2025年广东省惠州市惠阳区中考物理一模考试试题（含解析）（中考模拟）

这是一份2025年广东省惠州市惠阳区中考物理一模考试试题（含解析）（中考模拟），共44页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. “估测”是物理学中常用的一种方法。小华同学尝试估测了自己身体相关的一些物理量，其中合理的是（ ）
A. 脉搏跳动约为68次/s
B. 步行的速度约为
C. 身体的温度大约是
D. 身体的平均密度约为
【答案】D
【解析】
【详解】A．人脉搏1min大约跳动68次，即脉搏跳动约为68次/min，故A不符合题意；
B．人步行的速度约为
1.1m/s≈4km/h
故B不符合题意；
C．人体正常温度约为37℃且变化幅度很小，故C不符合题意；
D．人体的密度接近水的密度，人身体的平均密度约为1.0×103kg/m3，故D符合题意。
故选D。
2. 如图是河南博物院收藏的贾湖骨笛，是我国目前出土年代最早的乐器实物，被称为“中华第一笛”。吹奏时，按压不同位置的音孔，是为了改变笛声的（ ）
A. 音调B. 响度C. 音色D. 声速
【答案】A
【解析】
【详解】用手按住不同的孔，改变了骨笛内空气柱的质量和体积，即改变了空气柱的长度，进而改变了空气柱的振动频率，改变了乐器发出的音调，故A符合题意，故BCD不符合题意。
故选A。
3. “冰蝴蝶”是一种自然景观。冬季温度、湿度、风力适宜时，山间枯死草本植物茎秆中的水会被吹出，结出“蝴蝶”一样的纤薄冰片，如图所示。下列自然现象的形成原因与“冰蝴蝶”相同的是（ ）
A. 冰雪消融B. 雾绕山峦C. 霜满枝头D. 滴水成冰
【答案】D
【解析】
【详解】冰蝴蝶的形成，是液态的水变成固态的冰的过程，属于凝固现象。
A．冰雪消融，是固态变为液态的过程，属于熔化现象，故A不符合题意；
B．雾绕山峦是水水蒸气从气态变成了液态，属于液化现象，故B不符合题意；
C．霜满枝头是水从气态变成了固态，属于凝华现象，故C不符合题意；
D．滴水成冰是水从液态变成了固态，属于凝固现象，故D符合题意。
故选D。
4. 烧水壶中的水沸腾时，壶盖不断向上跳动，下列汽油机冲程与其原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】水沸腾时，壶盖不断向上跳动，是因为水蒸气膨胀对壶盖做功，把壶盖顶起来，是将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，这与汽油机的做功冲程的能量转化相同。
A．图中进气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程，故A不符合题意；
B．图中进气门、排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，故B不符合题意；
C．图中进气门、排气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，故C符合题意；
D．图中排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，故D不符合题意。
故选C。
5. 下列物体空间尺度最小的是（ ）
A. 电子B. 原子核C. 分子D. 尘埃
【答案】A
【解析】
【详解】物质是由分子组成的，所以尘埃是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由位于原子中心的原子核和核外电子构成的，因此选项中尺度最小的是电子。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
6. 下列对信息、能源的分析中，不正确的是（ ）
A. 煤、石油、天然气这些属于不可再生能源
B. 现在遍布全球的通讯技术所依赖的主要媒介是电磁波
C. 目前核电站是利用核聚变释放的核能来发电的
D. 太阳能电池板可以将太阳能转化为电能
【答案】C
【解析】
【详解】A．煤、石油、天然气的形成过程极为漫长，属于不可再生资源，故A正确，不符合题意；
B．电磁波可以传递信息，因此现在遍布全球的通讯技术所依赖的媒介是电磁波，故B正确，不符合题意；
C．核电站是利用可控的核裂变释放的能量发电，不是核聚变，故C错误，符合题意；
D．太阳能电池板工作时，需要消耗太阳能，得到了电能，因此可以将太阳能转化为电能，故D正确，不符合题意。
故选C。
7. 如图所示，电源电压为且保持不变，闭合开关电压表示数为，则以下说法正确的是（ ）
A. 灯L1两端的电压为1VB. 灯L2两端的电压
C. 灯L1两端的电压为D. 电源与灯L2两端的电压之和为
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．如图，闭合开关后，两个灯泡串联，电压表接在L1两端，测量L1两端的电压，闭合开关电压表示数为，灯L1两端的电压为，灯L2两端的电压
故C正确，AB错误；
D．电压表测量L1两端的电压，为2V，而电源提供电压，灯L2分担电压。故D错误。
故选C。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8. 英德红茶为我省名茶，爷爷在用开水泡茶时，小明能闻到茶香，这是因为________，茶壶的壶身和壶嘴利用了________原理，小明发现茶壶盖上留有小孔，若将小孔堵住，则茶水不容易倒出，这是因为________的作用。
【答案】 ①. 分子在不停地做无规则运动 ②. 连通器 ③. 大气压
【解析】
【详解】[1]用开水泡茶时，小明能闻到茶香，这是扩散现象，原因是分子在不停息地无规则运动中。
[2]上端开口下部连通的容器称为连通器，泡茶时所用的茶壶的壶身和壶嘴利用了连通器原理。
[3]如果小孔被堵住了，此时壶嘴和壶身就不能构成一个连通器，当壶嘴放低时，由于壶内封闭气体的气压减小，小于外界大气压，则茶水不容易倒出，即是因为大气压的作用。
9. 在家庭电路中，电灯与控制它的开关是______（选填“并联”或“串联”）连接的，它工作时两端的电压为______伏。若闭合电灯的开关，则该电路的总电流将______（选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】 ①. 串联 ②. 220 ③. 变大
【解析】
【详解】[1][2]在家庭电路中，各用电器并联，用电器与控制它的开关串联；家庭电路电压是220V。
[3]家用电器并联，干路电流等于支路电流之和。若闭合电灯的开关，多一条支路，则该电路的总电流将变大。
10. 冰的密度为0.9×103千克/米3，某冰块的体积为2×10−3米3，其质量为_________千克。若该冰块全部熔化成水，质量将_________（选填“变大”“变小”或“不变”），体积将_________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 1.8 ②. 不变 ③. 变小
【解析】
【详解】[1]由可得，冰的质量
m冰=ρ冰V冰=0.9×103kg/m3×2×10-3m3=1.8kg
[2]质量是物体内所含物质的多少，冰熔化成水后，物体内所含物质的多少不变，质量不变。
[3]因为水的密度大于冰的密度，冰块全部熔化成水后，根据公式可知，体积变小。
11. 如图所示，今年9月10日在沪东中华长兴岛基地举行仪式，庆贺为17.4万立方米大型LNG（液化天然气）运输船首船和2号船同日命名。若两艘运输船满载天然气后船体在水中会_________（选填“上浮”或“下降”）一些，排开水的体积_________（选填“变大”“变小”或“不变”），船体受到的浮力_________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 下降 ②. 变大 ③. 变大
【解析】
【详解】[1][2][3]轮船始终漂浮，根据物体的浮沉条件可知，浮力大小等于重力大小，满载天然气后，重力变大，故浮力变大，根据阿基米德原理知，排开液体的体积变大，因而船体在水中要下降一些。
12. 若有一束光与镜面成50°角入射，此时反射光线与入射光线之间的夹角为______。同学们坐在教室不同的位置都能看到黑板上的字，这是由于黑板发生了______（选填“漫反射”或“镜面反射”）的缘固，漫反射_______（选填“要”或“不要”）遵行光的反射定律
【答案】 ①. 80° ②. 漫反射 ③. 要
【解析】
【详解】[1]感觉反射规律可知，反射角等于入射角，光与镜面成50°角，所以入射角为40°，反射光线与入射光线之间的夹角为80°。
[2]黑板凹凸不平，光在黑板上发生漫反射，所以同学们都能看到黑板的字。
[3]镜面反射和漫反射均符合反射规律。
13. 如图所示为“探究什么情况下磁可以生电”的实验装置，实验时将开关、导线、灵敏电流表用导线串联起来组成闭合回路。若磁体保持静止，导线做______运动时，灵敏电流表指针偏转，在这个过程中，______能转化为电能。若将图中灵敏电流表换成______，还可以探究电动机原理。
【答案】 ①. 切割磁感线 ②. 机械 ③. 电源
【解析】
【详解】[1] [2]若磁体保持静止,导线ab做切割磁感线运动时，电流表指针偏转，电路中有感应电流。在这个过程中，主要是将机械能转化为电能。
[3]当电流表换成电源时，导体ab就成了通电导体，通电导体ab在磁场中会受到力的作用而运动，可以探究电动机的工作原理。
14. 如图，建筑工地上，工人利用滑轮组使900N重的建材以0.1m/s的速度匀速上升，用时100s，建材上升的高度是__________ m。若不计绳重和摩擦，绳子自由端拉力F1为500N，则动滑轮重为__________ N，装置的机械效率为__________。
【答案】 ①. 10 ②. 100 ③. 90%
【解析】
【详解】[1]建材以0.1m/s的速度匀速上升，用时100s，建材上升的高度是
[2]不计绳重和摩擦，连接动滑轮绳子的股数是2股，根据可得，动滑轮的重力为
[3]装置的机械效率为
三、作图题：本题7分
15.
（1）请将光路图补充完整。
（2）图甲为人用手提物体时的情境。手臂桡骨在肱二头肌的牵引下绕肘关节转动的模型如图乙，请在图乙中画出物体G的示意图和力F的力臂l。
（3）请在图中虚线框内画出开关S和电灯L的符号，并用笔画线代替导线将三线插座接入电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【分析】
【小问1详解】
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后通过焦点；过光心的光线传播方向不变，据此作图。
【小问2详解】
过支点O做力F作用线的垂线，该垂线段为F的力臂l；重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心上，据此做出重力的示意图。
【小问3详解】
在家庭电路中，开关应接在用电器和火线之间，所以左边虚线框内为开关S，右边虚线框内为灯泡L；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题6分，第18小题6分，共19分
16.
（1）如1图所示，木块的长度是__________cm；
（2）如2图所示，物块的质量是__________g；
（3）小明家的电能表面板如3图所示，电能表的示数为__________kW·h，他家里新添置一台空调，让其单独工作5min，电能表指示灯闪烁了320次，则该空调的实际电功率为__________W。
（4）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明为了使弹簧测力计示数稳定，小明对实验装置进行了改进，如4图所示，该装置__________（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板，他用水平拉力F拉动长木板，待弹簧测力计示数稳定后，木块C受到水平向__________（填“左”或“右”）的摩擦力，若此时增大拉力F，弹簧测力计的示数__________。（选填“变大”、“变小”和“不变”）
【答案】（1）2.70
（2）103 （3） ①. 219.6 ②. 1200
（4） ①. 不需要 ②. 右 ③. 不变
【解析】
【小问1详解】
该刻度尺的分度值为0.1cm，读数时估计到分度值下一位，故木块的长度是2.70cm。
【小问2详解】
物块的质量等于砝码的质量与游码左侧刻度线对应标尺的读数之和，则
【小问3详解】
电能表示数的最后一位是小数，故示数为219.6
空调的实际消耗的电能
空调的实际电功率P=Wt=3.6×105J5×60s=1.2×103W
【小问4详解】
不论长木板如何运动，木块C相对于地面都是处于静止状态，受力平衡；弹簧测力计对木块C向左的拉力等于长木板对木块C向右的滑动摩擦力；故不需要匀速拉动长木板。
若此时增大拉力F，木块C相对于地面仍旧静止，受力平衡，它受到的滑动摩擦力不变，故弹簧测力计的示数也不变。
17. 小明利用如图所示的装置“探究凸透镜成像的规律”。
（1）实验前应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度，这样做的目的是__________；
（2）当蜡烛与凸透镜的位置如图所示时，在光屏上可得到烛焰清晰的像，生活中利用此成像规律制成的光学仪器是__________（选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”）；
（3）保持蜡烛与凸透镜位置不变，用另一个凸透镜替换原透镜，发现需将光屏向右移动才能在光屏上重新得到清晰的像，此时像与原来的像相比__________（选填“变大”或“变小”），新换用的凸透镜的焦距__________（选填“大于”或“小于”）原凸透镜的焦距；
（4）实验一段时间后，蜡烛燃烧变短。要使像仍然成在光屏的中央，应将光屏向__________（选填“上”或“下”）移动。
（5）如果小明只将图中的凸透镜换成薄玻璃板，前后移动光屏，他__________（选填“能”或“不能”）在光屏上直接观察到烛焰的像。
【答案】（1）使像成在光屏中央
（2）照相机 （3） ①. 变大 ②. 大于
（4）上 （5）不能
【解析】
【小问1详解】
为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏，使它们的中心在同一水平高度。
【小问2详解】
当蜡烛与凸透镜的位置如图所示，此时物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
【小问3详解】
保持蜡烛与凸透镜位置不变，换用不同焦距的凸透镜，将光屏向右移动重新得到清晰的像，此时像距变大，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，像会变大；像距变大，说明新凸透镜的聚光能力较弱，即新凸透镜的焦距更大。
【小问4详解】
蜡烛燃烧变短，烛焰向下移动，根据“过凸透镜光心的光线传播方向不变”，像会向上偏移，因此需要将光屏向上移动，让像回到光屏中央。
【小问5详解】
薄玻璃板相当于平面镜，平面镜成虚像，虚像不能呈现在光屏上，因此不能在光屏上观察到烛焰的像。
18. 某学习小组在“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。
（1）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整_______（要求：滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，导线不得交叉）；
（2）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为____V；当R的电阻由10Ω更换为5Ω时，闭合开关后，电压表示数会______（选填“变大”“不变”或“变小”），为使R两端的电压不变，滑动变阻器的滑片应向____（选填“左”或“右”）端滑动；
（3）通过该实验，得到的结论是：_________；
（4）现实验室另外还有一只阻值不明的电阻RX，如图所示，某同学想利用电压表和最大阻值为R的滑动变阻器，测量未知电阻RX的阻值。请将实验步骤补充完整：
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片到最左端，读出电压表的示数U1；
②再将滑片移至最右端，读出电压表的示数U2；
③未知电阻RX=__________。（用已知量和测量量的符号表示）
【答案】（1） （2） ①. 3 ②. 变小 ③. 左 （3）见解析
（4）
【解析】
【小问1详解】
滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大，则滑动变阻器接入电路的电阻变小，故应将左下接线柱与定值电阻右接线柱相连，如图所示：
【小问2详解】
[1]“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中，需多次改变定值电阻的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数不变，由图像乙可知，R两端的电压保持为
[2][3]实验中，当把10Ω的电阻换成5Ω的电阻后，电阻减小，其分得的电压减小，即电压表示数会变小。“探究通电导体中电流与电阻的关系”的实验中控制电压不变，为保持电压表的示数不变，根据串联电路的分压原理可知，应减小滑动变阻器分得的电压，则应减小滑动变阻器接入电路的电阻，即应向左移动滑动变阻器滑片，使电压表的示数不变。
【小问3详解】
由图乙可知，电流与电阻的乘积为一定值，即得到的结论是电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
【小问4详解】
闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片到最左端，只有Rx接入电路，此时电压表的示数U1，即为电源电压；将滑片移至最右端，Rx与滑动变阻器串联，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电压表测量Rx两端的电压，此时滑动变阻器的电压
此时通过Rx的电流与滑动变阻器的电流相等，即
则Rx的阻值
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分。
19. 一辆在水平路面匀速直线行驶的货车，车与货物的总质量是，地面阻力为总重的0.1倍，货车在5min内通过了6000m，g取10N/kg。求：
（1）货车行驶的速度；
（2）货车的牵引力；
（3）牵引力做的功。
【答案】（1）20m/s
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
货车行驶的速度v=st=6000m5×60s=20m/s
【小问2详解】
货车总重力G=mg=7.8×103kg×10N/kg=7.8×104N
地面阻力f=0.1G=0.1×7.8×104N=7.8×103N
因为货车做匀速直线运动，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，故牵引力F=f=7.8×103N
【小问3详解】
牵引力做的功W=Fs=7.8×103N×6000m=4.68×107J
20. 如图甲所示，电源电压恒定。是定值电阻，是滑动变阻器，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当滑片移动到正中央时，电压表示数为3V，和的U-I图像如图乙所示。求：
（1）电源电压；
（2）当滑动变阻器的滑片移动到最右端时电流表的示数；
（3）滑动变阻器电阻保持5Ω不变，通电1min，电流通过电路所产生的总热量。
【答案】（1）6V （2）0.2A
（3）144J
【解析】
【小问1详解】
当滑片滑到正中央时两端的电压为3V，由乙图可知此时电路中的电流为0.3A，两端的电压也为3V，所以，电源电压
【小问2详解】
根据欧姆定律可得的阻值为
则滑动变阻器的最大阻值为
当滑动变阻器滑片滑在最右端时，总电阻值为
则通过电流表的电流为
【小问3详解】
滑动变阻器电阻保持不变时，总电阻值为
则通过电流表的电流
为电流通过电路做的总功
六、综合能力题：本大题共3小题，第21小题6分，第22小题7分，第23小题6分，共19分。
21. 按要求填空。
（1）小峰探究通电螺线管外部磁场分布的实验如图甲所示。通电螺线管中插入一根铁棒，是为了使通电螺线管的磁性__________（选填“增强”或“减弱”）；若仅将电源的正、负极对调，闭合开关后，发现小磁针指向与原来相反，说明通电螺线管两端的极性与螺线管中__________的方向有关。
（2）小柳在探究影响物体重力势能大小的因素的实验中，采用如乙图所示的措施：把三根相同的铁钉打入沙中，其中钢球质量关系为：，看到的实验现象如图乙所示。
①本实验研究的是__________的重力势能（选填“钢球”或“铁钉”）；
②从图乙中实验得出的结论是：物体重力势能的大小与物体__________和被举高度有关。
（3）如图丙所示，将压强计的金属盒放在同种液体中，金属盒面的朝向不同。要观察到U形管两侧液面的高度差相等，必须控制金属盒面的中心在液体的__________相等，由上述实验可知：液体内部某一点，来自各个方向的压强大小是__________的。
【答案】（1） ①. 增强 ②. 电流
（2） ①. 钢球 ②. 质量
（3） ①. 深度 ②. 相等
【解析】
【小问1详解】
铁棒能被通电螺线管的磁场磁化，磁化后产生的磁场与原磁场叠加，会增强通电螺线管的磁性；电源正负极对调后，螺线管内电流方向改变，螺线管极性改变、小磁针指向反转，说明通电螺线管两端的极性和螺线管中电流方向有关。
【小问2详解】
本实验通过铁钉打入沙中的深度，间接反映重力势能的大小，实验研究的是下落撞击铁钉的钢球的重力势能。
由图乙可知：A、B下落高度相同，钢球质量不同，质量越大，铁钉陷入越深；B、C钢球质量相同，下落高度不同，高度越高，铁钉陷入越深，因此可得出结论：物体重力势能的大小与物体质量和被举高度有关。
【小问3详解】
探究液体内部不同方向的压强时，根据控制变量法，需要控制金属盒在液体中的深度相同、液体密度相同，只改变金属盒朝向；实验中U形管两侧液面高度差相等，说明：液体内部同一深度，来自各个方向的压强大小是相等的。
22. 温度对于我们日常生活十分重要。以下是几种温度测量工具。
（1）如图甲是小科设计的一个气体温度计的示意图。瓶中装的是气体，瓶塞不漏气，弯管中间有一段液柱，这个温度计是根据__________（选填“液体”或“气体”）的热胀冷缩来测量温度的；A、B两处刻度对应的温度的关系是：A处的温度__________B处的温度（选填“”、“”或“”）；若使用中发现玻璃管中液柱移动不明显，导致示数不够精确。如果请你提出提高测量准确程度的建议，从玻璃管大小方面考虑，应该换成更__________（选填“粗”或“细”）的玻璃管；
（2）小科还发现干湿温度计是一种既能测量空气温度，又能测量空气相对湿度的常用测量仪器。仪器上有两支相同的温度计并列地安装在同一刻度板上（图乙为其背面），其中一支温度计的测温泡外面裹有被水浸湿的棉纱，为“湿”温度计；另一支温度计的测温泡直接裸露在空气中，为“干”温度计。研究发现：相对湿度越大，水蒸发得越慢。图丙内所示的干湿球湿度计玻璃泡部分已被遮挡，由图丙可推测湿球温度计是__________（填“A”或“B”），这是由于湿温度计浸湿的棉纱中的__________的缘故，而且两温度计的差异越大表示空气越__________（选填“干燥”或“湿润”）；
（3）如图丁是小聪自制的温度计。当把该温度计放在冰水混合物中时，液柱长10cm，当放在沸水中时，液柱长20cm。若液柱的长度为14cm，则该处温度应标记为__________℃。（实验环境：一个标准大气压）
【答案】（1） ①. 气体 ②. ③. 细
（2） ①. B ②. 水的汽化 ③. 干燥
（3）40
【解析】
【小问1详解】
图甲中，瓶中的气体受热，体积膨胀时，推动弯管中的液柱向左移动，气体遇冷，体积收缩，液柱向右移动，所以这个温度计是根据气体的热胀冷缩来测量温度的；温度升高，瓶中气体体积膨胀，液柱向左移动，所以A处的温度比B处的高；为了提高测量准确程度，应换成细的玻璃管，则瓶中气体体积变化较小时，较细的玻璃管中的液柱移动会更明显。
【小问2详解】
湿球温度计由于玻璃泡外面裹有被水浸湿的棉纱，棉纱内的水因为汽化吸热会导致温度计的示数较低，因此B是湿球温度计；两温度计差异越大，表示空气越干燥，因为空气越干燥，水蒸发越快，棉纱吸热越多，温度计示数越低。
【小问3详解】
在标准大气压下，冰水混合物的温度为0摄氏度，沸水的温度为100摄氏度。两个温度间液柱的长度l=20cm−10cm=10cm
则每厘米对应的温度t=100°C10=10°C
由题意知，液柱的长度为14cm时，离0摄氏度的液柱长度l'=14cm−10cm=4cm
所以该处温度标记为t'=4×10°C=40°C
23. 阅读短文，回答问题。
神舟十八号成功着陆
神舟十八号载人飞船于2024年4月25日从酒泉卫星发射中心发射升空，随后与天和核心舱对接形成组合体。3名航天员在轨驻留了192天，期间进行了2次出舱活动，刷新了中国航天员单次出舱活动时间纪录，并完成了多项空间科学实验任务，返回舱于2024年11月4日01时24分在东风着陆场成功着陆。以下是着陆过程中的几个阶段：
制动减速阶段：此阶段的核心目标是脱离原运行轨道并降低速度。飞船首先进行两次姿态调整。第一次调整使飞船向左偏航90°，转为横向飞行状态，随后轨道舱与返回舱分离。第二次调整使推进舱朝前，为点火制动做准备。推进舱发动机点火约180秒，产生反向推力，使组合体速度从约7.8km/s降至约7.5km/s，脱离原轨道进入返回轨道。
自由滑行阶段：脱离轨道后，返回舱与推进舱以无动力状态自由滑行下降，当组合体降至距地面145公里时，推进舱与返回舱分离，推进舱在大气层中烧毁，返回舱继续下降。返回舱通过自身发动机调整为大底（防热面）朝前的姿态，建立1.5°至1.7°的再入角度，确保既能有效进入大气层，又避免过载超标（超过4g）。
再入大气层：此阶段面临极端高温与通信中断的挑战，返回舱在距地面80-40公里高度进入黑障区，与地面通信中断。此时舱体表面因空气摩擦温度升至约2000℃，但舱内温度通过蜂窝状烧蚀材料的升华吸热保持稳定。通过调整侧倾角（配平迎角约20°），利用气动升力精确控制飞行轨迹，确保落点误差小于10公里，同时将航天员承受的过载限制在4g以内。
回收着陆阶段：距地面10公里时，引导伞打开，随后减速伞将速度从200m/s降至70m/s，8公里高度主伞展开，速度进一步降至5-6m/s。距地面1米时，4台反推发动机同步点火，将速度降至3m/s以下，配合吸能材料实现软着陆。
（1）在返回舱制动火箭点火减速时，速度减小说明力可以__________，火箭燃料燃烧时，将__________能转化为内能，火箭向下喷射气体时，气体对火箭的推力方向为__________。
（2）返回舱再入大气层时动能减少，其中60%转化为外壳吸收的热量。外壳材料比热容J/（kg·℃），导航系统工作电压，电流，持续工作。返回舱外壳吸收的热量为__________J，导航系统消耗的电能为__________kW·h。
（3）若返回舱质量，垂直触地速度，经匀减速至静止。触地面积为。若减速过程中动能 完全转化为对地面的做功（忽略重力影响），则返回舱对地面的压强为__________Pa。
【答案】（1） ①. 改变物体的运动状态 ②. 化学能 ③. 向上
（2） ①. ②. 0.48
（3）
【解析】
【小问1详解】
[1]力的作用效果包括改变物体形状和运动状态，返回舱速度减小，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态。
[2]火箭燃料燃烧时，燃料储存的化学能通过燃烧释放，转化为内能。
[3]根据力的作用是相互的，火箭向下喷射气体，气体对火箭的反作用力方向向上，即推力方向向上。
【小问2详解】
[1]因为动能减少量为4.8×107J ，其中60%转化为外壳吸收的热量，所以根据Q=ΔEk×60% 可得返回舱外壳吸收的热量为Q=4.8×107J×0.6=2.88×107J
[2]因为导航系统功率为P=UI=12V×5A=60W=0.06kW
所以根据电能公式，代入，可得导航系统消耗的电能为W=0.06kW×8h=0.48kW·h
【小问3详解】
因为返回舱动能为Ek=12mv2=12×3000kg×(2.8m/s)2=11760J
匀减速过程的平均速度为v平=v2=1.4m/s
减速距离为s=v平×t=1.4m/s×0.06s=0.084m
所以根据动能完全转化为对地面的做功可得推力为F=Eks=11760J0.084m=1.4×105N
又因为触地面积为
所以返回舱对地面的压强为 p=FS=1.4×105N0.01m2=1.4×107Pa