2026年广东省深圳市南山实验教育集团中考物理二模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年广东省深圳市南山实验教育集团中考物理二模试卷（含答案+解析），共12页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2026年3月，在葡萄牙举行的WSBK世界超级摩托车锦标赛中，车手驾驶张雪机车820RR−RS赛车斩获两回合冠军。这是中国摩托品牌首次登顶该顶级赛事，实现历史性突破。请完成各小题。
1.在比赛过程中，以( )为参照物，赛车是静止的。
A. 车手B. 赛道C. 观众D. 转播屏幕
2.关于赛车在赛道上行驶的力学分析，下列说法正确的是( )
A. 赛道对赛车的支持力是由于轮胎发生弹性形变产生的
B. 赛车匀速直线行驶时，牵引力大于受到的阻力
C. 摩托车轮胎上凹凸不平的花纹有助于增大摩擦力
D. 赛车减速进入弯道时，惯性随速度减小而变小
3.如图为机车的离合器手柄，下列杠杆中与它原理相同的是( )
A. 筷子B. 羊角锤
C. 托盘天平D. 钓鱼竿
4.比赛中，张雪赛车在直道加速超越雅马哈，然后减速进弯，下列说法正确的是( )
A. 赛车加速时，动能转化为重力势能
B. 赛车加速时，发动机的内能转化为赛车的机械能
C. 赛车减速时，刹车片发热是通过热传递的方式改变内能
D. 赛车减速时，动能转化为内能散失掉了，不符合能量守恒定律
5.今年，深圳比亚迪公司推出“兆瓦闪充”技术，其峰值充电功率可达1000kW(1兆瓦)以上，该技术通常只在专用的高压充电站中使用。下列说法正确的是( )
A. 若充电桩起火，第一时间应浇水扑灭
B. 兆瓦闪充是指设备工作时电流做功更快
C. 对同一台汽车充电，兆瓦闪充比普通快充消耗的电能多
D. 只需要更换家庭电路中电表的电流规格，就能安全使用兆瓦级充电设备
6.如图所示为科学兴趣小组的同学自制的漂浮式指南针。铜片、锌片和食盐水溶液共同组成了“盐水电池”。通电螺线管在C点的磁场方向向左。下列说法正确的是( )
A. 通电螺线管周围的磁场分布与蹄形磁铁类似
B. 电子从铜片经螺线管流到锌片
C. 通电螺线管静止时B端指向地理南方
D. 铜片是盐水电池的正极，锌片是负极
7.如图是创新小组设计的肺活量检测装置原理图。电流表A2可以显示肺活量大小，吹入气体越多，气囊体积越大，推动隔板与滑片一起向上移动。电源电压恒定，R0为定值电阻，电流表A1、A2量程相同，未吹气时滑片处于R1下端。下列说法正确的是( )
A. 肺活量越大，电流表A1、A2的示数之差越大
B. 肺活量越大，电压表V与A1示数的比值越大
C. 适当减小R0的阻值，可增大测量范围
D. 适当减小电源电压，可增大测量范围
二、填空题：本大题共4小题，共9分。
8.小明查阅资料发现：某些无人机使用四冲程汽油发动机作为增程器(在电池电量不足时启动)。在汽油机工作中，将机械能转化为内能的冲程是 冲程。若发动机飞轮转速为3600r/min，则每秒钟对外做功 次。
9.地面工作人员通过发射 (选填“超声波”或“电磁波”)来控制无人机。无人机上的旋翼电动机与摄像机可以独自工作，它们是 (选填“串联”或“并联”)的。
10.给无人机充电时，无人机的电池相当于 (选填“用电器”或“电源”)；若无人机飞行过程中受到的一切外力消失，无人机将会 (选填“保持静止”、“做匀速直线运动”、“竖直下落”)。无人机低空配送货物时，其影子出现在无人机下方的东侧，则此时是一天中的 (选填“上午”、“中午”、“下午”)。
11.无人机的电动机在长时间飞行后会发热，这是因为电流的 效应。若电动机的线圈电阻为2Ω，正常工作时通过线圈的电流为5A，则线圈在1min内产生的热量为 J。
三、作图题：本大题共2小题，共5分。
12.如图所示是小聪站在试鞋镜前试鞋的情景，请在图中画出他看到鞋上S点的像S′的光路图。(画一条光线即可，保留作图痕迹)
13.如图所示，无人机下方吊一小球在空中沿虚线方向做匀速直线运动(不计空气作用力影响)，请在图中画出小球的受力示意图。
四、实验探究题：本大题共3小题，共14分。
14.小明用如图所示的器材“探究凸透镜成像的规律”。
(1)在图甲中，小明将眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，发现光屏上原本清晰的像变模糊了，向左移动光屏，光屏上的像又变清晰了，说明该眼镜是 (选填“近视”或“远视”)眼镜；
(2)将蜡烛从如图甲中20cm的位置开始逐渐远离凸透镜，能观察到图乙三个不同的像，三个像出现的先后顺序是 (填符号)；
(3)随着蜡烛燃烧变短，原来光屏中央的像“跑”到上方，为了使像回到中央，接下来的操作是 ；
(4)如图丙所示，固定蜡烛和光屏，两者间距为L0。当凸透镜位于光具座上A处时，恰好在光屏上成清晰的像，此时所成的像是 的(选填“放大”、“等大”或“缩小”)。将凸透镜向右移到B处(图中未标出)，光屏上再次成清晰的像，若透镜移动的距离为s，则A处到蜡烛的距离L= (用L0和s表示)。
15.某兴趣小组为了测量某种未知液体的密度，制作了一个微型密度计，在圆柱形木棒的一端缠绕一些铜丝，已知木棒的横截面积为0.5cm2。(g=10N/kg，木棒不吸液体)
(1)小组同学将密度计放入酒精中处于漂浮状态，放入另一种液体中，发现密度计露出液面高度增大，并发生倾斜，则该液体密度 酒精密度(选填“>”，“I1，因此A1先达到量程。最大测量时，干路电流等于A1的量程Ig，因此可得最大R1电流：I1max=Ig−I0，I1max越大，可测量的肺活量越大，测量范围越大。若减小R0阻值，电源电压U不变，由I0=UR0得I0增大，因此I1max=Ig−I0减小，测量范围减小，故C错误；
D.若适当减小电源电压U，由I0=UR0得I0减小，因此I1max=Ig−I0增大，可允许更大的I1，对应更小的R1，更大的肺活量，因此测量范围增大，故D正确。
故选：D。
(1)定值电阻R0与滑动变阻器R1并联，并联电路中各支路间互不影响，肺活量越大，影响的是R1支路的电阻和电流，不影响R0支路电流；
(2)电压表V的示数与电流表A1的示数的比值为电路的总电阻，肺活量越大，滑片往上滑，R1接入电路的电阻变小结合欧姆定律分析电流与总电阻大小；
(3)电流表A1、A2量程相同，根据并联电路的特点知，干路电流最先达到最大值，因而增大R0的阻值，减小定值电阻的电流，结合并联电路的特点和欧姆定律分析；
(4)根据欧姆定律分析各个电流变化，结合欧姆定律分析电阻变化。
本题考查欧姆定律的应用和并联电路的特点，属于中档题。
8.【答案】压缩
30

【解析】解：在汽油机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是压缩冲程；
3600r/min=60r/s，所以完成2×60=120个冲程，对外做功30次。
故答案为：压缩；30。
①内燃机在压缩冲程的能量转化是机械能转化为内能；
②已知飞轮的转速，可以得到1s转动的次数。对于四冲程内燃机，一个工作循环包括四个冲程，飞轮转动两周，由此得到1s完成的冲程；另外四个冲程做功一次，从而得到做功次数。
此题主要考查了内燃机的四个冲程。并且要搞清飞轮转动圈数与冲程数及做功次数之间的关系。
9.【答案】电磁波
并联

【解析】解：声音的传播需要介质，电磁波的传播不需要介质，故地面工作人员通过发射电磁波来控制无人机；
无人机上的旋翼电动机与摄像机可以独自工作，互不影响，是并联的。
故答案为：电磁波；并联。
电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
在并联电路中，各用电器可以独立工作，互不影响。
此题考查了电磁波的应用、并联电路的特点。
10.【答案】用电器
做匀速直线运动
下午

【解析】解：给无人机充电时，电池消耗电能，将电能转化为化学能储存起来，此时电池消耗电能，相当于用电器。
根据牛顿第一定律，物体在不受外力作用时，会保持原来的运动状态。无人机飞行过程中是运动的，若一切外力消失，它将保持原来的运动状态，做匀速直线运动。
影子出现在无人机下方的东侧，说明太阳在无人机的西侧。一天中，太阳上午在东侧，中午在正南，下午在西侧，因此此时是下午。
故答案为：用电器；做匀速直线运动；下午。
电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作。
结合牛顿第一定律分析。
影子是由于光的直线传播形成的。
此题考查了电路的组成、牛顿第一定律、光的直线传播。
11.【答案】热
3000

【解析】解：无人机的电动机在长时间飞行后会发热，将电能转化为内能，这是因为电流的热效应；
线圈在1min内产生的热量Q=I2Rt=(5A)2×2Ω×1×60s=3000J。
故答案为：热；3000。
将电能转化为内能利用了电流的热效应。
根据Q=I2Rt求出线圈1min内产生的热量。
此题考查了电流的热效应、焦耳定律的应用。
12.【答案】
【解析】解：根据平面镜的特点在平面镜的另一侧作出鞋面S点的对称点S′，即为其在平面镜中的像；
连接像点与眼睛与镜面相交于一点O，即为入射点，连接SO是入射光线，O与眼睛为反射光线，如图所示：
根据平面镜成像的特点：像与物体关于镜面对称可作出S点在平面镜中的像S′；
根据反射光线的反向延长线过像点即可作出小聪的眼睛看到鞋面S点在平面镜中所成像的完整光路图。
本题主要考查的是平面镜成像的特点、利用平面镜作图，利用好反射光线好像是从虚像上发生出的是解题的关键。
13.【答案】
【解析】解：小球做匀速直线运动，处于平衡状态，不计空气作用力影响，且受到竖直向上的拉力F和竖直向下的重力G的作用，据此画出小球的受力示意图如下：
故答案为：如上图。
本题考查力的示意图的画法，作图要规范。
14.【答案】远视
B、C、A
蜡烛向上移动
放大
L0−s2

【解析】解：(1)向左移动光屏，像又变清晰，像距变小，说明该眼镜使光线会聚，凸透镜对光线有会聚作用，远视眼用凸透镜矫正，所以该眼镜是远视眼镜。
(2)凸透镜成虚像规律可知，物远像远像变大，物近像近像变小，将蜡烛从20cm处逐渐远离凸透镜的过程中，当u；增大圆柱形木棒的一端缠绕铜丝的长度； (2)1.25。
(1)密度计漂浮在液面上，根据漂浮的特点确定受到的浮力大小不变，由阿基米德原理分析；发现密度计发生倾斜，是因其重心过高，据此分析。
(2)得出在酒精中的深度，由阿基米德原理，根据受到的浮力大小不变得出该未知液体的密度。
本题通过密度计的工作原理及阿基米德原理的运用和重心的有关知识。
16.【答案】 滑动变阻器断路 电压表并联在了滑动变阻器两端 12.5 求平均电阻
【解析】解：(1)图中滑动变阻器与定值电阻并联，电压表串联在电路中，应该滑动变阻器应该定值电阻串联，电压表应该与用电器并联，如下图所示：
；
(2)连接完电路后，闭合开关发现电压表和电流表均无示数，电路断路，且电压表与电源没有连通，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，电路的故障可能是滑动变阻器断路；
(3)由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，且电阻的阻值减小，说明电压表并联在了滑动变阻器两端；
(4)根据串联电路的电压特点，定值电阻两端的电压，Ux=U−U滑，
定值电阻的电阻值为：
Rx=UxI=U−U滑I=3V−Ω；
同理可算出2、3次实验的电阻分别为12.5Ω、12.5Ω，
则平均电阻还是12.5Ω；
(5)多次测量求平均值可以减小误差，所以表格中需要设计求平均电阻。
故答案为：(1)；(2)滑动变阻器断路；(3)电压表并联在了滑动变阻器两端；(4)12.5；(5)求平均电阻。
(1)滑动变阻器应与定值电阻串联，电流表与电阻串联，电压表与定值电阻并联；
(2)电压表和电流表均无示数，电路可能断路，且电压表与电源没有连通，据此分析；
(3)由表中数据可知，电压表的示数减小时，电路中的电流增大，说明电压表不是并联在待测电阻两端，而是并联在了滑动变阻器两端；
(4)根据串联电路的电压特点得出定值电阻两端的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律可求定值电阻的阻值，代入数据算出每次的电阻，求出平均电阻；
(5)多次测量求平均值可以减小误差。
本题考查了伏安法测量电阻阻值的实验，考查了电路的连接，电阻的计算以及数据处理，是一道中考常见题。
17.【答案】救援前，救生艇排开水的体积是0.12m3 一次按压中救援人员对“伤员”所做的功是12J 救生员上艇后，救生艇下降了8cm，水对救生艇底部的压力增加640N
【解析】解：(1)“伤员”与救生艇的总质量为120kg，漂浮时浮力等于重力，F浮=G=mg=120kg×10N/kg=1200N；
根据阿基米德原理知，救生艇排开水的体积V排=F浮ρ水g=1200N1.0×103kg/m3×10N/kg=0.12m3；
(2)用300N的压力，且每次按压的深度至少为4cm=0.04m，做功W=Fs=300N×0.04m=12J；
(3)救生员上艇后，救生艇下降了8cm，水对救生艇底部增加的压力F′=pS=ρ液gℎS=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m×0.8m2=640N。
答：(1)救援前，救生艇排开水的体积是0.12m3；
(2)一次按压中救援人员对“伤员”所做的功是12J；
(3)救生员上艇后，救生艇下降了8cm，水对救生艇底部的压力增加640N。
(1)根据漂浮的条件结合阿基米德原理计算救生艇排开水的体积；
(2)根据W=Fs计算功；
(3)根据液体压强公式结合F=pS分析。
本题考查压强和浮力的综合，属于中档题。
18.【答案】R1的阻值为10000Ω 加热器的热效率为83.3%
【解析】解：(1)由图甲可知，定值电阻R1和热敏电阻Rt并联，电流表测干路中的电流。由图乙可知，当温度达到40∘C时Rt的阻值为Rt=5kΩ=5000Ω，
根据并联电路的电压规律可知，R1和Rt两端的电压为U1=Ut=U=10V，
通过Rt的电流：It=UtRt=10V5000Ω=0.002A=2mA，
根据并联电路的电流规律可知，通过R1的电流：
I1=I−It=3mA−2mA=1mA=0.001A，
根据欧姆定律可得，R1的阻值：
R1=U1I1=10V0.001A=10000Ω；
(2)消毒液吸收的热量：
Q吸=cmΔt=2.5×103J/(kg⋅∘C)×0.2kg×(35∘C−20∘C)=7500J，
加热器消耗的电能：W=Pt=36W×250s=9000J，
加热器的热效率：η=Q吸W×100%=7500J9000J×100%≈83.3%。
答：(1)R1的阻值为10000Ω；
(2)加热器的热效率为83.3%。
(1)由图甲可知，定值电阻R1和热敏电阻Rt并联，电流表测干路中的电流。由图乙可知，当温度达到40∘C时Rt的阻值，根据并联电路的电压规律和欧姆定律求通过Rt的电流，根据并联电路的电流规律可知通过R1的电流，根据欧姆定律求R1的阻值；
(2)根据Q吸=cmΔt求消毒液吸收的热量，根据P=Wt求加热器消耗的电能，根据η=Q吸W求加热器的热效率。
本题考查电功率、热量和电热效率的计算，难度一般。
19.【答案】声源处
增大接触面粗糙程度
是
汽化
白天
Ⅱ

【解析】解：(1)根据题意可知，大大减少了传统短轨铁路中的接口(如图乙)数量，使得列车可以高速平稳运行、减少了振动和噪声，这是在声源处减弱噪声；
(2)在沙地表面覆盖碎石层，是在压力一定的情况下，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，从而固定轨枕；
(3)高架桥保持静止，处于平衡状态。它受到的重力和桥墩对它的支持力，这两个力作用在同一个物体上，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，符合二力平衡的条件；
(4)双层陶罐之间湿沙层中的水，通过汽化(蒸发)吸收热量，使内罐的食物温度降低；
①根据图乙可知，降温效果指数随风速的增大而增大，随空气相对湿度的增大而减小。沙漠中白天风速较高、空气相对湿度较低，这两个条件都有利于提高降温效果指数，因此白天使用双层陶罐的降温效果更好；
②湿沙层中沙粒的间隙增大了水与空气的接触面积，加快了水的蒸发，从而提高了降温效果。若直接注满水，水与空气的接触面积会减小，蒸发变慢，降温效果会变差，即降温效果指数会降低。因此，在空气相对湿度为40%时，其图像应在原曲线的下方，即Ⅱ区域。
故答案为：(1)声源处；
(2)增大接触面粗糙程度；
(3)是；
(4)汽化；①白天；②Ⅱ。
(1)防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处减弱噪声；②在传播过程中减弱噪声；③在人耳处减弱噪声。
(2)根据影响滑动摩擦力大小的因素(压力和接触面粗糙程度)进行分析；
(3)根据二力平衡的条件(同体、等大、反向、共线)进行分析；
(4)根据汽化吸热的原理，以及影响蒸发快慢的因素(温度、液体表面积、空气流速、空气湿度)并结合图像进行分析。
本题主要考查了噪声的控制、摩擦力、二力平衡、物态变化以及影响蒸发快慢的因素等多个物理知识点，综合性较强。
20.【答案】电磁感应
可
40
200
顺时针
合格
看图丁，风速太小灯不亮(有启动门槛)，风速一变灯就闪(不稳定)
灯闪→加蓄电池或电容(稳压)或难启动→改叶片形状(更灵敏)

【解析】解：(1)发电机都是靠电磁感应(磁生电)工作的；风能取之不尽，属于可再生能源。
(2)①从30%充到80%，充了总容量的一半，即：80kW⋅ℎ×50%=40kW⋅ℎ。
②发电机输出：电池充40度电，效率只有60%，说明发电机得发更多电，即40kW⋅ℎ÷0.6≈66.7 kW⋅ℎ。
发电时间：发电机功率是400kW，发66.7度电需要的时间是66.7kW⋅ℎ÷400kW≈0.167 小时(即10分钟)。
则转速：发电机转子1.5min转600圈，则转子10分钟转4000圈。
齿轮箱是加速的(1：20)，叶片转得慢，所以要除以20，得200圈。
(3)叶片形状像机翼，风一吹产生升力。根据常见模型设计，正面吹风时，叶片通常会被推着顺时针转动。
(4)①看图丁，风速太小灯不亮(有启动门槛)，风速一变灯就闪(不稳定)。对照表格，这属于“合格”。
②针对“不稳定”和“门槛高”改优化：灯闪→加蓄电池或电容(稳压)或难启动→改叶片形状(更灵敏)。
故答案为：(1)电磁感应；可；(2)40；200；(3)顺时针；(4)①合格；看图丁，风速太小灯不亮(有启动门槛)，风速一变灯就闪(不稳定)；②灯闪→加蓄电池或电容(稳压)或难启动→改叶片形状(更灵敏)。
(1)根据发电机原理、能源分类进行分析。
(2)依据效率公式、能量单位换算、齿轮传动比进行计算。
(3)流体压强与流速的关系：流速大的地方压强小。
(4)结合图表进行分析，然后与工程思维相结合进行对比分析。
本题主要考查了有关发电机的相关知识和计算。序号
电压表示数U/V
电流表示数I/A
待测电阻Rx/Ω
1
2.0
0.08
25.0
2
1.5
0.12
12.5
3
1.0
0.16
6.25
风力发电机
汽车动力电池
风速范围
2.0∼12m/s
电池质量
400kg
最大输出功率
400kW
电池能量密度
200W⋅ℎ/kg
评价等级
优秀
良好
合格
不合格
评价指标
1：任何风速下均能发电
2：发电时小灯泡能一直稳定发光
1：一定风速范围下能发电
2：发电时小灯泡能一直稳定发光
1：一定风速范围下能发电
2：发电时小灯泡不能一直稳定发光
1：任何风速下均不能发电
2：小灯泡不发光