2026届广西柳州市高三下学期高考适应性考试物理试卷（含解析）

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注意：
1、请把答案填写在答题卡上，否则答题无效。
2、答题前，考生务必将密封线内的项目填写清楚，密封线内不要答题。
3、选择题，请用 2B 铅笔，把答题卡上对应题目选项的信息点涂黑。非选择题，请用0.5mm 黑色字迹签字笔在答题卡指定位置作答。
一、选择题（本题共10小题，共46分。在每个小题给出的四个选项中，第1~7题每小题4分，只有一项符合题目要求；第8~10题每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。）
1. 两带电平行金属板间的电场线分布如图所示。a、b、c三点的场强大小分别为Ea、Eb、Ec，下列判断正确的是（ ）
A. Ea< EbB. Ea=EbC. Ea>EbD. Ec=0
【答案】B
【解析】
【详解】电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小，结合题图可知。
故选B
2. 如图所示为两单色光a和b先后通过同一实验装置得到的杨氏双缝干涉图样，下列判断正确的是（ ）
A. a光的波长大于b光
B. a光的波长小于b光
C. a光在真空中的传播速度大于b光
D. a光在真空中的传播速度小于b光
【答案】A
【解析】
【详解】AB．由题图可知单色光a对应的相邻条纹间距大于单色光b对应的相邻条纹间距，根据可知，a光的波长大于b光，故A正确，B错误；
CD．所有光在真空中的传播速度均相等，为光速c，故CD错误。
故选A。
3. 如图所示，P、Q 为质量相等的两个质点，分别位于地球表面上的不同纬度上，把地球看成一个均匀球体，P、Q 两质点随地球自转做匀速圆周运动，下列说法正确的是（ ）
A. P、Q做圆周运动的角速度大小相等
B. P、Q做圆周运动所需的向心力大小相等
C. P、Q做圆周运动的向心加速度大小相等
D. P所受地球引力大于Q所受地球引力
【答案】A
【解析】
【详解】A．P、Q 两质点随地球自转做匀速圆周运动，所以P、Q做圆周运动的角速度大小相等，均等于地球自转角速度，故A正确；
BC．根据，；由于P、Q两质点随地球自转做匀速圆周运动的半径不相等，则P、Q做圆周运动所需的向心力大小不相等，向心加速度大小不相等，故BC错误；
D．根据可知，P所受地球引力等于Q所受地球引力，故D错误。
故选A。
4. 从斜面上某一位置，每隔0.2s无初速度地释放一颗相同的小球，连续放下几颗后，某时刻对在斜面上滚动的小球拍照，如图所示，通过斜面上的刻度尺读出：AB=15.00cm，BC=35.00cm，则小球的加速度大小为（ ）
A. 2.5m/s2B. 5m/s2C. 7.5m/s2D. 10m/s2
【答案】B
【解析】
【详解】根据，可得小球的加速度大小为
故选B。
5. 近年来，科学家利用一种人工材料研制出能突破衍射极限的超透镜，实现超高精度成像。这种人工材料折射率为负值，称为负折射率材料，光从空气射入这类材料时，折射光线与入射光线位于法线的同一侧。空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束光从其下表面射入，以下光穿过该材料的光路图中，可能正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】空气中有一上下表面平行的负折射率材料，一束光从其下表面射入，可知折射光线与入射光线在法线的同一侧。
故选D。
6. 线圈与电阻R按图甲电路连接，线圈匝数为N，内阻为r，两电表均为理想交流电表。以垂直纸面向里为正，穿过线圈的磁通量随时间t变化的余弦曲线如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A. t=0时电流表示数为零
B. 时间内，线圈中的电流为逆时针方向
C. 时间内，回路中的电流逐渐增大
D. 电压表的示数为
【答案】C
【解析】
【详解】A．电流表示数为电流有效值，则t=0时电流表示数不为零，故A错误；
B．时间内，穿过线圈的磁通量向里减小，根据楞次定律结合安培定则可知，线圈中的电流为顺时针方向，故B错误；
C．由图乙可知，时间内，磁通量变化率逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律可知，电动势逐渐增大，则回路中的电流逐渐增大，故C正确；
D．电动势最大值为
则电动势有效值为
电压表的示数为电阻R两端电压有效值，则电压表的示数为，故D错误。
故选C。
7. 消防水龙头的喷嘴每秒钟内流出的水量，已知喷嘴的横截面积，水的密度 ，消防员将喷嘴方向调整为与水平面夹角，水柱在最高处正好到达着火位置，设水在最高点与着火物撞击后速度变为零，忽略空气阻力，g取，cs53°=0.6，则水在最高点对着火物的冲击力为（ ）
A. 72NB. 96NC. 120ND. 144N
【答案】A
【解析】
【详解】 计算单位时间喷出的水的质量。
根据流量公式，得喷嘴出水初速度
斜抛运动到最高点时，竖直速度减为0，水平速度
取方向为正方向，撞击后水速度为0，因撞击时间极短忽略重力冲量，着火物对水的作用力，对时间内撞击的水应用动量定理
解得。
根据牛顿第三定律，水对着火物的冲击力大小等于72N
故选A。
8. 如图所示，轻绳一端系一金属环a，另一端绕过定滑轮悬挂一重物b。环a套在固定的竖直光滑直杆上，OP与直杆之间的夹角为 ，将a、b由静止释放，在环a加速上升的过程中（ ）
A. a、b组成的系统动量守恒B. a、b组成的系统机械能守恒
C. a、b的速度大小满足D. a、b的速度大小满足
【答案】BC
【解析】
【详解】A．环a在竖直方向受重力、绳子拉力，合力不为零；重物b受重力和绳子拉力，合力也不为零；整体合外力不为零，所以系统动量不守恒，故A错误；
B．系统只有重力和绳子的弹力做功，而绳子的弹力属于系统内力，所以系统的机械能守恒，故B正确；
CD．将环a的速度沿绳子方向和垂直绳子方向分解，沿绳子方向的分速度大小等于重物b的速度大小，则有，故C正确，D错误。
故选BC。
9. 在竖直光滑圆轨道内侧最高点，给小球向右的初速度v0，小球恰能在圆轨道内做完整的圆周运动。小球的速度v沿水平方向分量为vx，沿竖直方向分量为vy，分别以向右和向上为正方向，小球在运动过程中 vx与 vy对应关系如图所示，E点为图像的最高点，其余各点的坐标为：A（-4.47，0）、B（0，3.46）、C（2.0，0）、D（0，-3.46），g取 10m/s2，可知（ ）
A. 图中E点表示的速度为v0B. 小球初速度大小为3.46m/s
C. 圆形轨道半径为0.4mD. 小球在最低点时速度大小为4.47m/s
【答案】CD
【解析】
【详解】A．因在圆弧最高点时，竖直速度为零，水平速度最小，而图中E点竖直速度最大，水平速度也不是最小，可知图中E点不表示速度为v0，A错误；
B．小球初速度对应的水平速度最小，竖直速度为零，即图中C点，初速度大小为2m/s，B错误；
C．因小球恰能做完整的圆周运动，则，解得圆形轨道半径为，C正确；
D．小球在最低点时对应于水平速度最大，竖直速度为零的位置（A点），则速度大小为4.47m/s，D正确。
故选CD。
10. 如图所示，在光滑绝缘水平桌面上方，存在竖直向下的磁场，磁场分布在第一象限中，磁感应强度大小满足B=kx，其中k=1T/m，质量为1kg、电阻为1Ω、边长为1m的单匝正方形线框abcd置于水平桌面上，ad边恰与y轴重合。t=0时刻，突然给线框1m/s的初速度，使其垂直于y轴向右运动，t=1.6s时，线框速度为0.2m/s，下列说法正确的是（ ）
A. t=0时，流过ad边的电流由d到a
B. t=0时，流过线框的电流大小为1A
C. t=1.6s时，线框受到的安培力大小为0.2N
D. 0~1.6s内，线框通过的位移大小为0.8m
【答案】BCD
【解析】
【详解】A．线框右移过程，穿过线框的磁通量增加，根据楞次定律可知，电流方向由a到d（电流方向为逆时针），故A错误；
B．t=0时只有bc边切割磁感线，因此流过线框的电流大小为，故B正确；
C．线框运动过程中，边和边均切割磁感线，设线框速度为，边坐标为，则边坐标为x+L ，回路总电动势E'=Bbc'Lv−Bad'Lv=[k(x+L)−kx]Lv=kL2v
回路电流I'=E'R=kL2vR
线框受到的安培力合力F=Bbc'I'L−Bad'I'L=k2L4vR
当时，，代入数据得，故C正确；
D．在0~1.6s 内，对线框应用动量定理，规定向右为正方向，有−∑FΔt=mv−mv0
即−∑k2L4RvΔt=mv−mv0
整理得−k2L4R∑vΔt=mv−mv0
其中即为位移，代入数据得，故D正确。
故选BCD。
二、非选择题（本大题共5小题，共54分。其中13~15题解答时要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。）
11. 某小组利用如图甲所示的实验装置，测量当地的重力加速度。长度为L的细线将一金属小球悬挂于O点，悬点O处有一个拉力传感器，能测出细线的拉力大小。将小球由平衡位置拉开一个较小角度，然后由静止释放小球，根据拉力传感器的数据描绘出细线拉力F随时间t变化的图像，如图乙所示。
（1）根据图乙可知，单摆的周期T=_____s；
（2）改变摆线的长度，测出多组细线的长度L和对应的振动周期T，作出图像如图丙所示，已知=3.14，由图丙可知，当地的重力加速度大小g___________m/s2（结果保留3位有效数字）。
（3）若给金属小球带正电，在O点处也放置一带正电的小球，使二者间有库仑力作用，再次完成该实验，则单摆周期相比之前________（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）2 （2）9.86
（3）不变
【解析】
【小问1详解】
根据单摆的运动规律，可知拉力F相邻两次出现最大值的时间间隔为半个周期，结合图乙可知单摆的周期为
【小问2详解】
设小球半径为r，则有
整理得
结合图丙，可知图像斜率为
解得
【小问3详解】
O点正电荷对金属小球的库仑力是径向力（沿绳子方向）。单摆的回复力由重力沿切线方向的分力提供。库仑力始终沿半径方向，不产生回复力的切向分量，也不改变重力的切向效应。因此单摆的回复力特性不变，周期不变。
12. 某科技小组利用铜片、锌片和橙子制作了橙子电池，该电池的内阻约为1000Ω。
（1）该小组用电压表的3V挡直接测量该电池的电动势，表盘如图甲所示，可读出电池的电动势为___________V。
（2）为更精确地测量该电池的电动势和内阻，利用以下仪器，设计实验电路，进行实验。
A、灵敏电流计G（量程300μA，内阻为270Ω）
B、电压表V（量程3V，内阻约为3kΩ）
C、电阻箱R0（0~9999Ω）
D、滑动变阻器R（0~3kΩ）
① 为将灵敏电流计G改装成量程为3mA的电流表，应将电阻箱的阻值调为R0=_________Ω，并与G并联，改装后的电流表应安装在图乙的___________处（选填“a”或“b”）；
② 该小组以电压表V的示数U为纵坐标，以灵敏电流计G的示数I为横坐标，描绘了图像，如图丙所示，则该电源的电动势为___________V，内阻为___________Ω。（以上两空结果均保留三位有效数字）
【答案】（1）1.60
（2） ①. 30 ②. b ③. 2.12 ④.
【解析】
【小问1详解】
图甲可知电压表最小分度值为0.1V，故读数保留到百分位，即读数为1.60V，故电池的电动势为1.60V。
【小问2详解】
[1]将灵敏电流计G改装成量程为3mA的电流表，则有
[2]因为改装后的电流表内阻已知，因此改装后的电流表应安装在图乙的b处。
[3][4]以上可知电流表量程扩大了10倍，则有
可知图像斜率绝对值为
解得
图像纵截距
13. 某篮球内部的体积恒为 8.0×10-3m3，在27°C的室内给其打气，稳定后，表压显示为7PSI，表压为球内气压与球外气压的差值，大气压强为 1.0×105Pa，。
（1）求篮球在室内时，球内的气压；
（2）将篮球拿到7°C的室外，稳定后，求球内的气压；
（3）发现篮球气压降低，于是在室外将体积为的空气打入篮球，使其内部气压恢复到7PSI，求。（以上三问均保留3位有效数字）
【答案】（1）1.49×105 Pa
（2）1.39×105 Pa
（3）7.95×10-4 m3
【解析】
【小问1详解】
篮球在室内时，球内的气压
【小问2详解】
室内温度
室外温度
将篮球拿到7°C的室外，稳定后，由查理定律可得
解得
【小问3详解】
在室外将体积为的空气打入篮球，使其内部气压恢复到7PSI，由玻意耳定律得
解得
14. 如图，平面直角坐标系xOy内，y轴上有一点P（0，0.1），大量质量为1.0×10-30kg、带电量为 -1.6×10-19C 的粒子从y轴OP的范围内，以1.0×106m/s的速度垂直于y轴射入第一象限的匀强磁场，磁场的左、右和上边界为直线，下边界满足特定的方程，使所有粒子都能经过x轴上的Q（0.1，0）点，不计粒子重力及粒子间的相互作用，=3.14。求：
（1）磁场的磁感应强度B；
（2）所有粒子中，从y轴到Q点的最长时间与最短时间之差△t；
（3）求从OP的中点S射入的粒子经过磁场下边界的点的坐标。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
带负电粒子垂直y轴水平射入磁场，做匀速圆周运动
洛伦兹力提供向心力
解得
对从入射的粒子，速度水平向右，圆心在轴上，且圆过，可得轨道半径。代入数据计算：
【小问2详解】
从入射的粒子沿x轴做匀速直线运动到达Q点，路程最短，故运动时间最短
从入射的粒子做圆周运动，路程最长，故运动时间最长，运动轨迹圆的圆心角
粒子圆周运动的周期为
运动时间
因此时间差
【小问3详解】
S是中点，坐标为，S点出射粒子的圆周运动半径与P点相同，故入射粒子的轨迹圆方程为
根据题意，粒子出磁场下边界时，轨迹圆切线应过Q点，于是问题转化为，过Q点作轨迹圆的切线，切点坐标即为所求。按要求作图，得圆心，切点A（未知）、。根据几何关系，A和B关于CQ对称，CQ直线方程为
又B的坐标为，解得A的坐标为
即粒子经过磁场下边界的点的坐标
15. 如图所示，原长L=0.5m的弹性轻绳一端固定在O点，另一端连接质量为m=0.8kg的小物块A，O点正下方距离0.5m处固定有一根光滑细钉E，弹性绳的弹力F的大小与其伸长量x的关系满足F=kx，k=60N/m。初始时A与O点等高，弹性绳刚好伸直但无弹力，现将A由静止释放，当A到达O点正下方处时，刚好与地面接触但无弹力，即速度恰好水平，之后A立即与静止在处的小物块B发生碰撞，碰后粘在一起。已知B的质量为3m，A、B与水平地面间的动摩擦因数均为=0.375，OO'的距离为0.9m，g取 10m/s2，A、B均可看作质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，
弹性势能。求：
（1）碰撞前瞬间，A的速度大小；
（2）A与B碰撞损失的机械能；
（3）A、B组成的新物块最终停在距O'点多远处。
【答案】（1）
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
从释放开始到到达处，设的距离为，对由机械能守恒定律有
其中
代入数据解得。
【小问2详解】
A、B碰撞过程动量守恒，设碰后共同速度为，则有
A、B碰撞后损失的动能为
联立解得。
【小问3详解】
碰后A、B的重力
弹性绳的弹力为
即满足，所以碰后A、B一起在水平方向运动，水平方向受弹性绳拉力的水平分力和滑动摩擦力，设最终弹性绳伸长量为，A、B组成的新物块最终停在距点远处，根据题意可知，弹性绳的弹力在竖直方向的分力有
弹性绳的弹力在竖直方向的分力始终不变，则在A、B从运动过程中的支持力
弹性绳的弹力做功转化为弹性绳的弹性势能，滑动摩擦力做功等于减少的机械能，根据能量守恒定律有
根据几何关系有
联立解得
即A、B组成的新物块最终停在距点处。