浙江省宁波市2025年中考二模科学试卷（解析版）

这是一份浙江省宁波市2025年中考二模科学试卷（解析版），共14页。试卷主要包含了可能用到的相对原子质量，常数g取10 N/kg，生物进化是逐渐发生的，“平衡”是重要的科学观念，如图是某山景公园的等高线图等内容，欢迎下载使用。
1.本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分160分，考试时间120分钟。
2.可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 Na—23 Al—27 S—32 Fe—56。
3.常数g取10 N/kg。
一、选择题（本大题有15小题，每小题3分，共45分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1.我国古代造纸过程中会加“矾”以改善纸张品质。这种“矾”的主要成分硫酸铝[Al2（SO4）3]所属的物质类别是（ ）
A.混合物B.酸C.氧化物D.化合物
【答案】D
【解析】硫酸铝[Al2（SO4）3]有固定的化学式和组成，属于纯净物，不是混合物，故A错误；硫酸铝在水溶液中电离出的阳离子是铝离子，不是氢离子，不属于酸，故B错误；硫酸铝由铝、硫、氧三种元素组成，而氧化物由两种元素组成且其中一种是氧元素，所以硫酸铝不属于氧化物，故C错误；硫酸铝[Al2（SO4）3]由铝、硫、氧三种不同元素组成，且有固定组成，属于纯净物中的化合物，故D正确。故选D。
2.木版年画是国家级非物质文化遗产。下列生肖木版年画作品所表示的动物中，体温不恒定的是（ ）
A.蛇B.兔
C.马D.猴
【答案】A
【解析】蛇属于爬行动物，爬行动物的体温会随着外界环境温度的变化而变化，属于变温动物，体温不恒定，A符合题意。兔、马和猴都属于哺乳动物，哺乳动物具有完善的体温调节机制，能够保持体温相对稳定，属于恒温动物，BCD不符合题意。故选A。
3.如图所示的无链条电动自行车，骑行者踩脚踏板为锂电池充电，锂电池驱动后轮前行。下列相关说法正确的是（ ）
A.充电时，运用的是电流的磁效应原理
B.充电时，机械能先转化成电能，再转化成化学能
C.电池驱动时，运用的是电磁感应原理
D.电池驱动时，电能先转化成化学能，再转化成机械能
【答案】B
【解析】充电过程：骑行者踩脚踏板，使发电机工作，发电机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能的装置，产生的电能为锂电池充电，锂电池充电时将电能转化为化学能储存起来。所以充电时，能量转化是机械能先转化成电能，再转化成化学能，故A错误，B正确；电池驱动过程：电池驱动后轮前行时，电动机工作，电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，将电能转化为机械能，故CD错误。故选B。
4.如图是成语“杯弓蛇影”描述的情境。下列对“蛇影”的判断正确的是（ ）
A.是实像B.是由于光的反射形成的
C.是由于光的折射形成的D.是由于光沿直线传播形成的
【答案】B
【解析】实像是由实际光线会聚而成的，可以呈现在光屏上；“蛇影”是弓的倒影，是平面镜成像现象，是光的反射形成的虚像，故A错误；“蛇影”是弓在液面形成的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B正确；光的折射是指光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折的现象。“蛇影”不是光的折射形成的，故C错误；光沿直线传播是指光在同种均匀介质中沿直线传播，比如小孔成像、影子的形成等。“蛇影”不是光沿直线传播形成的，故D错误。故选B。
5.聚吡咯因其良好的导电性和生物相容性常被用作脑机接口技术中的电极材料。聚吡咯是由吡咯单体（C4H5N）通过聚合反应形成的。下列关于吡咯单体说法正确的是（ ）
A.吡咯单体由碳、氢、氮三种原子构成
B.吡咯单体中氮元素的质量分数最大
C.吡咯单体的相对分子质量为67
D.吡咯单体中碳、氢、氮元素的质量比为4：5：1
【答案】C
【解析】吡咯单体（C4H5N）是由吡咯单体分子构成，而吡咯单体分子由碳、氢、氮三种原子构成，不能说吡咯单体由碳、氢、氮三种原子构成，故A错误；吡咯单体（C4H5N）中碳、氢、氮元素的质量比为(12×4):(1×5):14=48:5:14，碳元素所占的质量比最大，所以碳元素的质量分数最大，故B错误；吡咯单体（C4H5N）的相对分子质量为12×4+1×5+14=48+5+14=67，故C正确；吡咯单体中碳、氢、氮元素的质量比为(12×4):(1×5):14=48:5:14，而不是4:5:1，4:5:1是原子个数比，故D错误。故选C。
6.哈尔滨亚冬会赛场上蕴藏着许多运动和力的知识。下列相关说法正确的是（ ）
A.冰壶比赛中，运动员在冰壶前方“刷冰”是为了增大摩擦力
B.雪车比赛中，运动员奋力推车加速助跑是为了获得更大的惯性
C.滑雪比赛中，运动员不断用滑雪杆撑地推进是因为运动需要用力维持
D.冰球比赛中，运动员挥杆击球入网可以说明力能改变物体的运动状态
【答案】D
【解析】运动员在冰壶前方“刷冰”，使冰熔化，在冰面上形成一层水膜，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力，故A错误。雪车比赛中，运动员奋力推车加速助跑是为了获得更大的动能，惯性大小只跟物体的质量大小有关，运动员奋力推车加速助跑不能增大质量，所以不能增大惯性，故B错误。物体间力的作用是相互的，滑雪比赛中，运动员不断用滑雪杆撑地推进利用的是力作用的相互性，因为力是改变物体运动状态的原因，故C错误。冰球比赛中，运动员挥杆击球，给冰球施加了力的作用，冰球在该力的作用下入网，运动状态发生变化，可以说明力能改变物体的运动状态，故D正确。故选D。
7. 如图是显微镜和显微镜下观察到的叶片横切面示意图。下列有关说法正确的是（ ）
A.该显微镜的最大放大倍数是40倍
B.制作叶片横切面临时切片时，需要染色
C.若视野中物像不清晰，可以调节②
D.为观察叶的下表皮，需向上移动切片
【答案】C
【解析】显微镜放大倍数=目镜放大倍数×物镜放大倍数。图中目镜是10×，物镜最大放大倍数是40×，那么该显微镜的最大放大倍数应为10×40=400倍，而不是40倍，A错误。叶片本身含有色素，在观察叶片横切面临时切片时，不需要染色就能清晰看到各部分结构，B错误。图中②是细准焦螺旋，其作用是较小幅度地升降镜筒，更精确地调节焦距，使物像更加清晰。当视野中物像不清晰时，可以调节②细准焦螺旋，C正确。显微镜下看到的物像是倒像，物像的移动方向和玻片标本的移动方向相反。为观察叶的下表皮，实际应将切片向下移动，这样在视野中物像才会向上移动到视野中央，便于观察，D错误。故选C。
8.生物进化是逐渐发生的。如图是生物种群A和种群B的形成过程，下列有关说法正确的是（ ）
A.种群A比种群B进化更高等B.种群A和种群B来自不同祖先
C.两种群的形态特征是生物分类依据之一D.两种群生物形态的差异是定向变异的结果
【答案】C
【解析】
【详解】仅从图中信息无法判断种群A比种群B进化更高等，进化程度的高低不能简单依据形态特征来确定，A错误。图中没有证据表明种群A和种群B来自不同祖先，B错误。生物的形态特征是生物分类的重要依据之一，两种群在形态特征上有差异，可作为分类的参考，C正确。变异是不定向的，自然选择是定向的，两种群生物形态的差异是自然选择的结果，D错误。故选C。
9.“平衡”是重要的科学观念。下列说法错误的是（ ）
A.人体体温的恒定是产热与散热的平衡
B.“不倒翁”的稳定是重力与支持力的平衡
C.自然界的碳一氧循环是光合作用与化石燃料燃烧的平衡
D.一定温度下的饱和食盐溶液浓度不变是食盐溶解与结晶的平衡
【答案】C
【解析】人体通过调节产热和散热的过程，使产热与散热达到平衡，从而维持体温的恒定。例如，在寒冷环境中，人体会通 过骨骼肌战栗等方式增加产热，同时减少散热;在炎热环境中，人体会通过出汗等方式增加散热，同时减少产热，A正确。“不倒翁”之所以稳定,不是简单的重力与支持力的平衡。当不倒翁倾斜时,其重心的位置会使其产生一个回复力矩，促 使不倒翁回到原来的位置，而不是单纯的重力和支持力平衡，B错误。自然界中，绿色植物通过光合作用吸收二氧化碳，释放氧气;化石燃料的燃烧消耗氧气，产生二氧化碳。这两个过程相 互平衡，维持了自然界中碳一氧的相对平衡，C正确。在一定温度下，饱和食盐溶液中存在着溶解和结晶的动态平衡。单位时间内溶解的食盐质量等于结晶析出的食盐质 量，因此溶液的浓度保持不变，D正确。故选B。
10.如图是某山景公园的等高线图。某同学从B点匀速走到A点的过程中，下列判断正确的是（ ）
A.克服重力做功B.动能逐渐增大
C.重力势能逐渐增大D.机械能不守恒
【答案】D
【解析】由等高线图可知，B点的高度为200m，A点的高度为100m，从B点到A点高度下降100m，重力做功，故A错误；该同学在匀速下山的过程中，质量不变，速度不变，故动能不变；高度不断变小，故重力势能逐渐减小，机械能等于动能和势能之和，因此机械能会减小，故BC错误，D正确。故选D。
11.如图为“提起哑铃”的示意图。下列关于这一动作的说法错误的是（ ）
A.是肱二头肌牵引桡骨绕着关节转动的过程
B.是肱二头肌提供动力的省力杠杆工作的过程
C.是肱二头肌细胞从舒张状态转变为收缩状态的过程
D.是肱二头肌细胞进行呼吸作用释放能量的过程
【答案】B
【解析】在人体运动中，骨在肌肉的牵引下绕关节运动。“提起哑铃”属于屈肘动作，此时肱二头肌收缩，牵引桡骨绕着关节转动，从而完成动作，A正确。在屈肘动作中，以肘关节为支点，肱二头肌收缩产生动力，作用在桡骨上，而哑铃的重力是阻力。从杠杆原理来看，此时动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡原理，动力大于阻力，所以屈肘动作是费力杠杆，并非省力杠杆，B错误。肌肉有舒张、收缩两种状态。当“提起哑铃”做屈肘动作时，肱二头肌由舒张状态转变为收缩状态，从而牵引骨绕关节运动，C正确。细胞呼吸作用能够分解有机物，释放能量，为生命活动提供动力。“提起哑铃”时肱二头肌收缩，这一过程中肌肉收缩所需的能量就来自肱二头肌细胞进行呼吸作用释放的能量，D正确。故选B。
12.如图是我省某地“二分二至”日正午太阳高度（A、B、C是太阳位置）及太阳能热水器示意图。据图判断下列说法正确的是（ ）
A.热水器“集热排管”应朝北放置
B.一年中B点时，收集的热量最少
C.一年中C点时，白天集热时间最长
D.一年中集热量的变化与地球公转有关
【答案】D
【解析】我国大部分地区位于北回归线以北，正午太阳位于正南方向，所以热水器“集热排管”应朝南放置，A错误；一年中，正午太阳高度越小，收集的热量越少，图中C点正午太阳高度最小，收集的热量最少，B错误；一年中，白昼时间越长，白天集热时间越长，夏至日白昼时间最长，此时正午太阳高度最大，为图中的A点，C错误；由于地球的公转，太阳直射点在南北回归线之间来回移动，正午太阳高度和昼夜长短发生变化，从而导致一年中集热量的变化，D正确。故选D。
13.为探究金属的活动性强弱，用如图装置进行实验。下列说法正确的是（ ）
A.若向甲、乙试管加入CuSO4溶液，锌片表面会有金属析出
B.若向甲、乙试管加入稀盐酸，铜片表面会有气泡产生
C.若向甲、乙试管加入MgSO4溶液，锌片表面会有金属析出
D.若向甲、乙试管加入AgNO3溶液，能比较铜与锌的金属活动性
【答案】A
【解析】锌的活动性比铜强，若向甲、乙试管加入硫酸铜溶液，锌能与硫酸铜反应生成硫酸锌和铜，锌片表面会有紫红色金属铜析出，A正确；在金属活动性顺序中，铜排在氢后面，不能与稀盐酸反应，所以若向甲、乙试管加入稀盐酸，铜片表面不会有气泡产生，B错误；镁的活动性比锌强，锌片表面不会有金属析出，C错误；锌和铜的活动性都比银强，都能将硝酸银中的银置换出来，无法比较铜与锌的金属活动性，D错误。故选A。
14.如图是探究光合作用原料的实验装置。已知装置气密性良好，碳酸氢钠溶液可向环境中释放二氧化碳，下列说法正确的是（ ）
A.实验目的：探究水是光合作用的原料
B.实验准备：植物黑暗处理一昼夜
C.结果预测：碘液检测到乙中叶片含淀粉
D.实验改进：可将丙组透明玻璃罩改为黑色
【答案】B
【解析】甲装置中有清水，乙装置中有氢氧化钠溶液（吸收二氧化碳），丙装置中有碳酸氢钠溶液（释放二氧化碳），该实验探究的是二氧化碳是光合作用的原料，A错误。实验准备时，将植物黑暗处理一昼夜，目的是将植物叶片内原有的淀粉运走或耗尽，以免影响实验结果，B正确。乙装置中的氢氧化钠溶液吸收了二氧化碳，植物无法进行光合作用产生淀粉，所以碘液检测到乙中叶片不含淀粉，C错误。若将丙组透明玻璃罩改为黑色，植物就无法进行光合作用，不能探究光合作用的原料，D错误。故选B。
15.如图是一款便携旅行电热水杯，设有加热300 W和保温100 W两个挡位。只闭合保温开关S1实现保温功能，再闭合加热开关S2实现加热功能。已知2R1= R2，下列电路符合要求的是（ ）
A.B.
C.D.
【答案】A
【解析】只闭合S1时，R1与R2串联，电阻大，功率小，为保温挡；再闭合S2时，只有R1工作，电阻小，功率大，为加热挡；2R1= R2，由可知，，A符合题意；只闭合S1时，R1与R2串联，电阻大，功率小，为保温挡；再闭合S2时，只有R2工作，电阻小，功率大，为加热挡；2R1= R2，由可知，，B不符合题意；只闭合S1时，只有R1接入电路，为保温挡；再闭合S2，R1与R2并联，为加热挡；由可知，，C不符合题意；只闭合S1时，电路不工作，D不符合题意。故选A。
二、填空题（本大题有7小题20空，每空2分，共40分）
16.建筑家装中广泛存在的甲醛（化学式CH２O）是对人体有一定危害的气体。如图所示的光触媒除甲醛原理是利用太阳光将氧气和甲醛转化为水和二氧化碳。
（1）图中“”所表示的物质是_________。
（2）光触媒在反应前后质量和化学性质均没有变化，由此可见，光触媒是该化学反应的_________。
（3）某些绿色植物也会被人用来除甲醛，其叶片上控制甲醛气体进出的结构是_________。
【答案】（1）水（H2O）
催化剂
气孔
【解析】（1）根据光触媒除甲醛原理，是利用太阳光将氧气和甲醛转化为水和二氧化碳，甲醛（CH2O）、氧气（O2）反应生成水（H2O）和二氧化碳（CO2）；从微观角度看，“”由一个氧原子和两个氢原子构成，所表示的物质是水（H2O）；
（2）催化剂的定义是在化学反应里能改变其他物质的化学反应速率，而本身的质量和化学性质在反应前后都没有发生变化的物质。光触媒在反应前后质量和化学性质均没有变化，所以光触媒是该化学反应的催化剂；
（3）植物叶片上控制气体进出的结构是气孔；气孔是植物与外界进行气体交换的通道，不仅能控制二氧化碳、氧气等气体进出，也能控制像甲醛这类气体进出叶片。所以某些绿色植物叶片上控制甲醛气体进出的结构是气孔。
17.冠状动脉是为心肌提供血液的血管。冠心病是由冠状动脉粥样硬化使血管狭窄或阻塞，造成心肌缺血、缺氧而引发的心脏病。如图所示的动脉粥样硬化斑块就是冠状动脉粥样硬化的特征性表现。
（1）冠状动脉中的血液来自人体心脏的哪个腔室？_________。
（2）冠状动脉中的血液流经心脏后，明显增加的气体成分是_________。
（3）冬季寒潮阵阵，是冠心病的高发季节。下列有关预防冠心病的措施正确的是 。
A.早睡早起，作息规律
B.每周安排适当的运动
C.吃重口、油腻的食物
【答案】（1）左心室
二氧化碳
AB
【解析】（1）冠状动脉是主动脉的第一对分支，主动脉与心脏的左心室相连，所以冠状动脉中的血液来自人体心脏的左心室。心脏收缩时，左心室的血液被泵入主动脉，进而进入冠状动脉，为心肌提供营养物质和氧气。
（2）冠状动脉中的血液为心肌提供氧气和营养物质，心肌细胞进行呼吸作用消耗氧气，产生二氧化碳。所以冠状动脉中的血液流经心脏（心肌）后，氧气减少，二氧化碳增多，明显增加的气体成分是二氧化碳。
（3）早睡早起，作息规律有助于维持身体的正常生理节律，减轻心脏负担，对预防冠心病有积极作用。良好的作息习惯可以使身体各器官得到充分休息，利于心脏的正常功能，A正确。每周安排适当的运动能够增强心肺功能，促进血液循环，降低血脂和血压，减少心血管疾病的发生风险，对预防冠心病有益，B正确。吃重口、油腻的食物，可能会导致血脂升高，血液黏稠度增加，容易形成动脉粥样硬化斑块，进而加重冠心病的发病风险，C错误。故选AB。
18.A、B、C、D四个烧杯中分别盛有质量为100g的水，在相同的温度下，向四个烧杯中分别加入200g、150g、100g、50g某溶质，充分溶解后，结果如图所示。
（1）D烧杯中的溶液静置一段时间后无明显变化，这说明溶液具有的特点是_________。
（2）A、B、D三个烧杯中的溶质质量分数由大到小的顺序是_________（用“>”“=”或“D
（3）蒸发溶剂
【解析】（1）烧杯中的溶液静置一段时间后无明显变化，这说明溶液具有稳定性。溶液的稳定性是指在条件不改变（如温度、溶剂不蒸发等）的情况下，溶质不会从溶液中分离出来；
（2）由图示可知，A、B中存在未溶解的溶质，是饱和溶液，对于溶液C、D，溶质全部溶解，溶剂质量相等，不论C是否饱和，由于C中溶质质量大于D，C中的溶质质量分数一定大于D，如果C是饱和溶液，则A、B、C中的溶质质量分数相等；如果C是不饱和溶液，A、B、C中的溶质质量分数关系是B=A>C ，所以A、B、D三个烧杯中的溶质质量分数由大到小的顺序是：A=B＞D。
（3）溶液在蒸发过程中随着溶剂不断减少，溶液逐渐由不饱和状态向饱和状态转变，当溶液达到饱和后，继续蒸发溶剂，由于溶剂的量进一步减少，溶质在该温度下不能再全部溶解在剩余的溶剂中，溶质就会以晶体的形式析出。若要从C烧杯的溶液中重新结晶出该溶质，可以采用的方法是蒸发溶剂。
19.如图甲所示，大雪后路面结冰，环卫工人会在公路上撒盐，加快路面冰的熔化，确保行人和车辆的出行安全。为了探究其科学原理，某同学做了一组关于冰熔化的实验，实验装置如图乙所示。
（1）实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，则示数是_________℃。
（2）该同学取适量碎冰进行加热，记录数据并绘制得到图丁所示的A 曲线。由此可知，冰在熔化过程中内能_________（填“增大”“减小”或“不变”）。
（3）完成上述实验后，他另取两份用不同浓度的盐水制成的碎“盐冰”，用相同的热源再次加热，记录数据并绘制得到图丁所示的B、C曲线。由此可知，加入盐后，冰的熔点将会_________（填“升高”“降低”或“不变”）。
【答案】（1）-3
（2）增大
（3）降低
【解析】（1）图丙中温度计的分度值为1℃，液柱在0刻度线下方3小格处，则温度计的示数为-3℃。
（2）由图象可知，冰有固定的熔化温度，故冰为晶体；熔化过程中持续吸收热量，温度保持不变，内能增大。
（3）分析图丁可知，B盐水制成的碎冰的熔点为-2℃，C盐水制成的碎冰的熔点为-4℃，所以加入盐后冰的熔点将会降低。
20.柑橘富含维生素C（C6H8O6），柑橘的产量和品质受到肥效和土壤酸碱性等因素的影响。
（1）柑橘叶片合成的维生素C是通过_________（填“导管”或“筛管”）运输到柑橘果实中的。
（2）已知柑橘生长适宜的土壤pH为6.0~6.5.现测得某处柑橘园的土壤pH=4。下列肥料中，既能改良该处土壤的pH，又能使柑橘果树茎干更健壮的是_________。
A.硝酸钾B.氢氧化钙C.碳酸钾
【答案】（1）筛管
（2）C
【解析】（1）筛管运输有机物，维生素C属于有机物，所以柑橘叶片合成的维生素C是通过筛管运输到柑橘果实中的；
（2）含钾的无机盐使植物茎秆健壮，促进淀粉的形成与运输。碳酸钾和硝酸钾都含有钾元素，能为柑橘提供钾营养，有助于增强柑橘果树的茎秆强度，提高其抗倒伏和抗病能力。碳酸钾是强碱弱酸盐，其水溶液呈碱性。如果土壤呈酸性，施用碳酸钾可以中和土壤酸性，提高土壤的pH值；而硝酸钾是强酸强碱盐，其水溶液呈中性，不能用于调节土壤的pH值；各选项的肥料中，既能改良该处土壤的pH，又能使柑橘果树茎秆更健壮的是碳酸钾，故选C。
21.据报道，地处青藏高原的珠穆朗玛峰地区以每年约0.4cm的速度上升。如图是某同学建立的珠穆朗玛峰“长高”的因果关系图。
（1）图中c处应为_________（填“碰撞挤压”或“张裂拉伸”）。
（2）攀登珠峰途中，在岩层中发现了部分海洋生物化石，这说明 。
A.有人将化石遗落在山上
B.有海洋生物自行爬上了珠峰
C.这里曾经是海洋
D.这些海洋生物生活在陆地上
（3）2025年1月7日，西藏日喀则定日县发生了6.8级地震。青藏高原地区容易发生地震的原因是_________。
【答案】（1）碰撞挤压
（2）C
（3）位于亚欧板块与印度洋板块交界处
【解析】（1）图中c处由于处在板块交界处，产生碰撞挤压现象，会产生高大山脉等。
（2）在珠峰上发现许多海洋生物化石，这说明这里曾经是海洋，由于地壳抬升形成了高大山脉，故选C。
（3）青藏高原地区因位于印度洋板块与亚欧板块的挤压碰撞处，地壳活动活跃，多火山地震灾害。
22.某同学在做“测量小石块密度”的实验时，设计了如下实验方案。
[方案一]用天平、量筒测密度
（1）先用天平正确测量小石块的质量，结果如图甲所示。如图乙所示是放入小石块前后量筒的示数，则小石块的密度为_________kg/m3。
（2）实验时，若先测小石块的体积，再测其质量，会导致测得的小石块密度比真实值偏_________。
[方案二]用弹簧测力计测密度
a.将小石块挂在弹簧测力计下静止时，读出弹簧测力计的示数为F1；
b.将挂在弹簧测力计下的小石块浸没在烧杯内的水中静止时（小石块未接触烧杯底和烧杯壁），弹簧测力计的示数为F2。
（3）小石块密度的表达式为ρ石=_________（用F1、F2和ρ水表示）。
【答案】（1）2.6×103
大
【解析】（1）由图甲可知，标尺分度值为0.2g，则小石块的质量m=50g+10g+2.4g=62.4g
由图乙可知，量筒的分度值为2mL，量筒中水的体积V1=60mL，量筒中水和石块的总体积V2=84mL，则小石块的体积V=84mL-60mL=24mL=24cm3，小石块的密度。
（2）小石块从水中拿出后会沾水，再测质量时会使小石块的质量偏大，根据可知，小石块的密度偏大。
（3）根据题意可知，小石块的重力G=F1，由称重法可知，小石块浸没在水中受到的浮力
F浮=F1-F2，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，小石块的体积，由G=mg可知，小石块的质量，则小石块的密度。
三、实验与探究题（本大题有5小题，共40分）
23.为探究植物O2释放速率的变化规律，兴趣小组同学设计了由透明玻璃罩构成的实验装置（图1），其中CO2缓冲液可以吸收或提供CO2，保证玻璃罩内CO2浓度稳定。小组同学将该装置放在夏季的自然环境下，测定了一个昼夜装置内的植物O2释放速率变化，得到图2所示曲线。
请回答：
（1）影响玻璃罩内植物O2释放速率的主要环境因素是_________。
（2）玻璃罩内O2浓度最高的时间对应的是图2曲线中的_________（填字母）点。
（3）在图2曲线中，与d、f点相比，e点O2释放速率偏低的原因是_________。
（4）为了排除无关变量的干扰，使该实验的数据更加准确，应增加一组实验进行对照。则对照的实验装置与图1的区别是_________。
【答案】（1）温度和光照强度
g
气孔关闭，影响了植物对CO2吸收
（4）将新鲜植物换成死亡植物，其余条件不变
【解析】（1）植物通过光合作用释放氧气，而光照强度会直接影响光合作用的光反应阶段，进而影响氧气的释放速率。在夏季自然环境下，光照强度是影响玻璃罩内植物氧气释放速率的主要环境因素。
（2）在一天中，从夜间到白天，植物先进行呼吸作用消耗氧气，当光照强度达到一定程度后，光合作用强度大于呼吸作用强度，植物开始释放氧气。在图2曲线中，g点之前光合作用强度小于或等于呼吸作用强度，氧气一直在被消耗，g点之后光合作用强度大于呼吸作用强度，氧气开始积累，所以玻璃罩内氧气浓度最高的时间对应的是图2曲线中的g点。
（3）在夏季中午，气温较高，植物为了减少水分散失，会部分关闭气孔。气孔关闭后，二氧化碳的吸收量减少，而二氧化碳是光合作用暗反应的原料，二氧化碳供应不足会影响暗反应的进行，进而影响光反应，导致氧气释放速率偏低。在图2曲线中，e点处于中午时段，所以与d、f点相比，e点氧气释放速率偏低的原因是气孔部分关闭，二氧化碳供应不足，影响了光合作用暗反应的进行。
（4）为了排除无关变量（如环境温度变化、玻璃罩内微生物等对气体变化的影响）的干扰，使实验数据更加准确，应设置对照实验。对照实验装置与图1的区别是将装置中的植物换成死亡的植物，其他条件均相同。这样在相同的环境条件下，对照装置内气体的变化就可以反映出无关变量的影响，从而对实验组的数据进行校正。 故本问答案为：将装置中的植物换成死亡的植物，其他条件均相同。
24.如图甲为探究液体压强影响因素实验中用到的压强计，某同学在探究液体内部压强与深度的关系时，多次改变橡皮膜浸入水中的深度H，记录U形管两侧水面的高度差h，如表所示。
请回答：
（1）将探头放入液体内部，U形管两侧水面就会产生高度差，高度差的大小反映图甲中探头_________（填“A”或“B”）面所受压强大小。
（2）分析表中数据可得到关于液体压强的规律是_________。
（3）进一步分析表中数据发现，虽然U形管和水槽中装入的是相同的水，但是U形管两侧水面的高度差h与探头浸入水中的深度H不相等。你认为数据变化呈现这种规律的原因可能是_________。
（4）该同学用一根与U形管内径相等的直玻璃管替代探头，并在玻璃管上标注刻度，下端管口标为“0”刻度线。将玻璃管竖直放入水中，位置如图乙所示，则此时对应的h1= _________cm。
【答案】（1）A
（2）在相同液体内部，深度越深，液体压强越大
（3）橡皮膜对水产生了一定的压强
（4）6.0
【解析】（1）在压强计中，探头的橡皮膜受到液体压强的作用，会将压强传递给U形管中的液体，使U形管两侧水面产生高度差。高度差越大，说明橡皮膜所受压强越大。而橡皮膜位于探头的A面，所以高度差的大小反映图甲中探头A面所受压强大小。
（2）由表中数据可知，随着探头浸入水中的深度H的增加，U形管两侧水面的高度差h也在增加。因为U形管两侧水面的高度差h反映了探头A面所受压强大小，所以可以得出：在相同液体内部，深度越深，液体压强越大。
（3）从表中发现数据变化规律是随着H的增大，h与H的差值越来越大，数据变化呈这种规律的原因是由于橡皮膜的弹力对水产生了一定的压强
（4）橡皮管内密封气体的左右侧的压强相等，深度是液体内部某点到自由液面的竖直距离，则此时U形管两侧水面的高度差h1=12.0cm-6.0cm=6.0cm
25.某同学用如图A所示的装置用稀盐酸和石灰石制取二氧化碳，并进行相关性质探究。请回答：
（1）用B装置收集CO2，气体应从导管_________（填“a”或“b”）端通入。
（2）将装置A和C连接，石蕊试液逐渐变红。能说明该现象发生原因的化学方程式是_________。
（3）将装置A产生的气体通入澄清石灰水时，没有观察到石灰水变浑浊的预期现象。该同学猜测是因为二氧化碳中混入了氯化氢气体，据此他设计装置D进行验证。如果该同学的猜想正确，能观察到的现象是_________。
（4）有同学提出可以将装置A和E连接，验证氯化氢气体的存在，你认为是否合理并说明理由：_________。
【答案】（1）b
（2）H2O+CO2=H2CO3
（3）红色逐渐褪去
（4）合理，因为氯化氢（HCl）溶于水形成盐酸，盐酸会与硝酸银溶液反应，生成不溶于稀硝酸的白色沉淀，二氧化碳不会与硝酸银反应产生沉淀
【解析】（1）二氧化碳的密度比空气大，用向上排空气法收集。所以用B装置收集CO2时，气体应从导管b端通入，空气从a端排出；
（2）二氧化碳能与水反应生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊试液变红，化学方程式为CO2+H2O=H2CO3；
（3）酚酞遇酸性、中性物质不变色，遇碱性物质变红色，滴有酚酞的澄清石灰水显红色，澄清石灰水中的氢氧化钙能与氯化氢气体溶于水形成的盐酸反应生成显中性的氯化钙。如果二氧化碳中混入了氯化氢气体，将气体通入装置D中，能观察到的现象是红色逐渐褪去；
（4）氯化氢（HCl）溶于水形成盐酸，盐酸会与硝酸银发生反应，生成不溶于稀硝酸的白色沉淀氯化银，二氧化碳与硝酸银溶液不发生反应，不会产生类似白色沉淀的现象，所以不会对氯化氢的检验造成干扰；当把混有氯化氢的二氧化碳气体通入硝酸银溶液时，若观察到有白色沉淀生成，则证明二氧化碳中混有氯化氢；若没有白色沉淀生成，则说明二氧化碳中没有混有氯化氢。
26.某同学用图甲所示的实验装置探究电流和电阻的关系。电源电压为4.5V。四个定值电阻（其中5Ω、10Ω、15Ω各一个、未知阻值一个），两个滑动变阻器（规格分别为“10Ω 1A”和“20Ω 1A”）。请回答：
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最_________（填“左”或“右”）端。
（2）该同学依次使用三个已知阻值的定值电阻进行实验，记录实验数据并绘制出I-R图像，如图乙所示。由此得到的实验结论是_________。
（3）为进一步验证上述结论，他继续用未知阻值的电阻进行实验，调节滑动变阻器。控制电压不变，电流表表盘如图丙所示，则该电阻的阻值为_________Ω。
（4）根据以上实验数据，实验中选择的滑动变阻器规格应为_________。
【答案】（1）右
（2）在电压一定时，电流与电阻成反比
（3）20
（4）“20 Ω 1 A”
【解析】（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大端，即最右端。
（2）由图乙的I−R图像可知，通过定值电阻的电流与定值电阻的阻值的乘积0.48A×5Ω=0.24A×10Ω=0.16A×15Ω=2.4V，即电流I与电阻R的乘积是一个定值，即IR=U（定值）。这表明在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（3）由图乙可知，实验中控制定值电阻两端的电压为2.4V，由丙图可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.12A，该电阻的阻值。
（4）当定值电阻接入电路的阻值最大为20Ω时，据串联电路的分压特点知，滑动变阻器需要接入的阻值最大。整个过程中，变阻器两端的电压U变=U总-U=4.5V-2.4V=2.1V，据串联电路的分压特点有20Ω∶R大=2.4V∶2.1V，解得变阻器接入电路的最大阻值R大=17.5Ω＞10Ω，所以小明选择的滑动变阻器规格应为20Ω 1A。
27.在探究硫酸性质时，某同学分别用“稀硫酸”和“浓硫酸”进行了如下实验。
实验一：将稀硫酸滴到pH试纸上，试纸变红；将浓硫酸滴到pH试纸上，试纸变黑。
实验二：常温和加热时，铁丝与浓硫酸反应的实验现象如图所示。
请回答：
（1）在实验一中，试纸变红说明稀硫酸中含有_________（填粒子符号）。
（2）由实验一推测，除了硫酸的组成影响其性质外，影响硫酸性质的因素还有_________。
（3）由实验二判断，常温下用铁制容器盛放浓硫酸是_________（填“可行的”或“不可行的”）。
（4）已知实验二中发生的反应是2Fe+6H2SO4（浓）Fe2（SO4）3+6H2O+3SO2。若铁丝足量，则随着反应的进行，直至停止，溶液的质量变化情况是_________。
【答案】（1）H+
（2）溶质的质量分数（浓度）
（3）可行的
（4）先变小，再变大，最终不变
【解析】（1）酸能使pH试纸变红是因为酸溶液中含有氢离子（H+）；在实验一中，试纸变红说明稀硫酸中含有H+；
（2）实验一中，稀硫酸使pH试纸变红，浓硫酸使pH试纸变黑，硫酸的组成相同，但浓度不同导致性质不同。所以除了硫酸的组成影响其性质外，影响硫酸性质的因素还有硫酸的浓度（或溶质的质量分数）。
（3）由实验二可知，常温下铁丝与浓硫酸接触，没有现象，常温下用铁制容器盛放浓硫酸是可行的；
（4）反应开始时，根据化学方程式2Fe+6H2SO4（浓）Fe2（SO4）3+6H2O+3SO2可知，每112份质量的铁参加反应，生成192份质量的SO2气体逸出，同时生成硫酸铁等物质进入溶液，溶解的铁的质量小于逸出SO2的质量，溶液质量减小。随着反应进行，浓硫酸变稀，铁与稀硫酸反应Fe+H2SO4=FeSO4+H2↑，每56份质量的铁参加反应，生成2份质量的氢气逸出，溶解的铁的质量大于逸出氢气的质量，溶液质量增大，完全反应后，溶液质量不变，溶液的质量变化情况是先减小后增大，最终不变。
四、综合题（本大题有5小题，共35分）
28.湿地有着强大的净化水质、调节气候、生物多样性维护等功能，有“地球之肾”之称。但重金属是湿地环境中的常见污染物。请回答：
（1）图甲所示的湿地中，重金属进入鱼类、鸟类等生物体内的渠道是_________。
（2）研究人员为了生态修复被重金属污染的水体，利用芦苇和睡莲为实验材料，测定了单独种植和混合种植对污染水体中重金属的去除率，结果如图乙所示。根据实验结果分析，最合理的种植方案是_________。
（3）为了湿地中水生动物更好的生存，可以适当增加水草等植物的数量，请你从生态系统物质和能量的角度解释，增加水草能使水生动物更好生存的原因是_________。
【答案】（1）食物链（食物网）
（2）睡莲+芦苇（或混合种植）
（3）水草是生产者，能进行光合作用，制造有机物，释放氧气，供动物生存所需
【解析】（1）在生态系统中，物质和能量沿着食物链和食物网流动。重金属作为环境中的污染物，会随着食物链（网）在生物体内积累，所以重金属进入鱼类、鸟类等生物体内的渠道是食物链（网）。例如，水中的重金属会被水生植物吸收，小鱼吃水生植物，大鱼吃小鱼，鸟类又捕食鱼类，这样重金属就通过食物链（网）进入了不同生物体内。
（2）从图乙的实验结果可以看出，对于铜、铅、锰等重金属，芦苇和睡莲混合种植时的去除率最高。这说明混合种植能够更有效地去除污染水体中的重金属，所以最合理的种植方案是睡莲+芦苇（或混合种植）。
（3）水草属于生态系统中的生产者，生产者通过光合作用，利用光能，将二氧化碳和水转化为储存着能量的有机物，并释放出氧气。增加水草数量，一方面可以为水生动物提供更多的食物来源，因为水生动物大多直接或间接以水草为食，满足了它们对物质（有机物）的需求；另一方面，水草光合作用释放的氧气，能够满足水生动物呼吸对氧气的需求，所以能使水生动物更好地生存。
29.综合实践活动中，小组同学围绕工业纯碱样品的纯度测定问题，展开了讨论与探究（已知纯碱样品中的杂质不与硫酸反应）。
[原理思路]Na2CO3与稀硫酸反应产生CO2，通过测定CO2的质量，确定样品中碳酸钠的质量，从而计算样品纯度。
[实验方案]根据以上思路，小组同学设计了如图所示的实验方案（固定装置已省略）。
请回答：
（1）在装置中样品与稀硫酸反应前和停止反应后，都要鼓入过量的空气，其目的分别是_________。
（2）反应前同空气时a、b、c三个止水夹的控制方法是_________。
（3）实验后C装置增重m1g，D装置增重m2g，则mg样品的纯度为多少？（用m、m1、m2作为已知量求解，写出计算过程）
【答案】（1）反应前：排出装置内的CO2气体；停止反应后：确保产生的CO2气体被充分吸收
（2）关闭止水夹c，打开止水夹a、b
（3）已知D装置增重m2g，则反应生成CO2气体的质量为m2g。
设纯碱样品中 Na2CO3的质量为x。
样品的纯度为
答：mg样品的纯度为。
【解析】（1）装置内原本含有空气，空气中含有二氧化碳，若不排出，后续反应产生的二氧化碳质量测定会偏大，导致计算出的碳酸钠质量及纯度不准确，反应前鼓入过量空气的目的是 排尽装置内原有的二氧化碳，防止其对反应生成二氧化碳的质量测定产生干扰； 反应结束后，装置内会残留部分二氧化碳气体，不能被碱石灰完全吸收。鼓入空气可将这些残留的二氧化碳赶入碱石灰中，使其被充分吸收，这样测量出的二氧化碳质量才是反应实际生成的二氧化碳质量，从而保证计算出的样品纯度准确；
（2）反应前要让空气通过氢氧化钠溶液除去其中的二氧化碳，然后进入装置与样品反应的部分。此时应打开止水夹a和b，关闭止水夹c，这样空气能从左边进入，通过氢氧化钠溶液除去二氧化碳后，进入样品所在装置，排尽装置内原有二氧化碳，而不会让产生的二氧化碳气体从右边导气管排出，反应前通空气时a、b、c三个止水夹的控制方法是 打开止水夹a、b，关闭止水夹c。
30.项目化学习小组设计了一款液体电子秤，其主要结构如图甲所示。已知电源电压恒为6 V，弹簧电阻恒为1Ω，R0=9Ω，电阻丝ab长20cm、阻值为40Ω（其阻值与长度成正比）。桶中无液体时，滑片P指向a处，弹簧所受外力增加F，滑片P向下移动x，F与x的关系如图乙所示。测量时，将待测质量的液体加入小桶，稳定后闭合开关，就能从改造后的电流表刻度盘上读出液体质量的大小（滑片P与电阻丝连接良好，并忽略二者之间的摩擦）。
请回答：
（1）待测液体质量越大，电流表示数_________（填“越大”“越小”或“不变”）。
（2）电流表刻度为0.2A处应标的质量刻度为_________ g。
（3）当待测液体的质量达到最大值时，该电路消耗的功率为多少瓦？
（4）为进一步把液体电子秤迭代成液体密度仪，小组同学测得小桶的容积为20cm3，测量时，将待测密度的液体加满小桶。则该密度仪所能测量的最大密度为_________g/cm3。
【答案】（1）越大
（2）20
（3）3.6W
（4）2
【解析】（1）由图乙知：拉力F越大，弹簧的伸长量越大，故待测液体的质量越大，滑片下移电阻丝接入的电阻越小，由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻越小，由欧姆定律可知电流表示数变大。
（2）当电路I=0.2A时，电路中的总电阻，所以电阻丝ab接入的电阻，因为电阻丝ab长20cm、阻值为40Ω，所以接入电阻的长度，所以x1=20cm-10cm=10cm，由图乙可知x1=10cm时，F1=0.2N，所以物体的质量。
（3）当待测液体的质量达到最大值时，即滑片P移动到最下端，电阻丝ab接入的电阻为零，电路中的中电阻，此时电路消耗的功率。
（4）当小桶内装满最密度最大的液体时，滑片P处于b端，此时x2=20cm，由图乙可知此时拉力F2=G2=0.4N
所以液体的最大密度。
31.水培技术是以营养液为载体，为植物提供生长所需物质的新型栽培方式。如图为某太阳能水培种植装置，由太阳能电池板、水泵、营养液槽、水培种植槽构成。太阳能电池板能驱动水泵让营养液在系统中循环。
请回答：
（1）营养液为植物生长提供的物质相当于土壤中的_________。
（2）已知太阳能电池板的面积为0.5m²，光电转换效率为20%，太阳光垂直照射功率为1000 W/m2。若水泵的额定功率为10 W，则该电池板最多能驱动水泵的个数是_________个。
（3）要配制500g含硝酸钾的质量分数为2%的营养液，需硝酸钾_________g。
（4）水培时，植物叶片发黄、生长缓慢，则培养液中缺少的元素可能是_________。
【答案】（1）水分和无机盐
（2）10
（3）10
（4）氮元素（N）
【解析】（1）土壤能为植物生长提供水和各种无机盐，营养液为植物生长提供的物质相当于土壤中的水和无机盐；
（2）太阳能电池板接收太阳能的功率P总=1000W/m2×0.5m2=500W；
因为光电转换效率为20%，所以转化为电能的功率=P总×20%=500W×20%=100W；
每个水泵额定功率为10W，则能驱动水泵的个数n=；
（3）根据溶质质量=溶液质量×溶质质量分数，要配制500g含硝酸钾质量分数为2%的营养液，需硝酸钾的质量m=500g×2%=10g；
（4）氮元素是植物体内蛋白质、核酸和叶绿素的组成元素，植物缺氮时，植株矮小瘦弱，叶片发黄，生长缓慢。所以培养液中缺少的元素可能是 氮元素（或N）。
32.如图甲是一款智能机器人。在AI大模型的驱动下，机器人不仅学会了跳舞、180°后空翻等技能，而且可以在复杂工业环境中执行各种搬运任务。
请回答：
[情境一在车间的水平地面搬运重物]
（1）机器人依靠电机驱动部件做出动作。在人体的四大基本组织中，类似于电机的功能、能提供动力驱动骨骼运动的组织是_________。
（2）机器人对物品的水平推力F随时间t变化的图像如图乙所示，物品运动速度v随时间t变化的图像如图丙所示。则在3~5s内，重物受到的摩擦力为_________ N。（忽略空气阻力）
[情境二在舞台上表演后空翻]
（3）后空翻时，其坚固的铝合金外壳能有效保护内部零件。该铝合金主要含铝（Al）和少量铜，为测定此铝合金中铝的质量分数，将10g铝合金样品放入足量稀盐酸中，充分反应后，共收集到氢气0.8g。则该铝合金中铝的质量分数是_________。
（4）后空翻时，机器人每次重心升高0.8m。已知该机器人的质量为10 kg，它由一台额定功率为160 W的电机驱动，电机的工作效率为80%。则计算正常工作时，机器人完成一次后空翻的时间。
【答案】（1）肌肉组织
（2）200
（3）72%
（4）0.625s
【解析】（1）在人体的四大基本组织中，肌肉组织能够收缩和舒张，提供动力驱动骨骼运动，类似于电机的功能。
（2）由图丙可知，在3-5s内物品做匀速直线运动，处于平衡状态；在水平方向上，推力等于摩擦力。由图乙可知，在3-5s内推力F=200N，所以重物受到的摩擦力f=F=200N。
（3）设铝合金中铝的质量为x，
2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑
54 6
x 0.8g
则，解得x=7.2g；则该铝合金中铝的质量分数为
（4）机器人的重力G=mg=10kg×10N/kg = 100N
机器人每次重心升高0.8m，克服重力做功W=Gh=100N×0.8m=80J
电机的额定功率为P=160W，工作效率η=80%。根据，可得电机消耗的电能
由可知，完成一次后空翻的时间实验次数
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
H/ cm
5.0
6.0
7.0
8.0
9.0
10.0
110
12.0
13.0
14.0
15.0
h/ cm
4.6
5.2
6.0
6.6
7.4
8.2
9.0
9.6
10.4
11.2
12.0