2026+年江苏省南京市二十九中学中考模拟物理零模试卷含答案

这是一份2026+年江苏省南京市二十九中学中考模拟物理零模试卷含答案，共3页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列物理量最接近实际情况的是（ ）
A．让人舒适的室温约为40℃
B．中学生爬楼功率约3000W
C．我国家庭电路电压为220V
D．中学生体重约为50kg
2．（2分）下列诗词涉及的物态变化的分析中，正确的是（ ）
A．“窗含西岭千秋雪”，雪的形成是升华现象，需要放热
B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“薄雾浓云愁永昼”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
D．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
3．（2分）光让我们通过视觉认识世界，下列说法正确的是（ ）
A．甲图：由于光的折射，同学们能从不同方向看到地上的书
B．乙图：小明在镜中看到小猫的光路图，小猫在平面镜中成的是虚像
C．丙图：远视眼的成因，需要戴凸透镜矫正
D．丁图：利用光在同种均匀介质中沿直线传播的规律可制成针孔照相机
4．（2分）下列对于漏电保护断路器和空气开关断路器的说法正确的是（ ）
A．空气开关的主要作用是防止人体触电
B．漏电保护断路器能检测漏电并迅速切断电路，可防止触电事故
C．两者功能完全相同，都能同时防止短路、过载和漏电
D．当电路发生短路时，只有漏电保护断路器会跳闸
5．（2分）下列装置中，与电动机工作原理相同的是（ ）
A．指南针
B．电磁继电器
C．动圈式扬声器
D．动圈式话筒
6．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．宇宙是有层次的天体结构系统，它是有起源、膨胀和演化的
B．卢瑟福发现了电子，从而说明原子是可分的
C．原子、电子、原子核是按空间尺度由大到小排列的
D．质子、中子和电子像行星绕太阳一样绕原子核运动
7．（2分）下列描述正确的是（ ）
A．图甲：选用质量较小的卡片，目的是忽略摩擦力对实验的影响
B．图乙：教室内用水代替水银也能完成托里拆利实验
C．图丙：若烧杯内是盐水，弹簧测力计示数刚好为零时，袋内液面高于袋外液面
D．图丁：可以选择海绵或木板作为受压面
8．（2分）汤勺放在热汤中温度升高内能增大。下列事例中改变内能的方式与之相同的是（ ）
A．冰敷受伤部位B．反复弯折铁丝
C．压缩空气D．钻木取火
9．（2分）如图所示，用不可伸长的轻质细线和轻质弹簧分别吊质量相同的小球A、B，将两球拉开使细线与弹簧都在水平方向上，且高度相同，此时弹簧处于原长状态，而后由静止放开A、B两球，两球在运动中空气阻力不计，到最低点时两球在同一水平面上，关于两球在最低点时速度的大小正确的是（ ）
A．A球的速度大
B．B球的速度大
C．A、B球的速度大小相等
D．无法判定
10．（2分）图示为显示油箱内油量情况的装置，该装置的油量表由电流表或电压表改装而成，电源电压恒定。要满足“油量越小，电表示数越小，且无油时电表示数恰好为0”，下列电路可以实现的是（ ）
A．
B．
C．
D．
11．（2分）某固体的质量为m，其比热容为c。先对它加热一段时间（设在相同时间内吸收的热量相等），停止加热让其冷却（设冷却时在相同时间内放出的热量相等），整个过程中温度随时间的变化情况如图所示。不计质量变化，下列说法正确的是（ ）
A．在0～t2时间段，该物体吸收的热量为cm（T2﹣T1）
B．该物质在t2～t3时间段的比热容小于t3～t4时间段的比热容
C．在t4～t5时间段，该物体放出的热量为cm(T2−T1)(t5−t4)t1
D．该物体在t5～t6时间段放出的热量等于在0～t1时间段吸收的热量
12．（2分）如图甲、乙均为电学实验中常用的实验原理图，下列说法错误的是（ ）
A．甲图可以测小灯泡额定功率，也可以探究电流与电压的关系
B．乙图可以测定值电阻的阻值，也可以探究电流与电阻的关系
C．乙图在“探究电流与电阻关系”的实验中，利用滑动变阻器控制电阻两端的电压不变
D．甲图测小灯泡电阻时，移动滑动变阻器滑片得到多组数据，不可以求平均值减小误差
13．（2分）如图所示，水平桌面上甲、乙两个完全相同的烧杯内装有密度不同的盐水，把同一个鸡蛋分别放入甲、乙两杯盐水中，鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，且放入鸡蛋后液面相平。若两烧杯底部所受液体压强分别为p甲、p乙，鸡蛋在甲、乙两杯盐水中所受浮力分别为F甲、F乙，则下列说法正确的是（ ）
A．p甲＜p乙B．p甲＞p乙C．F甲＜F乙D．F甲＞F乙
14．（2分）戥子是一种微型杠杆，中药房里都是用戥子称量中药。如图所示，不考虑秤杆的重力，已知秤砣的质量是m，零刻度线在提纽右侧、离提纽的距离为l0，秤盘离提纽悬挂点的距离为l1。当盘中放入一定质量的中药后，移动秤砣至杠杆水平平衡时，秤砣悬挂点到提纽的距离是l2，以下判断正确的是（ ）
A．整个秤盘的质量是ml1l0
B．中药的质量是m(l2−l0)l1
C．提纽向左移动一段距离，戥子的量程会变小
D．增加秤砣的质量，戥子的量程会变小
15．（2分）如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”，灯L标有“6V 3W”。闭合开关S，滑片P在某一位置时，电压表V1示数为2V，此时小灯泡恰好正常发光。当滑片P移到另一位置时，V2示数的示数为8V，电流表示数为0.4A。假设灯丝电阻不随温度变化。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压U＝10V
B．定值电阻R1＝5Ω
C．在滑片移动过程中，电路消耗的总功率变化了0.4W
D．在滑片移动过程中，滑动变阻器电阻变化了4.8Ω
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共20分）
16．（3分）2026年3月30日，力箭二号遥一运载火箭在东风商业航天创新试验区成功首飞，将多颗卫星送入预定轨道。火箭升空时，燃料燃烧产生的高温高压燃气向后高速喷出，推动火箭加速上升，这说明物体间力的作用是 的；在火箭加速上升的过程中，其机械能 （选填“增大”“减小”或“不变”）；以地面为参照物，火箭是 （选填“运动”或“静止”）的。
17．（3分）如图所示，滑轮重20N，工人用200N的拉力，在30s内将重为300N的物体匀速提高了3m。此过程中的额外功为 J，滑轮的机械效率为 %，工人做功的功率为 W。
18．（4分）如图所示是一台单缸四冲程汽油机的某一冲程，该冲程发生的能量转化是 能转化为 能。若它每分钟对外做功1200次，则该汽油机的飞轮转速为 r/s。
若该汽油机要获得1.38×107J的机械能，需要完全燃烧1kg汽油，则该汽油机的转换效率为 %。（汽油的热值为4.6×107J/kg）
19．（3分）小华利用如图甲所示的装置测量大气压的大小，活塞与针筒之间气密性很好，有摩擦（忽略活塞重力）。他先拔去橡皮帽，将活塞推至底端，在下端挂上重为1N的空桶，活塞开始向下匀速滑动，则活塞与针筒间的摩擦力为 N，他重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔，不断往小桶中装入细沙，直到活塞 。测出此时细沙和桶的总质量为0.5kg，小华又找来刻度尺测量针筒全部刻度的长度，如图乙所示，由以上数据测出本地大气压强的值为 Pa。
20．（4分）一个密封盒的表面可见两个接线柱、一个灯泡和一个可调变阻器的旋钮。盒内只有灯泡和变阻器两个用电器，小明想探究它们的连接方式，连接了如图所示的电路（电源电压恒为3V），做了两次实验，部分数据记录如表格所示。
（1）灯泡和变阻器的连接方式是 联。
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率是 W，灯泡工作时的电阻是 Ω。
（3）第二次实验中，电流表示数是 A
21．（3分）恒温水箱可用于加热化学药品及生物用品恒温培养等，学校科技小组设计了如图甲所示的恒温水箱温控电路。工作电路中的电热器上标有“220V 2200W”的字样。控制电路中电源电压U＝36V；热敏电阻R作为感应器探测水温，置于恒温水箱内，其阻值随温度变化如图乙所示；R1为滑动变阻器。当电磁继电器线圈（线圈电阻不计）中的电流小于或等于90mA时，衔铁被释放；当电流大于或等于100mA时，衔铁被吸合。
（1）电磁继电器的工作原理是 。
A.通电导体周围存在磁场
B.通电导体在磁场中受到力的作用
C.电磁感应现象
（2）若电热器连续正常工作300s，此过程中产生的热量为 J。
（3）若水箱中水的初始温度低于20℃，R1＝280Ω，则同时闭合S和S1后，可使水箱内温度控制在什么范围？（列式计算）
三、解答题（本题共11小题，共50分。解答第29、30题每问、每空2分）
22．（1分）如图所示，请根据平面镜成像特点作出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
23．（1分）如图，木块静止在斜面上，画出木块重力G和木块对斜面压力F的示意图。
24．（1分）如图所示的电路中，电流表正常偏转。请在图中标出磁感线方向和小磁针N极。
25．（5分）小赵做“探究冰熔化特点”的实验。如图甲，在烧杯和试管中都放入碎冰，并各放一支温度计，两支温度计示数随时间变化的图像如图乙所示。
（1） （选填“实”或“虚”）线表示试管内碎冰的温度随时间变化的图像。
（2）如图乙，8min时试管内的碎冰 （选填“能”或“不能”）熔化。
（3）试管内冰的熔化过程共经历了 min。
（4）用酒精灯不断给烧杯加热，当烧杯里的水沸腾以后继续加热，试管中的水 （选填“会”或“不会”）沸腾，要使试管中的物质一定能沸腾，可将试管里的物质换成 。[选填“酒精”（沸点78℃）、“甲苯”（沸点111℃）或“煤油”（沸点150℃）]
26．（5分）图示是探究凸透镜成像规律的实验情形，此时光屏上恰好成一清晰的像。
（1）保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至35cm刻度处，应向 （选填“左”或“右”）移动光屏，可在光屏上再次得到清晰的像，利用该成像原理可制成 。
（2）在图中烛焰和凸透镜之间适当位置放一眼镜，光屏上的像变模糊了。将蜡烛向左移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜可以矫正的视力缺陷是 。
（3）随着实验进行，蜡烛变短，为使像仍成在光屏中央，应将凸透镜和光屏一起向 移动。
（4）若将蜡烛向左移动到28cm刻度处，仅将透镜在蜡烛与光屏之间移动能在光屏上看到 次清晰的像。
27．（7分）小杨利用橡皮筋、定滑轮、几个相同的钩码、细线来“探究同一直线上两个力的合成”，实验装置如图所示。
①实验中每个钩码重力为0.5N，不计滑轮处摩擦。如图（a），在橡皮筋的下端系了两根细线，在其中一根细线上挂一个钩码，另一根细线上挂两个钩码，记录橡皮筋下端到达的位置O，实验过程应选择较 （填“长”或“短”）的细线；如图（b），撤去所有钩码，只在其中一根细线下挂钩码，发现挂三个钩码后橡皮筋的下端再次到达位置O，由此可知，作用于同一物体且在同一直线上的两个力，方向相同时，合力大小等于这两个力 ，合力方向与这两个力方向相同。
②如图（c），为了研究方向相反的两个力的合成，小明将细线1固定在橡皮筋下端并挂上三个钩码，细线2固定在橡皮筋的 （选填“上端”或“下端”）再向上跨过滑轮后挂一个钩码，记录静止时橡皮筋到达的位置O'，此时橡皮筋的弹力为 N。撤去所有钩码，若仅在细线1下端挂钩码，使橡皮筋下端仍到达位置O'，需挂 个钩码。若图（c）中细线1下方最下端的两个钩码不慎掉落，则刚掉落的瞬间，橡皮筋下端所受合力竖直向 ，大小为 N。
28．（5分）以下是测量物质密度的实验。
小明和小华分别测量土豆的密度和未知液体的密度，设计了如下方案。
①天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处，指针静止后的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡；
②用天平测量土豆质量，天平平衡时，所加砝码和游码的位置如图乙所示，土豆的质量为 g；
③利用装满水的溢水杯和空量筒测量土豆的体积，正确操作后，量筒示数如图丙所示；
④土豆的密度为ρ0＝ g/cm3（保留两位小数）。
（2）小华设计了一个电子密度秤再结合小明所测的土豆的密度来测量未知液体的密度。步骤如下：
①在电子秤上放上支架和挂钩，按下清零键m1＝0g；
②在挂钩上挂上土豆记录电子秤的示数为m2；
③用烧杯装入适量待测液体，手持烧杯并将土豆完全浸没于待测液体中，记录电子秤示数m3；
写出该电子密度计测量该液体密度的表达式 （用ρ0、m2、m3表示），若在土豆浸没后发现土豆表面有不少气泡，则测量结果将 （选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。
29．（5分）小董同学利用U形管压强计来探究液体压强与哪些因素有关。
（1）液体压强计 （选填“属于”或“不属于”）连通器，使用时通过U形管中液面的 来反映被测压强的大小；
（2）如图所示，小陈设想将U形管压强计做如下改装：为U形管两端都装上扎有相同橡皮膜的金属盒（且两管液面齐平），将两个金属盒分别放至两个装有相同深度的盐水和纯净水的容器底部，则该操作可以研究液体内部压强与 的关系；
（3）发现U形管的右边管内液面位置相对较高，这说明与右边管连接的金属盒放置的容器中装的是 （选填“盐水”或“水”）；
（4）再将两个金属盒在液体中的深度同时减为原来的一半，则U形管两管液面高度差将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
30．（4分）有一个阻值未知的定值电阻Rx（阻值6～10Ω）和一个标有“0.3A”字样的小灯泡（阻值约为10Ω），要求测出Rx的阻值和小灯泡的额定功率。
（1）图甲是小明用伏安法测量Rx阻值的实物电路，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格是“10Ω 2A”。
①甲图中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并在图上改正（所画的导线不能交叉）。
②改正电路后，正确操作，当电压表示数为1.8V时，电流表的示数如图乙所示。则Rx阻值为 Ω。
（2）小华利用图丙所示实物电路测出了小灯泡的额定功率。电阻箱R0的规格是“0∼999.9Ω”，电源电压约为6V。请在空白处填上适当内容。
①断开S2，闭合S1，调节电阻箱的阻值和滑动变阻器的滑片，直到 ，记下此时电阻箱的阻值。
②断开S1，在M、N间接入一个元件后，正确操作可以完成测量任务。以下四个元件符合要求的有
（填字母）。
A．一根导线
B．5Ω电阻
C．30Ω电阻
D．电阻箱
31．（6分）如图所示，是依靠螺旋桨飞行的某型号无人机，质量为2.4kg。启动前静止在水平面上，它与水平面的总接触面积为12cm2。求：
（1）无人机的重力。（g取10N/kg）
（2）启动前无人机对水平面的压强。
（3）目前这种无人机 （选填“能”或“不能”）在太空的真空区域使用。
32．（10分）在综合实践活动中，某科技小组设计了一套测量货车重力的模拟装置，图甲是其工作原理图。OAB为水平杠杆，O为支点，OA：AB＝1：4，已知电源电压U0＝12V，定值电阻R0的阻值为10Ω，电流表量程为0～0.6A，表盘改装后直接显示平板承受物体的压力值，压力传感器R的阻值随所受压力F变化的关系如图乙所示。平板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。
（1）当平板上物体重力为100N时，电流表的示数为 A。改装后刻度盘的刻度值分布 （选填“均匀”或“不均匀”）。
（2）电路安全前提下，该平板能承受的最大物重为多少N？
（3）电池使用时间过长电源电压会降为U1，导致电流表示数减小。
①若平板上放置重为100N物体时，电流表读数为0.3A，求此时该模拟装置消耗电能的功率？
②若要此时平板上重为100N的物体对应的电流值与电源电压为U0时相等，小明选择更换电阻的方法予以解决，求更换之后的电阻阻值大小？
2026年江苏省南京市二十九中中考物理零模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题给出的四个选项中只一个选项符合题意）
1．（2分）下列物理量最接近实际情况的是（ ）
A．让人舒适的室温约为40℃
B．中学生爬楼功率约3000W
C．我国家庭电路电压为220V
D．中学生体重约为50kg
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、让人舒适的室温约为22℃﹣26℃，故A选项错误。
B、中学生的体重约500N，爬楼时每秒上升高度约0.2m，根据功率公式P=Wt=Ght 可得功率约为100W，故B选项错误。
C、我国家庭电路的标准电压为220V，故C选项正确。
D、体重的单位是牛顿（N），kg是质量的单位。中学生的质量约为50kg，体重约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）下列诗词涉及的物态变化的分析中，正确的是（ ）
A．“窗含西岭千秋雪”，雪的形成是升华现象，需要放热
B．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
C．“薄雾浓云愁永昼”，雾的形成是汽化现象，需要吸热
D．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
【分析】物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
【解答】解：A、“窗含西岭千秋雪”，雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，而升华是固态直接变为气态的过程，故A错误。
B、“露似真珠月似弓”，露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B正确。
C、“薄雾浓云愁永昼”，雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，汽化是液态变为气态的过程，吸热，故C错误。
D、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。
故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3．（2分）光让我们通过视觉认识世界，下列说法正确的是（ ）
A．甲图：由于光的折射，同学们能从不同方向看到地上的书
B．乙图：小明在镜中看到小猫的光路图，小猫在平面镜中成的是虚像
C．丙图：远视眼的成因，需要戴凸透镜矫正
D．丁图：利用光在同种均匀介质中沿直线传播的规律可制成针孔照相机
【分析】（1）由于光的漫反射，反射光线射向各个方向；
（2）小猫在平面镜中成的像是由于光的反射形成的正立、等大的虚像；
（3）眼睛的晶状体对光的会聚能力过强，成像于视网膜前，是近视眼的成因，需要戴凹透镜矫正；
（4）利用光在同种均匀介质中沿直线传播的规律可制成针孔照相机，可以成倒立的实像。
【解答】解：A.甲图：由于光的漫反射，反射光线射向各个方向，同学们能从不同方向看到地上的书，故A错误；
B.乙图：小聪和小猫能互相看到对方，说明在反射时光路是可逆的，小猫在平面镜中成的像是由于光的反射形成的正立、等大的虚像，光线传播方向错误，故B错误；
C.丙图：图中眼睛的晶状体对光的会聚能力过强，成像于视网膜前，是近视眼的成因，需要戴凹透镜矫正，故C错误；
D.丁图：利用光在同种均匀介质中沿直线传播的规律可制成针孔照相机，属于小孔成像，可以成倒立的实像，故D正确。
故选：D。
【点评】本题作用考查了漫反射、光的直线传播、近视眼的矫正、小孔成像等基础知识，常见题目。
4．（2分）下列对于漏电保护断路器和空气开关断路器的说法正确的是（ ）
A．空气开关的主要作用是防止人体触电
B．漏电保护断路器能检测漏电并迅速切断电路，可防止触电事故
C．两者功能完全相同，都能同时防止短路、过载和漏电
D．当电路发生短路时，只有漏电保护断路器会跳闸
【分析】（1）空气开关：核心功能是保护电路，当电路出现短路，过载（电流过大）情况时，会自动跳闸切断电路，避免电路设备损坏，但它无法检测漏电情况，不能直接防止人体触电。
（2）漏电保护断路器：核心功能是检测电路中的漏电电流，当人体触电或者电路出现漏电时，能迅速切断电路，从而防止触电事故，但它对短路，过载的保护能力不如空气开关，部分漏电保护器需搭配空气开关实现全面保护。
【解答】解：A、空气开关王要作用是防止短路，过载，不能防止人体触电，故A错误；
B、漏电保护断路器的工作原理就是检测漏电电流，一旦检测到漏电会快速切断电路，能有效防止触电事故，故B正确；
C、两者功能有明显差异，空气开关侧重短路，过载保护，漏电保护器侧重漏电保护，并非功能完全相同，故C错误；
D、电路发生短路时，空气开关会因为电流过大跳闸，漏电保护断路器一般不会因短路跳闸（除非短路同时伴随漏电）故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查学生对空气开关和漏电保护断路器的工作原理的理解，难度不大，属于基础题。
5．（2分）下列装置中，与电动机工作原理相同的是（ ）
A．指南针
B．电磁继电器
C．动圈式扬声器
D．动圈式话筒
【分析】电动机是根据通电导体在磁场中受力的原理制成的，根据各选项的原理逐一分析作答。
【解答】解：A．指南针的工作原理是地磁场对磁体的作用，与电动机工作原理不同，故A不正确；
B．电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电动机工作原理不同，故B不正确；
C．动圈式扬声器的工作原理是磁场对通电导体有力的作用，与电动机工作原理相同，故C正确；
D．动圈式话筒的工作原理是电磁感应，与电动机工作原理不同，故D不正确。
故选：C。
【点评】本题考查扬声器、话筒、电动机、电磁继电器的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象。
6．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．宇宙是有层次的天体结构系统，它是有起源、膨胀和演化的
B．卢瑟福发现了电子，从而说明原子是可分的
C．原子、电子、原子核是按空间尺度由大到小排列的
D．质子、中子和电子像行星绕太阳一样绕原子核运动
【分析】（1）宇宙是一个有层次的天体结构系统，它是有起源的、膨胀的和演化的；
（2）汤姆生发现了带负电的电子，从而说明原子是可分的；
（3）1909年英国物理学家卢瑟福和他的同事们根据α粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型。
【解答】解：A、根据宇宙大爆炸理论，宇宙是一个有层次的天体结构系统（从行星、太阳系到银河系、河外星系），且它有起源于奇点的大爆炸、持续膨胀并不断演化的过程，故A选项正确。
B、卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型；而电子是由汤姆生发现的，故B选项错误。
C、空间尺度从大到小的正确排列是：原子＞原子核＞电子，故C选项错误。
D、电子在原子核外绕核高速运动，质子和中子位于原子核内，故D选项错误。
故选：A。
【点评】此题考查了宇宙、原子结构的认识。
7．（2分）下列描述正确的是（ ）
A．图甲：选用质量较小的卡片，目的是忽略摩擦力对实验的影响
B．图乙：教室内用水代替水银也能完成托里拆利实验
C．图丙：若烧杯内是盐水，弹簧测力计示数刚好为零时，袋内液面高于袋外液面
D．图丁：可以选择海绵或木板作为受压面
【分析】（1）根据实验只研究两侧的拉力分析；
（2）根据大气压支撑水柱的高度分析；
（3）根据浮力等于重力时，拉力为0分析；
（4）探究压力作用效果必须通过形变显示。
【解答】解：A、探究二力平衡时，只研究两侧的拉力，选择小卡片是为了忽略卡片的重力对实验的影响；，故A错误；
B、通常1标准大气压可以支撑10多米高的水柱，而教室内的高度不到3m，故不能用水进行实验，故B错误；
C、若烧杯内是盐水，弹簧测力计示数刚好为零时，说明排开盐水的重力等于袋内水的重力，由于盐水的密度比水大，故袋内液面高于袋外液面，故C正确；
D、探究压力作用效果必须通过形变显示，而木板不能观察到明显的形变，不能进行实验，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查课本实验的探究过程分析，属于较难题。
8．（2分）汤勺放在热汤中温度升高内能增大。下列事例中改变内能的方式与之相同的是（ ）
A．冰敷受伤部位B．反复弯折铁丝
C．压缩空气D．钻木取火
【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。
【解答】解：汤勺放在热汤中温度升高内能增大，汤勺吸收热量，温度升高，内能增大，属于通过热传递改变物体的内能。
A、冰敷受伤部位，冰吸收热量，内能增加，通过热传递的方式改变物体的内能，故A符合题意；
B、反复弯折铁丝，对铁丝做功，属于通过做功改变物体的内能，故B不符合题意；
C、压缩空气，对空气做功，属于通过做功改变物体的内能，故C不符合题意；
D、钻木取火，克服摩擦做功，属于通过做功改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查内能的改变，属于基础题。
9．（2分）如图所示，用不可伸长的轻质细线和轻质弹簧分别吊质量相同的小球A、B，将两球拉开使细线与弹簧都在水平方向上，且高度相同，此时弹簧处于原长状态，而后由静止放开A、B两球，两球在运动中空气阻力不计，到最低点时两球在同一水平面上，关于两球在最低点时速度的大小正确的是（ ）
A．A球的速度大
B．B球的速度大
C．A、B球的速度大小相等
D．无法判定
【分析】弄清楚物体运功过程中的功能转化关系是解决本题的关键，分析清楚A、B两物体运动过程中的共同点和不同点是解题的突破口，两球运动中重力做功相同，但是B球运动中，弹簧弹力对其做负功，因此功能的转化是不同的。
【解答】解：
由图和题意可知，两球运动过程中初末位置的高度差相同，两球的质量相同，故重力做功相同；
左图用不可伸长的轻质细线连接小球，右图用轻质弹簧连接小球；
所以，A球下落过程中，重力势能全部转化为动能；而B球下落过程中，重力势能除转化为动能之外还有一部分转化为弹簧的弹性势能，故在最低点A球的动能大于B球的动能，因此A球的速度大，故BCD错误，A正确。
故选：A。
【点评】分析物体运动过程中的功能转化时，要看哪些力做功，做功有什么特点，不能漏掉力或者混淆功能关系。
10．（2分）图示为显示油箱内油量情况的装置，该装置的油量表由电流表或电压表改装而成，电源电压恒定。要满足“油量越小，电表示数越小，且无油时电表示数恰好为0”，下列电路可以实现的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据无油时电表示数恰好为0，分析电表种类，结合油量越大，电表示数越大，与串联分压规律分析解答。
【解答】解：A、无油时，R2的最大阻值和R1串联接入电路，根据串联电路电阻规律和欧姆定律可知通过电路的电流为最小，但不为0，故A不符合：
B、电压表测量R2下部分电阻两端的电压，无油时，R2的最大阻值和R1串联接入电路，根据串联电路的分压特点可知R2下部分电阻两端的电压最大，即此时电压表示数最大，故B不符合：
C、电压表测量R1两端的电压，无油时，R2的最大阻值和R1串联接入电路，根据串联电路的分压特点可知R1两端的电压最小，即此时电压表示数最小，但不为0，故C不符合：
D、电压表测量R2上部分电阻两端的电压，油量越小，R2连入电路的电阻越小，根据串联电路的分压特点可知R2两端的电压越小，即电表示数越小；无油时，R2连入电路的电阻为零，则电压表示数为0，故D符合。
故选：D。
【点评】本题考查串联电路的特点与欧姆定律的应用，属于中档题。
11．（2分）某固体的质量为m，其比热容为c。先对它加热一段时间（设在相同时间内吸收的热量相等），停止加热让其冷却（设冷却时在相同时间内放出的热量相等），整个过程中温度随时间的变化情况如图所示。不计质量变化，下列说法正确的是（ ）
A．在0～t2时间段，该物体吸收的热量为cm（T2﹣T1）
B．该物质在t2～t3时间段的比热容小于t3～t4时间段的比热容
C．在t4～t5时间段，该物体放出的热量为cm(T2−T1)(t5−t4)t1
D．该物体在t5～t6时间段放出的热量等于在0～t1时间段吸收的热量
【分析】（1）由公式Q＝cmΔt，知在0～t1时间段，物体吸收热量为cm（T2﹣T1）；在t1﹣t2时间段物体熔化吸收热量，所以0﹣t2时间段吸收的热量大于0～t1时间段吸收的热量；
（2）比热容是物质的一种特性，与物质的状态有关，同种物质在相同状态下比热容相同；
（3）在t6﹣t5时间内放出热量为cm（T2﹣T1），时间为t6﹣t5，已知在相同时间内放出热量相等，在t4﹣t5时间内，时间为t5﹣t4，设t4﹣t5时间段放出热量为Q'，由于相同时间放热相等，由Qt6−t5=Q′t5−t4得到Q'的表达式；
（4）0～t1时间段温度升高，吸收热量cm（T2﹣T1），t5﹣t6时间段温度降低，放出热量cm（T2﹣T1），分析即可得出结论。
【解答】解：A、由热量计算公式Q＝cmΔt，知在0～t1时间段，温度变化量是T2﹣T1，吸收热量Q1＝cm（T2﹣T1）；在t1﹣t2时间段物体处于熔化过程，吸收热量但温度不变，所以0﹣t2时间段吸收热量大于cm（T2﹣T1），故A错误。
B、比热容是物质的一种特性，与物质的状态有关，同种物质在相同状态下比热容相同。t2～t3和t3～t4时间段物质状态相同，比热容相同，故B错误。
C、在t6﹣t5时间内放出热量为cm（T2﹣T1），时间为t6﹣t5，已知在相同时间内放出热量相等，在t4﹣t5时间内，时间为t5﹣t4，设t4﹣t5时间段放出热量为Q'，由于相同时间放热相等，则Qt6−t5=Q′t5−t4，即Q'=cm(T2−T1)(t5−t4)t6−t5，故C错误。
D、0～t1时间段温度升高，吸收热量cm（T2﹣T1），t5﹣t6时间段温度降低，放出热量cm（T2﹣T1），所以这两个阶段吸放热相等，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查物质吸放热公式的应用，能够从图中获取有价值的信息是解题的关键。
12．（2分）如图甲、乙均为电学实验中常用的实验原理图，下列说法错误的是（ ）
A．甲图可以测小灯泡额定功率，也可以探究电流与电压的关系
B．乙图可以测定值电阻的阻值，也可以探究电流与电阻的关系
C．乙图在“探究电流与电阻关系”的实验中，利用滑动变阻器控制电阻两端的电压不变
D．甲图测小灯泡电阻时，移动滑动变阻器滑片得到多组数据，不可以求平均值减小误差
【分析】（1）在探究电流与电压的关系实验中，应控制电阻阻值不变；灯丝的电阻随温度的变化而变化；
（2）在探究电流与电阻的关系实验中，应控制定值电阻两端电压不变；
（3）在测未知电阻的阻值实验中，为了减小误差，应改变定值电阻两端电压和通过的电流，进行多次实验，得到多组数据求平均值。
【解答】解：A、由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测通过灯泡的电流，根据P＝UI可知，该电路可以测小灯泡额定功率；在探究电流与电压的关系实验中，应控制电阻阻值不变，因灯丝的电阻随温度的变化而变化，因此该电路不能探究电流与电压的关系，故A错误；
BCD、由图乙可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测通过定值电阻的电流，通过调节滑动变阻器控制电压不变，因此图乙可以探究电流与电阻的关系；
由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测通过电路的电流，根据R=UI求出灯泡阻值；为了减小误差，通过调节滑动变阻器改变灯泡两端电压和电流，得到多组数据求平均值，故BCD正确。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对伏安法测小灯泡电功率、电阻、探究电流与电压及电阻的关系的了解与掌握，注意控制变量法在实验中的应用。
13．（2分）如图所示，水平桌面上甲、乙两个完全相同的烧杯内装有密度不同的盐水，把同一个鸡蛋分别放入甲、乙两杯盐水中，鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，且放入鸡蛋后液面相平。若两烧杯底部所受液体压强分别为p甲、p乙，鸡蛋在甲、乙两杯盐水中所受浮力分别为F甲、F乙，则下列说法正确的是（ ）
A．p甲＜p乙B．p甲＞p乙C．F甲＜F乙D．F甲＞F乙
【分析】根据漂浮与悬浮的条件可判断鸡蛋在不同杯子中受到的浮力的大小；根据鸡蛋的浮沉情况判断出杯中盐水密度的大小关系，再利用压强公式p＝ρgh判断压强的大小。
【解答】解：CD、由图可知，鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，则浮沉条件可知，它们此时所受的浮力都等于自身的重力，即F甲＝F乙；故CD错误；
AB、鸡蛋在甲杯中漂浮，在乙杯中悬浮，说明甲杯中水的密度大于乙杯中盐水的密度，又因为两杯中液面相平，由公式p＝ρgh可知，甲杯底部所受液体的压强较大，即p甲＞p乙，故B正确，A错误。
故选：B。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
14．（2分）戥子是一种微型杠杆，中药房里都是用戥子称量中药。如图所示，不考虑秤杆的重力，已知秤砣的质量是m，零刻度线在提纽右侧、离提纽的距离为l0，秤盘离提纽悬挂点的距离为l1。当盘中放入一定质量的中药后，移动秤砣至杠杆水平平衡时，秤砣悬挂点到提纽的距离是l2，以下判断正确的是（ ）
A．整个秤盘的质量是ml1l0
B．中药的质量是m(l2−l0)l1
C．提纽向左移动一段距离，戥子的量程会变小
D．增加秤砣的质量，戥子的量程会变小
【分析】（1）根据在零刻度时，利用杠杆平衡条件，求出秤盘的质量；
（2）根据杠杆的平衡条件，求出重要的质量；
（3）（4）增大戥子的量程可以增大秤砣的质量和提纽向左移动一段距离。
【解答】解：A、零刻度时，由杠杆的平衡条件可知m盘gl1＝mgl0，则秤盘的质量为m盘=mgl0gl1=ml0l1，故A错误；
B、称量中药时，在秤盘中放入一定质量的中药后，移动秤砣至杆秤处于水平平衡时，由杠杆的平衡条件可知m药gl1+m盘gl1＝mgl2，中药的质量为m药=mgl2−m盘gl1gl1=mgl2−mgl0gl1=m(l2−l0)l1，故B正确；
C、如果向左移动提纽，会使左端的力臂变小，在秤砣质量不变的情况下，右端的力和最大的力臂的乘积保持不变时，左侧的物体的重力要增大，故可以增大量程，故C错误；
D、增大秤砣的质量，则秤砣对杠杆的拉力变大，则物体的拉力变大，物体的质量变大，故量程变大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查杠杆平衡条件的应用，难度适中。
15．（2分）如图所示，电源电压U恒定，R1是定值电阻，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”，灯L标有“6V 3W”。闭合开关S，滑片P在某一位置时，电压表V1示数为2V，此时小灯泡恰好正常发光。当滑片P移到另一位置时，V2示数的示数为8V，电流表示数为0.4A。假设灯丝电阻不随温度变化。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压U＝10V
B．定值电阻R1＝5Ω
C．在滑片移动过程中，电路消耗的总功率变化了0.4W
D．在滑片移动过程中，滑动变阻器电阻变化了4.8Ω
【分析】（1）由滑动变阻器由最大值移动到某一位置时，滑动变阻器的电阻变小，电路中的电流变大，电压表V2的示数变大，确定电压表V2测灯L和定值电阻R1的电压。当P移到某一位置时，灯正常发光，运用串联电路特点和欧姆定律可求出定值电阻R1的电阻；当滑片P在阻值最大端时，求出电源的电压；
（2）由两次电路中的数据分别求出滑动变阻器的电阻，可得出R2阻值的变化量为ΔR；
（3）由两次电路中的数据分别求出电路的总功率，可得出电路总功率的变化量为ΔP。
【解答】解：1.明确电路连接方式和已知条件：电路连接：滑动变阻器R2、灯泡L、定值电阻R1串联。电压表测量对象：V1并联在R1两端，测量R1的电压；V2并联在R2和L两端，测量R2和L的总电压。灯泡参数：标有“6V 3W”。灯泡额定电流：IL=P额U额=3W6V=0.5A，灯泡电阻（假设不变）：RL=U额IL=6V0.5A=12Ω。
2.分析状态一：灯泡正常发光条件：灯泡正常发光，说明电路中的电流I1＝IL＝0.5A，灯泡两端电压UL1＝6V。数据：此时电压表V1示数为2V，即R1两端电压U1＝2V。
计算R1：根据欧姆定律，R1=U1I1=2V0.5A=4Ω。故B错误。
电源电压表达式：此时滑动变阻器接入阻值设为R2，电源电压U=UR2+UL+U1＝I1R2+6V+2V＝0.5AR2+8V①
3.分析状态二：滑片移到另一位置条件：电流表示数I2＝0.4A。数据：电压表V2示数为8V。V2测的是R2和L的总电压，即UR2′+UL′＝8V。此时灯泡两端电压UL′＝I2RL＝0.4A×12Ω＝4.8V。
那么滑动变阻器两端电压UR2′=8V−4.8V＝3.2V。
计算此时R2的阻值：R2′=UR2′I2=Ω。计算电源电压：电源电压U=UV2+UR1′=8V+I2R1＝8V+0.4A×4Ω＝8V+1.6V＝9.6V。故A错误。
4.计算状态一中R2的阻值将U＝9.6V，代入①式：9.6V＝0.5R2+8V，解得：R2＝3.2Ω。
5.分析变化量滑动变阻器电阻变化：ΔR2＝|R2′−R2|＝|8Ω−3.2Ω|＝4.8Ω，故D正确。
电路总功率变化：状态一总功率 P1＝UI1＝9.6V×0.5A＝4.8W，状态二总功率 P2＝UI2＝9.6V×0.4A＝3.84W，功率变化量 ΔP＝P1−P2＝4.8W−3.84W＝0.96W。故C错误。
故选D。
【点评】本题考查电功率的综合计算，熟练运用欧姆定律是正确解题的关键。
二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共20分）
16．（3分）2026年3月30日，力箭二号遥一运载火箭在东风商业航天创新试验区成功首飞，将多颗卫星送入预定轨道。火箭升空时，燃料燃烧产生的高温高压燃气向后高速喷出，推动火箭加速上升，这说明物体间力的作用是 相互 的；在火箭加速上升的过程中，其机械能 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”）；以地面为参照物，火箭是 运动 （选填“运动”或“静止”）的。
【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能＝动能+势能。
判断物体运动或静止，关键看物体与参照物之间的位置是否改变。
【解答】解：火箭向后喷出燃气，燃气对火箭产生一个向前的反作用力，推动火箭前进，这体现了物体间力的作用是相互的，即一个物体对另一个物体施加力的同时，也会受到另一个物体的反作用力。火箭加速上升时，质量不变，速度增大，动能增大；高度升高，重力势能增大。机械能等于动能与重力势能之和，所以机械能增大。此外，燃料燃烧释放的内能也会转化为火箭的机械能，进一步使机械能增加。
以地面为参照物，火箭的位置相对于地面不断升高，发生了变化，所以火箭是运动的。
故答案为：相互；增大；运动。
【点评】此题考查了力作用的相互性、机械能的转化、物体运动状态的判断等。
17．（3分）如图所示，滑轮重20N，工人用200N的拉力，在30s内将重为300N的物体匀速提高了3m。此过程中的额外功为 300 J，滑轮的机械效率为 75 %，工人做功的功率为 40 W。
【分析】动滑轮绳子股数为2，根据W总＝Fs＝Fnh求出拉力做的总功，利用W有＝Gh求出拉力做的有用功，根据W总＝W有+W额求出额外功，利用η=W有W总求出滑轮的机械效率，根据P=W总t求出工人做功的功率。
【解答】解：动滑轮绳子股数为2，拉力做的总功为：W总＝Fs＝Fnh＝200N×2×3m＝1200J；
拉力做的有用功为：W有＝Gh＝300N×3m＝900J，
额外功为：W额＝W总﹣W有＝1200J﹣900J＝300J，
滑轮的机械效率为：η=W有W总=900J1200J=75%，
工人做功的功率为：P=W总t=1200J30s=40W。
故答案为：300；75；40。
【点评】本题考查了做功公式、功率公式和机械效率公式的综合应用。
18．（4分）如图所示是一台单缸四冲程汽油机的某一冲程，该冲程发生的能量转化是 机械 能转化为 内 能。若它每分钟对外做功1200次，则该汽油机的飞轮转速为 40 r/s。
若该汽油机要获得1.38×107J的机械能，需要完全燃烧1kg汽油，则该汽油机的转换效率为 30 %。（汽油的热值为4.6×107J/kg）
【分析】（1）首先根据进气门和排气门，再根据活塞的运动情况，判断是哪个冲程，做功冲程中内能转化为机械能，压缩冲程中机械能转化为内能；
（2）首先根据燃气对外做功的次数，然后再计算飞轮每秒转动的圈数；
（3）知道汽油的质量和热值，求出汽油完全燃烧放出的热量，再根据效率公式求解。
【解答】解：（1）如图，进气门和排气门都是关闭的，可以判断是压缩冲程或做功冲程，又因为活塞向上运动，可以判断是压缩冲程；压缩冲程中活塞的机械能转化为燃气的内能；
（2）飞轮每转动两圈，燃气对外做功一次，此时燃气每秒对外做功20次，则飞轮1s转动40圈，飞轮转速为40r/s；
（3）完全燃烧1kg汽油，放出的热量：
Q＝mq汽油＝1kg×4.6×107J/kg＝4.6×107J，
该汽油机的转换效率η=WQ=1.38×107J4.6×107J=30%
故答案为：机械；内；40；30。
【点评】本题考查了热机压缩冲程的判断、做功次数和飞轮转动圈数的关系、热量计算、热机的效率等。
19．（3分）小华利用如图甲所示的装置测量大气压的大小，活塞与针筒之间气密性很好，有摩擦（忽略活塞重力）。他先拔去橡皮帽，将活塞推至底端，在下端挂上重为1N的空桶，活塞开始向下匀速滑动，则活塞与针筒间的摩擦力为 1 N，他重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔，不断往小桶中装入细沙，直到活塞 恰好始滑动时 。测出此时细沙和桶的总质量为0.5kg，小华又找来刻度尺测量针筒全部刻度的长度，如图乙所示，由以上数据测出本地大气压强的值为 1×105 Pa。
【分析】明确实验的原理，才能完成实验步骤的补充。当注射器中的活塞开始滑动时，二力平衡可通过弹簧测力计测出大气压力，此时弹簧测力计的示数与所受的大气压力相等；
因活塞为圆柱体，所以活塞的横截面积可以通过公式S=Vh来求出，知道注射器的容积，还需要用刻度尺量出其刻度部分的长度；利用压强的公式，代入测量的数据可求得大气压强。
【解答】解：先拔去橡皮帽，先拔去橡皮帽，将活塞推至底端，在下端挂上重为1N的空桶，活塞开始向下匀速滑动，弹簧测力计示数为1N，由二力平衡知识，此时弹簧测力计对活塞的拉力大小等于活塞受到的滑动摩擦力的大小，可知活塞与针筒间的摩擦力为1N；
重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔，增加细沙活塞恰好始滑动时，测出此时细沙和桶的总质量为0.5kg，此时拉力大小为F拉＝G总＝mg＝0.5kg×10N/kg＝5N，此时活塞受到向下的拉力和大气压向上的压力与针筒对它向上的摩擦力作用，在这三个力的作用下，处于平衡状态，可知此时活塞受到的大气压力为F＝F拉﹣f＝5N﹣1N＝4N；
由图乙可知，刻度尺的分度值为0.1cm，针筒的左端和刻度尺的零刻度线对齐，右端针筒的2.0mL刻度线与刻度尺的5.00cm刻度线对齐，则针筒的刻度部分的总长度为5.00cm；则活塞的横截面积为：
S=Vh=，
大气压强为：
p=FS=4N0.4×10−4m3=1×105Pa。
故答案为：1；恰好始滑动时；1×105。
【点评】本题考查大气压的测量以及物体的浮沉条件，难度不大。
20．（4分）一个密封盒的表面可见两个接线柱、一个灯泡和一个可调变阻器的旋钮。盒内只有灯泡和变阻器两个用电器，小明想探究它们的连接方式，连接了如图所示的电路（电源电压恒为3V），做了两次实验，部分数据记录如表格所示。
（1）灯泡和变阻器的连接方式是 并 联。
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率是 1.5 W，灯泡工作时的电阻是 10 Ω。
（3）第二次实验中，电流表示数是 0.9 A
【分析】（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻为15Ω时电路的总电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串并联电路的特点判断出灯泡和变阻器的连接方式；
（2）第一次实验中，根据P＝UI求出电路消耗的总功率，根据电阻的并联求出灯泡工作时的电阻；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻为5Ω，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断出灯泡的电阻不变，根据电阻的并联求出此时电路的总电阻，利用欧姆定律求出电流表的示数。
【解答】解：
（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻R＝15Ω时，电路的总电流I＝0.5A，
由I=UR可得，电路的总电阻R总=UI=3V0.5A=6Ω，
因并联电路中总电阻小于任何一个分度值，串联电路中总电阻大于任何一个分度值，
所以，由R总＜R可知，灯泡和变阻器的连接方式是并联；
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率P＝UI＝3V×0.5A＝1.5W，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，1R总=1R+1RL，即16Ω=115Ω+1RL，
解得：RL＝10Ω，即灯泡工作时的电阻是10Ω；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻R′＝5Ω时，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡的电流不变，则灯泡的电阻不变，此时电路的总电阻R总′=R′RLR′+RL=5Ω×10Ω5Ω+10Ω=103Ω，
则电流表的示数I′=UR总′=3V103Ω=0.9A。
故答案为：（1）并；（2）1.5；10；（3）0.9。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的综合应用，正确判断出灯泡和变阻器的连接方式是关键。
21．（3分）恒温水箱可用于加热化学药品及生物用品恒温培养等，学校科技小组设计了如图甲所示的恒温水箱温控电路。工作电路中的电热器上标有“220V 2200W”的字样。控制电路中电源电压U＝36V；热敏电阻R作为感应器探测水温，置于恒温水箱内，其阻值随温度变化如图乙所示；R1为滑动变阻器。当电磁继电器线圈（线圈电阻不计）中的电流小于或等于90mA时，衔铁被释放；当电流大于或等于100mA时，衔铁被吸合。
（1）电磁继电器的工作原理是 A 。
A.通电导体周围存在磁场
B.通电导体在磁场中受到力的作用
C.电磁感应现象
（2）若电热器连续正常工作300s，此过程中产生的热量为 6.6×105 J。
（3）若水箱中水的初始温度低于20℃，R1＝280Ω，则同时闭合S和S1后，可使水箱内温度控制在什么范围？（列式计算）
【分析】（1）电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的。
（2）根据Q＝W＝Pt进行计算。
（3）根据欧姆定律和热敏电阻的特点进行计算。
【解答】解：（1）电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的，故选：A。
（2）电热器连续正常工作300s，此过程中产生的热量为：Q＝W＝Pt＝2200W×300s＝6.6×105J。
（3）同时闭合S和S1后，当控制电路的电流为90mA时，控制电路中的总电阻为：R=UI=36V0.09A=400Ω，此时热敏电阻的阻值为：Rt＝R﹣R1＝400Ω﹣280Ω＝120Ω，对于的温度为20℃；
当控制电路的电流为100mA时，控制电路中的总电阻为：R′=UI′=36V0.1A=360Ω，此时热敏电阻的阻值为：Rt'＝R'﹣R1＝360Ω﹣280Ω＝80Ω，根据图乙，此时的温度为25℃。所以水箱内温度在20℃～25℃。
故答案为：（1）A；（2）6.6×105；（3）20℃﹣25℃。
【点评】本题考查的是欧姆定律和焦耳定律的应用；知道电磁继电器的原理。
三、解答题（本题共11小题，共50分。解答第29、30题每问、每空2分）
22．（1分）如图所示，请根据平面镜成像特点作出物体AB在平面镜MN中所成的像A'B'。
【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为AB在平面镜中的像，如图：
【点评】平面镜成像时像与物关于平面镜对称，要注意先作出端点或关键点的像点，再用虚线连接得到物体的像。
23．（1分）如图，木块静止在斜面上，画出木块重力G和木块对斜面压力F的示意图。
【分析】（1）重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方向总是竖直向下的，从物体的重心表示出重力的方向即可；
（2）压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并从压力作用点表示出压力的方向即可。
【解答】解：从木块重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；
在斜面上选取木块与接触面的中点为压力的作用点，从压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：
【点评】本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素，注意物体对斜面的压力要小于物体所受重力。
24．（1分）如图所示的电路中，电流表正常偏转。请在图中标出磁感线方向和小磁针N极。
【分析】电流是从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，故根据右手螺旋定则（安培定则）得出通电螺线管的极性；在磁体的外部，磁感线是从N极出来，回到S极的；
磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
【解答】解：根据题意可知，电流表正常偏转，则电流是从电流表的正接线柱流入，负接线柱流出，所以电流的方向是从螺线管的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，右端为S极；
在磁体的外部，磁感线是从N极出来，回到S极的，故磁感线方向是向右的；根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针左端为N极，如图所示：
【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。
25．（5分）小赵做“探究冰熔化特点”的实验。如图甲，在烧杯和试管中都放入碎冰，并各放一支温度计，两支温度计示数随时间变化的图像如图乙所示。
（1） 虚 （选填“实”或“虚”）线表示试管内碎冰的温度随时间变化的图像。
（2）如图乙，8min时试管内的碎冰 不能 （选填“能”或“不能”）熔化。
（3）试管内冰的熔化过程共经历了 4 min。
（4）用酒精灯不断给烧杯加热，当烧杯里的水沸腾以后继续加热，试管中的水 不会 （选填“会”或“不会”）沸腾，要使试管中的物质一定能沸腾，可将试管里的物质换成 酒精 。[选填“酒精”（沸点78℃）、“甲苯”（沸点111℃）或“煤油”（沸点150℃）]
【分析】（1）烧杯中的冰先熔化，通过分析图象可知，虚线是试管内碎冰温度随时间变化的图象；
（2）（3）晶体在熔化过程中成固液共存态不断吸热，温度保持不变；
（4）水沸腾的条件是达到沸点，继续吸热。
【解答】解：（1）实验过程中A、B两个温度计的示数随时间变化的图象如图乙所示，烧杯中的冰先熔化，通过分析图象可知，虚线是试管内碎冰温度随时间变化的图象；
（2）第4min烧杯中的碎冰开始熔化，第10min冰完全熔化，晶体熔化过程中，第8min时烧杯内的碎冰固液共存态，此时温度为0℃，没有温度差无法继续吸热，试管内的碎冰不能熔化；
（3）由图乙可知，试管中的冰从10min开始熔化，14min结束，持续了4min；
（4）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，杯中水达到沸点后能沸腾且温度保持不变，试管中水从杯中水吸热升温，当温度升高到沸点时，与杯中水温度相同，不能继续吸热，所以不能沸腾；要使试管中的物质一定能沸腾，可将其换成沸点比水的沸点低的物质，即酒精。
故答案为：（1）虚；（2）不能；（3）4；（4）不会；酒精。
【点评】本题考查了晶体熔化实验、晶体熔化曲线图的解读是经常考查的点，要勤练熟记。
26．（5分）图示是探究凸透镜成像规律的实验情形，此时光屏上恰好成一清晰的像。
（1）保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至35cm刻度处，应向 右 （选填“左”或“右”）移动光屏，可在光屏上再次得到清晰的像，利用该成像原理可制成 投影仪 。
（2）在图中烛焰和凸透镜之间适当位置放一眼镜，光屏上的像变模糊了。将蜡烛向左移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜可以矫正的视力缺陷是 近视眼 。
（3）随着实验进行，蜡烛变短，为使像仍成在光屏中央，应将凸透镜和光屏一起向 下 移动。
（4）若将蜡烛向左移动到28cm刻度处，仅将透镜在蜡烛与光屏之间移动能在光屏上看到 2 次清晰的像。
【分析】（1）根据2f＞u＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像；根据“凸透镜成实像时物近像远像变大”的规律；
（2）以及近视眼和远视眼的矫正方法进行解答；
（3）根据过光心的光线方向光不发生改变，进行分析；
（4）根据凸透镜成像的规律进行分析。
【解答】解：（1）在图示位置将蜡烛向左移到35.0cm刻度线处，此时物距u＝50.0cm﹣35.0cm＝15.0cm，光屏到凸透镜的距离，v＞2f，成倒立、放大的实像，故应将图中的光屏向右移动，调节后可在光屏上得一个倒立、放大、清晰的实像，是投影仪的原理；
（2）在图中烛焰和凸透镜之间适当位置放一眼镜，光屏上的像变模糊了；将蜡烛向左移动适当距离后，由“凸透镜成实像时物远像近像变小”可知，像也会向左移动，直到光屏上再次得到清晰的像，说明在放上眼镜且没有移动蜡烛时清晰的像在光屏的右侧（后方），则该眼镜对光有发散作用，是凹透镜，所以该眼镜可以矫正的视力缺陷是近视眼；
（3）由于实验时间较长，蜡烛变短，由于凸透镜成倒立的实像，过光心的光线方向光不发生改变，屏上的像向上移动，要使烛焰的像成在光屏中央，应将凸透镜和光屏一起向下移动；
（4）若将蜡烛向左移动到28cm刻度处，仅将透镜在蜡烛与光屏之间移动能在光屏上看到放大和缩小的2次清晰的像。
故答案为：（1）右；投影仪；（2）近视眼；（3）下；（4）2。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握凸透镜的特点，解答此类题目就很容易。
27．（7分）小杨利用橡皮筋、定滑轮、几个相同的钩码、细线来“探究同一直线上两个力的合成”，实验装置如图所示。
①实验中每个钩码重力为0.5N，不计滑轮处摩擦。如图（a），在橡皮筋的下端系了两根细线，在其中一根细线上挂一个钩码，另一根细线上挂两个钩码，记录橡皮筋下端到达的位置O，实验过程应选择较 长 （填“长”或“短”）的细线；如图（b），撤去所有钩码，只在其中一根细线下挂钩码，发现挂三个钩码后橡皮筋的下端再次到达位置O，由此可知，作用于同一物体且在同一直线上的两个力，方向相同时，合力大小等于这两个力 大小之和 ，合力方向与这两个力方向相同。
②如图（c），为了研究方向相反的两个力的合成，小明将细线1固定在橡皮筋下端并挂上三个钩码，细线2固定在橡皮筋的 下端 （选填“上端”或“下端”）再向上跨过滑轮后挂一个钩码，记录静止时橡皮筋到达的位置O'，此时橡皮筋的弹力为 1.0 N。撤去所有钩码，若仅在细线1下端挂钩码，使橡皮筋下端仍到达位置O'，需挂 2 个钩码。若图（c）中细线1下方最下端的两个钩码不慎掉落，则刚掉落的瞬间，橡皮筋下端所受合力竖直向 上 ，大小为 0.5 N。
【分析】（1）沿同一直线作用的两个同方向的力，其合力方向不变，大小是这两个力的大小之和，可表示为 F＝F1+F2；
（2）沿同一直线作用的两个反方向的力，其合力方向与其中较大的力的方向一致，大小是这两个力的差，可表示为 F'＝F1’﹣F2'。
【解答】解：①实验应选择较长的细线（减小滑轮摩擦对力方向的影响，保证两力共线）。
结论：方向相同时，合力大小等于这两个力 大小之和。
②细线2固定在橡皮筋的下端（保证两力作用点相同、方向相反）。
橡皮筋弹力：F1＝3×0.5＝1.5N（向下），F2＝1×0.5＝0.5N（向上）；静止时弹力F弹＝1.5N−0.5N＝1.0N。
使橡皮筋仍到O′，需挂2个钩码（2×0.5N＝1.0N）。
掉落瞬间：剩余1个钩码（0.5N向下），弹力1.0N向上；合力竖直向上，大小1.0N−0.5N＝0.5N。
故答案为：①长；大小之和；②下端；1.0；2；上；0.5。
【点评】本题考查力的合成方法，关键知道等效替代法的思想。
28．（5分）以下是测量物质密度的实验。
小明和小华分别测量土豆的密度和未知液体的密度，设计了如下方案。
①天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处，指针静止后的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向 右 调节，直至天平平衡；
②用天平测量土豆质量，天平平衡时，所加砝码和游码的位置如图乙所示，土豆的质量为 47.2 g；
③利用装满水的溢水杯和空量筒测量土豆的体积，正确操作后，量筒示数如图丙所示；
④土豆的密度为ρ0＝ 1.57 g/cm3（保留两位小数）。
（2）小华设计了一个电子密度秤再结合小明所测的土豆的密度来测量未知液体的密度。步骤如下：
①在电子秤上放上支架和挂钩，按下清零键m1＝0g；
②在挂钩上挂上土豆记录电子秤的示数为m2；
③用烧杯装入适量待测液体，手持烧杯并将土豆完全浸没于待测液体中，记录电子秤示数m3；
写出该电子密度计测量该液体密度的表达式 m3−m2m2ρ0 （用ρ0、m2、m3表示），若在土豆浸没后发现土豆表面有不少气泡，则测量结果将 偏大 （选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）。
【分析】（1）土豆密度测量
①天平使用之前要进行调节，平衡螺母的移动规律是“左偏右调，右偏左调”；
②在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码所对的数值即待测物体的质量；
③由图甲可知，量筒的分度值读数，量筒中水的体积即土豆体积，
④根据密度公式计算土豆密度。
（2）未知液体密度推导
步骤②：土豆挂在秤上，秤示数m2，对应土豆质量m2，
步骤③：手持烧杯并将土豆完全浸没于待测液体中，记录电子秤示数m3；
根据相互作用力，秤增加的压力等于浮力，F浮＝（m2﹣m3）g ①，
由阿基米德原理：F浮＝ρ液gV土豆；②，
V土豆=m2ρ0③，联立①②③得液体密度。
误差分析：土豆表面有气泡，土豆排开液体体积偏大，测得浮力偏大，导致m3偏大，计算出的液体密度偏大。
【解答】解；（1）土豆密度测量
①测量前，应将天平放在水平台面上，把游码移至标尺左端的零刻度线处；由图知，指针偏向分度盘的左侧，所以应将天平右端的平衡螺母向右调节，使横梁水平平衡；
②如图所示，游码标尺的分度值是0.2g，土豆质量为：m＝20g+20g+5g+2.2g＝47.2g。
③由图甲可知，量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积即土豆体积：30mL＝30cm3，
④土豆密度：ρ0=mV=47.2g30cm3≈1.57g/cm3。
（2）未知液体密度推导
步骤②：土豆挂在秤上，秤示数m2，对应土豆重力 G＝m2g，
步骤③：土豆浸没，受到浮力F浮，根据相互作用力，秤增加的压力等于浮力，F浮＝（m2﹣m3）g ①，
由阿基米德原理：F浮＝ρ液gV土豆；②，
V土豆=m2ρ0③，联立①②③得，ρ液=m2−m3m2ρ0。
误差分析：土豆表面有气泡，土豆排开液体体积偏大，测得浮力偏大，导致m3偏大，计算出的液体密度偏大。
故答案为：（1）①右；②47.2；④1.57；（2）m2−m3m2ρ0；偏大。
【点评】本题考查了固体及液体密度的测量、天平的使用与读数、量筒的读数、误差分析，是一道综合题，难度大。
29．（5分）小董同学利用U形管压强计来探究液体压强与哪些因素有关。
（1）液体压强计 不属于 （选填“属于”或“不属于”）连通器，使用时通过U形管中液面的 高度差 来反映被测压强的大小；
（2）如图所示，小陈设想将U形管压强计做如下改装：为U形管两端都装上扎有相同橡皮膜的金属盒（且两管液面齐平），将两个金属盒分别放至两个装有相同深度的盐水和纯净水的容器底部，则该操作可以研究液体内部压强与 液体密度 的关系；
（3）发现U形管的右边管内液面位置相对较高，这说明与右边管连接的金属盒放置的容器中装的是 水 （选填“盐水”或“水”）；
（4）再将两个金属盒在液体中的深度同时减为原来的一半，则U形管两管液面高度差将 减小 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【分析】（1）上端开口，下端连通的容器叫连通器；压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，这用到了转换法；
（2）（3）将两个金属盒分别放至两个装有相同深度的盐水和纯净水的容器底部，发现U形管的右边管内液面位置相对较高，这说明右边容器中液体产生的压强小于左边容器中液体产生的压强，根据液体压强公式p＝ρgh可判断两边容器中液体密度的大小关系，据此作答；
（4）同样根据p＝ρgh推导出两容器底部的压强差、将两个金属盒在液体中的深度同时都减少一半时两个金属盒受到的压强差，二者比较即可得出U形管两管液面高度差将如何变化。
【解答】解：（1）微小压强计，U形管上端开口没有与大气相连，底部相连通，所以不属于连通器；压强计是通过U形管中水面的高度差来反映被测压强大小的，这用到了转换法
；（2）为U形管两端都装上扎有相同橡皮膜的金属盒（且两管液面齐平），将两个金属盒分别放至两个装有相同深度的盐水和纯净水的容器底部，即控制了液体的深度相同，但液体的密度不同，所以该操作可以研究液体内部压强与液体密度的关系；
（3）由图可知，U形管的左边管内液面位置相对较低，右边管内液面位置相对较高，这说明左边容器中橡皮膜受到的液体压强较大，右边容器中橡皮膜受到的液体压强较小，深度相同的盐水和水，由p＝ρgh可知，右边管连接的金属盒放置的容器中装的液体的密度较小，由于水的密度较小，所以右边管连接的金属盒放置的容器中装的是水；
（4）两个金属盒在液体中的深度为原来的深度时，两个金属盒受到的压强差为Δp＝p左﹣p右＝ρ盐水gh﹣ρ水gh＝（ρ盐水﹣ρ水）gh，
将两个金属盒在液体中的深度同时都减少一半，则此时两个金属盒受到的压强差为Δp′=p左′−p右′=ρ盐水g⋅12h−ρ水g⋅12h=(ρ盐水−ρ水)g⋅12h=12(ρ盐水−ρ水)gh＜Δp），所以U形管两管液面高度差将减小。
故答案为：（1）不属于；高度差；
（2）液体密度；
（3）水；
（4）减小。
【点评】本题考查液体压强特点，要了解压强计的构造与原理，并能学会观察压强计来判断压强的大小，此题难点在最后一空，会利用液体压强公式计算出左右容器内液体产生的压强比例变化是解答此题关键。
30．（4分）有一个阻值未知的定值电阻Rx（阻值6～10Ω）和一个标有“0.3A”字样的小灯泡（阻值约为10Ω），要求测出Rx的阻值和小灯泡的额定功率。
（1）图甲是小明用伏安法测量Rx阻值的实物电路，电源电压恒为3V，滑动变阻器规格是“10Ω 2A”。
①甲图中有一根导线连接错误，请在该导线上画“×”，并在图上改正（所画的导线不能交叉）。
②改正电路后，正确操作，当电压表示数为1.8V时，电流表的示数如图乙所示。则Rx阻值为 7.5 Ω。
（2）小华利用图丙所示实物电路测出了小灯泡的额定功率。电阻箱R0的规格是“0∼999.9Ω”，电源电压约为6V。请在空白处填上适当内容。
①断开S2，闭合S1，调节电阻箱的阻值和滑动变阻器的滑片，直到 电流表示数0.3A ，记下此时电阻箱的阻值。
②断开S1，在M、N间接入一个元件后，正确操作可以完成测量任务。以下四个元件符合要求的有 ABCD
（填字母）。
A．一根导线
B．5Ω电阻
C．30Ω电阻
D．电阻箱
【分析】（1）①电流表应和待测电阻串联，电压表应和待测电阻并联，待测电阻和变阻器串联；
②电流表小量程，分度值0.02A，电流为0.24A，根据欧姆定律得出待测电阻阻值；
（2）①此时为串联电路，调节电阻箱和滑动变阻器，直到电流表示数为0.3A，此时灯泡正常发光。
②断开S1，接入导线，或接入5Ω电阻，闭合开关S2，调节电阻箱，不调变阻器，使电路中的电流等于0.3A，电阻箱电阻的增加值与M、N间接入的电阻值之和替代灯泡正常工作时的电阻，可通过P＝I2R计算灯泡电功率；
30Ω电阻接入M、N之间，如果能测出此时滑动变阻器的阻值和电源电压，也就能算出灯泡的额定电压，据此分析能否计算灯泡的额定功率；
断开S1，不调节变阻箱和变阻器，利用等效替代法，在M、N间接入一个电阻箱，闭合S2，使电流表示数等于0.3A，此时新接入电阻箱电阻等于灯泡电阻，可通过P＝I2R计算灯泡电功率。
【解答】解：（1）①电流表应和待测电阻串联，电压表应和待测电阻并联，待测电阻和变阻器串联，电路图如下：
②电流表选择小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，待测电阻为Rx=UI=Ω；
（2）此时为串联电路，调节电阻箱和滑动变阻器，直到电流表示数0.3A，此时灯泡正常发光，记下此时电阻箱的阻值。
A、因导线电阻为0，小于灯泡正常工作的电阻（约10Ω），所以断开S1，在M、N间接入导线，不调节变阻器，闭合S2，变阻箱R0阻值调大，使电流表示数等于0.3A，利用等效替代法，此时电阻箱R0增加的电阻值ΔR0等于灯泡正常工作时的电阻，可通过P＝I2ΔR0计算灯泡电功率；
B、因5Ω定值电阻的阻值小于灯泡正常工作的电阻（约10Ω），所以断开S1，在M、N间接入5Ω定值电阻，不调节变阻器，闭合S2，变阻箱R0阻值调大，使电流表示数等于0.3A，利用等效替代法，此时电阻箱R0增加的电阻值ΔR0与5Ω定值电阻的阻值之和等于灯泡正常工作时的电阻，可通过P＝I2（ΔR0+5Ω）计算灯泡电功率；
C、在步骤①中灯泡正常发光，测出了此时电阻箱的阻值R0；
断开S1，在M、N间接入30Ω定值电阻，闭合S2，此时电阻箱、变阻器和定值电阻串联，保持电阻箱、变阻器接入电路的阻值不变，读出此时电流表的示数I1，则电源电压U＝I1（R0+R滑+30Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣Ⅰ
断开两个开关，调节电阻箱接入电路的阻值为0，保持变阻器的滑片位置不动，再闭合S2，此时变阻器和定值电阻串联，读出此时电流表的示数I2，则电源电压U＝I2（R滑+30Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣Ⅱ
因电源电压不变，R0的阻值已知，联立Ⅰ、Ⅱ可解得滑动变阻器的阻值和电源电压，
在步骤①中灯泡正常发光时，电源电压U＝I额（R0+R滑）+U额，
因求出了电源电压U、R滑，知道I额和R0，所以可求出灯泡的额定电压U额，则根据P＝UI可以求得灯泡的额定电功率；
D、断开S1，不调节变阻箱和变阻器，利用等效替代法，在M、N间接入一个电阻箱R，闭合S2，使电流表示数等于0.3A，此时新接入电阻箱电阻等于灯泡电阻，可通过P＝I2R计算灯泡电功率；
故选：ABCD。
故答案为：（1）①如上图；②7.5；（2）①电流表示数为0.3A；②ABCD。
【点评】本题考查电功率测量的实验，考查综合分析能力，等效替代的应用是本题的关键，难度较大。
31．（6分）如图所示，是依靠螺旋桨飞行的某型号无人机，质量为2.4kg。启动前静止在水平面上，它与水平面的总接触面积为12cm2。求：
（1）无人机的重力。（g取10N/kg）
（2）启动前无人机对水平面的压强。
（3）目前这种无人机 不能 （选填“能”或“不能”）在太空的真空区域使用。
【分析】（1）根据G＝mg求出无人机的重力；
（2）启动前无人机对水平面的压力等于自身的重力，利用p=FS求出启动前无人机对水平面的压强；
（3）物体间力的作用是相互的。
【解答】解：（1）无人机的重力为：
G＝mg＝2.4kg×10N/kg＝24N；
（2）启动前无人机对水平面的压力等于自身的重力，即F＝G＝24N，则启动前无人机对水平面的压强为：
p=FS=24N12×10−4m2=2×104Pa；
（3）无人机靠旋翼的转动而上升，旋翼转动时，对下方的空气有向下的作用力，根据力的作用是相互的，空气对旋翼有向上的作用力，无人机获得了升力，由于真空中没有空气，因此目前这种无人机不能在太空的真空区域使用。
答：（1）无人机的重力为24N；
（2）启动前无人机对水平面的压强为2×104Pa；
（3）不能。
【点评】本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键是知道物体对地面的压力等于物体重力。
32．（10分）在综合实践活动中，某科技小组设计了一套测量货车重力的模拟装置，图甲是其工作原理图。OAB为水平杠杆，O为支点，OA：AB＝1：4，已知电源电压U0＝12V，定值电阻R0的阻值为10Ω，电流表量程为0～0.6A，表盘改装后直接显示平板承受物体的压力值，压力传感器R的阻值随所受压力F变化的关系如图乙所示。平板、压杆和杠杆的质量均忽略不计。
（1）当平板上物体重力为100N时，电流表的示数为 0.4 A。改装后刻度盘的刻度值分布 不均匀 （选填“均匀”或“不均匀”）。
（2）电路安全前提下，该平板能承受的最大物重为多少N？
（3）电池使用时间过长电源电压会降为U1，导致电流表示数减小。
①若平板上放置重为100N物体时，电流表读数为0.3A，求此时该模拟装置消耗电能的功率？
②若要此时平板上重为100N的物体对应的电流值与电源电压为U0时相等，小明选择更换电阻的方法予以解决，求更换之后的电阻阻值大小？
【分析】（1）根据杠杆平衡条件求出杠杆B点受到的压力，根据力的相互性求出压力传感器受到的压力，根据图乙找出此时压力传感器R的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电流表的示数，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电流与压力传感器R的阻值关系式，根据数学知识判断刻度是否均匀；
（2）由杠杆的平衡条件可知，当物重增大时，B点对压力传感器的压力增大，所以当物重最大时，压力传感器受到的压力最大，其阻值R最小，根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出压力传感器接入电路中的最小阻值，根据图乙结合数学知识求出此时压力的大小，根据杠杆平衡条件求出A点受到的压力；
（3）①根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出此时电池组电压，根据P＝UI求该模拟装置消耗电能的功率；
②根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出更换之后的电阻阻值大小。
【解答】解：（1）平板上物体所受重力为100N时，对平板的压力FA＝G＝100N，
由杠杆平衡条件可得：FA×OA＝FB×OB，
由题可知，OA：AB＝1：4，
则OA：OB＝1：5，
杠杆B点受到的压力：
FB=OAOB×FA=15×100N＝20N，
由于力的作用是相互的，所以压力传感器受到的压力为20N，由R的阻值随所受压力F变化关系图象得R＝20Ω，
由欧姆定律可知，电流表的示数：
I=U0R总=U0R+R0=12V20Ω+10Ω=0.4A，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得电流表示数：I=U0R+R0，
由数学知识可知，压力传感器R与I不成正比，因此改装后刻度盘的刻度值分布不均匀；
（2）由杠杆的平衡条件可知，当物重增大时，B点对压力传感器的压力增大，所以当物重最大时，压力传感器受到的压力最大，其阻值R最小，电路中的电流最大，电流表的量程是0～0.6A，所以电路中的最大电流是0.6A，则压力传感器接入电路中的最小阻值为：
R'=U0I−R0=12V0.6A−10Ω＝10Ω，
当压力传感器的阻值为10Ω时，由图乙可得：
60Ω10Ω=28N−4N28N−F，
解得：F＝24N，
根据杠杆的平衡条件可知，A点受到的压力：
FA'=OBOA×F=51×24N＝120N，
（3）若平板上放置重为100N物体时，电流表读数为0.3A，由（1）的计算可知，平板上物体重100N时，压力传感器受到的压力为20N，压力传感器的电阻R＝20Ω，此时电池组电压：
U1＝I0R总＝I0（R+R0）＝0.3A×（20Ω+10Ω 2）＝9V，
该模拟装置消耗电能的功率：
P＝U1I＝9V×0.3A＝2.7W；
其它条件不变，只更换电阻R0，此时电路的电阻：
R总'=U1I=9V0.4A=22.5Ω，
更换之后的电阻阻值
R0'＝R总'﹣R＝22.5Ω﹣20Ω＝2.5Ω。
故答案为：（1）0.4；不均匀；
（2）电路安全前提下，该平板能承受的最大物重为120N；
（3）①此时该模拟装置消耗电能的功率为2.7W；
②更换之后的电阻阻值大小为2.5Ω。
【点评】本题为力学、电学综合计算题，考查了欧姆定律、串联电路的特点、力的相互性、杠杆平衡条件的应用，利用好压力传感器的电阻与压力的关系图象是关键。
声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/4/28 12:06:43；用户：柳红飞；邮箱：15162836008；学号：41117953实验序号
变阻器电阻R/Ω
电流表示数I/A
①
15
0.5
②
5
实验序号
变阻器电阻R/Ω
电流表示数I/A
①
15
0.5
②
5