2026年云南省普洱市中考二模物理试题（含解析）

这是一份2026年云南省普洱市中考二模物理试题（含解析），共21页。试卷主要包含了考生必须在答题卡上解题作答，试题中用到g均取10 N/kg等内容，欢迎下载使用。
（全卷五个大题，共23个小题，共8页；满分90分，考试用时75分钟）
注意事项：
1.考生必须在答题卡上解题作答。答案应书写在答题卡的相应位置上，在试卷、草稿纸上作答无效。
2.考试结束后，请将试卷和答题卡一并交回。
3.试题中用到g均取10 N/kg。
一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。
1. 如图所示，我国核潜艇之父黄旭华院士生前正在仔细地观察潜艇模型，根据图片中的信息可以判断这个潜艇模型的长度最接近（ ）
A. 2 mB. 2 dmC. 6 dmD. 6 cm
【答案】C
【解析】
【详解】成年人手掌长度约15∼20cm ，从图中可以看出潜艇模型的长度约为3个成年人手掌长度，总长度约45~60cm ，即约为。
故选C。
2. 日常生活中，光现象无处不在。下列现象中，由光的直线传播形成的是（ ）
A. 萌娃变“蛙”B. 拱桥倒影
C. 海市蜃楼D. 用放大镜观察邮票
【答案】A
【解析】
【详解】A．图中“萌娃变蛙”实际是萌娃挡住光线，在地面形成了形状类似青蛙的影子，影子的成因是光的直线传播，故A符合题意；
B．拱桥倒影属于平面镜成像，原理是光的反射，故B不符合题意；
C．海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播发生偏折形成的，属于光的折射，故C不符合题意；
D．放大镜是凸透镜，观察邮票利用了凸透镜成像，原理是光的折射，故D不符合题意。
故选A。
3. 诗词是我国优秀的文化瑰宝，从物理角度分析，下列诗句的解读正确的是（ ）
A. “两岸猿声啼不住”，诗人根据声音的响度分辨出猿声
B. “千里江陵一日还”，可以估测出诗人沿江乘船出行的速度
C. “月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝固现象
D. “夜半钟声到客船”，钟声通过水传到诗人耳朵
【答案】B
【解析】
【详解】A．分辨不同声音依靠的是音色，不是响度，故A错误；
B．“千里江陵一日还”给出了路程（千里）和时间（一日），根据速度公式，可以估测出沿江乘船的速度，故B正确；
C．霜是空气中的水蒸气直接凝华形成的小冰晶，属于凝华现象，不是凝固，故C错误；
D．钟声是通过空气传到诗人耳朵的，不是水，故D错误。
故选B。
4. 2026年春节时，秋城昭通举办了大型无人机灯光秀，如图所示，无人机组成的两只“黑颈鹤”正以相同的速度飞行。下列说法正确的是（ ）
A. 以地面为参照物，黑颈鹤是静止的
B. 黑颈鹤的头顶是红色的，是因为反射了红光
C. 两只黑颈鹤保持了相对静止
D. 黑颈鹤飞行时不受重力作用
【答案】C
【解析】
【详解】A．以地面为参照物，黑颈鹤的位置在不断变化，所以是运动的，故A错误；
B．无人机灯光秀中，黑颈鹤的头顶是因为自身发光呈现红色，故B错误；
C．两只黑颈鹤以相同的速度同向飞行，它们之间的相对位置保持不变，所以保持了相对静止，故C正确；
D．地球附近的物体都受重力作用，黑颈鹤飞行时也不例外，故D错误。
故选C。
5. 为响应体育锻炼增强体质的号召，周末时小明随家长到郊外做登山运动。如图所示为登山区域的等高线图，不考虑小明体重的变化，则小明重力势能最大的位置是（ ）
A. A处B. B处C. C处D. D处
【答案】B
【解析】
【详解】当小明质量不变时，高度越高，重力势能越大。 由图可知，B处海拔最高，因此小明在B处的重力势能最大。故选B。
6. 如图所示为公交车上的爆玻器，危急时刻，司机只需按下开关，爆玻器即可完成破窗。爆玻器相当于一个电控安全锤，它是利用电磁线圈在通电的时候产生冲击力，带动钨钢头击打车窗玻璃边角部位，实现击碎玻璃的目的。下列与爆玻器工作原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】爆玻器的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用。
A．司南利用磁体在地磁场中受力偏转指示方向，故A不符合题意；
B．该图是电磁感应探究实验，原理是电磁感应现象，故B不符合题意；
C．该图是奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，即电流的磁效应，故C不符合题意；
D．该装置探究的是通电导体在磁场中受力运动，与爆玻器工作原理相同，故D符合题意。
故选D。
7. 风力发电时，当风速达到v1时，风车叶片开始旋转，当风速为v2时，发电输出功率达到最大值。但是，出于安全原因，叶片的旋转速度被限制在不超过风速为v2时的速度，当风速达到v3时，叶片停止旋转。下列图表中，最能体现发电输出功率和风速之间关系的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【详解】因为风速小于v1​时叶片不旋转，所以此区间发电输出功率为0。v1​到v2​区间的功率特征：因为风速在此区间时，风速越大，叶片获得的能量越多，输出功率随风速增大而升高，到v2​时达到最大值Pm​，所以此区间功率呈上升趋势。风速在v2​到v3​区间的功率特征：因为叶片转速被限制在v2​时的速度，所以输出功率保持最大值Pm​不变。风速达到v3​时叶片停止旋转，所以此区间功率降为0，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8. 如图所示是一种静电喷涂枪，通电后能使涂料微粒带上负电荷；当涂料喷出后，很容易形成分散的雾状微粒，均匀分布到带电的被喷涂工件上。下列说法正确的是（ ）
A. 带负电的涂料微粒本质上就是核外电子
B. 喷涂枪口与被喷涂工件之间形成向右的电流
C. 涂料喷出后分散的原因是因为同种电荷相互排斥
D. 若被喷涂工件带上负电荷后能使喷涂效果更好
【答案】BC
【解析】
【详解】A．带负电的涂料微粒是因为得到了电子而带负电，它不是核外电子，故A错误；
B．由图得，负电荷从右到左运动，电流方向与负电荷的定向移动方向相反，则喷涂枪口与被喷涂工件之间形成向右的电流，故B正确；
C．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。涂料喷出后更易形成分散的雾状是因为同种电荷相互排斥，故C正确；
D．若被喷涂工件带上负电荷，由于同种电荷相排斥，则使喷涂效果更差，故D错误。
故选BC。
9. 工人用如图所示的滑轮提升物体时，不计绳重和摩擦，每个物体的重力为80 N，当匀速提升一个物体时滑轮的机械效率为80%。若工人对绳子的最大拉力为300 N，关于该滑轮，下列说法正确的是（ ）
A. 是一个省力杠杆B. 动滑轮的重力大小为20 N
C. 机械效率始终为80%D. 一次最多可提起10个物体
【答案】AB
【解析】
【详解】AB．假设物体上升高度为，绳子自由端移动的距离
根据η=W有用W总=GhFs=GnF得，绳子的拉力为F=G2η=80N2×80%=50N
由F=12G+G动得，动滑轮的重力G动=2F−G=2×50N-80N=20N
绳子自由端的拉力小于物体的重力，所以是省力杠杆，故AB正确；
C．动滑轮的机械效率和提升重物的重力有关，所以机械效率不可能始终为80%，故C错误；
D．工人对绳子的最大拉力为300 N，可提升重物的重力G'=2F'−G动=2×300N-20N=580N
可提升重物的个数n'=580N80N=7.25 ，所以最多可提升7个重物，故D错误。
故选AB。
10. 假期里，小明回老家看望爷爷奶奶，在田野里玩耍时捡到一块漂亮的小石头，他想知道这块小石头的密度，就用电子秤和杯子按如图所示的方法进行了测量。下列选项正确的是（ρ水=1.0×103 kg/m3）（ ）
A. 小石头浸没水中时受到的浮力大小为0.39 N
B. 小石头密度最准确的测量值为2.73 g/cm3
C. 小石头密度最准确的测量值为2.8 g/cm3
D. 从水中取出小石头时，带出的水不会影响密度的测量值
【答案】AB
【解析】
【详解】A．加入水的质量
测量得到石头体积
根据阿基米德原理，浮力 ，故A正确；
B．根据密度公式，小石头的密度测量值，故B正确；
C．由上述计算，密度测量值约为，不是，故C错误；
D．取出石头时，带出的水会让需要加入的水体积偏大，测得的石头体积偏大，根据，最终密度测量值偏小，因此带出的水会影响密度测量值，故D错误。
故选AB。
二、填空题：本题共6小题，11~15题每小题2分，16题4分，共14分。
11. 如图所示是出土于山西襄汾陶寺遗址的石磬，是新石器时代晚期的乐器。石磬受到木槌敲击时会发出清脆的声音，这是由于_________振动而产生的；敲击大小不同的石磬时，发出声音的_________不同。
【答案】 ①. 石磬 ②. 音调
【解析】
【详解】声音是由物体振动产生的，石磬受到木槌敲击时发出声音，是由于石磬振动而产生的。
敲击大小不同的石磬时，石磬的质量不同，振动的频率就不同，而频率决定声音的音调，所以发出声音的音调不同。
12. 出行安全尤为重要。公路上有汽车行驶速度限制，原因之一是车速越大，动能_________，肇事后危害越大；高铁站台上提示“候车请勿越过安全线”，是因为靠近列车的位置空气流速大，压强_________，越过安全线易引发危险。
【答案】 ①. 越大 ②. 小
【解析】
【详解】动能的大小与物体质量和速度有关。当汽车质量不变时，车速越大，动能越大，肇事后造成的危害也就越大。
流体流速越大的位置，压强越小。列车行驶时，靠近列车的位置空气流速大，压强小于外侧空气压强，会产生将人推向列车的压力差，因此越过安全线易引发危险。
13. 苏轼在《江城子·密州出猎》中写到“会挽雕弓如满月，西北望，射天狼。”弓被拉得越满，弹性势能就越_________；箭离开弓在空中飞行时，_________（选填“受到”或“不受”）重力作用。
【答案】 ①. 大 ②. 受到
【解析】
【详解】弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，在弹性限度内，弹性形变越大，弹性势能越大。弓被拉得越满，弹性形变程度越大，因此弹性势能越大。
重力是地球对物体的吸引力，地球附近的所有物体都会受到重力作用。箭离开弓后仍处于地球附近，所以受到重力作用。
14. 国家标准《家用和类似用途电器的安全》中规定，电水壶电源线一般不应长于75cm。这是通过_________来减小电源线电阻的，目的是为了_________（选填“增加”或“减少”）电源线通电时产生的热量。
【答案】 ①. 减小长度 ②. 减少
【解析】
【详解】导体的电阻与材料、长度、横截面积和温度有关，在材料、横截面积及温度相同的条件下，导体长度越短，电阻越小。因此通过减小电源线的长度可减小其电阻。
根据焦耳定律，当通过电源线的电流和通电时间一定时，电源线的电阻减小，其通电时产生的热量会减少，所以目的是减少电源线通电时产生的热量。
15. 热爱物理实验的小明在两个相同容器中分别装入初温为20℃、质量为100 g的水和液体M，使它们冷却凝固，绘制出温度随时间变化图像如图所示。若单位时间内它们放出的热量相等，c水=4.2×103 J/（kg·℃），实验在1个标准大气压下进行。则从20℃刚好降到0℃时，水放出的热量_________（选填“大于”“小于”或“等于”）液体M放出的热量；液体M的比热容为_________J/（kg·℃）。
【答案】 ①. 大于 ②. 2.8×103
【解析】
【详解】由图可知，上面物质的熔化图像中，熔点为，下面物质的熔化图像中，熔点为，所以上面物质是水，下面物质是液体，由题意可知，单位时间内它们放出的热量相等，则，由图可知，时间内，它们放出的热量相等，水由降温到，液体由降温到，根据题意有
由题可知水和某液体的质量相等，则液体的比热容为
质量相同的水和液体，降低相同的温度，比热容大的物质放出热量多，因，则水放出的热量大于放出的热量。
16. 阅读下列材料，回答问题。
电力系统的“超级充电宝”
抽水蓄能电站是电力系统的能量调节高手，核心原理就像水上楼梯一样，示意图如图所示。在用电低谷时，用多余电能把下游水库的水抽到上游水库存起来，用电高峰时，再让上游水库的水冲下来推动发电机发电，快速补充电力，就像专为电网设计的超级充电宝，在这些超级充电宝中，位于昆明市富民县的云南富民抽水蓄能电站已于2024年4月26日正式开工建设，工程规模为一等大型。它就像电力系统的“能量管家”，默默守护着我们的用电安全与稳定。这座“充电宝”的“储能容量”十分惊人，总装机容量达1400 MW（兆瓦），相当于4台350 MW的巨型水泵发电机协同工作。它的“储水仓库”由两座水库组成，上游水库藏在纱帽山，用90米高的钢筋混凝土面板堆石坝围建而成，能储存876万立方米的水，正常水位高达2378米；下游水库位于领带河下游，120米高的大坝守护着919万立方米的水量，两地水位差达508米，巨大的落差能让水流拥有强劲的发电动力。连接两座水库的是2.27公里长的输水系统，水流通过隧洞、压力钢管等通道，实现“上下穿梭”。
这座超级充电宝用绿色环保的方式实现能量循环，既没有污染排放，又能高效利用水资源。它就像一位默默奉献的巨人，用独特的蓄水发电模式，让我们的用电更稳定、更可靠，成为云南电力系统中不可或缺的核心力量。
（1）与普通充电宝将电能转化为化学能存储不同的是，电力系统的“超级充电宝”是在电能和_________能之间进行转化储存电能的；抽水时，抽水机中的电动机将_________能转化为机械能；
（2）总装机容量1400 MW中的“MW”是_________的单位。
（3）该抽水蓄能电站实现清洁能源利用，从环保角度看，主要优点有_________。
【答案】（1） ①. 机械 ②. 电
（2）电功率 （3）没有污染排放
【解析】
【小问1详解】
[1]抽水蓄能电站工作时，用电低谷期将下游的水抽到上游水库，抬高水的高度，将电能转化为水的机械能储存起来，发电时再将机械能转化为电能，因此该“超级充电宝”是在电能和机械能之间转化储存电能。
[2]抽水时，电动机工作消耗电能，获得抽水的机械能，因此电动机将电能转化为机械能。
【小问2详解】
MW是兆瓦的符号，功率的基本单位是瓦（W）
因此MW是功率的单位。
【小问3详解】
根据材料内容，该抽水蓄能电站利用水储能发电，属于清洁能源，从环保角度，其主要优点是不排放污染物，对环境无污染，同时可以高效利用水资源，节约化石能源，绿色环保。
三、作图题：本题共1小题，共4分。
17.
（1）如图甲所示是拉行李箱时的简化图，O点为行李箱的支点。请在图中画出拉力F的力臂l。
（2）如图乙所示，开关闭合后，在点A标出磁感线的方向、在括号内标出电源的极性。
【答案】（1） （2）
【解析】
【小问1详解】
力臂是支点到力的作用线的垂直距离。作图时需先反向延长拉力的作用线，再从支点向该作用线作垂线，标出垂线段即为力臂。
【小问2详解】
根据小磁针静止时N极指向右侧，可知螺线管右端为N极，外部磁感线从N极指向S极，故A点磁感线方向向左；由安培定则判断电流从螺线管左侧流入，因此电源左端为正极、右端为负极。
四、实验探究题：本题共4小题，第18题8分，第19题4分，第20题8分，第21题4分，共24分。
18. 在伏安法测电阻的实验中，小明设计了如图甲所示的实验电路，所测小灯泡标有“2.5 V”字样。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电路连接成完整的测小灯泡电阻的电路，要求滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小（连线时导线不允许交叉）。
（2）闭合开关后发现，电流表无示数，电压表示数超过测量范围，则故障可能是小灯泡_________。
（3）重新连接电路后，闭合开关，小灯泡立即发出了耀眼的光，此现象说明小明操作不当之处是_________。
（4）排除故障后，闭合开关，将滑片P移动到某一位置，电压表的示数如图乙所示，小灯泡两端电压为_________V，要测量小灯泡在正常发光时的电阻，应将滑片P向_________端移动。
（5）根据实验数据绘制了如图丙所示的图像，则小灯泡的正常发光时的电阻为_________Ω（保留一位小数）。
（6）小明利用图甲所示的电路及元件探究“电流与电压的关系”，他的做法是_________（选填“正确”或“不正确”）的，原因是__________。
【答案】（1） （2）断路
（3）闭合开关前未将滑动变阻器调至最大阻值处
（4） ①. 1 ②. 右##B
（5）8.3 （6） ①. 不正确 ②. 小灯泡的电阻会受到温度的影响，无法控制电阻一定
【解析】
【小问1详解】
滑动变阻器按“一上一下”接线，要求滑片右滑时阻值变小，需要接右下B接线柱。据此作图。
【小问2详解】
电流表无示数说明电路发生断路，电压表示数超过量程说明电压表直接接在电源两端，因此故障是小灯泡断路。
【小问3详解】
实验规范要求闭合开关前，滑动变阻器要调到最大阻值保护电路；若滑片未调到最大阻值处，闭合开关后电路总电阻过小，电流过大，灯泡会发出耀眼的光。
【小问4详解】
电压表选0~3V量程，分度值0.1V，读数为1V；小灯泡额定电压为2.5V，当前电压小于额定电压，需要增大灯泡电压，根据串联分压规律，要减小滑动变阻器接入的电阻，因此滑片向右（B）端移动。
【小问5详解】
小灯泡正常发光时电压为2.5V，由丙图像得，电压为2.5V时电流为0.3A，根据
【小问6详解】
探究电流与电压关系的实验要求控制导体电阻不变，而小灯泡的电阻会随温度改变，因此无法完成探究，所以他的做法不正确。
19. 小明为了验证纸锅能否将水烧开，利用如图所示的装置进行了探究。
（1）安装好装置后开始实验，小明观察到纸锅中的水里冒出了一些气泡，此时温度计的示数仍在上升，说明此时纸锅中的水处于_________（选填“沸腾前”或“沸腾”）的状态；气泡上升到水面破裂后，里面的水蒸气散发到空气中，形成了我们看得见的“白气”，这是水蒸气_________（填写物态变化名称）形成的小水滴。
（2）小明记录的数据如表所示，由上表中数据可知当地水的沸点是_________℃。
（3）纸的着火点约为183℃，酒精灯外焰的温度约为520℃。从实验现象可知，纸锅没有燃烧的原因是：_________。
【答案】（1） ①. 沸腾前 ②. 液化
（2）94 （3）水沸腾时温度保持94℃不变，达不到纸的着火点
【解析】
【小问1详解】
水沸腾的特点是沸腾过程中温度保持不变，题中温度计示数仍在上升，说明水还没开始沸腾，处于沸腾前。
水蒸气是肉眼不可见的，我们看到的“白气”是气态水蒸气遇冷变为液态小水滴，这个物态变化是液化。
【小问2详解】
水沸腾时保持不变的温度就是沸点，由表格数据可知，水温升高到94℃后不再变化，因此当地水的沸点为94℃。
【小问3详解】
燃烧需要温度达到可燃物的着火点，水沸腾时持续吸热但温度始终保持沸点不变，本实验中水的沸点94℃远低于纸的着火点183℃，因此纸锅温度达不到着火点，不会燃烧。
20. 小明利用如图所示的装置验证阿基米德原理。
（1）他把弹簧测力计上端固定在铁架台上，用粗铁丝做一个框挂在弹簧测力计挂钩上。在粗铁丝框上端挂一个金属块，下端放一小杯。在金属块的正下方，有一个放置在铁架台支架上装满水的溢水杯，溢水杯跟金属块、粗铁丝框都不接触，如图甲所示，则金属块和粗铁丝框重_________N。缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块逐渐浸入水中，此过程中金属块排开液体的体积逐渐_________，所受浮力_________。（后两空均选填“变大”“变小”或“不变”）
（2）当金属块完全浸没时，若弹簧测力计示数F丙_________N，说明金属块所受的浮力_________排开液体的重力。
（3）再缓慢地降低溢水杯支架，使金属块完全离开水面，如图丁所示，根据图中弹簧测力的示数可知小杯中水的质量是_________kg。
（4）若实验前溢水杯中的水面没到溢水口处，则图乙中弹簧测力计的示数_________3.6 N，此次实验_________（选填“能”或“不能”）验证阿基米德原理。
【答案】（1） ①. 3.6 ②. 变大 ③. 变大
（2） ①. 3.6 ②. 等于
（3）0.1 （4） ①. 小于 ②. 不能
【解析】
【小问1详解】
图甲弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为3.6N，则金属块和粗铁丝框重3.6N。
金属块逐渐浸入水中的过程，金属块排开液体的体积逐渐变大，根据，此时金属块所受浮力变大。
【小问2详解】
由图丙可知，当金属块完全浸没时，弹簧测力计的示数F丙=G−F浮+G排，若弹簧测力计的示数F丙=3.6N ，则说明金属块所受浮力等于排开液体的重力，即。
【小问3详解】
由图丁可得，弹簧测力计的示数F丁=G+G排，则G排=F丁−G=4.6N−3.6N=1N
所以小杯中水的质量为m=G排g=1N10N/kg=0.1kg
【小问4详解】
图乙中，弹簧测力计的示数F乙=G−F浮+G排，若实验前溢水杯中的水面没到溢水口处，则会使物体排开液体的重力变小，G和不变，此时图乙中弹簧测力计的示数会小于3.6N。
排开液体的重力测量值偏小，无法验证，因此实验不能验证阿基米德原理。
21. 小明发现人们在钓鱼时往往不说话，他猜想这可能是因为鱼会听到人们的声音而吓跑，而小强则认为鱼被吓跑是因为看到了岸上的人。为了弄清楚鱼被吓跑的主要原因，他们找来了一个有两条鱼的透明鱼缸和一张牛皮纸。要验证小明的猜想，他应该_______；若多次实验均出现______________________，则说明小明的猜想是正确的。
【答案】 ①. 将鱼缸用牛皮纸遮挡住，对着鱼缸拍一下手 ②. 鱼迅速游动
【解析】
【详解】[1]要验证小明“鱼听到声音被吓跑”的猜想，需采用控制变量法，排除“鱼看到人”这一视觉干扰因素。因此需设计实验：用牛皮纸遮挡鱼缸，让鱼无法看到岸上的人，再在岸上发出声音，单独探究声音对鱼的影响。
[2]若多次实验均出现鱼被吓跑的现象，说明在鱼看不到人的前提下，声音是导致鱼被吓跑的原因，即可证明小明的猜想正确。
五、综合题：本题共2小题，每小题9分，共18分。
要求：（1）语言表述简练、准确；（2）写出必要的运算和推理过程；（3）带单位计算；（4）计算结果若有近似，均保留两位小数。
22. 寒假时，小明一家自驾前往云南旅游，体验生活。小明家的汽车进入云南后，在银昆高速行驶220km的路程用时3h12 min。若汽车满载时的总质量为1.8 t，在水平地面静止时，轮胎与地面的总接触面积为。求：
（1）汽车满载时的总重力；
（2）汽车在银昆高速行驶的平均速度；
（3）汽车满载静止在水平地面时，对地面的压强。
【答案】（1）N
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
汽车满载时的总重力
【小问2详解】
汽车在银昆高速行驶的平均速度为
【小问3详解】
汽车静止在水平地面，对地面的压力为
汽车对地面的压强为
23. 为了实现登山过程中对海拔和气压的实时监测，某科技小组设计了一款智能装置，其原理如图甲所示。装置内部抽成真空，可自由滑动的轻质活塞通过轻杆对力敏电阻RF施加压力，装置气密性良好，海拔和气压由两电表的示数表示，且两电表示数均随对应测量值的增大而增大。电源电压恒为U=6 V，定值电阻R0=30 Ω，力敏电阻的阻值与所受压力F的关系如图乙所示。活塞横截面积为4×10-3 m2，忽略摩擦与活塞质量。电压表测量范围为0~3 V，电流表测量范围为0~0.6 A。查阅资料可知，大气压p与海拔h的关系如下表。
（1）在该装置中，电流表的示数表示_________；
（2）在海平面处对装置进行校准，求此时活塞受到的压力大小；
（3）该装置能测的海拔高度有限，请通过计算说明该装置为何不能测量2000 m的海拔；
（4）若要用该装置测量2000 m的海拔，应怎么办？
【答案】（1）大气压强
（2）
（3），超出电压表测量范围，所以该装置不能测量2000 m的海拔
（4）适当降低电源电压或增大的阻值
【解析】
【小问1详解】
该电路中​与串联，外界气压越大，对活塞的压力越大，由图乙可知力敏电阻的阻值越小，电路总电阻越小，电源电压不变，根据，电路电流越大，符合“电表示数随对应测量值增大而增大”的要求，因此电流表示数表示大气压强。
【小问2详解】
由表中数据可知，当时，大气压p0=101×103Pa
活塞受到的压力F0=p0S=101×103Pa×4×10−3m2=404N
【小问3详解】
当h=2000m 时，大气压p=80×103Pa ，此时压力F=pS=80×103Pa×4×10−3m2=320N
由图乙可得，
代入数据得RF=1030−2.5F=1030−2.5×320Ω=230Ω
电流I=URF+R0=6V230Ω+30Ω≈0.02A
两端的电压UF=IRF≈0.02A×230Ω≈4.6V
UF>3V ，超出电压表测量范围，所以该装置不能测量2000 m的海拔。
【小问4详解】
根据欧姆定律和串联电路知识可知，RFR0=UFU0=UFU总−UF，整理得：RF=UFU0=UFU总−UFR0
①当电源电压降低到3V～6V时，最大值为3V不变，适当减小电源电压，可以增大，可测的气压减小，可测的海拔增加。
②当电源电压降低到3V以下时，最大值小于3V且在电压表量程内，可以继续增大，可测的气压减小，可测的海拔增加。
海拔越高，​越大，分得的电压越大，换用更大阻值的后，可在相同下降低分得的电压，使电压表示数不超过量程。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/℃
86
88
90
92
94
94
94
海拔h/m
0
100
200
300
400
500
……
1000
2000
……
大气压p/×103 Pa
101
100
99
98
97
96
……
90
80
……