2026年广东省广州市荔湾区中考模拟物理自编练习卷含答案

这是一份2026年广东省广州市荔湾区中考模拟物理自编练习卷含答案，共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题：本大题共10小题，共20分。
1.如图所示，为17音卡林巴手指钢琴，其部分发音频率如表所示，则相比于发A4音，发G4音时( )
A. 金属片振幅一定更小B. 金属片每秒振动次数更多
C. 声音的音调一定更低D. 声音的响度一定更大
2.取两个大烧杯，里面充以烟雾，倒扣在桌上，然后在杯底分别放一个透镜。用手电筒射出一束平行光，垂直杯底射入烧杯中，可观察到烧杯中的光束，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 甲图中的透镜只会对平行光有会聚作用B. 利用甲图中的透镜可以成倒立放大的虚像
C. 乙图中焦距合适的透镜可用来矫正近视眼D. 乙图中的透镜对任何光线都有会聚作用
3.如图所示的示例中，为了减小摩擦的是( )
A. 瓶盖上的条纹B. 行李箱安装滚轮
C. 轮胎安装防滑链D. 运动员手上涂防滑粉
4.四个力的大小如表所示，以下选项分别是铁块同时受到两个或三个力的作用，其作用效果与图中的力F的作用效果相同的是( )
A. B.
C. D.
5.如图是某同学用温水洗手的情景，下列对其中物理量的估测符合实际的是( )
A. 香皂的长度约8dmB. 香皂的质量约1kg
C. 洗手池距地面约80cmD. 洗手水的温度约70℃
6.老舍先生的《济南的冬天》一文中有下面的文字：“山坡上有的地方雪厚点儿，有的地方草色还露着；……那水呢，不但不结冰，反倒在绿藻上冒着点儿热气。……”。关于文中所涉及的一些物理现象，下列知识解释正确的是( )
A. “雪”的形成主要是凝华现象B. “结冰”是凝固现象需要吸热
C. “热气”的形成是汽化现象D. “冰”是非晶体，没有固定熔点
7.科研人员设计了如图所示一种“能量采集船”，在船的两侧附着可触及水面的旋转“工作臂”，每只“工作臂”的底端装有一只手掌状的，紧贴水面的浮标。当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能储存起来。下列电器设备与“能量采集船”获得能量原理相同的是( )
A. B.
C. D.
8.小美家安装的电能表如图甲所示，书房灯L及三孔插座的安装电路如图乙所示，为保证安全用电，下列说法正确的是( )
A. 电能表是测量电功率的仪表B. 三孔插座的安装不符合安全用电原则
C. 若保险丝熔断，可用铁丝代替D. a端应接火线，b端应接零线
9.皮影戏在中国已有两千多年的历史，被称为中国民间艺术的“活化石”。皮影戏表演时，艺人们操纵人物剪影，在光照射下，屏幕上就会出现活动的影子。下列现象中与皮影戏成像原理相同的是( )
A. 树下的光斑B. 湖面上的倒影
C. 海市蜃楼D. 河水看起来比实际浅
10.下列四幅图来自我们的物理课本，其中解释正确的是( )
A. 甲图沿箭头方向向下吹气时，两张纸会向中间靠拢
B. 乙图中斧头具有很薄的刃，是为了增大压力
C. 丙图中物体排开的水体积与浮力大小无关
D. 丁图中小朋友能将饮料吸进嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
二、填空题：本大题共3小题，共6分。
11.小明假期去登神农顶，在登顶过程中他发现，原本干瘪且未拆封的袋装薯片竟膨胀了许多，此时袋内气体质量 ，密度 (两空均选填“变大”“不变”或“变小”)；在登上神农顶后，小明有些“高反”需要吸氧。现有一迷你一次性小氧气瓶(网红款)，瓶内氧气密度为6kg/m3，当吸取其中二分之一的氧气后，瓶内剩余氧气的密度为 kg/m3。
12.如图所示是电子体重秤实物图和原理图，R1为压敏电阻，其阻值随人体质量的增大而减小，R2为定值电阻。体重表相当于一个 表(选填“电压”或“电流”)，当测体重时，人的质量越大，体重表的示数越 ，R1两端的电压越 。
13.图甲中拉力F平行于斜面，在10s内将重物从底端匀速拉到顶端。该过程中，克服重力及斜面摩擦力做功分布如图乙，斜面的机械效率为 ，有用功为 J，拉力的功率为 W。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
14.按下列要求作图：
(1)如图所示，物体静止在斜面上，请画出该物体所受支持力和摩擦力的示意图。
(2)如图所示，在“凸透镜成像”的实验中，观测到正立、放大的虚像，试通过凸透镜的特殊光线作图将A点成像光路补充完整，并标出该透镜的右侧焦点F的位置。
(3)如图所示的通电螺线管，电流表正常偏转，在图中括号内标出小磁针右端的极性，电源右端的极性，磁感线上A点的磁场方向。
四、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
15.周一升旗时，小明发现升旗手操作国旗上升，国歌结束时国旗还没有升到顶端，就想设计一个电动升旗装置，使国旗能在规定时间内匀速上升至顶端。
【初步设计】如图甲所示，用电动机带动国旗上升，调节滑动变阻器的滑片可以改变电动机的转速，定时器在计时结束时自动断开电路。
(1)图乙中，能说明电动机工作原理的是 。
(2)国歌的奏唱时长是46s，若国旗上升高度为11.5m，则国旗上升的速度应为 m/s。
【改进设计】为实现国旗的电动上升和下降，小明使用两个单刀双掷开关改进电路，如图丙所示。开关接不同触点时，国旗的升降情况如下表所示。
(3)为使国旗下降，开关应处于状态 (填序号)，判断的依据是 。
【优化设计】若电动升旗装置可通过光控实现日出升旗、日落降旗的自动化控制，则升旗装置会更加智能化和便捷，于是小明再次对电路进行优化，如图丁所示。已知控制电路中，电源电压U控是6V，保护电阻R0是2kΩ，光敏电阻R1的阻值随光照强度E的变化关系如图戊所示，电磁铁线圈电阻忽略不计。当太阳升起光照强度达到1000lx时，电磁铁将衔铁吸下，工作电路的电动机工作，带动国旗上升。
(4)若要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，可以采用的方法是 。(写出一种即可，需有数据支撑)
(5)图丁电路的不足之一是 。
16.小华用实验室的一块柱形合金材料探究“影响浮力大小的因素”。他将该合金块标注成4等分，溢水杯中装满水，进行了如图所示的探究实验。
(1)如图甲所示，可知该合金块的重力是 N；
(2)由图丙所示，此时合金块只有两格浸入水中，则合金块所受的浮力F浮= N；由图甲、乙、丙、丁计算得到合金块密度为 kg/m3；
(3)根据图甲、乙、丙、丁，可以得出的初步结论是： ；
(4)小哲对丁实验操作进行了修改，设计了如图甲、丁、戊所示方案进行探究，可知浮力大小与物体浸没的深度 (选填“A.有关”或“B.无关”)；
(5)小桂利用刻度尺、柱形烧杯、冰块和水，设计了一个实验，测出另一个小合金块的密度，具体操作顺序如图所示：
①烧杯中装有适量水，测出水深为H1；
②将冰块慢慢置于水中漂浮，测出此时水深为H2；
③将小合金块放在冰块上，与冰块共同漂浮，待水面静止后，测出此时水深为H3；
④静置烧杯至冰块完全熔化后，测出水深为H4，此时与步骤③相比，水对烧杯底的压强 (选填“A.变大”、“B.变小”或“C.不变”)，以上步骤①至④中，不需要步骤 也可以测出小合金块密度；则小合金块密度ρ= (用H1、H2、H3或H4和ρ水表示)。
(6)根据实验结论设计了一个“浮力秤”，其简易结构如图所示(使用时水不溢出)。在圆柱形小筒上标刻度，将物体放在秤盘上，读出刻度的变化，通过计算就可以“秤”出物体的质量。下列有关说法正确的是
A.在“浮力秤”上放的物体质量越大，水对大筒底的压强越大
B.让小筒的底面积减小，测量同一物体时，水对小筒底的压力减小
C.小筒上的刻度线自上而下对应的物体质量逐渐变大
D.将水更换为盐水，可以增大“浮力秤”的量程
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
17.2026年3月，我国自主研发的遥控无人潜水器，执行了全球最大规模深海含氢热液区的航次调查任务。若该潜水器在6000 m深度悬停时总质量为6.0 t，完成任务返回时抛掉部分压载铁，实现以0.5 m/s的速度匀速上浮，受到的海水阻力与速度成正比，比例系数k=2.0×103 N⋅s/m。(海水密度取1.0×103 kg/m3)。求：
(1)从海面下潜至悬停处，潜水器重力所做的功。
(2)悬停作业时，潜水器摄像头前面积为0.01m2的光学窗所受海水的压力。
(3)返回时，抛掉的压载铁的质量(压载铁的体积忽略不计)。
18.小文家新买的电火锅内部电路如图甲所示，其主要由保险装置和加热装置组成(不计保险装置的电阻)，加热装置由电阻丝R1和R2组成，通过控制开关S1和S2的状态，可实现高、中、低三挡的调节，图乙是电火锅正常工作一次的“P−t”图像，其工作时先用高温挡将水烧开，再用中温挡煮熟食物，最后用低温挡保温，求：
(1)电火锅中温挡工作时，电路中的电流大小；
(2)电热丝R1的电阻值；
(3)若在标准大气压下，电火锅中加入1.5kg初温为56℃的温水，高温挡正常工作6min将水烧开，则该电火锅的加热效率为多少？[c水=4.2×103J/(kg⋅ ∘C)]
答案和解析
1.【答案】C
【解析】音调跟声源振动的频率有关，频率越高，音调越高，根据表中数据可知，发G4音时的频率低于发A4音的频率，所以，相比于发A4音，发G4音时声音的音调一定更低，故C正确，ABD错误。
2.【答案】C
【解析】A、甲图中的透镜对任何光线都有会聚作用，故A错误；
B、甲图中的透镜是凸透镜，利用甲图中的透镜可以成倒立放大的实像，正立放大的虚像，不能成倒立放大的虚像，故B错误；
C、乙图中的透镜是凹透镜，焦距合适的透镜可用来矫正近视眼，故C正确；
D、乙图中的透镜对任何光线都有发散作用，故D错误。
3.【答案】B
【解析】A.瓶盖上的竖条纹是在压力一定时通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，方便拧开瓶盖，故A不符合题意；
B.行李箱安装滚轮，变滑动为滚动的方法减小摩擦力，故B符合题意；
C.轮胎安装防滑链，是在压力一定时通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不符合题意；
D.运动员手上涂镁粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，防止打滑，故D不符合题意。
故选B。
4.【答案】D
【解析】由图可知铁块所受合力方向向右，合力大小为4N；A.合力为0，不符合题意；B.合力方向为左，不符合题意；C.合力大小为1N，不符合题意；D.合力方向向右，合力大小为4N，符合题意.故选D．
5.【答案】C
【解析】A.香皂的长度略小于手的长度，约 8cm=0.8dm ，故A不符合题意；
B.香皂的质量小于苹果的质量，约0.1kg，故B不符合题意；
C.洗手池距地面与课桌的高度相当，约80cm，故C符合题意；
D.洗手水的温度略高于人体的温度，约40℃，故D不符合题意。
故选C。
6.【答案】A
【解析】解：A、雪是由空气中的水蒸气遇冷直接变成固态形成的，这种气态到固态的变化属于凝华现象，故A正确。
B、水结冰是从液态变成固态，属于凝固现象。凝固过程是放热的，并非吸热，故B错误。
C、“热气”实际上是水蒸发出来的水蒸气遇到较冷的空气后液化形成的小水滴，属于液化现象，而不是汽化，汽化是液态变气态，故C错误。
D、冰是晶体，它有固定的熔点，在标准大气压下熔点为0℃，故D错误。
故选：A。
(1)凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热；
(2)凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热；
(3)液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；汽化指物质由液态转变成气态，汽化要吸热。
(4)冰是晶体，它有固定的熔点。
本题考查的是凝华、凝固、液化、汽化的概念，还有晶体和非晶体的区别。
7.【答案】B
【解析】【详解】A.由题意可知，当波浪引起浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，获得电能，此过程中将机械能转化为电能，相当于发电机，该选项是通电导线在磁场中受力，相当于电动机，故A不符合题意；
B.该选项图中所示的是发电机的模型，故B符合题意；
C.该选项图中所示的是电磁铁，其原理是电流的磁效应，故C不符合题意；
D.该选项图中所示的是奥斯特实验，说明电流具有磁效应，故D不符合题意。
故选B。
8.【答案】D
【解析】A.电能表是测量该电路中用电器消耗电能的仪表，故A错误；
B.三孔插座符合“左零右火上地”接线方法，符合安全用电原则，故B错误；
C.保险丝的熔点较低，能在电流过大时自动熔断以保护电路；铁丝电阻小、熔点高，不能在电流过大时自动切断电路，无法起到保险作用，若保险丝熔断，不能用铁丝代替，故C错误；
D.为防止触电，家庭电路中开关应接在火线与用电器之间，因此图乙中a端应接火线，b端应接零线，故D正确。
故选D。
9.【答案】A
【解析】皮影戏是利用光的直线传播。
A、树下的光斑是太阳通过树叶的缝隙所成的像，为小孔成像，是由光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、湖面倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不符合题意；
CD、海市蜃楼和河水看起来比实际浅都是光的折射现象，故CD不符合题意。
故选：A。
皮影戏是利用光的直线传播。
光的传播规律有：光的直线传播、光的反射、光的折射，多注意课本中的例子，会分析日常生活中的例子，做到学以致用。
10.【答案】A
【解析】【详解】A.当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小。纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小，故A正确；
B.由公式 p=FS 知，斧头具有很薄的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故B错误；
C.丙图中下压，物体排开的水体积增大，浮力增大，根据阿基米德原理知，浮力与排开液体的体积有关，故C错误；
D.人吸走管内的空气时，管内的气压减小，外界大气压压着饮料进入管内，使人喝到饮料，所以利用了大气压，不是利用浮力，故D错误。
故选A。
11.【答案】不变
变小
3

【解析】【详解】未拆封的袋装薯片内气体无进出，所含物质的多少不变，因此袋内气体质量不变。
袋内气体膨胀后体积变大，质量不变，根据密度公式 ρ=mV ，密度ρ变小。
设氧气瓶容积为V，原氧气质量 m=ρV=6kg/m3×V
吸取二分之一氧气后，剩余质量 m′=12m ，剩余氧气体积仍为V(氧气瓶容积不变)，瓶内剩余氧气的密度 ρ′=m′V=12×6kg/m3×VV=3kg/m3
12.【答案】电流
大
小

【解析】解：
由电路图可知，电子秤显示器串联在电路中，相当于一个电流表；
图中R1与R2串联，R1为压敏电阻，其阻值随人体质量的增大而减小，所以，被测物体的质量越大，R1的电阻越小，R1分得的电压越小；
R1的电阻变小，电路的总电阻变小，根据I=UR可知，电路中电流越大，即电子秤的示数越大。
故答案为：电流；大；小。
图中R1与R2串联，电子秤显示器串联在电路中，相当于一个电流表；已知R1为压敏电阻，其阻值随人体质量的增大而减小，根据串联电路的电压规律及欧姆定律分析。
本题考查了欧姆定律公式的应用，难度不大。
13.【答案】72%
W有=W总−W额=500J−140J=360J
P=W总t=500J10s=50W

【解析】[1]机械效率 η 是有用功与总功的比值，有用功是克服重力做的功，由图乙知，克服重力做功占总功的72%，所以斜面的机械效率 η=72% 。
[2]由图乙知，克服摩擦力做功 W额=140J ，且克服摩擦力做功占总功的比例为 1−72%=28% ，设总功为 W总 ，则 W额=W总×28% ，则 W总=W额28%=140J28%=500J
有用功 W有=W总−W额=500J−140J=360J
[3]拉力做的功为总功 W总=500J ，时间 t=10s 。则拉力的功率
P=W总t=500J10s=50W
14.【答案】(1)
(2)
(3)

【解析】(1)物体静止在斜面上，支持力是斜面对物体的弹力，方向垂直于斜面向上；物体有沿斜面向下滑动的趋势，摩擦力阻碍相对运动趋势，因此方向沿斜面向上；过物体重心分别沿垂直于斜面向上的方向和平行于斜面向上的方向画一条带箭头的线段，分别用符号F和f表示，作用点均在物体的重心，据此作图。
(2)平行于主光轴的光线经过凸透镜后会过焦点；过凸透镜光心的光线传播方向不改变，从A点平行于主光轴作一条入射光线，与凸透镜交于E点，连接 A′E 并延长交于主光轴F点，F点为凸透镜右侧焦点，据此作图。
(3)根据电流表使用时电流从正接线柱流入，负接线柱流出，因此电源左侧为负极，右侧为正极；电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则，螺线管右端为N极，左端为S极；在磁体的外部的磁感线从N极出发进入S极，磁感线上A点的方向向左，根据磁极间的相互作用力可知，螺线管右侧N极吸引小磁针的S极，因此小磁针右端为S极，据此作图。
15.【答案】B
0.25
③
通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关
由图戊可知，当太阳升起光照强度达到1000lx时，光敏电阻R1的阻值为2kΩ，忽略电磁铁线圈电阻，则此时电路的电流为 I=UR0+R1=6V2000Ω+2000Ω=0.0015A
若要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，由图戊可知，此时光敏电阻R1′的阻值为2.5kΩ，所以此时保护电阻R0′的阻值应为 R 0′=UI−R 1′=6V0.0015A−2500Ω=1500Ω=1.5kΩ
若不改变保护电阻R0的阻值，则此时电源电压为U=I(R+R1′)=0.0015A×(2000Ω+2500Ω)=6.75V
因此要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，可以采用的方法是保护电阻R0换成1.5kΩ或者电源电压调为6.75V。
由设计电路图可知，当阴雨天时，光照比较弱，光敏电阻的阻值较大，控制电路的电流太小，则无法按时自动升旗，并且控制电路缺少开关，无法人为控制电路。

【解析】【详解】(1)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力的作用。A图中，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时会产生感应电流，是电磁感应现象；B图中，闭合开关，通电导体在磁场中受力而运动，因此能说明电动机工作原理的是图B。
(2)国旗上升的速度 v=st=11.5m46s=0.25m/s
(3)[1][2]通电导体在磁场中受力方向与磁场方向和电流方向有关。由实验中的数据②可知，当开关S1接a，开关S2接d时，电动机的电流由上端流入，下端流出，国旗上升；为了使国旗下降，应改变电动机转动的方向，则将电流由下端流入，上端流出，所以开关S1接b，开关S2接c，开关应处于状态③。
(4)由图戊可知，当太阳升起光照强度达到1000lx时，光敏电阻R1的阻值为2kΩ，忽略电磁铁线圈电阻，则此时电路的电流为 I=UR0+R1=6V2000Ω+2000Ω=0.0015A
若要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，由图戊可知，此时光敏电阻R1′的阻值为2.5kΩ，所以此时保护电阻R0′的阻值应为 R 0′=UI−R 1′=6V0.0015A−2500Ω=1500Ω=1.5kΩ
若不改变保护电阻R0的阻值，则此时电源电压为U=I(R+R1′)=0.0015A×(2000Ω+2500Ω)=6.75V
因此要让国旗在光照强度E达到700lx时上升，可以采用的方法是保护电阻R0换成1.5kΩ或者电源电压调为6.75V。
(5)由设计电路图可知，当阴雨天时，光照比较弱，光敏电阻的阻值较大，控制电路的电流太小，则无法按时自动升旗，并且控制电路缺少开关，无法人为控制电路。
16.【答案】4.8
0.4
6×103
当液体密度一定时，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关。
B
B
①
H3−H2ρ水H4−H2
AD

【解析】【分析】(1)因为弹簧测力计测静止物体的重力时示数等于重力，所以直接读取甲图中弹簧测力计的示数即可得到合金块重力。
(2)因为称重法测浮力的公式为 F浮=G−F示 ，所以用甲图的重力减去丙图的拉力得到浮力；因为要计算合金块密度，需先通过称重法算出完全浸没时的浮力，再根据阿基米德原理算出合金块体积，最后结合重力算出质量，利用 ρ=mV 计算密度。
(3)因为甲、乙、丙、丁中液体密度相同，合金块浸入液体的体积逐渐增大，浮力逐渐增大，所以分析浮力与排开液体体积的关系得出结论。
(4)因为甲、丁、戊中合金块浸没深度不同但测力计示数相同，根据称重法可知浮力相同，所以判断浮力与浸没深度的关系。
(5)因为冰块熔化后质量不变，且冰漂浮时排开水的体积等于熔化成水的体积，结合合金块沉底的情况，比较步骤③和④的水深，根据 p=ρgh 判断压强变化；因为推导合金块密度时，可通过步骤②③的水深差算出合金块重力，步骤④的水深差算出合金块体积，所以分析不需要的步骤；因为根据漂浮条件和阿基米德原理，结合柱形容器底面积不变，用水深差表示排开水的体积，进而推导合金块密度的表达式。
(6)因为浮力秤的原理是漂浮条件，所以结合液体压强公式、压力公式、阿基米德原理，对每个选项逐一分析判断。
【详解】(1)如图甲所示，弹簧测力计的分度值为0.1N，所以该合金块的重力是4.8N。
(2)由图丙所示，弹簧测力计对合金块的拉力为4.4N，根据称重法，可知合金块所受的浮力为 F浮丙=G−F丙=4.8N−4.4N=0.4N
由图甲、丁计算得到合金块浸没时受到的浮力为 F浮丁=G−F丁=4.8N−4.0N=0.8N
合金块的体积等于排开液体的体积，即 V=V排=F浮丁ρ水g=0.8N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.8×10−4m3
合金块的质量为 m=Gg=4.8N10N/kg=0.48kg
合金块的密度为 ρ合金块=mV=0.48kg0.8×10−4m3=6×103kg/m3
(3)由图甲、乙、丙、丁，可知液体密度相同，浸入的体积越大，弹簧测力计示数越小，受到的浮力越大，则可得出的初步结论是：当液体密度一定时，物体所受浮力大小与排开液体的体积有关。
(4)由图甲、丁、戊可知，在排开液体体积和密度相同情况下，浸入的深度发生改变时，受到的浮力不变，可知浮力大小与物体浸没的深度无关。故选B。
(5)冰块熔化前，合金和冰整体漂浮，总浮力等于总重力；冰块熔化后，冰熔化成水的体积等于原来冰排开水的体积，而合金沉底，合金排开体积小于原来漂浮时的排开体积，因此总液面下降，水深减小，由 p=ρgh 可知，水对烧杯底的压强变小，故选B。
设烧杯底面积为S，根据②③可知，在漂浮状态下，增加的浮力等于增加的重力，所以合金块的质量为 m合金=G合金g=ΔF浮g=ρ水gΔV排g=H3−H2Sρ水
根据冰漂浮在水面上浮力等于冰块的重力，且冰熔化后质量不变，则 ρ水gV水=ρ冰gV冰=ρ水gV排
可得 V排=V水 ，即冰熔化对水面没有影响，所以如果③中冰熔化后如果没有放入合金块，则液面高度与②相同，放入合金块后相当④图所示的深度，即合金块的体积为 H4−H2S
则小合金块密度为 ρ=m合金V=H3−H2Sρ水H4−H2S=H3−H2ρ水H4−H2
所以步骤①没有实际作用，属于多余的。
(6)A.放的物体质量越大，小筒排开水的体积越大，大筒内液面越高，由 p=ρgh 可知，水对大筒底的压强越大，故A正确；
B.测量同一物体时，浮力等于总重力，总重力不变，由浮力产生的原因可知，水对小筒底的压力等于浮力，大小不变，故B错误；
C.物体质量越大，小筒下沉越多，大筒水面在小筒上的位置越靠上，因此小筒刻度自上而下对应质量逐渐减小，故C错误；
D.由题意可知，小筒完全浸没时为最大测量值，换用盐水后，由 F浮max=ρ液gV筒 ，可知液体密度变大，最大浮力变大，能测量的最大质量变大，所以量程增大，故D正确。
故选AD。
17.【答案】【解析】【小题1】潜水器总重力 G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N
潜水器重力所做的功 W=Gh=6×104N×6000m=3.6×108J
【小题2】光学窗所受海水的压强 p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×6000m=6×107Pa
光学窗所受海水的压力 F=pS=6×107Pa×0.01m2=6×105N
【小题3】悬停时，重力等于浮力， F浮=G=6×104N
忽略压载铁的体积，则上浮过程中，浮力 F浮 大小保持不变。
抛掉的压载铁 G铁 ，以速度 v=0.5m/s 匀速上升，受到向下的海水阻力 f=kv=2.0×103N⋅s/m×0.5m/s=103N
潜水器受力平衡 F浮=G−G铁+f ，压载铁的重力 G铁=G+f−F浮=6×104N+103N−6×104N=103N
压载铁的质量 m铁=G铁g=103N10N/kg=100kg

18.【答案】(1)2A；(2)110Ω；(3)87.5%
【详解】解：(1)由图乙知高温挡的功率为880W，中温挡的功率为440W，低温挡的功率为220W；根据P=UI知电火锅中温挡工作时电路中的电流大小为
I=P中U=440W220V=2A
(2)由图甲知当S1断开，S2接a时，两电阻串联，总电阻最大，根据 P=UI=U2R 知总功率最小，电火锅为低温挡；当S1闭合，S2接b时，两电阻并联电路，总电阻最小，根据 P=UI=U2R 知总功率最大，电火锅为高温挡；当S1断开，S2接b时，电路为R2的简单电路，电火锅为中温挡；根据 P=UI=U2R 知电热丝R1和R2的总电阻为
R=U2P低=(220V)2220W=220Ω
电热丝R2的电阻为
R2=U2P中=(220V)2440W=110Ω
由串联电路电阻的规律知电热丝R1的电阻为
R1=R−R2=220Ω−110Ω=110Ω
(3)在标准大气压下，水的沸点为100℃，水吸收的热量为
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅ ∘C)×1.5kg×(100 ∘C−56 ∘C)=2.772×105J
电火锅高温挡工作6min做的功为
W=P高t=880W×6×60s=3.168×105J
则电火锅的加热效率为
η=Q吸W=2.772×105J3.168×105J×100%=87.5%
答：(1)电火锅中温挡工作时，电路中的电流大小为2A；
(2)电热丝R1的电阻值为110Ω；
(3)若在标准大气压下，电火锅中加入1.5kg初温为56℃的温水，高温挡正常工作6min将水烧开，则该电火锅的加热效率为87.5%。

【解析】详细答案及解析过程见答案音符
频率/Hz
G4
392
A4
440
力
F1
F2
F3
F4
力的大小
1N
3N
5N
5N
开关状态
开关S1接
开关S2接
国旗的升降情况
①
a
c
②
a
d
上升
③
b
c
④
b
d