高考生物二轮复习考点重难点训练热点02 遗传定律的特殊比例归纳（2份，原卷版+解析版）

这是一份高考生物二轮复习考点重难点训练热点02 遗传定律的特殊比例归纳（2份，原卷版+解析版），共3页。试卷主要包含了用经典公式或分离比计算，根据配子概率计算，自交的概率计算，自由交配的概率计算等内容，欢迎下载使用。
知识点一：分离定律的概率计算(含自交与自由交配)
1．用经典公式或分离比计算
(1)概率＝eq \f(某性状或基因型数,总组合数)×100%。
(2)根据分离比计算
如Aaeq \(――→,\s\up7(⊗))∶1aa
3显性性状∶1隐性性状
AA、aa出现的概率各是eq \f(1,4)，Aa出现的概率是eq \f(1,2)，显性性状出现的概率是eq \f(3,4)，隐性性状出现的概率是eq \f(1,4)，显性性状中杂合子的概率是eq \f(2,3)。
2．根据配子概率计算
(1)先计算亲本产生每种配子的概率。
(2)根据题目要求用相关的两种(♀、♂)配子的概率相乘，即可得出某一基因型的个体的概率。
(3)计算表现型概率时，将相同表现型的个体的概率相加即可。
3．自交的概率计算
(1)杂合子Dd连续自交n代(如图1)，杂合子比例为(eq \f(1,2))n，纯合子比例为1－(eq \f(1,2))n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－(eq \f(1,2))n]×eq \f(1,2)。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示：
(2)杂合子Aa连续自交且逐代淘汰隐性个体的概率计算
第一步，构建杂合子自交且逐代淘汰隐性个体的图解：
第二步，依据图解推导相关公式：
杂合子Aa连续自交，其中隐性个体的存在对其他两种基因型的个体数之比没有影响，可以按照杂合子连续自交进行计算，最后去除隐性个体即可，因此可以得到：连续自交n代，显性个体中，纯合子的比例为eq \f(2n－1,2n＋1)，杂合子的比例为eq \f(2,2n＋1)。
4．自由交配的概率计算
(1)若杂合子Aa连续自由交配n代，杂合子比例为eq \f(1,2)，显性纯合子比例为eq \f(1,4)，隐性纯合子比例为eq \f(1,4)；若杂合子Aa连续自由交配n代，且逐代淘汰隐性个体后，显性个体中，纯合子比例为eq \f(n,n＋2)，杂合子比例为eq \f(2,n＋2)。
(2)自由交配问题的两种分析方法：如某种生物基因型AA占eq \f(1,3)，Aa占eq \f(2,3)，个体间可以自由交配，求后代中AA的比例。
解法一：列举法
解法二：配子法——最直接的方法
eq \f(1,3)AA个体产生一种配子A；eq \f(2,3)Aa个体产生两种数量相等的配子A和a，所占比例均为eq \f(1,3)，则A配子所占比例为eq \f(2,3)，a配子所占比例为eq \f(1,3)。
由表可知：F1基因型的比例为AA∶Aa∶aa＝eq \f(4,9)∶eq \f(4,9)∶eq \f(1,9)＝4∶4∶1；F1表现型的比例为A_∶aa＝eq \f(8,9)∶eq \f(1,9)＝8∶1。
知识点二： 杂交、自交、测交、正交与反交的应用
(1)判断显、隐性的常用方法有杂交、自交。
(2)判断纯合子与杂合子的常用方法有自交和测交，当被测个体为动物时，常采用测交法，但要注意后代个体数不能太少；当被测个体为植物时，测交法、自交法均可以，能自花授粉的植物用自交法，操作最为简单，且纯合性状不会消失。
(3)提高纯合子所占比例的方法是自交。
(4)推测子一代产生配子的类型、比例的方法是测交。
(5)判断核遗传与质遗传的方法是正交与反交。
(6)证明分离定律或自由组合定律的常用方法有自交和测交。
知识点三：性状遗传中异常分离比的出现原因
(1)具有一对相对性状的杂合子自交
Aa×Aa→1AA∶2Aa∶1aa
①2∶1⇒显性纯合致死，即AA个体不存活。
②全为显性⇒隐性纯合致死，即aa个体不存活。
③1∶2∶1⇒不完全显性，即AA、Aa、aa的表现型各不相同。
(2)具有两对相对性状的杂合子自交
AaBb×AaBb→1AABB∶2AaBB∶4AaBb∶2AABb∶1AAbb∶2Aabb∶1aaBB∶2aaBb∶1aabb
eq \b\lc\{\rc\ (\a\vs4\al\c1(①9∶3∶4⇒aa或bb成对存在时就和双隐性表现出同, 一种性状,②9∶6∶1⇒单显表现出同一种性状，其余表现正常,③12∶3∶1⇒双显和某一种单显表现出同一种性状,④9∶7⇒单显和双隐表现出同一种性状,⑤15∶1⇒有显性基因就表现出同种性状))
遗传的计算与实验方案设计，一直是得分的难点，也是学生比较难理解和掌握的部分，对于基础较弱的学生，要能熟悉基本的运算，但是对于基础较好的学生，学生要会理解特殊比例的计算以及对于自交与自由交配的原理，要能熟练运用。同时能够利用基因自由组合定律常见的分离比进行推导和计算，把握基因自由组合定律特殊分离比的情况，结合题意写出配子的种类和比例，
（建议用时：30分钟）
一、单选题
1． 某雌雄异株植物的叶形有宽叶和窄叶，分别受常染色体上的等位基因A，a控制，且隐性花粉有50%不育。现有基因型为AA：Aa=1：2的雄株，将其与窄叶雌株杂交，得到F1，再让F1随机交配得到F2，则F2中宽叶与窄叶植株的比值为（ ）
A．5：4B．16：9C．26：9D．7：2
【答案】C
【解析】
【分析】
分析题意可知，AA与Aa雄株与窄叶雌株杂交得F1。因隐性花粉有50%不育，1/3AA与2/3Aa产生的雄配子为A：a＝（1/3+2/3×1/2）：2/3×1/2×1/2＝4：1，窄叶雌株产生的雌配子为a。
【详解】
由分析可知，亲本杂交产生F1有两基因型Aa和aa，比例为4：1；F1再进行随机交配得到F2。F1产生的雌配子比例为A：a＝（4/5×1/2）：（1/5+4/5×1/2）＝2：3，雄配子比例为A：a＝（4/5×1/2）：（1/5×1/2+4/5×1/2×1/2）＝4：3，雌雄配子随机结合，F2中宽叶植株为4/7×2/5+4/7×3/5+3/7×2/5＝26/35，窄叶植株为3/7×3/5＝9/35，二者比例为26：9，ABD错误，C正确。
故选C。
2． 某种牵牛花花色的遗传受染色体上的一对等位基因控制，用纯合红色牵牛花和纯合紫色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花。让F1粉红色牵牛花自交，F2中出现红色、粉红色和紫色三种类型的牵牛花，比例为1：2：1。若取F2中的粉红色牵牛花和紫色牵牛花分别自交，则后代的表现型及比例接近于（ ）
A．红色：粉红色：紫色＝1：2：1B．红色：粉红色：紫色＝1：4：1
C．紫色：粉红色：红色＝3：2：1D．紫色：粉红色：红色＝4：4：1
【答案】C
【解析】
【分析】
分析题意可知，F1所表现出来的性状与亲本性状不同，但F2中出现红色、粉红色和白色，说明红色对白色为不完全显性，杂合子表现为双亲的中间性状。紫色牵牛花基因型可能为AA、红色牵牛花基因型为aa（或者紫色牵牛花基因型可能为aa、红色牵牛花基因型为AA）。假设亲本纯合紫牵牛花的基因型为AA，纯合红色牵牛花基因型为aa，则粉红色牵牛花F1的基因型是Aa。
【详解】
由分析可知，粉色是中间性状，粉红色牵牛花F1基因型是Aa，F1自交后，F2中AA：Aa：aa=1:2:1，由F2的表现型可判断，紫色牵牛花基因型为AA或aa。F2中粉红色牵牛花、紫色牵牛花的比例Aa：AA=2：1，分别进行自交，则1/3AA自交后代还是1/3AA，2/3Aa自交后代出现性状分离，即2/3×（1/4AA+1/2Aa+1/4aa）＝1/6AA+1/3Aa+1/6aa，则F2中粉红色牵牛花、紫色牵牛花分别进行自交，后代表现型及比例为紫色牵牛花AA（1/3+1/6）：粉红色牵牛花Aa（1/3）：红色牵牛花（1/6）=3:2:1；若紫色牵牛花基因型可能为aa、红色牵牛花基因型为AA，则后代表现型及比例为红色牵牛花AA（1/3+1/6）：粉红色牵牛花Aa（1/3）：紫色牵牛花（1/6）=3:2:1。因此C正确，ABD错误。
故选：C。
3． 现用某野生植物甲（AABB）、乙（aabb）两品系作亲本杂交得F1，F1的测交结果如下表。下列推测或分析不正确的是（ ）
A．F1自交得到的F2有9种基因型
B．F1产生的基因型为AB的花粉50%不能萌发而不能受精
C．F1自交后代F2中重组类型的比例是3/7
D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意和图表分析可知：野生植物的甲（AABB）、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1，F1的基因型为AaBb。
根据基因自由组合定律，F1能产生四种配子，即AB、Ab、aB、ab。根据表格，F1作父本与aabb个体杂交，后代AaBb:Aabb:aaBb:aabb＝1:2:2:2，而aabb个体只能产生ab一种配子。故F1产生的花粉及比例为AB:Ab:aB:ab＝1:2:2:2。F1做母本与aabb杂交，后代AaBb:Aabb:aaBb:aabb＝1:1:1:1，故F1产生的雌配子及比例为AB:Ab:aB:ab＝1:1:1:1。
【详解】
A、F1的基因型为AaBb，其自交所得F2的基因型种类为3×3=9种，A正确；
B、根据分析，F1产生的花粉及比例为AB:Ab:aB:ab＝1:2:2:2，由此可见，F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精，B正确；
C、F1自交后代F2的基因型为
重组类型为A_bb、aaB_，所占比例为+++++＝，C正确；
D、正反交结果不同的原因是F1产生的AB花粉50%不能萌发，而且这两对基因的遗传遵循自由组合定律，D错误。
故选D。
4． 某昆虫体色的黄色对黑色为显性，翅形的长翅对残翅为显性，两种性状受两对独立遗传的等位基因控制。现有两纯合亲本杂交得F1，F1雌雄个体间相互交配得F2，F2的表现型及比例为黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，下列相关分析，正确的是（ ）
A．该昆虫种群中存在控制黄色和长翅的基因纯合致死现象
B．F1产生的具有受精能力的雌、雄配子的种类不同
C．F2个体存在5种基因型，其中纯合子所占比例为1/3
D．F2黄色长翅个体与黑色残翅个体杂交后代有3种表现型，比例为1∶1∶1
【答案】D
【解析】
根据题意“某昆虫体色的黄色（设由A控制）对黑色为显性，翅形的长翅（设由B控制）对残翅为显性，两种性状受两对独立遗传的等位基因控制”，说明两对基因遵循自由组合定律，分析F2中黄色长翅∶黄色残翅∶黑色长翅∶黑色残翅=2∶3∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，说明在黄色长翅中存在致死现象。若为配子致死，由子代份数为2+3+3+1=9可知，雌雄配子中各有一种类型死亡，又由于后代只有双显性个体减少，所以可初步判断雌雄配子中均出现AB配子致死现象，此时子二代符合题目所示2∶3∶3∶1的表现。若为合子致死则无法出现上述比例。
【详解】
A、根据上述分析可知，若控制黑色和长翅的纯合子致死，则F2中的黄色长翅的份数应为4而非2，且黄色残翅和黑色长翅中也应该有致死的个体，故子二代不符合题目所示2∶3∶3∶1的表现，A错误；
B、根据上述分析可知，若为配子致死，则应为雌雄配子中均出现AB配子致死现象，即F1产生的具有受精能力的雌、雄配子的种类应相同，B错误；
C、若为雌雄配子中均出现AB配子致死现象，则子二代存在的基因型为6种，分别为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、2AaBb、1aabb，纯合子所占比例为3/9=1/3，C错误；
D、若为雌雄配子中均出现AB配子致死现象，则F2中黄色长翅个体基因型为AaBb，黑色残翅基因型为aabb，由于AB配子死亡，所以后代基因型和比例为Aabb∶aaBb∶aabb=1∶1∶1，分别对应黄色残翅、黑色长翅、黑色残翅，D正确。
故选D。
5． 某种牛，基因型为AA的体色是红褐色，aa是红色，基因型为Aa的雄性红褐色，雌性红色。现有多只红褐色雄牛和多只红色雌牛进行随机交配，子代雄性中红褐色：红色＝19：5，雌性中红褐色：红色＝1：3，下列叙述正确的是（ ）
A．亲本红褐色雄牛只有一种基因型Aa
B．亲本红褐色雄牛有两种基因型，AA：Aa=1：3
C．亲本红色雌牛只有一种基因型aa
D．亲本红色雌牛有两种基因型，Aa：aa=3：1
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意，对于雄性：（AA+Aa）/aa=19：5，对于雌性：AA/（Aa+aa）=1：3，亲本雄性中可能有AA和Aa两种基因型，雌性中可能有Aa和aa两种基因型，设雄性中Aa为x，AA占比（1-x），雌性中Aa占比为y，aa为（1-y），因为雄性中红褐色：红色=19：5，雌性中红褐色：红色=1：3，得到F1雌性红褐色AA=x/2×（1-y/2）=1/4，F1雄性红色AA=（1-x/2）×y=5/24，解出的x=2/3，y=3/4，所以亲本雄性AA:Aa=1:2，亲本雌性aa：Aa=1:3。
【详解】
A、根据分析，亲本红褐色雄牛有两种基因型：AA和Aa，A错误；
B、根据分析，亲本红褐色雄牛有两种基因型：AA：Aa=1：2，B错误；
C、亲本红牛有两种基因型，Aa和aa，C错误；
D、亲本红色雌牛有两种基因型，Aa：aa=3：1，D正确。
故选D。
6． 用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图所示。下列分析正确的是（ ）
A．曲线I和III的各子代间A和a的基因频率始终相等
B．曲线II的F3代中纯合体的比例是3/5
C．曲线Ⅲ的F3代中纯合体的比例是7/10
D．曲线IV的Fn中纯合体的比例比上一代增加（1/2）n+1
【答案】B
【解析】
【分析】
根据题意和图示分析可知：连续自交和随机交配的F1中Aa的基因型频率都是1/2，所以I和IV符合，但是连续自交的结果是纯合子所占的比例越来越大，杂合子所占的比例越来越小，所以IV是自交的结果，I是随机交配的结果；曲线Ⅱ和Ⅲ的F1代中杂合子Aa所占比例相同，这是由于亲代Aa自交和随机交配的结果是一样的，即F1的基因型及其比例为：（1/4AA+1/2Aa+1/4aa），淘汰掉其中的aa个体后，Aa的比例都为2/3，AA的比例为1/3，如果自交则其后代F2是1/3AA+2/3（1/4AA+1/2Aa+1/4aa），淘汰掉aa以后得到3/5AA+2/5Aa，即F2中Aa所占的比例是2/5，符合曲线Ⅲ；如果是随机交配，根据遗传平衡定律，后代F2是（2/3A+1/3a）2，即（4/9AA+4/9Aa+1/9aa），淘汰掉aa后得到1/2AA+1/2Aa，即F2中Aa占1/2，符合曲线Ⅱ。综上所述，曲线I是随机交配的结果，曲线Ⅱ是随机交配并淘汰aa的结果，曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的结果，曲线IV是自交的结果。
【详解】
A、由分析可知，曲线Ⅰ表示随机交配，该过程不存在选择，没有发生进化，A和a的基因频率始终相等；曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的结果，a的基因频率会不断降低，A错误；
B、由分析可知，曲线II是随机交配并淘汰aa的曲线，F2中Aa占1/2，随机交配得到的F3是（3/4A+1/4a）2，即（9/16AA+6/16Aa+1/16aa），淘汰aa后，F3代中纯合体AA的比例是3/5，B正确；
C、由分析可知，曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线，F2代Aa所占的比例是2/5，自交得到的F3是3/5AA+2/5（1/4AA+1/2Aa+1/4aa），即（7/10AA+2/10Aa+1/10aa），淘汰aa后，F3代中纯合体AA的比例是7/9，C错误；
D、由分析可知，曲线IV是自交的结果，连续自交后，Fn中纯合体（AA和aa）比例为1-（1/2）n，Fn-1中纯合体的比例为1-（1/2）（n-1），二者之间差值是（1/2）n ，D错误。
故选B。
7． 已知小麦的抗旱对敏旱为显性，多颗粒对少颗粒为显性，这两对相对性状分别由一对等位基因控制。现有一颗表现型为抗旱、多颗粒的植株，对其进行测交，测交后代4种表现型及比例为抗旱多颗粒：抗旱少颗粒：敏旱多颗粒：敏旱少颗粒=2：1：1：2，若让这棵植株自交，其后代上述4种表现型的比例应为（ ）
A．9：3：3：1B．24：8：3：1C．22：5：5：4D．20：5：5：2
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：抗旱与多颗粒为显性，各由一对等位基因独立遗传，说明遵循基因的自由组合定律。测交是指杂合体与隐性个体杂交，其后代表现型及比例能真实反映杂合体产生配子的种类及比例，从而推测出其基因型。
【详解】
由题意可知小麦的抗旱性（A）和多颗粒（B）的遗传遵循基因的自由组合定律。一颗表现型为抗旱、多颗粒的植株，对其进行测交，测交后代4种表现型及比例为抗旱多颗粒：抗旱少颗粒：敏旱多颗粒：敏旱少颗粒=2：1：1：2，说明抗旱多颗粒植株产生的可育配子AB：Ab：aB：ab=2：1：1：2。若让这棵植株自交，其后代上述4种表现型的比例应为（2/6×2/6+2/6×1/6×2+2/6×1/6×2+2/6×2/6×2+1/6×1/6×2）：（1/6×1/6+1/6×2/6×2）：（1/6×1/6+1/6×2/6×2）：（2/6×2/6）=22：5：5：4。
故选C。
【点睛】
本题考查基因自由组合定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。
8． 研究发现，当果蝇的一条常染色体上的隐性基因t纯合时，雌蝇即转化为不育的雄蝇。现将基因t位点杂合的雌蝇与纯合隐性雄蝇作为亲本杂交，则理论上性别比例（♂∶♀）是（ ）
A．9∶7B．3∶1C．13∶3D．11∶5
【答案】D
【解析】
【分析】
分离规律的实质是：杂合体内，等位基因在减数分裂生成配子时随同源染色体的分开而分离，进入两个不同的配子，独立的随配子遗传给后代。
【详解】
根据题意用“/”把同源染色体或其上的等位基因分开，用“，”把非等位基因对分开。
亲本用t位点杂合的雌蝇与纯合隐性雄蝇杂交，F1中：3/4雄：1/4雌=3：1；F2：由于F1中的“转化”，导致雄蝇没有生育能力，所以共有二种交配类型，每一种交配频率为1/2；
第一种：X/X，+/t 雌×X/Y，+/t 雄；这一类交配类型中F2的性比为3/8雌：5/8 雄，由于这种类型的交配频率仅为所有可能交配类型的1/2，所以它们分别占整个F2后代中的性比为1/2×3/8=3/16雌：1/2×5/8=5/16雄；
第二种：X/X，+/t雌×X/Y，t/t 雄；这个交配类型与亲本的交配类型一样，后代中有3/4雄、1/4雌，又由于这种交配的频率为1/2，所以它们分别占整个F2后代中的性比为（1/2×3/4）=3/8雄：（1/2×1/4）=1/8雌；
最后将两种交配类型所产生的雌雄后代分别相加得：雄=5/16+3/8=11/16，雌=3/16+1/8=5/16，因此，F2的期望性比♂：♀为11：5。
故选D。
9． 某雌雄同株植物的花色有紫色和蓝色两种。为了研究其遗传机制，研究者利用纯系品种进行了杂交实验，结果见表，下列叙述错误的是
A．通过I判断，紫色和蓝色这对相对性状至少由两对等位基因控制
B．将I、II中的F2紫色植株相互杂交，产生的后代中紫色和蓝色的比例为36：5
C．取杂交II中的F2紫色植株随机交配，产生的后代紫色和蓝色的比例为8：1
D．将两个杂交组合中的F1相互杂交，产生的后代紫色和蓝色的比例为3：1
【答案】B
【解析】
【分析】
分析表格数据：杂交组合Ⅰ中，子一代全为紫色，子二代中出现蓝色，说明紫色是显性性状，又因为子二代中紫色：蓝色=260：61=13：3，所以花色性状的遗传由两对等位基因控制的，且遵循自由组合定律，设基因为Aa和Bb，子一代的基因型为AaBb，杂交Ⅱ中F2的紫色：蓝色=270：89=3：1，说明一对等位基因纯合，一对等位基因杂合，故紫花植株的基因型为A_B_、A_bb、aabb，蓝花的基因型为aaB_。
【详解】
A、根据以上分析可知，通过I判断，紫色和蓝色这对相对性状至少由两对等位基因控制，A正确；
B、杂交Ⅰ中F2的紫色植株的基因型及比例为AABB：AaBB：AABb：AaBb：Aabb：AAbb：aabb=1：2：2：4：2：1：1，产生配子的概率AB%=4/13，Ab%=4/13，aB%=2/13，ab=3/13, 杂交Ⅱ中子二代的紫花的基因型为AaBB和AABB，两者比例为2：1，产生配子的概率AB%=2/3，aB%=1/3，产生的后代中蓝色aaB_的比例为2/13×1/3+3/13×1/3=5/39，则后代中紫色的比例为34/39，故产生的后代中紫色和蓝色的比例为34：5，B错误；
C、杂交Ⅱ中子二代的紫花的基因型为AaBB和AABB，两者比例为2：1，随机交配产生AB配子的概率=2/3，aB%=1/3，后代蓝花的概率=1/3×1/3＝1/9，故产生的后代紫色和蓝色的比例为8：1，C正确；
D、杂交Ⅰ中子一代的基因型为AaBb，杂交Ⅱ中子一代的基因型为AaBB，两者杂交，子代紫色和蓝色的比例为3：1，D正确。
故选B。
10、若利用根瘤菌农杆菌转基因技术将抗虫基因（B）和抗除草剂基因（R）转入大豆，获得某抗虫抗除草剂的植株甲和乙。已知目的基因与染色体的位置关系如图所示。甲、乙分别自交后，子代的表现型种类数和其中抗虫抗除草剂个体所占的比例为（不考虑交叉互换）
A．甲：3种 53/64 ；乙：4种 55/64
B．甲：4种 51/64 ；乙：3种 57/64
C．甲：4种 49/64 ；乙：4种 29/32
D．甲：3种 48/64 ；乙：3种 59/64
【答案】D
【解析】
【分析】
本题的难点是甲乙产生的配子种类数和比例，解题时可用分支法，且将不含抗性基因的染色体标记为0，可得到甲和乙产生的配子种类和比例，并用棋盘法分析不同时抗虫抗除草剂个体所占的比例，再进而求抗虫抗除草剂个体所占的比例。
【详解】
若利用根瘤菌农杆菌转基因技术将抗虫基因（B）和抗除草剂基因（R）转入大豆，获得某抗虫抗除草剂的植株甲和乙。由图可知，甲中一条染色体上抗虫和抗除草剂基因连锁，减数分裂时，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以甲自交后，子代的表现型种类数为3种（抗虫抗除草剂、不抗虫不抗除草剂、不抗虫抗除草剂），甲减数分裂产生的配子（不含抗性基因的染色体用0表示）种类和比例为BRRR：BRR0：BR00：RR0：R00：000=1：2：1：1：2：1，用棋盘法演示可知，后代中抗虫抗除草剂个体所占的比例为1-（1/8×1/8+1/8×2/8+1/8×1/8+1/8×2/8+2/8×2/8+2/8×1/8+1/8×1/8+1/8×2/8+1/8×1/8）=48/64；乙自交后，子代的表现型种类数为3种（抗虫抗除草剂、抗虫不抗除草剂、不抗虫抗除草剂），乙减数分裂产生的配子（不含抗性基因的染色体用0表示）种类和比例为BRRR：BRR0：BBRR：BBR0：BR0：B00：RR0：R00=1：1：1：1：1：1：1：1，所以后代中抗虫抗除草剂个体所占的比例为（1-1/8×1/8+1/8×1/8+1/8×1/8+1/8×1/8+1/8×1/8）=59/64；综上所述，ABC错误，D正确。
故选D。
11．某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花授粉后获得160粒种子，这些种子发育成的小麦中有30株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在其F1中选择大穗抗病的再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的
A．2/10B．7/10C．2/9D．7/9
【答案】D
【解析】
【分析】
分析题干信息：一株大穗不抗病的小麦，自花授粉获得的后代出现了性状分离，既有大穗和小穗，也有抗病和不抗病，因此该大穗不抗病的小麦为双杂合子，大穗和不抗病为显性，假设大穗由A控制，不抗病由B控制，该植株的基因型为AaBb。
【详解】
由题意可知，原本的“大穗不抗病的小麦”的基因型为AaBb，则自交后产生的30 株大穗抗病的小麦的基因型为1/3AAbb、2/3Aabb，再自交产生的F1中大穗抗病有3/5AAbb、2/5Aabb，让它们再进行自交，理论上 F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占 F2中所有大穗抗病小麦的=（3/5+2/5×1/4）÷(1-2/5×1/4)=7/9。
故选D。
12、已知旱金莲的花长受三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具有叠加性。最长花长为30mm的旱金莲与最短花长为12mm的旱金莲相互授粉，子代花长均为21mnn。花长为24mm的植株自交，后代出现性状分离，其中花长为24mm的个体所占比例是（ ）
A．1/16B．1/8C．5/16D．3/8
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意分析，早金莲由三对等位基因控制花的长度，这三对基因分别位于三对同源染色体上，作用相等且具叠加性。根据最长花长为30mm，说明个体基因型全为显性基因组成，即为AABBCC，所以每个显性基因控制花长为30/6=5mm；根据最短花长为12mm，说明个体基因型组成全为隐性基因，即为aabbcc，所以每个隐性基因控制花长为12/6=2mm。由此说明，该类植物每增加一个显性基因，花长增加5-2=3mm，所以花长为24mm的个体中应该含（24-12）÷3=4个显性基因。
【详解】
根据前面的分析可知，花长为24mm的个体中含有4个显性基因，所以其基因型可能是AABBcc、aaBBCC、AAbbCC、AABbCc、AaBBCc、AaBbCC，如果是前三种基因型的一种植株自交，由于纯合子不发生性状分离，后代全为含4个显性基因的植株，即花长全为24mm，占比为100%，没有可选的答案；如果是后三种基因型中一种植株自交(以最后一种基因型为例分析)，后代中含4个显性基因的植株的基因型有三种，即AaBbCC、aaBBCC、AAbbCC，它们所占比例是1/2×1/2×1+1/4×1/4×1+1/4×1/4×1=3/8，所以D选项是正确的。
二、非选择题
13、植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用其因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表（实验②中F1自交得F2）。
回答下列问题：
(1)根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是_______________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是____________。
(2)甲乙丙丁中属于杂合体的是_________。
(3)实验②的F2中纯合体所占的比例为_________。
(4)假如实验②的F2中缺刻叶齿皮：缺刻叶网皮：全缘叶齿皮：全缘叶网皮不是9:3:3:1，而是45:15:3:1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是_________。
【答案】(1) F1中缺刻叶：全缘叶=1：1，齿皮：网皮=1：1 缺刻叶、齿皮
(2)甲、乙
(3)1/4
(4)果皮
【解析】
【分析】
分析题表，实验②中F1自交得F2，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性（相关基因用A和a表示），齿皮对网皮为显性（相关基因用B和b表示），且F2出现9∶3∶3∶1。说明两对性状由两对基因控制，遵循自由组合定律。
(1)
实验①中F1表现为1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮，1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶=1∶1，齿皮∶网皮=1∶1，每对相对性状结果都符合测交的结果，说明这2对相对性状的遗传均符合分离定律；根据实验②，F1全为缺刻叶齿皮，F2出现全缘叶和网皮，可以推测缺刻叶对全缘叶为显性，齿皮对网皮为显性。
(2)
根据已知条件，甲、乙、丙、丁的基因型不同，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮（A_bb），实验①杂交的F1结果类似于测交，说明甲为杂合子，基因型为Aabb，则乙的基因型为aaBb，实验②的F2出现9∶3∶3∶1，则F1的基因型为AaBb，则丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB，所以甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲和乙。
(3)
实验②的F2中纯合体基因型为1/16AABB，1/16AAbb，1/16aaBB，1/16aabb，所有纯合体占F2的比例为1/4。
(4)
假如实验②的F2中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮=45∶15∶3∶1，分别统计两对相对性状，缺刻叶∶全缘叶=60∶4=15∶1，可推知叶形受两对等位基因控制，齿皮∶网皮=48∶16=3∶1，可推知果皮受一对等位基因控制。
14、已知某植物花朵颜色由两对基因(A、a和B、b)控制，A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅。B基因与细胞液的酸碱性有关。其基因型与表现型的对应关系见下表：
请回答下列问题：
(1)该植物花色为深紫色基因型有_______________________ 。
(2)纯合白色植株和纯合深紫色植株作为亲本杂交，子一代全部是淡紫色植株。该杂交亲本的基因型组合是_______________________________________。
(3)有人认为A、a和B、b基因位于一对同源染色体上，也有人认为A、a和B、b基因分别 位于两对非同源染色体上。现利用淡紫色红玉杏(AaBb)设计实验进行探究。
实验步骤：让淡紫色花 (AaBb)植株自交，观察统计子代花的颜色.比例(不考虑交叉互换)。 实验预测及结论：
①若子代花色及比例为______，则A、a和B、b基因分别位于两对非同源染色体上。
②若子代花色及比例为______，则A、a和B、b基因位于一对同源染色体上且A和b连锁。
③若子代花色及比例为______，则A、a和B、b基因位于一对同源染色体上且A和B连锁
【答案】(1)AAbb、Aabb
(2)AABB×AAbb或aaBB×AAbb
(3) 深紫色∶淡紫色∶白色＝3∶6∶7 深紫色∶淡紫色∶白色＝1∶2∶1 淡紫色∶白色＝1∶1
【解析】
【分析】
根据题意可知：A基因控制色素合成，该色素随液泡中细胞液pH降低而颜色变浅，B基因与细胞液的酸碱性有关，结合表格，深紫色为A_bb，淡紫色为A_Bb，白色为A_BB和aa_ _，因此纯合白色植株的基因型为AABB或aaBB或aabb，纯合深紫色植株的基因型为AAbb，要使子一代全部是淡紫色植株（A_Bb），只能选择AABB×AAbb和aaBB×AAbb这样的亲本组合。
两对基因的存在情况可能有三种：①两对基因分别位于两对同源染色体上②两对基因位于一对同源染色体上，并且A和B连锁③两对基因位于一对同源染色体上，并且A和b连锁，此时需分情况讨论。
(1)
由表格可知，基因型为A-bb的表现型为深紫色，即基因型为AAbb、Aabb的植物花色为深紫色。
(2)
纯合白色植株的基因型有AABB、aaBB和aabb三种，纯合深紫色植株的基因型为AAbb，而淡紫色植株的基因型有AABb和AaBb两种，所以该杂交亲本的基因型组合是AABB×AAbb或aaBB×AAbb。
(3)
①如果A、a和B、b基因分别在两对同源染色体上，则AaBb自交，子代表现型深紫色（A-bb）：淡紫色（A-Bb）：白色（A-BB+aa--）=3：6：（3+4）=3：6：7。
②如果A、a和B、b基因在一对同源染色体上，则AaBb自交，当A、b在一条染色体上时，子代表现型深紫色（AAbb）：淡紫色（AaBb）：白色（aaBB）=1：2：1。
③如果A、a和B、b基因在一对同源染色体上，则AaBb自交，当A、B在一条染色体上时，子代表现型淡紫色（AaBb）：白色（AABB+aabb）=2：2=1：1。
♂
后代
♀
eq \f(1,3)AA
eq \f(2,3)Aa
eq \f(1,3)AA
eq \f(1,9)AA
eq \f(1,9)AA、eq \f(1,9)Aa
eq \f(2,3)Aa
eq \f(1,9)AA、eq \f(1,9)Aa
eq \f(1,9)AA、eq \f(2,9)Aa、eq \f(1,9)aa
子代基因型及概率eq \f(4,9)AA、eq \f(4,9)Aa、eq \f(1,9)aa
子代表现型及概率(eq \f(4,9)＋eq \f(4,9))A_、eq \f(1,9)aa
♀(配子)
♂(配子)
eq \f(2,3)A
eq \f(1,3)a
eq \f(2,3)A
eq \f(4,9)AA
eq \f(2,9)Aa
eq \f(1,3)a
eq \f(2,9)Aa
eq \f(1,9)aa
品系
测交后代基因型种类及比值
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
雄配子
雌配子
AB
Ab
aB
ab
AB
AABB
AABb
AaBB
AaBb
Ab
AABb
AAbb
AaBb
Aabb
aB
AaBB
AaBb
aaBB
aaBb
ab
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
杂交组合
父本植株数目（表现性）
母本植株数目（表现性）
F1植株数目（表现性）
F2植株数目（表现性）
Ⅰ
10（紫色）
10（紫色）
81（紫色）
260（紫色）
61（蓝色）
Ⅱ
10（紫色）
10（蓝色）
79（紫色）
270（紫色）
89（蓝色）
实验
亲本
F1
F2
①
甲×乙
1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮
/
②
丙×丁
缺刻叶齿皮
9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮
基因型
A-bb
A-Bb
A-BB、aa--
表现性
深紫色
淡紫色
白色