2026年辽宁省铁岭市部分学校中考物理一模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年辽宁省铁岭市部分学校中考物理一模试卷（含答案+解析），共5页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.如图是某品牌运动手环的部分参数，参数中功率的单位应该是( )
A. 千瓦(kW)B. 瓦(W)C. 毫瓦(mW)D. 毫安时(mA⋅ℎ)
2.用一根细线拴一块橡皮，甩起来，使橡皮绕手做圆周运动。这时，你会觉得橡皮需要用线拉住才不会跑掉，使橡皮做圆周运动的力是( )
A. 人手的拉力
B. 细线对橡皮的拉力
C. 橡皮的惯性
D. 地球的吸引
3.探究“同一直线上的二力合成”实验中，将一根轻质弹簧的左端固定在O点，右端用细线连接弹簧测力计.a、b、c三次实验弹簧测力计示数如图，下列说法正确的是( )
A. 实验利用了“弹簧拉力与弹簧长度成正比”
B. 每次实验可以不必都将弹簧从A拉到B
C. 实验b中，F1与F2是一对平衡力
D. 实验c中测力计对弹簧的合力是4N
4.如图是十五届全运会舞狮比赛中的情景，狮子从跃起到落下，狮子( )
A. 上升是受到了惯性的作用
B. 在最高点时是处于平衡状态
C. 上升过程其动能逐渐减小
D. 下降时它的运动状态保持不变
5.在魔改达人手下什么都能改，普通的电三轮车会变成太阳能三轮车，下列关于太阳能三轮车所涉及的物理知识，论述正确的是( )
A. 制造太阳能电池所用的硅是导体
B. 太阳能是一种可再生能源
C. 太阳能电池给蓄电池充电时，蓄电池是电源
D. 三轮车的左、右方向指示灯是串联的
6.如图中一拖五充电线，通过充电器插在标准的插排上充电，下列各选项确保用电安全的选项是( )
A. 插排接有保护线
B. 充电线主线与分线一样粗细
C. 手沾有水插拔充电器
D. 多部手机叠放在一起充电
二、多选题：本大题共3小题，共6分。
7.神舟二十号飞船在轨期间返回舱舷窗玻璃疑似遭遇空间微小碎片撞击，舷窗玻璃出现细微裂纹。神舟二十号飞船( )
A. 是通过超声波与控制中心传递信息B. 舷窗玻璃应该选择强度大、密度小的材料
C. 空间尺度比地球小D. 玻璃裂纹是力改了物体形状
8.在如图装置的AB间分别接上不同的元件，所呈现的现象和涉及的物理知识正确的是( )
A. 接电流表可以验证电磁感应
B. 接电池并用A来回摩擦电极，会发出咔咔声
C. 接灯泡可以验证电动机的工作原理
D. 接导线可验证通电导体在磁场中受力
9.电路中电流表测量范围为0∼0.6A，灯泡L为“12V 6W”，滑动变阻器为“40Ω1A”。当开关S分别与a、b连接时，在滑动变阻器最大可调范围内移动滑片，分别绘制了电路中电流与变阻器连入阻值、电流表与电压表的示数关系图像。关于上述变化中说法正确的是( )
A. 滑动变阻器连入电路的最小阻值为6Ω
B. 在I−U图像中，m点的电压值为9V
C. 将R换成阻值更小的电阻，能扩大变阻器连入的范围
D. 定值电阻R的最大功率为3.6W
三、填空题：本大题共6小题，共12分。
10.绿植碰碰香，用手轻轻拨动后会发出阵阵的香气，人闻到香味是 现象。绿色植物光合作用时，把太阳能转化为 能。
11.如图为无尘工作台简图，通过静电和负压来消除工作台周围的“微尘”。静电吸尘是利用带电体 的性质来消除灰尘。负压吸尘是利用吸尘器扇叶高速转动，制造出“流速大 ”的区域，在大气压的作用下把灰尘吸走。
12.把图(a)中U形管装满水后，倒置在水中，缓慢提起过程中，发现U形管中仍充满了水，这是 作用的结果。在图(b)中U形管装入一些水，U形管倾斜一些后，液面静止后，管内液面仍会相平，这时的U形管是一个 。
13.如图是家庭电路简化图，图中A处元件是 。在家庭电路的中性线与保护线之间的电压为 V。
14.根据如图燃气表前后示数可知，完全燃烧这些天然气所放出的热量是 J。天然气燃烧把水烧开，是通过 方式改变水的内能。(q天然气=4×107J/m3)
15.用如图(a)电能表记录了电炉子工作了一段时间后，消耗的电能为0.2kW⋅ℎ，这段时间内电能表的转盘转了 转。电炉子工作时电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的导线却发热不明显，可以通过比较图(b)实验中的 两个液柱高度来解释这种情况。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.建筑工人在砌墙时常常利用铅垂线来确定竖直方向，以此来检查所砌的墙壁是否竖直。画出图中铅垂所受重力G。
17.如图所示，两灯泡的额定电压均为220V。要求开关只控制两灯泡，灯泡都能正常发光，请将电路连接完整。
五、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
18.聪明的北极熊趴在冰面上爬过薄冰，学习小组想通过实验进行探究，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图系列实验。
(1)由“北极熊趴着过薄冰”可猜想：压力作用效果可能跟 有关；
(2)他们是根据 来比较压力的作用效果的；
(3)通过实验，北极熊能安全通过薄冰的原因可用图中 两次实验解释。
(4)为了反映压力的作用效果，物理学中引入了 这一物理量。
19.实验小组用如图实验装置，探究弹簧伸长量(ΔL)与弹簧受到拉力(F)关系，并将得到的数据记录在下面表格。
(1)分析表中的数据，可以得出：在弹性限度内， 的实验结论；或得出：在弹性限度内，弹簧受到的拉力与弹簧伸长量之比为 ；
(2)在弹簧下端挂上5个钩码(每个钩码重为0.5N)，此时弹簧伸长量ΔL= cm；
(3)实验中小组同学发现，当拉力大于5N后，上述结论已不再成立，原因是 ；
A.是实验误差
B.超出了弹簧的弹性限度
(4)在测量F=0N的长度时，将弹簧水平放置，测出其长，再将弹簧悬挂在支架上完成上面实验，这样测得的弹簧受到的拉力与弹簧伸长量之比将会偏 。
20.在探究“电流与电阻的关系”实验中，实验器材有输出电压为6V的电源、电流表、电压表、“40Ω1A”滑动变阻器甲、“50Ω1A”滑动变阻器乙、开关各一个，定值电阻4个(5Ω、10Ω、20Ω、25Ω)和导线若干。
(1)请用笔画线代替导线，完成图(a)所示的实物图的连接，使滑片P向左移动时，电流表的示数变大。
(2)正确连接电路后，试触时发现电压表指针迅速偏向最右端，电流表示数为零，则电路中出现的故障可能是______。
(3)排除故障后，某同学做了三次实验，并根据数据描绘出了如图(b)的图像，三次实验中，移动滑动变阻器滑片的目的是______；记录三次数据时，滑片 P的位置最靠近B端的是第______次实验；
(4)用25Ω的电阻继续实验，接入后发现无论怎样移动滑动变阻器滑片P，都无法使其两端的电压达到预先设定的控制电压______ V，则上面三次实验中，实验所选用的滑动变阻器是______。同学们仔细分析后，发现可以采用______电源电压的方法来继续完成该实验。通过多次实验后可得出：通过导体的电流与导体的电阻成______的关系。
21.在探究“通电螺线管外部的磁场分布”时，同学们采用了图(a)的实验装置。
(1)正确连接电路，并将滑动变阻器滑片P移动到左端。
(2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片P移动到适当的位置，将铁粉均匀地撒在螺线管周围，再轻敲玻璃板观察到铁粉分布图(b)，铁粉能显示磁场的原因是铁粉能够被 ，仔细观察图(b)中铁粉的分布，可以发现外部磁场形状与 形磁体磁场分布形状相同，在通电螺线管内部 (填“有”或“没有”)磁场。
(3)改变滑动变阻器连入电路的阻值，观察螺线管周围铁粉分布形状，发现铁粉分布程度密集有些变化外，但分布的形状却没有改变，这样可得出通电螺线管外部磁场形状与 无关。
(4)将4个小磁针放在螺线管周围不同的位置，是为了探究磁场的 。闭合开关后小磁针的指向如图(a)，由此可知通电螺线管的左端是 极。
(5)为进一步探究通电螺线管的极性与环绕螺线管的电流方向之间的关系，接下来的操作是调换电源的两极，观察 ，来判断电螺线管的极性与环绕螺线管电流方向之间的关系。
六、计算题：本大题共2小题，共16分。
22.图中桶质量为3kg，装有深20cm质量为6kg的水，桶与水平面的接触面积为200cm2。g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3，求：
(1)桶和液体的总重；
(2)桶对水平面的压力；
(3)桶对水平面的压强；
(4)水对桶底的压强。
23.一个规格为“220V 880W”的电饭锅，其电路如图。电饭锅正常工作10min，可以使锅内2.0kg的水温度升高44∘C，工作中发热体电阻保持不变。
[c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)]求：
(1)电饭锅工作的电流；
(2)电饭锅发热体消耗的电能；
(3)电饭锅工作的效率；
(4)如果给电饭锅内部串联一个与其阻值相同的发热体，电饭锅的功率。
七、综合题：本大题共1小题，共6分。
24.阅读短文，回答问题。
金属的热胀冷缩及其应用
一般固体受热时，在各个方向上的长度都会变大，在冷却时都会变小。物体在某一方向上长度的膨胀称为线膨胀，同种材料制成的同一物体，升高或降低相同的温度长度变化量是相同的。
一、金属材料线膨胀
下表是跨学科实践活动小组的同学探究影响金属材料线膨胀因素的实验记录，请根据实验记录回答：
从上面实验记录可以看出。长度相同的不同物体，升高相同的温度伸长量是 的；
同一物体，升高的温度越高，伸长量 。
物体长度与温度变化关系可用：Lt=L0(1+αΔT)表示L0、Lt分别为物体初始长度、物体长度，单位为m，ΔT为温度变化量，单位为 ∘C，α为线膨胀系数。
请你分析α的单位为： 。
二、金属材料线膨胀的应用——双金属片
(1)图(a)所示的电热设备中有一个由黄铜片与康铜片双金属合在一起的温控开关，温度升高时，双金属片向上弯曲，使电路断开，根据上面的实验记录表格确定双金属片上下层的材料分别是 (填“黄铜和康铜”或“康铜和黄铜”)。
(2)将两个形状、厚度相同的铝片和黄铜片连接在一起，就可制成如图(b)的简易双金属片温度计。因为变化相同温度，铝长度变化比黄铜大，所以双金属片会发生弯曲。
图(b)双金属片温度计，在环境为零下时，指针指向零刻线的 侧。
(3)如图(c)所示为双金属片断路器的工作原理图，当电路中电流过大时，它的工作顺序是 。
①簧锁装置脱开；
②电流过大，双金属片发热就多；
③接触点断开；
④双金属片弯曲，触动簧锁装置。
A.②④③①
B.②④①③
C.②①④③
D.②③④①
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.千瓦(kW)是功率单位，但运动手环是小型低功耗可穿戴设备，功率远达不到3∼8kW，故A不正确；
BC.瓦和毫瓦是功率单位，结合手环电池容量150mA⋅ℎ，输入电压5.0V，可得电池总电能W=UIt=5.0V×150×10−3A×3600s=2700J
若功率为3W，续航时间为t=WP=2700J3W=900s=15min
不符合手环实际续航；
若功率为3mW=3×10−3W续航时间为t=WP=2700J3×10−3W=9×105s=250ℎ≈10天
符合实际，故B不正确，C正确；
D.毫安时(mA⋅ℎ)是电池容量的单位，故D不正确。
故选：C。
结合功率的单位判断即可。
此题考查了功率单位的认识。
2.【答案】B
【解析】解：A.人手直接拉动的是细线，并没有直接对橡皮施加拉力，故A不正确；
B.拴住橡皮的细线直接对橡皮施加拉力，这个拉力不断改变橡皮的运动方向，让橡皮维持圆周运动，故B正确；
C.惯性是物体本身的固有性质，不是力，不能说“惯性使橡皮维持运动”，故C不正确；
D.地球对橡皮的吸引产生重力，方向竖直向下，不是使橡皮做圆周运动的力，故D不正确。
故选：B。
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
此题考查了力作用的相互性。
3.【答案】D
【解析】解：A.弹簧测力计的原理是弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比，故A错误，不符合题意；
B.本实验利用等效替代法探究二力合成，需要保证不同拉力的作用效果相同，因此每次都必须将弹簧从A拉到B，保证形变程度相同，故B错误，不符合题意；
C.实验b中F1和F2方向相同、大小不相等，不是一对平衡力，故C错误，不符合题意；
D.实验c中，向右的拉力F3=5N，向左的拉力F4=1N，根据同一直线上方向相反的二力合成规律，合力大小F合=F3−F4=5N−1N=4N，故D正确，符合题意。
故选：D。
A.弹簧测力计的原理是弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比；
B.本实验利用等效替代法探究二力合成，需要保证不同拉力的作用效果相同；
C.实验b中F1和F2方向相同、大小不相等，不是一对平衡力；
D.根据同一直线上方向相反的二力合成规律进行计算。
本题考查力的合成方法，关键知道等效替代法的思想。
4.【答案】C
【解析】解：A.上升是因为狮子具有惯性，惯性不是力，不能说“受到惯性的作用”，故A错误；
B.狮子在最高点时受重力和空气阻力，合力不为零，因此不是平衡状态，故B错误；
C.狮子上升过程中质量不变，速度逐渐减小，因此动能逐渐减小，故C正确；
D.狮子下降过程中速度逐渐增大，因此运动状态改变，故D错误。
故选：C。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(2)对狮子在最高点时进行受力分析，可做出判断；
(3)影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；
(4)物体运动状态的改变包括速度大小和方向的改变。
本题围绕舞狮比赛中的情景，考查了对惯性、平衡状态、动能、运动状态等的理解与应用，属基础题。
5.【答案】B
【解析】解：A.导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体，制造太阳能电池所用的硅是半导体，故A错误；
B.太阳能可以从自然界源源不断地获得，是一种可再生能源，故B正确；
C.太阳能电池给蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，相当于用电器，故C错误；
D.串联的元件相互影响，并联的元件互不影响，三轮车的左、右方向指示灯可以各自独立工作，是并联的，故D错误。
故选：B。
(1)导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体；
(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能；
(3)电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作；
(4)串联的元件相互影响，并联的元件互不影响。
此题考查了电路的组成、元件的连接方式、能源的分类等。
6.【答案】A
【解析】解：
A.插排接有保护线可避免用电器的金属外壳带电而引发触电事故，故A正确；
B.一拖五充电线各分线是并联的，若几条分线同时工作，通过主线的电流比通过分线的电流更大，为避免主线过热，应使主线比分线更粗些，所以充电线主线与分线一样粗细，故B错误；
C.生活用水是导体，手沾有水插拔充电器，可能引发触电事故，故C错误；
D.手机充电过程中会发热，多部手机叠放在一起充电可能导致热量不易散发，引起过热从而发生火灾，故D错误。
故选：A。
插排接有保护线可避免用电器的金属外壳带电而引发触电事故；
一拖五充电线各分线是并联的，会导致干路电流过大，引起火灾；
生活用水是导体；
手机充电过程中会发热，多部手机叠放在一起充电可能导致热量不易散发，引起过热从而发生火灾。
本题考查了安全用电原则，我们在生活中要严格遵守安全用电原则。
7.【答案】BCD
【解析】解：A.飞船在轨期间是通过电磁波与控制中心传递信息的，故A不正确；
B.舷窗玻璃应该选择强度大、密度小的材料，既可以增强抗撞击，同时也能减轻质量，故B正确；
C.飞船的空间尺度远小于地球，故C正确；
D.遭遇空间微小碎片撞击后玻璃裂纹，是玻璃在力的作用下改变了形状，故D正确。
故选：BCD。
电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。
结合m=ρV分析判断。
力可以改变物体的形状、运动状态。
此题考查了电磁波的应用、密度计算公式的应用、力的作用效果。
8.【答案】AB
【解析】解：A.若在AB间接电流表，振动锥形纸盆会带动线圈来回运动，而线圈在永磁体外面来回运动时会切割磁感线从而产生感应电流，使电流表指针发生偏转，可以验证电磁感应。故A正确；
B.若在AB间接电池，通电线圈在磁场中受力向一侧运动，用A来回摩擦电极，会使电路时通时断，线圈的受力也时有时无，纸盆会产生间歇性振动，发出“咔咔”的声音，故B正确；
CD.若在AB间接灯泡或接导线，没有电源给线圈供电，无法验证通电导体在磁场中受力，也无法验证电动机的工作原理。故CD错误。
故选：AB。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机；
通电导体在磁场中会受到力的作用，据此制成了电动机。
本题中的实验装置设计的很有特点；要熟练掌握磁生电和电生磁的电路的特点。
9.【答案】ABD
【解析】解：A、当开关S与a连接时，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
电路允许通过的最大电流即灯泡正常工作时的电流为：
I大1=I额=P额U额=6W12V=0.5A，
则开关S与a连接时，当电路中通过的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由电路中电流与滑动变阻器连入阻值关系图像可知，滑动变阻器接入电路中最小电阻为6Ω；
滑动变阻器两端的电压U滑=I大1R滑小1=0.5A×6Ω=3V，
电源电压U=U额+U滑=12V+3V=15V；
当开关S与b连接时，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
电路允许通过的最大电流即电流表的最大测量范围，即0.6A；
电源电压不变，由电流表与电压表的示数关系图像可知，
15V=0.6A×R滑小2+0.6A×R……①，
15V=0.3A×R滑+0.3A×R……②，
R滑为滑动变阻器的最大阻值40Ω，
由①②解得：R=10Ω，R滑小2=15Ω，
所以滑动变阻器连入电路中的最小电阻为6Ω，故A正确；
B、在电流表与电压表的示数关系图像中，m点的电压值即图中滑动变阻器R滑小2两端的电压，此时电压值为U滑小2=I大2R滑小2=0.6A×15Ω=9V，故B正确；
C、滑动变阻器接入电路的最大阻值为40Ω，由串联电路电压规律和欧姆定律可知，
15V=0.6A×R滑小2+0.6A×R，电路中的最大电流一定，当减小定值电阻的阻值时，R滑小2变大，则滑动变阻器的可调节阻值范围变小，故C错误；
D、由电流表与电压表的示数关系图像可知，通过定值电阻R的最大电流为0.6A；定值电阻R的阻值为10Ω。则定值电阻R的最大功率P=I2R=(0.6A)2×10Ω=3.6W，故D正确。
故选：ABD。
(1)当开关S与a连接时，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；电路允许通过的最大电流即灯泡正常工作时的电流，根据P=UI求出电路中最大电流，利用电路中电流与滑动变阻器连入阻值关系图像确定滑动变阻器最小电阻；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电源电压；
当开关S与b连接时，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；电路允许通过的最大电流即电流表的最大测量值0.6A，根据电源电压不变结合电流表与电压表的示数关系图像和欧姆定律列等式求出R和滑动变阻器最小电阻，据此确定滑动变阻器连入电路的最小阻值；
(2)在电流表与电压表的示数关系图像中，m点的电压值即图像中滑动变阻器R滑小2两端的电压，根据U=IR求出此时电压值；
(3)根据串联电路电压规律和欧姆定律列等式分析回答；
(4)根据电流表与电压表的示数关系图像可知，通过定值电阻R的最大电流为0.6A，根据P=I2R求出定值电阻R的最大功率。
此题主要是考查学生对欧姆定律和电功率公式的理解和应用。
10.【答案】扩散
化学

【解析】解：分子在永不停息地做无规则运动，香气分子会因此进入空气而被人感知到香味，属于分子热运动，闻到香味属于扩散现象；
绿色植物进行光合作用时，会将太阳能转化为有机物中的化学能，实现能量的转化。
故答案为：扩散；化学。
(1)不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈；
(2)绿色植物光合作用时，能将太阳能转化为化学能。
此题是考查分子热运动及能量的转化，属于基础题。
11.【答案】吸引轻小物体
压强小

【解析】解：静电吸尘是利用带电体吸引轻小物体的性质来消除灰尘。
吸尘器扇叶高速转动，制造出“流速大压强小”的区域，在大气压的作用下把灰尘吸走，所以负压吸尘是利用此原理。
故答案为：吸引轻小物体；压强小。
(1)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
本题考查了摩擦起电和流体压强与流速的关系，属于基础题。
12.【答案】大气压
连通器

【解析】解：U形管装满水后，倒置在水中，缓慢提起过程中，U形管外的水面受到大气压的作用，使U形管内的水柱不会下降，所以U形管中仍充满了水。
在图(b)中U形管装入一些水，U形管倾斜一些后，水面静止后，管内水面仍会相平，此时的U形管两侧上端开口，下部相连通，这时的U形管是一个连通器。
故答案为：大气压；连通器。
(1)地球被厚厚的大气层包围着，地球表面的物体都受到大气压的作用。
(2)连通器是上端、开口底部连通的容器，连通器内只有一种液体时，液体不流动时，各容器液面相平。
此题考查连通器原理和大气压的应用，属于基础题目，难度不大。
13.【答案】电能表
0

【解析】解：家庭电路中，进户线首先要经过电能表，用来计量电路所消耗的电能，然后再接入总开关(含保险装置)，故A处接电能表。
家庭电路中，相线与中性线之间的电压为220V，而中性线和保护线之间没有电压，即0V。
故答案为：电能表；0。
为了用电安全，家庭电路的组成，一定要注意进户线、电能表、总开关、保险装置的顺序不能颠倒；
家庭电路中，中性线和保护线之间没有电压。
本题考查了家庭电路的组成，属于基础题。
14.【答案】6×105
热传递

【解析】解：根据如图燃气表前后示数可知，消耗天然气的体积为V=456.178m3−456.163m3=0.015m3，
这些天然气完全燃烧放出的热量为Q放=Vq=0.015m3×4×107J/m3=6×105J；
用天然气灶烧水时，水从火焰中吸收热量，内能增加，是通过热传递改变水的内能的。
故答案为：6×105；热传递。
(1)由燃气表前后示数得到消耗天然气的体积，根据Q=Vq得到这些天然气完全燃烧放出的热量；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
本题考查热量的计算和内能的改变，属于综合题。
15.【答案】120
B、C

【解析】解：电能表的转盘转数为n=0.2kW⋅ℎ×600r/(kW⋅ℎ)=120r；
电炉子工作时电炉丝热得发红，而跟电炉丝连接的导线却发热不明显，是由于电炉丝与导线串联，通过的电流相同，在通电时间相同时，电炉丝电阻比导线的电阻大，电炉丝产生的热量大于导线产生的热量。图(b)实验中B、C两电阻串联接入电路，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，通电相同时间U形管液面高度差不同(产生的热量不同)，故可用图(b)实验中的B、C两个液柱高度说明这种情况。
故答案为：120；B、C。
根据电能表参数600r/(kW⋅ℎ)及消耗的电能计算转过的圈数；
两电阻串联，通过的电流和通电时间相同，而电阻不同，根据焦耳定律分析电流产生的热量多少。
本题考查电能表参数的计算及探究“导体产生的热量与什么因素有关”，考查控制变量法、转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律及焦耳定律的运用。
16.【答案】。
【解析】解：沿铅垂线的方向画一条竖直向下的线段，并标上箭头，如图所示：
。
重力的方向总是竖直向下的。
本题考查的是重力的方向，属于基础性题目。
17.【答案】解：家庭电路电压为220V，两灯泡的额定电压均为220V，所以两灯应并联接入电路中；开关S控制两灯，则S接在干路上，S接在灯泡与火线之间，据此作图如下：

【解析】根据题意分析两灯的连接方式，然后画图。
本题考查了开关、灯泡的接法，注意家庭电路中的各用电器并联连接，开关接在火线与电灯之间。
18.【答案】受力面积的大小
海绵的凹陷程度
乙、丙
压强

【解析】解：(1)北极熊趴着时，受力面积较大，由“北极熊趴着过薄冰”可猜想：压力作用效果可能跟受力面积的大小有关。
(2)根据转换法，海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的，海绵的凹陷程度越大表示压力的作用效果越明显。
(3)北极熊能安全通过薄冰的原因是压力一定时，通过增大受力面积来减小了压力的作用效果，实验中乙、丙两次实验中压力相同，丙中受力面积更大，海绵凹陷程度更小，压力作用效果更小。所以北极熊能安全通过薄冰的原因可用图中乙、丙两次实验解释。
(4)为了反映压力的作用效果，物理学中引入了压强这一物理量。
故答案为：(1)受力面积的大小；(2)海绵的凹陷程度；(3)乙、丙；(4)压强。
(1)北极熊趴下比站立时增大了受力面积，据此分析；
(2)根据海绵的形变程度来比较压力的作用效果，海绵的凹陷程度越大，说明压力的作用效果越明显，用到的科学实验方法是转换法；
(3)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，据此分析回答；
(4)为了反映压力的作用效果，物理学中引入了压强这一物理量。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。
19.【答案】弹簧受到的拉力越大，其伸长量就越长
定值
1.0
B
小

【解析】解：(1)分析表中的数据可知，拉力每增加1.0N，弹簧伸长量就增加0.4cm，因此在弹性限度内，弹簧的伸长量与受到的拉力成正比；进一步分析发现实验中弹簧受到的拉力与伸长量的比值始终相等即有：FΔL=，
可以得出：在弹性限度内，弹簧受到的拉力与弹簧伸长量之比为定值。
(2)根据前面分析可知FΔL=2.5N/cm，当在弹簧下端挂上5个钩码(每个钩码重为0.5N)，即拉力为F′=0.5N×5=2.5N，
此时弹簧伸长量为ΔL′=F′2.5N/cm=。
(3)实验中小组同学发现，当拉力大于5N后，上述结论已不再成立，原因可能是超出了弹簧的弹性限度，弹簧被损坏。故B符合题意，A不符合题意。
故选B。
(4)弹簧自身有重力，竖直悬挂后，弹簧自重会让它额外伸长，计算出的总伸长量ΔL会偏大；而水平放置测量原长时，没有包含自重带来的伸长；拉力不变，因此拉力与伸长量的比值FΔL会偏小。
故答案为：(1)弹簧受到的拉力越大，其伸长量就越长；定值；(2)1.0；(3)B；(4)小。
(1)分析表中的数据可得在弹性限度内，弹簧的伸长量与受到的拉力成正比；即在弹性限度内，弹簧受到的拉力与弹簧伸长量之比为定值。
(2)借助前面分析可知FΔL=2.5N/cm，然后可计算拉力和此时弹簧伸长量。
(3)实验中小组同学发现，当拉力大于5N后，上述结论已不再成立，原因可能是超出了弹簧的弹性限度，弹簧被损坏。
(4)弹簧自身有重力，水平放置测量原长时，没有包含自重带来的伸长；竖直悬挂后，弹簧自重会让它额外伸长，计算出的总伸长量ΔL会偏大。
本题通过探究弹簧的长度跟外力的变化关系得出在弹性限度范围内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比这一结论。考查的难点在于对数据和图象的判断，要明确弹簧的原长在图象中的体现和超过弹性限度时弹簧的长度不变，是解答正确的关键。
20.【答案】 定值电阻R0断路 控制定值电阻两端电压不变;③ 2;甲;减小;反比
【解析】解：(1)使滑片P向左移动时，电流表的示数变大，说明滑动变阻器接入电路中的电阻要变小，应该选择滑动变阻器左下接线柱，与定值电阻串联在电路中。据此作图：
。
(2)试触时电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏向最右端，说明电压表两接线柱与电源两极连通，由此可判断是与电压表并联的定值电阻R0断路了。
(3)根据控制变量法可知，在探究“电流与电阻的关系”实验中，要控制定值电阻两端的电压不变，改变定值电阻的阻值，记录对应的电流，从而得出电流随电阻变化规律，实验中每次调节滑动变阻器的目的是控制定值电阻两端的电压不变。
根据串联分压规律可得U滑U定=R滑R定，在电源电压和定值电阻两端控制的电压一定时，滑动变阻器分得的电压一定，则定值电阻越大，滑动变阻器的电阻越大，记录三次数据时，滑片P的位置最靠近B端(滑动变阻器接入电路中的电阻大，则对应的定值电阻的阻值大)的是图中的第③次实验。
(4)由图(b)知实验中预先设定的控制电压为U=IR=0.4A×5Ω=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V
为控制定值电阻两端电压为2V，当接入阻值为25Ω的定值电阻时滑动变阻器接入电路中的电阻值应为R滑=U滑R定U定=(6V−2V)×25Ω2V=50Ω；
但接入后发现无论怎样移动滑动变阻器滑片P，都无法使其两端电压达到预先设定的控制电压2V，说明原来三次实验中使用的滑动变阻器的最大阻值小于50Ω，所以上面三次实验中，实验所选用的滑动变阻器是甲。
要完成实验，而滑动变阻器最大阻值小于50Ω，根据串联分压规律知，在控制的电压不变时，必须减小滑动变阻器两端的电压，因而总电压必须减小，可以采用减小电源电压的方法来继续完成该实验。
由图(b)知，电阻的电流与电阻之积为
UV=IR=0.4A×5Ω= ……0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V
为一定值，故得出：在导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)；
(2)定值电阻R0断路；
(3)控制定值电阻两端电压不变；③；
(4)2；甲；减小；反比。
(1)使滑片P向左移动时，电流表的示数变大，可知滑动变阻器接入电路中的电阻要变小，据此确定变阻器的连接；
(2)试触时电流表无示数，说明电路可能断路；电压表指针迅速偏向最右端，说明电压表两接线柱与电源两极连通，据此分析；
(3)探究“电流与电阻的关系”实验中，要控制定值电阻两端的电压不变；根据串联分压规律可知在电源电压和定值电阻两端控制的电压一定时，滑动变阻器分得的电压一定，则定值电阻越大，滑动变阻器的电阻越大，据此分析；
(4)由图(b)知实验中预先设定的控制电压，当接入阻值为25Ω的定值电阻时，根据串联电路的规律及分压原理得出滑动变阻器接入电路中的电阻值，据此分析；要完成实验，可以采用减小电源电压的方法来继续完成该实验。
根据电流与电阻之积为一定值得出结论。
本题探究“电流与电阻的关系”实验，考查电路的连接、故障分析、操作过程、串联电路的规律及欧姆定律的和控制变量法的运用。
21.【答案】磁化
条
有
电流大小
方向
N
小磁针静止时N极指向

【解析】(2)铁粉能显示磁场的原因是铁粉能够被磁化，被磁化后的铁粉相当于一个个的小磁体受螺线管磁场的作用从而在磁场中有序排列显示出磁场分布。
观察图(b)中铁粉的分布，可以发现外部磁场形状与条形磁体周围磁场分布形状相同。
观察图(b)，螺线管内部的铁粉也呈规律分布，说明通电螺线管内部有磁场。
(3)改变滑动变阻器连入电路的阻值，通过螺线管的电流大小发生改变，发现铁粉分布程度密集有些变化外，但分布的形状却没有改变，这样可得出通电螺线管外部磁场形状与通过的电流大小无关。
(4)将小磁针放在螺线管周围不同位置，通过小磁针的指向可探究通电螺线管周围的磁场方向。
小磁针1的S极指向螺线管左端，根据磁极间的相互作用规律可知螺线管左端为N极。
(5)要探究极性与电流方向的关系，需控制其他变量不变，改变电流方向。通过观察小磁针静止时N极的指向，可判断通电螺线管的极性与环绕螺线管电流方向之间的关系。
故答案为：(2)磁化；条；有；(3)电流大小；(4)方向；N；(5)小磁针静止时N极指向。
(2)铁粉能显示磁场的原因是铁粉能够被磁化。
通电螺线管外部磁场形状与条形磁体周围磁场分布形状相同。
通电螺线管内部有磁场。
(3)通电螺线管外部磁场形状与通过的电流大小无关。
(4)小磁针的指向可探究通电螺线管周围的磁场方向。
根据磁极间的相互作用规律判断螺线管的极性。
(5)要探究极性与电流方向的关系，需控制其他变量不变，改变电流方向。
本题考查的是通电螺线管的磁场分布；知道通电螺线管的磁场方向与电流的方向有关。
22.【答案】桶和液体的总重是90N 桶对水平面的压力是90N 桶对水平面的压强是4500Pa 水对桶底的压强是2000Pa
【解析】解：(1)总质量m总=m桶+m水=3kg+6kg=9kg，
则总重G总=m总g=9kg×10N/kg=90N；
(2)水平面上的压力等于重力，因此F=G总=90N；
(3)接触面积为S=200cm2=0.02m2；
桶对水平面的压强为p=FS=90N0.02m2=4500Pa
(4)水的深度为ℎ=20cm=0.2m；
水对桶底的压强为p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa。
答：(1)桶和液体的总重是90N；
(2)桶对水平面的压力是90N；
(3)桶对水平面的压强是4500Pa；
(4)水对桶底的压强是2000Pa。
(1)利用重力公式计算总重；
(2)(3)水平面上的压力等于重力，结合压强公式计算压强；
(4)根据p=ρ液gℎ计算液体的压强。
本题考查压力和压强的计算，属于中档题。
23.【答案】电饭锅工作的电流是4A 电饭锅发热体消耗的电能是5.28×105J 电饭锅工作的效率是70% 如果给电饭锅内部串联一个与其阻值相同的发热体，电饭锅的功率是440W
【解析】解：(1)电饭锅工作的电流 I=PU=880W220V=4A；
(2)电饭锅发热体消耗的电能 W=Pt=880W×600s=5.28×105J；
(3)水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×2.0kg×44∘C=3.696×105J，
工作效率为η=Q吸W=3.696×105J5.28×105J×100%=70%；
(4)原发热体电阻 R=U2P=(220V)2880W=55Ω；
串联相同电阻后总电阻R总=R+R=110Ω；
电源电压不变，总功率 P总=U2R总=(220V)2110Ω=440W。
答：(1)电饭锅工作的电流是4A；
(2)电饭锅发热体消耗的电能是5.28×105J；
(3)电饭锅工作的效率是70%；
(4)如果给电饭锅内部串联一个与其阻值相同的发热体，电饭锅的功率是440W。
(1)根据P=UI变形公式可求电饭锅工作的电流；
(2)根据W=Pt可求电饭锅发热体消耗的电能；
(3)根据吸热公式可求水吸收的热量，再根据效率公式可求电饭锅的工作效率；
(4)根据P=U2R可求原发热体电阻，由R总=R+R求出串联相同电阻后总电阻，电源电压不变，根据P=U2R可求总功率。
本题考查用电器工作过程中的能量转化、电功率公式、吸热公式、效率公式以及电功率公式的应用，属于电热综合题。
24.【答案】不同
越大
∘C⁻ 1
康铜和黄铜
左
B

【解析】(1)根据控制变量法思想，对比实验1、3：长度、升高温度都相同，材料不同，伸长量不同，因此长度相同的不同物体，升高相同温度伸长量不同。
对比实验3、4：同种材料、原长相同，升高温度越高，伸长量越大，因此同一物体，升高的温度越高，伸长量越大。
对公式变形得 α=Lt−L0L0ΔT，长度单位约去后，ΔT单位为 ∘C，因此α的单位为 ∘C−1。
(2)温度升高时双金属片向上弯曲，说明下层伸长量更大；由表格可知，相同条件下黄铜伸长量大于康铜，因此上层为伸长量小的康铜，下层为伸长量大的黄铜，即上下层为康铜和黄铜。
(3)图中铝在左侧、黄铜在右侧，温度降低到零下时，铝收缩量大于黄铜，铝收缩更短，因此双金属片向左侧弯曲，指针指向零刻线的左侧。
(4)断路器工作时，电流过大导致双金属片发热增多，双金属片形变程度不同，发生弯曲触动簧锁装置，簧锁装置脱开，接触点断开，所以顺序为②④①③，故选B。
故答案为：(1)不同；越大； ∘C⁻ 1；(2)康铜和黄铜；(3)左；(4)B。
(1)根据控制变量法进行分析，根据表达式推导α的单位。
(2)(3)根据不同材料的伸长量进行分析；
(4)对照原理图，抓住双金属片的形变进行分析。
控制变量法能排除干扰，直接显露单一因素对被研究对象变化的影响情况。实验次数
1
2
3
4
5
6
拉力F/N
0
1.0
2.0
3.0
4.0
5.0
弹簧长度/cm
3.0
3.4
3.8
4.2
4.6
5.0
弹簧的传长量ΔL/cm
0
0.4
0.8
1.2
1.6
2.0
实验序号
材料
升高的温度(∘C)
原长(mm)
伸长量(mm)
1
黄铜
10
1000.00
0.19
2
黄铜
10
2000.00
0.38
3
康铜
10
1000.00
0.15
4
康铜
30
1000.00
0.45
5
铝
10
2000.00
0.46
6
铅
30
1000.00
0.69