2026年新疆维吾尔自治区哈密市中考二模考试物理试题（含解析）

这是一份2026年新疆维吾尔自治区哈密市中考二模考试物理试题（含解析），共28页。
物理问卷（满分90分）
说明：本试卷g取
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分）
1. 为了增大吉他琴弦的声音响度，可采取的办法是（ ）
A. 增大弦的振动频率B. 减小弦的振动频率
C. 增大弦的振动幅度D. 减小弦的振动幅度
【答案】C
【解析】
【详解】声音的响度与振动幅度有关，振动幅度越大，响度越大，因此增大弦的振动幅度可以增大声音响度，故选C。
2. 投影仪是利用凸透镜成（ ）
A. 放大的实像B. 缩小的实像C. 放大的虚像D. 缩小的虚像
【答案】A
【解析】
【详解】投影仪的原理是物距大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
3. 下列物态变化中需要放热的是（ ）
A. 熔化B. 凝固C. 汽化D. 升华
【答案】B
【解析】
【详解】A．熔化是物质由固态变为液态的过程，需要吸收热量，故A不符合题意；
B．凝固是物质由液态变为固态的过程，需要放出热量，故B符合题意；
C．汽化是物质由液态变为气态的过程，需要吸收热量，故C不符合题意；
D．升华是物质由固态直接变为气态的过程，需要吸收热量，故D不符合题意。
故选B。
4. 小陈同学在观看《动物世界》时了解到：麻雀的飞行速度约为，野兔奔跑的速度约为，鸵鸟奔跑的速度为，鳄鱼在水中10s游动40m。则其中运动速度最大的是（ ）
A. 麻雀B. 野兔C. 鸵鸟D. 鳄鱼
【答案】C
【解析】
【详解】麻雀的飞行速度约为
野兔奔跑的速度约为
鸵鸟奔跑的速度为，鳄鱼的速度
运动速度最大的是鸵鸟，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
5. 家庭电路中，三孔插座中相线和中性线间的电压为（ ）
A. 36 VB. 380 VC. 0 VD. 220 V
【答案】D
【解析】
【详解】我国家庭电路中，相线（火线）和中性线（零线）间的电压为220V。
故选D。
6. 首先发现电磁感应现象的科学家是（ ）
A. 沈括B. 奥斯特C. 法拉第D. 安培
【答案】C
【解析】
【详解】A．沈括首先发现了磁偏角，故A不符合题意；
B．奥斯特发现了电流的磁效应，故B不符合题意；
C．法拉第发现了电磁感应现象，故C符合题意；
D．安培发现了安培定则，用来判定电流和磁场关系。故D不符合题意。
故选C。
7. 能源是社会发展不可或缺的，核电站的反应堆利用（ ）
A. 可控的核裂变B. 不可控的核裂变
C. 可控的核聚变D. 不可控的核聚变
【答案】A
【解析】
【详解】因为核聚变的反应很难控制，而核裂变的链式反应可以控制，核电站的反应堆是通过可控核裂变反应释放核能的设备，故选A。
8. 杆秤是我国古代的衡器，现在仍在沿用。如图用秤钩挂住物体称重时，秤杆恰好在水平位置平衡。已知提纽O处为支点，AO长6cm，秤砣质量200g，OB长24cm，不计秤杆和秤钩的质量，物体的质量是（ ）
A. 50gB. 0.8kgC. 0.4kgD. 0.2kg
【答案】B
【解析】
【详解】根据杠杆的平衡条件得到
即
物体的质量
故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
9. 如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关S，移动滑片P，使电压表的示数从6V变为2V，电流表的示数从0.5A变为1A，则的电功率变化量为（ ）
A. 2WB. 4WC. 6WD. 8W
【答案】C
【解析】
【详解】由电路图可知，R0与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据欧姆定律和串联电路电压的规律得①
②
由①②得到，的电功率变化量为
故选C。
10. 如图所示，水平地面上有两个圆柱体A、B，底面积之比为1∶2，从圆柱体B上部水平切去一段放在圆柱体A上，A对地面的压强变为2400Pa，B对地面的压强减少了600Pa，则切去B部分的质量与原来A的质量之比为（ ）
A. 1∶4B. 1∶3C. 1∶2D. 1∶1
【答案】D
【解析】
【详解】设原来A的质量为，原来B的质量为，切去部分的质量为。从圆柱体B上部水平切去一段放在圆柱体A上，A对地面的压强为 ①
B对地面的压强减少 ②
底面积之比为 ③
联立①②③可得
则切去B部分的质量与原来A的质量之比为
故选D。
11. 如图所示，小陈同学将正方体合金块放在薄壁容器中（重力可忽略），容器与正方体合金块的底面积之比为2∶1，容器放置在水平桌面上。向容器中缓慢加部分水，直到合金块受到的浮力为其重力的。此时合金块对容器底部的压强与容器对地面的压强之比为（ ）
A. 1∶1B. 2∶1C. 4∶3D. 6∶5
【答案】D
【解析】
【详解】合金块对容器底部的压力等于重力减浮力：F1=G金−F浮=G金−G金4=34G金
合金块对容器底部的压强：P1=F1S金=34G金S金=3G金4S金
设水的深度为h，合金块受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gS金ℎ=14G金
水的体积V水=(S容−S金)ℎ=(2S金−S金)ℎ=S金ℎ
因此水的重力G水=ρ水gV水=ρ水gS金ℎ=14G金
容器重力忽略，容器对地面的总压力等于总重力：F2=G金+G水=G金+14G金=54G金
容器对桌面的压强：P2=F2S容=54G金2S金=5G金8S金
所以压强比：P1P2=3G金4S金5G金8S金=65
故选D。
12. 如图所示，将阻值不同的电阻、接入甲电路，闭合开关S，的电功率为9 W；将、连接至另一电源的乙电路中，闭合开关S，的电功率为25 W；若甲、乙两个电路的电流表示数之比为1∶5，则甲、乙两个电路的电源电压之比为（ ）
A. 9∶10B. 8∶15C. 6∶5D. 1∶1
【答案】A
【解析】
【详解】甲图中、串联，电流表测串联电路电流；乙图中​、​并联，电流表测干路总电流。甲中P1甲=I甲2R1=9W ，乙中P1乙=U乙2R1=25W
两式之比得P1甲P1乙=I甲2R1U乙2R1=(I甲R1U乙)2=925
开方得I甲R1U乙=35，整理得U乙=5I甲R13。 已知电流表示数比I甲:I乙=1:5 ，即I乙=5I甲。乙并联电路干路电流I乙=U乙R1+U乙R2=U乙⋅R1+R2R1R2​​
将U乙=5I甲R13、I乙=5I甲​代入上式可得，即​
甲串联总电压U甲=I甲(R1+R2)=I甲(R1+12R1)=3I甲R12
甲乙两电源电压之比U甲U乙=3I甲R125I甲R13=32×35=910，故选A。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分）
13. 集激光雷达、摄像头、超声波雷达等传感器于一体的四轮无人驾驶电动清扫车已面世。
（1）四轮无人驾驶电动清扫车摄像头是利用凸透镜成像原理，凸透镜对光线有________作用，当清扫车靠近清扫路段时，路面景物在感光元件上成的像会________（选填“变大”“变小”或“不变”），冬天清晨时摄像镜头温度较低，空气中水蒸气会在镜头表面________（填物态变化名称）形成小水滴。
（2）无人驾驶电动清扫车前进和倒车时，是通过改变电动机中电流的________（选填“大小”或“方向”）实现的；超声波雷达发出的超声波信号在空气中的传播速度约为________；若空车的质量为400 kg，当空车静止在水平地面上，每个车轮与地面的接触面积为，此时车对地面的压强为________Pa。（g取10N/kg）
【答案】（1） ①. 会聚 ②. 变大 ③. 液化
（2） ①. 方向 ②. 340 ③. 2×105
【解析】
【小问1详解】
凸透镜对光线具有会聚作用，这是凸透镜基本光学特性。
凸透镜成实像，物近像远像变大，当清扫车靠近清扫路段时，物距减小，像距会增大，所成的像随之变大。
空气中的水蒸气遇到温度较低的摄像镜头，由气态变为液态，发生液化现象。
【小问2详解】
电动机的转动方向与电流方向、磁场方向有关，在磁场方向不变时，改变电流方向就能改变电动机的转动方向，从而实现清扫车前进和倒车。
超声波属于声波，在空气中的传播速度约为340m/s。
空车的重力
空车静止在水平地面上，对地面的压力等于自身重力，即
总接触面积
此时车对地面的压强
14. 抽水蓄能是一种以水为能量载体，通过抽水和放水过程实现能量存储和利用的储能技术。
（1）水从下水库抽到上水库的过程中，水受到重力的方向________（选填“发生”或“未发生”）改变，抽水过程中电能主要转化为水的________能；上水库放水过程中，水冲击可逆水轮机，进而带动电动发电机（可以实现电动机或发电机的功能互转）线圈转动，这是利用________现象对外供电。
（2）抽水蓄能电站将质量为m的水从下水库抽到上水库，消耗电能；将质量为m的水从上水库放至下水库，发电获得的电能为，则________（选填“>”“ ②. ③. 300
【解析】
【小问1详解】
重力的方向始终竖直向下，因此水提升过程中重力方向未发生改变。抽水时将水抬升到高处，水的高度增加，重力势能增大，因此电能主要转化为水的重力势能。放水时水带动发电机线圈转动发电，发电机的工作原理是电磁感应现象。
【小问2详解】
能量转化过程中一定有能量损耗，因此抽水消耗的电能W1大于发电得到的电能W2。因为，由题意可知，发电量为
若由效率40%的火力发电提供，煤炭完全燃烧放出的总热量
根据可得煤炭质量
15. 燃气热水器是一种高效、快捷的洗浴设备，图示为某款燃气热水器的结构、原理图。
（1）热水器通电，绿色LED指示灯亮起，LED灯的主要材料是________（选填“导体”“半导体”或“超导体”）。打开热水阀时，燃气燃烧产生高温烟气，红色指示灯亮起，同时风机工作，高温烟气上升，高温烟气________（选填“具有”或“不具有”）惯性，流经热交换器，将从A处流入热交换器的冷水加热，产生的热水从B处源源不断流出热交换器，冷水温度升高是通过________（选填“做功”或“热传递”）的方式改变内能。
（2）该热水器正常工作时，1 h消耗燃气。若热交换器在10 min内将100 kg的水的温度升高20℃，则该过程中水吸收的热量为________J，燃气完全燃烧放出的热量为________J。［水的比热容为，燃气的热值为］燃气热水器的热效率通常指热水器有效利用热量的效率，能效等级划分如下：三级为，二级为，一级为。则该燃气热水器的能效等级属于________级。
【答案】（1） ①. 半导体 ②. 具有 ③. 热传递
（2） ①. ②. ③. 二
【解析】
【小问1详解】
LED灯（发光二极管）的核心制作材料是半导体，半导体的导电特性符合二极管的工作要求；惯性是一切物体固有的属性，任何物体在任何状态下都具有惯性，因此高温烟气具有惯性。冷水吸收高温烟气的热量温度升高，是能量的转移过程，通过热传递的方式改变内能。
【小问2详解】
水吸收的热量
已知1h（60min）消耗燃气，则10min消耗燃气体积
燃气完全燃烧放出的热量为
热效率
该效率在88%∼96%范围内，因此能效等级为二级。
16. “雪龙2号”是我国自主建造的极地考察破冰船。
（1）考察破冰船采取激光路径指引航行，激光在空气中的传播速度约为________，激光遇到“冰山”发生反射时________（选填“遵循”或“不遵循”）光的反射定律。船上安装了世界上最先进的机舱自动化控制系统，可实现远程无人值班，该系统主要利用________（选填“超声波”或“电磁波”）传输指令。
（2）船首的下部前沿为破冰艏柱。遇到厚度约1.5米的冰层时，“雪龙2号”以一定的航速冲上冰面实现破冰，冰层对艏柱的作用力与艏柱对冰层的作用力________（选填“是”或“不是”）一对平衡力；航速越大时冲上冰面，船的重力大小________（选填“不变”或“越大”）。在厚冰海域，通过船尾下方吊舱式全回转螺旋桨（水平面内可360度自由转动）削冰，螺旋桨高速旋转破冰过程中与冰块摩擦时，螺旋桨和冰块的总内能________（选填“增大”“减小”或“不变”）。
（3）“雪龙2号”在冰层厚度均匀的海面破冰匀速行驶，仅启动柴油发动机工作。柴油完全燃烧与不完全燃烧相比，其热值________（选填“相同”或“不同”）。冰层较薄时，百公里消耗燃料为质量m，平均阻力大小为F，热机效率为；若冰层较厚时，平均阻力大小为1.5F，热机效率为，百公里消耗燃料为，则________。
【答案】（1） ①.
②.
遵循 ③.
电磁波 （2） ①.
不是 ②.
不变 ③.
增大 （3） ①.
相同 ②.
5:3
【解析】
【小问1详解】
激光属于光，光在空气中的传播速度近似等于真空中的光速，约为。
所有光的反射现象都遵循光的反射定律，激光遇冰山的反射也遵循该定律。
电磁波可在真空中传播且传输距离远，适合远程传输控制指令，而超声波依赖介质，不满足远程无人值班系统的需求。
【小问2详解】
冰层对艏柱的力与艏柱对冰层的力作用在两个不同物体上，是相互作用力。
航速越大时冲上冰面，船的质量不变，因此重力大小不变。
螺旋桨与冰块摩擦时，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，所以内能增大。
【小问3详解】
热值是燃料的固有特性，仅与燃料种类有关，与燃烧是否完全无关，因此柴油完全燃烧和不完全燃烧的热值相同；
设百公里行驶距离为s，热机效率
可得
冰层薄时，百公里消耗燃料质量
冰层厚时，百公里消耗燃料为质量
则
三、作图题（每图2分，共6分）
17.
（1）如图甲所示，请根据入射光线，画出相应的出射光线。
（2）如图乙所示，在图中画出杠杆所受力的力臂。
（3）如图丙所示，请根据静止的小磁针的指向，在括号内标注螺线管的“N”或“S”极和电源的“+”或“-”极。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
过凸透镜焦点的光线，经凸透镜折射后，出射光线平行于主光轴。
【小问2详解】
确定支点为悬挂点O，沿F1竖直向上的方向延长，得到F1的作用线；从支点O向F1的作用线作垂线段，该垂线段就是F1的力臂，标注为L1即可。
【小问3详解】
由小磁针的指向以及“异名磁极相互吸引”可知，螺线管右端为N极；根据安培定则可得，电流从螺线管右端流入、左端流出，因此电源左端是负极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
18. 如图所示是探究光的反射规律的实验装置，在平面镜的上方垂直放置一块光屏，光屏由可以绕ON折转的E、F两块板组成。
（1）让一束光贴着光屏沿AO方向射到O点，在F板上能看到反射光OB。从光屏前不同方向都能看到光的传播路径，这是因为光在光屏上发生了________（选填“镜面”或“漫”）反射。
（2）将F板向后折叠一定的角度，在F板上看不到反射光，此时反射光线、入射光线和法线ON________（选填“在”或“不在”）同一平面内。
（3）分析表格中的实验数据，可得出结论：在光的反射中，________。
【答案】（1）漫 （2）在
（3）反射角等于入射角
【解析】
【小问1详解】
光屏表面粗糙，光在光屏上发生漫反射，漫反射的反射光线会射向各个方向，因此从不同方向都能看到光的传播路径。
【小问2详解】
将F板向后折叠后，只是F板不在反射光线所在的平面，所以看不到反射光，反射光线、入射光线和法线本身仍然在同一平面内。
【小问3详解】
由表格数据可得，每次实验中反射角的大小都与入射角相等，因此得出光反射时，反射角等于入射角。
19. 小陈同学用伏安法测量一个定值电阻的阻值，进行了如下实验。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应调到________（选填“最左”或“最右”）端；闭合开关，移动滑片P，电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，此时待测电阻的阻值为________。
（2）实验中，改变滑片P的位置，并记录相应数据，多次测量求的平均值是为了________。
（3）在缺少电流表时，小陈同学选用阻值为的定值电阻设计了如图丙所示电路，并完成实验。过程如下：①闭合开关S，电压表的示数为；②再闭合开关，电压表的示数为；③________（用字母、和表示）。
【答案】（1） ①. 最左 ②. 10
（2）减小误差 （3）
【解析】
【小问1详解】
为了保护电路，滑动变阻器的滑片P应调到阻值最大处，即滑动变阻器的滑片P应调到最左端。
电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.24A；此时待测电阻的阻值为
【小问2详解】
实验中只进行一次测量会存在较大误差，因此改变滑片P的位置，并记录相应数据，多次测量求平均值，减小误差。
【小问3详解】
①闭合S，两个电阻串联，电压表测的是待测电阻Rx的两端电压；
②再闭合S1，R0被短路，电路中只有Rx，电压表测量电源电压。
③在步骤①中，R0的两端电压
在串联电路中电流处处相等，结合欧姆定律可得
解得
20. 小陈同学利用压强计“探究液体压强与哪些因素有关”的实验。
（1）压强计使用前需要调节U形管中液面相平，使用过程中，压强计的U形管________（选填“是”或“不是”）连通器。
（2）通过比较甲、乙两图可知：液体内部压强大小跟液体的________有关。
（3）将两个相同的压强计按照如图丙所示方式组装，两个U形管中分别注入了染色的水和酒精（液面相平），将探头重新放入盐水中某位置，U形管A和U形管B两侧液面高度差分别为和，则U形管A中注入的液体是________；若使探头的深度增大，U形管A中液面的高度差增大2cm，则U形管B中液面的高度差________（选填“增大”或“减小”）________cm。（，）
【答案】（1）是 （2）密度
（3） ①. 酒精 ②. 增大 ③. 1.6
【解析】
【小问1详解】
连通器是上端开口，底部连通的容器，压强计的U形管一端封闭，不是连通器。
【小问2详解】
由图甲和图乙可知，深度相同，而液体密度不同，产生的压强不同，故得出液体内部压强大小跟液体的密度有关。
【小问3详解】
由图丙可知，U形管A和U形管B两侧液面高度差为>，压强相等，根据可知，U形管A中注入的液体的密度较小，U形管A中注入的液体是酒精。
若使探头的深度增大，U形管A中的液体和U形管B中的液体增大的压强相等，即
U形管B中液面的高度差
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分；共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
21. 如图所示的电路中，电源两端的电压为9 V，的电阻为。闭合开关后，电路的电流为0.5A。求：
（1）电路的总功率；
（2）电压表的示数；
（3）在200s内产生的热量。
【答案】（1）4.5W （2）6V （3）300J
【解析】
【小问1详解】
由图可知，与串联，电压表测量两端电压，电流表测量电路电流，电路的总功率
【小问2详解】
电压表示数U1=IR1=0.5A×12Ω=6V
【小问3详解】
根据串联电路电压规律，可得两端电压
电阻R2产生的热量Q=W=U2It=3V×0.5A×200s=300J
22. 边长为10 cm的正方体木块，密度为。如图甲所示，在木块正上方放置合金块A时，木块有2 cm高度露出水面；如图乙所示，将另一块与A密度相同的合金块B用轻质细绳悬挂于木块正下方后，木块刚好完全浸没水中。已知合金块A与B的体积之比为2∶5，水的密度为。求：
（1）正方体木块的质量；
（2）合金块A的重力；
（3）合金块B的密度。
【答案】（1）
0.6 kg （2）
2 N （3）
5×103 kg/m3
【解析】
【小问1详解】
正方体木块边长 a=10cm=0.1m
木块体积 V木=a3=(0.1m)3=1×10−3m3
木块质量m木=ρ木V木=0.6×103kg/m3×1×10−3m3=0.6kg
【小问2详解】
木块重力G木=m木g=0.6kg×10N/kg=6N
甲图中木块浸入深度 ℎ浸=10cm−2cm=8cm=0.08m
排开水的体积 V排甲=a2ℎ浸=(0.1m)2×0.08m=8×10−4m3
木块与合金块所受总浮力F浮甲=ρ水gV排甲=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N
图甲中，木块与合金块A整体漂浮，浮力等于总重力。即 F浮甲=G木+GA，因此A的重力GA=F浮甲−G木=8N−6N=2N
【小问3详解】
设合金块B密度为ρ合，由题意得 VA:VB=2:5 ，即 VA=25VB，对A有 GA=ρ合gVA=ρ合g×25VB=2N
整理得ρ合gVB=5N 。图乙中木块和B整体悬浮，总浮力等于总重力，即 G木+GB=F浮总，总浮力 F浮总=ρ水g(V木+VB) ，总重力 G木+GB=G木+ρ合gVB。则有G木+ρ合gVB=ρ水gV木+VB①
其中 ρ水gV木=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N
将数据代入①得6N+5N=10N+ρ水gVB，解得 ρ水gVB=1N ，则合金块B的体积VB=1Nρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10−4m3
合金块B密度ρ合=5NgVB=5N10N/kg×1×10−4m3=5×103kg/m3序号
测量量
1
2
3
4
入射角
反射角