2026年天津市和平区中考模拟物理模拟练习试卷含答案

这是一份2026年天津市和平区中考模拟物理模拟练习试卷含答案，共17页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，综合题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分）：下列每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意。
1.【答案】B
【详解】A．音调指声音的高低，不能辨别乐器，音色指声音的特色，不能辨别乐曲，故A不符合题意；
B．音色指声音的特色，可以辨别乐器，音调指声音的高低，可以辨别乐曲，故B符合题意；
C．音调指声音的高低，不能辨别乐器，响度指声音的强弱，不能辨别乐曲，故C不符合题意；
D．响度指声音的强弱，不能辨别乐器，音色指声音的特色，不能辨别乐曲，故D不符合题意。
故选B。
2.【答案】B
【详解】A．熔化是物质从固态变为液态的过程，汞初始状态为液态，受热后变为气态，是汽化现象，故A不符合题意；
B．汽化是物质从液态变为气态的过程，汞受热后从液态变为气态，是汽化现象，故B符合题意；
C．液化是物质从气态变为液态的过程，汞的变化方向是从液态到气态，与液化相反，故C不符合题意；
D．升华是物质从固态直接变为气态的过程，汞初始状态为液态，非固态，故D不符合题意。
故选B。
3.【答案】C
【详解】A．《墨经》中 “景到（倒），在午有端与景长，说在端” 描述的小孔成像现象，其原理是光的直线传播，光线通过小孔后，在光屏上形成倒立的实像，故A正确，不符合题意；
B．《淮南万毕术》里 “取大镜高悬，置水盆于其下，则见四邻矣”，利用大镜（平面镜）和水盆（水面相当于平面镜）成像，原理是光的反射，故B正确，不符合题意；
C．《梦溪笔谈》中关于凸（凹）面镜成像的描述，凸面镜和凹面镜成像的原理是光的反射，而不是光的折射，故C错误，符合题意；
D．《玄贞子》里 “背日喷乎水，成虹霓之状” 描述的彩虹现象，彩虹是太阳光通过小水滴发生折射、反射后，分解成七种色光的色散现象，原理是光的色散，故D正确，不符合题意。
故选C。
4.【【答案】B
【详解】A．小物同学离开蹦床后，不再与蹦床接触，蹦床的弹力消失，在不计空气阻力的情况下，此时她只受到竖直向下的重力作用，没有向上的作用力，故A错误；
B．小物同学离开蹦床后，无论是向上运动还是从最高点下落，都受到重力作用，这个力会改变她的运动状态。在上升过程中，速度不断减小；在下降过程中，速度不断增大。因此，她的运动状态一直在改变，故B正确；
C．平衡状态是指物体处于静止或匀速直线运动的状态，此时物体所受的合力为零。小物同学到达最高点时，瞬时速度为零，但仍然受到重力作用，所受合力不为零，因此不处于平衡状态，故C错误；
D．惯性是物体本身的一种属性，其大小只与物体的质量有关。任何有质量的物体在任何情况下都具有惯性。小物同学到达最高点时，虽然速度为零，但她的质量没有改变，所以仍然具有惯性，故D错误。
故选B。
5.【答案】C
【详解】第1次伸脚触发开关S1闭合，马桶盖打开，说明S1控制马桶盖的电机（S1可以在干路）；
第2次伸脚触发S2，坐垫抬起，说明S2控制坐垫的电机（S2在坐垫的电机支路）；
第3次伸脚触发S3自动冲水，或入座后S4闭合，起身时S4仍闭合且S5闭合，自动冲水，说明冲水电机由S3或S4与S5共同控制（S4与S5串联后与S3并联）。
故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
6.【答案】D
【详解】A．长柄摇杆越长，动力臂越长，阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力越小，踩动时越省力，故A错误；
B．踩得越快，单位时间内提水做功越多，即提水做功的功率越大，故B错误；
C．提水过程中，随板片上行的水，其质量不变，高度增大，则重力势能增大，故C错误；
D．减小水车各部件间的摩擦，可以减小额外功，有用功不变，由可知提水效率增大，故D正确。
故选D。
7.【答案】A
【详解】A．开关应安装在火线和电灯之间，图中为了安全用电，甲位置安装开关，乙位置安装电灯，故A符合题意；
B．生活用水是导体，用湿手拨动开关容易发生触电事故，故B不符合题意；
C．人站在干燥的木凳上，双手同时触摸相线和中性线，加在人体的电压是220V，超过人体的安全电压，通过人体的电流较大，会对人体造成危害，故C不符合题意；
D．多个大功率用电器使用同一插座，通过插座的电流过大而引起火灾，故D不符合题意。
故选 A。
8.【答案】D
【详解】A．对地球是一个大的磁体，地球和自制指南针的磁场相互作用，树叶尖端指向地磁北极，地理的南极，故A错误；
B．树叶尖端指向地理的南极，指南针的“S”应标注在树叶尖端，故B错误；
C．树叶上放有自制指南针，因此树叶周围存在磁场，磁感线是为了描述磁场而画出的线，实际并不存在，故C错误；
D．树叶的尖端是指南针的S极，若用磁体的N极靠近树叶尖端，会相互吸引，故D正确。
故选D。
9.【答案】A
【详解】A．中学生课桌的高度一般要设计成中学生身高的一半左右，中学生的正常身高约为160cm到170cm左右，课桌高度约为80cm=0.8m左右，故A符合题意；
B．教室长度约10m，正常步行速度约1m/s，所需时间约10s，120s过长，故B不符合题意；
C．日光灯功率约40W，工作时的电流
30A远大于实际值，故C不符合题意；
D．不同的电源提供不同的电压，实验用的一节干电池电压约1.5V，36V不符合实际，故D不符合题意。
故选A。
10.【答案】C
【详解】A．顶部的定滑轮的作用是改变力的方向，但不能省力，因为定滑轮的实质是等臂杠杆，不改变力的大小，故A错误；
B．由于实际使用中存在摩擦和能量损耗，机械效率不可能达到100%，因为总有一部分能量转化为其他形式（如内能）而无法完全用于做功，故B错误；
C．重物下落时高度降低，重力势能减小，同时小车运动，动能增加，说明重力势能主要转化为小车的动能，故C正确；
D．给车轮轴承加润滑油是为了减小接触面的粗糙程度，从而减小摩擦力，使小车运动更顺畅，故D错误。
故选C。
二、多项选择题（本大题共3小题，每小题3分，共9分）：每小题给出的四个选项中，有一个以上选项符合题意，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或选错的得0分。
11.【答案】BD
【详解】由图知，物距大于像距，故所成的实像是倒立的、缩小的实像，选项B是正确的；用透镜乙替换透镜甲，且保持蜡烛和透镜的位置不变，即物距不变，将光屏向左移动说明现在像距变小，则相对于以前物距变大了，故f1＞f2，故选项D是正确的。故选BD。
12.【答案】ABD
【详解】A．若甲乙均是电流表，闭合开关S和S2，电路为只有定值电阻R1的电路，变阻器被短路，移动滑片不会影响电路中的电流，故A错误，符合题意；
B．只闭合开关S，据图可知，只有乙为电流表时，电路为通路，且变阻器R和定值电阻R1串联，电压表V1测定值电阻两端电压，电流表A1测电路中的电流。将滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，根据，电路的电流变大，由可知R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大。R1的功率变化量为
电压表V的示数变化量与电流表A示数变化量的乘积为
因为，
所以
即
所以电压表V1示数变化量与电流表示数变化量的乘积小于R1的功率变化量，故B错误，符合题意；
C．根据，当电路中总电阻最大时，电路中的总功率最小。只闭合开关S，电路为变阻器R和定值电阻R1串联，且变阻器移至阻值最大处时，电路最大阻值为
电路的最小功率为
故C正确，不符合题意；
D．闭合三个开关，若要四个电表均有示数，若乙为电流表，电源会短路，则乙为电压表；若甲为电压表，则电路处于开路，电流表A1没有示数，所以甲为电流表，此时电路为定值电阻R1和变阻器R并联，电流表A1测干路电流，由于不确定电流表的量程，无法确定电路的最大电流，故D错误，符合题意。
故选ABD。
13.【答案】BCD
【详解】A．物块A的体积
物块A在两种液体中都为浸没状态，故其排开液体的体积相等，都等于物块A自身的体积。两液体的密度大小不同，根据阿基米德原理可知，在密度大的液体中物块A受到的浮力也大，即物块A所受浮力的最大值
故A错误；
B．物块A在液体中竖直方向受三个力的作用，分别是重力、浮力和弹力，由题意可知物体的重力相等，所受弹力也相等，但两种液体中所受浮力大小不等。故不难得知，在密度为的液体中物体A受到的浮力较小，此时应该为弹簧的弹力帮助浮力来平衡重力，弹簧的弹力就其效果上表现为对物体A的支持力，其大小
故B正确；
C．物体A在密度为的液体中受到的浮力大，此时应该为弹簧的弹力帮助重力来平衡浮力，弹簧的弹力就其效果上表现为对物体A和对容器底部的拉力，其大小
故C正确；
D．物体A在密度为的液体中受到的浮力大于物体A的重力，所以当弹簧脱离容器底部后，物体A会上浮。漂浮时它受到的浮力和自身重力相等
根据阿基米德原理可得它在液体中被浸没的体积
静止时物块A露出该液体液面的体积
故D正确。
故选BCD。
三、填空题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）
14．【答案】 OA 35°
【详解】[1][2]由图可知，，所以，，所以，根据反射角等于入射角，可知为法线，为界面，反射光线和入射光线分居在法线的两侧，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OC为折射光线，BO为入射光线，OA为反射光线；由图可知，反射角，折射角。
15．【答案】 大于 变低
【详解】[1]从管子上端吹入少量气体，瓶内的液面会升高，气压变大，使瓶内气压大于大气压。
[2]小七拎着该气压计从山顶来到岳麓山下，由于高度变低了，外界的气压变大，在外界大气压的作用下，一部分液体被压入瓶中，管内的液面下降。
16．【答案】 不变
【详解】[1]橡皮泥沉入水中，排开水的体积等于橡皮泥的体积，则橡皮泥的体积为V=V1；当橡皮泥漂浮在水面上，受到的浮力等于其重力，则可得橡皮泥的重力为G=F浮=ρ0gV2
橡皮泥的密度为
[2]操作②中茶壶里的水由少量水进入橡皮泥捏成的空心碗中，进入碗中的水引起的排开水的体积和水的体积相同，对溢出水没有影响，测量的橡皮泥的质量不受影响，由可知对测量不变。
17．答案】 0.2 4
【详解】[1][2]由电路图可知，当开关S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，由图乙可知，电源的电压U=6V，当S接2时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压。由图乙可知，此时两端的电压为U1=2V，通过电路的电流是0.2A，由串联电路电流的特点可知，通过L1的电流是0.2A；灯泡L2两端的电压U2=U-U1=6V-2V=4V
18．【答案】 汽化 放出
【详解】[1][2]液态氨通过蒸发器时，吸收核热源释放的热量变为高温蒸气，氨在此过程中吸收热量，内能增大，由液态变为气态，是发生了汽化现象，同时核热源将核能转化为氨的内能。
[3]蒸气经汇流器聚集，沿蒸气管路到达巡视器本体结构的铝蜂窝结构板，为结构板加热并变为液态氨，氨由气态变为液态，是发生了液化现象，液化需要放出热量。
19．【答案】
【详解】[1]设材料的密度为，甲的底面积为，乙的底面积为，乙的高度为h，则甲的高度为5h，将A竖直放在水平桌面上，B置于A上面正中央（图甲），此时A对桌面的压强与B对A的压强之比为
解得
A、B的体积之比为
[2]倒放后，则A对B的压强与B对桌面的压强之比
四、综合题（本大题共6小题，20题6分，21题6分，22题，23题6分，24题6分25题7分，共37分）：解题中要求有必要的分析和说明，计算题要有公式和数据代入过程，结果要有数值和单位。
20．【答案】840s；70%
【详解】根据功率的定义式，可知电热水壶加热的时间：—————(2分)
水吸收的热量：——————(2分)
则热水壶的效率．———————————————(2分)
21．【答案】不能 ； 大小 ； 二 ； 3 ； 左端下沉； 变大
【详解】（1）[1]杠杆平衡后，在往后的实验过程中不能再调节两侧的平衡螺母，应通过调节钩码的个数和位置使杠杆平衡。
（2）[2]如果在左侧钩码下增加一个钩码，杠杆左侧力和力臂，左侧力臂不变，力变大，根据杠杆平衡条件可知，杠杆将失去平衡，由此可以猜想：杠杆平衡可能与力的大小有关。
（3）[3]为探究杠杆的平衡条件，实验中应多次测量，需要改变动力、阻力的大小，故方案二合理。
（4）[4]在A处挂2个钩码，根据杠杆的平衡条件可知
F1L1=2G×3L=6GL=nG×2L所以则应在B处挂3个钩码。
[5]如果再在A、B两处各加挂一个钩码
3G×3L>4G×2L所以杠杆左端下沉。
（5）[6]在旋转过程中，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，所以弹簧测力计示数会变大。
22．【答案】（1）；（2）；（3）84.7%
【详解】（1）克服钢板重力做的功为
———————————(2分)
（2）起重机的滑轮组做的总功为
由图可知，有四段绳子承重，则钢丝绳的拉力为
———————————(2分)
（3）起重机的滑轮组做的额外功为
动滑轮的重力为
滑轮组满载时的机械效率为
———————————(2分)
23．【答案】(1)三 (2)1.6 (3) a、d、e ； 重力 ； 排开液体的体 ； 大 (4)a、b、c (5)没有控制排开液体的体积相同
【详解】（1）用手把饮料罐按入水中，饮料罐浸入水中越深，手会感到越吃力，说明受到的浮力变大，故实验现象可以支持以上猜想三。
（2）如图1序号a的实验中，弹簧测力计分度值为0.2N，读数为2.4N；根据称重法可知，a所受的浮力F浮＝ G甲-F拉 ＝4N-2.4N ＝1.6N
（3）[1][2][3][4]探究浮力大小与液体密度有关，应该控制物体排开液体体积和物体重力相同，比较浮力的变化，故选a、d、e，当物体排开液体体积和物体重力相同时，液体的密度越大，物体所受的浮力越大。
（4）比较序号a、b、c可知，虽然重力不相同，但是浮力相同，故浮力的大小与物体重力无关。
（5）由图3可知，两次实验没有控制排开液体的体积相同，故不能得出浮力的大小与物体的形状有关。
24．【答案】 （1）见解析 ；（2）
【详解】实验步骤：(1)[1]①将两个烧杯分别放入天平的两个托盘上，各注入适量的水（水能够浸没石块），使天平平衡；———————————————————————(1分)
②向量筒中加入适量的水，记下体积V1；————————————————(1分)
③手提细线吊住矿石块，将它浸没在左盘的烧杯中，且不与烧杯接触，用滴管将量筒中的水滴入右盘的烧杯中，直到天平平衡，记下此时量筒中剩余水的体积V2；————————————————(1分)
④松开细线让矿石块沉入杯底，再用滴管将量筒中的水滴入右盘的烧杯中，直到天平平衡，记下量筒中最后剩余水的体积V3。————————————————(1分)
(2)[2]由步骤③可知，因为左盘增加的压力等于石块所受的浮力（力的作用是相互的），天平平衡后，两盘增加的压力相等，故浮力等于右盘增加的水的重力，矿石排开水的体积
由步骤④可知，矿石的重力等于加入水的重力，即
由可得，矿石的质量
故矿石密度的表达式：。————————————————(2分)
25．【答案】（1）；（2）；（3）将承压点B向O点移动。
【详解】解：由图甲可知，灯泡与压敏电阻R串联，电压表测压敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）小汽车对杠杆B点有竖直向下的压力FB，其大小等于车本身的重力G，过O点作FB作用线的垂线段，支点到FB作用线的距离即为压力的力臂，见下图：
—————————————(2分)
（2）当电路报警时，小灯泡两端的电压
U=2.5U0
由图乙可知，此时电路中的电流
I'=2I0
由串联电路电压的规律和欧姆定律可知，压敏电阻的阻值为
———————(1分)
由表格数据可得，压力增大5N，压敏电阻的阻值减小3Ω，设压敏电阻阻值与压力函数关系式为
R=30Ω-kF
当F=5N，压敏电阻的阻值是27Ω，带入上式得到
压敏电阻阻值与压力函数关系式为
———————(1分)
当压敏电阻的阻值为
时
压力为
由杠杆平衡条件可得
FA×OA=G×OB
系统报警时汽车的最小总重力
————————(1分)
（3）根据
FA×OA=G×OB
可知，在压敏电阻受到的压力FA一定时，要增大报警重量G，可以减小其力臂，即将承压点B向O点移动。————————(2分)
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
B
B
C
B
C
D
A
D
A
C
11
12
13
BD
ABD
BCD