在图中，标出通电螺线管和小磁针的N、S极及磁感线的方向．
17．如图所示在用羊角锤拔钉子时，若O为支点，画出在A点施加的最小力F的示意图及其力臂L。
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18．某小组同学要“探究影响液体压强大小因素”，他们设计了如图所示的实验探究方案，图（a）、（b）、（d）中金属盒在液体中的深度相同．实验测得几种情况下压强计的U形管两侧液面高度差的大小关系是h4＞h1=h2＞h3 ．
实验中液体内部压强的大小通过________反应出来． 实验中液体内部压强最小的是________图． 比较图a和图d可以得出的结论是：________．
19．图甲是小明安装好的直流电动机模型（主要部件见文字说明）.
（1）图甲中A部件的名称是_______．此部件作用是：当线圈_______（选填“未到”、“转到”或“转过”）平衡位置时能自动改变线圈中的电流方向，使线圈连续转动．
（2）小明将图甲电动机正确连入图乙电路，闭合开关后发现线圈不转．他首先应进行的操作是_______；操作后线圈还不转，小明又轻拨线圈，线圈转动，说明拨线圈前不转的原因是_______.
（3）线圈正常转动后，小明滑动变阻器的滑片，发现线圈转速发生变化，这说明线圈转速的大小与_______大小有关.
（4）小明在电动机模型的转抽上固定扇叶，并与小灯泡连接，如图丙所示.当扇叶转速较小时，观察到小灯泡的亮度_______（选填“忽明忽暗”或“不变”）.
20．小明同学用如图所示的实验裝置探究“电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V．
请你用笔画线代替导线，把图中的实验电路补充完整；____小明将5Ω的定值电阻接入电路后，闭合开关后，电流表没示数，电压表示数接近电源电压，则电路故障可能是________ 排除故障后，小明移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示示数为2.5V，记录此时电流表的示数；随后，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻继续实验；接下来他应该将滑动变阻器的滑片向________（选填“左”或“右”）移动，在此过程中眼要看着________（选填“电流表”或“电压表”），直到示数为________时； 一旁的小华同学看完他的实验后说：“用一个热敏电阻代替定值电阻，每测完一组数据后，对电阻进行加热，不就可以改变电阻了吗？”请问：小华的这种实验方法合适吗？________，原因是：________
21．小华在观看冰壶比赛时猜想：如果水平冰面足够光滑，冰壶会永远运动下去吗？他用如图1所示装置来探究他的猜想：
在实验过程中，小华让同一小车从斜面同一位置由静止开始下滑，这样做的目的是为了让小车到达斜面底端的_____相同；小车到达水平面后会继续向前运动是因为小车具有_____，小车在毛巾上运动时受到的重力和支持力_____（选填“是”或“不是”）一对平衡力；如图1所示，通过观察小车在不同水平面上的运动情况，可以发现：同样条件下，水平面对小车的阻力越小，它前进得越_____，进一步推理可得：如果水平冰面绝对光滑，冰壶在水平方向_____（选填“受”或“不受”）力，冰壶将_____，这同时说明了物体的运动_____（选填“需要”或“不需要”）力来维持；如图2所示，摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，如果摆球所受的力忽然全部消失，则摆球将_____。
22．如图所示的三个实验中：
通过比较温度计示数的变化量来比较吸（放）热多少的有________（填写图号，下同）；需要计时器的实验有________。丙图所示的实验，可以探究电热与________的关系。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23．如图所示是我国自主研发的全球最大水陆两栖飞机AG1．其最大飞行速度为560km/h，最大航程为4500km，巡航速度（经济、节油的飞行速度）为500km/h．某次起飞前，飞机静止在水平跑道上，总质量为50t，轮胎与跑道的总接触面积为0.5m2．求：
（1）飞机静止在陆地跑道上时对跑道的压强是多少？
（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1500km，所需要的最短时间是多少？
（3）若飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，它排开水的质量为46t，此时飞机受到的重力是多少？舱底某处距水面1.5m，水对该处产生的压强是多少？
24．小明家新买来一台容积为80L的天然气热水器．小明学习了热效率的知识后，尝试估测该热水器的热效率，他把“进水量”设置为40L，“出水温度”设置为40℃后，开始加热．当水温达到40℃时，自动停止加热．已知当时自来水的温度是20℃，加热前天然气表的示数为129.96m1，停止加热后变为110.06m1，天然气的热值q天然气＝4.2×107J/m1，水的比热容c水＝4.2×101J/（kg•℃），1L＝1.0﹣1m1．求：
（1）水箱中水的质量；
（2）水箱中水吸收的热量：
（1）该热水器的热效率
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25．2019年1月3日，嫦娥四号探测器成功降落于月球背面的预选着陆区，玉兔二号在月球背面留下了第一行脚印，如图甲所示．假定在月球车前面有一块石头，当车轮通过石块时，F1为车轮受的推力，F2为阻力，如图乙所示．请在图乙中分别画出F1与F2的力臂．
据此分析可知，石块高度越高（不高于车轮半径），所需推力______．（选填“越大”或“越小”）
26．小军和小刚一起做“探究光的折射现象及特点”的实验，当他们将一束光线从空气中以某入射角射入玻璃砖时，测得折射角为40°．请在图中画出折射光线并标出折射角。
当他们逐渐增大入射角时，折射光线将______（选填“靠近”或“远离”）法线。
27．几只串联的水果电池提供的电力足够点亮排成V字形的一组发光二极管． 水果电池将化学能转化为________ 发光二极管是由________ 材料制成的； 如果少串联一个水果电池，二极管将________
参考答案
一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）
1、B
【解析】
闭合开关时，灯泡和电阻丝同时工作，开关应该置于电路的干路，电热丝R断了，指示灯L仍然亮，说明电路采用的是并联结构，图中采用并联结构，且开关位于干路的是B，故应选B．
2、C
【解析】
闭合开关S，若甲、乙均为电压表，两电阻串联，滑片向右移动的过程中，甲的示数不变，乙的示数变大，A是错误的，C是正确的；断开开关 S，若甲、乙均为电流表，两电阻并联，滑片向右移动的过程中，则两表示数均变小，B、D是错误的．故本题正确选项是C．
3、D
【解析】
（1）溢水杯内裝满水，当物体放入后，根据阿基米德原理即可求出物体受到的浮力；
（2）根据F浮=ρ水V排g求排开水的体积；此时木块浸入体积为木块体积的一半，可求木块的体积，又知道木块的密度，利用密度公式和重力公式求木块重；根据FB=G﹣F浮求杠杆B端受到的拉力FB；
（3）根据杠杆平衡条件得出关系式FA×OA=FB×OB求出小球刚放在B端时A端受到细线的拉力；
（4）知道小球的质量可求重力，设小球的运动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，可求当A端的拉力为0时，小球到O点距离（s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m），再根据杠杆平衡条件得出G球×s′=FB×OB，据此求小球运动速度．
【详解】
A、溢水杯内盛满水，当物体放入后，物体受到的浮力：F浮=G排=0.5N，故A正确；
B、根据F浮=ρ液gV排可得排开水的体积：V排==5×10﹣5m3；因为一半浸入水中，所以物体的体积：V物=2V排=2×5×10﹣5m3=1×10﹣4m3；由G=mg和可得，物体的重力：G=mg=ρ物-V物g=0.8×103kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg=0.8N，则B端木块C所受的拉力：FB=G﹣F浮=0.8N﹣0.5N=0.3N，故B正确；
C、小球的质量为：m球=300g=0.3kg，小球的重：G球=m球g=0.3kg×10N/kg=3N，小球刚放在B端时，B端受到的力为3N+0.3N=3.3N，根据杠杆平衡条件得出关系式：FA×OA=FB×OB，则A端受到细线的拉力：，故C正确．
D、设小球的运动速度为v，则小球滚动的距离s=vt，当A端的拉力为0时，杠杆再次平衡，此时小球到O点距离：s′=s﹣OB=vt﹣OB=v×4s﹣0.4m，根据杠杆平衡条件可知：G球×s′=FB×OB，即：3N×（v×4s﹣0.4m）=0.3N×0.4m，解得：v=0.11m/s．故D错误．
故选D．
4、A
【解析】
A、地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，所以地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，故A正确；
B、闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，才会产生感应电流，故B错误；
C、无线电波和光分别是电磁波的其中一类，而所有电磁波的波速是一定的，在真空中，它们的传播速度相等，故C错误；
D、集成电路中的三极管是利用半导体材料制成的，故D错误．
5、C
【解析】
A、平静的水面相当于平面镜，岸上景物在水面成的像是虚像，故A错误；
B、插入水中的筷子，由于筷子反射的光从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到筷子在水中的部分是向上弯折，所以图乙中筷子实际是在我们看到的像的下方，故B错误；
C、太阳光在树荫下形成圆形光斑是小孔成像现象，这是光沿直线传播形成的，故C正确；
D、由平面镜成像特点像和物等大可知，把花束向平面镜靠近时，花束的像与花束大小相等，不会变大，故D错误．
故选C．
6、C
【解析】
A、手把弓拉弯，弓的形状发生改变，故说明力能使物体发生形变，故A正确，不符合题意；
B、因为弹性形变程度越大，弹性势能就越大，射箭时把弓拉得很弯，就是让弓的弹性形变程度越大，获得更大的弹性势能，放手后就有较多的弹性势能转化为箭的动能，则箭射得越远，故B正确，不符合题意；
C、箭不能在空中永远运动下去，是因为受到重力和空气阻力的作用，而不是因为没有力来维持它的运动，故C错误，符合题意；
D、箭最后会落到地面，是因为受到重力的作用，重力改变了它的运动状态，故D正确，不符合题意．
7、A
【解析】
A．由于木块静止在小车上，不具备摩擦力产生的条件，所以它没有受到摩擦力的作用，故A符合题意；
B．物体的运动速度不影响惯性，惯性是物体保持原来动状态不变的性质，故B不符合题意；
C．一对平衡力必须是大小相等、方向相反，在同一条直线上，作用在同一物体上的．而木块对小车的压力与小车对木块的支持力不是作用在同一物体上的力，故C不符合题意；
D．小车突然停止运动，而木块由于惯性仍然保持原来的运动状态．如果木块与小车接触面光滑，木块不会倾倒，由于木块具有惯性，会向前运动，故不符合题意；
故选A。
二、填空题（本大题7小题，共21分）
8、热值 增大 增大
【解析】
火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；火箭在加速上升过程中，速度增大、动能增大，高度变大，重力势能变大，使得机械能增大；火箭与空气摩擦做功，将机械能转化为飞船的内能，温度升高、内能增大。
9、欧姆；焦耳
【解析】
试题分析：根据课本中涉及到的电学方面做出杰出贡献的物理学家列出即可．（1）欧姆在研究电流、电压、电阻的关系时，发现了著名的欧姆定律，做出了杰出贡献；欧姆是电阻的单位；（2）焦耳在研究电流产生的热量与什么因素有关时，发现了著名的焦耳定律，做出了杰出贡献；焦耳是电能的单位；（2）牛顿对力与运动作出重大贡献，发现了牛顿第一定律；牛顿是力的单位．故答案为欧姆定律，电阻； 或焦耳定律，电能； 或牛顿第一定律，力．（三个答案任选一个）
考点：物理常识．
10、337.5 24.0
【解析】
由图示秒表知道，在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，所以分针指示的时间为5min；在停表的大表盘上，1s之间有2个小格，所以一个小格代表0.5s，由于偏向“6”一侧，所以指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即停表的读数为5min37.5s=337.5s；
由图示刻度尺知道，1cm又分为10个小刻度，即最小刻度值为1mm；物体起始端对应的刻度值为11.00cm，末端对应的刻度值为13.40cm，物体长度为13.40cm-11.00cm=2.40cm=24.0mm．
11、45 光具有直线传播的性质。
【解析】
从甲图观察口看到正前方是方格子，整体好象是一个空箱子，而从乙图中看出观察口正前方没有方格纸，有一个倾斜平面镜，所以甲图中的空箱子是利用平面镜成像得到的，因此镜面与箱底的夹角为45度；把纸币从空箱顶端的投币口投入，实际上纸币在平面镜后面，观众不能看见平面镜后面的纸币是因为光具有直线传播的性质。
12、W1＝W2 内能
【解析】
用同样大小的力F将不同质量的物体分别在光滑水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离，
则力F的大小相等，沿力的方向移动的距离s相等，
根据W＝Fs知，该力在这两个过程中所做的功相等，即W1＝W2；
物体沿粗糙斜面向上移动的过程中，需要克服摩擦力做功，一部分机械能会转化为物体的内能，故内能也增大。
13、运动
【解析】
以正在行驶的列车为参照物，铁路站台相对于列车的位置在不断发生变化，所以说铁路站台是运动的。
14、3m 90N 81W 88.9％
【解析】
（1）如图，泥桶由3股绳子承担，n=3，∵s=3h，s=9m，∴泥桶上升的高度：h=3m．
（2）不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，拉力大小：
=（30N+240N）=90N；
（3）拉力做功：
W总=Fs=90N×9m=810J，
拉力的功率：
；
（4）提升泥桶中的泥沙做的有用功：
W有=G泥h=240N×3m=720J，
滑轮组的机械效率：
．
三、作图题（共7分）
15、
【解析】
分析：先对小球进行受力分析，然后根据规则物体的重心在物体的几何中心确定力的作用点，再过作用点表示出力的方向．
解答：静止在水面上的小球受到重力和浮力作用，所受重力和浮力大小相等，是一对平衡力，重力和浮力的作用点是小球的球心，然后过球心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，作图时要注意两条线段长度要相等．如图所示：
【点睛】本题考查规则物体重心的确定以及力的示意图的正确画法，牢记重力的方向总是竖直向下的，浮力的方向总是竖直向上．
16、
【解析】
根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，确定螺线管的NS极；
然后利用磁感线的特点可以得到磁感线的方向；
利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极．
【详解】
电流从螺线管的左端流入右端流出，结合线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为S极，右端为N极．
磁感线的方向是：在磁体的周围N极流出，回到S极．由于螺线管的右端为N极，由此可以确定磁感线的方向是向左的．
根据异名磁极相互吸引可以确定与螺线管左端S极靠近的是小磁针的N极，则小磁针的左端为S极．
故答案见下图：
【点睛】
安培定则中共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向；告诉其中的两个可以确定第三个．
17、
【解析】
根据杠杆的平衡条件可知，当力臂最大时，所用的力最小，最大的力臂就是力的作用点与支点连线的距离，最小的力是通过力的作用点垂直于力臂的；如下图所示。
四、实验题（本大题共5小题，共20分）
18、U型管液面高度差 C 液体内部压强与液体密度有关，密度越大压强越大．
【解析】
（1）实验中液体压强的大小变化不易直接测量，液体压强的变化会引起压强计的探头受到的压力发生变化，从而导致压强计探头上的橡皮膜的形状发生变化，进而引起压强计U形管两侧液面的高度差发生变化，因此实验中液体内部压强的大小通过压强计U形管液面的高度差反映出来的．
（2）由P=ρgh可知，液体的压强与液体的深度和密度都有关系，图a，b，c中液体都是水，C图中压强计探头上的橡皮膜探头在水中深度最小，d图中液体是浓盐水，密度大，同时深度也大，压强计的U形管两侧液面高度差的大小关系是h4＞h1=h2＞h1．因此，C图中液体内部压强最小．
（1）比较图a和图d，两次实验橡皮膜所处的深度相同，即液体的深度相同，而液体的密度却不同，图a是水，图d是浓盐水，从而得出的结论是：在不同液体的同一深度，液体的密度越大，液体的压强越大．
19、换向器 转过 移动滑片观察线圈是否转动 线圈恰好处于平衡位置 电流 忽明忽暗
【解析】
（1）图甲中A部件的名称是换向器，换向器作用是：当线圈转过平衡位置时能自动改变线圈中的电流方向，使线圈连续转动；
（2）小明将电动机正确连入电路，闭合开关后发现线圈不转，先考虑可能电流小，受到的安培力小，故先移动滑片观察线圈是否转动；操作后线圈还不转，小明又轻拨线圈，线圈转动，则线圈不转的原因是线圈恰好处在平衡位置，线圈中无电流，线圈不受力的作用；
（3）线圈正常转动后，小明滑动变阻器的滑片，改变线圈中电流的大小，发现线圈转速发生变化，这说明线圈转速的大小与电流大小有关；
（4）如图丙所示，在电动机模型的转抽上固定扇叶，并与小灯泡连接，电流的方向是变化的，当扇叶转速较小时，观察到小灯泡的亮度忽明忽暗。
20、 R断路 A 电压表 2.5V 不合适 热敏电阻的阻值虽然可以通过温度改变，但阻值的具体大小无法得知，所以无法定量地研究电流与电阻的关系
【解析】
（1）探究“电流与电阻的关系”，电压表与电阻并联，已知电源电压恒为3V，所以电压表选用0~3V量程，滑动变阻器按“一上一下”的方式接入电路中，连图如下：
（2）闭合开关后，电流表没示数，说明电路可能断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源相连通，则电路故障可能是电阻R断路．
（3）将5Ω的电阻换成10Ω的电阻继续实验，根据串联分压原理，电压表示数变大，为控制电压表示数不变，根据串联电路电压的规律，应增大滑动变阻器分得的电压，根据分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的阻值，所以应将滑动变阻器的滑片向A移动，在此过程中眼要看着电压表，直到电压表的示数为2.5V时；
（4）探究“电流与电阻的关系”需要控制电压相同，改变电阻，用热敏电阻代替定值电阻，热敏电阻的阻值虽然可以通过温度改变，但阻值的具体大小无法得知，所以无法定量地研究电流与电阻的关系．
21、速度 惯性 是 远 不受 做匀速直线运动 不需要 静止
【解析】
（1）实验中为了使小车到达水平面时具有相同的速度，每次让小车从斜面顶端由静止滑下；
（2）由于小车具有惯性，小车到达水平面后还能继续向前运动；小车在毛巾上运动时受到了竖直向下的重力、竖直向上的支持力，这两个力都作用在小车上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力；
（3）分析三次实验可知：水平表面越光滑，小车受到的阻力越小，速度减小得越慢，小车运动的越远；推理可知：如果水平冰面绝对光滑，冰壶不受阻力作用，即冰壶在水平方向不受力，冰壶将以恒定不变的速度永远匀速运动下去，说明了物体的运动不需要力来维持；
（4）当摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，此时小球的动能全部转化为重力势能，速度为零，若不受任何外力，将保持静止状态不变。
22、乙丙 甲丙 电阻
【解析】
（1）①比较不同燃料的热值，根据控制变量法，要使用质量相同的不同燃料完全燃烧后使相同质量的同种液体吸热，通过比较液体升高的温度，根据Q=cm△t，得出不同燃料放出热量的多少；
②研究电流的热效应实验中，电阻丝产生的热量不易直接观察，但可使等质量初温相同的煤油吸收热量，根据，煤油温度升高越高表示电热丝产生的热量越多；根据Q=I2Rt，电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关；
③在甲图探究不同物质吸热升温现象中，使用相同的酒精灯，通过加热时间比较吸热多少；比较物质吸热能力的2种方法：
a、使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
b、使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（2）根据图丙和串联电路电流的规律，分析实验中相同的量和不同的量，研究电流产生的热量与变化量的有关系。
【详解】
（1）图乙是比较不同燃料热值的实验，根据控制变量法，要使用质量相同的不同燃料完全燃烧后使相同质量的同种液体吸热；丙图研究电流的热效应实验中，电阻丝产生的热量不易直接观察，但可使等质量初温相同的煤油吸收热量，根据，煤油温度升高越高表示电热丝产生的热量越多；通过比较温度计示数的变化量来比较吸（放）热多少的有乙、丙；
在甲图探究不同物质吸热升温现象中，使用相同的酒精灯，通过加热时间比较吸热多少，在丙图研究电流的热效应实验中，根据Q=I2Rt，产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，故需要有计时器的实验有甲、丙。
（2）丙实验，两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相等，即控制电流和通电时间相同，探究电热与电阻的关系。
【点睛】
本题考查“比较不同燃料的热值、探究不同物质吸热升温现象实验、研究电流的热效应实验”三个实验相同与不同之处，同时考查控制变量法和转换法和串联电路的特点，综合性较强。
五、计算题（本大题共2小题，共13分）
23、（1）106Pa；（2）2.68h；（3）4.6×105N；1.5×104Pa．
【解析】
（1）飞机静止在跑道上，对跑道的压力：F＝G＝mg＝5×103kg×10N/kg＝5×105N；则飞机对跑道的压强：p＝ ；
（2）最大飞行速度为560km/h，飞机在空中直线飞行1500km，由v＝，所需要的最短时间是：；
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为46t，由漂浮条件可得F浮＝G飞机，由阿基米德原理可得，飞机受到的浮力为：F浮＝G排，所以，此时飞机的重力为：G飞机＝G排＝m排g＝46×103kg×10N/kg＝4.6×105N；舱底某处距水面1.5m，水对该处产生的压强：p′＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.5m＝1.5×104Pa．
答：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是8.5×105Pa；
（2）所需要的最短时间是2.68h；
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为46t，此时飞机受到的重力是4.6×105N；舱底某处距水面1.5m，水对该处产生的压强是1.5×104Pa．
24、（1）40kg；（2）1.16×106J；（1）80%．
【解析】
（1）知道水的体积，利用的变形公式求水的质量；
（2）利用求水箱中水吸收的热量；
（1）根据燃气表前后读数差求出使用天然气的体积，利用求天然气完全燃烧释放的热量；该热水器的热效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧释放的热量之比．
【详解】
（1）把“进水量”设置为40L，则水箱中水的体积：，由得水箱中水的质量：；
（2）由题意可得，水吸收的热量： ；
（1）使用天然气的体积：，
天然气完全燃烧释放的热量：，
该热水器的热效率：．
六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）
25、 越大
【解析】
车轮通过石块时，支点为车轮与石块的接触处（下图中的O点），从支点O画出阻力F2、动力F1的作用线的垂线，支点O到垂足的距离为相应的力臂L2、L1，如图所示：
（2）由图可知，石块高度越高（不高于车轮半径），动力臂L1越小、阻力臂L2越大，阻力F2（即石块的重力）不变，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得F1=，则F1越大，即所需推力越大．
26、 远离
【解析】
光从空气斜射入玻璃砖中,所以折射角小于入射角,折射光线应靠近法线,折射角是指折射光线与法线的夹角,大小为40°，如下图所示：
因为折射角随入射角的增大而增大，因此当他们逐渐增大入射角时，折射光线将远离法线。保持入射光线不变，玻璃砖绕O点顺时针转一小角度，则入射角变大，反射角变大，折射角也变大。
【点睛】
光从空气斜射入玻璃、水或其它透明介质中时，折射光线与入射光线、法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧；折射角小于入射角．折射角随入射角的增大而增大．
27、电能 半导体 变暗
【解析】
（1）水果电池是将化学能转化为电能；（2）发光二极管是由半导体材料制成的；
（3）如果少串联一个水果电池，二极管两端的电压变小，二极管将变暗．