2026年天津市红桥区中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年天津市红桥区中考物理一模试卷（含答案+解析），文件包含第4节插叙pptx、第4节插叙doc等2份试卷配套教学资源，其中试卷共12页， 欢迎下载使用。
1.如图所示，是我国1978年在湖北省随县(今随州)出土的战国曾侯乙编钟，其铭文内容使人们确知了中国当时已采用七声音阶，则关于编钟下列说法正确的是( )
A. 编钟发出的声音是由周围空气振动产生的
B. 敲钟时，钟声的响度与用力大小无关
C. 编钟发出声音的音调与它振动的频率有关
D. 通过钟声能判断钟是否破损，是利用了声音能够传递能量
2.检查视力时，经常将视力表放在被测者头部后上方，被测者通过识别对面墙上镜子里的像来进行测试，要求被测者与视力表像的距离要保持5m左右的距离。如图为某同学在一次检查视力时的情景，关于这次视力检查说法正确的是( )
A. 该同学与视力表像的距离是5.4m
B. 该同学与视力表像的距离是5.8m
C. 视力表中开口向上的“”，在平面镜中成的像开口向下
D. 视力表中的“”，在平面镜中所成的像会比实际的图案大一些
3.如图所示，3D打印过程一般是将固态材料，在高温下变成液态材料，喷头按照3D图纸轨迹运动将液态材料挤出，冷却后形成立体实物的过程。那么，在3D打印过程中，从材料到实物所经历物态变化正确的是( )
A. 融化与凝结B. 汽化与液化C. 升华与凝华D. 熔化与凝固
4.如图所示，下列对运动员沿坡道下滑时描述正确的( )
A. 以滑雪板为参照物，运动员是运动的
B. 运动员加速下滑过程中会受到惯性作用
C. 运动员受到的重力和滑雪板对他的支持力不是一对平衡力
D. 运动员只受到竖直向下的重力和垂直于滑雪板向上的支持力
5.如图所示，图中关于压强的表述正确的是( )
A. 设计多轴平板货车是为了增大路面的压强
B. 三峡大坝的船闸利用了连通器的原理
C. 模拟马德堡半球实验可以得到大气压数值
D. 大型运输机运−20的翱翔与大气压强无关
6.如图为小刚同学在完成跨学科实践作业中自制的杆秤，O1、O2均是杆秤称量时的支点。当使用O1称量物品时，调整秤砣至B点位置，使秤杆处于水平平衡状态(忽略盘重、绳重和杆重)，已知秤砣质量为20g，O1A=10cm，O1B=110cm。下列说法正确的是( )
A. 所称物体质量是200g
B. 换称质量较小的物体时，秤砣应向B点左边移动
C. 改用O2称量物体时，会使该杆秤的称量范围变小
D. 当秤砣在B点时，使用O1称量的物体质量比使用O2称量的物体质量大
7.小闽为康养中心的老人设计服务信号电路图，灯亮表示提醒卫生服务，电铃响表示呼叫医疗服务。如图中不符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8.如图所示，电源电压恒定为4.5V，定值电阻R1=5Ω，滑动变阻器R2标有“20Ω，2A”的字样，电压表接入电路的量程为0∼3V，电流表接入电路的量程为0∼0.6A。在保证电路安全的前提下，当开关S闭合时，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动的过程中，下列说法中正确的是( )
A. 电流表示数的最小值为0.18A
B. 电压表示数的最大值为0.9V
C. 电流最大时，R1与R2两端的电压之比是1：2
D. 电路正常工作时，滑动变阻器的阻值变化范围在20∼10Ω之间
9.如图，某家庭电路的输电线甲、乙从右端进户。闭合开关S，LED灯发光、电风扇正常工作，用试电笔检测插座，只有检测右孔时氖管发光。由于出现故障，电风扇停止工作，LED灯仍发光，用试电笔检测插座两孔，氖管均发光。该故障是( )
A. 电风扇短路B. 插座两孔短路
C. 输电线甲a、b两点之间断路D. 输电线甲b、c两点之间断路
10.电给我们的生活带来了极大的便利，但不规范用电也会带来很大危害，甚至会危及生命。关于安全用电，下列做法正确的是( )
A. 手机充电结束后，充电器应从带电的插座上拔下来
B. 在一个插线板上可以同时使用多个大功率用电器
C. 拽着插头后面的电线把插头从插座里拔出来
D. 发现新能源电动汽车充电桩起火，应立刻泼水救火
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
11.如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，此时光屏上成清晰的像，则下列说法正确的是( )
A. 光屏上成倒立、放大的实像
B. 光屏上成倒立、缩小的实像
C. 将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上仍能承接到像
D. 将蜡烛移到标尺30cm的位置，适当移动光屏，光屏上可能会得到一个等大的像
12.如图所示电路，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，下面说法正确的是( )
A. R2不变时，电压表V1示数与电流表A的示数之比为R1
B. R2不变时，电压表V2示数与电流表A的示数之比为R1
C. R2改变一定量时，电压表V2示数的变化量与电流表A的示数变化量之比的绝对值等于R1
D. R2改变一定量时，电压表V1示数的变化量与电流表A的示数变化量之比的绝对值等于R1
13.“天工”科技小组设计了水箱自动控制进水装置，如图所示。水箱内的圆柱形金属控制棒用不可伸长的细线悬挂在力传感器下面，并始终浸在水中，通过它对力传感器拉力的大小触发开关，控制水泵自动进水。用水时，水箱内水位降低，当到达最低水位时，力传感器所受拉力等于F1，触发开关，水泵开始持续向水箱注水；当水位到达最高水位时，力传感器所受拉力等于F2，再次触发开关，水泵停止向水箱注水。若进水过程中同时用水，相同时间内进水量大于出水量。已知控制棒的质量为m，水的密度为ρ水。下列说法正确的是( )
A. 控制棒受到的浮力最大时排开水的体积为mg−F1ρ水g
B. 控制棒受到的浮力的变化量最大为F1−F2
C. 力传感器受到的拉力大小在F1与F2之间时，说明水箱正在进水
D. 缩短悬挂控制棒的细线，可使水箱中的最高和最低水位均升高
三、填空题：本大题共6小题，共24分。
14.在我国，古人发现随着太阳的移动，物体的影子也会发生相应的变化。于是，人们发明了计时仪器——圭表，如图所示，它所运用的光学物理知识是 。唐朝时成书的《玄贞子》所记载“背日喷乎水，成霓虹之状”的实验原理所蕴含的光学物理知识是 。
15.如图甲所示，北京航空航天大学团队研发的仿生昆虫机器人，身体最长尺寸仅有2个手指的宽度，大约是 cm。如图乙所示，中国国防科技大学团队今年3月研发的微型机器人，其重量仅为1.2克，最高移动速度可达每秒40厘米，当它通过20米隧道时，仅需 s。
16.如图所示，我国自主研制的歼−20战机机翼边缘有一些尖细的金属杆，它是为了避免飞机与空气发生 而带大量电荷的尖端放电器。歼−20战机配有国产发动机，当发动机工作时，发动机驱动主发电机旋转，将 能转换成电能，提供给飞机的用电设备。
17.某位同学的教室在6楼，每层楼高3m，他重60kg，如果走楼梯，他克服自身重力做功是 ；如果在1楼乘电梯去教室，电梯运行15秒可直接到达6楼。假设电梯匀速运行，在搭乘电梯的过程中，电梯对他做功的功率是 。(g=10N/kg)
18.如图所示，为一种电热水壶工作电路的示意图，其中电阻为R1和R2的电阻器都是用来加热的，S1是总开关，S2是挡位开关。当S2接1时，电热水壶处于加热状态，电功率为1100W，当S2接2时，电热水壶处于保温状态，此时电阻R1的电阻器功率为2.75W。由此可知，R1的阻值是 ，电热水壶处于保温状态时的电功率是 。
19.如图是《电磁转换》的相关知识结构图，请将其补充完整：
① ；
② 。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
20.小明同学利用伏安法测电阻。
(1)请你根据小明设计的如图所示电路图甲，用笔画线代替导线将图乙的电路连接完整；
(2)小明进行第二次测量时，电表示数如图丙所示，请你将下表补充完整。
21.某校的兴趣小组在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，用同一木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
(1)根据二力平衡知识，在甲、乙、丙三次实验中以相同速度沿水平方向 拉动木块时，弹簧测力计对木块的拉力大小 滑动摩擦力的大小(选填“大于”、“等于”或“小于”)；
(2)通过对比甲、乙两次实验可知：在接触面的粗糙程度相同时， 越大，滑动摩擦力越大；
(3)通过对比 两次实验可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(4)兴趣小组的同学利用甲图实验装置继续探究滑动摩擦力与速度的关系，改变拉动木块的速度，进行实验，记录的实验数据如下表：
分析实验数据可知：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度 (选填“有关”或“无关”)；
(5)在小组交流讨论时，小伟设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是 (写出一条即可)。
22.某同学想测量一小块形状不规则的金属块密度，他手边只有以下器材：
天平一台，但没有砝码，两个质量相近的烧杯，量筒(其内径略小于金属块的尺寸，无法将金属块直接放入其中)，细线、滴管和足量的水(已知水的密度为ρ0)。
请利用上述器材帮助他测量金属块的密度(提示：烧杯不可当作溢水杯使用)要求：
(1)写出主要的实验步骤及所需测量的物理量；
(2)写出金属块密度的数学表达式(用已知量和测量量表示)。
五、计算题：本大题共3小题，共19分。
23.在比较不同物质吸热情况的实验中，用额定功率为300W的电加热器加热水。在电加热器正常工作时获得的数据如表所示。
已知c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)，求：
(1)水吸收的热量；
(2)电加热器的效率。
24.如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1、R2分别为20Ω和30Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A。求：
(1)电源电压；
(2)S1、S2均闭合时，电流表的示数。
25.如图甲所示电路，电源电压U0不变，初始时滑动变阻器的滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，闭合开关后，滑片P向左滑过一段距离后电流表才有读数，且电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系如图乙所示，则：
(1)根据图象可知：电源电压U0是多少；
(2)电阻R的阻值是多少；
(3)从断点处滑片P向左滑动的过程中，该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化是多少；该滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻值是多少？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、编钟发出的声音是由编钟振动产生的，故A错误；
B、敲钟时，钟声的响度与用力大小有关，用力越大，振幅越大，响度越大，故B错误；
C、编钟发出声音的音调与振动的频率有关，故C正确；
D、通过钟声能判断钟是否破损，是利用了声音能够传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)声音是由物体振动产生的。
(2)声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。
(3)声音的高低叫音调，音调与发声体的振动频率有关。
(4)声音可以传递信息，如B超；声音可以传递能量，如超声波碎石。
本题考查的是声音产生的条件；知道响度和音调；知道声音可以传递消息。
2.【答案】A
【解析】解：AB、要求被测者与视力表像的距离是5m，由图知，视力表的像距等于2.5m+0.4m=2.9m，该同学到平面镜距离2.5m，根据平面镜成像特点，同学与视力表像的距离为2.9m+2.5m=5.4m，故A正确，B错误；
CD、平面镜所成像是正立、等大的虚像，物像相对于平面镜对称。所以视力表中开口向上的“E”，在平面镜中成的像开口也向上；视力表中开口指向纸外的“E”，在平面镜中成的像开口也向外，像与物大小相等，故CD错误。
故选：A。
平面镜成像时，像与物体到平面镜距离相等，像是正立、等大虚像。据此分析解答。
本题考查了在检查视力时所遇到的有关平面镜成像的知识，与实际结合紧密，牢固掌握平面镜成像特点是关键。
3.【答案】D
【解析】解：3D打印过程一般是将固态材料在高温下变成液态材料，这个过程属于熔化现象；
喷头按照3D图纸轨迹运动将液态材料挤出，材料冷却后形成立体实物的过程叫凝固，故D符合题意、ABC不符合题意。
故选：D。
物质由固态变为液态的过程叫做熔化，物质由液态变为固态的过程叫做凝固。
本题考查了熔化和凝固现象，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A.物体相对于参照物位置发生改变，物体是运动的，位置没有改变，物体是静止的；以滑雪板为参照物，运动员的位置没有发生变化，所以运动员是静止的，故A错误；
B.惯性是物体本身固有的性质，不是力，不能说“受到惯性作用”，故B错误；
C.运动员的重力方向竖直向下，滑雪板对运动员的支持力方向垂直坡道向上，两个力方向不相反，也不在同一直线上，因此不是一对平衡力，故C正确；
D.运动员沿坡道下滑时，除重力和支持力外，还受到摩擦力作用，故D错误。
故选：C。
(1)物体相对于参照物位置发生改变，物体是运动的，位置没有改变，物体是静止的；
(2)惯性是物体本身固有的性质；
(3)作用在同一物体上的两个力满足大小相等、方向相反，且在同一条直线上的两个力是平衡力；
(4)对物体进行受力分析可得出答案。
本题考查运动和静止的相对性、惯性、平衡力，难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、设计多轴平板货车是在压力一定时，通过增大受力面积来减小路面的压强，故A错误；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，船只才能通航，即三峡大坝的船闸利用了连通器的原理，故B正确；
C、马德堡半球实验证明了大气压的存在，托里拆利实验测出来大气压的值，故C错误；
D、飞机前进时，机翼与周围的空气发生相对运动，相当于有气流迎面流过机翼．气流被机翼分成上下两部分，由于机翼横截面的形状上下不对称，在相同时间内，机翼上方气流通过的路程较长，因而速度较大，它对机翼的压强较小；下方气流通过的路程较短．因而速度较小，它对机翼的压强较大，因此在机翼的上下表面产生了压强差，这就是向上的升力，故飞机升空利用了空气流速大的位置压强小的原理，故D错误。
故选：B。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)连通器原理：连通器是上端开口底部连通的容器，连通器内只有一种液体时，液体不流动时，各容器液面相平；
(3)马德堡半球实验证明了大气压的存在；
(4)流体压强与流速的关系：流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
此题涉及到减小压强的方法、连通器原理、马德堡半球实验证明了大气压的存在、流体压强与流速的关系等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
6.【答案】B
【解析】解：A、当使用O1称量时，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，m物g×10cm=0.02kg×g×110cm，解得m物=0.22kg，故A错误；
B、换称质量较小的物体时，左边的力与力臂的乘积变小，秤砣质量m不变，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，秤砣应向左边移动，故B正确；
C、改用O2称量物体时，与用O1称量物体相比，重物拉力的力臂变小，秤砣拉力的力臂变大，且秤砣质量m不变，由杠杆的平衡条件可得Mg×L重物=mg×L秤砣，所以此时杆秤测得的最大质量变大，即杆秤的称量范围变大，故C错误；
D、当秤砣在A点时，使用O1称量物体时，与用O2称量物体相比，重物拉力的力臂较大，秤砣拉力的力臂较小，且秤砣质量m不变，由杠杆的平衡条件可得Mg×L重物=mg×L秤砣，所以此时杆秤称量的物体质量较小，故D错误。
故选：B。
(1)由杠杆平衡条件F1L1=F2L2和G=mg表示出物体质量的关系式可求得所称物体质量；
(2)由杠杆平衡条件分析换称质量较小的物体时，秤砣应向哪边移动；
(3)改用O2称量物体时，与用O1称量物体相比，重物重力的力臂变小，秤砣重力的力臂变大，且秤砣质量m不变，根据杠杆平衡条件分析答题。
(4)由杠杆平衡条件分析。
本题以杆秤为情景考查了杠杆平衡条件的应用，体现了物理在生活中的应用。
7.【答案】C
【解析】解：
经分析，灯亮表示提醒卫生服务，电铃响表示呼叫医疗服务，说明灯与电铃互不影响，是并联，且各有一个开关控制，图ABD符合题意，C不符合题意。
故选：C。
灯亮表示提醒卫生服务，电铃响表示呼叫医疗服务，说明灯与电铃互不影响，是并联，由此选择电路图。
本题考查了设计电路的能力，关键是根据串联和并联电路特点判断灯与电铃的连接方式。
8.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据串联电路的分压特点求出电压表的示数变化；
A.当变阻器R2为最大阻值时，电路中的总电阻最大，此时电流最小为I小=UR1+R2大=4.5V5Ω+20Ω=0.18A。则电流表的最小值为0.18A，故A正确；
BC.当电流表接入量程为0∼0.6A，当电路中电流为0.6A时，电压表示数为UV=IR1=0.6A×5Ω=3V
电压表接入的量程为0∼3V，所以电压表示数的最大值为3V，电路中电流最大为0.6A。根据串联电压规律，此时R2电压为U2=U−U1=4.5V−3V=1.5V
所以电流最大时，R1与R2的电压之比为U1U2=3V1.5V=21，故BC错误；
D.电流最大时，滑动变阻器的阻值最小，此时最小阻值为R2小=U2I大=Ω
滑动变阻器阻值越大，电流表和电压表示数越小，则滑动变阻器接入电路的最大阻值可达到20Ω，所以电路正常工作时，滑动变阻器的阻值变化范围在2.5∼20Ω之间，故D错误。
故选A。
(1)由电路图可知，电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中电流；根据滑动变阻器的移动可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律求出电路中电流的变化，再根据串联电路的分压特点求出电压表的示数变化；
(2)当电路的电流为0.6A时，变阻器连入电路的电流最小，由欧姆定律和串联电阻的规律得出变阻器连入电路的最小电阻，从而确定滑动变阻器的阻值变化范围。
本题考查串联电路中电压、电流、滑动变阻器接入电路电阻的计算，关键是滑动变阻器处于不同位置时电路图的辨别，并且会灵活运用欧姆定律。
9.【答案】D
【解析】解：LED灯发光，说明LED灯的支路是正常的；电风扇停止工作，说明电风扇的支路断路；用试电笔检测插座两孔，氖管均发光，这说明左右两孔与火线之间是连接的，所以故障是b、c之间断路了，故ABC错误，D正确。
故选：D。
电路的故障有两种：短路和断路；根据用电器的工作情况、氖管的发光情况判定电路的故障。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
10.【答案】A
【解析】解：A、手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，即安全又能节约用电，故A符合安全用电原则；
B、一个插排上同时使用多个大功率用电器，容易造成用电器的总功率过大，故B不符合安全用电原则；
C、拽着插头后面的电线把插头从插座里拔出来，可能将导线拉断，或将绝缘层拉裂，从而造成触电事故，故C不符合安全用电原则；
D、新能源电动汽车充电桩起火时，要先切断电源再灭火，因为生活用水容易导电，立即泼水救火，容易发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：A。
为了确保用电安全，日常生活中要做到：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；更换灯泡、搬动电器前应断开电源开关；不弄湿用电器，不损坏绝缘层；保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换。
防范触电事故最重要的是要有安全用电的意识，遵守安全用电原则。
11.【答案】BCD
【解析】解：AB、由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，故A错误，B正确；
C、若将蜡烛和光屏同时以相同的速度向右移动，当物距等于原来的像距，像距等于原来的物距时，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，光屏上还能成一次清晰的像，故C正确；
D、由图可知，u>v，且成实像，说明u=30.0cm>2f，2f>v=15.0cm>f，即15.0cm>f>7.5cm；把蜡烛放到30cm刻度处，此时物距u=50cm−30cm=20cm，可能等于二倍焦距，因此适当移动光屏，光屏上可能会得到一个等大的像，故D正确。
故选：BCD。
(1)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；
(2)在光的折射中，光路是可逆的；
(3)u>v，且成实像，说明u=40cm>2f，2f>v=10cm>f，由此可得焦距的范围，据此分析。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
12.【答案】ACD
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
AB.R2不变时，由R=UI知电压表V1示数与电流表A的示数之比为R1，故A正确，B错误；
CD.设R2阻值改变前后，电路中的电流分别为I和I′，R1两端的电压分别为：U1=IR1、U1′=I′R1，电压表V1示数的变化量为：
ΔU1=U1−U1′=IR1−I′R1=ΔIR1，则电压表V1读数的变化量与电流表读数的变化量之比的绝对值为：ΔU1ΔI=R1；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以U2=U−U1=U−IR1，U2′=U−U1′=U−I′R1，
则ΔU2=U2′−U2=U−I′R1−(U−IR1)=(I−I′)R1=−ΔIR1，即ΔU2ΔI=R1，所以电压表V2示数的变化量与电流表A的示数变化量之比的绝对值不变，故CD正确。
故选：ACD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
由R=UI判断出电压表V1示数与电流表A的示数之比的变化；
根据串联电路的电压特点和欧姆定律得出电压表V1、V2的示数变化量与电流表A的示数变化量之比与定值电阻R1阻值之间的关系，进一步得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和串联电路特点的灵活应用，关键是两电压表变化量之间关系的判断。
13.【答案】BD
【解析】解：A、由题意，控制棒受到了重力、浮力和拉力的作用。当水位达到最高水位时，此时力传感器所受的拉力为F2，方向向下，根据力的作用是相互的，控制棒受到的拉力F2′，大小等于F2，方向向上。此时控制棒排开水的体积为最大，浮力最大。控制棒的重力、浮力和拉力三个力的关系是：F浮+F2′=G=mg，可知F浮=mg−F2′=mg−F2，由F浮=ρ液gV排得：控制棒此时排开水的体积V排=F浮ρ水g=mg−F2ρ水g，故A错误。
B、当水位到达最低水位时，力传感器受到的拉力等于F1，方向向下，根据力的作用是相互的，控制棒受到的拉力F1′，大小等于F1，方向向上。此时控制棒排开水的体积为最小，浮力最小。控制棒的重力、浮力和拉力三个力的关系是：F浮min+F1=G=mg，得F浮min=mg−F1，
由以上分析知：最高水位时浮力最大，F浮max=mg−F2，
则浮力的最大变化量ΔF浮max=(mg−F2)−(mg−F1)=F1−F2，故B正确；
C、由题意，最低水位时传感器的拉力为F1，此时控制棒对传感器的拉力最大，水泵启动进水。最高水位时传感器的拉力为F2，此时控制棒对传感器的拉力最小，水泵停止向水箱注水。故注水过程中，拉力逐渐从F1减小到F2。若进水过程中同时用水，相同时间内进水量大于出水量，所以此时水位是上升的，拉力是从F1减小到F2。若水泵停止注水(拉力已达到F2)，开始用水，水位下降，则拉力从F2逐渐增大，直到水泵启动(此时拉力为F1)则不管是进水还是出水，拉力均处于F1和F2之间。故C错误。
D、缩短悬挂控制棒的细线，因F1和F2触发的条件不变，控制棒的重力不变，由F浮=G−F知：则控制棒受到的浮力不变。
根据F浮=ρ液gV排得：V排=F浮ρ水g=mg−Fρ水g，
若初始时细线的长度为L，控制棒的长度为h，水箱底到力传感器的距离为H。控制棒浸入水中的体积为V排，
设浸入深度为d，控制棒的横截面积为S棒，
则V排=S棒d，则d=V排S=mg−F1ρ水gS棒，
因mg、F1、ρ水、S棒均不变，所以d不变；
则水位高度y=H−L−ℎ+d，
缩短细线长度L，水位高度y变大。故D正确。
故选：BD。
物体受到了重力、浮力和拉力的作用，根据平衡力的知识分析这三个力的关系，再结合阿基米德原理进行分析。
本题考查了平衡力的知识、浮力知识，将两者结合起来，计算复杂，分析过程繁琐，属于难题。
14.【答案】光的直线传播
光的色散

【解析】解：圭表是通过观测影子的长短变化计时，影子的形成原理是光在同种均匀介质中沿直线传播。
空中悬浮的小水珠相当于三棱镜，将太阳光分解为不同颜色的光，形成类似彩虹的现象，这是光的色散现象。
故答案为：光的直线传播；光的色散。
光在同种均匀介质中是沿直线传播的；
彩虹是由于光的色散产生的。
本题考查的是光的直线传播及其实例；知道光的色散现象。
15.【答案】2
50

【解析】解：1个手指的宽度在1cm左右，它的身体最长尺寸仅有2个手指的宽度，所以机器人身体最长尺寸大约2cm。
该微型机器人最高移动速度为v=40cm/s=0.4m/s
当它通过20米隧道时，根据速度公式变形可知，需要的时间t=sv=20m0.4m/s=50s。
故答案为：2；50。
生活中成年人单根手指宽度约1cm，两个手指的宽度大约为2cm。
已知机器人移动速度为每秒40厘米，隧道长度为20米，需要先统一单位，再根据速度公式计算时间。
这道题包含长度估测和速度计算两个考点，都与生活常识紧密相关，属于基础题目。
16.【答案】摩擦
机械

【解析】解：由于飞机与空气发生摩擦而带上电荷，加油时有燃烧的危险，所以机体上装有尖端放电器。
当发动机工作时，发动机驱动主发电机旋转，消耗机械能，产生电能，将机械能转化为电能。
故答案为：摩擦；机械。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移。
(2)发电机工作时将机械能转化为电能。
本题考查摩擦起电和能量的转化，属于基础题。
17.【答案】9000J
600W

【解析】解：人的重力为：
G=mg=60kg×10N/kg=600N；
教室在6楼，实际上升层数为6−1=5层，每层高3m，因此电梯上升高度为：
ℎ=5×3m=15m；
克服自身重力做功为：
W1=Gℎ=600N×15m=9000J；
电梯匀速运行时，对人的支持力等于人的重力，因此电梯对人做的功等于人克服自身重力做的功，即W2=W1=9000J；
电梯对他做功的功率为：
P=W2t=9000J15s=600W。
故答案为：9000J；600W。
根据重力公式求出人的重力，教室在6楼，实际上升层数为6−1=5层，据此求出上升高度，根据W=Gℎ求出克服自身重力做功；电梯匀速运行时，对人的支持力等于人的重力，因此电梯对人做的功等于人克服自身重力做的功，根据P=Wt求出电梯对他做功的功率。
本题考查重力、做功、功率等知识的应用，关键是公式的灵活运用。
18.【答案】44Ω
55W

【解析】解：(1)当开关S1闭合，S2接1时，电路为R1的简单电路，电热水壶处于加热状态，电阻R1的阻值为R1=U2P加热=(220V)21100W=44Ω；
(2)当开关S1闭合，S2接2时，电阻R1和R2串联，电热水壶处于保温状态；已知此时R1的电功率为P1=2.75W，保温状态时电路中R1的电流为：I1= P1R1= 2.75W44Ω=0.25A，
根据串联电路的电流规律，可知I保温=I1=0.25A，电热水壶处于保温状态时的总电功率为：P保温=UI保温=220V×0.25A=55W。
故答案为：44Ω；55W。
(1)当S2接1时，电路为R1的简单电路，电热水壶处于加热状态，利用P=U2R求出电阻R1的阻值；
(2)当开关S1闭合，S2接2时，电阻R1和R2串联，电热水壶处于保温状态，根据R1的电功率和公式P=I2R可得通过R1的电流，根据串联电路的电流规律和P=UI可得保温状态时的电功率。
本题考查电功率多挡位问题，电阻、电功率的求解，难度适中。
19.【答案】电磁铁
电磁感应现象

【解析】解：奥斯特发现了电流的磁效应，这一发现的重要应用是电磁铁；
法拉第发现了电磁感应现象，这一发现实现了机械能到电能的转换，直接促成了发电机的发明。
故答案为：电磁铁；电磁感应现象。
奥斯特实验说明：通电导线周围存在磁场；当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象被称为电磁感应。
本题考查对电和磁的认识，属于一道基础题。
20.【答案】10.2 2.4 0.24 10.0
【解析】解：(1)根据电路图知滑动变阻器接左下接线柱，由电源电压知电压表选用0∼3V的量程与定值电阻并联，见下图：
；
(2)由图丙知电压表量程为0∼3V，由图所示电压表可知，其分度值为0.1V，其示数为2.4，
电流表量程为0.6A，由图所示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.24A；
根据欧姆定律得定值电阻的阻值为：
R2=U2I2=Ω，
平均电阻为：
R=R1+R2+R33=10.6Ω+10.0Ω+10.0Ω3=10.2Ω。
故答案为：(1)见解答图；(2)2.4；0.24；10.0；10.2。
(1)根据电路图连接实物图，根据图丙确定电压表的量程；
(2)根据电表量程读出电压表和电流表的示数，根据欧姆定律求解电阻，多次测量求平均值减小误差。
此题考查的是伏安法测电阻的探究过程，包括实物图的连接、电表的读数及电阻的计算，包含的内容较多，但难度不大，是一道基础题。
21.【答案】匀速直线
等于
压力
甲、丙
无关
无论是否匀速拉动长木板，滑动摩擦力大小都保持不变，弹簧测力计示数稳定，易于读数

【解析】解：(1)实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡知识，可知拉力的大小等于滑动摩擦力的大小；
(2)甲、乙两次实验接触面的粗糙程度是一定的，压力是不同的，弹簧测力计的示数不同即摩擦力是不同的，这就说明摩擦力的大小和压力大小有关，即：接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力越大；
(3)甲、丙两次实验压力是一定的，接触面的粗糙程度是不同的，弹簧测力计的示数不同即摩擦力是不同的，这就说明摩擦力的大小和接触面的粗糙程度有关，即：在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(4)从表格中的数据可以看出，四次实验中木块运动的速度越来越大，而拉力的大小却始终不变，因此摩擦力的大小与运动的速度无关；
(5)如图丁所示，木块对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此无论是否匀速拉动长木板，滑动摩擦力大小都保持不变，弹簧测力计示数稳定，易于读数。
故答案为：(1)匀速直线；等于；(2)压力；(3)甲、丙；(4)无关；(5)无论是否匀速拉动长木板，滑动摩擦力大小都保持不变，弹簧测力计示数稳定，易于读数。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)(3)影响摩擦力的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，实验中要采用控制变量法；
(4)从数据中观察速度的大小是否对弹簧测力计的拉力构成了影响，从而进行判断；
(5)根据图示实验装置分析答题。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】a.将天平放在水平台上，再将两个烧杯分别放在天平的左右两盘，调节天平平衡；b.把金属块放入左盘烧杯中，向右盘烧杯中加水，直到天平再次平衡；再将右盘烧杯中的水全部倒入量筒中，测出水的体积为V1；c.再分别向左右两盘的烧杯中加入适量的水，使天平平衡；用细线拴住金属块，将其完全浸没在左盘烧杯的水中(不接触杯底和杯壁)；用滴管从量筒中取水加入右盘烧杯中，使天平再次平衡，记录量筒中水的体积变化为V2 ρ=m金V金=ρ0V1V2
【解析】解：
(1)a.将天平放在水平台上，再将两个烧杯分别放在天平的左右两盘，调节天平平衡；
b.把金属块放入左盘烧杯中，向右盘烧杯中加水，直到天平再次平衡。再将右盘烧杯中的水全部倒入量筒中，测出水的体积为V1。
c.再分别向左右两盘的烧杯中加入适量的水，使天平平衡。用细线拴住金属块，将其完全浸没在左盘烧杯的水中(不接触杯底和杯壁)。用滴管从量筒中取水加入右盘烧杯中，使天平再次平衡，记录量筒中水的体积变化为V2。
(2)ρ=m金V金=ρ0V1V2。
利用天平，根据等效替代法得出把金属块的质量；用细线拴住金属块，将其完全浸没在左盘烧杯的水中(不接触杯底和杯壁)，根据金属块排开水的质量等于右盘中杯中加水的质量，据此得出金属块的体积；根据密度公式得出金属块的密度。
本题考查固体密度测量的特殊方法，难度较大。
23.【答案】水吸收的热量为2.52×104J 电加热器的效率为70%
【解析】(1)水吸收的热量：Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.3kg×(40∘C−20∘C)=2.52×104J。
(2)电加热器消耗的电能：
W电=Pt=300W×120s=3.6×104J，
电加热器的效率：η=Q吸W电=2.52×104J3.6×104J=70%。
答：(1)水吸收的热量为2.52×104J；
(2)电加热器的效率为70%。
(1)根据Q吸=cmΔt求出水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电加热器消耗的电能，根据效率公式求出电加热器的效率。
本题考查吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，属于电热综合题，难度不大。
24.【答案】解：(1)只闭合开关S1，电路为电阻R1的简单电路，由欧姆定律可得电源电压：U=IR1=0.3A×20Ω=6V；
(2)S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各并联支路两端电压相等，由欧姆定律可得通过电阻R2的电流：I2=UR2=6V30Ω=0.2A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数：I=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A。
答：(1)电源电压为6V；
(2)S1、S2均闭合时，电流表的示数为0.5A。
【解析】(1)只闭合开关S1，电路为电阻R1的简单电路，由欧姆定律可得电源电压；
(2)S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过电阻R2的电流，根据并联电路电流规律计算电流表的示数。
本题考查并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，题目难度不大。
25.【答案】根据图象可知：电源电压U0是1.5V 电阻R的阻值是1Ω 滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化为1Ω，该滑动变阻器没有断路时的总电阻值为14Ω
【解析】解：图中定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器的电压；
(1)根据图中开始时的电流为0，说明电路是断路，而电压表有示数，则电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数保持1.50V不变，因此电源电压U0=1.5V；
(2)由图像可得，x=5cm时，滑动变阻器两端电压U1=1.35V，电路电流I1=0.15A。
根据串联电路特点知，R两端电压UR=U0−U1=1.5V−1.35V=0.15V；
根据欧姆定律I=UR，可得R的阻值R=URI1=Ω；
(3)当x=5cm时，滑动变阻器接入电路的阻值R1=U1I1=Ω；
当x=10cm时，由图像可得，滑动变阻器两端电压U2=1.20V，电路电流I2=0.30A，此时滑动变阻器接入电路的阻值R2=U2I2=Ω；
滑片移动的距离Δx=10cm−5cm=5cm；
接入电阻的变化量ΔR=R1−R2=9Ω−4Ω=5Ω；
因此每滑动1cm的阻值变化ΔRΔx=5Ω5cm=1Ω/cm；
即每滑动1cm阻值变化1Ω。
断点位置在x=5cm处，即滑动变阻器最右端到断点的长度为5cm，因此滑动变阻器没有断路时的总电阻R总=R1+5cm×1Ω/cm=9Ω+5Ω=14Ω。
答：(1)根据图象可知：电源电压U0是1.5V；
(2)电阻R的阻值是1Ω；
(3)滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化为1Ω，该滑动变阻器没有断路时的总电阻值为14Ω。
图中定值电阻R与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器的电压；
(1)从图象上可以看出断点的位置和电源电压的大小；
(2)从图象上可看出，当x=5cm时电路为通路，并读出电表的示数，根据串联电路电压的规律求出电阻R两端的电压，根据欧姆定律求出电阻R的大小；
(3)根据欧姆定律求出接入电路的电阻，即为此时滑动变阻器完好部分的电阻丝的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析图象得到有用的数据。实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
电阻平均值R/Ω
1
1.7
0.16
10.6
______
2
______
______
______
3
2.8
0.28
10.0
实验次数
1
2
3
4
运动速度(m/s)
0.3
0.4
0.5
0.6
测力计的示数(N)
1.2
1.2
1.2
1.2
物质
质量/kg
初温/∘C
加热时间/s
末温 ∘C
水
0.3
20
120
40