2025-2026学年云南省红河哈尼族彝族自治州中考物理考前最后一卷（含答案解析）

这是一份2025-2026学年云南省红河哈尼族彝族自治州中考物理考前最后一卷（含答案解析），共11页。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．如图是测量压力的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器滑片固定在一起，压力大小可通过电压表示数来显示。压力越大电压表的示数越大。则下列电路中符合这一原理的是
A．B．
C．D．
2．有人发明了一种“发电地板”，如图所示．发电地板的主要部件由永磁体和线圈组成，行人或车辆通过时，挤压地板使永磁体和线圈发生相对运动，便能发电．该发电地板的工作原理与下列哪个选项的实验原理相同( )
A．B．C．D．
3．下列符合家庭电路用电安全原则的是
A． B．​
C． D．​
4．如图所示是用电热水壶烧水时的情景，有关描述正确的是( )
A．壶盖被水蒸气顶起时能量的转化与热机压缩冲程能量的转化相同
B．水沸腾时，继续通电，水的温度会升高
C．壶盖和壶口上方的“白气”是由水蒸气汽化形成的
D．烧水过程中，电能转化为内能
5．下图所示的四个家庭电路，符合家庭电路连接要求的是
A．B．
C．D．
6．如图中a表示垂直于纸面的一根导体，它是闭合电路的一部分，它在磁场中如图中所示的方向运动时在哪种情况下会产生感应电流？
A．①和③B．②和③C．③和④D．只有③
7．下图所示的工具中，属于费力杠杆的是：
A． 钢丝钳B． 起子
C．羊角锤D．镊子
8．如图是完全相同的甲车和乙车在相同时间内通过路段的情况，其中甲车在做匀速直线运动，乙车在做变速直线运动，关于下面说法中错误的是
A．前30s时，甲的速度比乙的速度大
B．40s内，两车在全程中的平均速度相同
C．乙车的受到的牵引力和地面对乙车的阻力是平衡力
D．甲车对地面的压力和地面对甲车的支持力大小相等
9．如图所示，小明探究“运动和力的关系”时，他每次都让小车在斜面上的同一高度由静止释放，然后在粗糙程度不同的水平面上运动．关于此实验，下列叙述正确的是
A．小车在水平面的运动需要力来维持
B．小车下滑过程中动能转化为重力势能
C．小车在水平面继续运动是因为小车受惯性作用
D．让小车在斜面上同一高度由静止释放，是为了控制小车到达斜面底端时的速度相同
10．如图所示，这是瓦特设计的蒸汽机，它以煤炭作为燃料，下列说法正确的是
A．蒸汽机的功率越大，蒸汽机的效率就越高
B．改进工艺，可以提高煤炭的热值，使蒸汽机的效率提高
C．蒸汽机工作的时候将内能转化为机械能
D．蒸汽机实际上也是一种活塞式内燃机
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．下图是同学们所画的光路图，其中错误的是（ ）
A．B．C．D．
12．将“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡 L1和L2 串联后接在电源两端，不考虑温度对灯丝电阻的影响，则（ ）
A．电源电压为12V时，两只灯泡均能正常发光
B．两个灯泡发光时，灯泡 L1比灯泡 L2亮一些
C．灯泡发光时，电路中允许通过的最大电流为0.5A
D．灯泡 L1正常发光时，灯泡 L2的实际功率是1.5W
13．为了减弱噪声，下列措施可行的是（ ）
A．将噪声大的机器换成噪声小的机器
B．在马路两旁植树造林
C．在耳孔中塞入棉花
D．关闭所有声源
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是3600r/min，该汽油机每秒钟内对外做功_____次，完成_____个冲程。
15．图(甲)是一把阴阳壶,壶把上开有两孔,可同时盛装两种液体,图(乙)为该壶的结构示意图,使用时,若捂住甲孔,则倒出的是____液体,这是由于______的作用.壶在水平桌面上静止时,受到的重力与支持力是一对______,重力的施力物体是_____.
16．如图所示是一款自动清洁地面机器人，它工作时内部的电动机带动风扇转动，把尘盒内的空气排除，利用________将垃圾吸入尘盒内．已知机器人的质量是2kg，滚轮与地面的总接触面积为10cm2，静止在水平地面时它对地面的压强为___________ Pa．
17．如图所示，电源电压恒定，R1=10Ω，闭合开关 S，断开开关 S1 电流表示数为 0.3A． 若再闭合 S1，发现电流表示数变化了 0.2A，则电源电压为______V；R2的阻值为________ Ω．
18．在玻璃瓶里装一些红色的水，取一根两端开口的细玻璃管，让玻璃管穿过橡皮塞插入水中，并从管子上端吹入少量气 体，这样小明就制成了一个简易的多功能物理实验演示器．当把此装置从山脚带到山顶时，发现玻璃管内液面升高，这说明______；取一吸管，靠近玻璃管口，通过吸管向右吹气，如图所示，发现玻璃管内液面上升，这说明________；将瓶内灌满水，塞紧塞子，用力挤压瓶子，发现玻璃管内液面上升，这 说明________．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图为目前国内最大吨位薄膜太阳能动力豪华游船，排水量为43.9t，航速为最大18km/h。（海水密度约为1.0×103kg/m3）
游船满载时受到海水的浮力是多少？以最大航速匀速航行时所受海水阻力为游船重力的0.1倍，那么该游船以最大航速匀速航行时，推力的功率为多少？
20．如图是我国新型气垫登陆船，该船满载后的总重力为1.6×106N．
（1）一艘满载的气垫船停在水平地面上时，与地面间的总接触面积为80m2，那么它对地面的压强为多少？
（2）气垫船入水后，启动柴油发动机，通过向下喷气将船身匀速抬高2.15m，若柴油机的效率为32%，则抬高一次需要消耗多少千克的柴油？（柴油的热值q柴油＝4.3×107J/kg）
（3）气垫船以30m/s的速度匀速直线运动600s时，若受到的阻力始终为7.2×104N，那么推力做的功是多少？功率为多少？
21．用如图所示的滑轮组，将重900N的物体A在100s的时间里匀速竖直提升10m，已知动滑轮重300N．（不计绳重和滑轮与轴的摩擦）求：
拉力F移动的速度；拉力F做的功；拉力F做功的功率。
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．下图是安装一盏电灯和一个大功率插座的实物示意图,A、B为保险丝,请在图上画出接线。
23．图中，物体漂浮在水面上，请作出物体受到的重力G和浮力F的示意图．
（____）
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．在探究凸透镜成像规律时，小捷用了9个红色的发光二极管按“F”字样镶嵌排列在白色的板上代替蜡烛作光源，实验装置如图所示：为了确定凸透镜的焦距，小捷将凸透镜正对太阳光，再把光屏放在另一侧，改变凸透镜与光屏的距离，直到光屏上出现一个________（填“亮点”或“亮环”）为止，测得它与凸透镜中心的距离为10cm，确定出焦距f=________（填“5cm”或“10cm”）．凸透镜固定在光具座的零刻度线上，小捷将光源移至光具座30cm处后，再移动光屏，到如图所示位置，光屏上会出现清晰的________（填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像；如果她将光源再远离凸透镜一些，这时光屏应向________（填“左”或“右”）移动，以获得清晰的实像．
如果将光源移至7cm处，凸透镜此时成的是放大的________（填“虚像”或“实像”）．
25．实验室购买了一批规格为“2.5V 1.0W”的小灯泡，小明同学为了检验这批灯泡是否合格，他选择其中一只小灯泡利用图甲所示的电路图进行了实验.
请用笔画线代替导线，将图乙所示的实物电路连接完整（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯泡变暗，连接导线不能交叉）.小明调节滑动变阻器的滑片得到了三组电压和电流的数据，填入他自己设计的表格.
①请指出这个表格设计不合理的地方：____________________________.
②小明操作规范读数正确，根据表中数据，小明通过计算判断该小灯泡不合格，他判断的理由是__________.
③假如生产这种小灯泡钨丝的长度是一定的，则这个小灯泡不合格的原因是钨丝比合格产品小灯泡钨丝______（选填“粗”或“细”）.小明还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成电阻，当电阻阻值是5Ω时，电流表示数为0.4A；将5Ω的电阻更换为10Ω电阻后，接着调节滑动变阻器，使_______________________，再读出电流表的示数；多次实验后作出的I-R图像是图中的____________.
A． B． C． D．
26．小波在“探究通电螺线管外部磁场的方向”实验中，组装了如图（1）所示电路，实验时：
可通过观察_____判断通电螺线管的磁极．为了探究通电螺线管外部磁场的方向与电流方向是否有关？实验中是通过_____来改变通电螺线管中电流的方向．如图（2）所示是通电螺线管周围的有机玻璃板上的小磁针分布状态，观察可知通电螺线管的外部磁场与_____的磁场相似．本实验经过改进，还可以探究通电螺线管外部磁场的强弱与电流大小的关系．请说出一种你的改进方法_____．
参考答案
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、B
【解析】
AD．两电阻并联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以，压力变化时，电压表的示数不变，故AD不符合；
BC．两电阻串联，压力越大时，滑片下移，接入电路中的在变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，由U＝IR可知，定值电阻两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，综上可知，B中电压表并联在滑动变阻器两端符合，C中电压表并联在定值电阻两端不符合。
2、B
【解析】
试题分析：由题意目中的叙述可知，发电地板的原理是电磁感应现象；A图说明通电导线周围存在磁场；B图是电磁感应现象；C图是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理；D图是研究电磁铁磁性强弱的；故应选B．
【考点定位】电与磁
3、C
【解析】
试题分析：火线首先进入开关，是避免当开关断开时，灯泡仍然和火线相连接，人再去接触灯泡时，仍然有触电的危险，因此家庭电路中开关只能接在火线上，三孔插座的用法是左零右火上接地，故C符合题意．
考点：安全用电原则
4、D
【解析】
壶盖被水蒸气顶起时，水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，而热机压缩冲程是将机械能转化为可燃气体的内能，它们的能量转化不同；水沸腾时，继续通电，水不断吸收热量，但水的温度不变；壶盖和壶口上方的“白气”是由水蒸气遇冷液化成的液态小水滴；电热水壶是消耗电能的家用电器，烧水过程中，电能转化为内能
5、C
【解析】
A．电路中没有保险丝，在电流过大时，电路不能自动切断；灯泡没有开关控制，接入电路时一直工作，浪费能源；故A不正确。
B．保险丝接在零线上，当保险丝熔断，电路中虽然没有电流，但灯泡和火线相连，接触灯泡容易发生触电事故；故B不正确。
C．保险丝接到火线上，可以确保保险丝熔断时切断火线，使用过程中更安全；开关控制火线，零线直接进灯泡，符合安全用电；故C正确。
D．保险丝接在火线上安全；开关接在零线和灯泡之间，更换灯泡时，断开开关，火线还和灯泡相连，接触灯泡容易发生触电事故。故D不正确。
6、C
【解析】
闭合电路的一部分导体切割磁感线运动时，才能产生感应电流．
四个图中，磁场方向都是由上到下，①图导体向上运动，不切割磁感线，不产生电流；
②图导体向下运动，不切割磁感线，不产生电流；
③图导体向右运动，切割磁感线，可以产生电流；
④图导体斜向右下运动，也切割磁感线，能产生电流；
故C正确，选C．
点睛：牢记产生感应电流应具备三个条件，一、闭合回路，即必须是通路，二、一部分导体，三、切割磁感线运动．
7、D
【解析】
动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆，四幅图中只有镊子的动力臂是小于阻力臂的，故应选D。
8、C
【解析】
A、由图可知，前30s内甲车和乙车运动的路程分别为900m、750m，则甲车运动的路程大于乙车运动的路程，根据v=得到甲的速度大于乙的速度，故A正确，不符合题意；
B、甲、乙两车在40s内通过的路程s=1200m，则根据v=可知甲、乙两车的平均速度相同，故B正确，不符合题意；
C、乙车在做变速运动，处于非平衡状态，乙车受到的牵引力和地面对乙车的阻力不是平衡力，故C错误，符合题意；
D、甲车对地面的压力与地面对甲车的支持力是一对相互作用力，大小相等，故D正确，不符合题意．
9、D
【解析】
A．力不是维持物体运动的原因，A错误；
B．小车在下滑的过程中，速度增大，被举高的高度减小，所以动能增大，重力势能减小，是重力是能转化为动能，B错误；
C．惯性是物质的一种性质，不是力，所以不能说惯性作用，C错误；
D．让小车在斜面上同一高度由静止释放，是为了控制小车到达斜面底端时的速度相同，D正确．
10、C
【解析】
A、功率反映热机做功的快慢，蒸汽机的效率与功率无关，故A错误；
B、改进工艺，可以使燃料燃烧更充分，使蒸汽机的效率提高，但改进工艺不能提高煤炭的热值，故B错误；
C、蒸汽机工作时，消耗化学能转化为内能，再转化为机械能，即将内能转化为机械能，故C正确；
D、蒸汽机是燃料在气缸外部燃烧，是外燃机，故D错误。
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、ABC
【解析】
A．该图是平面镜成像光路图，此时光的传播方向错误，即箭头方向标反了，故A错误；
B．该图是光的折射光路图，光从水中斜射入空气中时，折射角应大于入射角，而图中的折射角小于入射角，故B错误；
C．平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点．故C错误；
D．过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，过光心的传播方向不改变，故D正确；
故选ABC。
此题考查平面镜相关作图、光的折射光路图和透镜的光路图的画法，作图题是历年来中考的必考题目之一，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
12、BCD
【解析】
由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1==0.5A，
I2==1A，
由I=可得，两灯泡的电阻分别为：
R1===12Ω，
R2===6Ω；
A．因两灯泡的额定电流不相等，所以，两只灯泡不可能同时正常发光，故A错误；
C．因串联电路中各处的电流相等，所以，能正常发光的灯泡为额定电流较小的L1，电路中的最大电流I=I1=0.5A，故C正确；
B．因串联电路中各处的电流相等，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=I2R可知，L1的电阻大，实际功率大，灯泡较亮，故B正确；
D．因串联电路中各处的电流相等，灯泡L2的实际功率：
P2=I2R2=（0.5A）2×6Ω=1.5W，
故D正确．
13、ABC
【解析】
A．更换机器，可以在声源处减弱，措施可行，符合题意．
B．植树造林可以在传播过程中减弱，措施可行，符合题意．
C．人耳处塞棉花，可以在接收处减弱，措施可行，符合题意．
D．关闭声源可以在声源处减弱，但关闭所有的声源操作难度大，不现实，措施不可行，不符合题意．
故选ABC．
本题主要考查学生对：噪声的防治途径的了解和掌握，是一道基础题，对于此类联系生活实际的题目，也是中考的考点，需要重点掌握．
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、30 120
【解析】
一台四冲程汽油机曲轴的转速是3600r/min，即每秒钟转60圈，因一个工作循环转2圈，完成4个冲程，做功一次；所以每秒完成120个冲程，做功30次。
15、乙 大气压 平衡力 地球
【解析】
一定质量的气体，压强随体积的增大而减小，若壶盖上没有小孔，壶中水倒掉一部分后，空间增大，气体压强减小，当茶壶内外的压强差大到一定程度的时候，壶中的水将倒不出来，因而在壶盖上打一小孔，与空气相通，使壶内外的气体压强始终相同，水在重力作用下就可流出来．因此若捂住甲孔，则倒出的是乙液体．
16、 大气压 2×104
【解析】试题分析：清洁地面机器人，它工作时内部的电动机带动风扇转动，把尘盒内的空气排除，利用大气压的作用将垃圾吸入尘盒内；机器人对水平地面的压力：F=G=mg=2kg×10N/kg=20N，机器人对地面的压强：p=F/S=20N/10×10−4m2=2×104Pa。
考点：压强的大小及其计算；大气压的综合应用
17、3 15
【解析】
闭合S，断开S1时，电路为R1的简单电路，由I=U/R可知，电源的电压：U=U1=I1R1=0.3A×10Ω=3V；若再闭合S1时，两电阻并联，电流表示数的变化量即为R2路的电流，则I2=0.2A；由I=U/R可知，R2=U/I2=3V/0.2A=15Ω
18、海拔越高,大气压越小 流速越大的地方,压强越小 力可以使物体发生形变
【解析】
把此装置从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会增大；往管上方吹气，管上方空气的流速增大，压强减小，管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升；用力挤压瓶子，发现玻璃管内液面上升，这说明力可以使物体发生形变．
（1）把气压计从山脚带到山顶时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小；
（2）当向管上方吹气时，管上方的空气流动速度增大，压强减小，管下方压强不变，管内的液体受到向上的压强大，液面上升；
（3）力可以改变物体的形状和运动状态．
四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）4.39×105N；（2）2.195×105W。
【解析】
（1）由阿基米德原理可得，游船满载时受到海水的浮力：F浮=G排=m排g=43.9×103kg×10N/kg=4.39×105N；
（2）因为游船漂浮，所以游船的重力：G=F浮=4.39×105N，
匀速航行时受到的阻力：f=0.1G=0.1×4.39×105N=4.39×104N，
匀速航行时，推力和阻力是平衡力，由二力平衡条件得到推力F=f=4.39×104N，
最大航速v=18km/h=5m/s，
则以最大航速匀速航行时，推力的功率：P==Fv=4.39×104N×5m/s=2.195×105W。
答：（1）游船满载时受到海水的浮力是4.39×105N；
（2）推力的功率为2.195×105W。
20、（1）它对地面的压强为2×104Pa；
（2）抬高一次需要消耗0.42kg的柴油；
（3）推力做的功是1.296×109J；功率为2.16×106W
【解析】
试题分析：（1）登陆船对地面的压力等于其重力，根据F=G求出，再根据p=求出对地面的压强；
（2）根据W有用=Gh求出有用功，再根据η=求出柴油燃烧放出的总热量，根据Q=mq求出柴油的质量；
（3）根据v=求出运动距离，匀速运动，推力等于阻力，根据W=Fs求出推力做的功，再根据P=求出功率．
已知：登陆船重力G=1.6×106N，与地面间的总接触面积为S=80m2，高度h=2.15m，效率η=32%，柴油的热值q柴油=4.3×107J/kg，速度v=30m/s，时间t=600s，阻力f=7.2×104N
求：（1）它对地面的压强p=？；（2）柴油的质量m=？；（3）推力做的功W=？；功率P=？
解：（1）登陆船对地面的压力F=G=1.6×106N，
它对地面的压强p===2×104Pa；
（2）有用功W有用=Gh=1.6×106N×2.15m=3.44×106J，
由η=得：
柴油燃烧放出的总热量Q==≈1.81×107J，
由Q=mq得：
消耗柴油的质量m==≈0.42kg；
（3）由v=得运动距离：
s=vt=30m/s×600s=18000m，
因为匀速运动，所以推力F=f=7.2×104N，
推力做的功W=Fs=7.2×104N×18000m=1.296×109J；
功率P===2.16×106W．
答：（1）它对地面的压强为2×104Pa；
（2）抬高一次需要消耗0.42kg的柴油；
（3）推力做的功是1.296×109J；功率为2.16×106W．
21、（1）0.3m/s（2）12000J（3）120W
【解析】
（1）由图可知，n＝3，则绳端移动的距离：
s＝nh＝3×10m＝30m，
拉力F移动的速度：
v＝＝＝0.3m/s；
（2）拉力：
F＝（G+G动）＝（900N+300N）＝400N，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝400N×30m＝12000J，
（3）拉力F做功的功率：
P＝＝＝120W；
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、
【解析】
本题要考查的是关于家庭电路连接的操作细节，对于电灯接线操作的基本要求是：火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头；而对于插座的接线方法是要求左零右火，三孔插座还要求中接地，电路中有熔丝，要将熔丝接到火线上，接线如图所示：
23、
【解析】
当物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，如图：
点睛：本题考查的是重力、浮力的示意图画法，注意同一个物体受到多个力时，作用点画在重心位置，不是同一个物体受到的力，作用点要画在实际位置；需要记清各种力的方向并且用线段的长短表示力的大小．
六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、亮点 10cm 缩小 左 虚像
【解析】
（1）太阳光是平行光，平行与主光轴的光经过凸透镜折射后会会聚于主光轴上一点，所以凸透镜正对太阳光，调整凸透镜与光屏的距离，光屏上会出现一个亮点，即凸透镜的焦点，测得焦点与凸透镜中心的距离为10cm，则焦距为10cm．
（2）由图可知，光源移至光具座30cm处后，物距u=30cm，此时物距大于二倍焦距，将在光屏上得到倒立、缩小的实像；如果将光源再远离凸透镜一些，则物距将增大，像距将减小，所以这时光屏应向左移动，以获得清晰的实像．
（3）如果将光源移至7cm处，此时物距小于一倍焦距，将成正立、放大的虚像。
25、 设计了电功率的平均值 详见解析 细 电压表的示数为2V D
【解析】
（1）滑动变阻器的滑片向右移动时小灯泡变暗，说明变阻器连入电路的电阻变大，连接变阻器左下角的接线柱，如图所示：
（2）①小灯泡的电压不同，对应的电功率不同，电功率不是一定值，取平均值没有意义，所以，这个表格设计不合理的地方是表中设计了平均电功率；
②由表中数据可知，当电压为2.5V时，对应的电流为0.36A，灯的功率P=UI=2.5V×0.36A=0.9W＜1W，额定电压下小灯泡消耗的功率小，该小灯泡不合格；
③根据P=得到，在额定电压不变的情况下，电功率变小，是因为灯丝的电阻变大导致的，又根据影响电阻大小的因素，在钨丝的长度是一定的情况下，灯丝的电阻变大是因为钨丝的变细所致，故这个小灯泡不合格的原因是钨丝比合格产品小灯泡钨丝细；
（3）当电阻阻值是5Ω时，电流表示数为0.4A，根据欧姆定律得到，此时电阻的电压为U=IR=0.4A×5Ω=2V，因探究电流与电阻的关系时，应保持电阻的电压不变，所以，将5Ω的电阻更换为10Ω电阻后，调节滑动变阻器，使电压表的示数为2V，读出电流表的示数；
探究电流与电阻的关系，保持电压不变，改变电阻，电流和电阻成反比，在四个选项中，只有D正确。
26、小磁针N极的指向 对调电源正负极 条形磁体 增加电池节数或串联一个滑动变阻器(或电阻等)
【解析】
(1)小磁针静止时，N极所指的方向就是该处的磁场方向，磁场中某点的磁感线的方向与该点磁场方向一致，根据磁感线方向判断通电螺线管的磁极；
(2)通过改变电源正负极可改变电路中电流的方向，这样便可以探究电螺线管外部磁场的方向与电流方向是否有关；
(3)观察有机玻璃板上的小磁针分布状态，可知通电螺线管的外部磁场与条 形磁体的磁场方向一致；
(4)探究通电螺线管外部磁场的强弱与电流大小的关系，电路中电流的大小应可以发生改变，所以可以采用的方法是：增加电池节数或串联一个滑动变阻器。
次数
电压U/V
电流I/A
电功率P/W
电功率平均值/W
1
2
0.32
2
2.5
0.36
3
3
0.39