2026年陕西省西安市高新一中中考物理二模试卷（含答案+解析）

这是一份2026年陕西省西安市高新一中中考物理二模试卷（含答案+解析），共2页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.近日，山东大学某科研团队不仅在全球首次实现镍基高温超导单晶的常压制备，更将超导转变温度提升至−177∘C，刷新了该体系的世界纪录。假如这种超导体应用到实际生活中，它最适合用来制作( )
A. 远距离送电时的输电线B. 电热器中的发热体
C. 滑动变阻器上的电阻丝D. 熔断器中的熔丝
2.如图所示，今年春晚的AI机器人在舞台上大放光彩，利用5G专网和边缘计算等技术，让机器人不仅能“做动作”，更能“演剧情”，模仿演员的动作和声音。下列说法正确的是( )
A. 现场观众不需要介质就能听到机器人的声音
B. 机器人发出的声音不是由振动产生的
C. 机器人主要通过模仿声音的音色实现对演员声音的模拟
D. 5G专网是通过超声波传递信号
3.冻干技术是先将果蔬急速冷冻，然后再利用低温真空环境将冰直接变成气态实现果蔬脱水保鲜的技术。如图所示，这是利用冻干技术制作的冻干草莓。则冻干技术所涉及的物态变化及其吸放热情况正确的是( )
A. 先汽化吸热后凝固放热B. 先凝固放热后熔化吸热
C. 先凝固放热后升华吸热D. 先凝华放热后升华吸热
4.古诗词中蕴含着许多有趣的物理光学知识，下列说法正确的是( )
A. “日光下澈，影布石上”——影子是由光的反射形成的
B. “山光悦鸟性，潭影空人心”——清潭中的倒影是由光的反射形成的
C. “人有悲欢离合，月有阴晴圆缺”——“月圆月缺”是光的折射形成的
D. “月下飞天镜，云生结海楼”——海市蜃楼是由光的色散形成的
5.2026年2月陕西省第一届冬季运动会在榆林圆满举行，如图所示是此次运动会中的几个精彩瞬间，关于图片的说法不正确的是( )
A. 图甲中火种采集利用凹面镜对光有会聚作用
B. 图乙中火炬的长度约为0.7m
C. 图丙中冰壶脱手后向前运动时，手还对冰壶做功
D. 图丁中从雪坡上匀速下滑的运动员机械能减小
6.月壤之所以珍贵是因为里面含有地球上很难生产的氦−3，它是优质的核聚变材料，若利用其带动发电机发电，发电量将是煤炭的千万倍，无放射性污染，是理想的“未来能源”。关于氦−3下列说法正确的是( )
A. 氦−3属于可再生能源B. 氦−3和常规核电站的核反应原理相同
C. 利用氦−3发电能量转换效率可达100%D. 发电机的原理是电磁感应现象
7.手机是我们常用电器，关于手机充电器的安全使用，下列做法中正确的是( )
A. 手机充电器可以一直插在通电的插座上，方便随时充电
B. 充满电后可以用湿手直接从插座上拔起手机充电器
C. 发现充电线外皮破损，仍可以继续使用
D. 使用原装或符合安全标准的手机充电器
8.下面四幅图是除夕夜中国空间站里宇航员吃年夜饭的温攀画面。饺子、冰淇淋、茶别有风味，大大的“福”字展示了宇航员与我们一同过年的幸福，关于四幅图片说法正确的是( )
A. 图甲中，饺子烫嘴是因为饺子含有的热量多
B. 图乙中，茶水喝掉一半，它的比热容也减小为原来的一半
C. 图丙中，冰淇淋熔化时内能保持不变
D. 图丁中，航天员能闻到“福”字的墨香说明分子在永不停息地做无规则运动
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
9.如图所示是某实验小组设计的液体密度计，其中AO=OB，小桶上标有容积刻度。称量前，移动燕尾夹使本杆在水平位置平衡。某次测量时①将溢水杯中装满水，②向右侧小桶内缓慢加水直到木杆再次水平平衡，③读出此时小桶内液面所示刻度，④此时读数为50ml。若要测量其他液体密度，可将溢水杯中加满待测液体，重复②③步骤即可算出液体密度。关于此密度计说法正确的是( )
A. 称量前若木杆左端下沉，可将燕尾夹向右移动使木杆水平平衡
B. 溢水杯装满液体时，液体体积为25cm3
C. 测量某液体密度时向小桶中加入60ml的水后木杆水平平衡，则该液体密度为1.2g/cm3
D. 某次测量时，左侧溢水杯未装满待测液体会导致密度测量值偏大
10.如图甲所示电路，采用2节新干电池作为电源，R为滑动变阻器，L1为电灯，两电流表量程均为0∼0.6A。在保障电路安全情况下，闭合开关，滑片可以从最左端移动至某点。如图乙所示，是调节过程中两电流表示数变化关系图像。下列说法正确的是( )
A. 电流表A1测通过L1的电流B. 乙图中横轴表示A2电流表的示数变化
C. 灯L1的功率为0.6WD. 滑动变阻器的阻值变化范围为6Ω∼30Ω
三、填空题：本大题共5小题，共15分。
11.如图所示是一个USB多功能测试仪。该测试仪上数字“5.06V”显示测量的物理量是 (填写中文名称)。“0.00A”表示此时此USB所在电路处于 (选填“短路”“开路”或“通路”)状态。
12.10月19日“度小满杯”正式开跑，某参赛者全程的平均速度为11.52km/ℎ，合 m/s，平均步频为192步/分钟，则他的“平均步幅”(平均每一步的距离)是 m，跑步过程中参赛者相对地面是 (选填“运动”或“静止”)的。
13.如图所示，是我国古代著名的水利灌溉机械-龙骨水车。可以利用人力驱动水车，方便将低处的水提到高处。当人转动摇杆时，大轮随之转动，摇杆和大轮相当于一个 (选填“轮轴”或“定滑轮”)。工作时木链旋转一周，刮水板可将40kg的水提升到离水源2.5m高的田地中，所用时间为25s，人力驱动刮水板的平均功率约为80W。该过程中龙骨水车所做的有用功为 J，机械效率为 。(g取10N/kg)
14.如图甲小明利用橡皮筋做成了一个会跳的卡片，将卡片在桌面上压平后迅速松手，卡片刚要离开桌面时，橡皮筋的 能会转化为卡片的 能。如图乙，当用大小相同的力拨动粗细、松紧相同的橡皮筋时，橡皮筋越长，音调越 (选填“高”或“低”)。如图丙，用两根橡皮筋悬挂金属棒并置于磁场中；当棒中通以由A到B方向的电流时，金属棒静止且橡皮筋刚好处于松弛状态(导线对金属棒的作用力忽略不计)；若改变金属棒中电流方向，金属棒将 (选填“向上运动”、“向下运动”或“静止)。
15.2025年被称为我国“体重管理年”，小刘同学为帮助大家加强体重管理，设计了一台由电流表改装的可设置语音提示的体重计，A、B为语音提示器，大家可以根据自身情况设置语音提示，如图甲所示。当控制电路中电流I≥0.2A时，衔铁被电磁铁吸附，断开A接通B。控制电路的电源电压为7.2V，滑动变阻器R0的最大阻值为20Ω，R为压敏电阻，其阻值与所受到的压力关系如图乙所示，踏板重力不计。(g取10N/kg，线圈电阻阻值不计)
(1)压敏电阻R的阻值随着压力的增大而 (选填“增大”或“减小”)。
(2)控制电路中，开关S闭合时，电磁铁的下端是 极(选填“N”或“S”)。
(3)小刘同学想将触发B的最小质量设置为60kg，应调节滑动变阻器R0的阻值为 Ω。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.如图甲所示，将蜡烛A和装满水的水杯分别放在玻璃板的两侧，点燃蜡烛A，向玻璃板看去发现“蜡烛B”在水杯内燃烧。请在图乙中根据“蜡烛B”来确定蜡烛A的位置。
17.如图所示，请将开关和节能灯正确接入家庭电路，使开关能控制灯的通、断电。
五、实验探究题：本大题共4小题，共26分。
18.复习完光学知识，请根据某兴趣小组搜集的我国古代光学的文献记载并结合实验，完成下列问题。
(1)《墨经》中记载了：“景到，在午有端，与景长，说在端。”的小孔成像现象。如图甲所示，在塑料薄膜上看到烛焰倒立的 (选填“实像”或“虚像”)；
(2)《周髀算经》中记载了：“日兆月，月光乃出，故成明月。”的光的反射现象。如图乙所示，若将激光笔沿着垂直于镜面的直线NO入射，此时的反射角为 ，再将入射光线逆时针绕0点转动30∘，则反射角为 。
(3)《化书》中记载了：“是影也与形无异。”的平面镜成像现象。如图丙所示，在探究平面镜成像特点时，用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是 。
(4)《淮南万毕术》中记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火。”描述了把冰做成凸透镜的场景。如图丁所示，让凸透镜正对着太阳光，调整凸透镜至光屏上出现最小、最亮的光斑，则该凸透镜的焦距为 cm。如图戊所示，将图中蜡烛向左移动时，烛焰经凸透镜所成像的大小将 (选填“不变”、“变小”或“变大”)。
19.污水净化处理工艺中，气浮技术是利用气泡吸附悬浮污染物的原理，实现对污水的固液分离。小明查阅资料得知，气泡在污水中上升速度会影响净化效率。他设计了测量气泡在水中运动速度的实验并研究了气泡的运动特点。小明取内径约为0.8cm，长为100cm的玻璃管注满水，管中留一小气泡，如图甲所示，先将玻璃管右端抬高，使气泡处在右端；再把右端放到桌面上，观察气泡运动情况。
(1)测量前，小明练习使用机械秒表测量时间，某次秒表指针位置如图乙所示，其读数为______ s。
(2)实验中气泡经过O点开始计时，测出气泡从O点运动到距O点 2 0cm处、40cm处、60cm处、80cm处所用时间分别为：5.0s、10.0s、15.0s、20.1s；根据测量结果，以路程s为纵坐标，时间t为横坐标，在图丙中画出气泡运动的s−t图像，由图像可知，气泡做______直线运动，你的依据是：______。
(3)若不小心让气泡过了O点才开始计时，则所测时间将______；(选填“变长”、“变短”或“不变”)
(4)实验评估：对于上述方案，你觉得每个区间的距离______(选填“必须”或“可以不”)相等。
20.小铁同学为大家制作美味的奶茶。这不仅是一场爱心与美食的交融会聚，更是一次关于奶茶制作的深度探索。
(1)为了煮出更美味的奶茶，小铁利用图甲所示的装置探究了水沸腾前后温度变化的特点。
①请你指出图甲中在操作过程中存在的明显错误 。
②纠正错误后，继续实验，得到了水的温度随时间变化的数据如下表所示：
根据实验数据，作出了水温随时间变化的图像，如图乙中的a图线；
③小铁若要在煮水过程中判断水已经沸腾，依据应是下列选项中的 (只有一个选项是符合题意)。此时水的沸点是 ∘C。
A.气泡上升过程中慢慢变小
B.产生大量气泡，气泡上升变大，到水面破裂
C.烧杯口出现大量“白气”
④水煮沸后，小铁将电陶炉关闭后发现水仍在沸腾，这是因为 。
⑤另一位同学使用相同装置，仅将水的质量减少，其他条件不变，根据实验数据也正确作出了水的温度随时间变化的图像，可能是乙图中的 图像(选填“b”、“c”或“d”)。
(2)小铁再倒入茶叶，然后焖煮了约3分钟，让茶香充分释放。接着，他又进一步观察并记录了茶水在自然冷却过程中温度随时间的变化情况：
小铁通过描点画出如图丙所示的水温随时间变化的曲线。由图丙可知，沸腾的茶水在自然冷却过程中，其温度会随时间逐渐 (选填“升高”、“不变”或“降低”)，且变化的越来越 (选填“快”或“慢”)。
(3)最后加入纯牛奶就可以做好奶茶了，现有以下两种方法供你选择：
方法一：先将滚烫的热茶冷却5min，然后加一匙冷牛奶。
方法二：先将一匙冷牛奶加进滚烫的热茶中，然后冷却5min。
你认为方法 冷却效果较好。
21.为测定一只标有“2.5V”字样的小灯泡正常工作时的电阻，某同学准备了下列器材：待测小灯泡、干电池3节、滑动变阻器、电流表、电压表、开关、导线若干。
(1)请用笔画线代替导线将图甲中的电路补充完整。
(2)闭合开关后，滑片P位于某一位置时，电压表示数如图乙所示，为了让小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片P向______(填“左”或“右”)移动。
(3)滑片P调整到适当位置，电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图丙所示，则该小灯泡正常工作时的电阻为______Ω，此时滑动变阻器接入电路的电阻为______Ω。
(4)小华认为不用电流表也能测出小灯泡正常工作时的电阻，他又找来一个电阻箱和一个单刀双掷开关，设计了如图丁所示的电路，两虚线框中一处接入电阻箱，另一处接入滑动变阻器，然后进行了下列操作：
①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5V；
②将单刀双掷开关掷于位置2，保持b处电阻不变，调整a处电阻，使电压表示数为______ V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻。电阻箱应接在丁图中的______(填“a”或“b”)。
六、综合题：本大题共2小题，共15分。
22.如图甲为某简易电陶炉，图乙是其内部简化电路图，R是一根电阻丝。其额定电压为220V，额定功率为1100W，求：
(1)通过发热电阻R的额定电流。
(2)电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量。
(3)小明学习了电功率后，想利用此电阻丝(可裁剪)以及只增加一只开关S1为简易电陶炉增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W。请将你设计的电路图画在丙图中，并标出对应电阻阻值大小。
23.小明回南方老家过年时，研究了空调的取暖效果。空调工作时，通过压缩机驱动，使制冷剂在室内和室外机之间循环流动实现供暖，如图甲所示。制冷剂首先在室外机蒸发器中吸收外界热量汽化，然后进入压缩机被压缩成高温气体，再送入室内机冷凝器对室内空气放热，液化后再流回室外机蒸发器吸热，如此循环往复，制冷剂即可源源不断地将室外热量搬运至室内。
某日的室外温度为3∘C，小明在高3.2m、面积约30m2的某房间内，用功率恒为1500W的空调制热，并记录了室温随时间的变化如图乙。小明查找资料得知空气比热容约为1.5×103J/(kg⋅∘C)，空气密度约为1.25kg/m3，空调正常工作时空调的能效比D为3.5，(即每消耗1J电能，可放出3.5J的热量)。请你分析计算：
(1)根据空调的能效比可知，空调放出的热量要______(选填“大于”“小于”或“等于”)空调消耗的电能，结合空调制热的工作原理，这个现象______(选填“违背”或“不违背”)能量守恒定律；
(2)空调制热1h，室内空气吸收的热量是多少？
(3)如图丙为空调制热时房间的能流图，请根据相关参数计算，空调制热时该房间1h的平均散热功率；
(4)小明将空调的温度设定为25∘C后，发现当室内温度升高到18∘C时就不再发生变化了，据此可以推断出此时房间散热功率为______ W。请你利用所学知识，为使室内温度提高到到设定温度提出建议：______。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A.超导体的核心特点是电阻为零，电流通过超导体时不会产生电热损耗。远距离输电线需要减少输电过程的电能损耗，超导体电阻为零，完全不会因电流热效应损耗电能，非常适合制作输电线，故A正确；
B.超导体电阻为零无法产生热量，电热器的发热体依靠电流热效应工作，需要利用电阻发热，故B不正确；
C.滑动变阻器依靠改变接入电阻丝的长度改变电阻，要求电阻丝本身有电阻，超导体电阻为零无法实现变阻功能，故C不正确；
D.熔断器的熔丝依靠电流过大时发热熔断来保护电路，需要电阻产生热量，超导体不发热无法熔断，不能起到保护作用，故D不正确。
故选：A。
根据超导现象的定义判断导体的电阻，再由输电导线、电热丝、电阻丝、保险丝的作用判断超导体的应用。
本题考查超导体及其应用的知识，了解某些导体的工作原理是解答本题的关键。
2.【答案】C
【解析】解：A.现场观众听到的机器人声音，是通过空气传播的，故A错误；
B.机器人发出的声音是由振动产生的，故B错误；
C.音色是区别声音的重要标志，机器人主要通过模仿声音的音色实现对演员声音的模拟，故C正确；
D.超声波的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播，5G专网是通过电磁波传递信号，故D错误。
故选：C。
(1)声音的传播需要介质。
(2)声音是由物体振动产生的。
(3)机器人模仿演员的声音，模仿的是音色。
(4)电磁波能够传递信息，导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息。
本题考查的是声音的产生和传播、音色和电磁波的应用，属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：果蔬急速冷冻，果蔬里的水分原本是液态水，急速冷冻时，液态水变成了固态的冰，属于凝固现象，凝固放热。
冰直接变成气态脱水，在低温真空环境中，固态的冰没有经过液态，直接变成了气态的水蒸气，从而实现脱水，在这个过程中，固态的冰没有经过液态，直接变成了气态的水蒸气，属于升华现象，升华吸热。
冻干技术涉及的物态变化先后顺序是，先凝固，后升华；对应的吸放热情况是，先放热后吸热，故C符合题意、ABD不符合题意。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】B
【解析】解：A.影子是被不透明物体挡住后在物体后方形成的暗区，是光的直线传播形成的，故A错误；
B.倒影属于平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射，故B正确；
C.“月圆月缺”是月食现象，地球上的人看到的月球被太阳照亮的部分大小发生变化，其本质是光的直线传播和反射，故C错误；
D.海市蜃楼是光穿过不均匀的大气层时发生折射形成的虚像，不是光的色散现象，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
5.【答案】C
【解析】解：A.太阳光经凹面镜反射后可以会聚在一起，焦点处温度很高，可以加热或点燃物体，故A不符合题意；
B.由图可知，人的上半身的长度约为0.7m，火炬的长度大约是人的上半身的长度，火炬的长度约为0.7m，故B不符合题意；
C.图丙中冰壶脱手后向前运动时，手没有给冰壶力的作用，手没有对冰壶做功，故C符合题意；
D.图丁中从雪坡上匀速下滑的运动员，质量不变，速度不变，动能不变，高度减小，重力势能减小，机械能包括动能和势能，机械能减小，故D不符合题意。
故选：C。
(1)凹面镜对光有会聚作用；
(2)成年人的步幅在75cm左右，火炬的长度与此差不多；
(3)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在该力的方向上通过的距离，二者缺一不可；
(4)动能与质量和速度有关；重力势能与质量和高度有关，机械能等于动能与势能之和，据此分析。
本题考查镜面发射、长度的估算、做功的条件与动能与重力势能的影响因素，难度适中。
6.【答案】D
【解析】解：A、核能不能短时间内再次获得，它是不可再生能源，故A错误；
B、“氦−3”是利用核聚变来发电的，常规核电站是利用核裂变来发电的，两者核反应原理不同，故B错误；
C、任何能量的转换都有损耗，利用氦−3发电能量转换效率不能达到100%，故C错误；
D、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故D正确。
故选：D。
(1)可再生能源指短时间内能再次获取的能源；
(2)获取核能的方式：核聚变和核裂变；
(3)能量的转换效率不能达到100；
(4)发电机的原理是电磁感应。
本题考查了获取核能的方式和能量的转换，属于基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A.手机充电器一直插在通电插座上，会持续消耗电能，且长时间工作易发热，可能引发火灾等安全事故，故A错误；
B.生活用水是导体，湿手拔充电器时，容易引发触电事故，故B错误；
C.充电线外皮破损后内部导线裸露，易造成触电或短路故障，不能继续使用，故C错误；
D.原装或符合安全标准的手机充电器，能保障充电过程的安全性，避免因充电器质量问题带来漏电、过热等安全隐患，故D正确。
故选：D。
(1)充电器长时间插在电源插孔上会发热，引起安全事故；
(2)生活用水是导体，容易导电；
(3)充电线绝缘皮破损容易发生触电事故，及时更换；
(4)原装的充电器比较符合自己手机，最安全。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。
8.【答案】D
【解析】解：A.热量是过程量，不能说含有，饺子烫嘴是因为饺子的温度高，故A错误；
B.比热容是物质的固有特性，只与物质的种类和状态有关，与质量无关，因此茶水喝掉一半后比热容不变，故B错误；
C.冰淇淋熔化时需要吸收热量，内能会增大，故C错误；
D.能闻到墨香是扩散现象，扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，故D正确。
故选：D。
(1)热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量；
(2)比热容是物质的一种特性；物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关；
(3)晶体熔化时需要吸收热量，温度不变，但内能会增大；
(4)一切物质的分子都在不停地做无规则运动，这种无规则运动叫作分子的热运动。
此题考查了分子热运动、内能的改变、热量和比热容的认识。
9.【答案】AC
【解析】解：A.测量物体质量前，木杆左端下沉，左端力和力臂的乘积较大，可将左侧燕尾夹向右移动减小左侧的力臂使木杆水平平衡，将右侧燕尾夹向右移动以增大右侧的力臂使木杆水平平衡；故A正确；
B.根据杠杆平衡原理，左右两侧力与力臂的乘积相等，AO=OB，故两侧水的质量和体积都是相等的，小桶内水的体积是50mL，溢水杯装满水，也是为50cm3，故B错误；
C.测量某液体密度时向小桶中加入60mL的水后木杆水平平衡，右侧水的质量m水′=ρ水V桶′=1.0g/cm3×60cm3=60g
根据杠杆平衡原理，左右两侧力与力臂的乘积相等，由于O点是木杆中点，力臂相等，所以溢水杯中液体的质量等于右侧小桶中水的质量，液体的体积为50cm3，该液体密度ρ液=m液V液=60g50cm3=1.2g/cm3，故C正确；
D.某次测量时，左侧溢水杯未装满待测液体，测量的质量不变，但是计算密度时按照溢水杯的体积作为待测液体的体积，液体的体积偏大，由ρ=mV可知液体的密度偏小，故D错误。
故选：AC。
A.木杆左端下沉，左端力和力臂的乘积较大，故减小左侧的力臂可以平衡；
B.根据杠杆平衡条件分析左右的水的多少，据此解答；
C.根据右侧的水的体积计算质量，结合杠杆平衡条件分析液体的质量和体积，据此计算密度。
D.左侧溢水杯未装满待测液体，测量的质量不变，但是计算密度时按照溢水杯的体积作为待测液体的体积，液体的体积偏大，由ρ=mV可知液体的密度变化。
本题考查杠杆平衡条件的应用，属于中档题。
10.【答案】BD
【解析】解：A.图甲中，电源采用2节新干电池组成，电源电压为3V，小灯泡和滑动变阻器并联，电流表A1测量滑动变阻器所在支路电流，电流表A2测量干路电流，故A错误；
B.从图乙可知，横轴电流值始终比纵轴电流值大0.1A，小灯泡两端的电压不变，通过的电流不变，说明横轴为干路电流表A2示数，随着滑动变阻器接入电阻的大小而变化，故B正确；
C.小灯泡两端的电压为电源电压3V，由图乙可知通过小灯泡的电流IL=0.1A，其功率P=IU=0.1A×3V=3W，故C错误；
D.由图乙可知变阻器的滑片在最左端时，变阻器连入电路的电阻最大，通过变阻器的最小电流是0.1A，变阻器的最大阻值R大=UI小=3V0.1A=30Ω
滑片移动至某点，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律可知通过变阻器的电流变大，由图乙可知，通过变阻器的最大电流是0.5A，变阻器的最小阻值R小=UI大=3V0.5A=6Ω
滑动变阻器的阻值变化范围为6Ω∼30Ω，故D正确。
故选：BD。
A.图甲中，电源采用2节新干电池组成，电源电压为3V，小灯泡和滑动变阻器并联，电流表A1测量滑动变阻器所在支路电流，电流表A2测量干路电流；
B.从图乙可知，横轴电流值始终比纵轴电流值大0.1A，小灯泡两端的电压不变，通过的电流不变；
C.小灯泡两端的电压为电源电压3V，由图乙可知通过小灯泡的电流，由功率P=IU求出小灯泡的功率；
D.由图乙可知，通过滑动变阻器支路的最大电流和最小电流，滑动变阻器两端的电压为电源电压3V，可求出滑动变阻器接入的最大电阻和最小电阻。
本题考查了电路连接情况的判断，欧姆定律定律的原因，电功率的计算。
11.【答案】电压
开路

【解析】解：该测试仪上数字“5.06”对应的单位为V(伏特)，则显示测量的物理量是电压；
“0.00A”表示此时此USB所在电路中无电流，处于开路状态。
故答案为：电压；开路。
1.电压的国际单位：伏特，简称伏，符号是V；
常用单位：千伏(kV)、毫伏(mV)；
2.电路的三种状态：
(1)通路：正常连接的电路，即用电器能够工作的电路；
通路特征：电路中有电流，用电器正常工作。
(2)断路(开路)：断开的电路；
断路特征：电路中无电流，用电器不工作．原因有开关没闭合，接线处松动，导线断了，用电器损坏等。
(3)短路：不经过用电器而直接跟电源的两极相连的电路；
短路特征：用电器不工作，电路有很大电流，会损坏电源甚至烧坏导线的绝缘皮，引起火灾。
本题考查了电压的单位及电路的三种状态，属于基础题。
12.【答案】3.2
1
运动

【解析】解：因为1m/s=3.6km/ℎ，则某参赛者全程的平均速度为：
v=11.52km/ℎ=11.52×13.6m/s=3.2m/s；
平均步频为192步/分钟，即参赛者每分钟跑192步，则他的每秒步频为：192步60s=3.2步/s；
参赛者全程的平均速度是3.2m/s，即每秒跑3.2m，则他的“平均步幅”为：3.2m3.2步=1m/步；
以地面为参照物，跑步过程中参赛者相对地面的位置不断发生改变，则参赛者相对地面是运动的。
故答案为：3.2；1；运动。
(1)因为1m/s=3.6km/ℎ，由此计算某参赛者全程的平均速度；
(2)已知平均步频为192步/分钟，可计算他的每秒步频；知道参赛者全程的平均速度是3.2m/s，即每秒跑3.2m，由此计算则他的“平均步幅”；
(3)以地面为参照物，跑步过程中参赛者相对地面的位置不断发生改变，由此判断参赛者的运动状态。
本题考查速度单位的换算、根据速度与步频计算步幅、运动和静止的相对性等知识点，难度不大。
13.【答案】轮轴
1000
50%

【解析】解：摇杆和大轮相当于一个轮轴，摇杆的半径大于大轮的半径，属于省力杠杆；
该过程中龙骨水车所做的有用功为：
W有=Gℎ=mgℎ=40kg×10N/kg×2.5m=1000J；
根据P=Wt可知，人对龙骨水车做的总功为：
W总=Pt=80W×25s=2000J，
则机械效率为：
η=W有W总=1000J2000J×100%=50%。
故答案为：轮轴；1000；50%。
(1)根据轮轴特点分析回答；
(2)根据W有=Gℎ=mgℎ求出该过程中龙骨水车所做的有用功；
(3)根据P=Wt求出人对龙骨水车做的总功，利用η=W有W总求出机械效率。
本题考查了使用轮轴时功、功率和机械效率的计算，难度不大。
14.【答案】弹性势
动
低
向下运动

【解析】解：(1)将卡片在桌面上压平后迅速松手，发生弹性形变的橡皮筋会恢复原状，橡皮筋的弹性势能会转化为卡片的动能，使得卡片跳起来。
(2)如图乙，当用大小相同的力拨动粗细、松紧相同的橡皮筋时，橡皮筋越长，振动越慢，频率越低，音调越低。
(3)通电导体在磁场中受到的力的方向与电流的方向有关。当棒中通上由A到B方向的电流时，金属棒静止且橡皮筋刚好处于松弛状态，说明此时通电金属棒受到磁场向上的力。若改变金属棒中电流方向，则通电金属棒受到磁场向下的力，所以金属棒将向下运动。
故答案为：弹性势；动；低；向下运动。
(1)动能和势能之间可以相互转化，并根据其影响因素可做出判断。
(2)音调是声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高；频率越低，音调越低。
(3)通电导体在磁场中受到的力的方向与电流的方向有关。
本题考查了机械能的转化、影响音调高低的因素和影响通电导体在磁场中受力运动方向的因素，属于综合题。
15.【答案】减小
S
20

【解析】解：(1)从图乙可知，压力越大，压敏电阻的阻值越小，压敏电阻R的阻值随着压力的增大而减小。
(2)由图甲可知，电流从电磁铁的下端流入，根据安培定则可知电磁铁的上端是N极，下端是S极。
(3)小刘同学想将触发B的最小质量设置为60kg，重力为
G=mg=60kg×10N/kg=600N
此时压力F=600N
从图乙可知压敏电阻的阻值是16Ω；控制电路中，闭合开关，滑动变阻器和定值电阻串联，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知总电阻R总=UI=Ω
根据电阻串联的特点可知应调节滑动变阻器R0的阻值为R0=R总−R=36Ω−16Ω=20Ω。
故答案为：(1)减小；
(2)S；
(3)20。
(1)根据图乙回答；
(2)由图甲可知，电流从电磁铁的下端流入，根据安培定则确定极性；
(3)根据压力F=G=mg得出压力大小，从图乙可知压敏电阻的阻值；根据欧姆定律可知总电阻，根据电阻串联的特点可知应调节滑动变阻器R0的阻值。
本题考查安培定则的运用和重力公式、欧姆定律和串联电阻规律的运用。
16.【答案】。
【解析】解：由平面镜成像特点可知，平面镜所成的像是虚像。蜡烛B在水杯内燃烧，蜡烛B其实并未真正燃烧，而是蜡烛A 通过玻璃板(平面镜)成的像在蜡烛B处。作出蜡烛B关于玻璃板的对称点A，即A点就是蜡烛A所在位置，如图所示：
。
平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
17.【答案】
【解析】开关和灯泡串联，火线经开关后连接节能灯顶端的金属点，节能灯的螺旋套只准接在零线上，如答案图所示。
本题考查家庭电路的组成与连接，属于基础题目。
18.【答案】实像
0∘
30∘
便于确定像的位置
10.0
变小

【解析】解：(1)小孔成像的原理是光的直线传播，成的是实像，因为实像可以呈现在光屏上，这里的塑料薄膜相当于光屏。
(2)入射光线沿垂直于镜面的直线NO入射，此时入射角为0∘，根据光的反射定律，反射角等于入射角，所以反射角为0∘。再将入射光线逆时针转动30∘，此时入射角变为30∘，反射角也等于30∘。
(3)用玻璃板代替平面镜，是因为玻璃板透明，既能反射成像，又能透过玻璃板看到后面的蜡烛，便于确定像的位置。
(4)平行于主光轴的光线经凸透镜后会聚在焦点上，所以最小、最亮的光斑到凸透镜的距离就是焦距，即焦距为10.0cm。根据凸透镜成实像规律：当物距大于焦距时，物距增大，像距减小，像变小。所以蜡烛向左移动，即物距变大，像的大小将变小。
故答案为：(1)实像；(2)0∘；30∘；(3)便于确定像的位置(4)10.0；变小。
(1)小孔成像成的是实像。
(2)入射光线沿垂直于镜面的直线NO入射，入射角为0∘，根据光的反射定律，反射角等于入射角，得出反射角大小。
(3)用玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置。
(4)根据焦点和焦距的定义分析。根据凸透镜成实像规律：物远像近像变小分析。
本题探究凸透镜成像的规律实验，掌握凸透镜成像规律是关键。
19.【答案】247.5 ；匀速；气泡运动的路程与时间成正比 变短 可以不
【解析】解：(1)秒表小表盘分度值为0.5min，指针在4min与5min之间，偏向4min，大表盘分度值为0.1s，指针在7.5s，所以读数为4min7.5s=247.5s。
(2)根据数据描点连线得到s−t图像，如下图所示：
。
由图像可知，运动的路程与时间的图像是一条过原点的直线，说明气泡运动的路程与时间成正比，因此气泡做匀速直线运动。
(3)如果不小心让气泡过了O点才开始计时，测量的时间偏小，由v=st可知所测平均速度会偏大。
(4)因为做匀速直线运动的物体在相同时间内通过的距离相等，速度大小不变，所以每个区间的距离可以不相等，只不过距离相等更容易发现运动规律。
故答案为：(1)247.5；(2)；匀速；气泡运动的路程与时间成正比；(3)变短；(4)可以不。
(1)停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
(2)根据数据描点连线得到s−t图像。
由图像可知，运动的路程与时间的图像是一条过原点的直线，说明气泡做匀速直线运动。
(3)如果不小心让气泡过了O点才开始计时，测量的时间偏小，由v=st可判断速度偏大偏小情况。
(4)因为做匀速直线运动的物体在相同时间内通过的距离相等，速度大小不变，所以每个区间的距离可以不相等，只不过距离相等更容易发现运动规律。
本题考查的是物体的速度与运动的知识点和相关计算，属于常考题型，难度一般。
20.【答案】温度计的玻璃泡触碰到容器底部
B
98
电陶炉的温度仍高于水的沸点，水可以继续吸热
b
降低
慢
一

【解析】解：(1)①温度计使用过程中玻璃泡不能触碰到容器底部或侧壁，图甲存在的明显错误是温度计的玻璃泡触碰到容器底部。
③沸腾是液体内部和表面同时进行的剧烈的汽化现象，水沸腾时产生大量气泡，气泡上升变大，到水面破裂，故选B。
水沸腾时温度保持不变，该温度为水的沸点，表格中第4min后温度稳定在98∘C，因此沸点为98∘C。
④水沸腾的条件是达到沸点并继续吸热，当水煮沸后，小铁将电陶炉关闭后发现水仍在沸腾，这是因为电陶炉的温度仍高于水的沸点，水可以继续吸热。
⑤减少水的质量，水吸收的热量会减少，达到沸点的时间会缩短，但沸点与水的质量无关，仍为98∘C，故图线b符合题意。
(2)由丙图曲线可知，茶水冷却时温度逐渐降低。
曲线的斜率逐渐变小，说明温度下降的速度越来越慢。
(3)根据冷却规律，温度差越大时散热速度越快，滚烫的热茶先单独冷却5min，此时温差大、散热快，再加入冷牛奶，最终温度会更低；而方法二先加冷牛奶，会降低热茶初始温差，散热速度变慢，冷却效果较差。
故答案为：(1)①温度计的玻璃泡触碰到容器底部；③B；98；④电陶炉的温度仍高于水的沸点，水可以继续吸热；⑤b；
(2)降低；慢；
(3)一。
(1)①温度计使用过程中玻璃泡不能触碰到容器底部或侧壁。
③沸腾是液体内部和表面同时进行的剧烈的汽化现象，水沸腾时产生大量气泡，气泡上升变大，到水面破裂。水沸腾时温度保持不变，该温度为水的沸点。
④液体沸腾的条件是达到沸点且持续吸热。
⑤减少水的质量，水吸收的热量会减少，达到沸点的时间会缩短，但沸点与水的质量无关。
将烧杯中的水倒掉一部分后继续加热，水升高相同温度，时间变短，则图线的倾斜程度变大。
(2)由丙图曲线可知，茶水冷却时温度逐渐降低。
曲线的斜率逐渐变小，说明温度下降的速度越来越慢。
(3)根据冷却规律，温度差越大时散热速度越快。
此题是探究水的沸腾实验，涉及到水的沸点、器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。
21.【答案】左 6.25 5 2.5 a
【解析】解：(1)实验中，灯泡与变阻器串联，电压表测量灯泡的电压，电流表测量电路电流，如图所示：
(2)电压表的分度值为0.1V，所选量程为0∼3V量程，电压表示数为2.4V，小于小灯泡的额定电压，则为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑片向左移动，减小变阻器接入电路中的电阻，使电压表示数为2.5V；
(3)滑片P调整到适当位置，电压表示数为2.5V，电流表的分度值为0.02A，所选量程为0∼0.6V量程，电流表示数为0.4A，则该小灯泡正常工作时的电阻为RL=ULIL=Ω；此时滑动变阻器接入电路的电阻为R滑=U滑IL=U−ULIL=1.5V×3−Ω；
(4)①闭合开关S，将单刀双掷开关掷于位置1，调整b处电阻，使电压表示数为2.5V，此时灯泡正常发光；
②根据等效替代的思维，将单刀双掷开关掷于位置2，保持滑动变阻器电阻不变，调节电阻箱，使电压表示数再次为2.5V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻，因此电阻箱应接在丁图中的a处。
故答案为：(1)见解答图；(2)左；(3)6.25；5；(4)②2.5；a。
(1)实验中，灯泡与变阻器串联，将电压表并联在灯泡两端；
(2)根据电压表的量程和分度值读出示数，由串联电路分压原理可知滑动变阻器接入电路的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片应左移动，使滑动变阻器接入电路的电阻变小；
(3)根据电流表的量程和分度值读出示数，当灯泡正常发光时的电流，由欧姆定律可求得小灯泡正常发光时的电阻；根据R滑=U滑IL=U−ULIL计算此时滑动变阻器接入电路的电阻；
(4)根据等效替代的思维，开关先接1，调节滑动变阻器，使电压表示数为2.5V，让灯泡正常发光，再接2，保持滑动变阻器电阻不变，调节电阻箱，使电压表示数再次为2.5V，此时电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的电阻，据此分析。
此题考查了伏安法测电阻的实验，涉及电路的连接、滑动变阻器的调节、欧姆定律、电阻箱的使用等知识点，有一定难度。
22.【答案】通过发热电阻R的额定电流为5A 电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量3.3×105J
【解析】解：(1)由P=UI可知，通过发热电阻R的额定电流：
I=PU=1100W220V=5A；
(2)电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量：
Q=W=Pt=1100W×5×60s=3.3×105J；
(3)热电阻R的电阻为：R=U2P=(220V)21100W=44Ω；
根据P=U2R知在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；所以要增加一个2200W的“快热”挡位，且“保温”挡位功率仍为1100W，将原来的电阻等分成两个一样大的电阻，再将两电阻串联接入电路，然后用一个开关和其中一个电阻并联如下图所示：
。
答：(1)通过发热电阻R的额定电流为5A。
(2)电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量3.3×105J。
(3)。
(1)根据P=UI求出通过发热电阻R的额定电流；
(2)根据Q=W=Pt求出电陶炉正常工作5min，发热电阻R放出的热量；
(3)根据P=U2R知在电压不变时，电阻越大，功率越小，为低温挡，电阻越小，功率越大，为高温挡；通过改变开关的状态来改变接入电阻的大小，两个电阻的连接方式可以是串联也可以是并联，据此设计电路。
本题考查电功率公式以及焦耳定律的简单计算，是一道基础题。
23.【答案】大于;不违背 空调制热1h，室内空气吸收的热量是1.8×106J 空调制热时该房间1h的平均散热功率为4750W 5250;关闭门窗，做好房间的保温，减少热量散失
【解析】(1)空调正常工作时能效比为3.5，即每消耗1J电能，可放出3.5J的热量，故空调放出的热量要大于空调消耗的电能。
空调工作时，制冷剂首先在室外机蒸发器中吸收外界热量汽化，然后进入压缩机被压缩成高温气体，再送入室内机冷凝器对室内空气放热，液化后再流回室外机蒸发器吸热，即空调制热时，制冷剂从室外吸收热量，再向室内放热，总能量守恒，因此不违背能量守恒定律。
(2)房间空气的总质量为m=ρV=1.25kg/m3×30m2×3.2m=120kg，
由图乙，1h内室温升高到13∘C，空气吸收的热量Q气吸=cmΔt=1.5×103J/(kg⋅∘C)×120kg×(13∘C−3∘C)=1.8×106J。
(3)空调制热1h消耗的电能为W=Pt=1500W×3600s=5.4×106J，
放出的总热量是Q放=DW=3.5×5.4×106J=1.89×107J，
该房间1h散失的热量为Q散=Q放−Q气吸=1.89×107J−1.8×106J=1.71×107J，
空调的平均散热功率为P散=Q散t=1.71×107J3600s=4750W。
(4)当室内温度升高到18∘C时不再变化，说明房间达到了热平衡状态，此时房间从空调获得的制热功率与房间向外界的散热功率相等，则此时房间散热功率为P散′=3.5×P=3.5×1500W=5250W；
要提高室内温度到设定温度25∘C，可以关闭门窗，做好房间的保温，减少热量散失。
故答案为：(1)大于；不违背；(2)空调制热1h，室内空气吸收的热量是1.8×106J；(3)空调制热时该房间1h的平均散热功率为4750W；(4)5250；关闭门窗，做好房间的保温，减少热量散失。
(1)通过空调正常工作时能效比，可知空调放出的热量要大于空调消耗的电能。
空调制热时，制冷剂从室外吸收热量，再向室内放热，总能量守恒，因此不违背能量守恒定律。
(2)房间空气的总质量为m=ρV，
由图乙，1h内室温升高到13∘C，可得空气吸收的热量。
(3)空调制热1h消耗的电能为W=Pt，根据效率可得放出的总热量，可得该房间1h散失的热量，最后可得空调的平均散热功率。
(4)当室内温度升高到18∘C时不再变化，说明房间达到了热平衡状态，此时房间从空调获得的制热功率与房间向外界的散热功率相等，进而可得此时房间散热功率；
要提高室内温度到设定温度25∘C，可以关闭门窗，做好房间的保温，减少热量散失。
本题主要考查了能量的守恒，有关电功、热量、热值的计算。时间/min
0
1
2
3
4
5
6
温度/∘C
90
92
94
96
98
98
98
时间/min
0
5
10
15
25
35
45
55
65
温度/∘C
98
71
55
45
35
28
24
22
22