2025-2026学年天津市西青区九年级（下）第一次质量检测物理练习卷（含答案+解析）

这是一份2025-2026学年天津市西青区九年级（下）第一次质量检测物理练习卷（含答案+解析），共6页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.如图所示，是我国四大声学建筑之一，位于山西普救寺内的古塔“莺莺塔”。在塔附近的一定位置以两石相击，可以听到“呱、呱”的回声，类似青蛙鸣叫，并且声音也变得格外响亮，十分有趣。下列对此现象的分析正确的是( )
A. “以两石相击”发声的声源是空气
B. “变得格外响亮”是指声音的响度变大
C. “类似青蛙鸣叫”是指声音的频率与蛙声相同
D. “呱、呱”声一定是噪声
2.生活中处处蕴藏着物理奥秘。下列有关热现象说法正确的是( )
A. 高压锅煮食物熟得快，是因为沸点提高了
B. 用干冰能保鲜食物，利用了干冰熔化吸热
C. 制作冰饮时，直接加冷水比加冰块的效果更好
D. 烧开水时，壶嘴周围的“白气”是空气液化形成的
3.如图所示，下列四种情景，属于光的反射现象是( )
A. 图甲：树荫下的光斑B. 图乙：斑马倒影
C. 图丙：水面“折”枝D. 图丁：日全食
4.如图所示是2026年1月31日，在酒泉卫星发射中心使用长征二号丙运载火箭成功将阿尔及利亚遥感三号卫星B星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，下列说法正确的是( )
A. 火箭向下喷出燃气向上发射，使火箭升空的力的施力物体是周围的空气
B. 火箭在升空过程中，以发射塔为参照物，卫星是静止的
C. 火箭在升空过程中，需要克服空气阻力做功，能量的总量会减少
D. 火箭通过改变喷出燃气的方向改变运动方向，说明力的作用效果与力的方向有关
5.小涵在课后实践活动中，做了如下记录：①物理课本的长约为26cm；②一个鸡蛋的质量约为50N；③手机电池的电压为1.5V；④人步行的速度约为1.1m/s。其中符合实际且记录正确的是( )
A. ①②B. ①④C. ③④D. ②③
6.2026年2月20日在米兰冬奥会速度滑冰男子1500米比赛中，中国选手宁忠岩以1分41秒98打破奥运纪录夺得冠军。下图为宁忠岩比赛时的场景。下列说法正确的是( )
A. 运动员弓着腰可以降低身体重心来增大自身重力
B. 运动员滑行时具有惯性，停下来就不再具有惯性
C. 运动员加速时，其运动状态在不断变化
D. 运动员穿戴冰刀鞋，是为了减小对冰面的压力
7.随着新能源电动汽车销量增长，充电桩的安装得到了普及。据了解铝合金是充电桩外壳常用的材料，充电桩输出电压的范围是300～600V，峰值功率高达500kW。关于充电桩，下列说法正确的是( )
A. 充电桩外壳常采用铝合金材料，所以安装时需连接地线
B. 参考充电桩参数，应配套细一些的导线更安全
C. 充电桩接了地线，就不用再装漏电保护器了
D. 排列成串的充电桩有可能是相互串联安装的
8.2025年我国“翼龙−3”无人机完成海上应急通信试飞(如图)，其搭载新型动力系统，可实现超远距离海上作业，下列说法正确的是( )
A. 无人机飞行过程中机翼上表面流速较大导致压强较小
B. 无人机匀速上升过程中，其动能变大
C. 无人机导航系统依靠超声波传递海上信息
D. 无人机搭载氢燃料动力系统，是因为氢的热值小
9.科技小组模拟保险箱的“智能开锁”设计电路。当“指纹”“人脸”“密码”验证成功时，对应的开关闭合。要求：“身份+密码”验证成功时，电动机才能开锁，而“身份”又可以通过“指纹”或“人脸”来进行识别。下列电路设计符合该要求的是
A. B.
C. D.
10.表中的物理研究方法与事例相符的是( )
A. ①B. ②C. ③D. ④
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
11.在探究凸透镜成像规律时，蜡烛和凸透镜的位置如图所示，光屏上承接到烛焰等大的像(图中未画出光屏)。保持凸透镜位置不变，将蜡烛调至35cm刻度线处时，下列选项正确的是( )
A. 向右移动光屏能承接到烛焰的像B. 移动光屏能承接到烛焰缩小的像
C. 像的位置在60～70cm刻度线之间D. 投影仪应用了该次实验的成像规律
12.如图1所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压为3V且保持不变，闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图2所示，下列判断正确的是( )
A. R1的电阻为5ΩB. 滑动变阻器的最大电阻为12Ω
C. 电路消耗的最大总功率为1.8WD. 电路消耗的最小总功率为1W
13.水平面上有一个底面积为S的薄壁圆柱形容器，容器中装有质量为m1的水，现将一质量为m2的物块放入容器中，物块漂浮在水面上，如图甲所示，物块露出水面的体积为V0；用大小为F的力缓慢向下压物块直至物块恰好浸没在水中(水未溢出)，如图乙所示。下列说法正确的是(已知水的密度是ρ0)( )
A. 物块的体积为m2ρ0
B. 物块的密度为m2ρ0m2+ρ0V0
C. 图乙中水对容器底部的压强为m1g+ρ0gV0S
D. 与图甲对比，图乙中水对容器底部的压强增加量为FS
三、填空题：本大题共6小题，共24分。
14.2024年1月22日，同学们踏着皑皑白雪走进考场。“雪”的形成主要是 现象。(填物态变化名称)
15.如图所示，秒表的读数为 s，温度计的示数为 ℃，弹簧测力计的示数为 N。
16.在跨学科实践活动中，小明制作了下图所示的“蒸汽船”模型。将装有适量水的玻璃瓶安装在“船体”上，用蜡烛对玻璃瓶底部加热，通过 的方式增加了水的内能。一段时间后玻璃管向右喷蒸汽，同时船向左行驶，此过程的能量转化与热机的 冲程相同。
17.如图是西北农民常用的独轮车，若车和泥土总重为2000N，车轴为支点O，将车把抬起时，作用在车把上的竖直向上的力F至少为________N。
18.如图所示，GMR是一个巨磁电阻，巨磁电阻的阻值会随着电磁铁磁性的增强而变小。当开关S1闭合时，电磁铁右端为 (填“N”或“S”)极，再闭合开关S2，将滑动变阻器的滑片P向a端移动，电磁铁的磁性会 (填“增强”、“不变”或“减弱”)。
19.图甲是同学们自制的调光小台灯，图乙是其电路原理图。电源电压恒为3V，R是调节亮度的变阻器，灯L标有“2.5V 1W”字样，忽略温度对电阻的影响。当灯L正常发光时，通过灯泡的电流为 A，通电1min电流通过变阻器R产生的热量为 J。
四、实验探究题：本大题共2小题，共13分。
20.小红用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示。
(1)该实验的原理是 ；
(2)闭合开关前，小红发现电流表指针在零刻度线的左侧，接下来的操作是 ；
(3)实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样做的目的是为了 ；
(4)小红在某次测量中，电压表与电流表的读数如图乙所示，则待测电阻的阻值为 Ω；
(5)实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，但电源电压未知，实验电路图设计如图丙所示，请根据实验过程写出U、Rx表达式。
①先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx；
②再将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U= (用I2、Rx、R表示)；
③待测电阻的阻值Rx= (用I1、I2、R表示)。
21.在探究液体压强与哪些因素有关时，小明提出如下猜想：
①与深度有关；②与液体密度有关；③与容器大小有关．
(1)实验前，U形管两侧液面如图1甲，应重新安装橡胶管使两侧液面 ．
(2)调好器材后，探究猜想①和②，比较图乙、丙可知：同种液体， ，压强越大；已知ρ水>ρ酒精，比较图丙、 可知：深度相同时，液体密度越大，压强越大．
(3)将探头放入图戊的盐水中，U形管两侧液面高度差与图丙一致.已知ρ盐水>ρ水，根据实验结论推测，探头的位置可能在 (选填“a”“b”或“c”)处．
(4)探究猜想③，如图2，在大小不同的容器中装入深度相同的水，将探头分别放入容器底，观察U形管两侧液面，得出结论.此实验设计不合理的地方是 ．
(5)完成实验后，针对猜想①的探究，为了使结论具有普遍性，除了在水中多次实验外，还应该进行的实验是 ．
五、计算题：本大题共3小题，共18分。
22.某品牌电热水壶的铭牌内容如下表所示，若电热水壶装满水，正常工作16min，可将水从20℃加热到100℃。已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，在此过程中求：
(1)水需要吸收多少热量？
(2)该电热水壶的热效率是多少？
23.如图所示，工人师傅利用滑轮组将重为400N的建材竖直向上匀速提升了2m，用时10s，提升建材的过程中，工人对绳子的拉力为250N(不计绳重和摩擦)。
(1)工人做的有用功是多少？
(2)滑轮组机械效率是多少？
(3)工人拉力做功的功率是多少？
24.爸爸给小华买了一件铜和玉镶嵌在一起的工艺品，经过查看工艺品的说明书，小华知道这件工艺品中铜的质量为15.8g，铜的密度为7.9g/cm3，为了测量其中玉石的密度，小华做了如下实验：
(1)首先调节天平平衡，发现指针静止在中央刻度线的左侧，则应将平衡螺母向______调节．
(2)调好天平后测工艺品的质量，当天平平衡时，盘内砝码和游码在标尺的位置如图所示，则工艺品的质量为______g.
(3)将工艺品放入装有38mL水的量筒中，量筒的水面位置如图所示，则玉石的体积为______cm3，玉石的密度为______g/cm3．
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
25.变频空调的变频压缩机可以根据环境温度自动调整工作时间和功率。某变频空调电路原理示意图如图甲所示，其中控制电路的电源电压为U1=12V，Rs为调控电阻，可通过遥控调节其阻值大小，Rt为热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示，L为磁控开关。当热敏电阻Rt的阻值发生变化时，通过磁控开关线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的变频压缩机开始工作。工作电路电压为U2，R0为保护电阻，磁控开关L的线圈电阻不计。
(1)由图乙可知，若房间内部的温度为22.5℃，此时热敏电阻Rt的阻值为______Ω。
(2)通过遥控将Rs的阻值调小时，设定温度变______(选填“高”或“低”)；家用空调最高设定温度通常为30℃，则调控电阻Rs的阻值不能超过多少Ω？
(3)由于变频作用，某段时间内工作电路的总功率变化如图丙所示，请推导出0～t2min内R0消耗的电能是多少J？(用题中和图中的字母表示)
答案和解析
1.【答案】B
【解析】略
2.【答案】A
【解析】解：A、高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压高，水的沸点高，故A正确；
B、用干冰保鲜食物，干冰直接升华为二氧化碳气体，利用了干冰升华吸热，故B错误；
C、冰块熔化时会吸收热量，且熔化过程中温度保持在0℃不变，而冷水仅通过热传递降温，效率较低，冰块冷却效果比冷水更好，故C错误；
D、壶嘴周围的“白气”是壶内冒出的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故D错误。
故选：A。
(1)水的沸点与气压有关；气压越低，沸点越低、气压越高，沸点越高；
(2)干冰升华吸收热量；
(3)熔化是指物质从固态转变为液态的过程，‌这一过程需要吸收热量；
(4)液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3.【答案】B
【解析】解：A、树荫下形成的圆形光斑是小孔成像，是由光的直线传播形成的，故A错误；
B、斑马的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的，是光的反射现象，故B正确；
C、水面“折”枝是由光的折射形成的，是光的折射现象，故C错误；
D、日全食是由光的直线传播形成的，是光的直线传播现象，故D错误。
故选：B。
(1)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生改变，这就是光的折射，光的折射现象有：透镜的应用、池水变浅了等。
(2)光在同一均匀介质中是沿直线传播的，光的直线传播现象有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
(3)光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，光的反射现象有：平面镜成像、水中的倒影等。
光的反射、折射、光的直线传播等相关的现象在生活中均非常常见，且有一定的相似性，我们应把握其实质，在理解的基础上加以区分才行。
4.【答案】D
【解析】解：A.火箭向下喷出燃气时，由于力的作用是相互的，燃气会对火箭产生一个向上的力，使火箭升空，所以使火箭升空的力的施力物体是喷出的燃气，故A错误；
B.火箭在升空过程中，卫星与发射塔之间的位置在不断变化，以发射塔为参照物时，卫星是运动的，故B错误；
C.根据能量守恒定律可知，能量在转化或转移过程中，能量的总量保持不变，故C错误；
D.火箭改变喷出燃气的方向后，受到的反作用力方向改变，火箭运动方向随之改变，说明力的作用效果与力的方向有关，故D正确‌。
故选：D。
(1)物体间力的作用是相互的。
(2)物体相对参照物的位置变化了，物体是运动的，物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。
(3)根据能量守恒定律分析。
(4)力的三要素：力的大小、力的方向、力的作用点。
本题以火箭发射为背景考查蕴含的物理知识，重点考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。注重了物理和生活的联系，具有较强的综合性。
5.【答案】B
【解析】解：初中物理课本实际长度约为26cm，故①正确；
一个鸡蛋的质量约为50g，则其重力约为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故②错误；
一节干电池电压约为1.5V，手机电池电压约为3.7V，故③错误；
普通人正常步行速度在1.0m/s−1.2m/s之间，故④正确。
故选：B。
首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中常见物理量的数值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
6.【答案】C
【解析】解：A.运动员弓着腰是通过降低重心提升稳定性，运动员自身质量不变，重力也不变，故A错误；
B.一切物体在任何状态下都具有惯性，运动员停下来仍然具有惯性，故B错误；
C.运动员加速滑行时，速度大小不断变化，因此运动状态在不断变化，故C正确；
D.运动员穿戴冰刀鞋，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D错误。
故选：C。
(1)稳度是指物体处于平衡状态的稳定程度，稳度的大小由物体重心的高度和支撑面的大小决定。重心低，支撑面大的物体稳度大，反之则稳度小。
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。
(3)运动状态的改变包括速度大小及方向的改变。
(4)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题借助于滑雪运动考查蕴含的物理知识，重点考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。注重了物理和生活的联系，具有较强的综合性，是一道好题。
7.【答案】A
【解析】解：A、充电桩外壳常采用铝合金材料，所以安装时需连接地线，故A正确；
B、充电桩输出电压的范围是300～600V，峰值功率高达500kW，电路中的电流很大，应该配套较粗的导线更安全，故B错误；
C、充电桩接了地线，还要再装漏电保护器，故C错误；
D、排列成串的充电桩互不影响，是并联的，故D错误。
故选：A。
(1)有金属外壳的家用电器要连接地线。
(2)充电桩的工作功率很大，应该使用较粗的导线。
(3)充电桩要安装漏电保护器。
(4)各个充电桩互不影响，是并联的。
本题考查的是漏电保护器的作用；知道影响电阻大小的因素和安全用电的原则；知道并联电路的特点。
8.【答案】A
【解析】解：A、无人机机翼为上凸下平，根据流体流速越大的位置压强越小，无人机飞行时机翼上表面空气流速更大，压强更小，上下压强差产生升力，故A正确；
B、无人机匀速上升时，质量不变、速度不变，因此动能不变，故B错误；
C、超声波在空气中传播距离短、衰减快，无法用于远距离导航，无人机导航依靠电磁波传递信息，故C错误；
D、选择氢作为燃料，是因为氢的热值大，能为无人机提供更多的驱动力，故D错误。
故选：A。
(1)流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大；
(2)动能的大小与质量和速度有关；
(3)超声波在空气中传播距离短、衰减快，无法用于远距离导航，无人机导航系统依靠电磁波传递定位信息；
(4)热值是燃料的一种特性，与种类有关。
本题考查流体压强和流速的关系、动能的影响因素、电磁波的应用和热值的概念，属于综合题。
9.【答案】A
【解析】“身份+密码”验证成功时，电动机才能开锁，所以身份和密码相互影响，不能独立工作，因此两者串联，而“身份”又可以通过“指纹”或“人脸”来进行识别，因此，“指纹”和“人脸”能独立工作，不相互影响，两者是并联。综上，“指纹”和“人脸”并联，再和密码、电动机串联，故A正确，BCD错误。
10.【答案】D
【解析】解：①将不易观察的音叉振幅转换为乒乓球的弹起高度，属于转换法，故①错误；
②光线是为了描述光的传播建立的理想模型，属于模型法，故②错误；
③将不易比较的动能大小转换为木块被撞击后的移动距离，属于转换法，故③错误；
④合力与分力的作用效果相同，用合力替代分力的研究方法是等效法(等效替代法)，故④正确。
综上可知，物理研究方法与事例相符的是④。
故选：D。
科学研究中常常用到“控制变量法”、“等效替代法”、“科学推理”、“模型法”、“转换法”、“类比法”、“比较法”等方法。
此题考查了常用科学探究方法的应用，选择正确的探究方法是得出科学探究结论的基础。
11.【答案】AD
【解析】解：A.当蜡烛向右移动靠近凸透镜时，根据“物近像远像变大”可知，光屏向右移动远离凸透镜可再次承接到烛焰的像，故A正确；
BCD.此时光屏上承接到烛焰等大的像，则此时物距u=2f，由图可知，物距u=50.0cm−30.0cm=20.0cm，则凸透镜的焦距f=10.0cm，保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至35cm刻度线处时，物距为u′=50.0cm−35.0cm=15.0cm，此时2f>u′>f，成倒立、放大的实像，此时像距v′>2f，则像的位置70cm刻度线右侧，投影仪应用了该次实验的成像规律，故D正确，BC错误。
故选：AD。
A.根据凸透镜成实像时“物近像远像变大”的规律分析；
BCD.物距u=2f，此时光屏上承接到烛焰等大的像，据此得出凸透镜的焦距，保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至35cm刻度线处时，此时2f>u′>f，成倒立、放大的实像，此时像距v′>2f，据此分析。
本题考查凸透镜成像规律的应用，难度适中。
12.【答案】AC
【解析】【分析】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
由图1可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电路消耗的电功率最大，根据图2读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1的电阻，根据P=UI求出电路消耗的最大总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的电功率最小，根据图2读出电路中的电流最小时电表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，利用P=UI求出电路消耗的最小总功率。
【解答】
由图1可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，
由图2可知I1=0.6A，
I=UR可得，R1的电阻：
R1=UI1=3V0.6A=5Ω，故A正确；
电路消耗的最大功率：
P1=UI1=3V×0.6A=1.8W，故C正确；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
由图2可知，I2=0.2A，U2=2V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I2=2V0.2A=10Ω，故B错误；
电路消耗的最小功率：
P2=UI2=3V×0.2A=0.6W，故D错误。
故选AC。
13.【答案】BD
【解析】解：A、物体漂浮时，物体受到的浮力等于重力：F浮1=G2=m2g--------①
根据阿基米德原理可得物体受到的浮力为：
F浮1=ρ0gV排1--------②
联立①②得：V排1=m2ρ0；
物体体积为：
V=V排1+V0=m2ρ0+V0，故A错误；
B、物块密度为：
ρ=m2V=m2m2ρ0+V0=m2ρ0m2+ρ0V0，故B正确；
C、根据密度公式可得水的体积为：
V水=m1ρ0；
图乙中总体积(水+物块)：
V总=m1ρ0+m2ρ0+V0；
根据体积公式可得图乙水深为：
ℎ=V总S=m1+m2+ρ0V0ρ0S；
图乙水对容器底部的压强为：
p=ρ0gℎ=(m1+m2+ρ0V0)gS，故C错误；
D、图甲水对底部压力为：
F甲=m1g+m2g；
图乙水对底部压力为：
F乙=m1g+m2g+F；
压力增加量为：
ΔF=F乙−F甲=m1g+m2g+F−(m1g+m2g)=F；
压强增加量为：
Δp=ΔFS=FS，选项D正确。
故选：BD。
(1)根据浮沉条件和阿基米德原理求出物体排开水的体积，进而求出物体体积；
(2)根据密度公式求出物块密度；
(3)根据密度公式求出水的体积，进而求出图乙中总体积，根据体积公式求出图乙水的深度，根据液体压强公式求出图乙水对容器底部的压强；
(4)根据题意分别求出图甲、图乙水对底部压力，进而求出压力增加量，根据压强公式求出压强增加量。
本题考查了密度公式、压强公式、液体压强公式、阿基米德原理和漂浮条件的应用，灵活运用公式是解题关键。
14.【答案】凝华
【解析】解：雪是高空的空气中的水蒸气凝华成的小冰晶。
故答案为：凝华。
物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
此题考查凝华现象。
15.【答案】337.7
18
2.4

【解析】解：(1)在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.7s处，所以秒针指示的时间为37.7s，即秒表的读数为5min37.7s=337.7s。；
(2)温度计的分度值是2℃，温度计的液面在0℃以上，所以温度计的示数为18℃；
(3)弹簧测力计上1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，即弹簧测力计的分度值为0.2N，所以弹簧测力计的示数为2.4N。
故答案为：337.7；18；2.4。
(1)秒表的中间的表盘代表分钟，外圈的大表盘代表秒钟，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(2)温度计的读数要看清量程和分度值，视线与液柱上表面相平；看清液面是在零上还是零下；
(3)用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线垂直。
此题考查了停表、温度计及弹簧测力计的读数。
16.【答案】热传递；做功
【解析】用蜡烛对玻璃瓶底部加热，水吸收热量，内能变大，这通过热传递的方式增加了水的内能；
玻璃管向右喷蒸气，同时船向左行驶，此过程蒸气的内能转化为船的机械能，此过程中的能量转化与热机的做功冲程相同。
17.【答案】500
【解析】解：由题意可知，动力臂l1=0.4m+1.2m=1.6m，阻力臂l2=0.4m，根据杠杆平衡条件可知Fl1=Gl2，
代入数据得1.6m×F=0.4m×2000N
解得作用在车把上的竖直向上的力F至少为F=500N。
故答案为：500。
18.【答案】：S
增强

【解析】解：根据安培定则，电流从电磁铁左端流入、右端流出，结合绕线方式可判断，左端为N极，因此右端为S极。
再闭合开关S2，将滑动变阻器的滑片P向a端移动，滑片P向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，左侧控制电路的电流增大，电磁铁磁性随电流增大而增强，因此磁性增强。
故答案为：S；增强。
根据安培定则确定极性；
滑片P向a端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，由此得出左侧控制电路的电流增大，据此分析。
本题考查安培定则及欧姆定律和串联电路的规律及欧姆定律的运用。
19.【答案】0.4
12

【解析】解：已知灯泡的额定电压为2.5V，额定功率为1W，根据P=UI可得，
当灯L正常发光时，通过灯泡的电流：IL=P额U额=1W2.5V=0.4A；
由图可知，变阻器R与灯泡L串联，根据串联电路电压规律可知，
变阻器两端的电压：UR=U总−UL=3V−2.5V=0.5V，
串联电路中的电流处处相等，故通过R的电流：IR=IL=0.4A，
通电1min电流通过变阻器R产生的热量：
Q=IR2Rt=URIRt=0.5V×0.4A×60s=12J。
故答案为：0.4；12。
已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求灯L正常发光时，通过灯泡的电流；
由图可知，变阻器R与灯泡L串联，根据串联电路的电压规律可知变阻器两端的电压，根据Q=I2Rt=UIt求通电1min电流通过变阻器R产生的热量。
本题考查串联电路的特点和电功率、焦耳定律的应用，难度一般。
20.【答案】R=UI
电流表没有调零
减小误差
8
I2Rx+I2R
I2RI1−I2

【解析】解：(1)伏安法测电阻的实验原理为R=UI；
(2)闭合开关前，电流表指针在零刻度线的左侧，说明电流表没有调零；
(3)实验过程中，改变滑片位置并进行多次测量，这样可以减小误差；
(4)由图乙可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，小灯泡两端的电压U=2.4V；电流表选用小量程，分度值为0.02A，通过小灯泡的电流I=0.3A，由I=UR可得，此时待测电阻的阻值：Rx=UI=Ω；
(5)因电源电压保持不变，所以I1Rx=I2Rx+I2R，
则Rx的表达式为：Rx=I2RI1−I2。
故答案为：(1)R=UI；(2)电流表没有调零；(3)减小误差；(4)8；(5)I2Rx+I2R；I2RI1−I2。
(1)伏安法测电阻的实验原理为R=UI；
(2)电流表使用前需调零；
(3)测量定值电阻的阻值，应多测几次求平均值，这样可以减小误差；
(4)确定电压表和电流表的量程，根据分度值读数；由欧姆定律求电阻大小；
(5)由于没有电压表，滑动变阻器的最大阻值已知，可以将滑动变阻器看做一个定值电阻，使滑动变阻器的阻值为零，测出电流；再移动滑片使其阻值最大，测出电流，根据串联电路的规律和欧姆定律得出电源电压表达式，由电源电压不变的特点列出关系式，求出待测电阻的阻值。
本题考查用伏安法测电阻的原理、注意事项、电表读数、电阻计算及在没有电压表测电阻的方法。
21.【答案】相平
深度越深
丁
a
没有控制液体的深度相同
换用不同的液体多次实验

【解析】略
22.【答案】水需要吸收多少热量为1.68×106J 该电热水壶的热效率是87.5%
【解析】解：(1)水升高的温度：
Δt=t−t0=100℃−20℃=80℃，
水需要吸收多少热量：
Q吸=4.2×103J/(kg⋅°C)×5kg×80°C=1.68×106J。
(2)电热水壶正常工作，额定功率P=2000W，工作时间t=16min=16×60s=960s，
由W=Pt可得电热水壶消耗总电能为：
W=Pt=2000W×960s=1.92×106J，
则该热水壶的热效率为：
η=Q吸W×100%=1.68×106J1.92×106J×100%=87.5%。
答：(1)水需要吸收多少热量为1.68×106J；
(2)该电热水壶的热效率是87.5%。
(1)知道水的比热容、质量、初温和末温，根据Q吸=cm(t−t0)求出水所吸收的热量；
(2)电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=Wt求出消耗的电能，再根据η=Q吸W×100%求出该电热水壶的热效率。
本题考查了学生对吸热公式、电功公式、效率公式的理解与掌握，知道电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等较关键。
23.【答案】工人做的有用功是800J 滑轮组机械效率是80% 工人拉力做功的功率是100W
【解析】解：(1)工人做的有用功是W有=Gℎ=400N×2m=800J；
(2)由图可知动滑轮上绳子段数是n=2，
工人做的总功是W总=Fs=Fnℎ=250N×2×2m=1000J，
滑轮组机械效率是η=W有W总×100%=800J1000J×100%=80%；
(3)工人拉力做功的功率是P=W总t=1000J10s=100W。
答：(1)工人做的有用功是800J；
(2)滑轮组机械效率是80%；
(3)工人拉力做功的功率是100W。
(1)根据W=Gℎ求工人做的有用功；
(2)由图可知动滑轮上绳子段数，根据W=Fs=Fnℎ求工人拉力做的总功，根据η=W有W总×100%求滑轮组机械效率；
(3)根据P=Wt求工人拉力做功的功率。
本题考查功、功率和机械效率的计算，明确n的大小是关键之一，难度一般。
24.【答案】右；64；20；2.41
【解析】解：(1)根据“右偏左调，左偏右调”的规则，发现指针静止在中央刻度线的左侧，应将平衡螺母向右调．
(2)工艺品的质量等于砝码质量加游码对应的刻度值，即m总=50g+10g+4g=64g．
因为工艺品中铜的质量为15.8g，所以玉石的质量m=64g−15.8g=48.2g，
(3)由ρ=mV可得，铜的质量体积V铜=m铜ρ铜=，
玉石体积V=60ml−38ml=22ml−2ml=20cm3；玉石密度ρ=mV=48.2g20cm3=2.41g/cm3
故答案为：(1)右；(2)64；(3)20；3.2．
(1)天平使用前调节平衡时，要调节平衡螺母，规则是“右偏左调，左偏右调”，即指针向右偏就向左调平衡螺母，指针向左偏就向右调平衡螺母，调左侧的还是右侧的平衡螺母都是可以的．
(2)在砝码盘中加减砝码不能使天平平衡时，应移动游码使天平平衡；砝码与游码示数之和是所测物体质量；
(3)由图示量筒读出液体体积；由密度公式可以求出玉石的密度．
本题考查了天平的调节、固体密度的基本测量方法，这些问题应该是教学中的重点！
25.【答案】100 低；550 60(P1U2)2R0t1+60(P2U2)2R0(t2−t1)
【解析】解：(1)热敏电阻Rt的阻值随温度变化的图像如图乙所示，可知热敏电阻Rt的阻值随着温度t的升高而变小。若房间内部的温度为22.5℃，由图像可知，此时热敏电阻Rt的阻值为100Ω。
(2)当热敏电阻Rt的阻值发生变化时，磁控开关线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的变频压缩机开始工作。此时控制电路的总电阻R总=U1I=12V0.02A=600Ω；
控制电路的总电阻等于热敏电阻Rt与调控电阻Rs的和，用遥控将Rs的阻值调小时，热敏电阻Rt的阻值就将变大，由图乙可知，此时设定温度变低。
由图乙可知，家用空调最高设定温度通常为30℃，此时热敏电阻的最小阻值为50Ω，则调控电阻Rs的阻值不能超过Rs=R总−Rt=600Ω−50Ω=550Ω。
(3)由图丙可知，工作电路在t2min内，以P1工作t1min，接下来以P2工作(t2−t1)min。以P1工作时，由P=UI可得，工作电流I1=P1U2，以P2工作时，工作电流I2=P2U2，则0～t1min内，电流通过R0产生的热量Q1=I12R0t1=60(P1U2)2R0t1
则t1～t2min内，电流通过R0产生的热量Q2=I22R0(t2−t1)=60(P2U2)2R0(t2−t1)
故t2min内R0消耗的电能W=Q=Q1+Q2=60(P1U2)2R0t1+60(P2U2)2R0(t2−t1)。
故答案为：(1)100；
(2)低；550；
(3)60(P1U2)2R0t1+60(P2U2)2R0(t2−t1)。
(1)根据热敏电阻Rt的阻值随温度变化的图像，得出房间内部的温度为22.5℃时热敏电阻Rt的阻值。
(2)当电流大于或等于0.02A时，L的两个磁性弹片相互吸合，工作电路的变频压缩机开始工作，由欧姆定律得出此时控制电路的总电阻；控制电路的总电阻等于热敏电阻Rt与调控电阻Rs的和，用遥控将Rs的阻值调小时，热敏电阻Rt的阻值就将变大，由图乙可知回答。
由图乙可知，家用空调最高设定温度通常为30℃，可知此时热敏电阻的最小阻值，根据串联电阻的规律得出则调控电阻Rs的阻值不能超过多大。
(3)由图丙可知，工作电路在t2min内，以P1工作t1min，接下来以P2工作(t2−t1)min，根据P=UI分别得出以P1工作时和P2工作时工作电流大小，根据焦耳定律分别得出0～t1min内和t1～t2min内产生热量，从而得出电流通过R0产生的热量t2min内R0消耗的电能。
本题考查欧姆定律、电功率公式、电能、焦耳定律和电磁继电器的运用。序号
事例
物理研究方法
①
用乒乓球被音叉弹起的高度反映音叉振幅大小
模型法
②
用光线描述光的传播路径
放大法
③
用木块被撞击的距离反映物体动能的大小
控制变量
④
用一个合力的效果替代两个分力的效果
等效法
××牌电热水壶
额定电压
220V
额定功率
2000W
容量
5kg