2026年陕西省西安三中中考物理适应性试卷（含答案+解析）

这是一份2026年陕西省西安三中中考物理适应性试卷（含答案+解析），共13页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.陕西省有着丰富的资源可用于发电，以下利用不可再生资源发电的是( )
A. 榆林定边白湾子镇风电场B. 西安泾渭工业园陕汽光伏电站
C. 榆林府谷清水川火力发电站D. 安康岚皋蔺河口水电站
2.祖国山河一年四季美景如画。下列关于山河美景的描述，属于凝华现象的是( )
A. 霜打枝头B. 雾绕群峰
C. 雨笼山峦D. 万里冰封
3.透光镜是西汉中晚期制作的具有特殊效果的青铜镜。当光线照射镜面时，与镜面相对的墙上就会映出镜背纹饰的影像(如图−1所示)，其成像原理图如图−2所示，光线由透光镜在屏幕上的投影所利用的光学原理是( )
A. 光的直线传播B. 光的反射C. 光的折射D. 光的色散
4.新能源汽车的电池组中，电芯之间有一层特殊的隔膜材料。这种隔膜在电池正常工作时，允许锂离子通过；当电池内部温度过高时，隔膜微孔会自动闭合，阻断离子通过，防止电池热失控引发火灾。此外，隔膜还需长期浸泡在电解液中，并能承受电极材料的微小刺穿。关于制造该电池隔膜的材料应具备的特性，下列说法不正确的是( )
A. 绝缘性好B. 耐高温C. 抗拉强度大D. 易腐蚀
5.在2025第110届巴拿马万国博览会上，我国的“兰陵(苍山)大蒜”荣获金奖。这一源自汉代、拥有近两千年种植历史的特色农产品，再次以其卓越品质向世界展现中国地理标志产品的深厚底蕴与独特魅力。如图所示是人们收获大蒜时的情景，下列说法正确的是( )
A. 一根大蒜高约70mm
B. 用手拔大蒜时，手对大蒜的拉力大于大蒜对手的拉力
C. 将大蒜拿在手中，大蒜受到的重力和手对大蒜的作用力是一对相互作用力
D. 用力甩动大蒜可以甩掉大蒜上的泥土，利用了惯性
6.某天下雨降温，同学们打开教室的空调取暖，期间保险丝突然熔断，发生这一现象的原因可能是( )
A. 没有使用三脚插座B. 电路的总功率变大
C. 电路中某处接触不良D. 空调发生断路
7.抗日战争时期，三五九旅战士在延安南泥湾开展大生产运动，机关和部队还组织了纺线比赛，几十、几百双手一齐摇动纺车，发出一阵阵有节奏的响声(如图所示)。关于战士们使用纺车纺线的过程，下列说法正确的是( )
A. 纺车的摇柄相当于轮轴，其主要作用是为了省距离
B. 手上涂一些油脂可以增大手与摇柄之间的摩擦
C. 纺线时，纱线被拉细拉长，说明力可以改变物体的形状
D. 减少纺车轮轴间的摩擦可以使其机械效率达到100%
8.如图所示是由多种粒子构成的氮气的层级示意图，原子由粒子a、b构成，粒子a由粒子c和中子构成，下列选项中说法正确的是( )
A. 粒子a通常不显电性
B. 粒子b和c之间存在吸引力
C. 氮气是气体，因此氮气分子间没有引力
D. 分子→原子→b→a→c是按照空间尺度由大到小排列的
9.如图所示的小型起重机将1000N的重物在20s内竖直向上匀速提升4m，然后在10s内将重物水平匀速移动4m，最后放到平台上。不计绳重和摩擦，下列判断正确的是( )
A. 第一阶段的有用功为4000J
B. 第二阶段重力做的功为4000J
C. 第一阶段绳子自由端移动了4m
D. 第二阶段重力做功的功率为400W
10.海鲜保存常要求温度低于−18∘C。小明为海鲜市场的冷库设计了温度自动报警器，其原理如图−1所示。控制电路和工作电路的电源电压均为3V保持不变，电磁铁线圈电阻忽略不计，图−2为热敏电阻R随温度变化的图像。冷库温度等于或高于−18∘C时，工作电路报警。下列说法正确的是( )
A. 冷库温度升高时，控制电路中的电流减小
B. 工作电路报警时，衔铁被吸下，灯亮铃不响
C. 冷库温度为−18∘C时，控制电路中电流为3mA
D. 冷库温度降低时，控制电路消耗的电功率变小
二、填空题：本大题共5小题，共14分。
11.华山的太华索道全长约4200m，吊厢某次单程运行时间为1500s，则吊厢该次运行的平均速度为 m/s。如图所示，坐吊厢的游客以自己为参照物，判断吊厢是 (选填“运动”或“静止”)的。
12.如图所示是我国晋代画家顾恺之所绘《斫琴图》的局部，展示了古代乐师调整琴弦长度的情景。用琴演奏时，由于琴弦 而产生声音。调整琴弦的长度，主要是为了改变声音的 。演奏时，琴声通过 传播到人的耳朵。
13.篆刻艺术是中华艺术文脉上的古老印记。如图所示，一位工匠正在篆刻一枚印章，篆刻刀的刀口做得很锋利，是为了 压强。与篆刻前相比，篆刻后方章的密度 。如果将印章送入太空，印章的质量 (后两空选填“变大”“变小”或“不变”)。
14.羊肉泡馍是陕西的特色美食之一。如图所示，刚出锅的羊肉泡馍香气四溢，这是由于分子在不停地 ；煮馍时，是通过 的方式使其内能增加；游客用手机扫码付款时，是利用 传递信息的。
15.有三块如图所示安装在木板上的电路，其中a、b、c、d是穿越木板的接线柱，相同的小灯泡L1、L2的两端分别接在ab、cd接线柱上。木板背面有导线相连着，从而使木板正背两面组成一个完整的电路(连线看不到)。闭合开关通电后，两灯都能正常发光。
(1)第一组同学将第一块木板的其中一个小灯泡取下，若另一灯泡不发光，则说明两灯的连接方式是 。
(2)第二组同学用第二块木板，在电源和开关之间串联接入电流表，闭合开关，两灯都发光，电流表示数为0.32A，通过L1的电流可能是 A。
(3)第三组同学用第三块木板，先后将电压表分别并联接在ab、cd、ad之间，电压表示数均为3V，若取下L1，再将电压表并联接在cd之间，电压表示数为 V。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
16.如图所示，物体在水平方向上受到两个力的作用，其中力F1方向向左，大小为50N。若这两个力的合力的方向也向左，大小为30N，请在图中画出力F2的示意图，并用数值和单位标出F2的大小。
17.某同学模拟自助取款机(ATM)的原理设计了一个安全电路，用户需先刷卡验证身份(S1闭合)，指示灯L亮，但出钞机()不工作；输入正确密码后(S2闭合)，出钞机才通电工作；若只输入密码不刷卡，出钞机不工作。请你在图中的虚线框中画出相应的电路图。
四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。
18.按要求填空。
(1)如图−1所示，温度计是根据液体的 性质制成的。
(2)如图−2所示，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节。
(3)如图−3所示，牛奶和烧杯的总质量是 g。接着将牛奶倒入量筒中测出牛奶的体积，再根据牛奶的质量和体积算出密度，这种测量方法所测得的密度与真实值相比 (选填“偏大”或“偏小”)。
19.在探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，小明用弹簧测力计拉同一木块进行了两次正确的实验操作，实验情景如图所示。
(1)为了便于测量滑动摩擦力的大小，长木板应 放置，将弹簧测力计平行于长木板拉着木块做 运动。
(2)比较图−1和图−2两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与 有关。
(3)在图−1实验中，若木块的运动速度变大时，木块受到的滑动摩擦力的大小 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
20.某同学在探究“电流与电压、电阻的关系”实验中，所用的实验器材有：电源(4V)、电压表(0∼3V)、电流表(0∼0.6A)、定值电阻R(5Ω、10Ω、20Ω)、滑动变阻器、开关、导线若干。
(1)该同学检查电路时发现有一条导线连接错误，请在图−1中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确(导线不能交叉)。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到最______(选填“左”或“右”)端。
(3)闭合开关，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，经检查电表完好，则电路故障可能是电阻R______，排除故障，继续实验。
(4)探究电流与电压的关系时，实验数据如表，其中第4次实验的电压表示数如图−2所示，为______ V。分析数据可得：电阻不变时，电流跟电压成______。
(5)探究电流与电阻的关系时，将5Ω电阻接入电路，记录电流表示数为0.3A；将电阻更换为10Ω，移动滑片直至电压表示数为______ V。
(6)此实验应用了物理研究中的控制变量法，下列实验中研究方法与之相同的是______。
A.探究液体压强与哪些因素有关时，保持液体密度不变
B.探究通电螺线管外部磁场方向时，根据小磁针是否转动来判断磁场是否存在
C.探究动能的影响因素时，通过小球推动木块移动的距离来比较动能大小
21.某小组用如图−1所示的实验装置观察凸透镜的成像情况。
(1)实验前要调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心，使它们大致在同一高度。这样做的目的是 。
(2)实验过程中，同学们发现使用烛焰作为光源不方便准确比较像与物的大小关系。该小组同学换用高度为3.0cm的“F”形光源进行探究，并在光屏上贴上表示长度的刻度线(如图−2所示)。实验时，物距从4.0cm开始，每次增加2.0cm。下表是他们记录的物距、像距、像的高度和正倒情况。
①根据表中数据判断该凸透镜的焦距为 cm。
②实验中判断实像是放大还是缩小的方法是 。
③在这个实验中，要使所成的像为虚像，光源的位置范围为 。
(3)完成上面的实验后，为了使实验结果更具普遍性，同学们又更换了高度为6.0cm的光源和不同焦距的凸透镜重新实验。下表是部分实验数据：
①这些数据和凸透镜的成像规律 (选填“吻合”或“不吻合”)。
②从表中数据可以看出：当物距u=20cm时，成像规律的应用为 (选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。
③本组的小马同学从数据中发现，当物距和焦距的关系满足 时，实像高度将小于光源高度的一半。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
22.“海葵一号”是中国自主设计并建造的亚洲首艘圆筒型浮式生产储卸油装置，集原油生产、储存和外输等功能于一体。小明同学查阅资料得知，“海葵一号”质量为3.7×107kg，漂浮在大海上工作，满载时排开海水的质量是1.0×108kg。(g取10N/kg，海水的密度为1.0×103kg/m3)
(1)求“海葵一号”满载时受到的浮力；
(2)当一架3×104N的直升机停放在“海葵一号”的水平停机坪上时，直升机与停机坪接触的面积是0.06m2，直升机对停机坪的压强是多大？
23.2026年3月12日，长三角地区首台“华龙一号”核电机组——中广核浙江三澳核电项目1号机组并网成功，标志着该机组正式具备向电网输入电力的能力。“华龙一号”是我国自主研发的第三代核电技术，具有完全自主知识产权。核电站利用核燃料在反应堆中发生裂变释放的巨大内能，通过蒸汽发生器产生高温高压蒸汽，驱动汽轮机带动发电机发电。核电站的能量转化过程主要包括三个环节：核能→内能(核燃料裂变产生内能)、内能→机械能(蒸汽推动汽轮机转动)、机械能→电能(发电机发电)，如图所示。
(1)“华龙一号”每年发电量可达100亿千瓦时。这些电能相当于完全燃烧多少吨标准煤所释放的热量？(标准煤的热值为2.9×107J/kg，计算结果保留三位有效数字)
(2)已知1kg铀−235完全裂变释放的能量为8.2×1013J，“华龙一号”机组每年消耗的核燃料约为30t铀−235。计算该机组的核燃料利用率。(即核燃料裂变释放的总能量转化为电能的效率，百分号前保留一位小数)
(3)核电站工程上通常说的“热效率”指反应堆热功率→电功率的转化效率。“华龙一号”反应堆的热功率约为3060MW，电功率约为1160MW。
①计算该机组的热效率；
②若核电站能量转化中核能→内能的效率为98%，内能→机械能的效率为40%，请计算机械能→电能的效率。并计算核电站核能→电能全程的总效率。
六、综合题：本大题共1小题，共7分。
24.小亮给爸爸买了一款如图−1所示的“便携式”折叠电热水壶，有“加热”和“保温”两个挡位。部分参数如下表所示(电热水壶有两根电热丝R1和R2，且电阻不变)。图−2是它电路原理图的一部分，已知电热水壶在“加热”挡位工作时，开关S1、S2都闭合，此时只有电热丝R1工作；小亮关闭家中其他用电器，只使用该电热水壶将一满壶20∘C的水加热至沸腾(标准大气压)，电热水壶正常工作3.5min，发现如图−3所示的电能表指示灯闪烁了210次。求：[水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)]
(1)请在图−2虚线框内画出折叠电热水壶内部的电路图；
(2)将一满壶20∘C的水加热至沸腾，水吸收的热量是多少？
(3)电热水壶加热时电路中的电流是多少？(结果保留一位小数)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.榆林定边白湾子镇风电场利用风能发电，风能是可以从自然界中源源不断地得到的能源，属于可再生资源，故A不符合题意；
B.西安泾渭工业园陕汽光伏电站利用太阳能发电，太阳能是可以从自然界中源源不断地得到的能源，属于可再生资源，故B不符合题意；
C.榆林府谷清水川火力发电站利用煤燃烧发电，煤是化石能源，消耗后不可能在短期内从自然界得到补充的能源，属于不可再生资源，故C符合题意；
D.安康岚皋蔺河口水电站利用水能发电，水能是可以从自然界中源源不断地得到的能源，属于可再生资源，故D不符合题意。
故选：C。
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源(煤炭、石油、天然气)、核能。
本题考查了能源的分类，属于基础题。
2.【答案】A
【解析】解：凝华：物质从气态直接变为固态，不经过液态。
A.霜打枝头：空气中的水蒸气遇冷，直接凝华成固态小冰晶附着在枝头，属于凝华，故A正确。
B.雾绕群峰：雾是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，属于液化，故不符合题意。
C.雨笼山峦：雨是云层中的水蒸气液化或小冰晶熔化形成的液态水，属于液化或熔化，故C不符合题意。
D.万里冰封：水由液态凝固成固态冰，属于凝固，故D不符合题意。
故选：A。
物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华；熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3.【答案】B
【解析】解：透光镜的成像原理是光线照射到镜面时，会先发生反射，之后光线透过镜子上的纹饰部分，再在屏幕上形成影像，故透光镜的光学原理是光的反射，故B正确，ACD错误。
故选：B。
光射到物体的表面会改变传播方向回到原来介质中的现象叫光的反射，平面镜成像、水中的倒影都属于光的反射现象。
本题考查了光的反射，属于基础题。
4.【答案】D
【解析】解：A.电池正常工作时，电芯间的隔膜需避免电流直接通过，防止电池短路，因此材料必须具备良好的绝缘性，故A正确，不符合题意；
B.当电池内部温度过高时，隔膜需要保持结构稳定并完成微孔闭合的动作，所以材料需具备耐高温的特性，故B正确，不符合题意；
C.隔膜要承受电极材料的微小刺穿，说明材料需要有足够的抗拉强度，不易被刺穿损坏，故C正确，不符合题意；
D.隔膜需长期浸泡在电解液中，材料不能具备易腐蚀的特性，故D错误，符合题意。
故选：D。
物质属性是事物本身所固有的性质．是物质必然的、基本的、不可分离的特性，又是事物某个方面质的表现．一种物质常表现出多种属性．有本质属性和非本质属性的区别．例如：酸性、碱性、化学稳定性，颜色、状态、熔点、沸点、密度等性质大大得促进了科技的进步。
本题考查了物质的属性、材料特点的认识，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：A.70mm=7cm，实际一根大蒜的高度远大于7cm，故A错误；
B.手对大蒜的拉力和大蒜对手的拉力是一对相互作用力，相互作用力大小相等，故B错误；
C.大蒜静止在手中时，大蒜受到的重力和手对大蒜的作用力都作用在大蒜上，是一对平衡力，故C错误；
D.用力甩动大蒜时，大蒜的运动状态快速改变，大蒜上的泥土由于惯性保持原来的运动状态，因此与大蒜分离，该过程利用了惯性，故D正确。
故选：D。
(1)结合生活实际进行估测；
(2)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(3)物体保持原来的运动状态不变的性质称为惯性。
此题考查了长度的估测、相互作用力及惯性现象。
6.【答案】B
【解析】解：A.没有使用三脚插座是为了防止用电器漏电时发生触电事故，故A不符合题意；
B.家庭电路电压U=220V恒定，根据公式I=PU，打开空调后电路总功率P变大，电路中的电流I会随之变大，当电流超过保险丝的额定电流时，保险丝就会熔断，故B符合题意；
C.电路中某处接触不良会造成电路断路，电路中电流变小，保险丝不会熔断，故C不符合题意；
D.空调发生断路时，电路中无电流通过，保险丝不会熔断，故D不符合题意。
故选：B。
家庭电路中电流过大会引起空气开关跳闸，电流过大的原因有两个：一是电路发生了短路，二是用电器的总功率过大，据此分析。
本题考查的是电路中电流过大的原因，属于基础性题目。
7.【答案】C
【解析】解：A.轮轴的轮半径大于轴半径，属于省力轮轴，省力的同时费距离，故A错误；
B.摩擦力大小与压力大小和接触面粗糙程度有关，手上涂油脂会使接触面变光滑，会减小手与摇柄之间的摩擦，故B错误；
C.力可以改变物体的形状和运动状态，纱线被拉细拉长，形状发生变化，说明力可以改变物体的形状，故C正确；
D.使用任何机械时，都不可避免要克服摩擦、机械自重做额外功等，因此机械效率不可能达到100%，故D错误。
故选：C。
(1)轮轴在使用时，轮半径大于轴半径，能够省力；
(2)油脂可以使接触面变光滑，能起到减小摩擦的作用；
(3)力可以改变物体的运动状态和形状；
(4)任何机械的效率都不可能达到100%。
本题考查了对轮轴的应用、摩擦力的大小、力的作用效果、机械效率的理解等，有一定综合性，但难度不大。
8.【答案】B
【解析】解：原子是由原子核和核外电子组成，原子核又由质子和中子组成．其中质子带正电，核外电子带负电，中子不带电，原子核带正电，结合题干可知，a是原子核，b是核外电子，c是质子。
A.a是原子核，原子核带正电，不是不显电性，故A错误；
B.b是核外电子，带负电；c是质子，带正电，异种电荷相互吸引，因此二者之间存在吸引力，故B正确；
C.所有物质的分子间都同时存在引力和斥力，氮气作为气体，分子间距离大、引力较小，但不是没有引力，故C错误；
D.空间尺度由大到小的正确顺序为：分子>原子>a(原子核)>质子c/电子b，选项中排列顺序错误，故D错误。
故选：B。
原子是由原子核和核外电子组成，原子核又由质子和中子组成．其中质子带正电，核外电子带负电，中子不带电，原子核带正电。
分子间存在着相互作用的引力和斥力。
本题考查了原子及原子核的组成、分子动理论，是一道基础题，应当熟练掌握基础知识。
9.【答案】A
【解析】解：A、第一阶段：将1000N的重物在20s内竖直向上匀速提升4m，有用功为W有用=Gh=1000N×4m=4000J，故A正确；
BD、第二阶段：重力方向竖直向下，而物体水平移动，没有在重力方向上移动距离，故第二阶段重力做功为0J，根据P=Wt可知重力做功功率为0W，故BD错误；
C、第一阶段：由图可知，绳子股数n=2，物体提升4m，绳子自由端移动的距离为s=nh=2×4m=8m，故C错误；
故选：A。
(1)根据W=Gh得到第一阶段的有用功；
(2)根据做功的两个必要条件分析第二阶段重力做的功，根据P=Wt分析重力做功的功率；
(3)由图可知，绳子股数n=2，根据s=nh得到绳子自由端移动的距离。
本题考查功和功率的计算，属于综合题。
10.【答案】D
【解析】解：A.由乙图可知，热敏电阻的阻值R随温度t的升高而减小，根据欧姆定律知，电流增大，故A错误；
B.工作电路报警时，表示温度等于或高于−18∘C。此时，控制电路中热敏电阻R的阻值减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下。衔铁被吸下后，其下方的触点接通，电铃所在电路导通，电铃响起报警；上方的触点断开，电灯熄灭，故B错误；
C.控制电路的电源电压U=3V，电磁铁线圈电阻忽略不计，由乙图可知，当冷库温度为−18∘C时，热敏电阻的阻值R=100Ω。则控制电路中的电流为I=UR=3V100Ω=0.03A=30mA，
故C错误；
D.当冷库温度降低时，由乙图可知，热敏电阻R的阻值变大。控制电路的电源电压U不变，根据电功率公式P=U2R可知，控制电路消耗的电功率变小，故D正确。
故选：D。
A.由乙图可知，热敏电阻的阻值R随温度t的升高而减小；
B.工作电路报警时，表示温度等于或高于−18∘C。此时，控制电路中热敏电阻R的阻值减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下；
C.由乙图可知，当冷库温度为−18∘C时，热敏电阻的阻值R=100Ω。控制电路的电源电压U=3V，则可求得控制电路中的电流；
D.控制电路的电源电压U不变，根据电功率公式P=U2R进行判断分析。
本题主要考查电磁铁的有关知识，及其相应的电路计算，是一道综合题。
11.【答案】2.8
静止

【解析】解：吊厢运行的平均速度：v=st=4200m1500s=2.8m/s；
坐吊厢的游客以自己为参照物，吊厢与游客之间的位置没有发生改变，因此吊厢是静止的。
故答案为：2.8；静止。
利用平均速度公式v=st可计算平均速度的大小；
在研究物体的运动和静止时，要看物体的位置相对于参照物是否发生改变，若改变，则是运动的，若不改变，则是静止的。
本题考查了对平均速度的计算，运动与静止的判断，属基础题，难度不大。
12.【答案】振动
音调
空气

【解析】解：用手拨动琴弦，琴弦会振动而发声；调整琴弦的长度时，琴弦振动的快慢会不一样，所以变声音的音调就会发生变化；人们能通过声音分辨出不同乐器是由于不同的乐器发出声音的音色不同；演奏时，琴声通过空气传播到人的耳朵。
故答案为：振动；音调；空气。
(1)声音是由物体的振动产生的；
(2)音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高；
(3)声音的传播需要介质。
此题考查的是声音的产生、传播以及声音的特性，都属于基础知识，难度不大。
13.【答案】增大
不变
不变

【解析】解：篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；
密度是物质的特性，篆刻后印章的质量变小，但物质种类没变，所以密度不变；
质量是物体所含物质的多少，将印章送入太空，位置改变，但其质量不变。
故答案为：增大；不变；不变。
在压力一定时，减小受力面积可增大压强；密度是物质的特性，与物体的质量和体积无关；质量是指物体所含物质的多少。
本题通过一枚小小的印章，考查了对压强、密度、质量三个重要物理概念的理解与应用，属基础题。
14.【答案】做无规则运动
热传递
电磁波

【解析】解：香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，符合分子动理论的基础结论。
改变内能的方式分为做功和热传递，煮馍时馍从热源吸收热量，是通过热传递的方式增加内能。
手机无线通讯传递信息依靠的是电磁波，扫码付款利用手机网络传递信息，因此是利用电磁波传递信息。
故答案为：做无规则运动；热传递；电磁波。
不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
手机无线通讯传递信息依靠的是电磁波。
本题考查分子热运动及改变内能的方法，电磁波的传播。
15.【答案】串联
0.32或0.16
3

【解析】解：(1)取下其中一个小灯泡后，另一只灯泡不发光，说明两灯泡互相影响，不能独立工作，所以两灯是串联关系。
(2)第二组同学两灯的连接方式可能是串联也可能是并联，
当两灯串联时，串联电路电流处处相等，所以通过L1的电流为0.32A；
当两灯并联时，此时电流表测干路电流，两灯规格一样，所以通过L1的电流I1=I2=0.32A2=0.16A，所以通过L1的电流可能是0.32A或0.16A。
(3)第三组同学先后将电压表分别并联接在ab、cd、ad之间，电压表示数均为3V，由并联电路各支路电压相等可知，两灯是并联关系，若取下L1，再将电压表并联接在cd之间，电压表示数应仍为3V。
故答案为：(1)串联；
(2)0.32或0.16；
(3)3。
(1)并联电路中，各支路之间互不影响；串联电路中，各用电器之间相互影响；
(2)并联电路中干路电流等于各支路电流之和；
(3)并联电路中，各支路两端电压相等。
本题考查了串并联电路的辨别、串并联电路的电流、电压特点，属于基础题。
16.【答案】
【解析】解：由题意可知，F1方向向左，大小为50N。若这两个力的合力的方向也向左，大小为30N，
同一直线上反方向二力的合力大小等于二力之差，合力的方向与较大的力的方向相同。
则F2=F1−F合=50N−30N=20N，方向向右，如图所示：
同一直线上同方向二力的合力大小等于二力之和，合力的方向与这两个力的方向相同；
同一直线上反方向二力的合力大小等于二力之差，合力的方向与较大的力的方向相同。由题意可知，F2的方向与F1相反，已知F1方向向左，然后根据力的示意图的画法画图。
本题考查同一直线上二力的合成，要结合同一直线上二力的方向分析合力大小，并会能判断出合力的方向。
17.【答案】
【解析】解：由题意可知使用前，需先刷卡验证身份(开关S1闭合)，此时设备指示灯亮起但电动机不工作；输入正确密码(开关S2闭合)，电动机M才工作，这说明指示灯L与电动机M工作时互不影响，是并联的；若只输入密码不刷卡，则出钞机不工作，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电动机M在一条支路中，据此得出如图所示电路：
故答案为：
开关S1闭合，指示灯L亮，但电动机M不工作；S2闭合，电动机M才工作，这说明指示灯L与电动机M工作时互不影响，是并联的；若只输入密码不刷卡，则出钞机不工作，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电动机M在一条支路中，据此画出电路图。
本题考查电路连接，并联电路用电器互不影响，根据题意画出电路图。
18.【答案】热胀冷缩
左
81.6
偏大

【解析】解：(1)温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的。
(2)杠杆右端下沉，重心偏右，故需要向左移动重心，应将平衡螺母向左调节。
(3)由图−3可知，天平的分度值为0.2g，读数m游=1.6g，砝码质量m砝=50g+20g+10g=80g
则烧杯和牛奶的总质量m总=m游+m砝=1.6g+80g=81.6g
由于先称牛奶质量，再将牛奶从烧杯倒入量筒中，牛奶会沾在烧杯壁中一部分，造成测得牛奶体积减小，由ρ=mV，可知，测出的牛奶密度会比真实值偏大。
故答案为：(1)热胀冷缩；
(2)左；
(3)81.6；偏大。
(1)温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的。
(2)杠杆右端下沉，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。
(3)根据图中读数，结合牛奶会沾在烧杯壁中一部分，造成测得牛奶体积减小，，根据密度公式分析。
本题考查温度计、杠杆平衡和密度的计算，属于中档题。
19.【答案】水平
匀速直线
接触面粗糙程度
不变

【解析】解：(1)为了便于测量滑动摩擦力的大小，长木板应水平放置，实验过程中弹簧测力计应平行于长木板拉着木块做匀速直线运动，根据二力平衡的特点，此时木块所受滑动摩擦力大小等于拉力大小。
(2)比较图−1和图−2两图，木块与长木板的接触面的粗糙程度不同，一个是木板表面，一个是毛巾表面，但压力相同，两弹簧测力计的示数也不同，由此可得滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
(3)由实验可知，滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关。若木块所受拉力突然增大，则滑动摩擦力大小将不变，因为接触面的粗糙程度和压力大小都不变。
故答案为：(1)水平；匀速直线；(2)接触面粗糙程度；(3)不变。
(1)为了便于测量滑动摩擦力的大小，长木板应水平放置，实验过程中弹簧测力计应平行于长木板拉着木块做匀速直线运动。
(2)滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。
(3)由实验可知，滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
20.【答案】 右 断路 2;正比 1.5 A
【解析】解：(1)本实验的正确电路要求：电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻两端，如图所示：
。
(2)闭合开关前，滑动变阻器需调至最大阻值处，本题滑动变阻器接左下接线柱，滑片移到最右端时接入电阻最大。
(3)电流表示数为零说明电路断路，电压表示数等于电源电压，说明电压表能连通到电源两极，因此故障是定值电阻R断路。
(4)电压表读数时要看清所选量程和分度值。电压表选0∼3V量程，分度值为0.1V，读数为2.0V。
分析数据可知：电阻不变时，电流随电压成倍数变化，因此电阻不变时，电流跟电压成正比。
(5)探究电流与电阻的关系时，需要保持定值电阻两端电压不变，根据第一次实验数据计算，定值电阻两端电压U=IR=0.3A×5Ω=1.5V，
因此换电阻后需要保持电压表示数为1.5V。
(6)A选项实验中控制一个变量不变，研究另一个变量的影响，使用了控制变量法。
B、C都是将不易观察的物理量转换为易观察的现象，属于转换法。
故选A。
故答案为：(1)；(2)右；(3)断路；(4)2；正比；(5)1.5；(6)A。
(1)本实验的正确电路要求：电流表串联在电路中，电压表并联在定值电阻两端。
(2)闭合开关前，滑动变阻器需调至最大阻值处。
(3)电流表示数为零说明电路断路，电压表示数等于电源电压，说明电压表能连通到电源两极，因此故障是与电压表并联的定值电阻断路。
(4)电压表读数时要看清所选量程和分度值。
通过分析数据得出电阻不变时，电流随电压成倍数变化。
(5)探究电流与电阻的关系时，需要保持定值电阻两端电压不变。
(6)A选项实验中控制一个变量不变，研究另一个变量的影响，使用了控制变量法。
B、C都是将不易观察的物理量转换为易观察的现象，属于转换法。
本题为探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查故障分析、操作过程、数据分析、实验结论等知识。
21.【答案】使像成在光屏的中心
10.0
测量出像的高度，并与光源高度进行比较
光源到凸透镜的距离小于10cm
吻合
投影仪
u>3f

【解析】解：(1)在探究凸透镜成像规律的实验中，调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度，是为了使烛焰的像呈现在光屏的中央；
(2)当物距u=20.0cm时，像距v=20.0cm，根据凸透镜成像规律，此时u=v=2f，因此焦距f=10.0cm。
测量出像的高度，并与光源高度进行比较，若像的高度大于光源高度，则成放大的实像，反之则成缩小的实像。
当光源到凸透镜的距离小于10cm，即物距小于一倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像。
(3)表格中物距增大时像高减小，符合“物远像近像变小”的凸透镜成像规律。
表格中所有成像情况均为倒立的像，而凸透镜成虚像时为正立，因此这些都是实像。
当物距u=20.0cm 时，像高18.0cm大于光源高度6.0 cm，说明成放大的实像，这是投影仪的工作原理。
当物距等于30.0cm时，像高为6.0cm与光源高度相等，此时成的是倒立、等大的实像。根据凸透镜的成像规律可知，此时物距等于二倍焦距。即为30cm=2f，解得f=15cm。分析表格中实验数据发现，当凸透镜成实像时有如下规律：物远像近像变小。当物距等于45.0cm=3f时，像高为3.0cm，恰为光源高度的一半，按此规律，当物距大于45.0cm，像距变小，像的高度将小于光源高度的一半。故要使实像高度小于光源高度的一半，物距应大于三倍焦距，即u>3f。
故答案为：(1)使像成在光屏的中心；(2)10.0；测量出像的高度，并与光源高度进行比较；光源到凸透镜的距离小于10cm；(3)吻合；投影仪；u>3f。
(1)为了使像成在光屏中央，应调节烛焰、凸透镜和光屏三者的中心大致在同一高度；
(2)根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
若像的高度大于光源高度，则成放大的实像，反之则成缩小的实像；
当光源到凸透镜的距离小于一倍焦距时，凸透镜成正立、放大的虚像；
(3)根据表格数据分析；
当物距u=20.0cm 时，像高18.0cm大于光源高度6.0 cm，说明成放大的实像；
当物距等于30.0cm时，像高为6.0cm与光源高度相等，此时成的是倒立、等大的实像，根据凸透镜的成像规律分析。
由表格数据可知，当物距大于45.0cm，像距变小，像的高度将小于光源高度的一半，据此分析。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
22.【答案】“海葵一号”满载时受到的浮力为1.0×109N；
直升机对停机坪的压强为5×105Pa
【解析】(1)满载时排开海水的质量是1.0×108kg，则其重力为：G=mg=1.0×108kg×10N/kg=1.0×109N，
“海葵一号”漂浮在海面上，根据阿基米德原理，其满载时受到的浮力等于其排开海水的重力，F浮=G=1.0×109N；
(2)直升机在水平停机坪上，对停机坪的压力：F=G机=3×104N，
直升机对停机坪的压强：p=FS=3×104N0.06m2=5×105Pa。
答：(1)“海葵一号”满载时受到的浮力为1.0×109N；
(2)直升机对停机坪的压强为5×105Pa。
(1)根据其满载时的排水量，可计算其所受重力，根据阿基米德原理可得出浮力；
(2)直升机对停机坪的压力等于自身的重力，利用公式p=FS可计算压强的大小。
本题考查了对排水量的理解和浮力的计算，对压强公式的运用等，有一定综合性。
23.【答案】“华龙一号”每年发电量可达100亿千瓦时，这些电能相当于完全燃烧1.24×106吨标准煤所释放的热量 该机组的核燃料利用率是1.5% ①该机组的热效率是94.8%；②核电站核能→电能全程的总效率是37.1%
【解析】解：(1)由题意，标准煤完全燃烧释放的热量等于年发电量，即
Q放=W=100亿千瓦时=1×1010kW⋅h=1×1010×3.6×106J=3.6×1016J，
根据热值公式 Q放=mq，可得标准煤质量：
m=Q放q=3.6×1016J2.9×107J/kg≈1.24×109kg=1.24×106t；
(2)由题可知，年消耗铀−235总质量m铀=30t=3×104kg，
铀完全裂变释放的总能量Q总=m铀q铀=3×104kg×8.2×1013J/kg=2.46×1018J，
所以核燃料利用率η=WQ总×100%=3.6×1016J2.46×1018J×100%≈1.5%；
(3)①根据热效率定义，热效率为电功率与反应堆热功率的比值，即
η热=P电P热×100%=1160MW3060MW×100%≈37.9%；
②热效率是热功率(内能)到电功率的总转化效率，该过程分为内能→机械能、机械能→电能两步，因此满足 η热=η内→机⋅η机→电，
已知 η内→机=40%，所以可得机械能→电能的效率η机→电=η热η内→机=37.9%40%≈94.8%；
全程总效率为三个步骤效率的乘积，
即η总=η核→内⋅η内→机⋅η机→电=η核→内⋅η热=98%×37.9%≈37.1%。
答：(1)“华龙一号”每年发电量可达100亿千瓦时，这些电能相当于完全燃烧1.24×106吨标准煤所释放的热量；
(2)该机组的核燃料利用率是1.5%；
(3)①该机组的热效率是94.8%；
②核电站核能→电能全程的总效率是37.1%。
(1)由题意，标准煤完全燃烧释放的热量等于年发电量，再根据Q放=mq求得标准煤质量；
(2)先利用Q放=mq求得铀完全裂变释放的总能量，再利用 η=WQ总求出核燃料利用率；
(3)①根据热效率定义，根据热效率为电功率与反应堆热功率的比值计算即可；
②热效率是热功率(内能)到电功率的总转化效率，该过程分为内能→机械能、机械能→电能两步，因此满足 η热=η内→机⋅η机→电，据此求得机械能→电能的效率；
全程总效率为三个步骤效率的乘积，即η总=η核→内⋅η内→机⋅η机→电=η核→内⋅η热，据此求得核电站核能→电能全程的总效率。
本题考查了利用热值概念计算燃料完全燃烧放热、热量和效率、能量的利用率的计算，利用所学解决实际问题，属于中考常见题型。
24.【答案】 将一满壶20∘C的水加热至沸腾，水吸收的热量是1.68×105J 电热水壶加热时电路中的电流是4.5A
【解析】解：(1)根据题意可知，开关S1、S2都闭合，只有R1工作，处于加热挡位，此时电路中电流最大，功率最大，则S2并联在R2两端，S2闭合时R2被短路，只有R1接入电路，作图如下：
(2)由题意可知，水壶最大容量即水的体积V=0.5L=0.5×10−3m3，
根据ρ=mV可得水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×0.5×10−3m3=0.5kg，
标准大气压下水的沸点为100∘C，水升高的温度Δt=100∘C−20∘C=80∘C，
水吸收的热量为：
Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅∘C)×0.5kg×80∘C=1.68×105J；
(3)由题图−3可知，闪烁210次消耗的电能为：W=210imp3600imp/kW⋅h=7120kW⋅h=2.1×105J；
加热时间t=3.5min=210s，
加热功率为：
P=Wt=2.1×105J210s=1000W；
根据P=UI得加热时电路中的电流为：
I=PU=1000W220V≈4.5A。
答：(1)
；
(2)将一满壶20∘C的水加热至沸腾，水吸收的热量是1.68×105J；
(3)电热水壶加热时电路中的电流是4.5A。
(1)根据开关S1、S2都闭合，只有电热丝R1工作可知，此时电热丝R2被短路，据此画出电热水壶内部的电路图；
(2)根据ρ=mV求水的质量，1标准大气压下，水的沸点为100∘C，根据Q吸=c水m(t−t0)求水吸收的热量；
(3)根据指示灯闪烁210次可求电热水壶消耗的电能，由P=Wt算出加热功率，由P=UI算出电路中的电流。
本题考查电功率公式和密度公式、吸热公式、电功公式的综合应用，综合性较强。序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.5
1.0
1.5
/
2.5
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
物距/cm
4.0
6.0
8.0
10.0
12.0
14.0
16.0
18.0
20.0
22.0
24.0
26.0
28.0
像距/cm
\
\
\
\
60.4
35.6
26.6
22.3
20.0
18.4
17.3
16.6
15.7
像的高度/cm
\
\
\
\
15.1
7.6
5.0
3.7
3.0
2.5
2.1
1.9
1.7
像的正倒
正
正
正
\
倒
倒
倒
倒
倒
倒
倒
倒
倒
物距/cm
20.0
25.0
30.0
35.0
40.0
45.0
50.0
60.0
80.0
100.0
像高/cm
18.0
9.0
6.0
4.5
3.6
3.0
2.6
2.0
1.4
1.1
产品名称
“便携式”折叠电热水壶
最大容量
0.5L
电源
220V/50Hz
加热功率
P