2026年广东省深圳市盐田区中考物理二模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年广东省深圳市盐田区中考物理二模试卷（含答案+解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.在如图所示的各种现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 桥在水中形成倒影
B. 墙壁上的手影
C. 瓶子在平面镜中成像
D. 铅笔好像被折断
2.在学校组织的地震疏散演练中，随着警报声响起，各班学生在老师的组织下迅速身体卷曲，双手护头躲到桌下、墙角、三角区域等地做好避震准备，下列有关该警报声的说法正确的是( )
A. 警报声只能在空气中传播B. 警报声能传递信息
C. 警报声属于噪音D. 警报声属于次声波
3.下列关于各图所示情景的说法中，错误的是( )
A. 喝水的茶壶利用了连通器原理
B. 夹菜时使用的筷子属于省距离杠杆
C. 用吸管从杯中吸饮料，是利用吸力改变饮料运动状态的
D. 吹气使纸条向上飘起时，纸条上方比下方空气的压强小
4.深圳地铁，穿山越海，为城市发展提速。禁止携带榴莲等有严重异味的物品进站乘车，下面的说法正确的是( )
A. 异味扩散是因为分子间存在引力
B. 密封包装能完全异味扩散
C. 闻到异味是分子不停地做无规则热运动的现象
D. 冰冻后，异味不再扩散
5.“那达慕”是国家级非物质文化遗产，射箭是“那达慕”大会的传统项目之一。某次射箭的情景如图所示。箭在飞行过程中( )
A. 弓弦仍对箭做功
B. 受到惯性的作用
C. 运动状态保持不变
D. 相对于地面是运动的
6.春晚舞蹈节目《春雪》中，舞台利用干冰制造出如梦似幻的“云雾”效果。关于这一现象，下列说法正确的是( )
A. “云雾”是干冰升华形成的二氧化碳气体
B. “云雾”是工作人员向舞台喷射的真实烟雾
C. 利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气放热液化而成
D. 舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝固形成的
7.2026年2月16日晚，央视总台马年春晚舞台上，一群练武的机器人燃爆全场。由宇树科技机器人与河南塔沟武术学校的小朋友同台呈现的节目《武BOT》，凭借灵动的招式与行云流水的人机比武，赢得满堂喝彩。“武BOT”灵活的四肢运动，依赖于内部的高性能直流电动机，下列图中与电动机工作原理相同的是( )
A. B.
C. D.
二、填空题：本大题共3小题，共9分。
8.深圳大疆无人机技术全球领先，广泛应用于航拍、农业植保等领域。无人机悬停在空中时，螺旋桨旋转时推动空气向下运动，无人机获得向上的升力，说明力的作用是 的，无人机摄像头镜头是 (选填“凸”或“凹”)透镜，所成的像是倒立缩小的 (选填“实”或“虚”)像。
9.盐田港是深圳重要的国际航运枢纽，港口日常运营中蕴含着丰富的物理知识：
(1)吊车将货物从地面提升到船舱上方，此过程中货物的重力势能 (选填“增大”、“减小”或“不变”)；
(2)港口使用的电磁起重机工作时，其核心部件电磁铁的磁性强弱与 有关；
(3)夏天，集装箱在太阳的炙烤下表面温度很高，这是通过 的方式增加了集装箱的内能。
10.2026年在广东阳江附近海域成功发射了一颗名为“港中大一号”的卫星，是全球首颗面向城市可持续发展的AI大模型卫星。卫星的太阳能帆板将 能转化为电能供设备使用；卫星绕地球运行时，其运动状态 (选填“改变”或“不变”)，这是因为卫星受到 (选填“平衡”或“非平衡”)力的作用。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
11.如图甲所示，博物馆会在较为精巧的文物前放置放大镜，在图乙中画出光线通过透镜之后的光路图。(F为透镜焦点，O为光心)
四、实验探究题：本大题共4小题，共20分。
12.小深假期里去高山徒步，发现烧水时水烧开了温度只有85∘C，然后打开手机检测软件，看到当前的海拔和大气压，就想到了液体沸点和气压有关。于是回来后和学习实验小组利用注射器、密封烧瓶、温度计、热水和酒精灯等器材来探究。组装好器材再插入温度计进行实验，请回答下列问题：
(1)高山上的气压 (选填“高于”、“等于”或“低于”)一个标准大气压。
(2)快速往烧瓶中推入气体，已沸腾的水会 (选填“继续沸腾”或“停止沸腾”)。
(3)实验装置中，烧瓶中的水加热一段时间后，瓶塞会被顶起，此过程的能量转化与汽油机的 冲程相同。
13.诗词中“临行密密缝，意恐迟迟归”体现古代常用顶针作为缝纫用品，如图1所示为“顶针”，一般为铁质或铜制，套在手指上，能顶着针尾，手指发力来穿透衣物。小深发现妈妈的缝纫盒里也有一个顶针，刚学完密度知识的小深设计了两个不同的方案鉴定顶针的材料的项目化学习活动，查阅完资料得知ρ铜=8.9×103kg/m3、ρ铁=7.8×103kg/m3。
【器材】天平、量筒、烧杯、足量水、细绳、电子秤
方案一：利用天平和量筒测量，实验操作如下：
①小芳将顶针放在调节好的天平左盘，天平重新平衡时，砝码和游码在标尺上的位置如图甲所示；
②再将顶针放入倾斜的装满水的烧杯中，如图乙所示，用量筒测出小烧杯中溢出的水的体积，如图丙所示。(顶针大于量筒口)
方案二：利用电子秤测量，实验操作如下：
①给烧杯中装入适量水，按电子秤清零键，如图a；
②用细线悬挂顶针，慢慢放入烧杯的水中，不接触烧杯底部，如图b，此时电子秤的示数为m1；
③慢慢松开细线，使顶针沉底，如图c，此时电子秤的示数为m2。
【交流和评估】
(1)用顶针套在手指上推针时，针头非常尖锐其目的是 。
(2)方案一中测量的顶针的质量为 g，密度为 kg/m3，该顶针的原材料为 。实验过程会导致测量的密度 (选填“偏大”、“偏小”)。
(3)方案二中测出顶针的密度ρ= 。(用已知量和测量量表示，水的密度记为ρ水)。
14.探究“电流与电阻的关系”时，实验器材有学生电源、电流表、电压表、滑动变阻器(标有“20Ω；2A”的字样)、定值电阻6个(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、50Ω)、开关1个以及导线若干。
(1)实验电路如图甲所示，请用笔画线代替导线将电路连接完整(要求：滑片向右移动时，电流表的示数变大)；
(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表的示数有变化，电压表的示数始终为零，此时电路出现的故障可能是定值电阻______；
(3)排除故障后，实验小组的同学将电源电压调至6V，利用前五个定值电阻进行实验；
①将测得的数据在图乙中描点连线，发现有一组数据错误，其原因是______；
②其中阴影部分面积表示的物理量是______；
③由图像可得出结论：导体两端的电压一定时，______；
(4)小组继续实验，更换为50Ω的定值电阻后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表示数都不能达到原来的数值。为了能完成这次实验，下列措施可行的是______(选填字母)。
A.调高电源电压
B.将电压表改接到滑动变阻器两端
C.在电源和开关之间串联一个10Ω的电阻
15.在学习了“浮力”的知识后，同学们对浮力在生产、生活中的应用产生了浓厚的兴趣，纷纷利用课余时间查找资料进行深入了解。以下为小明同学和小丽同学查找到的部分资料，请根据资料和自己的知识储备回答问题：
小明的收获：半潜船可用来运输超大型货物。
①空载时漂浮于海面，如图1(a)所示；
②装载时需向船体水舱注水，船体重力增加，巨大的甲板下沉至海面以下，如图1(b)所示；
③待货物被拖到甲板上方时，排出水舱中的水，船体重力减小，甲板上浮至海面，完成货物装载，如图1(c)所示。
(1)以下与半潜船完成上浮和下潜的工作原理相同的是 (填字母)；
A.普通货船
B.飞艇
C.潜水艇
D.密度计
(2)半潜船在做装载准备如图1(b)所示，到完成装载货物如图1(c)，其所受浮力 (填“变大”“变小”或“不变”)。
(3)如图2所示，夜晚航行时，船上的灯光照射到海面上形成倒影，这是由于光的 形成的。
(4)某半潜船执行某次任务，从南海驶到长江时，其吃水深度 (填“变大”“变小”或“不变”)。该半潜船装载完货物后停泊在江面时，其排水量为10.2万吨(排水量是轮船装满货物时排开水的质量)，它的吃水深度为30m(吃水深度是轮船在水中沉入水下部分的最深长度)，则半潜船与江水的接触面积是 m2。
五、计算题：本大题共2小题，共9分。
16.科技的发展让智能家居进入了人们的生活。小明家新安装了一个智能锁，有两种开锁方式，即“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁。
给你一个电动机M、三个开关S1、S2和S3、一个电池组和若干导线。其中S1表示人脸识别，S2表示密码，S3表示钥匙。匹配成功后对应开关自动闭合，电动机才能工作开锁。请模拟设计出智能锁的电路图。
17.某款电热毛巾架的内部电路原理图如图甲所示，电源电压为220V，R1和R2均为发热电阻，可通过开关S1实现高温、低温挡的切换。图乙为该毛巾架在正常工作20min内电流随时间变化的图像，求：
(1)电阻R2的阻值。
(2)电热毛巾架低温挡的功率。
(3)电热毛巾架高温挡工作10min消耗的电能。
六、综合题：本大题共2小题，共16分。
18.货物所受重力为4500N，现在要将货物沿竖直方向匀速提升4m，两个方案如下表所示。
(1)求方案一燃油完全燃烧放出热量(燃油热值q=4.5×107J/kg)；
(2)求方案二拉力F的功率；
(3)你会选择哪种方案？请通过计算说明理由。
19.综合分析题：阅读材料，完成以下问题。
在灾后救援、机械装备检修等场景，仿生机器“昆虫”大有可为。最近北京航空航天大学科研团队研发出了一款仿生“昆虫”，实现了昆虫尺寸机器人的无线可控爬行。相关成果近日在国际学术期刊《自然⋅通讯》发表。
该机器“昆虫”身长2厘米、宽1厘米、重1.76克，垂直投影面积仅两个指甲盖大小，具有快速机动、高载重、无线可控等特性。“在机器‘昆虫’内，植入了能源、控制、通讯和传感系统。‘体内’小型电池带动直线式驱动器工作，向外输出机械振动；‘体内’微型电池完成电生磁，促使一旁的磁铁振动，再带动腿部关节运动。”
(1)该“昆虫”的无线操控系统是利用 波进行信息传递的；“体内”小型电池在放电过程中，存在的能量转化为 ；
(2)如图1，根据“昆虫”运动频闪摄影结果，“昆虫”在测试运行过程中，它在0−4s内平均速度约为 ；
D.4m/s
(3)“昆虫”可以通过狭窄的空间，到达特定的位置来执行任务，如搜索和救援任务。潜在应用场景如图2甲所示：一个着火点在塑料板的右侧右上方，可将一温度监测模块集成到机载中，通过感知周围环境温度变化，输出电信号实现锁定火灾地点。
温度监测模块电路图简化如图2乙所示，电源电压U为3V，电阻R1、R2，一只为热敏电阻，另一只为定值电阻，输出电压随温度的升高而增大，当输出电压达到或超过1V时，会触发报警器，锁定火灾地点。热敏电阻的阻值随温度t变化的关系如图2丙所示。
图中热敏电阻应为 (填“R1”或“R2”)；若报警温度设定为60∘C，则定值电阻的阻值为 。
(4)北航团队设立若干攻坚小组继续对“昆虫”进行了迭代研发，图3为研发小组1设计的“昆虫1号”工作时的电功率变化情况，横轴上方为能量回收阶段，横轴下方为能量释放阶段，两个阶段交替进行。如果按着理论设计，该“昆虫1号”工作200s，在考虑能量回收的前提下，“昆虫”最终实际消耗的电能为 J；
研发小组2初步设计的仿生机器“昆虫2号”搭载3V、10mAh微型锂电池，能量回收效率20%，爬行功率1.5×10−3W，匀速爬行速度0.02m/s。系统设定：剩余电量降至总电量25%时，昆虫立即以匀速直线返航充电。忽略启停与转向能耗。则在触发返航时，它离自动充电器的最大距离是 m。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、平静的水面相当于平面镜，桥在水中形成“倒影”是平面镜成像，平面镜成像属于光的反射，故A不符合题意。
B、手在墙上形成手影，是因为光在同一均匀介质中沿直线传播。故B不符合题意；
C、瓶子在平面镜中的像是光的反射原理，故C不符合题意。
D、当光从空气斜射入水中或者其他介质中时，折射光线向法线方向偏折，出现了笔好像在水面处折断了的现象，如同插入水中的筷子向上弯折的道理是一样的，这是光的折射现象，故D符合题意。
故选：D。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
(2)光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
2.【答案】B
【解析】解：A、警报声可以在空气中传播，也可以在固体、液体中传播，故A错误；
B、各班学生听到警报声响起，立即进行避震演练，说明警报声能传递信息，故B正确；
C、警报声提醒师生做好避震准备，没有妨碍人们正常的工作、学习、休息，不属于噪音，故C错误；
D、人的听觉频率范围是20∼20000Hz，次声波的振动频率小于20Hz，同学们能听到警报声，说明警报声不是次声波，故D错误。
故选：B。
(1)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能传播声音；
(2)声音可以传递信息，可以传递能量；
(3)凡是妨碍人们正常的工作、学习、休息的声音为噪声；
(4)人的听觉频率范围是20∼20000Hz，振动频率小于20Hz的声属于次声波。
本题考查了声音的传播和声音的利用、噪声的界定、次声波，属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、连通器原理是指当两个容器底部相连且装有同一种液体时，液面会保持在同一水平面上，茶壶的设计确实利用了这一原理，茶壶的壶嘴和壶身形成一个连通器系统，使得壶内的水面与壶嘴的水面保持同一高度，故A正确；
B、分杠杆可以分为三类：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以筷子属于费力杠杆，但省距离，故B正确；
C、当你用嘴巴吸吸管时，吸管内的气压降低，低于外界的大气压，外界的大气压将饮料压入吸管，从而进入口中，而不是吸力，故C错误；
D、当在纸条上方吹气时，纸条上方的空气流速增加，导致该处的气压减小，而纸条下方的空气流速较慢，气压较大，因此，纸条下方的高压空气会将纸条向上推，使其飘起，故D正确。
故选：C。
(1)连通器原理是指当两个容器底部相连且装有同一种液体时，液面会保持在同一水平面上；
(2)杠杆分为三类：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；
费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；
等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，即不省力也不费力，同时不改变作用距离；
(3)用嘴巴吸吸管时，吸管内的气压降低，低于外界的大气压，外界的大气压将饮料压入吸管，从而进入口中；
(4)在纸条上方吹气时，纸条上方的空气流速增加，导致该处的气压减小。而纸条下方的空气流速较慢，气压较大。
本题主要考查了连通器的原理及应用、杠杆分类、大气压强和流体压强与流速的关系。
4.【答案】C
【解析】解：A、异味扩散是因为分子在不停地做无规则运动，而不是因为分子间存在引力，故A错误。
B、密封包装只能减弱异味扩散，无法完全阻止分子的无规则运动，不能完全防止异味扩散，故B错误。
C、闻到异味是分子不停地做无规则热运动(扩散现象)的表现，故C正确。
D、冰冻后，分子的无规则运动会变慢，但不会停止，异味仍会扩散，只是扩散速度变慢，故D错误。
故选：C。
不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在做无规则的运动；
一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
此题考查了生活中常见的扩散现象，比较简单，属基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A：弓弦对箭施加的力使箭从静止到运动，改变了箭的运动状态，箭离开弓弦能继续运动，是因为箭具有惯性，故A错误；
B、惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C、箭在飞行过程中，速度的大小和运动方向都在改变，运动状态改变，故C错误；
D、箭飞行过程中与地面之间有位置的变化，相对于地面是运动的，故D正确；
故选：D。
(1)弓弦对箭施加的力使箭从静止到运动，改变了箭的运动状态，箭离开弓弦能继续运动，是因为箭具有惯性；
(2)惯性不是力，不能说受到惯性的作用；
(3)箭在飞行过程中，受到重力空气摩擦力，速度的大小和运动方向都在改变；
(4)物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
本题考查了运动和力、惯性，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】解：ABC.“云雾”是利用干冰升华吸热，使空气中的水蒸气放热液化而成的小液滴，不是二氧化碳气体，故C符合题意，AB不符合题意；
D.舞台地面出现的“白霜”是水蒸气凝华形成的小冰晶，故D不符合题意。
故选：C。
物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固，由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化，由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
7.【答案】A
【解析】解：
A.此图是扬声器的构造示意图，工作原理是通电导体在磁场中受力运动，和直流电动机的原理相同，故A符合题意；
B.此图是动圈式话筒的构造示意图，利用的是电磁感应现象，和发电机的工作原理相同，故B不符合题意；
C.此图研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，利用的是电流的磁效应，故C不符合题意；
D.此图研究的是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D不符合题意。
故选：A。
直流电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动。
本题考查电磁学实验装置，学生需要熟记不同实验装置的实验结论。
8.【答案】相互
凸
实

【解析】解：螺旋桨向下推动空气，同时空气给无人机一个向上的反作用力，使无人机获得升力，这说明力的作用是相互的。
无人机摄像头的镜头相当于凸透镜，当物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像。
故答案为：相互；凸；实。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)凸透镜成像规律及其应用之一：当u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f，应用于照相机和摄像机；
此题考查力作用的相互性和凸透镜成像规律及其应用，难度不大。
9.【答案】增大
电流大小、线圈匝数
热传递

【解析】解：(1)因为吊车将货物从地面提升到船舱上方，货物逐渐升高，故重力势能增大；
(2)电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少，则港口使用的电磁起重机工作时，其核心部件电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈匝数；
(3)阳光曝晒下，集装箱吸收了热量，温度升高，内能增大，是通过热传递的方式增加内能。
故答案为：(1)增大；(2)电流大小、线圈匝数；(3)热传递。
(1)重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，物体的重力势能越大；
(2)电磁铁磁性强弱影响因素：电流大小、线圈匝数多少；
(3)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
该题考查了影响重力势能的因素、改变内能的方式、电磁铁磁性强弱影响因素，解题的关键是首先判断各自的影响因素是如何变化的。
10.【答案】太阳
改变
非平衡

【解析】解：太阳能帆板是将太阳(光)能转化为电能，供设备使用。
卫星绕地球运行时的运动状态：卫星绕地球做圆周运动，运动方向时刻在变化，所以其运动状态改变。
物体运动状态改变时，受到的是非平衡力的作用。
故答案为：太阳；改变；非平衡。
(1)太阳能帆板的能量转化：太阳能帆板是将太阳(光)能转化为电能；
(2)力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。
此题主要考查能量的转化和平衡状态的判断，比较简单，属于基础知识。
11.【答案】
【解析】解：对于凸透镜，过光心的入射光线其传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如图所示：
先确定所给的入射光线的特点，然后根据凸透镜的光学特点作图。
凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线传播方向不改变。
12.【答案】低于
停止沸腾
做功

【解析】解：(1)液体的沸点随气压的降低而降低，标准大气压下，水的沸点是100∘C，而高山上水的沸点只有85∘C，说明高山上的气压低于一个标准大气压。
(2)向烧瓶中推入气体时水的沸腾情况向烧瓶中推入气体，烧瓶内的气压会增大，水的沸点会随之升高。原来已沸腾的水，此时温度低于新的沸点，所以水会停止沸腾。
(3)能量转化与汽油机冲程的对应烧瓶中的水加热后，水蒸气推动瓶塞顶起，是内能转化为机械能的过程，汽油机的做功冲程中，燃气膨胀推动活塞做功，也是内能转化为机械能，所以二者的能量转化相同。
故答案为：(1)低于；(2)停止沸腾；(3)做功。
(1)(2)从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低；
(3)瓶塞飞出，是水蒸气的内能转化为瓶塞的机械能，能量转化是内能转化为机械能。
此题考查沸点与气压的关系、能量转化，属于基础题目。
13.【答案】减小受力面积，增大压强
17.8
8.9×103
铜
偏大
m2m1⋅ρ水

【解析】解：(1)用顶针套在手指上推针，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；
针头非常尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
(2)方案一：顶针的质量m=10g+5g+2.8g=17.8g；
根据阿基米德定律，顶针的体积等于它浸没在水中所排开水的体积，即量筒里水的体积，
顶针的体积就是V=2mL=2cm3，
顶针的密度为ρ=mV=17.8g2cm3=8.9g/cm3；
则该顶针的原材料为铜；
在测量体积时，将溢出的水倒入量筒中时会有残留，导致体积测量偏小，由ρ=mV可知，密度偏大。
(3)方案二：由“向烧杯内倒入适量水，放在电子秤上，如图a，按清零键，电子秤示数变为零；
手提细线拴住顶针，浸没在水中，如图b，记下此时电子秤示数为m1”可知，电子秤的示数为m1，则顶针排开水的质量为：m排=m1，
顶针排开水的体积V排=m1ρ水，因为全部浸没，所以顶针的体积V′=V排=m1ρ水，
由开始打开开关并归零，则顶针的质量为m2，则顶针的密度ρ=mV=m2m1ρ水=m2m1⋅ρ水。
故答案为：(1)减小受力面积，增大压强；(2)17.8；8.9×103；铜；偏大；(3)m2m1⋅ρ水。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
(2)方案一：物体的质量等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值，量筒分度值为1ml，平视液面最低处读数，利用密度公式ρ=
mV求出密度；在测量体积时，将溢出的水倒入量筒中时会有残留，导致体积测量误差较大，由密度公式分析密度变化；
(3)方案二：将装有适量水的烧杯放在电子秤上，打开开关并归零；手提细线拴住顶针，浸没在水中，如图b，记下此时电子秤示数为m1；m1为顶针排开水的质量，然后可求得顶针排开水的体积；把顶针接触杯底，手放开细线，如图c，记下此时电子秤示数为m2，m2为顶针的质量，然后利用密度公式可求得顶针密度。
本题目是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算，天平和量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。
14.【答案】 短路 电流表接入的是小量程，但按大量程读数的;定值电阻两端的电压;通过导体的电流与电阻成反比 C
【解析】解：(1)滑动变阻器要满足滑片向右移动时电流表示数变大，说明接入电路的电阻要变小，所以应接右下接线柱，将滑动变阻器右下接线柱与定值电阻的右端接线柱相连即可(电流表串联、电压表并联在定值电阻两端，已部分连接)。
；
(2)故障分析电流表有示数变化，说明电路是通路；电压表示数始终为零，说明与电压表并联的部分短路，即定值电阻短路。
(3)由图乙可知，当电阻R4=20Ω时，电路中的电流I4=1.0A，此时定值电阻两端的电压U4=I4R4=1.0A×20Ω=20V，
而电源电压为6V，定值电阻两端电压大于电源电压，因此该组数据错误，通过图像可知，定值电阻的电压控制4V不变，正常电流应是：1.0A5=0.2A，
所以造成这一错误数据的原因是：电流表接入的是小量程，但按大量程读数的。
②阴影部分是横纵坐标(电流I和电阻R)围成的矩形，面积=I×R，根据欧姆定律U=IR，表示的物理量是定值电阻两端的电压。
阴影部分面积为电流与电阻的乘积，由公式U=IR可知，阴影部分面积表示的物理量是电压，且电压的值为U2=I2R2=0.4A×10Ω=4V；
由图乙可知，当R1=5Ω，I1=0.8A，定值电阻两端的电压U1=I1R1=0.8A×5Ω=4V，
当R2=10Ω，I1=0.4A，定值电阻两端的电压U2=I2R2=0.4A×10Ω=4V，
由图像可得出结论：导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(4)由题意可知，当定值电阻换成50Ω，为保证定值电阻两端电压4V不变，此时电路中的电流：
I=IR=URR=4V50Ω=0.08A，
此时滑动变阻器两端的电压U滑=U−UR=6V−4V=2V，
则滑动变阻器接入电路的阻值应为：
R滑=U滑I=2V0.08A=25Ω；
现有滑动变阻器的最大阻值为20Ω，无法满足要求。
A.调高电源电压会使滑动变阻器需分担的电压更大，所需阻值更大，不可行，故A不符合题意；
B.将电压表改接到滑动变阻器两端，当更换50Ω电阻时，滑动变阻器的阻值依然不够用，不可行，故B不符合题意；
C.在电源和开关之间串联一个10Ω的定值电阻，该定值电阻两端的电压为U′=IR′=0.08A×10Ω=0.8V，
根据串联分压，滑动变阻器此时两端的电压U滑′=U−UR−U′=6V−4V−0.8V=1.2V，
此时滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑′=U滑′I=Ω，小于现有滑动变阻器最大阻值，可行，故C符合题意。
故选：C。
故答案为：(1)(2)短路；
(3)①电流表接入的是小量程，但按大量程读数的；②定值电阻两端的电压；③通过导体的电流与电阻成反比；(4)C。
(1)滑片向右移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器接入电阻变小，据此连接滑动变阻器；
(2)电流表有示数变化，说明电路是通路；电压表示数始终为零，说明与电压表并联的部分短路；
(3)由图乙可知当电阻R4=20Ω时电路中的电流，由欧姆定律得出此时定值电阻两端的电压；定值电阻两端电压大于电源电压；通过图像可知，定值电阻的电压控制4V不变，由欧姆定律得出正常发光时的电流应，据此分析；
阴影部分面积为电流与电阻的乘积，结合欧姆定律分析；根据电流与电阻之积为一定值得出结论；
(4)由题意可知，当定值电阻换成50Ω，为保证定值电阻两端电压4V不变，由欧姆定律得出此时电路中的电流，得出此时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律得出滑动变阻器接入电路的阻值；
A.调高电源电压会使滑动变阻器需分担的电压更大；
B.将电压表改接到滑动变阻器两端，当更换50Ω电阻时，滑动变阻器的阻值依然不够用；
C.在电源和开关之间串联一个10Ω的定值电阻，由欧姆定律得出该定值电阻两端的电压，根据串联分压得出滑动变阻器此时两端的电压，由欧姆定律得出此时滑动变阻器接入电路的阻值，据此分析。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路的连接、故障分析、操作过程、串联电路的规律及欧姆定律的和控制变量法的运用。
15.【答案】C
变小
反射
变大
3400

【解析】解：(1)半潜船是通过改变自身重力实现上浮和下沉的，
A、普通货船是采用空心的方法增大利用的浮力，故A错误；
B、飞艇是冲入密度小于空气的物质，故B错误；
C、潜水艇是通过改变自身重力调节上浮和下沉，故C正确；
D、密度计是利用漂浮条件，故D错误。
故选：C；
(2)由图可知，半潜船在做装载准备如图1(b)所示，到完成装载货物如图1(c)的过程中，半潜船排开水的体积变小，所以根据F浮=ρgV排可知浮力变小；
(3)船上的灯光照射到海面上形成倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；
(4)从南海驶到长江时，仍处于漂浮状态，F浮=G，重力不变，所受浮力也不变，液体密度变小，根据V排=F浮ρ液g可知排开液体的体积变大，其吃水深度变大；
当半潜船装满货物时受到的浮力大小为F浮=G排=m排g=10.2×104×103kg×10N/kg=1.02×109N；
根据浮力产生的原因可知半潜船受到水的压力：F=F浮=1.02×109N；
当它下潜到最大深度时，半潜船受到水的压强为p=ρ水gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×30m=3×105Pa。
由p=FS可得，半潜船与江水的接触面积：
S=Fp=1.02×109N3×105Pa=3400m2。
故答案为：(1)C；
(2)变小；
(3)反射；
(4)变大；3400。
(1)半潜船是利用改变自身重力实现上浮和下沉的，逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(2)据图中船排开水的体积关系，结合F浮=ρgV排可以比较出各自情况的浮力大小关系，进而判断即可；
(3)光传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(4)根据F浮=G排=m排g得出当半潜船装满货物时受到的浮力大小，再根据浮力产生的原因可知半潜船受到水的压力，根据p=ρ水gℎ得出半潜船受到水的压强，由p=FS公式变形可求得半潜船与江水的接触面积。
此题主要考查了学生对阿基米德原理、液体压强和功率计算公式的理解和掌握，综合性较强，难度较大。
16.【答案】解：根据题意知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功，或“人脸识别”与使用“钥匙”匹配成功才可开锁，电动机M工作，即只要有一个条件满足，电动机就工作，所以“人脸识别”开关与电动机应在干路上，“密码”开关与“钥匙”开关并联，如下图所示：
。
【解析】由题知，“人脸识别”与输入“密码”匹配成功后开关S1与S2会闭合，电动机M工作，开锁成功，当人脸识别失败时也可以输入密码解锁，当密码输入正确时开关S1会闭合，电动机M工作，开锁成功，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路图的设计，关键是明确电路中开关的作用。
17.【答案】电阻R2的阻值为250Ω 低温挡的功率为26.4W 高温挡正常工作10min消耗的电能为132000J
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，只有R1工作，电热毛巾架处于低温挡，由图乙可知，此时电路中的电流为 I低=0.12A，
两个开关都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电流规律：干路电流等于各支路电流之和可知，通过R2的电流为：
I2=I−I低=1.0A−0.12A=0.88A，
电阻R2的阻值：R2=UI2=220V0.88A=250Ω；
(2)根据图乙可知，低温挡工作时电路中的电流为：I低=0.12A，
则毛巾架低温挡的功率为：
P低=UI低=220V×0.12A=26.4W，
(3)高温挡工作10min消耗的电能为：
W=UIt=220V×1A×10×60s=132000J。
答：(1)电阻R2的阻值为250Ω；
(2)低温挡的功率为26.4W
(3)高温挡正常工作10min消耗的电能为132000J。
(1)由图乙可知，只闭合开关S2时，只有R1工作，两个开关都闭合时，R1、R2并联，根据并联电路的电流规律可知，当R1、R2并联时，电路中总电流最大，由P=UI可知电路中的总功率最大，电热毛巾架处于高温挡，只闭合开关S2时，只有R1工作，电热毛巾架处于低温挡，根据并联电路的电流特点可求出通过R2的电流，欧姆定律可求出R2的电阻；
(2)根据图乙可知低温挡工作时电路中的电流，根据P=UI求出低温挡的功率；
(3)根据W=UIt求出毛巾架低温挡正常工作10min产生的热量。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
18.【答案】方案一燃油完全燃烧放出热量为9×105J 方案二拉力F的功率为1000W 选方案一，理由是功率大、做功快；选方案二，理由是机械效率高，节能
【解析】解：(1)方案一燃油完全燃烧放出热量为：
Q放=mq=2×10−2kg×4.5×107J/kg=9×105J；
(2)由图可知，n=3，拉力做的总功为：
W总=Fs=Fnℎ=2.5×103N×3×4m=3×104J，
拉力F的功率为：
P=W总t=3×104J30s=1000W；
(3)①方案一：
有用功W1有用=Gℎ=4500N×4m=1.8×104J，
叉车功率P1=W1有用t1=1.8×104J5s=3600W，
滑轮组功率P2=W1有用t2=1.8×104J30s=600W，
因为P1>P2，所以方案一功率大、做功快；
②方案二：有用功W1有用=Gℎ=4500N×4m=1.8×104J，
叉车总功W总1=Q放=9×105J；
机械效率：η1=W有W总=W1有用W总1=1.8×104J9×105J=2%，
滑轮组机械效率：η2=W有W总=W1有用W总=1.8×104J3×104J=60%，
因为η2>η1，所以方案二机械效率高，节能。
(3)选方案一，理由是功率大、做功快；
选方案二，理由是机械效率高，节能。
答：(1)方案一燃油完全燃烧放出热量为9×105J；
(2)方案二拉力F的功率为1000W；
(3)选方案一，理由是功率大、做功快；
选方案二，理由是机械效率高，节能。
(1)根据Q放=mq求出方案一燃油完全燃烧放出热量；
(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnℎ求出拉力做的总功，根据P=W总t求出拉力F的功率，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率；
(3)根据两个方案的功率或机械效率进行分析回答。
本题考查了热量、功、功率和效率的计算，综合性较强，有一定的难度。
19.【答案】电磁
化学能转化为电能
B
R2
45Ω
0.1
432

【解析】解：(1)该“昆虫”的无线操控系统是利用电磁波进行信息传递，“体内”小型电池在放电过程中，存在的能量转化为化学能转化为电能；
(2)已知“昆虫”身长2厘米，由图可知，它在0−4s内走了大约8个昆虫的长度，即s=8×2cm=16cm=0.16m，
则它在0−4s内平均速度：
v=st=0.16m4s=0.04m/s，故只有B正确；
故选：B。
(3)因为当温度升高时，热敏电阻阻值减小，根据串联电路中电压与电阻成正比的关系，则热敏电阻两端的电压也减小；当输出电压达到或超过1V时，会触发报警器，锁定火灾地点，说明只有达到一定电压才报警，所以图中的R2是热敏电阻；
由图丙知，当温度为60∘C时，R2=90Ω，此时输出电压为U1=1V，电源电压U=3V，U2=U−U1=3V−1V=2V，
定值电阻的阻值：
R1=U1I=1V145A=45Ω。
(4)已知横轴上方为能量回收阶段，横轴下方为能量释放阶段，两个阶段交替进行。如果按着理论设计，该“昆虫1号”工作200s，在考虑能量回收的前提下，其工作时间t=100s，由P=Wt可得，“昆虫”最终实际消耗的电能：
W=Pt=1×10−3W×100s=0.1J，
电池总电能W总=UIt=3V×10×10−3A×3600s=108J，
可消耗电能W消耗=108J×(1−25%)=81J，
能量回收效率20%，则单程消耗电能W=81J×20%=16.2J，
昆虫立即以匀速直线返航充电，则全程消耗电能W′=2×16.2J=32.4J，
爬行的时间t=WP=32.4J1.5×10−3W=2.16×104s，
它离自动充电器的最大距离s=vt=0.02m/s×2.16×104s=432m。
故答案为：(1)电磁；化学能转化为电能；
(2)B；
(3)R2；45Ω；
(4)0.1；432。
(1)电磁波能够传递信息；小型电池在放电过程中化学能转化为电能；
(2)根据“昆虫”身长2厘米估计所走路程，由速度公式可求得其速度；
(3)根据欧姆定律和串联电路的特点进行判断出电阻R1、R2两端的电压变化情况；然后即可根据要求判断得出热敏电阻的位置；根据图乙找出当温度为56∘C对应的热敏电阻阻值，根据欧姆定律结合串联电路电阻特点求出此时电路中电流，根据欧姆定律求出R2是两端电压(即电压表示数)；
(4)该“昆虫1号”工作200s，在考虑能量回收的前提下，工作时间为100s，由W=Pt可求得“昆虫”最终实际消耗的电能。
已知横轴上方为能量回收阶段，横轴下方为能量释放阶段，两个阶段交替进行，可知其工作时间t=100s，由P=Wt可得，“昆虫”最终实际消耗的电能：
由W总=UIt可求电池总电能，
根据“剩余电量降至总电量25%时，昆虫立即以匀速直线返航充电”可求消耗电能，
已知能量回收效率20%，可求单程消耗电能，然后可得全程消耗电能，由t=WP可求爬行没时间，
由速度公式变形可求它离自动充电器的最大距离。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。方案
一
二
所用机械
燃油叉车
滑轮组
示意图
用时t/s
5
30
其他数据
耗油2×10⁻2kg
F=2.5×103N