2026届陕西渭南市高三教学质量检测（II）物理试题（含解析）高考模拟

这是一份2026届陕西渭南市高三教学质量检测（II）物理试题（含解析）高考模拟，共44页。试卷主要包含了答卷前务必将自己的姓名等内容，欢迎下载使用。
考生注意：
1、本试题满分100分，考试时间75分钟；
2、答卷前务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡指定位置；
3、将选择题答案填涂在答题卡上，非选择题按照题号在答题卡上的答题区域内作答，写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷 选择题（共46分）
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 以下描述了四个不同的运动过程，加速度最大的是（ ）
A. 一架超音速飞机以500m/s的速度在天空沿直线匀速飞行了10s
B. 一辆自行车以3m/s的速度从某一陡坡的顶端加速冲下，经过3s到达坡路底端时，速度变为12m/s
C. 一只蜗牛由静止开始爬行，经过0.2s，获得了0.002m/s的速度
D. 一列动车在离开车站加速行驶中，用了100s使速度由72km/h增加到144km/h
【答案】B
【解析】
【详解】A．飞机为匀速运动，因此
B．自行车的加速度为
C．蜗牛的加速度为
D．先把72和144进行换算得到20和4，然后进行计算得到动车的加速度为
然后根据从大到小的顺序排列得出
由此可以得出自行车的加速度最大。故选择B。
2. 如图，固定气缸内由活塞封闭一定质量的气体。开始时活塞处于静止状态，用电热丝对气体加热后活塞向左移动，移动过程中活塞与气缸的摩擦忽略不计，且气体与外界环境没有热交换。则此过程封闭气体（ ）
A. 内能变大B. 压强变大
C. 分子数密度变大D. 每个分子的动能都变大
【答案】A
【解析】
【详解】AB．移动过程中，以活塞为对象，根据平衡条件可知，气体发生等压膨胀，根据可知，气体温度升高，气体内能增大，故A正确，B错误；
C．由于气体体积增大，所以分子数密度变小，故C错误；
D．气体温度升高，气体分子平均动能增大，但不是每个分子的动能都变大，故D错误。
故选A。
3. 如图甲中M、N是同一条电场线上的两个点，一个电子仅在静电力的作用下沿着这条电场线从M点运动到N点，其运动的v-t图像如图乙所示。以下说法正确的是（ ）
A. 电场强度的方向由M指向N
B. M、N两点的电场强度大小
C. M、N两点的电势
D. 电子在M、N两点的电势能
【答案】C
【解析】
【详解】A．电子从M运动到N，速度逐渐增大，说明电场力方向与运动方向一致，即电场力方向为由M指向N，电子带负电，电场强度方向与负电荷受力方向相反，因此电场强度方向为由N指向M，故A错误；
B．图像的斜率表示加速度，由图乙可知，从M到N斜率逐渐减小，说明加速度逐渐减小。根据
可知加速度减小则电场强度减小，因此，故B错误；
C．沿电场线方向电势逐渐降低，已知电场强度方向为由N指向M，因此电势沿NM降低，可得，故C正确；
D．电子从M到N，电场力做正功，电势能减小，因此电子在M点的电势能更大，即，故D错误。
故选C。
4. 如图所示为某饮料自动售卖机出口处的截面图。当饮料罐来到出口处时，挡板以O为转轴沿顺时针方向抬起，饮料罐得以滚出。不计一切摩擦，则在挡板顺时针缓慢抬起一个小角度（饮料罐尚未滚出）的过程中（ ）
A. 斜面对饮料罐的支持力大小不变B. 斜面对饮料罐的支持力先增大后减小
C. 挡板对饮料罐的压力逐渐减小D. 挡板对饮料罐的压力逐渐增大
【答案】D
【解析】
【详解】对饮料罐进行受力分析，饮料罐受到重力G、斜面的支持力F斜面和挡板的压力F挡板，不计一切摩擦，则在挡板顺时针缓慢抬起一个小角度（饮料罐尚未滚出）的过程中，做出三个力的矢量三角形图，如图所示
可知斜面对饮料罐的支持力逐渐增大，挡板对饮料罐的压力逐渐变大。
故选D。
5. 开普勒第三定律是：行星围绕太阳沿椭圆轨道运动，所有行星轨道的半长轴的三次方跟它公转周期的二次方比值都相等。若a代表行星椭圆轨道的半长轴，T代表周期，这个定律可以表示为，k是对所有行星都相同的一个常数。设太阳的质量为M，万有引力常量为G，则常数k为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】将行星绕太阳的椭圆运动近似为匀速圆周运动，此时轨道半长轴等于圆周轨道半径，行星做圆周运动的向心力由万有引力提供，有
整理得
结合开普勒第三定律
可得
故选A。
6. 如图所示，长为0.5 m的轻杆一端固定质量为0.4 kg的小球（可视为质点），另一端与水平转轴O连接。现使小球在竖直面内绕O点做匀速圆周运动，当小球通过与圆心等高点A时，轻杆对小球的作用力为5.0 N。已知转动过程中轻杆不变形，重力加速度g取10 m/s2，下列说法正确的是（ ）
A. 小球转动的角速度为5 rad/s
B. 小球通过最高点时，杆对小球的作用力大小为2.0 N
C. 小球通过最低点时，杆对小球的作用力大小为7.0 N
D. 小球从最高点向最低点运动的过程中，杆对小球的作用力先变小后变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．小球通过与圆心等高点A时，受重力和杆的作用力，合力提供向心力，方向水平指向圆心，由矢量合成可知
代入数据解得，故A错误；
B．小球通过最高点时，根据牛顿第二定律有
解得，故B错误；
C．小球通过最低点时，根据牛顿第二定律有
解得，故C正确；
D．小球从最高点向最低点运动的过程中，根据矢量三角形及余弦定理可知
其中
其中代表与 G 的夹角，从0增大到180°，则杆对小球的作用力持续增大，故D错误；
故选C。
7. 已知钠原子在A、B、C、D、E几个能级间跃迁时，辐射光的波长分别为：589 nm（B→A），330 nm（C→A），514 nm（D→B），285 nm（E→A）。则这几个能级能量值最高的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】原子从高能级向低能级跃迁时，辐射光子的能量等于两能级的能量差，满足公式
其中为辐射光波长，越小，对应能级差越大。我们设最低能级，计算各能级相对能量，则各能级分别如下：EB=ℎcλB→A=1240eV⋅nm589nm≈2.11eV ，EC=ℎcλC→A=1240eV⋅nm330nm≈3.76eV ，ED=EB+ℎcλD→B=2.11eV+1240eV⋅nm514nm≈4.52eV ，EE=ℎcλE→A=1240eV⋅nm285nm≈4.35eV
可知D能级最高。
故选B。
二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8. 如图所示，（a）→（b）→（c）→（d）→（a）是交流发电机发电的示意图。装置中两磁极之间产生的磁场可近似为匀强磁场，为了便于观察，图中只画出了其中的一匝线圈。线圈的AB边连在金属滑环K上，CD边连在金属滑环L上；导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。线圈转动的角速度为，线圈中最大电流为Im，以下说法正确的是（ ）
A. 当线圈转到图（a）位置时，穿过线圈的磁通量最大，磁通量变化率为零
B. 当线圈转到图（b）位置时，穿过线圈的磁通量为零，AB边电流方向为B→A
C. 从图（c）位置开始计时，线圈中电流随时间t变化的关系式
D. 当线圈转到图（d）位置时，穿过线圈的磁通量为零，电流的方向变化一次
【答案】AB
【解析】
【详解】A．磁感线的方向从极指向极，即磁感应强度的方向从左到右。此时线圈平面与磁感应强度垂直，因此磁通量最大。边和均与磁感应强度方向平行，不切割磁感线，不产生感应电流，故A正确；
B．此时线圈平面与磁感应强度平行，故磁通量为。由逆时针转动知边运动的方向为竖直向下，由右手定则知此时边电流方向从到，故B正确；
C．初始时刻时磁通量最大，因此磁通量按余弦函数变化，此时感应电压应按正弦函数变化，因此感应电流应为正弦函数形式，故C错误；
D．感应电流的方向应在到达中性面时，即磁通量最大时发生变化，此时感应电流为，图中时刻实际对应磁通量为，感应电流达到最大时， 故D错误。
故选AB。
9. 如图甲所示，质量为m的物体B放在水平面上，通过轻弹簧与质量为2m的物体A连接。现在竖直方向给物体A一初速度，当物体A运动到最高点时，物体B与水平面间的作用力刚好为零。从某时刻开始计时，物体A的位移随时间的变化规律如图乙所示。已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）
A. 物体A的振动方程为y=10sin2πt+π6cm
B. 时间内，物体A的速度与加速度方向相反
C. 物体A在任意一个1.25s内，通过的路程均为50cm
D. 物体B对水平面的最大压力为6mg
【答案】AD
【解析】
【详解】A．由图乙可知振幅为
周期为
圆频率为
规定向上为正方向，时刻位移为，表示振子由平衡位置上方处开始运动，所以初相为
则振子的振动方程为y=Asinωt+φ0=0.1sin2πt+π6m=10sin2πt+π6cm ，A正确；
B．t1+0.25s∼t1+0.5s 的时间内，物体由负的最大位移向平衡位置运动，回复力指向平衡位置，即物体的速度与加速度方向均沿轴正方向，B错误；
C．物体由特殊位置（平衡位置或最大位移处）开始计时，在任意一个内，质点通过的路程等于振幅的5倍，除此之外在的时间内通过的路程不等于振幅的5倍，C错误；
D．由物体在最高点时，物体与水平面间的作用力刚好为零，此时弹簧的拉力为
对于物体有
解得
当物体运动到最低点时，物体对水平面的压力最大，由简谐运动的对称性可知，物体在最低点时加速度向上，且大小等于，由牛顿第二定律得
解得
对物体受力分析可知，物体对水平面的最大压力为，D正确。
故选AD。
10. 如图，P、Q是两根固定在水平面内的光滑平行金属导轨，间距为L，导轨足够长且电阻可忽略不计。图中EFGH矩形区域有一方向垂直导轨平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在t=t1时刻，两不同材料制成的均匀金属棒a、b分别从磁场边界EF、GH进入磁场，速度大小均为v0，此后t=t2时刻，流经a棒的电流为0。已知金属棒a、b长度均为L，质量均为m，电阻分别为R和2R。在运动过程中两金属棒始终与导轨垂直且接触良好，a、b棒没有相碰。关于a棒的有关物理量，以下说法正确的是（ ）
A. t1时刻，a棒所受安培力的大小为
B. t1~t2时间内，通过a棒横截面的电荷量为
C. t1~t2时间内，a棒产生的焦耳热为
D. t1~t2时间内，a棒的路程为
【答案】CD
【解析】
【详解】A．由题知，在时刻，金属棒a进入磁场的速度方向向右，金属棒b的速度方向向左，根据右手定则可知，金属棒a产生的感应电流方向是E到F，金属棒b产生的感应电流方向是H到G，即两个感应电流方向相同，则回路电流为
a棒所受安培力的大小为，故A错误；
B．根据左手定则可知两金属棒受到的安培力大小相等，方向相反，所以两金属棒组成的系统满足动量守恒；由题意可知两金属棒的总动量为0，已知时刻流过金属棒a的电流为零，可知此时回路电动势为0，则此时两棒的速度均为0；对a棒由动量定理可得
其中
解得时间内，通过a棒横截面的电荷量为，故B错误；
C．时间内，根据能量守恒可得
则a棒产生的焦耳热为，故C正确；
D．时间内，由于两棒同一时刻速度大小总是相等，所以两棒通过的路程相等；根据
又，
解得a棒的路程为，故D正确。
故选CD。
第Ⅱ卷 非选择题（共54分）
三、非选择题
11. 利用气垫导轨“验证机械能守恒定律”的实验装置如图1所示。主要实验步骤如下：
①把气垫导轨放在水平桌面上，气泵正常工作，插有挡光条的滑块放在导轨上，调节气垫导轨下方的螺母，使滑块能够静止悬浮于导轨上任意位置。
②用游标卡尺测出挡光条的宽度d，如图2所示。
③挂上托盘和砝码，调节左端滑轮高度，使细线平行于导轨，将滑块移至图示位置，测出挡光条到光电门的距离l。
④释放滑块，读出挡光条通过光电门的挡光时间t。
⑤用天平称出托盘和砝码的总质量m，滑块和挡光条的总质量M，当地的重力加速度为g。
回答下列问题：
（1）步骤①的操作目的是：________。
（2）步骤②游标卡尺的读数d=________mm。
（3）滑块从静止释放到运动到光电门的过程中，系统的重力势能减少了________，系统的动能增加了________。（用题中已知量和测量量符号表示）
【答案】（1）调节气垫导轨水平
（2）3.75 （3） ①. ②.
【解析】
【小问1详解】
步骤①的操作目的是：调节气垫导轨水平。
【小问2详解】
20分度游标卡尺的精确值为，由图可知读数为
【小问3详解】
[1]滑块从静止释放到运动到光电门的过程中，系统的重力势能减少了
[2]滑块经过光电门时的速度为
则系统的动能增加了
12. 某同学设计了一个具有两种挡位（“×1”挡和“×10”挡）的欧姆表，其内部电路如图1所示。电源为电池组（电动势E的标称值为3.0 V，内阻不计），电流表G（表头）的满偏电流，内阻，R为滑动变阻器。设计后表盘如图2所示，中间刻度值为“15”。
（1）图1中表笔a为________表笔（选填“红”或“黑”）。当S打开时，对应的欧姆挡的挡位是________挡（选填“×1”或“×10”）。
（2）根据题中给定物理量的数值，计算出图1中定值电阻的阻值R1=________Ω。
（3）在S闭合情况下进行测电阻操作：
①首先进行欧姆调零：滑动变阻器的阻值调至最大，将红表笔与黑表笔________，调节滑动变阻器的阻值，使指针指向________（选填“0”或“”）刻度位置。
②正确使用该欧姆表测量某电阻的阻值，指针指在图2中虚线位置，则被测电阻的阻值为________Ω。
（4）黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值均为10 Ω的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为10 Ω，2、3接线柱之间的电阻为15 Ω，1、3接线柱之间的电阻为25 Ω。请在图3的虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。
【答案】（1） ①. 红 ②. ×10
（2）5 （3） ①. 短接 ②. 0 ③. 16
（4）
【解析】
【小问1详解】
[1]图1中表笔a与内部电源的负极连接，则为红表笔。
[2]当S打开时，电路最大电流IG较小，则由可知内阻较大，则对应的挡位较高，即对应的欧姆挡的挡位是×10挡。
【小问2详解】
由题意可知S闭合时电路的最大电流是S断开时电路的最大电流的10倍，则
【小问3详解】
①[1][2]首先进行欧姆调零：滑动变阻器的阻值调至最大，将红表笔与黑表笔短接，调节滑动变阻器的阻值，使指针指向 “0”刻度位置。
②[3]S闭合情况下为×1挡，则被测电阻的阻值为16Ω。
【小问4详解】
因为1、2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻，所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻并联，后再与第三个电阻串联，连接方式如图所示；
13. 一个柱状玻璃砖的横截面如图所示，它由半圆CPB和直角三角形ABC组成，其中O为半圆的圆心，。一细束单色光射到圆面上的P点，入射角，光束折射后与AC平行且恰好经过OB中点。已知圆的半径为R，不考虑光在右侧半圆面的多次反射与折射。求：
（1）玻璃砖的折射率；
（2）这束光从直角三角形ABC射出的位置到A点的距离
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
因为折射后的光束与AC平行，所以折射后的光线垂直于BC
光束折射后恰好经过OB中点，所以折射角的正弦值为，即折射角为
由折射定律可得n=sin60°sin30°
解得
【小问2详解】
光线发生全反射的临界角为
所以临界角小于，光线在AB面发生全反射，从AC出射（如图）
由几何关系可知光线从直角三角形ABC射出的位置到A点的距离为AE=33AD=33×34AB=33×34×4R=3R
14. 如图甲所示，在光滑的水平面上有一质量M=2kg的木板，在木板右端有一质量m=1kg的可视为质点的小物块，木板与小物块间的动摩擦因数μ=0.03，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，木板与小物块均静止。现用一水平力F向右拉木板，F随时间t变化如图乙所示，5s后撤去F，最终小物块没有从木板上掉下去，重力加速度g取10 m/s2。求：
（1）时，木板的速度大小；
（2）时，木板的速度大小；
（3）最终小物块和木板的速度大小。
【答案】（1）0.4m/s
（2）1.9m/s （3）1.7m/s
【解析】
【小问1详解】
物块的最大加速度为
在内若两者相对静止，则整体的加速度为
可知木板和木块一起向前加速，则时，木板的速度大小
【小问2详解】
2s后，假设物块相对木板仍静止，则加速度
可知两者产生了相对滑动，此时物块的加速度为，木板的加速度
时，木板的速度大小
【小问3详解】
时，物块的速度大小
最终两者共速，则由动量守恒定律可知
解得共同速度v=1.7m/s
15. 如图所示，直角坐标系xOy中，x轴上方有沿y轴负方向的匀强电场，x轴下方有垂直于xOy平面向外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的正粒子，以大小为v0的速度从y轴上的P0,32L点沿x轴正方向射入电场后，又从x轴上的点进入磁场，粒子在磁场中经过y轴时速度方向垂直于y轴，不计粒子的重力。求：
（1）电场强度E的大小及粒子到达M点时速度的大小和方向；
（2）磁感应强度B的大小；
（3）为了使粒子不经过x轴进入电场，可以在第Ⅲ象限再加一沿y轴负方向的匀强电场，求的最小值。
【答案】（1）mv02qL；，与x轴的夹角为斜向右下方。
（2）
（3）mv022qL
【解析】
【小问1详解】
粒子在电场中仅受电场力的作用做类平抛运动，设粒子在第一象限内运动的时间为，则水平方向3L=v0t1
竖直方向32L=12at12=12·Eqm·t12
联立解得，
设粒子进入磁场时的速度为，速度和x轴的夹角为，则tanθ=vyv0=Eqmt1v0=3，故速度方向与x轴的夹角为，斜向右下方。
所以，粒子进入磁场时速度的大小为
【小问2详解】
粒子在磁场中的运动轨迹如图所示
设轨迹半径为R，则
根据几何关系有3L=Rsinθ
联立解得，
【小问3详解】
粒子经过y轴的位置到点的距离为y=R1+csθ=3L
粒子经过y轴时速度大小为，且速度方向沿轴负方向。
粒子进入第Ⅲ象限的运动，可以分为两个分运动，一个分运动是沿轴负方向的匀速直线运动，速度大小为，故qv1B=E'q
另一个分运动是匀速圆周运动，速度大小为，粒子经过y轴时沿轴负方向，故qv2B=mv22R'，v1+v2=v=2v0
由题意可知，粒子不经过x轴进入电场，圆周运动的最大直径等于，故2R'=y=3L
联立解得，电场强度的最小值为E'=mv022qL