安徽蚌埠市江南十校2025-2026学年高二下学期5月阶段检测物理试题（含解析）（月考）

这是一份安徽蚌埠市江南十校2025-2026学年高二下学期5月阶段检测物理试题（含解析）（月考），共12页。试卷主要包含了满分100分，考试时间75分钟，本卷命题范围等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1、满分100分，考试时间75分钟。
2、考生作答时，请将答案写在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题号的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。
3、本卷命题范围：人教版选择性必修一~选择性必修二。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 如图所示为某弹簧振子的振动图像，则该振子（ ）
A. 产生的机械波的波速增加B. 产生的机械波的频率增加
C. 做受迫振动D. 做阻尼振动
【答案】C
【解析】
【详解】A．机械波波速由介质决定，因为介质不变，所以波速不变，故A错误；
B．机械波频率由振源决定，所以频率不变，故B错误；
CD．振子振幅增大，做受迫振动，如果做阻尼振动，振幅将减小，故C正确，D错误。
故选C。
2. 一单匝矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的电动势随时间的变化规律为，则关于该电动势的说法正确的是（ ）
A. 频率为100Hz
B. 有效值为
C. 时，线圈位于中性面
D. 时，线圈中磁通量的变化率最大
【答案】C
【解析】
【详解】AB．正弦式交变电压的瞬时值通用表达式为
结合表达式可知，，则该交流电压的有效值
周期
频率，故AB错误；
CD．当时，电动势瞬时值，此时线圈位于中性面，磁通量最大，感应电动势为零，磁通量的变化率为零，故C正确，D错误。
故选C。
3. 一束波长为的单色光垂直入射到一个狭缝上，在屏上观察到衍射图样，缝的宽度为，缝到屏的距离为。结合双缝干涉知识判断，中央明条纹的宽度最可能是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据双缝干涉相邻明条纹中心间距公式有
类比上述表达式可知，单缝衍射中央明条纹的宽度可能是。
故选A。
4. 如图甲所示，边长为的单匝正方形回路中通有脉冲磁场，其磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示（、已知），穿过该回路的磁场视为均匀且磁感应强度方向与回路所在平面的夹角为。则时间段内，该回路中的平均感应电动势大小为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】时刻，通过回路的磁通量为
时刻，通过回路的磁通量；由法拉第电磁感应定律可知，时间段内，该回路中的平均感应电动势大小。
故选B。
5. 如图是用振荡电路测量储罐中不导电液体高度的示意图。当开关从拨到时，回路中产生周期为的振荡电流，在开始的内，流过的电流大小（ ）
A. 一直增大B. 一直减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大
【答案】C
【解析】
【详解】当开关从拨到时，电容器开始放电，在开始的内，电容器经历了一次完整的充放电过程，电容器的电荷量先减小后增大，电流先增大再减小。
故选C。
6. 如图所示是关于磁场在现代科技中应用的实例，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲是磁流体发电机结构示意图，由图可以判断出板是发电机的正极
B. 图乙，摇动手柄使磁铁转动，闭合铝框不动
C. 图丙，真空冶炼炉可以接高电压的恒定电流
D. 图丁是回旋加速器的示意图，增大加速电压，不能使粒子获得的最大动能增大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由左手定则可知，带正电的粒子向板偏转，所以板是发电机的正极，故A错误；
B．根据电磁驱动原理可知转动手柄，铝框也随着转动，故B错误；
C．真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生涡流，铁块中产生大量热量，从而冶炼金属，真空冶炼炉不可以接高电压的恒定电流，故C错误；
D．设回旋加速器形盒的半径为，粒子获得的最大速度为，根据牛顿第二定律有
解得
粒子的最大动能为，与加速电压大小无关，增大加速电压，不能使粒子获得的最大动能增大，故D正确。
故选D。
7. 如图，由粗细均匀的同种材料做成的线框位于竖直面，线框的上半部分左侧为半径为的圆，上半部分右侧为直线框。下半部分为斜边为的等腰直角三角形，为三角形斜边。虚线左侧有垂直水平面向里的匀强磁场Ⅰ，右侧有垂直于水平面向外的匀强磁场Ⅱ，两磁场的磁感应强度大小均为，将、两端接入电路，从点流入的电流大小为，线框始终处于静止状态。则线框受到的安培力的合力（ ）
A. 大小为零
B. 方向垂直向右
C. 方向垂直斜向右下方
D. 方向、大小无法确定
【答案】B
【解析】
【详解】如图所示
线框上半部分电流顺时针方向，下半部分电流逆时针方向，虚线、把线框分成四部分，这四部分的有效长度均为，根据电阻定律可知线框上下两部分的电阻之比为
所以流过上、下两部分线框的电流之比为
所以，
但，，整个线框受到的安培力的合力不为零，方向垂直向右。
故选B。
8. 简谐横波在均匀介质中沿直线传播，A、B是传播方向上相距12m的两质点，波先传到A，当波传到B开始计时，A、B两质点的振动图像如图甲、乙所示。则波的波速大小可能值为（ ）
A. 1m/sB. 1.5m/s
C. 3m/sD. 4m/s
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知振动周期
由图像可知在一个周期内点起振的时刻比点晚4s，根据周期性，波从点传到点的时间为
由波速公式可知
可得波速为
当n=0时，
当n=1时，
当n=2时，，由此可知n越大，波速越小。
故选C。
二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。
9. 如图甲所示电路，理想变压器原线圈接入图乙所示的正弦式交流电，副线圈接一个规格为“6V 12W”的灯泡，灯泡正常工作，则（ ）
A. 击穿电压不超过6V的电容器能接在副线圈两端
B. 流过灯泡的电流恒定为2A
C. 变压器原、副线圈的匝数之比为2：1
D. 变压器原线圈的输入功率为12W
【答案】CD
【解析】
【详解】A．电容器的耐压值为能承受的最大电压，副线圈两端电压最大值为，因此耐压6V的电容器不能接在副线圈两端，故A错误；
B．流过灯泡的电流是正弦交流电，故B错误；
C．小灯泡恰好正常发光，交变电压的有效值为
变压器原、副线圈的匝数之比为，故C正确；
D．变压器原线圈的输入功率等于灯泡的功率，为12W，故D正确。
故选CD。
10. 如图所示，质量为的弯曲斜面体，AB的高度为，底边BC的长度为，斜面体最低点C与水平面D点光滑连接，初始时C、D重合。斜面体初始静止放置在水平面上，水平面在D点的右侧粗糙、左侧光滑。现让质量的物块（视为质点）从光滑斜面的最高点A静止释放，重力加速度g取，不计空气阻力。下列说法正确的是（ ）
A. 物块在下滑的过程中，斜面体与物块组成的系统动量不守恒
B. 物块在下滑的过程中，斜面体向左运动的距离为6m
C. 物块释放时的机械能最终全部转化为内能
D. 物块到达C点时，其速度大小为12m/s
【答案】ABD
【解析】
【详解】A．物块下滑过程中，与斜面体组成的系统仅水平方向动量守恒，所以斜面体与物块组成的系统动量不守恒，故A正确；
C．物块机械能一部分转化为斜面体动能，另一部分转化为内能，故C错误；
D．当物块到达C点时，设斜面体与物块的速率分别为、，由水平方向动量守恒可得
斜面体与物块组成的整体机械能守恒，有
联立解得、v2=12m/s，故D正确；
B．整体在水平方向上平均动量守恒，
两者在水平方向上的分位移大小之和等于底边BC的长度，
斜面体向左运动的距离为
联立解得，故B正确。
故选ABD。
三、非选择题：本题共5小题，共58分。
11. 干簧管相当于一个磁控开关，磁铁靠近它时，它处于闭合状态，若磁铁远离它时，它处于断开状态。
（1）用多用电表检测干簧管是否良好，将多用电表的选择开关旋置欧姆“×10”挡，检测前进行欧姆调零工作，将红、黑表笔短接，调整旋钮______（填“A”或“B”）使指针指到______（填“左侧”或“右侧”）的零刻度线。让红黑表笔分别和干簧管的两端连接，若干簧管可以正常使用，让磁铁靠近和远离干簧管，表盘指针可能合理的位置分别为图乙中______（填“c、d”或“d、c”）；
（2）如图丙所示，由红外光源发射的光束经烟尘粒子散射后照射到光敏电阻上，光敏电阻接收的光强与烟雾的浓度成正比，其阻值随光强的增大而减小。闭合开关、，当烟雾浓度达到一定值时，干簧管中的两个簧片被磁化而接通，触发蜂鸣器报警。在保证所有用电器安全的情况下，为了能在更低的烟雾浓度下触发报警，下列操作可行的是______（多选，填标号）。
A. 减小电源的电动势
B. 减小电阻箱的阻值
C. 增多干簧管上线圈的匝数
D. 增大电阻箱的阻值
【答案】（1） ①. B ②. 右侧 ③. c、d （2）BC
【解析】
【小问1详解】
[1][2][3]用多用电表检测干簧管之前，将多用电表的选择开关旋置欧姆“×10”挡，进行欧姆调零工作，将红、黑表笔短接，然后调整欧姆调零旋钮B；欧姆调零时应使指针指到表盘右侧的欧姆零刻度线，即使指针指到右侧的零刻度线；然后让红黑表笔分别和干簧管的两端连接，当磁铁靠近干簧管时，开关闭合，电阻很小，指针应该在右侧某个位置，当磁铁远离干簧管时，开关断开，电阻很大，指针应该在左侧某个位置，所以让磁铁靠近和远离干簧管，若表盘指针分别指在图乙中c、d位置，说明该干簧管良好，可以正常使用；
【小问2详解】
B．若减小电阻箱R1的阻值，则红外光源发出的红外线强度增大，可知光敏电阻阻值减小，则通过干簧管的电流增大，则干簧管中的两个簧片能被磁化而接通，从而能触发蜂鸣器报警，故B正确；
A．减小电源的电动势，对通过干簧管的电流无影响，故A错误；
D．增大阻值，则通过干簧管的电流减小，则干簧管中的两个簧片被磁化较弱而无法接通，不能触发蜂鸣器报警，故D错误；
C．增多干簧管上线圈的匝数，则干簧管产生的磁场增大，则干簧管中的两个簧片能被磁化而接通，从而能触发蜂鸣器报警，故C正确。
故选BC。
12. 某小组用单摆测量当地重力加速度。
（1）关于单摆装置，下列选项图中最合理的是______（填标号）；
A. B. C. D.
（2）用螺旋测微器测小球的直径，示数如图所示，则小球直径______mm；
（3）实验中测量单摆的周期时，为减小误差，并未直接测量单摆1次全振动的时间，而是将单摆从平衡位置拉开一个角度（不超过），然后释放小球，记下单摆做50次全振动的总时间，算出平均每做一次全振动的时间，即为单摆的振动周期。下列实验采用了类似方法的有（ ）
A. “测定玻璃的折射率”实验中折射角的测量
B. “用双缝干涉测光的波长”实验中相邻亮条纹间的距离的测量
C. “探究两个互成角度的力的合成规律”实验中合力的测量
（4）实验过程中，多次改变摆长，分别记为、、⋯，测得相应的周期分别为、、。为减小误差，下列数据处理方法可行的是______（多选，填标号）；
A. 根据，分别求得、⋯，然后求平均
B. 根据，先分别求得以及，然后求得
C. 以测量的为横坐标、以相应的为纵坐标作图像，根据图像斜率求
D. 以测量的求得为横坐标、以相应的为纵坐标作图像，根据图像斜率求
（5）若某次测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度，造成这一情况可能的原因是______（填标号）。
A. 开始摆动时振幅较小
B. 测量周期时，误将摆球49次全振动的时间记为50次
C. 开始计时时，过早按下停表
D. 测量摆长时，以悬点到小球上端边缘的距离为摆长
【答案】（1）A （2）5.980 （3）B （4）AD （5）B
【解析】
【小问1详解】
单摆的摆线要用细丝线；摆球用体积小质量较大的小铁球；上端用铁夹固定，防止单摆摆动时摆长发生变化。
故选A。
【小问2详解】
小球的直径。
【小问3详解】
A．“测定玻璃的折射率”实验中折射角的测量采用直接测量，故A错误；
B．题干中描述的实验方法是“累积法”来减小测量误差，而“用双缝干涉测光的波长”实验中相邻亮条纹间的距离的测量也采用了“累积法”减小实验误差，故B正确；
C．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中合力的测量，使用了“等效替代法”，故C错误。
故选B。
【小问4详解】
A．根据单摆周期公式
可得
每组摆长L和周期T分别计算g，再对所有g取平均值，是多次测量取平均减小偶然误差的常规方法，做法可行，故A正确；
B．根据单摆周期公式
可得
ｇ与L、成非线性关系，故
先对L、T取平均再计算g，结果不是正确的平均值，误差更大，故B错误；
CD．根据单摆周期公式
变形得
可知与成线性关系。若以为横坐标、为纵坐标，得到的是曲线，无法通过斜率计算；以为横坐标、为纵坐标，得到过原点的直线，斜率
可通过斜率求出g，故C错误，D正确。
故选AD。
【小问5详解】
A．振幅越小，单摆的振动越接近简谐运动，故振幅较小不会对重力加速度的测量造成系统误差，故A错误；
B．测量周期时，误将摆球49次全振动的时间记为50次，根据可知，周期的测量值偏小，根据
可得，故重力加速度的测量值偏大，故B正确；
C．开始计时时，过早按下停表，会导致周期的测量值偏大，根据
可知，重力加速度的测量值偏小，故C错误；
D．测量摆长时，以悬点到小球上端边缘的距离为摆长，会导致摆长的测量值偏小，根据
可知，重力加速度的测量值偏小，故Ｄ错误。
故选B。
13. 如图所示，一个发出单色光的点光源位于水面上点正下方处，的深度，此时水面上的透光区域的半径为；后将点光源沿竖直方向向下移动后位于点，求：
（1）水的折射率；
（2）点光源移动前后水面上的透光面积之比。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
设光从水中射出空气发生全反射的临界角为，根据全反射临界角公式得
由几何关系，初始深度，透光半径，此时边缘光线的入射角等于临界角，故
因此
解得水的折射率
【小问2详解】
点光源移动前水面上的透光面积
将点光源沿竖直方向向下移动后位于点时，水面上的透光区域的半径
点光源移动后水面上的透光面积
则点光源移动前后水面上的透光面积之比
14. 如图所示，直角坐标系第一、二象限内存在沿轴正方向的匀强电场，电场强度大小为；第三、四象限内存在垂直于平面向里的匀强磁场。一质量为、电荷量为的带电粒子（重力不计），从轴上的点，以平行于轴的速度射入第一象限，并从轴上的点（图中未标出）第一次射出电场区域，且能回到轴上的点。求：
（1）点的坐标；
（2）匀强磁场的磁感应强度大小以及粒子第一次在磁场中运动的时间。
【答案】（1）
（2），
【解析】
【小问1详解】
粒子做类平抛运动，在水平方向，有
在竖直方向，有
根据牛顿第二定律，有
联立解得
则点的坐标为
【小问2详解】
粒子在点速度大小为
与方向的夹角满足
可得
粒子在磁场中做匀速圆周运动，随后离开磁场，且恰能回到点，根据洛伦兹力提供向心力，有
又有
联立解得
粒子在磁场中运动的周期
粒子第一次在磁场中运动的时间
联立解得
15. 如图所示，两平行导轨由三部分构成，倾角为、间距为的平行导轨与间距为的水平导轨平滑连接于处，间距为的窄水平平行导轨与间距为的水平平行导轨用导线连接良好，长度分别为和的导体棒、由粗细相同且均匀的同种材料制成，导体棒放在倾斜导轨上，导体棒放在窄导轨上，虚线的右侧存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为。已知导体棒的质量为、电阻值为，某时刻将导体棒由静止释放，导体棒的释放点到的距离为。整个过程两导体棒始终垂直导轨且与导轨接触良好，忽略两导体棒和导轨之间的摩擦，不计空气阻力。导轨和导线的电阻均可忽略。假设两水平导轨均足够长，导体棒始终不能运动到窄导轨处，重力加速度为。求：
（1）导体棒刚好越过虚线时，导体棒的加速度大小；
（2）导体棒从释放到两导体棒匀速的过程，流过导体棒的电荷量；
（3）导体棒从释放到两导体棒刚好匀速时，导体棒上产生的焦耳热。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
由题意可知，导体棒的质量为，电阻值为，导体棒从释放到刚好越过虚线的过程，由机械能守恒定律得
解得
导体棒P越过后做切割磁感线运动，则导体棒P刚好越过瞬间，由法拉第电磁感应定律得
由闭合电路欧姆定律得
导体棒Q的安培力为
对导体棒Q由牛顿第二定律得
解得
【小问2详解】
导体棒P越过后，在安培力的作用下做减速运动，导体棒Q在安培力的作用下做加速运动，此后导体棒Q也将产生感应电动势，与导体棒P中的感应电动势反向，因此回路中的电流将减小，最终达到匀速运动时，回路的电流为零。导体棒P和导体棒Q上产生的感应电动势大小关系为
则有
解得
导体棒P和导体棒Q所受的安培力大小分别为、
规定向右为正方向，对导体棒由动量定理得
对导体棒由动量定理得
又
解得
【小问3详解】
由以上解得、
导体棒从释放到两导体棒刚好匀速的过程，由能量守恒定律可知整个电路产生的焦耳热为
解得
导体棒Q上产生的焦耳热为
解得