2026届海南海口市高三下学期模拟预测物理试题（含解析）高考模拟

这是一份2026届海南海口市高三下学期模拟预测物理试题（含解析）高考模拟，共9页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 如图所示为某手机电池照片，上面“3000 mAh”表明了这块电池的容量，容量这个物理量的国际单位应该是（ ）
A. 瓦特（W）B. 焦耳（J）C. 库仑（C）D. 伏特（V）
【答案】C
【解析】
【详解】A．瓦特是功率的国际单位，不是电池容量对应物理量的国际单位，故A错误；
B．焦耳是功或能量的国际单位，不是电荷量的国际单位，故B错误；
C．电池容量标注为 3000 mAh ，其中 是电流与时间的乘积单位，由 可知其表示电荷量，电荷量的国际单位是库仑，故C正确；
D．伏特是电压的国际单位，不是电荷量的国际单位，故D错误。
故选C。
2. 如图所示，理想变压器原线圈匝数大于副线圈匝数，下列说法正确的是（ ）
A. 原线圈电压大于副线圈电压
B. 原线圈电流大于副线圈电流
C. 原线圈输入功率大于副线圈输出功率
D. 原线圈每匝磁通量大于副线圈每匝磁通量
【答案】A
【解析】
【详解】A．根据变压器原理，有
理想变压器原线圈匝数大于副线圈匝数，因此原线圈电压大于副线圈电压，故A正确；
BC．理想变压器原线圈的输入功率与副线圈的输出功率相等，即
结合，
可知
故原线圈电流小于副线圈电流，故B、C错误；
D．理想变压器忽略漏磁，原、副线圈每匝的磁通量相等，即，故D错误。
故选A。
3. 有A、B两辆汽车在时刻从同一条公路上的同一点出发开始运动，如图所示的图像中图线①、②分别描述A、B两辆汽车的位移x随时间t的变化情况。下列说法正确的是（ ）
A. 时间内，B车做匀减速直线运动
B. 时刻，A、B两车之间的距离最大
C. 时间内，A、B两车运动方向相同
D. 时间内，A、B两车平均速度相等
【答案】D
【解析】
【详解】A．时间内，B车沿负方向做匀速直线运动，A错误；
B．时刻，A、B两车的位移相等，可知两车相遇，B错误；
C．时间内，A沿正方向做匀速直线运动，B沿负方向做匀速直线运动，两车运动方向相反，C错误；
D．时间内，A、B两车的位移相等，时间相等，则平均速度相等，D正确。
故选D。
4. 如图所示，两个质量相同的小球甲、乙用轻绳连接后悬挂在一轻质弹簧下端，整个系统处于静止状态，不计空气阻力。某时刻剪断轻绳，下列说法正确的是（ ）
A. 剪断轻绳瞬间，小球甲的加速度大小为零
B. 剪断轻绳瞬间，小球乙立即失去惯性
C. 剪断轻绳后，小球甲上升过程中机械能一直增大
D. 剪断轻绳后，小球乙落地前的机械能一直增加
【答案】C
【解析】
【详解】A．剪断轻绳瞬间，弹簧弹力不变，小球甲受弹力大于自身重力，加速度大小不为零，故A错误；
B．惯性是物体的固有属性，仅和质量有关，任何运动状态下物体都具有惯性，故B错误；
C．剪断轻绳后，小球甲上升过程中，弹力对甲做正功，机械能一直增大，故C正确；
D．剪断轻绳后，小球乙落地前只有重力做功，机械能不变，故D错误；
故选C。
5. 有两个不等高的三角形波相向而行，时波形图如图所示。已知波速均为10 cm/s，在时，介质中处质点的位移为（ ）
A. 2 cmB. 4 cmC. 6 cmD. 8 cm
【答案】A
【解析】
【详解】在时，两列波各自沿传播方向传播了
则右侧波在x=0处质点引起的位移为y1=4cm；左侧波在x=0处质点引起的位移为y2=-2cm，根据叠加原理可知介质中处质点的位移为y=y1+y2=2cm。
故选A。
6. 如图所示，一定质量的理想气体可以通过两种不同的过程ACB和ADB从状态A变化到状态B。当通过路径ACB时，系统从外界吸收60J的热量，系统对外做功30J。如果通过路径ADB，系统对外做功为10J。那么在路径ADB中，系统从外界吸收的热量为（ ）
A. 100JB. 80JC. 60JD. 40J
【答案】D
【解析】
【详解】根据题意可知当通过路径ACB时，，，由热力学第一定律可知
因为一定质量理想气体的内能只与温度有关，通过路径ADB与通过路径ACB时内能变化量相等，，则
故选D。
7. 如图所示，在平面直角坐标中，y轴左侧存在沿y轴正向的匀强电场，y轴右侧存在与平面垂直、方向向里的匀强磁场，匀强磁场的磁感应强度大小为B，P位于x轴上，某时刻一带负电的粒子从P以与x轴成角的初速度射出，经过电场偏转后，以垂直于y轴的速度进入磁场，经磁场偏转后以垂直x轴的速度打到x轴上。不计粒子重力，则匀强电场的电场强度E的大小为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】经分析可知，粒子在磁场中轨迹的圆心位于原点O，设粒子在磁场中运动时的速度为，由洛伦兹力充当向心力可得
解得半径
粒子在电场中可逆向看成做类平抛运动，有，，
又
联立解得
故选A。
8. 一个小球从半径为r的圆柱形房间的地面中心，以与水平方向成θ角的方向、大小为的初速度射出，小球与墙壁和天花板共发生三次碰撞后回到发射点，每次碰撞后沿接触面的分速度不变、垂直于接触面的分速度原速反弹。若小球从开始发射到返回发射点的时间为T，碰撞的时间忽略不计，忽略空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】小球的运动可以分解为水平方向和竖直方向。在水平方向上，小球碰撞只改变速度方向，不改变速率，分速度大小为
在竖直方向上，小球初速度向上，最后回到地面发射点。小球与墙壁和天花板共发生三次碰撞，根据对称性可知，小球与天花板碰撞1次，与墙壁碰撞2次。在水平方向上，总路程为
根据匀速运动公式
可得
解得
故选B。
二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
9. 下列有关开普勒提出的行星运动定律的叙述正确的是（ ）
A. 行星绕太阳运动的周期与轨道半长轴成正比
B. 开普勒第三定律只适用于太阳系行星围绕太阳的运动
C. 太阳位于行星椭圆轨道的一个焦点上
D. 行星近日点的运行速度大于它在远日点的运行速度
【答案】CD
【解析】
【详解】A．根据开普勒第三定律（与中心天体有关的常量），行星运动周期的平方与轨道半长轴的三次方成正比，并非周期与半长轴成正比，故A错误；
B．开普勒第三定律不仅适用于太阳系行星绕太阳的运动，也适用于其他天体系统（如卫星绕行星运动、其他恒星系的行星运动），故B错误；
C．开普勒第一定律指出：所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在行星椭圆轨道的一个焦点上，故C正确；
D．根据开普勒第二定律，行星与太阳的连线在相等时间内扫过相等的面积，近日点行星到太阳的距离更小，因此运行速度更大，远日点运行速度更小，故D正确。
故选CD。
10. 如图所示，直流电源a、b两极与线圈①、开关S构成闭合电路，线圈②与电流表构成闭合电路。已知线圈①产生的磁感线如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 电源的a为正极，b为负极
B. 开关S断开瞬间，线圈②产生的磁场与线圈①的磁场方向相同
C. 开关S断开瞬间，线圈②产生的磁场与线圈①的磁场方向相反
D. 开关S断开瞬间，线圈②产生的电流从电流表c接线柱流入
【答案】AB
【解析】
【详解】A．根据右手螺旋定则，可知电源的a为正极，b为负极，A正确；
BCD．根据楞次定律，可判断开关S断开瞬间，线圈②产生的磁场与线圈①的磁场方向相同，线圈②产生的电流从电流表d接线柱流入，c接线柱流出，B正确，CD错误；
故选AB。
11. 如图所示，一匀强电场平行于矩形ABCD，其中，。一电子从A点运动到B点，静电力做功；再从B点运动到C点，静电力做功6eV。已知C点的电势为零，下列说法正确的是（ ）
A. D点的电势为B. 电子在A点时电势能为3eV
C. 电场强度的大小为20V/mD. 电场强度的方向从D点指向B点
【答案】BC
【解析】
【详解】A．已知C点的电势为零，即；电子从B点运动到C点，静电力做功6eV，则有
解得
又
解得
又电子从A点运动到B点，静电力做功，则有
解得
又
解得
在匀强电场中，任意两条平行且等距的线段，其两端的电势差相等，则有
又
联立解得，故A错误；
B．根据电势能的定义式，可得电子在A点时电势能为，故B正确；
C．取BC连线的中点M，可知该点的电势为，与A点的电势相等，连接AM，可知AM为-3V的等势线，过B点作出-6V的等势线，该等势线与AM平行，如图所示
过B点作垂直AM的直线BN交于N点，已知,，根据勾股定理，可得
根据几何关系有
解得
故电场强度的大小为，故C正确；
D．根据电场线垂直等势线的特点，可知电场强度的方向从D点指向等势线AM，故D错误。
故选BC。
12. 如图所示，长度为2l的长木板固定在水平桌面上，长木板中点左侧光滑，中点右侧粗糙。轻绳跨过定滑轮后一端系在质量为4m的滑块A上，另一端系在一质量为m的滑块B上，滑块A在轻绳拉力的作用下从长木板最左端由静止开始运动，到最右端时速度为零。已知重力加速度为g，水平桌面足够高。下列说法正确的是（ ）
A. 滑块A的最大速度为
B. 加速阶段轻绳的拉力大小为0.5mg
C. 减速阶段轻绳的拉力大小为1.2mg
D. 滑块A与长木板之间的动摩擦因数为0.1
【答案】AC
【解析】
【详解】A．刚释放B后滑块A与B一起向右运动，应用牛顿第二定律有
解得
运动距离为l时，根据运动学公式
可解得滑块A的最大速度为，故A正确
B．对A受力分析，有，故B错误；
C．滑块运动距离时，A与B做减速运动，由于速度刚好减为0，根据对称性可知加速度
此时对B受力分析，有
解得绳上拉力为，故C正确；
D．针对第二段减速运动对A分析，有
解得，故D错误。
故选AC。
13. 如图所示，轻弹簧上端固定在O点，O点正下方的水平面上A点放有一滑块，滑块通过细绳与弹簧下端相连，位于点的定滑轮与细绳相切。可视为质点的滑块静止在A点时对水平面的压力等于其重力的一半，此时弹簧的伸长量刚好等于、A两点之间的距离。某时刻给滑块一个水平向左、大小等于滑块重力的拉力F，使滑块从A点开始向左运动，当滑块运动到P点时位移为l，速度为零。已知弹簧弹性势能与形变量x、劲度系数k之间的关系为，滑块与水平面间的动摩擦因数为0.25，重力加速度为g。滑块运动的过程中弹簧始终在弹性限度内，则滑块经过AP中点时（ ）
A. 对地面的压力大小为B. 对地面的压力大小为
C. 速度大小为D. 速度大小为
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．设、A两点之间的距离为。滑块静止在A点时，由受力平衡
由题知滑块静止在A点时对水平面的压力等于其重力的一半，由牛顿第三定律可得
可得
设滑块在运动过程中弹簧的形变量为，细绳和水平方向夹角为，在任何位置竖直方向始终受力平衡，有
由于
解得
由此可得滑块在运动过程中地面对滑块的支持力保持不变，由牛顿第三定律可得滑块经过AP中点时对地面的压力大小为。故A错误，B正确；
CD．设滑块到达P点时弹簧的形变量为，弹簧弹力做功与弹性势能的关系
由动能定理可得
解得
设滑块经过AP中点时弹簧的形变量为，弹簧弹力做功与弹性势能的关系
由动能定理可得
解得。故C错误，D正确。
故选BD。
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
14. 研究光电效应的实验装置如图1所示，实验器材有光电管、电压表、微安表、滑动变阻器、电源、单刀双掷开关等。
（1）如果要研究入射光频率与遏止电压之间的关系，单刀双掷开关S应与__________（选填“1”或“2”）相连。
（2）在研究入射光频率与光电子的最大初动能的关系时，得到如图2所示的图像，则普朗克常量为__________（用图中的物理量表示）。
【答案】（1）1 （2）
【解析】
【小问1详解】
研究遏止电压需要给光电管加反向电压，故开关S应与1相连。
【小问2详解】
根据爱因斯坦光电效应方程
可知图像的斜率代表普朗克常量。因此普朗克常量。
15. 力传感器下面悬挂一个重物，可以用来探究重物的超重和失重，实验装置如图1所示。力传感器与电脑相连，手持力传感器让重物从静止开始在竖直方向上运动，电脑显示出力传感器的读数F与时间t的关系图像如图2所示，重力加速度g取。
（1）由图2可知，力传感器下面悬挂重物的质量为__________kg。
（2）由图2可知，让重物从静止开始在竖直方向上运动，请按照时间先后，为四个运动过程排序__________。
A．加速下降 B．加速上升
C．减速下降 D．减速上升
（3）由图2可计算出重物超重阶段加速度大小的最大值为__________。
【答案】（1）0.5 （2）ACBD
（3）4
【解析】
【小问1详解】
由图2可知，当重物静止时，力传感器的示数为
此时，根据平衡条件可得
解得
【小问2详解】
由图2可知，第一阶段力传感器的示数先小于重物的重力后大于重物的重力，所以重物的加速度先向下后向上，即重物先加速下降后减速下降；第二阶段力传感器的示数先大于重物的重力后小于重物的重力，所以重物的加速度先向上后向下，即重物先加速上升后减速上升，故这四个运动过程排序为ACBD。
【小问3详解】
当力传感器的示数大于重物重力时，重物处于超重阶段，由图2可知，力传感器的最大示数约为
根据牛顿第二定律可得
解得
16. 如图1所示的实验电路可以用来测量电源的电动势和内阻，R和为最大阻值均为999.9 Ω的电阻箱，电源的电动势约为4 V，内阻约为1.5 Ω，电流表的量程为0~0.6 A，内阻不计。
（1）电阻箱在电路中充当保护电阻，开关S闭合之前，甲同学把调到了2.0 Ω，乙同学把调到了8.0 Ω，做法正确的是__________（选填“甲”或“乙”）同学。
（2）按（1）中操作正确选定电阻箱的阻值后，多次调节电阻箱R的阻值，电流表读数I也随着电阻箱R阻值的改变而改变，记录下R、I的多组数据，然后以R为横轴、以为纵轴建立平面直角坐标系，把实验中记录的多组R、I数据在坐标系中描点，然后把这些点拟合为一条直线的理论依据是__________（用、R、E、r表示）。
（3）如图2所示为拟合的图线，可以得出电源电动势E和内电阻r的测量值，则电源电动势为__________ V，内阻为__________ Ω。（结果均保留2位小数）
【答案】（1）乙 （2）
（3） ①. 3.83##3.84##3.85 ②. 1.55##1.56##1.57##1.58##1.59
【解析】
【小问1详解】
开关闭合前，保护电阻​应调至较大阻值，保证电路初始电流不超过电流表量程。电源电动势，电流表量程，由得总电阻，若，电流约为，超过量程，因此乙同学做法正确。
【小问2详解】
根据闭合电路欧姆定律，整理得​
【小问3详解】
[1][2]由​可知，图线斜率​
由图2得
因此
图线纵截距
代入数据得
四、计算题：本题共3小题，共38分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
17. 如图所示，一透明棱镜的截面为直角梯形，其中，，，为上的一点，，一束单色光从点以入射角（未知）射入棱镜，恰好在棱镜内发生两次全反射，最终垂直射出棱镜。已知光在真空中的传播速度为，求：
（1）透明棱镜的折射率和；
（2）该单色光在棱镜中的传播时间。
【答案】（1），
（2）
【解析】
【小问1详解】
由题意可知，光路图如图所示
由几何关系可知，
折射率为
根据折射定律可得
解得
【小问2详解】
由几何关系可知，，
则，
所以该单色光在棱镜中的传播路程为
该单色光在棱镜中的传播速度为
则传播时间为
18. 如图所示，一个质量为M的木质轨道放在光滑的水平地面上，轨道的斜面AB部分光滑，BC部分水平且粗糙，BC的右端有一个固定挡板，轨道左侧不远处固定一障碍物。现把一个质量为的小滑块从斜面AB的最高点A由静止释放，当小滑块滑到B点进入水平轨道时，木质轨道刚好与左侧的障碍物发生碰撞（碰撞时间极短），碰后木质轨道立即原速率反弹，小滑块与C处的固定挡板发生弹性碰撞后刚好没有冲上斜面。已知BC的长度为L，A点到B点的水平距离为、竖直距离为h，重力加速度为g。求：
（1）初始时障碍物与木质轨道左端的距离；
（2）障碍物对轨道的冲量大小；
（3）小滑块与轨道BC之间的动摩擦因数。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【分析】
【小问1详解】
小滑块在斜面上下滑过程中与轨道在水平方向上动量守恒，以水平向右为正，由动量守恒定律
有，根据，相同
有，且
解得轨道左端与障碍物的初始距离为
【小问2详解】
设小滑块滑到斜面的最低点B时，小滑块的速度大小为，轨道的速度大小为，对小滑块和斜面，由机械能守恒定律
有
在水平方向上，由动量守恒定律
有
解得，
对轨道，依题意，碰后轨道立即原速率反弹，以水平向右为正，由动量定理
有
解得障碍物对轨道的冲量大小为
【小问3详解】
轨道反弹后，设最终小滑块与轨道的共同速度为v，由动量守恒定律
有
解得
依题意，小滑块与C处的固定挡板发生弹性碰撞后刚好没有冲上斜面，设小滑块与轨道BC之间的动摩擦因数为μ，由能量守恒定律
有
解得
19. 如图所示，由倾斜导轨和水平导轨组成的导轨固定在水平光滑绝缘的水平面上，倾斜导轨的倾角为且与水平导轨平滑衔接，两导轨之间的间距均为，导轨顶端接有阻值为的定值电阻，倾斜导轨存在垂直于导轨平面斜向上的匀强磁场，水平导轨存在若干宽度均为的磁场区和无场区，磁场区和无场区相互间隔，磁感应强度大小均为，方向竖直向上。边长为、阻值为、质量为的正方形导体框紧靠虚线1放在光滑绝缘水平面上。阻值为、长度为、质量为的导体棒PQ垂直倾斜导轨放置，释放点沿斜面到底端的距离为。某时刻将导体棒由静止释放，导体棒到达底端前已经匀速，导体棒运动到水平部分后与正方形导体框发生弹性碰撞，碰撞时间极短，碰后立即将导体棒撤走。已知、，重力加速度g取，导体棒与导轨垂直且接触良好，忽略一切摩擦和导轨的电阻。求：
（1）当导体棒的速度为到达底端速度的时的加速度大小；
（2）定值电阻上产生的热量；
（3）正方形导体框穿过完整磁场区域的个数。
【答案】（1）
（2）
（3）3个
【解析】
【小问1详解】
导体棒释放后，导体棒沿导轨向下做加速度减小的加速运动，当导体棒的合力为0时，导体棒匀速运动，此时导体棒上产生的感应电动势为
根据闭合电路欧姆定律有
导体棒所受的安培力为
整理得
导体棒匀速时，有
解得导体棒匀速的速度大小为
导体棒的速度为到达底端速度的时，根据牛顿第二定律有
解得此时导体棒的加速度大小为
【小问2详解】
导体棒从释放到底端的过程中，根据能量守恒定律有
解得
定值电阻上产生的热量为
解得
【小问3详解】
导体棒与正方形导体框发生弹性碰撞，该过程动量守恒、机械能守恒，则有，
联立解得，
导体框进入第1个磁场的过程，根据动量定理有
导体棒离开第1个磁场的过程，根据动量定理有
又
根据法拉第电磁感应定律有
根据欧姆定律有
联立解得
同理可得，导体框离开第2个磁场时的速度为
以此类推可知导体框离开第3个磁场时的速度为
所以正方形导体框穿过完整磁场区域的个数为3个