河北省邢台市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷含答案

这是一份河北省邢台市2025-2026学年高三下学期高考物理考前模拟练习卷含答案，共11页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上，5lB．4，5个周期后，A点变为振动减弱点等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2.请将答案正确填写在答题卡上
一、单选题（本大题共6小题，共24分）
1.[4分]下列关于原子物理知识说法正确的是（ ）
A．甲图为氢原子的能级结构图，当氢原子从基态跃迁到激发态时，吸收能量
B．乙图中重核裂变产生的中子能使核裂变反应连续地进行，称为链式反应，其中一种核裂变反应方程为
C．丙图为光电效应中光电子最大初动能与入射光频率的关系图线，不同频率的光照射同种金属发生光电效应时，图线的斜率相同
D．核反应方程中，是质子
2.[4分]原长为l的轻弹簧，其上端固定在O点，下端挂质量为m的小球A时，弹簧的总长度为1.5l。现将另一相同的弹簧挂在小球A的下端，下端挂质量为2m的小球B，如图所示。两小球均视为质点，且两弹簧始终都在弹性限度范围内，则两小球静止时，B球距O点的距离为（ ）
A．3.5lB．4.0lC．4.3lD．4.5l
3.[4分]如图所示，两个半径都为R、质量分别为M和4M的均匀实心星球A和B，球心间距为6R。A星球火山喷发，一块质量为m的岩石从A表面的Q点朝着B球心飞去。已知质量为和、距离为r的两个质点间的引力势能，G为引力常量，假设两星球均静止不动，则这块岩石要到达B球表面成为一块陨石，从A表面被抛出时的最小速度是（）
A．B．C．D．
4.[4分]如图所示为某三棱镜的截面，a、b两种单色光从三棱镜的左侧射入，恰好从右侧的同一点O射出，并照射到光屏上的P点。则
A． a光在三棱镜中的折射率比b光的大
B． a光在真空中传播的速度比b光的大
C． a光在三棱镜中传播的速度比b光的大
D． a光的波长比b光的波长大
5.[4分]如图所示为两列频率均为f、振幅分别为2cm和3cm的水波（可看成横波）发生干涉时在某一时刻的图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，A、B、C、D为波传播区域内的四个质点，则下列说法正确的是（ ）
A．质点A的振动频率为2f
B．从图示时刻开始过0.5个周期后，A点变为振动减弱点
C．质点A与质点C的振动完全相反
D．质点A与质点C振动过程中最大高度差为5cm
6.[4分]如图所示，水平地面固定半径为R＝5 m的四分之一圆弧ABC，O为圆心。在圆心O右侧同一水平线上某点水平向左抛出一个小球（可视为质点），恰好垂直击中圆弧上的D点，D点到水平地面的高度为H＝2 m，取g＝10 m/s2，则小球的抛出速度大小是（ ）
A．352 m/s B．453 m/s
C．8153 m/s D．4153 m/s
二、多选题（本大题共4小题，共31分）
7.[6分]图为利用“电磁阻尼+弹簧”设计的缓冲系统，其承重装置质量为，内部存在垂直纸面向里、磁感应强度为的匀强磁场，缓冲装置由单匝刚性线圈和固定在线圈上的两个劲度系数均为的相同绝缘轻弹簧构成，足够大，线圈电阻为、宽度为、高度足够高。系统在距地面处自由释放，此时弹簧上端与承重装置相距。线圈落地后立即静止，忽略装置之间的摩擦和空气阻力，重力加速度为。则（ ）
A．落地后瞬间，感应电流方向为顺时针
B．落地后瞬间，感应电流的大小为
C．从释放到系统静止时，通过线圈的电量为
D．从释放到系统静止时，线圈产生的热量小于
8.[7分]如图，MN、PQ是间距为L的两条水平放置的平行光滑金属导轨，导轨的右端接有阻值为R的定值电阻，电阻不计的导体棒ab垂直MN、PQ放在导轨上，导体棒的右侧有宽度为d的垂直导轨平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，从t＝0时刻开始，导体棒在图示位置与磁场右边界之间做往复运动，其速度随时间变化的规律是v＝v0sin ωt，导体棒开始的位置离磁场左边界的距离等于磁场的宽度，导轨电阻不计。则
A．导体棒从开始位置向右运动到磁场右边界所用时间为πω
B．闭合回路中的最大电流为BLv0R
C．导体棒从磁场左边界运动到磁场右边界的过程中，电阻R中的平均电流为BLv0πR
D．电阻R消耗的电功率为B2L2v024R
9.[9分]弹簧振子做简谐运动，若从平衡位置O开始计时，经过0.5s时，振子第一次经过P点，又经过了0.2s，振子第二次经过P点，则再过多长时间该振子第三次经过P点（ ）
A．0.6sB．2.4sC．0.8sD．2.2s
10.[9分]流式细胞仪可对不同类型的细胞进行分类收集，其原理如图。仅含一个A细胞或B细胞的小液滴从喷嘴喷出（另有一些液滴不含细胞），液滴质量均为。当液滴穿过激光束、充电环时被分类充电，使含A、B细胞的液滴分别带上电，电荷量均为。随后，液滴以的速度竖直进入长度为的电极板间，板间电场均匀、方向水平向右，电场强度大小为。含细胞的液滴最终被分别收集在极板下方处的A、B收集管中。不计重力、空气阻力以及带电液滴间的作用。下列说法正确的是（ ）
A．含A细胞的液滴带负电
B．含B细胞的液滴穿过电极板的时间为0.01s
C．含B细胞的液滴离开电场时偏转的距离为
D．A细胞收集管与B细胞收集管之间的距离为0.11m
三、非选择题（本大题共5小题，共45分）
11.[9分]某实验小组利用如图所示的洛埃镜装置观察光的干涉现象。光从单缝射出，一部分直接射到光屏上，另一部分经平面镜MN反射后投射到光屏上，两束光在光屏上形成干涉条纹。已知单缝到平面镜的竖直距离为，到光屏的水平距离为。
（1）关于实验过程中的实际操作，下列说法正确的是（）
A．为了提高干涉条纹的亮度，单缝越宽越好
B．为了增大干涉条纹间距，应换用频率较高的单色光照射
C．光源应选用单色光源，以保证光的频率单一，便于观察到清晰的干涉条纹
（2）若测得第2条亮纹中央到第7条亮纹中央的间距为，则该单色光的波长______（用、、表示）；
（3）若将平面镜MN稍向下平移，相邻两条亮纹之间的距离将______（选填“变大”“变小”或“不变”）。
12.[9分]利用单摆可以测量当地的重力加速度。
（1）为了较精确地进行测量，以下两种单摆组装方式，应选择 。
（2）组装好单摆，先用刻度尺测量摆线长度，再用游标卡尺测量小球的直径，其示数如图甲，则小球直径为 ；摆球在竖直平面内稳定摆动后，用秒表记录单摆经历多次全振动所用的时间如图乙所示，则 。
（3）测量出多组单摆的摆长和运动周期，作出图像，如图丙所示，由此可求出重力加速度 。取，保留两位有效数字
（4）该图像不过坐标原点，原因可能是将 选填“摆线长”或“摆线长加小球直径”作为摆长，上述操作在使用图像法求解重力加速度时会使测量值 选填“偏大”“偏小”或“无影响”。
13.[9分]如图，一竖直放置的汽缸由两个粗细不同的圆柱形筒组成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之间封闭有一定量的理想气体，两活塞用一轻质弹簧连接，汽缸连接处有小卡销，活塞Ⅱ不能通过连接处。活塞Ⅰ、Ⅱ的质量分别为2m、m，面积分别为2S、S，弹簧原长为l。初始时系统处于平衡状态，此时弹簧的伸长量为0.1l，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸连接处的距离相等，两活塞间气体的温度为T0。已知活塞外大气压强为p0，忽略活塞与缸壁间的摩擦，汽缸无漏气，不计弹簧的体积。
（i）求弹簧的劲度系数；
（ii）缓慢加热两活塞间的气体，求当活塞Ⅱ刚运动到汽缸连接处时，活塞间气体的压强和温度。
14.[9分]如图所示，水平直线上方有竖直向下的匀强电场，下方有一边长为的正三角形匀强磁场区域（边界上也有磁场），点在边界上，边与平行，匀强磁场方向垂直纸面向外。质量为、带电量为的粒子从点以初速度垂直电场方向射出，在电场中偏转后从点进入磁场，之间的水平距离为，竖直距离为，粒子重力不计。
（1）求电场强度的大小；
（2）若粒子从点离开磁场，求粒子在磁场中的运动时间；
（3）若粒子从边上距离点为的点离开磁场，求磁感应强度的大小。
15.[11分）如图甲所示，倾角为θ 、长度为16m的传送带以恒定的速率v0沿顺时针方向运行。t=0时，将质量m=0.5kg的煤块（可视为质点）轻放在传送带的上端，煤块相对地面的速率的平方与位移大小的关系图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/s2，sin37∘=0.6，cs37∘=0.8.求：
甲乙
（1）煤块在0∼5m的加速度大小a1和5m∼16m的加速度大小a2；
（2）传送带的倾角θ 及煤块与传送带之间的动摩擦因数μ ；
（3）煤块在传送带上留下痕迹的长度。
参考答案
1.【答案】C
A．甲图为氢原子的能级结构图，当氢原子从基态跃迁到激发态时，吸收能量，A错误；
B．铀核裂变的核反应方程式为，B错误；
C．根据爱因斯坦光电效应方程，可知该图线的斜率表示普朗克常量，不同频率的光照射同种金属发生光电效应时，图线的斜率相同，C正确；
D．由质量数守恒和电荷数守恒可知，核反应方程中，的质量数为0，电荷数为，则为电子，D错误。选C。
2.【答案】D
由题意可知，弹簧的劲度系数为，因两弹簧完全相同，则当下端挂质量为2m的小球B时，L1的长度为，L2的长度为，则两小球静止时，B球距O点的距离为。
3.【答案】C
设在距离A星球球心x处岩石受到的引力的合力为零，则，解得x=2R，若该岩石能越过引力为零的位置就能到达B星球，若该岩石恰能到达引力为零的位置，则由岩石和两星系统的能量守恒可知，解得。
4.【答案】A
根据题意作光路图如图所示，两光从三棱镜斜射进入空气中，a光在三棱镜中的入射角较小，根据光的折射定律n＝sin θ1sin θ2可知，a光在三棱镜中的折射率大于b光在三棱镜中的折射率，A正确；由v＝cn可知a光在三棱镜中的传播速度比b光的小，但a光在真空中传播的速度等于b光在真空中传播的速度，都等于光速，B、C错误；由A项分析得a光的频率大于b光的频率，则a光的波长小于b光的波长，D错误。
【技巧必背】光从空气射入三棱镜，在三棱镜中偏折程度越大，则在三棱镜中的折射率越大，频率越大，光子的能量越大，在三棱镜中的传播速度越小，光的波长越小，双缝干涉图像的条纹间距越小。
5.【答案】C
两列频率相同的波发生干涉时，频率不变，故质点A的振动频率仍为f，故A错误；由题图可知，A是波峰与波峰叠加的点，C是波谷与波谷叠加的点，故A、C都是振动加强点，不会随时间变为振动减弱点，振动加强点的振幅为5cm，当A在波峰时，C在波谷，两点间最大高度差为10cm，故B、D错误；由题图可知，A是波峰与波峰叠加的点，C是波谷与波谷叠加的点，A、C相距半个波长，故振动完全相反，故C正确。
6.【答案】C
小球击中D点，下降的高度h＝R－H＝(5－2)m＝3 m，到达D点的竖直分速度vy＝2gℎ＝2×10×3 m/s＝2 15 m/s，小球垂直击中D点，设速度与竖直方向的夹角为α，则cs α＝ℎR＝35，tan α＝43，又因为tan α＝v0vy，解得v0＝vytan α＝2 15×43 m/s＝8153 m/s，故C正确，A、B、D错误。
【关键点拨】小球恰好垂直击中圆弧上的D点意味着速度方向反向延长线过圆心，利用平抛运动规律结合几何关系即可求解。
7.【答案】BD
根据楞次定律，落地后瞬间，感应电流方向为逆时针，A错误；落地后瞬间，感应电流的大小为，B正确；静止时弹簧的压缩量，则从释放到系统静止时，通过线圈的电量为 ，C错误；从释放到系统静止时，线圈产生的热量，即小于，D正确。
8.【答案】ABD
由题意知T＝2πω，t＝T2＝πω，A正确；导体棒的最大速度为v0，闭合回路中的最大电流为Im＝EmR＝BLv0R，B正确；感应电动势最大值BLv0＝BSω，根据法拉第电磁感应定律有E＝ΔΦΔt＝BST4＝4BS2πω＝2BSωπ，可得I＝ER＝2BLv0πR，C错误；设电动势的有效值为E，根据电动势有效值的定义，有E2RT＝Em22R·T2，解得E＝12Em＝12BLv0，电阻R消耗的电功率为P＝E2R＝B2L2v024R，D正确。
9.【答案】AD
若振子从O点开始向右振动，作出示意图如图1所示
则振子的振动周期为，则该质点再经过时间，第三次经过P点；若振子从O点开始向左振动，作出示意图如图2所示
则由，振子的振动周期为，则该质点再经过时间，第三次经过P点。BC错误，AD正确。
10．【答案】BD
根据题意可知，含A细胞的液滴在匀强电场中受向右的电场力，由于匀强电场的方向水平向右，则含A细胞的液滴带正电，故A错误；带电液滴穿过匀强电场的过程中，竖直方向做匀速直线运动，含B细胞的液滴穿过电极板的时间为，故B正确；带电液滴穿过匀强电场的过程中，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小，则含B细胞的液滴离开电场时偏转的距离为，故C错误；带电液滴射出匀强电场时，速度方向与竖直方向夹角的正切值，速度的反向延长线过带电液滴在匀强电场中竖直位移的中点，带电液滴射出匀强电场后做匀速直线运动，设A细胞收集管与B细胞收集管之间的距离为L，，解得，故D正确。
11．【答案】（1）C
(2)
（3）变小
（1）单缝过宽会降低光的相干性，无法得到清晰的干涉条纹，因此不是越宽越好，A错误；光的频率越高，波长越短，根据干涉条纹间距公式，波长越短条纹间距越小，无法增大条纹间距，B错误；干涉需要频率相同的相干光，单色光频率单一，相干性好，便于观察清晰干涉条纹，C正确。
（2）条纹间距为，缝光源S通过平面镜成的像相当于另一缝光源，由双缝干涉相邻两条亮纹间距公式，其中，，可得。
（3）条纹间距为，缝光源S通过平面镜形成的像相当于另一缝光源，由双缝干涉相邻两条亮间距公式，其中，，可得，若将平面镜MN稍向下平移，h变大，相邻两条亮纹之间的距离将变小。
12.【答案】（1）b；（2）9.3；100.0；（3）10；（4）摆线长；无影响
（1）根据单摆模型可知，单摆的悬点要固定，选b。
（2）小球直径为，单摆经历多次全振动所用的时间
（3）根据单摆周期公式，整理得，则斜率为，解得。
（4）根据上述分析可知，理论上图像应该为过原点的直线，题中图像相对理论图像在相同周期下，所测摆长比实际值偏小，则原因可能是将摆线长作为摆长，根据，整理得，由于斜率不变，所以使用图像法求解重力加速度时会使测量值无影响。
13．【答案】(i)40mgl (ii)3mg+p0SS 4T03
本题考查气体实验定律与力学问题的综合。
甲
（i）初始状态，对活塞Ⅰ、Ⅱ分别进行受力分析，如图甲所示，设内部气体压强为p，弹簧弹力大小为T，则T＝k·0.1l，
对Ⅰ有p·2S＝p0·2S＋2mg＋k·0.1 l，
对Ⅱ有pS＋mg＝p0S＋k·0.1 l，
联立解得p＝3mg+p0SS，k＝40mgl。
乙
（ii）缓慢加热气体的过程，活塞Ⅰ、Ⅱ整体处于平衡状态，对整体受力分析，如图乙所示，设内部气体压强为p1，
则有p0S＋p1·2S＝p0·2S＋p1S＋3mg，
解得p1＝3mg+p0SS，为定值，
即活塞Ⅱ刚运动到汽缸连接处时压强为3mg+p0SS。
对单个活塞受力分析可知，弹簧伸长量不变。
由于被封闭的气体做等压变化，则对其始末状态进行分析，
初态：体积V1＝2S·1.1l2＋S·1.1l2＝3.3lS2，温度T1＝T0，
末态：体积V2＝2S·1.1 l＝2.2lS，温度T2，
由盖－吕萨克定律有V1T1＝V2T2，
解得T2＝4T03。
14．【答案】（1）；（2）；（3）
（1）根据题意可知，粒子在电场中做类平抛运动，垂直电场方向有
沿电场方向有，
解得
（2）根据题意，粒子在电场中的运动轨迹如图所示
由几何关系可知，粒子离开电场时
又有
解得
粒子进入磁场后做圆周运动，若从点出磁场，轨迹如图所示
由牛顿第二定律有
据几何关系可得
圆心角
粒子在磁场中运动的时间
解得
（3）若粒子从点出磁场，轨迹如图所示
设粒子速度的偏转角为，据几何关系可得，
解得
又有
解得
15．【答案】（1）a1=10m/s2，a2=2m/s2（2）θ=37∘ ，μ=0.5（3）5m
（1）由题意可知，煤块在传送带上加速下滑，在传送带上运动5m后，恰好达到传送带的速度v0=10m/s（1分）
根据x=v022a1，结合题图乙可得煤块在0∼5m的加速度大小a1=v022x=1002×5m/s2=10m/s2（1分）
5m∼16m的加速度大小a2=144−1002×(16−5)m/s2=2m/s2（1分）
（2）煤块在0∼5m内，根据牛顿第二定律有mgsinθ+​μmgcsθ=ma1（1分）
5m∼16m内，根据牛顿第二定律有mgsinθ−​μmgcsθ=ma2（1分）
联立解得θ=37∘ ，μ=0.5（1分）
（3）根据题图乙，可知煤块在0∼5m的过程中，相对于传送带向后滑动，所用时间t1=v0a1=1010s=1s（1分）
煤块在传送带上留下的痕迹的长度Δx1=v0t1−​v02t1=v02t1=5m（1分）
5m～16m的过程中，由于传送带的速度小于煤块的速度，该过程煤块相对于传送带向前滑动，煤块运动的时间为t2=v−v0a2=12−102s=1s（1分）
煤块相对传送带滑动的距离为Δx2=v0+v2t2−​+0t2=t2=1m（1分）
由于Δx2