2026年上海市杨浦区中考二模物理试卷（含解析）

这是一份2026年上海市杨浦区中考二模物理试卷（含解析），共31页。
1．选择题中，未标注说明的，为单选，每题只能选一个选项；标注“不定项选择”的，每题应选一个或多个选项；标注“多选”的，每题应选两个或两个以上的选项。
2．除选择、填空和作图外均需写出解答过程。
一 物理与生活（19分）
1. 调音师边拨动吉他的琴弦，边用工具调节琴弦的松紧。
（1）拨动吉他的琴弦，琴弦由于___________而发声。
（2）调节琴弦的松紧，这主要是为了改变声音的___________。
A. 响度B. 音调C. 音色D. 振幅
【答案】（1）振动 （2）B
【解析】
【小问1详解】
声音是由物体的振动产生的，拨动琴弦时琴弦振动发声。
【小问2详解】
调节琴弦松紧会改变琴弦振动的频率，从而改变音调。
2. “两岸好山青嶂立，一湖秋水白鸥飞”。
（1）以白鸥为参照物，山是___________（选填“A.运动”或“B.静止”）的。
（2）白鸥飞行的过程中，白鸥在平静水中倒影的大小___________（选填“A.会改变”或“B.不会改变”）。
【答案】（1）A （2）B
【解析】
【小问1详解】
以飞行的白鸥为参照物，山相对于白鸥的位置不断发生改变，因此山是运动的。故选A。
【小问2详解】
水中倒影属于平面镜成像，像与物体大小始终相等，白鸥本身大小不变，因此它的倒影大小也不会改变。故选B。
3. 全国冰壶锦标赛首次“南下”落户上海。
（1）运动员推动冰壶后松手，冰壶由于___________继续运动。
（2）冰壶受到阻力的作用，速度逐渐减小，最终在冰面上静止，如图所示，这一现象表明了力能改变物体的___________（选填“形状”或“运动状态”）。
（3）若冰壶所受重力为200N，请在图中画出冰壶在竖直方向上的受力示意图。
【答案】（1）惯性 （2）运动状态
（3）
【解析】
【小问1详解】
运动员推动冰壶后松手，由于具有惯性，会保持原本状态继续运动。
【小问2详解】
冰壶受到阻力的作用，速度逐渐减小，说明力可以改变物体的运动状态。
【小问3详解】
竖直方向上受到重力和支持力，是一对平衡力，大小都等于200N，作用点都在重心，重力的方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，用长度相等的带箭头的线段描述。
4. 炎热夏天，家中使用空调制冷时，窗玻璃上有时会出现“小水珠”。
（1）“小水珠”的形成是___________现象。（选填“液化”“汽化”或“熔化”）
（2）窗玻璃上的“小水珠”出现在___________（选填“室内外两侧”“室内侧”或“室外侧”）。请写出小水珠的形成过程：___________。
【答案】（1）液化 （2） ①. 室外侧 ②. 房间外温度较高的水蒸气遇到温度低的窗玻璃后，液化成小水珠
【解析】
【小问1详解】
液化是物质由气态变为液态的过程，小水珠是气态水蒸气转化为液态水，符合液化的特征；汽化是液态变为气态，熔化是固态变为液态。
【小问2详解】
夏天空调制冷时，室内温度低于室外温度，窗玻璃的温度也较低。室外空气中温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃时，会放热液化形成小水珠，附着在玻璃的室外侧表面上。
5. 如图（a）所示，用手提起重物的过程中，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，桡骨可以看作以肘关节为支点的杠杆。
（1）如图（b）所示，手静止时，手臂中肌肉对桡骨的拉力为，手克服的阻力为。
①请在图（b）中画出的阻力臂___________。
②若，，则的大小为___________N。
（2）手臂转动的过程中，重物被举至高处，重物的重力势能___________。
A. 增大B. 减小C. 不变
【答案】（1） ①. ②. 300 （2）A
【解析】
【小问1详解】
反向延长F2，从支点O作F2所在直线的垂线段，该垂线段的长度即为F2的力臂l2。
由图可知，l1=5cm ，根据杠杆平衡条件​，的大小为F1=F2l2l1=50N×30cm5cm=300N
【小问2详解】
重物被举高的过程中，质量不变，高度增大，因此重力势能增大，故选A。
二 工程与实践（15分）
6. 小明利用照相机拍摄风景。
（1）如图所示，是照相机成像原理图。相机镜头相当于一个___________透镜。（选填“A．凸”或“B．凹”）
（2）小明将相机镜头对准远处的小鸟。
①当他看到清晰的小鸟时，按下快门，照相机的感光元件上记录了小鸟的像，该像是___________实像。
A．正立放大 B.正立缩小 C.倒立缩小 D.倒立放大
②小明端着照相机逐渐靠近小鸟，他发现相机里的小鸟变模糊了，他通过调节调焦旋钮，___________（选填“A．增大”或“B．减小”）镜头与感光元件间的距离后，再次看到了清晰的小鸟。
【答案】（1）A （2） ①. C ②. A
【解析】
【小问1详解】
照相机的镜头是利用凸透镜成像的原理工作的，因此镜头相当于一个凸透镜。
故选A。
【小问2详解】
①[1]照相机拍摄远处物体时，物距，根据凸透镜成像规律，此时成的是倒立、缩小的实像。
故选C；
②[2]当照相机靠近小鸟时，物距u减小，根据 “物近像远像变大” 的规律，像距v需要增大，才能再次成清晰的像。因此，需要增大镜头与感光元件间的距离。
故选A。
7. 电与磁密不可分，在生产中有着重要的作用。
（1）如图所示，是发电机原理示意图，换向器是___________（选填“A．绝缘体”或“B．导体”）；当线圈转动时，小灯泡发光，此时发电机相当于电路中的___________（选填“A．开关”“B．用电器”或“C．电源”）；
（2）如图所示，是某小组同学“研究通电导线在磁场中受到的作用力”的实验示意图。闭合开关，观察到直导线ab从静止开始向右运动。接着他断开开关，再把电源的正、负极对调后接入电路，闭合开关，观察到直导线ab从静止开始向左运动，这个现象表明了通电导线在磁场中受到的作用力方向可能与___________有关。
【答案】（1） ①. B ②. C
（2）电流的方向
【解析】
【小问1详解】
换向器需要导通线圈与外电路的电流，起到传导电流的作用，因此是导体，故选B；
发电机工作时将机械能转化为电能，为外电路提供电能，因此在电路中相当于电源，故选C。
【小问2详解】
该操作只对调了电源正负极，只改变了电路中的电流方向，磁场方向不变，通电导线的受力运动方向发生改变，由此说明通电导线在磁场中受到的作用力方向与电流方向有关。
8. F1赛事是目前世界上速度最快的赛车比赛。
（1）F1赛车的尾翼是其获得高速过弯稳定性的关键。如图所示，A、B为F1赛车的尾翼上方、下方的两点，行驶过程中A、B处的空气压强大小关系___________。
A. 大于B. 小于C. 等于
（2）赛车车架采用碳纤维等材料，已知碳纤维材料密度为，钢的密度为，的碳纤维材料与等体积的钢相比，质量相差___________kg。
（3）若F1赛车以360km/h速度匀速通过距离为6km直线跑道，需耗时___________min。
（4）比赛后，车身上会吸附灰尘，这是由于车身与空气高速摩擦后，带上了___________。
（5）已知赛车的发动机燃料热值约为，转化成有用功的效率为，求完全燃烧0.1kg燃料经发动机后转化的有用功W。
【答案】（1）A （2）
（3）1 （4）电荷
（5）2.1×106J
【解析】
【小问1详解】
在气体中，流速越大的位置，压强越小。A点的空气流速慢，B点的空气流速快，所以行驶过程中A、B处的空气压强大小关系为，故选A。
【小问2详解】
由题意，的碳纤维材料与等体积的钢相比，质量相差Δm=ρ钢V−ρ碳V=(ρ钢−ρ碳)V=(7.9×103kg/m3−1.8×103kg/m3)×1m3=6.1×103kg
【小问3详解】
赛车速度v=360km/h=6km/min
所以通过距离为6km的直线跑道所用时间t=sv=6km6km/min=1min
【小问4详解】
赛车高速行驶过程中由于与空气摩擦而带上电荷，从而使车身吸附灰尘。
【小问5详解】
燃料完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.2×107J/kg×0.1kg=4.2×106J
转化的有用功W=Q放η=4.2×106J×50%=2.1×106J
三 打捞沉船（9分）
9. 长江口二号古船沉没在长江口海域水深约15 m处。打捞船上的工作人员将古船、淤泥等整体密封在一个箱体内，密封后的箱体总重为，箱体的体积约为。如图所示，是打捞过程的模拟图。（海水密度近似为，g取）
（1）如图（a）所示，箱体在水下15m处受到海水的压强为___________Pa。
（2）如图（b）所示，箱体受到的浮力为___________N。
（3）如图（c）所示是箱体脱离海水后的情景图。
①若将打捞船近似看成一个柱体，船底的底面积为4400m2，则图（c）与图（a）相比，求船底受到海水压强变化量。
②为调整箱体的装载位置，打捞船上的起重机由图（c）继续将箱体在400s内匀速提升0.5m。求起重机在这段时间里对箱体做的功W以及功率P。
【答案】（1）
（2）7.84×107
（3）①2×104Pa
②4.4×107J ，1.1×105W
【解析】
【小问1详解】
箱体受到海水的压强p=ρ海水gℎ=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×15m=1.47×105Pa
【小问2详解】
图（b）中箱体浸没在海水中，所受浮力为F浮=ρ海水gV箱=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×8000m3=7.84×107N
【小问3详解】
图（c）时，箱体脱离海水，船和箱体受到的重力与船体受到的浮力大小相等，则有F浮总=G船+G箱。图（a）时，船受到向上的浮力和向下的重力，且二力平衡，则F浮船=G船，故图（c）和图（a）相比所受浮力的变化量ΔF浮=F浮总−F浮船=G船+G箱−G船=G箱
则Δp=ΔF浮S=G箱S=8.8×107N4400m2=2×104Pa
打捞船上的起重机由图（c）继续将箱体在400s内匀速提升0.5m，起重机克服箱体重力做功W=G箱ℎ拉=8.8×107N×0.5m=4.4×107J
做功的功率为P=Wt=4.4×107J400s=1.1×105W
四 太阳能小风扇
10. 小明制作了一个太阳能小风扇，该装置上装有太阳能电池，主要依靠太阳光获得能量。
（1）太阳是___________星，其源源不断向外释放巨大的能量。
（2）小明打开窗户，将太阳能电池置于室外，正对着太阳光，观察到风扇能正常转动，这个现象中能量转化情况是：太阳能___________能___________能。
（3）紧接着，小明将太阳能电池置于室内，并关闭窗户，隔着玻璃正对着太阳光，发现风扇不转动。经检查，该装置元件和线路均完好。为了探究其原因，他查阅资料得知：（a）该型号小风扇两端电压大于或等于2.8V时，风扇中的电机才能工作；（b）太阳能电池输出电压U与单位时间内接收到光的能量E的关系如图所示。实验的同时，小明用传感器测出了不同时刻太阳能电池在室外和室内时单位时间内接收光的能量，数据见表1．根据上述信息，判断小明实验的时间段可能在___________时刻附近（“A. 8：00”“B. 9：00”“C. 10：00”“D. 1 1：00”或“E. 12：00”），请写出分析过程：___________。
【答案】（1）恒 （2） ①. 电 ②. 机械
（3） ①. C ②.
由图像可知，当输出电压（风扇启动的最小电压）时，对应太阳能电池单位时间接收的能量，即只有当时，风扇才能工作。根据题意室外风扇正常转动，说明满足，室内隔着玻璃风扇不转动，说明满足。结合表格数据，只有10：00符合，因此实验时间段在10：00附近。
【解析】
【小问1详解】
太阳能够自身发光发热，属于恒星。
【小问2详解】
太阳能通过太阳能电池转化为了电能，电能驱动风扇的电机转化为了扇叶的机械能。
【小问3详解】
结合图像和题目条件推导，根据风扇工作的电压要求，得到对应能量的范围，再匹配表格数据即可得出结论。
五 测量小灯泡的电阻（10分）
11. 小华测量小灯泡发光时的电阻，他将电源、待测小灯泡（标有“3.8V”字样）、滑动变阻器（标有“”或“”字样）、电流表、开关串联，将电压表并联在某元件两端。闭合开关后，移动变阻器的滑片，将观察到电表示数记录在表2的序号1中。为了精确测出小灯泡正常发光时的电阻，小华改变了电路中电压表并联的位置，再次实验，并移动变阻器的滑片，将相关数据先后记录在表2的序号2和序号3中，发现上述实验中有一组数据是小灯泡正常发光时的数据。
（1）根据上述信息
①求电源电压U___________。
②判断滑动变阻器的规格为______________________A，理由是___________。
③将小灯泡三次发光时两端电压和通过电流的值分别用“×”标记在图中___________。
（2）一段时间后，小灯泡突然熄灭，电流表示数变为零。经检查，实验中小灯泡熄灭的原因是由于小灯泡和滑动变阻器中的一处发生了故障。请写出闭合开关后电压表示数及其对应的故障。___________。
【答案】（1） ①. 6V ②. 20 ③. 2 ④. 根据序号1数据 ⑤.
（2）当电压表示数为时，小灯泡断路；当电压表示数为时，滑动变阻器断路。
【解析】
【小问1详解】
根据序号2、3数据，电源电压不变，电流表示数增大，说明电路中的等效电阻变小，滑动变阻器阻值变小，又由于电压表示数减小，因此可判断出调整后电压表并联在变阻器两端，调整前电压表并联小灯两端。若记录第3次数据时，小灯泡正常发光则电源电压
由每2组数据可知灯泡电压为
根据欧姆定律可知电流也应小于第1组数据，但此时电流
此假设不可能，舍去。
若记录第2次数据时，小灯泡正常发光则电源电压为
此时灯泡电压
根据欧姆定律可知电流也应大于第1组数据，此时电流
此假设成立，因此电源电压
滑动变阻器的规格为“”，理由是：根据序号1数据
在坐标图中标记()、()、()三个点，图像如下：
【小问2详解】
电流表示数为零，说明电路断路，故障在小灯泡或滑动变阻器处：若滑动变阻器断路：电压表串联在电路中，测电源电压，示数为；若小灯泡断路：电压表无法与电源连通，示数为。
六 电热水器（11分）
12. 如图（a）所示是一款自动控温电热水器的简化电路图。工作电路的电源电压为220V不变，电热丝、为纯电阻丝。控制电路的电源电压为3V不变，为热敏电阻（该电阻置于水箱中，对水产生的热量忽略不计），阻值随温度变化关系如图（b）所示，为滑动变阻器，电磁继电器的线圈电阻不计。当继电器线圈中的电流为50mA时，继电器的衔铁被吸下，与触点B连接。
（1）闭合开关、，衔铁与触点A连接，电热水器开始工作。
①电磁铁的上端是___________（选填“南”或“北”）极；此时通过的电流为10A，则的阻值为___________。
②若电热水器加热60kg的水，电热水器工作1小时产生的热量为___________J。产生的热量70%被水吸收，则水升高的温度为___________℃。[水的比热容为]
（2）若将电热水器水温设定为，电热水器从加热状态变为保温状态时，工作电路的电流变化了6A。
①求保温状态时工作电路的等效电阻。
②若要达到设定温度，的阻值需调至为，求温度的值。
（3）（不定项选择）若想再提高电热水器的水温，以下操作可行的是___________。
A. 向右移动的滑片
B. 增大控制电路电源电压
C. 增大控制电路电源电压的同时，用电阻（阻值大于）替换
D. 减小控制电路电源电压的同时，向左移动的滑片
【答案】（1） ①. 南 ②. 22 ③. ④.
（2）①55Ω ；② （3）AD
【解析】
【小问1详解】
[1]根据安培定则，电流从电磁铁下端流入、上端流出，所以电磁铁下端为北(N)极，上端为南(S)极。
[2]工作电路电源电压，通过的电流IA=10A ， 由欧姆定律RA=UIA=220V10A=22Ω
[3]电热水器工作1小时产生的热量为Q放=W电=UIt=220V×10A×3600s=7.92×106J
[4]水吸收的热量为Q吸=Q放×70%=7.92×106J×70%=5.544×106J
由得Δt=Q吸cm=5.544×106J4.2×103J/(kg·℃)×60kg=22℃
【小问2详解】
①加热时工作电路电流为， 保温时电流减小了，所以保温电流I保=10A−6A=4A
工作电路电源电压，由欧姆定律得，保温等效电阻R保=UI保=220V4A=55Ω
②控制电路电源电压控，衔铁吸下时电流I=50mA=0.05A
已知RD=75Ω ，则ID=URD=3V75Ω=0.04A
由并联电路电流规律可得IC=I−ID=0.05A−0.04A=0.01A
则RC=UIC=3V0.01A=300Ω
由图(b)可得时，对应温度
【小问3详解】
A．向右移动的滑片变大，控制电路要达到，需要更小，对应温度更高，故A符合题意；
B．总电阻不变时，增大控制电路电源电压，电流变大，会在更低温度就吸下，水温降低，故B不符合题意；
C．增大控制电路电源电压和用大于的电阻替换，电源电压增大使提前吸下，替换不影响控制电路，最终水温降低，故C不符合题意；
D．减小控制电路电源电压且向左移动的滑片，减小电源电压，同时减小，需要更小，温度更高才能达到，故D符合题意。
故选AD。表一
序号
时刻
每秒接收光的能量
5.4
表2
序号
电压U/V
电流I/A