辽宁省大连市2026届高三下学期一模物理试卷 Word版含解析

这是一份辽宁省大连市2026届高三下学期一模物理试卷 Word版含解析试卷主要包含了答卷前，考生务必将自己的姓名等内容，欢迎下载使用。
1、答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2、答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试题卷上无效。
3、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 我国《机动车运行安全技术条件》征求意见稿中提出“乘用车默认百公里加速时间（从静止加速到100km/h的最短时间）不低于5秒”，此要求目的是为了限制车辆的（ ）
A. 位移B. 初速度C. 加速度D. 末速度
【答案】C
【解析】
【详解】加速度是描述速度变化快慢的物理量，定义式为，其中为速度变化量，为速度变化对应的时间。
A．该规定未直接限制位移，位移是加速过程的附属物理量，并非限制对象，故A错误；
B．百公里加速的初速度固定为0，无需额外限制，故B错误；
C．百公里加速过程中速度变化量为固定值，要求加速时间，结合加速度公式可知，实质是限制车辆的最大加速度不能过高，故C正确；
D．百公里加速的末速度固定为100km/h，并非限制对象，故D错误。
故选C。
2. 离太阳更远的海王星和地球都近似绕太阳做匀速圆周运动。与地球相比，下列关于海王星公转的说法正确的是（ ）
A. 周期小B. 加速度小C. 角速度大D. 线速度大
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据开普勒第三定律
可知，越大周期越大，海王星轨道半径更大，周期更大，故A错误；
B．由牛顿第二定律可得
解向心加速度
因此，越大，加速度越小，海王星轨道半径更大，加速度更小，故B正确；
C．由万有引力提供向心力，可得
解角速度
因此越大，角速度越小，海王星轨道半径更大，角速度更小，故C错误；
D．同理可得
解线速度，
因此，越大，线速度越小，海王星轨道半径更大，线速度更小，故D错误。
故选B。
3. 曾获诺贝尔物理学奖的华裔科学家高锟被誉为“光纤之父”。如图是光在纤芯中传播的示意图，光纤的内芯和外套材料不同。下列说法正确的是（ ）
A. 光从空气进入光纤内芯后，频率变大B. 光从空气进入光纤内芯后，其波长变大
C. 内芯的折射率比外套的折射率大D. 光从内芯射向外套时一定能发生全反射
【答案】C
【解析】
【详解】A．光从空气进入光纤内芯后，波长和波速会发生变化，但频率不变，故A错误；
C．光在内芯和外套的界面上发生全反射，所以内芯是光密介质，外套是光疏介质，即光纤内芯的折射率比外套的大，故C正确；
B．根据可知光在光纤内芯中传播的速度小，根据可知波长变短，故B错误；
D．全反射的条件除了光从光密介质射向光疏介质外，还需要入射角大于等于临界角，所以光从内芯射向外套时不一定能发生全反射，故D错误。
故选C。
4. 如图甲为足球收纳架。足球静止在同一水平面上的两平行金属杆之间，其截面图如图乙，下列说法正确的是（ ）
A. 金属杆1对足球的弹力是由于足球要恢复形变而产生的
B. 金属杆间距越小，足球受到的合力越大
C. 金属杆间距越大，金属杆1对足球的支持力与竖直方向夹角越小
D. 金属杆间距越大，足球对金属杆1的压力越大
【答案】D
【解析】
【详解】A．弹力是施力物体要恢复形变，对受力物体产生的力。金属杆对足球的弹力，施力物体是金属杆，因此弹力是金属杆要恢复形变而产生的，故A错误；
B．足球始终处于静止，受力平衡，受到的合力始终为0，和金属杆间距无关，故B错误；
C．设支持力与竖直方向的夹角为，足球半径为，金属杆半径为，两金属杆中心的水平距离为，由几何关系，可得
金属杆间距越大则越大，则越大，即支持力与竖直方向的夹角越大，故C错误；
D．对足球受力分析，两支持力对称，竖直方向受力平衡，有
整理得
金属杆间距越大，越大，越小，因此支持力越大；根据牛顿第三定律，足球对金属杆1的压力大小等于，因此压力越大，故D正确。
故选D。
5. 用同一束单色光在同一条件下先后照射阴极材料分别为钠和钾的两个光电管，都能发生光电效应。下列说法正确的是（ ）
A. 光电子的动能可能相同B. 光电子的动量一定相同
C. 两种金属的逸出功可能相同D. 光电子的最大初动能一定相同
【答案】A
【解析】
【详解】A．光电效应中光电子的动能取值范围为（ 为最大初动能）。同一束单色光的光子能量相同，钠和钾逸出功不同，因此二者最大初动能不同，但动能取值范围存在交集，故光电子的动能可能相同，故A正确；
B．动量是矢量，大小满足
光电子动能不一定相同，逸出方向也可能不同，因此动量不一定相同，故B错误；
C．逸出功是金属的固有属性，钠和钾为不同金属，逸出功一定不同，故C错误；
D．由光电效应方程可知
相同，两金属逸出功不同，因此光电子的最大初动能一定不同，故D错误。
故选A。
6. 如图为双线并联模式进行远距离输电的示意图。发电机的输出电压稳定，升压变压器和降压变压器均可视为理想变压器，两变压器线圈匝数固定不变，且两变压器间每条输电线等效电阻均为。则（ ）
A. 若负载电阻变大，升压变压器的输出电压变大
B. 若负载电阻变大，输电线损失的电能变大
C. 若负载电阻不变，一条输电线被切断，负载两端电压变大
D. 若负载电阻不变，一条输电线被切断，升压变压器的输出功率变小
【答案】D
【解析】
【详解】设升压变压器原、副线圈的电压分别为、，电流分别为、，降压变压器原、副线圈的电压分别为、，电流分别为、，负载电阻为，其中，输电线的总电阻
A．升压变压器的输出电压由输入电压决定，由发电机的输出电压决定，发电机的输出电压稳定，故升压变压器的输出电压稳定，不随着负载电阻的变化而变化，A错误；
B．根据欧姆定律
有
根据，，
得，负载电阻变大，减小，输电线损失的电能减小，B错误；
C．根据，负载电阻不变，一条输电线被切断，则，即增大，知减小，则减小
由
可知减小，C错误；
D．根据前面分析知减小，即减小，升压变压器的输出功率，不变，减小，D正确。
故选D。
7. 如图风光互补环保路灯的主要构件有：风力发电机、单晶硅太阳能板、额定电压48V容量200Ah的储能电池、功率60W的LED灯。已知该路灯平均每天照明10h，1kg标准煤完全燃烧可发电，排放二氧化碳2.6kg。设风恰好与发电机叶片转动平面垂直，则（ ）
A. 若空气密度为，风速为，叶片长为，则单位时间内通过转动圆面的空气质量为
B. 风力发电机的叶片受到风的平均冲击力大小与风速成正比
C. 路灯正常运行1年，可减少二氧化碳排放量约为203kg
D. 储能电池充满电后，即使连续三周无风且阴雨，路灯也能正常工作
【答案】C
【解析】
【详解】A．单位时间内，流过叶片转动圆面的空气可看作柱体，则空气柱长度为
叶片长为转动半径，转动圆面积
单位时间空气质量，故A错误；
B．根据动量定理，风对叶片的平均冲击力
冲击力与风速平方成正比，不是与风速成正比，故B错误；
C．已知LED路灯的功率，一年消耗电能
需要燃煤的质量
对应排放二氧化碳质量
即一年可减少约203kg二氧化碳排放，故C正确；
D．储能电池充满电总能量
路灯每天消耗电能
可正常工作天数
三周为21天，，因此无法满足三周工作，故D错误。
故选C。
8. 如图一列简谐横波在轴上传播，振幅为5cm，图甲和图乙分别为轴上、两质点的振动图像，为2m。下列说法正确的是（ ）
A. 、两质点的振动周期为4sB. 2.5s时刻质点的位移为2.5cm
C. 波长可能为8mD. 波速可能为
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．由图甲、乙可知，两质点的振动周期均为，故A正确；
B．由图乙可知，质点的振动方程为
当时，，故B错误；
C．0时刻，质点位于平衡位置向下振动，质点位于波峰。若波由传向，则
解得
当时，，故C正确；
D．若波由传向，则
解得
波速
当时，，故D正确。
故选ACD。
9. 如图甲在正方形的四个顶点各固定一个点电荷，电荷量分别为、、、，直角坐标系的轴、轴为正方形的对称轴，轴上的电势随位置变化的图像如图乙。若一带电量为的试探电荷在原点处由静止释放，当它沿轴运动到点时达到最大速度，不计试探电荷重力。下列说法正确的是（ ）
A. 轴上（不考虑无穷远处）电场强度为零的位置有两个
B. 点的电势为
C. 若将该试探电荷从轴负半轴上无穷远处以初速度沿轴正方向射入，在沿轴正方向运动到坐标原点的过程中，其加速度先增大再减小
D. 若将该试探电荷从轴负半轴上无穷远处以初速度沿轴正方向射入，以后的运动过程中它的最小速度为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．根据可知，图像切线斜率的绝对值表示该位置电场强度的大小，因此x轴上电场强度为零的位置有两个（不考虑无穷远处），故A正确；
B．由图乙可知，O点的电势为0，正试探电荷从O点到E点，由动能定理有
解得E点的电势为，故B错误；
C．该试探电荷从x轴负半轴上无穷远处沿x轴正方向运动到坐标原点O的过程中，根据图像可知，试探电荷受到的电场力先增大后减小再增大，则其加速度先增大再减小再增大，故C错误；
D．该电荷从x轴负半轴上无穷远处以初速度3v沿x轴正方向射入后，由图乙图像结合对称性可知，x轴正半轴有一点F与E点关于O点对称，F点的电势最高，该电荷在F点的电势能最大，动能最小，速度最小；则
根据动能定理可知
解得最小速度为，故D正确。
故选AD。
10. 如图以水平方向为轴，竖直方向为轴建立直角坐标系，该坐标系内存在垂直平面向外、磁感应强度的匀强磁场。在坐标原点沿轴负方向射出一质量、电荷量的带正电粒子，粒子恰能沿轴负方向做速度为的匀速直线运动，取重力加速度。下列说法正确的是（ ）
A. 若沿轴正方向加一匀强电场，粒子做匀变速曲线运动
B. 若沿轴正方向加一匀强电场，粒子运动离轴最远距离为
C. 若沿轴正方向加一匀强电场，射出后经，粒子的位置坐标为
D. 若沿轴正方向加一匀强电场，并增大粒子的发射速度为，则粒子运动中的最大速度
【答案】BD
【解析】
【详解】A．初始时粒子在重力和洛伦兹力作用下做速度为v的匀速直线运动，则有
解得
若沿y轴正方向加一匀强电场，粒子又将会受到沿y轴正向的电场力，粒子将会做曲线运动，但因洛伦兹力是变力，所以粒子所受的合外力也将不断变化，所以粒子不会做匀变速曲线运动，故A错误；
B．粒子受到沿y轴正向的电场力为
竖直向下的重力为
电场力与重力的合力为
利用配速法，令粒子有一个沿y轴正向的速度，受到的洛伦兹力竖直向下且为，与电场力与重力的合力抵消，所以粒子的运动等效为水平向右10m/s的匀速直线运动和水平向左，在洛伦兹力作用下的圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，有
解得
粒子运动离x轴最远距离为，故B正确；
C．粒子运动的周期为
射出后经，沿x轴运动的距离为
沿y轴运动的距离为
所以粒子的位置坐标为，故C错误；
D．若沿x轴正方向加一匀强电场，受到沿x轴正方向的电场力为
电场力与重力的合力为，方向与x轴正向成
将2v的速度分解如图所示
则有，
所以粒子沿v2做匀速直线运动，以v1做匀速圆周运动，当v1、v2方向相同时速度最大，即，故D正确。
故选BD。
二、非选择题：本题共5小题，共54分。
11. 研究表明转动的物体也具有动能，称为转动动能，转动动能属于机械能。某同学使用如图所示装置探究“匀质圆盘绕光滑中心轴转动的转动动能与角速度的关系”。匀质圆盘边缘带浅槽，槽内缠有足够长的细线，细线的末端连接装有遮光片的物块，光电门位于遮光片正下方。每次实验，将物块自点静止释放，物块下落带动圆盘转动，细线与圆盘之间不打滑。实验中测出了物块（含遮光片）的质量、圆盘直径（不计细线对圆盘直径的影响）、光电门距点距离，遮光片宽度和遮光片通过光电门的时间。重力加速度为，忽略空气阻力。
（1）用螺旋测微器测出遮光片宽度如图所示，______。
（2）遮光片通过光电门的速度______，此时圆盘的转动动能______、角速度______。（用题干中所给字母表示）
（3）调节光电门的位置，多次测量，得到下表数据。
由此可判断圆盘转动动能与角速度的关系为______。
A. B. C.
【答案】（1）5.800##5.799##5.801
（2） ①. ②. ③. （3）C
【解析】
【小问1详解】
【小问2详解】
[1]遮光片通过光电门的速度
[2]根据系统机械能守恒圆盘的转动动能
[3]由
【小问3详解】
分析表格中的数据可得出圆盘转动动能与角速度的关系为
故选C。
12. 实验室提供了下列器材测定电阻的阻值：
待测电阻（约100Ω）
滑动变阻器（0~10Ω）
电阻箱（0~9999.9Ω）
电流表A（量程0~50mA，内阻约10Ω）
直流电源（3V，内阻约6Ω）
开关、导线若干
（1）甲同学设计了如图（a）的电路进行实验。
①请在图（b）中用笔画线代替导线，完成实物电路连接；______
②实验操作时，先将滑动变阻器的滑片移到最______（选填“左”或“右”）端，再接通开关；保持断开，闭合，调节滑动变阻器使电流表指针偏转至某一位置，记下电流。
③断开，______（填写实验步骤），调节电阻箱在左右再闭合，调节使电流表读数为，此时的读数即为电阻的阻值。
（2）乙同学设计了图（c）所示的电路进行实验，他多次改变电阻箱的值，并记录对应的电流表读数，作出图线如图（d）所示，已知图线纵截距为，斜率为，则待测电阻的阻值______（用、表示）。
（3）图（a）方案，产生系统误差的原因是______；图（c）方案待测电阻的测量值______真实值（选填“大于”、“等于”、“小于”）。
【答案】（1） ①. ②. 左 ③. 保持滑动变阻器滑片位置不动
（2）
（3） ①. 电阻箱由于最小分度值的原因无法实现电阻的连续调节；电流表由于精度的原因无法保证两次调节的电流值完全相同 ②. 大于
【解析】
【小问1详解】
[1]按照图（a）原理图，滑动变阻器为分压式接法，电流表正进负出，控制待测电阻、控制电阻箱，二者并联后接入电路，实物连接图如图所示
[2]分压式接法闭合开关前，为保护电路，需将滑片移到输出电压最小的最左端。
[3]本实验采用的方法是等效替代法，需要保持滑动变阻器滑片位置不变，保证电路其他部分状态不变，才能用等效替代。
【小问2详解】
根据闭合电路欧姆定律，得
整理得
对比图线，得斜率
纵截距
整理得
若忽略电源内阻和电流表内阻的影响，则待测电阻的阻值为。
【小问3详解】
[1]电阻箱由于最小分度值的原因无法实现电阻的连续调节；电流表由于精度的原因无法保证两次调节的电流值完全相同。
[2]对于图（c），测量值
因此测量值大于真实值。
13. 一导热汽缸内用活塞封闭了一定质量的理想气体。图甲中，汽缸水平横放在水平面上，缸内气柱长为。现将汽缸如图乙所示悬于空中。已知大气压强稳定为，活塞横截面积为，汽缸的质量，不计活塞与汽缸之间的摩擦。重力加速度为。
（1）求汽缸稳定后，气柱的压强和长度；
（2）若环境温度缓慢降低，活塞回到甲图中位置，此过程气柱释放热量为，求气柱内能的变化量。
【答案】（1），
（2）
【解析】
【小问1详解】
设汽缸竖直悬挂时，内部气体压强为，空气柱长度为，对汽缸受力分析，由平衡条件
有
得
由玻意耳定律
有
联立可得，稳定后，汽缸内空气柱长度为
【小问2详解】
由热力学第一定律
有，其中
得气体内能的变化量
14. 如图所示，处于光滑水平面上的四分之一光滑圆弧小车，半径，停靠在平台左端且与平台高度相等。平台高，部分光滑，部分粗糙且与滑块间的动摩擦因数，长度。为的四分之一光滑固定圆弧轨道。滑块、间有一被锁定且处于压缩状态的轻质弹簧，弹簧与、不拴接，解除锁定后，恰好能到达轨道的点。已知滑块、离开平台前弹簧已经恢复原长，、质量均为，小车质量，取。求：
（1）滑块滑上小车时的速度大小和初始弹簧的弹性势能；
（2）滑块滑离小车时的速度大小和落地时距小车右端的水平距离。
【答案】（1），
（2），
【解析】
【小问1详解】
设滑块在点的速度大小为，滑块从运动到点的过程，由能量守恒，可得
解得
设滑块在点的速度大小为，滑块、在平台上运动的过程中动量守恒，有
解得
弹簧弹开过程，滑块、和弹簧组成的系统机械能守恒，有
解得
【小问2详解】
滑块与小车相互作用过程，满足水平方向动量守恒，机械能守恒，设滑块离开小车时，滑块与小车的速度分别为、，则有，
解得，
滑块离开小车做平抛运动，竖直方向可看作自由落体运动，有
解得
滑块平抛运动过程中，滑块在水平方向做匀速运动，二者水平方向的相对位移为
解得滑块落地时距小车右端的水平距离
15. 如图为某兴趣小组做电磁驱动和电磁阻尼实验的示意图。分界线将水平面分成左右两部分，左侧平面粗糙，右侧平面光滑。左侧的驱动磁场为方向垂直平面、等间距交替分布的匀强磁场，磁感应强度大小均为，每个磁场宽度为。右侧较远处存在宽度为，方向垂直平面向里的阻尼磁场，磁感应强度（表示到阻尼磁场左边界的距离，且）。两个完全相同的正方形金属线框和，边长均为，质量均为，其中边和边无电阻，其余各边电阻均为。线框与分界线左侧的动摩擦因数为。现使驱动磁场以稳定速度向右运动，线框在图示位置由静止开始运动，经过一段时间后匀速运动，当边匀速运动到时立即撤去驱动磁场，线框完全越过后，与静止线框发生正碰，碰后边和边粘在一起，组成“”型线框后进入阻尼磁场。设整个过程中线框的边和边始终与分界线平行，边和边碰后接触良好。不计两金属框形变，重力加速度为。求：
（1）线框由静止开始运动时的感应电流方向和大小；
（2）线框在驱动磁场中匀速运动的速度大小；
（3）设某次经过驱动磁场加速后，线框以速度（已知）与线框发生正碰，，请分析“”型线框在阻尼磁场作用下运动的位移。
【答案】（1），顺时针方向
（2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
线框刚开始运动时速度为零，与磁场的相对速度为，根据右手定则可知线框左右两边产生的感应电动势顺接，由法拉第电磁感应定律可得
根据欧姆定律可得线框中的感应电流为
感应电流方向为顺时针方向
【小问2详解】
设线框匀速运动的速度为，回路电动势为

根据欧姆定律有
可求安培力为
根据线框匀速运动，可知安培力和摩擦力平衡
联立解得
【小问3详解】
两线框碰撞，满足动量守恒定律
当边进入阻尼磁场，回路总电阻为
设边刚出磁场时线框速度为，从边刚进入磁场到边刚离开磁场的过程，由动量定理可得

联立解得
从边刚出磁场到边还未进入磁场过程中，回路电阻为
设边刚进磁场时线框速度为，从边刚出磁场到边刚进入磁场的过程，由动量定理可得
若，则，说明未进入磁场线框已经停止运动，即
求得
线框在阻尼磁场作用下运动的位移次数
1
2
3
4
5
6
4.0
8.0
11.9
16.0
19.7
24.1
（J）
0.0010
0.0040
0.0089
0.0161
0.0248
0.0359