湖北省襄阳市2026届高三下学期4月统一调研测试 物理试卷（含解析）

这是一份湖北省襄阳市2026届高三下学期4月统一调研测试 物理试卷（含解析），文件包含绵阳市2026年高考适应性考试物理pdf、绵阳市2026年高考适应性考试物理答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共9页， 欢迎下载使用。
本试卷满分 100 分，考试用时 75 分钟。
注意事项：
1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在
答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写
在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸
和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将答题卡上交。
一、选择题：本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7
题只有一项符合题目要求，第 8～10 题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得 4 分，选
对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
1．如图所示分别为单色光 a、b 单独照射同一光电管时产生的光电流 I 与光电管两端电压 U 的关系图线。
下列说法正确的是
A．a 光的频率大于 b 光的频率
B．a 光的饱和电流小于 b 光的饱和电流
C．a 光、b 光照射同一双缝，b 光照射形成的干涉条纹间距窄
D．用 a 光照射光电管时所逸出的电子最大初动能大于 b 光
2．如图所示，一定质量的木块置于固定的粗糙斜面上，对木块施加水平向右的恒力 F 时，木块静止在斜面
上。下列说法正确的是
A．木块一定受四个力的作用
B．木块一定受到沿斜面向下的摩擦力
C．撤去 F 后，木块所受的合力与 F 等大反向
D．撤去 F 后，木块可能沿斜面加速下滑
3．某自动化生产线的物料托盘升降机构可简化为如图所示的联动装置，连杆 OB、BC 通过铰链（视为质点）
连接于 B 点，连杆 BC、滑块 A（物料承载托盘）通过铰链（视为质点）连接于 C 点，连杆 OB 在竖直面内
绕 O 点做圆周运动，可以使滑块 A 沿固定的竖直杆上下运动。已知连杆 OB 长为 R，绕 O 点沿逆时针方向
匀速转动的角速度为ω，设连杆 BC 与竖直方向的夹角为α时，BC 杆与 OB 杆的夹角为β，则
A．若连杆 OB 的长度不变，BC 杆越长，滑块 A 上下运动的范围越大
B．当 B 点转到最低点时，滑块 A 的速度取最大值
C．当 时，则滑块 A 的速度大小为ωR
D．当 时，则滑块 A 速度大小为ωR
4． 如 图 所 示 为 一 理 想 变 压 器 的 电 路 图 ， 原 、 副 线 圈 的 匝 数 比 n1:n2=2:1， 电 源 输 出 电 压
，定值电阻 R1=10 Ω，定值电阻 R2=2 Ω和滑动变阻器 R3 最大阻值为 10 Ω，所有
电表均为理想电表。则下列说法正确的是
A．该电源的频率为 100 Hz
B．当滑动变阻器接入阻值 R3=3 Ω时，电压表示数为
C．当滑动变阻器接入阻值 R3=3 Ω时，电流表示数为 16 A
D．滑片 P 由 b 端向 a 端滑动的过程中，变压器的输出功率先增大后减小
5．某非遗舞龙表演中，龙身的波动可视为沿 x 轴传播的简谐横波，图甲为该简谐横波在 t=0 时刻的波形图，
图乙为平衡位置在 x=6 m 处的质点 a 的振动图像。已知质点 M 的平衡位置在 x=1.5 m 处，质点 N 的平衡位
置在 x=10 m 处，下列说法正确的是
A．该波沿 x 轴正方向传播，波速大小为 3 m/s
B．t=2.5s 时，质点 M 处于波峰位置
C．质点 N 的振动方程
D．t=3 s 时，质点 N 恰好位于波谷位置
6．某款电动汽车在一次测试中，沿平直公路以恒定功率 P 启动做直线运动，经 3t0 恰好达到最大速度，随
后撤去动力做匀减速直线运动，其速度—时间图像如图所示，假定整个运动过程阻力恒定。关于整个运动
过程，下列说法正确的是
A．牵引力做的功与阻力做的功的绝对值之比为 2∶1
B．牵引力的冲量与阻力的冲量绝对值之比为 3∶4
C．加速位移大小与减速位移大小之比为 5∶1
D．加速位移大小与减速位移大小之比为 4∶1
7．中国空间站工程巡天空间望远镜（CSST）将开展太阳系小行星高精度观测。某颗小行星与地球在同一公
转轨道平面内，绕太阳沿逆时针方向做匀速圆周运动，且小行星的公转轨道半径小于地球的公转轨道半径。
天文学中定义：观测分辨角为太阳中心、地球观测站、小行星三者的连线在地球观测站处形成的夹角；分
辨角越大，望远镜对小行星的成像精度越高，分辨角的最大值记为θ，此时为该小行星的最佳观测窗口期。
已知某时刻小行星恰好处于最佳观测窗口期，且公转位置超前于地球，经观测得该小行星下一次出现最佳
观测窗口期的最短时间为 t，忽略地球自转的影响。下列说法正确的是
A．由开普勒第三定律，在相同时间内，该小行星与太阳连线扫过的面积和地球与太阳连线扫过的面积相等
B．该行星绕太阳的公转周期与地球绕太阳的公转周期之比为
C．该行星的公转周期为
D．地球的公转周期为
8．如图所示，一定质量的理想气体经历 a→b→c→a 的循环过程，下列说法正确的是
A．a→b 过程外界对气体做功 B．b→c 过程气体对外界做功
C．b→c 过程气体从外界吸收了热量 D．c→a 过程气体的内能一直增大
9．如图所示，在水平向左且足够大的匀强电场中，一长为 L 的绝缘细线一端固定于 O 点，另一端系着一个
质量为 m、电荷量为 q 的带电小球，小球静止在 M 点时，细线与竖直直径 AB 的夹角为θ=60°。现给小球一
垂直于 OM 的初速度 v0，使其能在竖直平面内做完整的圆周运动，重力加速度为 g。则下列说法正确的是
A．小球带负电，匀强电场的电场强度大小为
B．小球从初始位置 M 在竖直平面内顺时针运动一周的过程中，其电势能先减小后增大再减小
C．若小球恰好能做完整的圆周运动，则经过 B 点的速度大小为
D．若小球恰好能做完整圆周运动的初速度 v0 大小为
10．如图，边长为 L 的正三角形 ABC 区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，大量比荷为 的带负电粒子以相
同速度垂直 AC 边射入磁场，已知从 BC 边垂直射出的粒子在磁场中运动的时间为 ，粒子在磁场中运动
的最长时间为 ，则下列说法正确的是
A．磁感应强度大小为
B．粒子运动的轨迹半径为
C．粒子射入磁场的速度大小为
D．粒子在磁场中扫过的面积为
二、非选择题：本大题共 5 小题，共 60 分。
11．（6 分）
在“探究平抛运动规律”的实验中：
（1）（单选）为了能准确地描绘出平抛运动轨迹，下面操作正确的是________。
A．通过调节使斜槽的末端保持水平
B．每次释放小球的位置可以不同
C．必须选用表面光滑的斜槽
（2）某同学在做“研究平抛运动”的实验中，得到了如图所示的图像，已知 A 点的坐标 ，B 点的
坐标 ，重力加速度g，根据图像可知物体的初速度大小为________；经过A点速度大小为________。
12．（10 分）
某物理兴趣小组利用压敏电阻设计制作了一个量程广泛的质量秤，能够直接称量出物体的质量大小，其原
理图如图（1）所示。其中 S1 是总开关，S2 是量程切换开关，R1 是保护电阻（阻值为 800 Ω），R2 是调零电
阻（最大阻值为 9999.9 Ω的电阻箱），R3 是阻值为 5 Ω的定值电阻，电流表量程为 5 mA（内阻为 5 Ω），电
源电动势 E=10 V（内阻不计），已知压敏电阻阻值 R 与所受压力大小 F 的关系如图（2）所示，要求将电流
表的表盘全部刻度都赋值成质量值，重力加速度 g 取 10 m/s2。
（1）电流表表盘赋值后，质量为零的刻度线对应电流表________mA（填“0”或“5”）刻度线。
（2）断开开关 S2，小组同学对体重秤进行调零时，电阻箱 R2 阻值应为________Ω。
（3）当称量质量较大的物体时，想使结果比较准确，开关 S2 应________。（填“闭合”或“断开”）；每一
次换挡________重新调零（填“需要”或“不需要”）。
（4）闭合开关 S2，其他操作均无误，当流过电流表的电流为 2.5 mA 时，物体的质量为________kg。
13．（10 分）
如图是截面为扇形的玻璃砖，扇形截面所对的圆心角为 60°，平面 ABCD 经过特殊处理，可以将射到上面的
光线全部吸收。与平面 AED 平行的平行光线照射在整个 AEFB 平面上，入射角为 45°，这些光线只有一部
分 能 从 弧 面 CDEF 射 出 ， 已 知 玻 璃 对 该 光 的 折 射 率 为 ， 光 在 真 空 中 的 传 播 速 度 为 c，
，求：
（1）能够从弧面 CDEF 射出的单束光线在玻璃砖中传播的最短时间
（2）弧面 CDEF 上有光线射出部分的面积占它总面积的百分比
14．（16 分）
如图所示，一不可伸长的轻绳一端固定在天花板上的 O 点，另一端连接质量为 m 的小球 A，绳长为 L，在
O 点正下方 L 处的光滑水平面上有一静止的质量为 2 m 的小球 B，与一轻弹簧连接，弹簧另一端连接着质
量为 3 m 的小球 C，弹簧处于原长，现将小球 A 拉至与 O 点等高的左端，轻绳伸直后由静止释放，小球均
可视为质点，不计空气阻力，小球 A 与小球 B 的碰撞无机械能损失，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度
为 g。求：
（1）小球 A 与小球 B 碰撞前瞬间绳的拉力大小；
（2）碰撞后小球 A 所能到达的最大高度；
（3）求碰后弹簧弹性势能的最大值。
15．（18 分）
如图，两根足够长的平行光滑金属导轨 MN、PQ 被固定在水平绝缘桌面上，EF 为导轨向上弯曲部分与水平
部分的边界，两导轨间距为 L=2 m。导轨右端连接一个阻值为 R=1 Ω的定值电阻，水平导轨内侧存在磁感应
强度大小为 B=0.5 T、方向竖直向上的匀强磁场。现从弯曲导轨上距导轨水平部分高度 h=5 m 处由静止释放
第 1 根导体棒，导体棒进入磁场后速度减为 0 时被锁定；从原位置再由静止释放第 2 根相同的导体棒，当
速度减为 0 时又被锁定，以此类推，一共释放 24 根相同的导体棒。每根导体棒的质量为 m=0.15 kg、电阻
也为 1 Ω、长度为 2 m，与导轨始终垂直且接触良好（释放前导体棒与导轨不接触）。不计空气阻力及导轨
的电阻，忽略感应电流对原磁场的影响，重力加速度 g 取 10 m/s2。求：
（1）第 1 根导体棒刚进入磁场时的感应电流大小；
（2）第 2 根导体棒速度减为 0 时距水平导轨左端 EF 的距离；
（3）从第 1 根导体棒进入磁场到第 24 根导体棒速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上产生的总焦
耳热。
物理参考答案
1.C
【解析】A.由图可知 a 光的遏止电压小于 b 光的遏止电压，由爱因斯坦光电效应方程
，照射同一光电管 相同， ，可知 ，故 A 错误。
B.由图可知 a 光的饱和电流大于 b 光的饱和电流,故 B 错误。
C.b 光的频率大于 a 光的频率，则 b 光的波长小于 a 光的波长，由干涉条纹间距公式
，波长越小，间距越窄，故 C 正确。
D.b 光的频率大于 a 光的频率，则用 b 光照射光电管时所逸出的电子最大初动能更大，故 D
错误。
2.D
【解析】AB.对木块受力分析，木块有可能只受重力、支持力、恒力，也可使木块静止，故
AB 错误。
C.撤去 F 后，木块也可能静止在斜面上，此时木块所受合力为 0，故 C 错误。
D.撤去 F 后,若斜面动摩擦因数小于斜面倾角的正切值，木块沿斜面加速下滑，故 D 正确。
3.C
【解析】A.杆 OB 转到最低点时，滑块 A 到 O 点的距离为 OB+BC;杆 OB 转到最高点时，滑
块 A 到 O 点的距离为 BC 杆的长度，故滑块 A 上下移动的范围为 OB+BC-BC=OB，与 BC
杆长无关，A 错误。
B.当 B 点转到最低点时，滑块 A 的速度为 0，故 B 错误。
C.若 ， ,则滑块 A 的速度为 ，故 C 正确。
D.若 , ，则滑块 A 的速度为 ，故 D 错误。
4.D
【解析】A.由 ， ,可得 ，故 A 错误。
BC.该理想变压器的等效电路图为，令 ，其中 ,由闭合电路欧姆定
律 可 得 ， ， 代 值 得 , ，
，代值得 ,故 BC 错误。
D.画出其等效电路图为，其中 , ， ，滑片
P 由 b 端向 a 端滑动得过程中， 从 2Ω到 12Ω，故变压器的输出功率先增大后减小，D 正
确。
5.B
【解析】A.根据同侧法得，该波沿 x 轴负方向传播，波速大小为 ，故 A
错误。
B.质点 M 与右边最近的波峰距离为 9-1.5=7.5m,则经过时间 ，质点 M 到达波
峰位置，B 正确。
C.由 ，其 中 ， t=0 时 ，质 点 N 位于 距离 x 轴
处，代入可得 ，故其振动方程为 ，故 C 错误。
D.质点 N 距离右边最近的波谷距离为 5cm，则经过时间 ，波传播到 N 点，故 D 错误。
6.C
【解析】A.对汽车 0——4t0，由动能定理可得 ，可得 1：1，故 A 错误。
B.对汽车 0——4t0，由动量定理可得 ,可得 1：1,故 B 错误。
C.设加速位移大小与减速位移大小分别为 x1，x2,对汽车 0——4t0，汽车取最大速度时
， ，代入动能定理可得 ,而 ，联立得
，故 C 正确，D 错误。
7.D
【解析】A.根据开普勒第三定律，是同一个天体绕中心天体运动时，在相同时间内，与中心
天体的连线扫过的面积相等，故 A 错误。
B.由情景可知，当地球与行星的连线刚好与行星轨道相切时，分辨角越大，由几何关系可得
，再结合开普勒第三定律可得 ，联立可得 ，故 B 错误。
CD.设此过程中行星转过的角度为 ，地球转过角度为 ，则 ， ，刚开
始位置超前于地球，由几何关系可得： ，联立可得该行星的公转周期为
，地球的公转周期为 ，故 C 错误，D 正确。
8.BC
【解析】A.由图可知，气体 过程为等温变化，由玻意耳定律 ,气体
压强减小，体积变大，外界对气体做负功，故 A 错误。
B.由图可知，气体 过程为等压变化，由盖—吕萨克定律 ,气体温度升
高，体积变大，气体对外界做功，故 B 正确。
C.理想气体的内能只与温度有关，气体 过程温度升高，内能变大，则
，而外界对气体做负功，则 ，由热力学第一定律 可得，
，故气体从外界吸收了热量，故 C 正确。
D. 过程，气体温度降低，内能减少，故 D 错误。
9.BD
【解析】A.对小球受力分析可得，小球带正电， ，可得 ，故 A 错
误。
B.小球从初始位置 M 在竖直平面内顺时针运动一周的过程中，电场力先做正功后做负功再
做正功，故电势能先减小后增大再减小，故 B 正确。
C.小球从 点运动到 点的过程中，根据动能定理
解得 ，故 C 错误。
D.重力与电场力的合力 ，恰好做完整的圆周运动，小球在圆周的等效最高点（与
M 对称的位置 ）时，细线对小球的拉力为 0，设小球在 时，速度为 ，根据牛顿第二
定律 ，小球从 到 的过程中，根据动能定理
小球的初速度 ，故 D 正确；
10.BCD
【解析】A.粒子刚好从 BC 边垂直打出，由 ,其中 ，得 ，故
A 错误。
B.粒子在磁场中运动的最长时间轨迹所对的圆心角为 ，则有 ，解得 ，
画出该粒子的运动轨迹，由几何知识得 ,解得 ,故 B 正确。
C.由 ，联立上述式子得 ，故 C 正确。
D.由几何知识得扫过的面积为 ，故 D 正确。
11.（1）A (2) (每空 2 分）
【解析】（1）A.需要保证小球做平抛运动，故需调节斜槽末端保持水平，故 A 正确。
B.每次释放小球的位置需相同，要保证小球的初速度相同，故 B 错误。
C.只需要保证每一次释放小球做平抛运动时初速度相同，故斜槽可以不光滑，C 错误。
（ 2） 设 O 到 A， A 到 B 时 间 间 隔 为 T， 则 水 平 方 向 ： ； 竖 直 方 向 ：
;联立两式得 ， ， ，联立上述式
子得
12.（1）5 （2）1145Ω （3）断开 需要 （4）300 （每空 2 分）
【解析】（1）由题图 2 可知，压敏电阻的阻值随压力 F 的增大而增大，压力为 0 时，回路
总电阻最小，电流最大，故压力值为零的刻度线对应电流表 5mA。
（2）断开开关，由闭合电路欧姆定律 ,其中 ，代值得
.
(3)该测量仪换挡原理类似与欧姆表换挡原理，电流表量程越小，其测量仪量程越大，故开
关 S2 应断开，每一次换挡，都会导致电路电阻发生变化，所以需要重新调零。
（ 4） 由 图 2 及 可 得 ， 先 调 零 ， 由 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 可 得
,设 , , ，联立上述
式子得 ，初始 m=0 时，R=50Ω，代入 R—F 关系式得 m=300kg
13.（1） （7 分） （2)75%（3 分）
【解析】(1)设在弧 DE 上发生全反射的临界光线在 AE 上的折射角为 ，光在 AE 上的入射
角为 ，光在介质中的临界角为 C，设最短距离为 S，最短时间为 t，
由折射定律有 ，又 ，…………………………………………2 分
设 该 光 线 在 弧 DE 上 入 射 点 位 置 的 法 线 OP 与 AE 间 的 夹 角 为 ， 由 几 何 关 系 有
，解得 ，…………………………………………2 分
由正弦定理 ，及 、 ，…………………………………1 分
联立上述式子得 …………………………………………2 分
（2）弧面 CDEF 上有光线射出部分的面积占它总面积的百分比等于有光射出区域对应圆心
角占截面所对圆心角的百分比，故 ……………3 分
14.（1） （4 分） (2) （6 分） (3) （6 分）
【解析】（1）对小球 A，从水平摆到最低点的过程中，由机械能守恒可得
………………………………………………………………………1 分
在最低点: …………………………………………………………………2 分
联立上式可得 ………………………………………………………………1 分
（2）对小球 AB 组成的系统，碰撞过程，由动量守恒和机械能守恒可得
……………………………………………………………………2 分
……………………………………………………………2 分
再对 A 球，与 B 球碰撞后到最高点的过程，由机械能守恒可得
……………………………………………………………………1 分
联立上述式子可得最大高度 …………………………………………………1 分
(3)对小球 BC 及弹簧组成的系统，当小球 BC 共速时，弹簧压缩到最短，弹性势能最大，由
动量守恒和机械能守恒可得
…………………………………………………………………………2 分
…………………………………………………………………2 分
可得 …………………………………………………………………………2 分
15.（1）5A （5 分） （2）2.25m（6 分） (3)7.2J（7 分）
【解析】（1）设第 1 根导体棒刚进入磁场时的速度大小为 v，导体棒从释放到刚进入磁场
的过程中，据动能定理可得 ……………………1 分
此时产生的感应电动势为 …………………1 分
此时回路的电流为 …………………1 分
联立，代值得 …………………2 分
（2）设第 2 根导体棒从进入磁场到速度减为 0 距水平导轨左端 EF 的距离为 x，据动量定理
得 …………………………2 分
又因为 ， ……………………2 分
联立,代值得 ………………2 分
（3）由于每根导体棒均以速度 v 进入磁场，速度减为 0 时被锁定，据能量守恒定律可知每
根导体棒进入磁场后产生的总热量均为 ………………1 分
第 1 根导体棒进入磁场到速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上产生的热量为
第 2 根导体棒进入磁场到速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上产生的热量为
第 3 根导体棒进入磁场到速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上产生的热量为
以此类推
第 24 根导体棒进入磁场到速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上产生的热量为
则从第 1 根导体棒进入磁场到第 24 根导体棒速度减为 0 的过程中，导轨右端定值电阻 R 上
产生的总热量为 ……………………4 分
联立,代值得 ………………2 分