2026年安徽省滁州市九年级中考第二次模拟考试物理（试题卷）（含解析）中考模拟

这是一份2026年安徽省滁州市九年级中考第二次模拟考试物理（试题卷）（含解析）中考模拟，共15页。试卷主要包含了试卷包括“试题卷”两部分等内容，欢迎下载使用。
（试题卷）
注意事项：
1.物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。
2.试卷包括“试题卷”（4页）和“答题卷”（4页）两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。
一、填空题（每小题2分，共20分）
1. 音乐喷泉利用音乐文件的物理波形，将其分为若干乐段，可以根据音乐的高低起伏变化实现音乐、水、灯光气氛统一，播放同步。其中音乐喷泉的高度是根据声音的______（填声音的特性）来控制。

【答案】音调
【解析】
【详解】音乐喷泉用计算机采集音乐的声音频率特征，并将其转化为控制信号，用以改变输入电机的电源频率；电源频率的改变使水泵的转速发生变化，达到调节水柱高度的目的，而频率决定于声音的音调。
2. 材料的导电性是物理学研究的一个重要方面，给半导体“掺杂”可以改变半导体的电学性能，常用的方法是将纯净的半导体材料（如单晶硅片）置于高温的杂质气体中，杂质就会逐渐扩散到半导体材料内部。“掺杂”要在高温条件下完成的原理是______。
【答案】温度越高，扩散越快
【解析】
【详解】根据题意和半导体的知识可知，“掺杂”要在高温条件下完成的原理是：温度越高，扩散越快。
3. 为了解释地磁场，19 世纪，安培提出假设：地球的磁场是由围绕地轴的环形电流I引起的。可利用右手螺旋定则判断出图中环形电流I的方向是______ （请从正面观察，选填“自东向西”或“自西向东”）
【答案】自东向西
【解析】
【详解】地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该自东向西，如图所示
4. 利用形管液面高度差的大小关系，可以帮助我们比较一些物理量的大小。速度为和的气流分别经过与形管左端相连的管子时，形管液面的高度差如图所示，则_____（选填“>”“=”或“
【解析】
【详解】由图可知，左图中U形管液面的高度差较大，说明左图中U形管中左侧液面上方压强较小，由流速越大的位置压强越小可知，左侧管子中气体的流速较大，即。
5. 一辆小车上固定一个铁杆，铁杆顶端焊接一个铁球，当整体匀速向右运动时，请对铁球进行受力分析。
【答案】
【解析】
【详解】铁球与车一起向右做匀速运动，处于平衡状态，受平衡力，所以受到竖直向下的重力和竖直向上的杆的弹力，两个力大小相等，作用点都在球的重心上，如图所示：
6. 如图所示为电阻甲和乙的U-I图像，若将电阻甲、乙串联接入某电源两端。闭合开关后，当通过电阻乙的电流为0.2A时，电阻甲和乙两端的总电压是______V。
【答案】3
【解析】
【详解】将甲、乙串联接入某电源两端，当通过甲的电流为0.2A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两电阻的电流均为
I甲＝I乙＝0.2A
由图象可知，它们两端的电压分别为U甲＝1.0V，U乙＝2.0V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以甲和乙两端的总电压
U＝U甲+U乙＝1.0V+2.0V＝3V
7. 如图所示，一束光在空气和玻璃的分界面上同时发生反射和折射，其中玻璃位于的________侧。
【答案】下
【解析】
【详解】因为反射光线、入射光线与法线之间的夹角相等，所以AO、BO中一条为入射光线，一条为反射光线，图中N′N为法线，MM′是界面，根据折射光线与入射光线在法线两侧、且在两种介质中，所以OC为折射光线，那么AO为入射光线，OB为反射光线，∠AON′是入射角，∠CON是折射角，由于折射角大于入射角，图中MM′下方是玻璃，上方是空气。
8. 小明用图甲、乙两种形式的滑轮组把重为400N的物体匀速向上提起，已知每个滑轮重20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，则两图中车对绳子的拉力和人对绳子的拉力最小的是________N。
【答案】210
【解析】
【详解】图甲中使用的是两个定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，车对绳子的拉力
图乙中滑轮组的动滑轮绕2段绳，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，人对绳子的拉力
9. 小张利用图甲所示的实验装置来做“比较水和另一种液体A的吸热能力”的实验，两个烧瓶中的电阻丝均为定值电阻丝，然后分别装入质量均为的液体A和水，他根据实验数据画出了如图乙所示温度随时间变化的图像，由该图像可知A的比热容是________。[已知水的比热容为]
【答案】
【解析】
【详解】由图乙可知，质量相等的A和水都升高25℃，水的加热时间是5min，A的加热时间是3min，水的加热时间是A的加热时间的，水吸收的热量为A吸收热量的倍，根据可知，水的比热容为A的比热容的倍，A的比热容为
10. 如图甲是通过小灯泡的电流随其两端电压变化的关系图像。现将小灯泡与电阻接入图乙所示的电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为，再闭合，电流表的示数为，则此时电路的总功率为________。
【答案】4.8
【解析】
【详解】只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，由图甲可知，只有当，时，灯泡的实际功率
因此电源电压
再闭合开关S1后，R与L并联，电流表测干路电流，此时电流表的示数为0.8A，即干路中的电流，电路消耗的总功率
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11. 生活中很多现象都蕴含着物理知识，下列说法中不正确的是（ ）
A. 塑料吸盘能牢牢吸在玻璃上，说明分子间存在引力
B. 用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点
C. 冬天跑步，身体就感觉暖和，是通过做功的方式改变身体的内能
D. 端午期间，粽香四溢，能闻到粽香是由于分子在不停地做无规则运动
【答案】A
【解析】
【详解】A．塑料吸盘能牢牢吸在玻璃上，是利用大气压的作用，故A错误，符合题意；
B．水的比热容较大，吸热或放热本领大。用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点，在同等情况下，能够吸收较多的热量，故B正确，不符合题意；
C．做功和热传递都能改变物体的内能。冬天跑步，身体就感觉暖和，是通过做功的方式改变身体的内能，故C正确，不符合题意；
D．粽香四溢，能闻到粽香属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确，不符合题意。
故选A。
12. 老师和同学们开展了《我进厨房》实践活动，小明观察到很多与物态变化相关的现象。下列说法正确的是（ ）
A. 食盐溶解在水里形成盐水，属于熔化现象
B. 刚出锅的包子热气腾腾，小明看到的“热气”是气态
C. 冷冻室取出的冻肉表面有“白霜”，“白霜”是凝华形成的
D. 水烧开时，壶嘴上方冒出大量“白气”，“白气”的形成是汽化现象
【答案】C
【解析】
【详解】A．食盐溶解在水里是溶解现象，不是熔化现象，故A错误；
B．小明看到的“热气”是高温水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B错误；
C．冷冻室取出的冻肉表面的“白霜”，是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态的小冰晶，属于凝华现象，故C正确；
D．壶嘴上方冒出的“白气”是高温水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，属于液化现象，故D错误。
故选C。
13. 如图所示，小球静止在弹簧上。在不计空气阻力的情况下，若小球受到的重力突然消失，下列关于小球的运动状态的描述正确的是（ ）
A. 仍保持静止状态
B. 做匀速直线运动
C. 先做变速直线运动，后做匀速直线运动
D. 一直做变速直线运动
【答案】C
【解析】
【详解】小球突然失去重力，此时只受弹簧的弹力作用，马上做变速运动，当离开弹簧后将不受任何力，小球将做匀速直线运动，所以小球先做变速运动，后做匀速直线运动。
故选C。
14. 笔记本电脑工作时会发热，当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇M启动，加快散热从而保护电脑。如果断开开关 S2，风扇和其他工作系统同时停止工作。下列符合散热控温特点的原理图是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】由题意可知，当升温到一定值时，温控开关S1自动闭合，风扇才启动，所以风扇与其它工作系统互不影响，即是并联的，且S1只控制风扇，开关S2是总开关，应在干路上控制风扇和工作系统，故A正确，BCD错误。
故选A。
15. 如图所示，用刻度均匀的杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验（每个钩码重0.5 N）。下列说法正确的是（ ）
A. 本实验要做多次，目的是求平均值减小误差
B. 图甲，杠杆停留在图中位置，此时杠杆处于不平衡状态
C. 图乙，在A、B处各去掉相同数量的钩码，则杠杆右端下降
D. 图丙，杠杆始终在水平位置保持平衡，弹簧测力计从a转到b时示数变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．探究“杠杆平衡条件”的实验中，多次实验的目的是寻找普遍规律，避免偶然性，故A错误；
B．杠杆的平衡状态定义为静止或匀速转动，图甲中杠杆保持静止，属于平衡状态，故B错误；
C．设每个钩码重为，每格长度为，原杠杆平衡时满足：3G×LA=2G×LB​，得LB=1.5LA​。各去掉1个钩码后： 左侧力矩：2G×LA=2GLA​，右侧力矩：G×LB=G×1.5LA=1.5GLA​
左侧力矩大于右侧，因此杠杆左端下降，故C错误。
D．杠杆始终水平平衡，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计从（竖直拉）转到（倾斜拉）时，动力臂（支点到拉力作用线的垂直距离）变小，根据杠杆平衡条件，动力变大，因此弹簧测力计示数变大，故D正确。
故选D。
16. 如图所示，两根绝缘细线悬挂着的导体ab，放在蹄形磁铁中央，ab两端连接着导线。在虚线框中接入某种实验器材可进行相应的实验探究。下列说法中正确的是（ ）
A. 接入灵敏电流计可探究电磁感应现象，与动圈式话筒原理相同
B. 接入灵敏电流计可探究通电导体在磁场中受力，与动圈式扬声器原理相同
C. 接入电源可探究电磁感应现象，与电动机原理相同
D. 接入电源可探究通电导体在磁场中是否受力的作用，与发电机原理相同
【答案】A
【解析】
【详解】AB．在虚线框中接入电流表时，电路中无电源，闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，可以探究电磁感应现象，与发电机的原理相同，动圈式话筒也是根据电磁感应现象制成的，而扬声器是利用电流的磁效应工作的，故A正确、B错误；
CD．在虚线框中接入电源时，通电导体在磁场中会受到力的作用，可以探究磁场对电流的作用，与电动机的原理相同，故CD错误。
故选A。
17. 如图甲所示是健身蹦床，原理图如图乙所示。电源电压不变，R1为定值电阻，压力传感器R的阻值随压力增加而减小。在运动者从与蹦床接触至下落到最低点过程中，下列说法中正确的是（ ）
A. 电流表A的示数逐渐变小，电压表V的示数逐渐变大
B. R1消耗的功率逐渐变大，整个电路消耗的功率逐渐变大
C. 电压表V与电流表A示数的比值逐渐变小
D. 电压表V示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值逐渐变大
【答案】B
【解析】
【详解】由图可知，压敏电阻R与定值电阻R1串联，电流表测该电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
A．在运动者从与蹦床接触至下落到最低点过程中，蹦床受到的压力增大，压敏电阻R的阻值减小，电路总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；根据可知，R1两端的电压变大，即电压表V示数变大，故A错误；
B．R1消耗的功率，电阻R1的阻值不变，电路电流变大，故R1消耗的功率逐渐变大；电源电压不变，电路电流增大，由可知整个电路消耗的功率逐渐变大，故B正确；
C．电压表V与电流表A示数的比值即R1的电阻，整个过程中R1阻值不变，故电压表V与电流表A示数的比值保持不变，故C错误；
D．电压表前后两次的示数，，则
即
由此可知电压表V示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值不变，故D错误。
故选B。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18. 在“探究阻力对物体运动的影响”实验中：
（1）小明调试实验装置时，将小车从斜面上A处滑下，如图甲所示，小车滑出水平木板右端而掉落下去。为让小车不滑出木板，下列做法不可行的是________；
A. 小车仍从斜面A处滑下，换一个更长的木板
B. 增大斜面的倾角，小车仍从斜面上A处滑下
C. 斜面倾角不变，小车从斜面上A处以下位置滑下
D. 减小斜面的倾角，小车仍从斜面上A处滑下
（2）调试成功后，小明每次均将小车从斜面上同一高度处滑下，让小车分别在毛巾、棉布和木板表面运动，最终小车静止时的位置如图所示。小车在毛巾表面运动过程中的速度变化量________（选填“大于”“等于”或“小于”）在木板表面运动过程中的速度变化量。
【答案】（1）B （2）等于
【解析】
【小问1详解】
将小车从斜面上A处滑下，小车滑出水平木板右端而掉落，说明小车到达水平面的速度较大，通过的路程比较大，所以为让小车不滑出木板，可以换一个更长的木板；或者将小车从高度较低处滑下，或者可以减小斜面的倾角，从而减小小车到达水平面的速度，减小小车通过的路程；故不可行的方法是增大斜面的倾角，小车仍从斜面上A处滑下，故B符合题意，故选B。
【小问2详解】
小车从斜面上同一高度处滑下，则小车到达水平面时的速度相等，而且小车最后在毛巾表面和木板表面上都会停下来，速度最后都为0，所以小车在毛巾表面运动过程中的速度变化量等于在木板表面运动过程中的速度变化量。
19. 某同学进行了如下实验：
（1）将两个凸透镜分别固定在光具座上，并用一束平行主光轴的光分别射向两个凸透镜，调节光屏的位置，直至在各自光屏上形成了一个最小的亮斑，如图所示。由此可知凸透镜________（选填“M”或“N”）对光的会聚作用更强；
（2）该同学继续利用上述器材及一个发光体、刻度尺探究凸透镜成实像时，像的高度与焦距是否有关。将发光体放在距凸透镜相同距离处，用光屏接收像，若________，则说明像的高度与焦距有关。
【答案】（1）M （2）光屏上所成的像高度不同
【解析】
【小问1详解】
根据凸透镜对光具有会聚作用，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚于焦点，会聚点越靠近透镜，说明凸透镜对光的会聚能力越强，由图可知，光线经凸透镜M折射后会聚点更靠近透镜，所以凸透镜M对光的会聚作用更强。
【小问2详解】
要探究凸透镜成实像时像的高度与焦距是否有关，需要控制物距相同，改变凸透镜的焦距进行实验。这里有两个焦距不同的凸透镜M和N，所以实验中需要选用凸透镜M和N。同时，要将发光体放在相同距离处（即控制物距相同）。如果在光屏上所成的像高度不同，就说明像的高度与焦距有关。
20. 小明利用如图甲所示电路测量小灯泡的功率，被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右，实验室有如下器材：电源（），电流表（，），电压表（，），滑动变阻器、电阻箱各一只，单刀单掷、单刀双掷开关各一个，导线若干。
（1）图甲是小明刚连好的实物图，实验前小华帮他检查了一遍，发现有两处不合实验规范。请你指出来：①________；②________。
（2）完善电路后，闭合开关，小明改变滑动变阻器的阻值测量出了5组数据，并描点画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为________W。
（3）在实验过程中，电压表发生故障，若已知另一盏灯的额定电流为，小明和小华增加一只电阻箱和一个单刀双掷开关设计出了丙、丁两种电路图，则能测出小灯泡额定电功率的是________。
【答案】（1） ①. 闭合开关前，滑片P没有处于阻值最大处 ②. 电流表所选量程太大
（2）0.625 （3）图丙
【解析】
【小问1详解】
为保护电路，连接电路时，开关要断开，闭合开关前，滑片P应处于连入阻值最大处。
灯正常发光时的电流约为
所以电流表应选0~0.6A量程，所以图中不符合实验规范处有：①闭合开关前滑片P没有处于阻值最大处；②电流表所选量程太大。
【小问2详解】
由图乙可知，小灯泡在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为
【小问3详解】
灯泡L2的额定电流已知，设为I额；丙图中，闭合S1，将S2置于a，移动滑片，使电流表示数为I额，则灯正常发光；保持滑片的位置不动，将S2置于b，调节电阻箱的旋钮，使电流表的示数仍为I额，记下电阻箱连入电路中的电阻大小R箱，由等效替代法，则灯正常发光时的电阻等于R箱，则灯的额定功率
丁图中，闭合S1，将S2置于b，电流表没有接入电路，将S2置于a，电流表测通过电阻箱中的电流，即无论S2置于a、b，灯泡中的电流都不能测量，故不能使灯正常发光，不能测出灯泡额定功率。
四、计算题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和过程）
21. 如图所示，为了更加快捷、环保地服务于广大顾客，某公司提供了无人机配送服务。某款无人机以及所载货物的相关信息如表所示，取。求：
（1）当无人机载着货物静止在水平地面上时，它对地面的压强；
（2）无人机以最大飞行速度匀速直线飞行30 min的路程；
（3）无人机以最大飞行速度匀速直线飞行时受到的阻力为100 N，无人机的功率。
【答案】（1）
（2）18km （3）1000W
【解析】
【小问1详解】
由题意得，无人机与货物总质量m总=m机+m货=6kg+4kg=10kg
无人机静止在水平地面上，对地面的压力等于总重力，即F=G总=m总g=10kg×10N/kg=100N
对地面的压强p=100N0.01m2=100N0.01m2=1×104Pa
【小问2详解】
由题意得，无人机最大飞行速度v=36km/h ，飞行时间
无人机以最大飞行速度匀速直线飞行路程s=vt=36km/h×0.5h=18km
【小问3详解】
无人机匀速直线飞行时，动力与阻力是一对平衡力，大小相等，因此动力
飞行速度
无人机的功率P=Fv=100N×10m/s=1000W
22. 如图所示，电源电压恒定不变，定值电阻，灯泡标有“ ”字样（不考虑灯丝电阻变化）。只闭合、，灯泡正常发光；再闭合，电流表示数变化了。求：
（1）灯泡正常发光时的电流；
（2）电阻的阻值；
（3）通过控制开关通断，整个电路消耗的最小功率。
【答案】（1）
0.5A （2）
30Ω （3）
0.8W
【解析】
【小问1详解】
灯泡正常发光时的电流I额=P额U额=3W6V=0.5A
【小问2详解】
只闭合、时，被短路，断路，只有灯泡接入电路，灯泡正常发光，因此电源电压等于灯泡额定电压，即
再闭合后，灯泡与并联，电流表测干路电流，电流表示数的变化量就是通过的电流，即=0.2A 。并联电路中各支路电压等于电源电压，根据欧姆定律变形得=UI0=6V0.2A=
【小问3详解】
不考虑灯丝电阻变化，根据欧姆定律得RL=U额I额=6V0.5A=
电源电压恒定，根据可知，电路总电阻越大，总功率越小。
当只闭合，断开、时，与串联，此时电路总电阻最大，总电阻为=+RL=33Ω +=
因此整个电路消耗的最小功率为P最小=U2R总=(6V)245Ω=0.8W
23. 有一质量，容积，横截面积的圆筒形薄壁容器B（壁厚忽略不计），现注入体积为的某种液体A后，将其封闭放入水中，且保持竖直漂浮状态，如图甲所示，此时水对容器底部的压强（容器B内空气质量不计，取）。求：
（1）图甲中容器B受到的浮力；
（2）液体A的密度；
（3）若要使容器B恰好竖直悬浮在水中（如图乙所示），注入液体A的体积是多少？
【答案】（1）
7N （2）
1.8×103kg/m3
（3）
5×10-4m3
【解析】
【小问1详解】
容器B竖直漂浮，上表面露出水面，受到水的向下压力为0，浮力等于水对容器底部向上的压力。
根据压强公式 ，得浮力F浮=F向上=pS=2.8×103Pa×2.5×10−3m2=7N
【小问2详解】
根据漂浮条件，总重力等于浮力，即 F浮=G总=GB+GA
容器B的重力GB=mg=0.1kg×10N/kg=1N
液体A的重力GA=F浮−GB=7N−1N=6N
液体A的质量mA=GAg=6N10N/kg=0.6kg
液体A的体积VA=13V=13×1×10−3m3
根据密度公式 ，得液体A的密度ρA=mAVA=0.6kg13×1×10−3m3=1.8×103kg/m3
【小问3详解】
容器B恰好悬浮，排开水的体积等于容器容积，即，根据阿基米德原理得此时浮力F'浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N
根据悬浮条件，总重力等于浮力，即F'浮=G'总=GB+G'A
此时液体A的重力G'A=G'总−GB=10N−1N=9N
此时液体A的质量m'A=G'Ag=9N10N/kg=0.9kg
注入液体A的体积V'A=m'AρA=0.9kg1.8×103kg/m3=5×10−4m3
无人机质量（kg）
6
最大飞行速度（km/h）
36
脚架与地面接触总面积（m2）
0.01
货物质量（kg）
4