云南省昆明市第一中学西山学校2025-2026学年下学期八年级期中质量监测物理试卷含答案

这是一份云南省昆明市第一中学西山学校2025-2026学年下学期八年级期中质量监测物理试卷含答案，共35页。试卷主要包含了1N，AD等内容，欢迎下载使用。
（全卷五个大题，共23小题，共8页；满分90分，考试用时75分钟）
注意事项：
1.答卷前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、班级、座位号填写在答题卡及试卷上，并在答题卡的规定位置用2B铅笔准确填涂准考证号。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将答题卡交予监考教师，试卷自行妥善保管。
一、选择题（本大题共10个小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一个选项符合题目要求，第8~10题有多个选项符合题目要求。）
1．为了纪念在物理某领域做出贡献的科学家，物理单位往往以人的名字来命名，在国际单位制中压强的单位是（ ）
A．帕斯卡B．伽利略C．牛顿D．亚里士多德
2．下列图中的两个力，是一对平衡力的是（ ）
A．B．C．D．
3．如图的情境中，利用了大气压强的是（ ）
4．如图所示是关节可动的哪吒木偶玩具，则不借助工具，木偶玩具的下列动作在水平地面
上无法保持的是（ ）
5．如图所示，小红手撑雨伞走在路上，一阵大风吹来，伞面被“吸”，会发生严重变形。下列判断推理及其解释，正确的是（ ）
A．伞面被向上“吸”，伞上方的空气流速大，压强大
B．伞面被向上“吸”，伞上方的空气流速大，压强小
C．伞面被向下“吸”，伞上方的空气流速大，压强小
D．伞面被向下“吸”，伞上方的空气流速小，压强小
6．某同学制作了如图所示的潜水艇模型，通过移动注射器的活塞注入或抽出气体，实现潜水艇模型的浮与沉。关于该模型，不计水的阻力，以下说法正确的是（ ）
A．潜水艇工作原理是改变自身体积
B．潜水艇漂浮在水面上时浮力大于重力
C．潜水艇在水面下匀速下潜时，重力大于浮力
D．若想让潜水艇上浮，需要向左压注射器活塞
7．关于力与运动的关系，下列说法正确的是（ ）
A．物体受到力的作用，速度大小一定会改变
B．物体不受力时，一定处于静止状态
C．物体运动方向改变时，一定受到了力的作用D．作用在运动物体的力一定不平衡
8．翠湖是本地市民骑行的好去处。关于骑行中的知识，下列说法错误的是（ ）
A．当自行车轮胎缓慢漏气时，车胎与地面接触面积增大，自行车对地面的压强逐渐变小
B．刹车时用力捏闸，是通过增大压力来增大摩擦力
C．骑行速度越快，惯性越大，越难停下
D．自行车需要蹬踏板才能一直向前运动，说明力是维持物体运动状态的原因
9．如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两个平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。下列说法正确的是（ ）
A．容器对桌面的压力：F甲=F乙
B．容器对桌面的压强：p甲G。如图所示，向左压注射器活塞，将空气压入潜水艇模型内，模型内部气压增大，将模型内的水排出，使模型的总重力减小，当总重力小于浮力时，潜水艇模型会上浮，故D正确。
故选D。
7.C
A. 物体受到平衡力作用时，运动状态不变，速度大小不会改变，比如做匀速直线运动的物体就受平衡力，速度不变，故A错误；
B. 根据牛顿第一定律，物体不受力时会保持原来的运动状态，如果物体原本是运动的，不受力时会保持匀速直线运动，不一定静止，故B错误；
C. 运动状态包括速度大小和运动方向，运动方向改变说明运动状态已经改变，因此一定受到了力的作用，故C正确；
D. 做匀速直线运动的运动物体，受到的力是平衡的，故D错误。
故选C。
8.CD
A. 自行车对地面的压力等于人和车的总重力，漏气过程总重力不变，所以压力不变；车胎漏气后接触面积增大，根据压强公式p=FS，F不变、S变大，压强变小，故A正确；
B. 刹车用力捏闸，是在接触面粗糙程度不变时，通过增大闸皮与轮胎间的压力来增大摩擦力，故B正确；
C. 惯性是物体的固有属性，惯性大小只和物体质量有关，和运动速度无关。骑行速度快难停下是因为动能更大，不是惯性变大，故C错误；
D. 根据牛顿第一定律，力不是维持物体运动状态的原因，力是改变物体运动状态的原因。自行车不蹬会停下是因为受阻力作用改变了运动状态，持续蹬踏板是为了平衡阻力，不是维持运动，故D错误。
本题选择错误的选项，故选CD。
9.AD
A. 容器对桌面的压力等于总重力，即 F=G容器+G液体，已知容器质量相同、液体质量相同，因此F甲=F乙，故A正确；
B. 由p=FS可知，已知此F甲=F乙 ，底面积S甲=S乙，因此容器对桌面的压强p甲=p乙，故B错误；
C. m液甲=m液乙，由图可知V甲ρ乙，故C错误；
D. 已知两液体深度相同，ρ甲>ρ乙，根据p=ρgh可知，液体对容器底部的压强p甲'>p乙'，故D正确。
故选AD。
10.ABC
【分析】以天平平衡为核心，先对小球受力分析，利用水中浮力和拉力求出小球重力与密度；再通过液体中浮力算出液体密度；接着由托盘总压力相等判断液体与水的质量差；最后分析剪线后压力变化，算出压强变化量，逐一验证选项。
A. 对右盘水中的小球受力分析：G=F浮水+F拉，即ρ球gV=ρ水gV+F拉
ρ球=ρ水gV+F拉gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×50×10−6m3+0.1N10N/kg×50×10−6m3=1.2×103kg/m3=1.2g/cm3
故A正确；
B. 对左盘液体中的小球受力分析：G+F拉=F浮液，即ρ球gV+F拉=ρ液gV
ρ液=ρ球gV+F拉gV=1.2×103kg/m3×10N/kg×50×10−6m3+0.1N10N/kg×50×10−6m3=1.4×103kg/m3
=1.4g/cm3
故B正确；
C. 左盘所有物体都在天平上，总压力F左=G杯+G液+G
右盘只有烧杯和水在天平上，总压力F右=G杯+G水+F浮水
天平平衡说明左右对托盘的总压力相等G杯+G液+G=G杯+G水+F浮水
由上式可得，ΔG=G水−G液=G−F浮水=F拉=0.1N
质量差Δm=ΔGg=0.1N10N/kg=0.01kg=10g
左液体比右水质量少10g，故C正确；
D. 剪断细线后，左盘所有物体仍都在天平上，总重力不变，总压力不变，总压强不变；右
盘剪断后，小球沉底，总压力变化ΔF右=G−F浮水=F拉=0.1N
Δp右=ΔF右S=0.1N100×10−4m2=10Pa
只有右盘压强变化量为10Pa，左盘为0，故D错误。
故选ABC。
11．
相互的
更大
力的作用具有相互性，当船桨对水施加向后的力时，水会对船桨产生一个向前的反作用力，推动船向前运动；
大气压强随海拔高度降低而增大，下游海拔低于上游，所以下游的大气压强与上游相比更大。
12． 5 5
甲图中，弹簧测力计一端固定在墙上，另一端受到F1=5N的拉力，弹簧测力计静止，示数等于拉力大小，为5N。
乙图中，弹簧测力计两端各受5N的拉力，静止时受力平衡，本质和甲图受力情况相同，弹簧测力计的示数仍然等于挂钩端的拉力大小，为5N。
13． 有4
从速度-时间图像可知，0~1秒物体速度为0，处于静止状态，但此时物体受到大小为3N的水平推力，物体和地面之间存在相对运动趋势，因此物体有受到静摩擦力。
2~3秒物体做匀速直线运动，受力平衡，此时推力为4N，因此滑动摩擦力大小等于推力，即f=F=4N
滑动摩擦力大小只和压力、接触面粗糙程度有关，1~2秒物体在运动，压力和接触面粗糙程度都没有改变，因此滑动摩擦力大小不变，仍为4N。
14．
上浮
1.5
苹果重力G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N
苹果浸没在水中时，排开水的体积等于苹果自身体积，即V排=V=1.6×10−4m3
根据阿基米德原理，此时浮力
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.6×10−4m3=1.6N
因为F浮>G，所以松手后苹果上浮；苹果最后静止时漂浮在水面，根据漂浮条件，浮力等于自身重力，因此F浮=G=1.5N。
15． 真空10
（1）托里拆利实验中，细玻璃管内装满水银，水银柱下降后，管上方无法进入空气，形成真空。
（2）一标准大气压可以托起的水柱为h=pgρ=1.0×105Pa10N/kg×1.0×103kg/m3=10m
16.（1） 电磁弹射 电磁阻拦
（2）减小
（3）相互作用力
（1）根据题干信息“配置电磁弹射和电磁阻拦两种先进起降方式的装置”，可直接得出福建舰采用的先进起降方式分别为电磁弹射和电磁阻拦。
（2）福建舰始终漂浮在海面，漂浮时浮力等于总重力，飞机起飞后，福建舰的总重力减小，因此受到的浮力减小。根据阿基米德原理F浮=G排，浮力等于排开水的重力，因此福建舰排开水的重力减小。
（3）舰载机对甲板的压力，受力物体是甲板；甲板对舰载机的支持力，受力物体是舰载机，两个力相互作用在两个不同物体上，符合相互作用力的特点，因此是一对相互作用力。
（1）压力作用在接触面上，垂直于斜面向下。
（2）浮力方向竖直向上，作用在物体的重心上。
18.（1） 薄 不是
（2） 增大 有关
（3） 1.03×108 1.03×104##10300
（4）500##5×102 变大
（1）U形管压强计的橡皮膜越薄，对压强变化越敏感，现象更明显，便于观察。
连通器要求两端开口、底部连通，压强计的U形管一端是封闭的，因此不属于连通器。
（2）乙、丙控制液体密度相同，丙中金属盒深度更大，U形管液面高度差更大，压强更大，
可得结论：同种液体内部压强随深度增加而增大。
乙、丁控制金属盒深度相同，液体密度不同，U形管液面高度差不同，压强不同，可得结论：
液体内部压强与液体密度有关。
（3）深度10000m处海水压强
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10000m=1.03×108Pa
舱体受到的压力F=pS=1.03×108Pa×1m2=1.03×108N
由G=F=mg得对应物体质量m=Gg=1.03×108N10N/kg=1.03×107kg=1.03×104t
（4）U形管液面高度差对应的压强就是橡皮管内外气压差
Δp=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×0.05m=500Pa
图乙中实验中，保持金属盒位置不变，在容器中加入适量清水与其均匀混合后（液体不溢出）
容器底部受到液体压力增大，底部的压强增大；容器底压强可以分成金属盒以上和金属盒以
下两部分，金属盒以下部分深度不变，加清水后液体密度变小，由p=ρgh知，金属盒以下
部分液体压强变小，而容器底压强变大，所以金属盒（橡皮膜）以上的压强变大。因此橡皮膜
受到的液体压强变大。
19.（1） 水平 匀速
（2） 压力大小A
（1）弹簧测力计需要在测量方向上调零，本实验中弹簧测力计测水平方向的拉力，
因此测量前要在水平方向调零。
根据二力平衡原理，只有水平拉木块做匀速直线运动时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，
大小相等，此时滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
（2）甲、乙两次实验中，接触面粗糙程度相同，木块对接触面的压力不同，因此探究的是
滑动摩擦力大小与压力大小的关系。
甲、丙两次实验中，压力大小相同，接触面粗糙程度不同，结论为：压力一定时，接触面
越粗糙，滑动摩擦力越大。 自行车轮胎刻花纹，是通过增大接触面粗糙程度增大摩擦，故A符合题意； 给链条涂润滑油，是通过减小接触面粗糙程度减小摩擦，故B不符合题意；用力捏刹车，是通过增大压力增大摩擦，故C不符合题意。 故选A。
20.(1)1.4
（2）a、b、c液体密度 无关
（3）200###2×10−4 1.2
（4）0.75不均匀
（1）根据称重法测浮力，b中物块所受浮力F浮=G−Fb=4.8N−3.4N=1.4N
（2）探究浮力与排开液体体积的关系，需要控制液体密度相同，改变排开液体体积，因此选择a、b、c三次实验。
a、d、e三次实验中，物体排开液体体积相同，液体密度不同，浮力不同，说明浮力大小与液体密度有关。
a、c、d三次实验中，同种液体，物体完全浸没后改变深度，浮力不变，说明浮力大小与物体浸没深度无关。
（3）物体浸没在水中时，浮力F浮水=G−Fd=4.8N−2.8N=2N
浸没时物体体积等于排开液体体积
V=V排=F浮水ρ水g=2N1×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3=200cm3
物体浸没在盐水中，浮力F浮盐=G−Fe=4.8N−2.4N=2.4N
则盐水密度ρ盐水=F浮盐gV排盐水=2.4N10N/kg×2×10−4m3=1.2×103kg/m3=1.2g/cm3
（4）密度计始终漂浮，浮力等于重力，设吸管横截面积为S，总长L=20cm，则在水中浮力F浮1=ρ水gS(0.2m−0.14m)
在待测液体受到浮力F浮=F浮2=ρ水gS(0.2m−0.12m)
F浮1=F浮2
代入数据得1g/cm3×(0.2m−0.14m)=ρ液×(0.2m−0.12m)
解得液体密度ρ液=0.75g/cm3。
由G=F浮=ρ液gSh浸得h浸=Gρ液gS，浸入深度h浸与液体密度ρ液成反比，因此密度计相邻刻度间距不均匀。
21. 用气针将排球中的部分空气充入气球内，保持排球和气球仍放在电子秤上 电
子称的示数小于m1##电子称示数变小
用气针将排球中的部分空气充入气球内，整个装置排开空气的总体积会明显变大，根据阿基米德原理，空气浮力会随排开空气体积增大而增大；因此总重力不变、浮力增大时，电子秤的示数会减小，若观察到示数小于初始的m1，即可证明物体在空气中受到浮力。
22．(1)
5000N
(2)
500N
(3)
2.5×105Pa
（1）配送车空载重力G=mg=500kg×10N/kg=5000N
（2）配送车在水平路面匀速直线行驶时，水平方向的牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，即F=f；由题意可知阻力f=0.1G，故牵引力为
F=f=0.1G=0.1×5000N=500N
（3）水平路面上，配送车对地面的压力等于自身重力，即F压=G=5000N
计算四轮总接触面积S=4×50cm2=200×10−4m2=0.02m2
配送车空载时对水平路面的压强p=F压S=5000N0.02m2=2.5×105Pa
23．（1）1×104Pa
(2)0.05m
(3)190N
（4）小
（1）水箱注满水时，水的深度h=1m，当水箱注满水时，水对水箱底部的压强
p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg×1m=1×104Pa
（2）当长方体对水箱底部压力为0时，长方体受力平衡，浮力等于自身重力，即
F浮=G=10N
根据阿基米德原理F浮=ρ水gV排，且此时排开水的体积V排=Sh1，则
h1=F浮ρ水gS=Gρ水gS=10N1×103kg/m3×10N/kg×0.02m2=0.05m
（3）水箱注满水时，水深度为1m，等于长方体高度，长方体完全浸没，排开水的体积
V'排=Sh=0.02m2×1m=0.02m3
此时浮力F'浮=ρ水gV'排=1×103kg/m3×10N/kg×0.02m3=200N
对长方体受力分析，竖直方向受力平衡，向上的浮力等于向下的重力加上轻杆对长方体的压力，即F'浮=G+F0，则F0=F'浮−G=200N−10N=190N
（4）若要求水面略低于1m时停止注水，此时水深度更小，长方体排开水的体积更小，浮力更小，由F0=F浮−G可知，需要的F0更小，因此应将F0调小。