2026年山东省临沂市蒙阴县九年级中考一轮模拟考试物理试题（含解析）

这是一份2026年山东省临沂市蒙阴县九年级中考一轮模拟考试物理试题（含解析），共20页。
1.本试卷满分100分，考试时长90分钟。第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷2至4页，答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，用0.5毫米黑色签字笔将答案写在答题卡上，答案写在本试卷上无效。
第Ⅰ卷（选择题 30分）
一、单项选择题（每小题2分，共30分，请用2B铅笔把正确选项的代号涂到答题卡上。每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目的要求。）
1. 下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A. 天然气B. 太阳能C. 煤D. 核燃料
【答案】B
【解析】
【详解】AC．煤、石油、天然气属于化石能源，是动植物体经过亿万年的时间形成的，短期内得不到补充，是不可再生能源；故AC不符合题意；
B．太阳能可以源源不断得到，是可再生能源，故B符合题意；
D．核燃料在短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源，故D不符合题意。
故选B。
2. 如图所示，小红用相机拍下了石桥与它在水中倒影交相辉映的照片，下列说法正确的是（ ）
A. 桥在水中的倒影与海市蜃楼成像原理相同
B. 桥在水中的倒影与小孔成像的原理相同
C. 桥在水中的倒影是虚像
D. 桥在相机底片上成的像是虚像
【答案】C
【解析】
【详解】A．海市蜃楼的成像原理是光的折射，和倒影的光的反射原理不同，故A错误；
B．小孔成像的原理是光的直线传播，和倒影的原理不同，故B错误；
C．平面镜成像的特点是成正立等大的虚像，因此桥的倒影是虚像，故C正确；
D．相机的镜头是凸透镜，拍摄景物时，物距大于2倍焦距，底片上成倒立、缩小的实像，不是虚像，故D错误。
故选C。
3. 《天工开物》中记载“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余，”主要描述钟发出的声音（ ）
A. 响度大B. 音色好C. 音调高D. 速度大
【答案】A
【解析】
【详解】声音的响度与振幅和声音传播的距离有关。“凡钟为金乐之首，其声一宣，大者闻十里，小者亦及里之余”是说钟声的传播距离很远，说明钟声的响度很大。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
4. 在半导体芯片制造过程中，为了保证材料的性能，会用到低温处理技术，将液氦（沸点约-269℃）喷洒到待处理的芯片材料上，芯片材料的温度会立刻降低到合适的处理状态。此过程中，液氦发生的物态变化是（ ）
A. 汽化B. 熔化C. 凝固D. 凝华
【答案】A
【解析】
【详解】液氦原本是液态，它的沸点约为，常温下芯片的温度远高于液氦的沸点，液氦会吸收热量，从液态变为气态。物质由液态变为气态的物态变化是汽化，汽化吸热因此能使芯片温度降低，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 日常生活中力无处不在，下列关于力的说法正确的是（ ）
A. 放在水平面上的物体对地面的压力与它所受重力是一对平衡力
B. 飞机起飞时的升力主要是利用空气的浮力
C. 空中沿水平方向匀速飞行的飞机受到的重力与浮力是一对平衡力
D. 物体运动状态改变了，则一定受到了力的作用
【答案】D
【解析】
【详解】A．平衡力需满足“作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上”的条件。物体对地面的压力受力物体是地面，重力的受力物体是物体本身，两个力受力物体不同，不是一对平衡力，故A错误；
B．飞机起飞时的升力是利用流体压强与流速的关系：机翼上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，从而产生向上的压力差，故B错误；
C．空中水平匀速飞行的飞机，竖直方向上受到的重力远大于空气的浮力，还受到空气对机翼的升力，重力与浮力大小不相等，不是一对平衡力，故C错误；
D．根据力与运动的关系，力是改变物体运动状态的原因，物体运动状态改变，则一定受到了力的作用，故D正确。
故选D。
6. 如图所示实验中，闭合开关，导体ab向右运动，下列操作能让导体ab向左运动的是（ ）
A. 改变电压大小B. 改变电流方向
C. 改变电流大小D. 改变导体ab长度
【答案】B
【解析】
【详解】A．通电导体在磁场中受力的方向与磁场的方向和导线棒中电流的方向有关，且两个因素只改变其中一个，导体棒受力方向才会发生改变，改变电压大小，只改变电流的大小，不能改变导体的受力方向，故A不符合题意；
B．改变电流方向，磁场的方向不变，可以改变导体受力的方向，可以使导体ab向左运动，故B符合题意；
C．改变电流大小，不能改变电流的方向和磁场的方向，因此不能改变导体棒受力的方向，故C不符合题意；
D．改变导体ab长度，不能改变电流的方向和磁场的方向，因此不能改变导体棒受力的方向，故D不符合题意。
故选B。
7. 用弹簧测力计拉着重10 N的物体在水平面上以0.5 m/s的速度做匀速直线运动，弹簧测力计的示数为2 N。当绳子突然断开时，则（ ）
A. 物体速度保持不变，受到的摩擦力小于2 N
B. 物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于2 N
C. 物体速度逐渐减小，受到的摩擦力等于10 N
D. 物体立即停止，受到的摩擦力为0 N
【答案】B
【解析】
【详解】物体受到2N的拉力作用，以0.5m/s做匀速直线运动，则物体受到拉力和摩擦力是一对平衡力，故摩擦力大小为；若这时绳子突然断掉，拉力消失，由于压力和接触面的粗糙程度均不变，摩擦力不变，仍为2N，在摩擦力作用下，物体将做减速运动，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
8. 下列利用开关控制插座的电路中，符合安全用电要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】带有开关的两孔插座中，为了安全，开关接在火线与插座之间，根据两孔插座“左零右火”接法可知，开关连接插座的右孔，零线连接插座的左孔，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
9. 出租车驾驶室内设计了控制电路来显示是否载有乘客，车顶指示灯显示红色时载有乘客，显示绿色时未载乘客。下列电路图中，通过开关S接“1”或“2”可以符合上述设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，开关接，红灯和绿灯同时亮；开关接，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故A不符合题意；
B．由图可知，开关接，红灯亮；开关接，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故B不符合题意；
C．由图可知，开关接，红灯亮；开关接，绿灯亮，故C符合题意；
D．由图可知，开关不控制绿灯，绿灯常亮。开关接，红灯和绿灯并联，同时亮；开关接，只有绿灯亮，故D不符合题意。
故选C。
10. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏放置的位置如图所示时，烛焰在光屏上成清晰的倒立、等大的像。下列说法中（ ）
①该凸透镜的焦距为
②将蜡烛放在点时成像规律与放大镜成像原理相同
③将蜡烛由a点移至b点时，移动光屏，可在光屏上成更小的像
④将蜡烛放在点，移动光屏，可在光屏上成倒立、缩小的像
A. 只有①②正确B. 只有②③正确
C. 只有①④正确D. 只有③④正确
【答案】A
【解析】
【详解】①当烛焰成倒立、等大的像时，物距像距。
由图知，物距u=50.0cm−30.0cm=20.0cm，所以2f=20.0cm，则焦距f=10.0cm，故①正确。
②将蜡烛放在点时，蜡烛到透镜的距离小于一倍焦距，此时成正立放大的虚像，成像规律与放大镜成像原理相同，故②正确。
③蜡烛从a移至b：物距减小（a到b更靠近透镜 ），根据 “物近像远像变大”，像会变大，故③错误。
④将蜡烛放在点，这个位置属于一倍与二倍焦距之间，移动光屏，可在光屏上成倒立、放大的实像，故④错误。
故选A。
11. 小明煮面条时，他将木筷和金属勺同时放入锅中（如图），过了很长时间，他感觉金属勺烫手而木筷不烫手。下列说法正确的是（ ）
A. 热汤把温度传给了金属勺B. 木筷不烫手是因为其内能没变
C. 金属勺通过热传递变烫D. 锅里冒着的“白气”是由汽化形成的
【答案】C
【解析】
【详解】A．热传递过程中传递的是内能（热量），不是温度，故A错误；
B．木筷放入热汤中会吸收热量，内能增加；木筷不烫手是因为木筷是热的不良导体，导热能力弱，手接触处温度升高不明显，故B错误；
C．金属勺温度低于热汤，从热汤吸收热量，通过热传递的方式增加内能，温度升高变烫，故C正确；
D．气态水蒸气肉眼不可见，锅里的“白气”是热的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是汽化形成的，故D错误。
故选C。
12. 2026年4月19日，2026北京亦庄人形机器人半程马拉松前三名揭晓，齐天大圣队50分26秒夺得冠军，人形机器人“眼睛”的光学成像原理与人眼相似，是通过镜头使物体在图像传感器成像面上（相当于人眼的视网膜）成清晰的像。下列说法中不正确的是（ ）
A. 镜头成像是光的折射形成的B. 镜头是用一块凸透镜做成的
C. 镜头与照相机成像原理相同D. 图像传感器上成的是虚像
【答案】D
【解析】
【详解】A．镜头是凸透镜，凸透镜成像的原理是光的折射，故A正确；
B．凹透镜无法成实像呈现在图像传感器上，机器人“眼睛”镜头和人眼晶状体相同，为凸透镜，故B正确；
C．该镜头为凸透镜，成像时，物体到镜头的距离大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，和照相机的成像原理相同，故C正确；
D．图像传感器相当于光屏，只有实像可以呈现在光屏上，因此图像传感器上成的是实像，故D错误。
故选D。
13. 人工心脏泵可短时间代替心脏工作，其结构如图所示，线圈AB固定在活塞的柄上，泵室通过单向阀门与血管相通。阀门只能向泵室外侧开启；阀门只能向泵室内侧开启。人工心脏泵工作时，以下说法不正确的是（ ）
A. 线圈AB中应通入方向周期性改变的电流
B. 电流从线圈B端流入时，活塞向右移动
C. 电流从线圈A端流入过程，血液流入泵室
D. 人工心脏泵每分钟“跳动”的次数由线圈中电流的大小决定
【答案】D
【解析】
【详解】A．线圈AB中若通入直流电，根据图结合题意可知，活塞只能向一个方向移动，完不成泵血任务，因此要使该装置能维人体血液循环，线圈间所接电源应为交流电，即：活塞可以左右移动，血液既能流回心脏也能从心脏输出去，故A正确，不符合题意；
B．电流从线圈A端流入过程中，根据安培定则，螺线管左端为S极，此时异名磁极相互吸引，磁铁吸引活塞柄，故B正确，不符合题意；
C．电流从线圈B端流入过程中，根据安培定则，螺线管左端为N极，此时同名磁极相互排斥，活塞右移，S1打开，S2闭合，血液从S1流出泵室，故C正确，不符合题意；
D．图中的线圈移动快慢与交流电的频率有关，与电流大小无关，故D错误，符合题意。
故选D。
14. 某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R1为定值电阻，R2为光敏电阻。当有光照射时电阻变小，激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表），闭合开关S，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（ ）
A. 电路的总电阻变小B. 通过R2的电流变大C. 计数器的示数变小D. R1消耗的电功率变小
【答案】D
【解析】
【详解】由题图可知，电阻与串联。
AB．由题意可知，当有光照射时，光敏电阻阻值变小，所以激光被遮挡瞬间，电阻会变大；由于电阻变大，总电阻也会变大，电路总电压不变，电流会减小，故A B错误；
C．激光被遮挡瞬间，电阻变大，电流减小，根据串联分压可知两端电压增大；同时激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次，所以计数器的示数变大，故C错误；
D．电阻不变，通过的电流变小，根据可知，消耗的电功率变小，故D正确。
故选D。
15. 采摘的新鲜草莓，用盐水浸泡可清洗表面的农药残留物。水平桌面上，甲、乙两个相同容器中盛有浓度不同的盐水，小梦将两个质量相同的草莓分别放入杯中进行清洗，当两草莓静止时，甲、乙容器中的液面恰好相平，如图所示。下列说法正确的是（ ）

A. 将两容器中的草莓取出后，盐水对容器底部的压力变化量ΔF甲=ΔF乙
B. 甲容器中盐水的密度大于乙容器中盐水的密度
C. 盐水对乙容器底部的压强较大，两容器对桌面的压强相等
D. 草莓在甲、乙两容器中受到的浮力不相等
【答案】A
【解析】
【详解】AD．甲中草莓悬浮，浮力等于重力，即；乙中草莓漂浮，浮力等于重力，即；已知两个草莓质量相同，因此，所以。取出草莓后，盐水对容器底部压力的变化量等于草莓对液体的压力，大小等于浮力，即，，因此，故A正确，D错误；
B．根据浮沉条件：甲中草莓悬浮，；乙中草莓漂浮，，因此，故B错误；
C．两容器液面恰好相平，深度h相等，且，由可得，盐水对乙容器底部压强较大；容器对桌面的总压力，、相等，液面相平时，甲中草莓排开液体体积，因此甲中盐水体积，结合可知，，所以，根据可知，甲容器对桌面的压强小于乙容器对桌面的压强。故C错误。
故选A。
第Ⅱ卷（非选择题 70分）
二、填空与作图题（填空每空1分，作图2分，共15分）
16. 如图甲，是小华用饮料瓶制作的“水火箭”，向瓶内打气到一定程度时，“水火箭”向下喷水，同时向上飞出，打气过程是通过________的方式改变瓶内气体内能，瓶内的水向下喷出时能量转化与四冲程汽油机工作过程中的________冲程相同；如图乙，将一个两端开口的塑料直筒倾斜放置，下端对着盘内乒乓球，用吹风机沿着塑料筒外侧上端开口处吹气，乒乓球就像“炮弹”一样射出，这是由于塑料筒上端气压________（选填“大于”或“小于”）下端气压；

【答案】 ①. 做功 ②. 做功 ③. 小于
【解析】
【详解】改变内能有做功和热传递两种方式，打气过程中，外界对瓶内气体做功，通过做功的方式增加了瓶内气体的内能；瓶内水向下喷出时，瓶内气体的内能转化为水和火箭的机械能，这一能量转化和四冲程汽油机的做功冲程（做功冲程将内能转化为机械能）一致；根据流体压强规律：流体流速越大，压强越小。
吹风机在塑料筒上端吹气，上端空气流速大，气压小于下端气压，压强差将乒乓球推出。
17. 随着人民生活水平的提高，汽车已经走进千家万户。已知汽油的热值q汽油=4.6×107 J/kg。
（1）给汽车的蓄电池充电时，蓄电池相当于电路中的________（填“电源”或“用电器”），汽车两侧的转向灯既可以单侧闪烁，也可以同时闪烁，它们是________联的。
（2）若该汽车飞轮的转速是3600 r/min，则汽油机每10秒对外做功________次。某汽车消耗汽油2 kg，这些汽油完全燃烧放出的热量是________J，用来做有用功的那部分能量是2.3×107 J，则该发动机的效率是________%。发动机工作时需要用冷却液降温，这是通过________的方式改变发动机的内能的。
（3）如图是一种测定油箱内油量的装置，油量表由电流表改装而成。当油量减少时，油量表示数变________，油量表与电流表的0刻度线________（填“重合”或“不重合”）。
【答案】（1） ①. 用电器 ②. 并
（2） ①. 300 ②. 9.2×107 J ③. 25 ④. 热传递
（3） ①. 小 ②. 不重合
【解析】
【小问1详解】
充电过程中消耗电能，转化为化学能储存起来，相当于电路中的用电器。
转向灯工作时互不影响，能够独立工作，符合并联电路的特点，故为并联。
【小问2详解】
飞轮转速3600r/min，换算为每秒转60r；汽油机飞轮每转2圈对外做功1次，10秒飞轮转动600r，对外做功300次。
根据公式，汽油完全燃烧放出热量为
根据热机效率公式，可得发动机效率为
冷却液降温是通过能量的转移改变内能，属于热传递的方式。
【小问3详解】
油量表串联在电路中，为电流表改装而成，油量减少时，浮标下移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电路电流变小，油量表示数变小。
油量减为0时，滑动变阻器连入电路的电阻达到最大，电路中还有定值电阻，电路中仍有微弱电流，示数不为零，所以油量表与电流表的0刻度线不重合。
18. 如图所示是汽车上安装的车内后视镜（图甲）和车外后视镜（图乙）。车内后视镜可以用来观察后排乘客或后面车辆的情况，某次驾驶过程中，驾驶员通过车内后视镜看到后排乘客的眼睛，此时后排乘客________（选填“一定”或“不一定”）能通过车内后视镜看到驾驶员；驾驶员通过车外后视镜观察到后方有一辆汽车，后视镜中汽车的像是________（选填“实”或“虚”）像；图丙中A点代表驾驶员，B点代表后排乘客，请在图丙中画出驾驶员通过车内后视镜看到后排乘客的光路图（保留作图痕迹）________。
【答案】 ①. 一定 ②. 虚 ③.
【解析】
【详解】[1]在反射中，光路是可逆的，后排乘客一定能够通过车内后视镜看到驾驶员。
[2]后视镜是利用光的反射成像，是逆着反射光线的反向延长线看到的像，后视镜中汽车的像是虚像。
[3]先通过平面镜作出发光点的对称点，即为的像；连接交平面镜于点，为入射点，连接即为入射光线，为反射光线。
三、实验探究题（第19题9分，第20题8分，第21题7分，第22题7分，共31分）
19. 图甲是小明改进后的探究水在沸腾前后温度变化特点的实验装置，其中A管开口。

（1）如图甲，小明在组装装置时，要分别调节铁圈M、N的高度，其中首先调节的是铁圈________的高度（选填“M”或“N”）。
（2）实验中所用的温度计是利用____________的性质制成的。开始实验后，在温度升高到90℃后，每隔1 min记录一次温度，是实验中绘制的水的温度随时间变化的图像（如图乙）。根据图像可知，水沸腾时的特点是：不断吸热，____________。根据丙图气泡的变化情况可判断，气泡上升时受到水的压强________、浮力________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（3）小明想若在太空舱中做水的沸腾实验，水沸腾后产生的气泡________（选填“会”或“不会”）像在地球上那样主动上升。
（4）接着撤去酒精灯，水停止沸腾后，在A管口连接抽气泵向外抽气________（选填“升高”或“降低”）瓶内气压，发现水将再次沸腾。通过分析可知乙图中水的沸点是________℃，说明此时水面上方的大气压________（选填“小于”、“大于”或“等于”）标准大气压。
【答案】（1）N （2） ①. 液体热胀冷缩 ②. 温度不变 ③. 变小 ④. 变大
（3）不会 （4） ①. 降低 ②. 99 ③. 小于
【解析】
【小问1详解】
组装加热实验装置遵循自下而上的原则，需要先根据酒精灯外焰的高度，调整下方铁圈N的高度，因此首先调节N。
【小问2详解】
[1]实验所用的液体温度计，是利用液体热胀冷缩的性质制成的。
[2]水沸腾的特点是：持续吸热，温度保持不变。
[3]气泡上升时，深度不断减小，根据液体压强公式，气泡受到的水的压强变小。
[4]压强减小后气泡体积变大，排开水的体积变大，根据阿基米德原理，气泡受到的浮力变大。
【小问3详解】
地球上气泡主动上升，是浮力大于重力的结果；太空舱中处于失重状态，浮力来源于压力差，失重后压力消失，浮力也消失，因此水沸腾后产生的气泡不会主动上升。
【小问4详解】
[1]向外抽气会排出瓶内气体，降低瓶内气压，气压越低沸点越低，因此停止沸腾的水会再次沸腾。
[2]由图乙可知，水沸腾时温度稳定在，因此水的沸点为。
[3]标准大气压下水的沸点为，气压越低沸点越低，因此此时水面上方的大气压小于标准大气压。
20. 小华假期去游玩捡到一块石头，如图甲所示，于是带回实验室和小组的同学们想测量其密度。实验过程如下：
（1）将托盘天平放在水平桌面上，将标尺上的游码移到标尺零刻度线处，发现指针如图乙所示，此时应向________端调节平衡螺母，直到指针指向分度盘的中央。
（2）小华用调好的天平测量石头的质量，右盘中的砝码和标尺上的游码位置如图丙所示，则石头质量是________g。
（3）将溢水杯装满水，把一个空小桶放在溢水口下，如图丁所示：用细线系好石头，将其浸没在水中，等到溢水口不再有水溢出时，再将小桶中的水倒入量筒中，如图戊所示；使用量筒读数时，符合该要求的读数方法是________（选填“a”“b”或“c”），溢出水的体积为________，根据他们的实验数据可以计算出石头的密度是________。
（4）在评估交流时，有小组成员提出将小桶中的水倒入量筒中时桶内有残留，会影响测量的准确程度，请你分析这会导致所测密度值偏________，并说明理由____________________。
（5）若溢水杯未装满水就开始实验，会导致石块密度的测量值________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）左 （2）72
（3） ①. b ②. 30 ③.
（4） ①. 大 ②. 小桶内壁残留水，会导致倒入量筒的水体积小于石块实际排开的体积，因此测得的石块体积偏小，石块质量测量准确，由​，体积偏小会使计算出的密度偏大。
（5）偏大
【解析】
【小问1详解】
天平调平遵循“右偏左调，左偏右调”，图乙指针偏右，说明右侧更重，因此平衡螺母向左调节。
【小问2详解】
天平读数为砝码质量加游码对应刻度，游码示数为2g，即。
【小问3详解】
量筒读数要求视线与液体凹液面的最低处相平：俯视（a）读数偏大，仰视（c）读数偏小，正确方法为b。
由图可知溢出水体积为。
溢出水体积等于石块体积，因此石块密度
【小问4详解】
小桶内壁残留水，会导致倒入量筒的水体积小于石块实际排开的体积，因此测得的石块体积偏小，石块质量测量准确，由​，体积偏小会使计算出的密度偏大。
【小问5详解】
溢水杯未装满水时，石块浸没后，排开的水不能全部溢出，测得的溢出水体积（即石块体积）偏小，同理根据​，最终密度测量值偏大。
21. 小雯在学校实验室发现一个没有标记阻值的定值电阻，她想知道该定值电阻的阻值是多少，于是选用电源（电压未知且恒定）、电流表、电压表、滑动变阻器规格为“20 Ω 1.0 A”、开关和导线等器材进行测量。
（1）如图甲所示是小雯连接的部分电路，请你用笔画线代替导线将电路连接完整。要求：当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大。
（2）连接完电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片时，发现电流表和电压表均无示数，如果故障发生在滑动变阻器或定值电阻，则发生故障的原因是____________。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如下表：
①其中表格中第1次实验数据是滑动变阻器滑片位于阻值最大处时测得，电流表示数如图乙所示，为________A，定值电阻的阻值为________Ω，电源电压为________V。
②分析数据，还可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成________。
（4）在电学实验中，其中三个实验都用到图丙的电路图，下列说法正确的是________。
A. 研究“电流与电压的关系”可以用灯泡代替定值电阻进行实验
B. 研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器滑片使电流表示数不变
C. “伏安法”测定值电阻的阻值，多次实验的目的是求平均值，减小误差
【答案】（1） （2）滑动变阻器断路
（3） ①. 0.1 ②. 10 ③. 3 ④. 正比
（4）C
【解析】
【小问1详解】
测量定值电阻的阻值时，滑动变阻器应串联接入电路。当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的电阻需要变小，因此变阻器接右下接线柱，据此作图。
【小问2详解】
电流表和电压表均无示数，则电路故障是断路，且断在电压表两接线柱与电源之间，因此发生故障的原因是滑动变阻器断路。
【小问3详解】
由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.1A。
第1次实验数据是滑动变阻器滑片位于阻值最大处时测得的，电流为，则定值电阻阻值为R=URI=Ω
滑动变阻器两端电压为U滑=IR滑大=0.1A×20Ω=2V
则电源电压为U=U滑+UR=2V+1V=3V
分析表中的数据可得到，电压与电流的比值为定值，因此可得出结论：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
【小问4详解】
A．研究“电流与电压的关系”要保持电阻一定，灯泡的电阻会随着温度的改变而变化，所以不能用灯泡代替定值电阻进行实验，故A错误；
B．研究“电流与电阻的关系”每次更换电阻后，要控制电压不变，不是控制电流表示数不变，故B错误；
C．“伏安法”测定值电阻的阻值，定值电阻的阻值是不变的，但实验中存在误差，需要多次测量求平均值，减小误差，故C正确。
故选C。
22. 小明用如图所示装置做“探究杠杆的平衡条件”实验。
（1）安装好装置后，杠杆位置如图甲所示，接着应将平衡螺母向________（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。杠杆水平平衡后，在实验过程中，挂上钩码调平时________（选填“能”或“不能”）再次调节两侧的平衡螺母；
（2）在杠杆两侧挂上不同数量的钩码，如图乙所示，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，改变动力和动力臂大小，相应调节阻力和阻力臂；再做几次实验，实验数据记录如下表所示。根据实验数据可以初步得出杠杆的平衡条件为：____________（用表格中的物理量符号表示）。本实验进行多次实验的目的是____________________；
（3）如图丙所示，若保持杠杆平衡状态不变，将右侧的砝码换成弹簧测力计，弹簧测力计由a位置缓慢转动到b位置的过程中，其示数将________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（4）桔槔是中国古代的一种汲水工具（如图丁所示），它是一根直杆，中间用木桩支撑（支点），桔槔本质上是一种杠杆。若BO=1 m，AO=2 m，空水桶重20 N，石头重100 N，水桶最大装水量200 N，（杆重忽略不计）则桶中装满水离开水面后，把水桶提出水井时，人需用________N的力拉绳子，方向竖直________（选填“向上”或“向下”）。
【答案】（1） ①. 右 ②. 不能
（2） ①. ②. 寻找普遍规律，避免结论的偶然性
（3）变大 （4） ①. 170 ②. 向上
【解析】
【小问1详解】
图甲中杠杆左端低右端高，平衡螺母向偏高的右侧调节；实验前调节平衡螺母使杠杆初始平衡，挂上钩码实验过程中，只能移动钩码位置调平，不能再次调节平衡螺母。
【小问2详解】
分析表格三次实验数据，每次都满足，因此杠杆平衡条件为；本实验为探究规律，多次实验的目的是避免单次实验的偶然性，得到普遍适用的规律。
【小问3详解】
弹簧测力计从a转到b的过程中，动力臂逐渐变小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，动力会变大，因此示数变大。
【小问4详解】
支点为O，，，装满水后水桶总重为
石头重100 N；根据杠杆平衡条件：，代入数据得
解得。图丁可知，人向上提水桶，因此拉力方向竖直向上。
四、综合解答题（第23题8分，第24题7分，第25题9分，共24分）
23. 2025年5月19日15时38分，在山东日照黄海海域，谷神星一号海射型遥五运载火箭在“东方航天港”号发射船上发射成功。“东方航天港”号发射船（以下简称为发射船）是我国自主建造的首艘商业海上火箭发射船，如图甲所示，船长162.5米，型宽40米，满载时排水量为22000吨，满载吃水深度为6.7米。满载吃水深度是指船满载时，船底到水面的垂直距离。此次发射的谷神星一号海射型遥五运载火箭（以下简称为火箭）全长20米，直径1.4米，质量33吨。海水密度取水的密度ρ=1.0×103 kg/m3，g=10 N/kg，请计算：

（1）发射船满载时船底受到海水的压强为多少Pa？
（2）发射船满载时受到海水的浮力为多少N？
（3）如图乙所示，火箭起竖架利用液压杆缓慢起竖火箭，图丙为简化示意图，其中OA为火箭，B为火箭重心的位置，OE为水平位置，CD为液压杆。作出丙图中火箭重力示意图和重力的力臂。火箭在液压杆的作用下，绕着O点从水平转动到竖直，火箭起竖过程中，其重心升高了10m，用时50s，火箭克服重力做功的平均功率为多少W？
【答案】（1）
6.7×104 Pa （2）
2.2×108 N （3）
克服重力做功的平均功率为6.6×104 W
【解析】
【小问1详解】
发射船满载时船底受到的海水压强
【小问2详解】
根据阿基米德原理，浮力等于排开海水的总重力，即
【小问3详解】
在重心B点沿竖直向下方向画带箭头线段标注为G，即为重力示意图；从支点O向重力作用线作垂线段，即为重力的力臂。
火箭重力
火箭克服重力做的功
火箭克服重力做功的平均功率为
24. “开车不饮酒，酒后不开车”是每一位司机都必须遵守的交通法规。图（甲）是气体中酒精浓度测试仪的原理图，电源电压U＝12V，是气敏电阻，其阻值随气体中酒精浓度的变化规律如图（乙）所示。气体中酒精浓度大于或等于20mg/100mL小于80mg/100mL为酒驾，大于或等于80mg/100mL为醉驾。测试仪使用前应先调零，即当气体中酒精浓度为0时，，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数，调零后的滑片位置保持不变。求：
（1）调零后接入电路中的阻值；
（2）当时，消耗的电功率；
（3）在某次检测中，电流表示数为0.3A，试通过计算分析，判断该司机属于酒驾还是醉驾？
【答案】（1）20Ω；（2）1W；（3）醉驾
【解析】
【详解】解：（1）由甲图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当气体中酒精浓度为0时，，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数，由欧姆定律可知，电路中的电流为

由串联电路电压规律可知，R2两端的电压为
由欧姆定律可知，调零后接入电路中的阻值为
（2）当时，消耗的电功率为
（3）电流表示数为0.3A，R2两端的电压为
由串联电路电压规律可知，R1两端的电压为
由欧姆定律可知，R1接入电路中的阻值为
由乙图可知，此时气体中酒精浓度为80mg/100mL，属于醉驾。
答：（1）调零后接入电路中的阻值为20Ω；
（2）当时，消耗的电功率为1W；
（3）在某次检测中，电流表示数为0.3A，该司机属于醉驾。
25. 如图所示为某品牌四旋翼无人机，它采用4个电机带动旋翼（螺旋桨）转动，对下方空气施力的同时获得升力。该无人机设有一键起降和返航、空中悬停、超声波传感器、气压传感器等功能，还拥有北斗定位系统；携带的摄像机可以进行高清拍摄并实时把信号传到遥控器显示器，无人机的部分参数如下表。
（电池容量=放电电流×放电时间，例如：1 mA·h是指以1 mA的电流能连续工作1 h）
（1）北斗定位系统利用________传递信息，其在真空中的传播速度为________m/s。
（2）超声波传感器可探测无人机在飞行时遇到的障碍物，无人机悬停时，向某一山峰发射超声波，10 s后收到回波，无人机距离山峰的距离为________。（）
（3）气压传感器可通过测定大气压值获知无人机所处的高度这是因为：高度越高，大气压越________。（选填“高”或“低”）
（4）无人机上面装有高清摄像机，所成的像是倒立的、________的实像。
（5）该无人机电池最多可提供________kW·h的电能。
（6）某次执行任务时，无人机将9 kg的物体竖直匀速提升300米，物体的机械能________（选填“变大”“变小”或“不变”），此过程耗电0.01 kW·h，通过计算求出无人机的机械效率________？（g=10 N/kg）
【答案】（1） ①. 电磁波 ②.
（2）1700m （3）低
（4）缩小 （5）0.06
（6） ①. 变大 ②. 75%
【解析】
【小问1详解】
[1][2]北斗卫星定位系统利用电磁波传递信息，电磁波在真空中的传播速度为。
【小问2详解】
超声波从无人机到山峰的时间为总时间的一半，距离
【小问3详解】
大气压随高度的增加而减小，因此高度越高，大气压越低。
【小问4详解】
摄像机的镜头是凸透镜，拍摄时物体在2倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
【小问5详解】
电池储存的电能
【小问6详解】
[1]物体匀速竖直提升时，动能不变，重力势能随高度升高而增大，机械能=动能+重力势能，因此机械能变大。
[2]有用功
总功
机械效率
实验次数
1
2
3
4
电压U/V
1.0
1.6
2.0
3.0
电流I/A
0.16
0.20
0.30
次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
1
10.0
2
5.0
2
2
10.0
1
20.0
3
2
15.0
1.5
20.0
参数名称
电池电压/V
电池容量/mA·h
电动机额定功率/W
拍摄速度/
数据
24
2500
40
11000